高中数学人教A版 (2019)必修 第一册第五章 三角函数5.7 三角函数的应用优秀教案

这是一份高中数学人教A版 (2019)必修 第一册第五章 三角函数5.7 三角函数的应用优秀教案，共17页。







1．会用三角函数模型解决一些具有周期变化规律的实际问题．


2．能将某些实际问题抽象为三角函数模型．





1．三角函数模型的作用


三角函数作为描述现实世界中周期现象的一种数学模型，可以用来研究很多问题，在刻画周期变化规律、预测未来等方面发挥重要作用．


2．用函数模型解决实际问题的一般步骤


收集数据→画散点图→选择函数模型→求解函数模型→检验．





判断正误(正确的打“√”，错误的打“×”)


(1)在解决实际问题时，利用收集的数据作散点图，可精确估计函数模型．( )


(2)若函数y＝asinx＋1在x∈[0,2π]上有两个不同零点，则实数a的取值范围是a∈[－1,1]．( )


(3)已知某一天从4～16时的温度变化曲线近似满足函数y＝10sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,8)x－\f(5,4)π))＋20，x∈[4,16]，则该地区在这一时段的温差为20℃.( )


[答案] (1)× (2)× (3)×





题型一 三角函数在物理中的应用


【典例1】 已知弹簧上挂着的小球做上下振动时，小球离开平衡位置的位移s(cm)随时间t(s)的变化规律为s＝4sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2t＋\f(π,3)))，t∈[0，＋∞)．用“五点法”作出这个函数的简图，并回答下列问题：


(1)小球在开始振动(t＝0)时的位移是多少？


(2)小球上升到最高点和下降到最低点时的位移分别是多少？


(3)经过多长时间小球往复振动一次？


[思路导引] 画出函数图象，再求解．


[解] 列表如下，


描点、连线，图象如图所示．





(1)将t＝0代入s＝4sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2t＋\f(π,3)))，得s＝4sineq \f(π,3)＝2eq \r(3)，


所以小球开始振动时的位移是2eq \r(3) cm.


(2)小球上升到最高点和下降到最低点时的位移分别是4 cm和－4 cm.


(3)因为振动的周期是π，所以小球往复振动一次所用的时间是π s.























处理物理学问题的策略


(1)常涉及的物理学问题有单摆、光波、电流、机械波等，其共同的特点是具有周期性．


(2)明确物理概念的意义，此类问题往往涉及诸如频率、振幅等概念，因此要熟知其意义并与对应的三角函数知识结合解题．





[针对训练]


1．交流电的电压E(单位：V)与时间t(单位：s)的关系可用E＝220eq \r(3)sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(100πt＋\f(π,6)))来表示，求：


(1)开始时电压；


(2)电压值重复出现一次的时间间隔；


(3)电压的最大值和第一次获得最大值的时间．


[解] (1)当t＝0时，E＝220eq \r(3)sineq \f(π,6)＝110eq \r(3) V.


(2)电压值重复出现一次的时间间隔


T＝eq \f(2π,100π)＝eq \f(1,50) s.


(3)电压的最大值为220eq \r(3) V.


第一次获得最大值的时间为


100πt＋eq \f(π,6)＝eq \f(π,2)，即t＝eq \f(1,300) s.


题型三 三角函数在实际生活中的应用


【典例2】 某港口水深y(米)是时间t(0≤t≤24，单位：小时)的函数，下面是水深数据：





据上述数据描成的曲线如图所示，经拟合，该曲线可近似的看成正弦函数模型y＝Asinωt＋B的图象．





(1)试根据数据表和曲线，求出y＝Asinωt＋B的解析式；


(2)一般情况下，船舶航行时船底与海底的距离不小于4.5米是安全的，如果某船的吃水度(船底与水面的距离)为7米，那么该船在什么时间段能够安全进港？若该船欲当天安全离港，它在港内停留的时间最多不能超过多长时间？(忽略离港所用的时间)


[思路导引] (1)根据所给水深数据，求出解析式；(2)由三角不等式求解．


[解] (1)从拟合的曲线可知，函数y＝Asinωt＋B的一个周期为12小时，因此ω＝eq \f(2π,T)＝eq \f(π,6).又ymin＝7，ymax＝13，


∴A＝eq \f(1,2)(ymax－ymin)＝3，


B＝eq \f(1,2)(ymax＋ymin)＝10.


∴函数的解析式为y＝3sineq \f(π,6)t＋10(0≤t≤24)．


(2)由题意，得水深y≥4.5＋7，


即y＝3sineq \f(π,6)t＋10≥11.5，t∈[0,24]，


∴sineq \f(π,6)t≥eq \f(1,2)，


eq \f(π,6)t∈eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(2kπ＋\f(π,6)，2kπ＋\f(5π,6)))，k＝0,1，


∴t∈[1,5]或t∈[13,17]，


所以，该船在1∶00至5∶00或13∶00至17∶00能安全进港．


若欲于当天安全离港，它在港内停留的时间最多不能超过16小时．














解三角函数应用问题的基本步骤





[针对训练]


2．通常情况下，同一地区一天的温度随时间变化的曲线接近函数y＝Asin(ωx＋φ)＋b的图象.2018年2月下旬某地区连续几天最高温度都出现在14时，最高温度为14℃；最低温度出现在凌晨2时，最低温度为零下2℃.


(1)求出该地区该时段的温度函数y＝Asin(ωx＋φ)＋b(A>0，ω>0，|φ|<π，x∈[0,24))的表达式；


(2)29日上午9时某高中将举行期末考试，如果温度低于10℃，教室就要开空调，请问届时学校后勤应该开空调吗？


[解] (1)由题意知eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(A＋b＝14，,－A＋b＝－2，))解得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(A＝8，,b＝6，))


易知eq \f(T,2)＝14－2，所以T＝24，所以ω＝eq \f(π,12)，


易知8sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,12)×2＋φ))＋6＝－2，


即sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,12)×2＋φ))＝－1，


故eq \f(π,12)×2＋φ＝－eq \f(π,2)＋2kπ，k∈Z，


又|φ|<π，得φ＝－eq \f(2π,3)，


所以y＝8sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,12)x－\f(2π,3)))＋6(x∈[0,24))．


(2)当x＝9时，y＝8sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,12)×9－\f(2π,3)))＋6＝8sineq \f(π,12)＋6<8sineq \f(π,6)＋6＝10.


所以届时学校后勤应该开空调．


课堂归纳小结


1．三角函数模型是研究周期现象最重要的数学模型．三角函数模型在研究物理、生物、自然界中的周期现象(运动)有着广泛的应用．


2．三角函数模型构建的步骤


(1)收集数据，观察数据，发现是否具有周期性的重复现象．


(2)制作散点图，选择函数模型进行拟合．


(3)利用三角函数模型解决实际问题．


(4)根据问题的实际意义，对答案的合理性进行检验.











1．如图所示，单摆离开平衡位置O的位移s(单位：cm)和时间t(单位：s)的函数关系为s＝6sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2πt＋\f(π,6)))，则单摆在摆动时，从最右边到最左边的时间为( )





A．2 s B．1 s


C.eq \f(1,2) s D.eq \f(1,4) s


[解析] 因为T＝eq \f(2π,2π)＝1，所以从最右边到左边的时间为半个周期，即eq \f(1,2) s，故选C.


[答案] C


2．已知某人的血压满足函数解析式f(t)＝24sin(160πt)＋115.其中f(t)为血压(mmHg)，t为时间(min)，则此人每分钟心跳的次数为( )


A．60 B．70 C．80 D．90


[解析] 由题意可得频率f＝eq \f(1,T)＝eq \f(160π,2π)＝80(次/分)，所以此人每分钟心跳的次数是80.


[答案] C


3．如图表示电流I与时间t的关系I＝Asin(ωt＋φ)(A>0，ω>0)在一个周期内的图象，则该函数的解析式为( )





A．I＝300sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(50πt＋\f(π,3)))





B．I＝300sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(50πt－\f(π,3)))


C．I＝300sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(100πt＋\f(π,3)))


D．I＝300sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(100πt－\f(π,3)))


[解析] 由图象得周期T＝2eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,150)＋\f(1,300)))＝eq \f(1,50)，最大值为300，图象经过点eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,150)，0))，则ω＝eq \f(2π,T)＝100π，A＝300，


∴I＝300sin(100πt＋φ)．


∴0＝300sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(100π×\f(1,150)＋φ)).


∴sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(2π,3)＋φ))＝0.取φ＝eq \f(π,3)，


∴I＝300sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(100πt＋\f(π,3))).


[答案] C


4．某城市一年中12个月的平均气温与月份的关系可近似地用三角函数y＝a＋Acseq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(\f(π,6)x－6))(x＝1,2,3，…，12)来表示，已知6月份的月平均气温最高，为28℃，12月份的月平均气温最低，为18℃，则10月份的平均气温值为________℃.


[解析] 由题意可知A＝eq \f(28－18,2)＝5，a＝eq \f(28＋18,2)＝23.从而y＝5cseq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(\f(π,6)x－6))＋23.故10月份的平均气温值为y＝5cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,6)×4))＋23＝20.5.


[答案] 20.5


课后作业(五十六)


复习巩固


一、选择题


1．电流I(A)随时间t(s)变化的关系是I＝3sin100πt，t∈[0，＋∞)，则电流I变化的周期是( )


A.eq \f(1,50) B．50 C.eq \f(1,100) D．100


[解析] T＝eq \f(2π,100π)＝eq \f(1,50).


[答案] A


2．一根长l cm的线，一端固定，另一端悬挂一个小球，小球摆动时离开平衡位置的位移s(cm)与时间t(s)的函数关系式是s＝3cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\r(\f(g,l))t＋\f(π,3)))，其中g是重力加速度，当小球摆动的周期是1 s时，线长l等于( )


A.eq \f(g,π) B.eq \f(g,2π) C.eq \f(g,π2) D.eq \f(g,4π2)


[解析] T＝eq \f(2π,\r(\f(g,l)))＝1，∴2π＝eq \r(\f(g,l))，∴l＝eq \f(g,4π2)，故选D.


[答案] D


3．稳定房价是我国实施宏观调控的重点，国家出台的一系列政策已对各地的房地产市场产生了影响，某市房地产中介对本市一楼盘的房价作了统计与预测：发现每个季度的平均单价y(每平方米的价格，单位：元)与第x季度之间近似满足：y＝500sin(ωx＋φ)＋9500(ω>0)，已知第一、二季度平均单价如下表所示：


则此楼盘在第三季度的平均单价大约是( )


A．10000元 B．9500元


C．9000元 D．8500元


[解析] 因为y＝500sin(ωx＋φ)＋9500(ω>0)，所以当x＝1时，500sin(ω＋φ)＋9500＝10000；当x＝2时，500sin(2ω＋φ)＋9500＝9500，所以ω可取eq \f(3π,2)，φ可取π，即y＝500sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(3π,2)x＋π))＋9500，当x＝3时，y＝9000.


[答案] C


4．据市场调查，某种商品一年内每件出厂价在7千元的基础上，按月呈f(x)＝Asin(ωx＋φ)＋beq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(A>0，ω>0，|φ|<\f(π,2)))的模型波动(x为月份)，已知3月份达到最高价9千元，7月份价格最低为5千元，根据以上条件可确定f(x)的解析式为( )


A．f(x)＝2sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,4)x－\f(π,4)))＋7(1≤x≤12，x∈N*)


B．f(x)＝9sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,4)x－\f(π,4)))(1≤x≤12，x∈N*)


C．f(x)＝2eq \r(2)sineq \f(π,4)x＋7(1≤x≤12，x∈N*)


D．f(x)＝2sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,4)x＋\f(π,4)))＋7(1≤x≤12，x∈N*)


[解析] 令x＝3可排除D，令x＝7可排除B，由A＝eq \f(9－5,2)＝2可排除C；或由题意，可得A＝eq \f(9－5,2)＝2，b＝7，周期T＝eq \f(2π,ω)＝2×(7－3)＝8，∴ω＝eq \f(π,4).


∴f(x)＝2sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,4)x＋φ))＋7.


∵当x＝3时，y＝9，


∴2sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(3π,4)＋φ))＋7＝9，


即sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(3π,4)＋φ))＝1.


∵|φ|

∴f(x)＝2sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,4)x－\f(π,4)))＋7(1≤x≤12，x∈N*)．


[答案] A


5．如图所示为一简谐运动的图象，则下列判断正确的是( )





A．该质点的振动周期为0.7 s


B．该质点的振幅为－5 cm


C．该质点在0.1 s和0.5 s时的振动速度最大


D．该质点在0.3 s和0.7 s时的加速度为零


[解析] 该质点的振动周期为T＝2×(0.7－0.3)＝0.8(s)，故A是错误的；该质点的振幅为5 cm，故B是错误的；该质点在0.1 s和0.5 s时的振动速度是零，所以C是错误的．故选D.


[答案] D


二、填空题


6．如图某港口一天6时到18时的水深变化曲线近似满足函数y＝3sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,6)x＋φ))＋k.据此函数可知，这段时间水深(单位：m)的最大值为________m.





[解析] 由题图可知－3＋k＝2，k＝5，


y＝3sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,6)x＋φ))＋5，∴ymax＝3＋5＝8.


[答案] 8


7．一半径为6米的水轮如图，水轮圆心O距离水面3米，已知水轮每分钟转动4圈，水轮上点P从水中浮现时开始到其第一次达到最高点的用时为________秒．





[解析] 过O作水平线的垂线，垂足为Q，由已知可得：OQ＝3，OP＝6，则cs∠POQ＝eq \f(1,2)，即∠POQ＝60°，则水轮上点P从水中浮现时开始到其第一次达到最高点要旋转120°，即eq \f(1,3)个周期，又由水轮每分钟转动4圈，可知周期是15秒，故用时为15×eq \f(1,3)＝5秒．


[答案] 5


8．如图所示的图象显示的是相对平均海平面的某海湾的水面高度y(m)在某天24小时内的变化情况，则水面高度y关于从夜间0时开始的时间x的函数关系式为________，x∈[0,24]．





[解析] 将其看成y＝Asin(ωx＋φ)的图象，由图象知，A＝6，T＝12，∴ω＝eq \f(2π,T)＝eq \f(π,6).将(6,0)看成函数图象的第一个特殊点，则eq \f(π,6)×6＋φ＝0，∴φ＝－π.∴函数关系式为y＝6sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,6)x－π))＝－6sineq \f(π,6)x.


[答案] y＝－6sineq \f(π,6)x


三、解答题


9．已知某海滨浴场海浪的高度y(米)是时间t(0≤t≤24，单位小时)的函数，记作：y＝f(t)，下表是某日各时的浪高数据：





经长期观测，y＝f(t)的曲线可近似地看成是函数y＝Acsωt＋b.


(1)根据以上数据，求函数y＝Acsωt＋b的最小正周期T、振幅A及函数表达式；


(2)依据规定，当海浪高度高于1米时才对冲浪爱好者开放，请根据(1)的结论，判断一天内的上午8∶00至晚上20∶00之间，有多少时间可供冲浪者进行运动？


[解] (1)由表中数据，知周期T＝12.∴ω＝eq \f(2π,T)＝eq \f(2π,12)＝eq \f(π,6).


由t＝0，y＝1.5，得A＋b＝1.5，


由t＝3，y＝1.0，得b＝1.0，


∴A＝0.5，b＝1，∴振幅为eq \f(1,2)，∴y＝eq \f(1,2)cseq \f(π,6)t＋1.


(2)由题知，当y>1时才可对冲浪者开放，


∴eq \f(1,2)cseq \f(π,6)t＋1>1，∴cseq \f(π,6)t>0.


∴2kπ－eq \f(π,2)

即12k－3

∵0≤t≤24，故可令①中k分别为0,1,2，


得0≤t<3或9

∴在规定时间上午8∶00至晚上20∶00之间，有6个小时时间可供冲浪者运动：上午9∶00至下午3∶00.


综合运用


10．有一冲击波，其波形为函数y＝－sineq \f(πx,2)的图象，若其在区间[0，t]上至少有2个波峰，则正整数t的最小值是( )


A．5 B．6 C．7 D．8


[解析] 由y＝－sineq \f(πx,2)的图象知，要使在区间[0，t]上至少有2个波峰，必须使区间[0，t]的长度不小于2T－eq \f(T,4)＝eq \f(7T,4)，


即t≥eq \f(7,4)·eq \f(2π,|ω|)＝eq \f(7,4)·eq \f(2π,\f(π,2))＝7.故选C.


[答案] C


11．动点A(x，y)在圆x2＋y2＝1上绕坐标原点沿逆时针方向匀速旋转，12秒旋转一周．已知当时间t＝0时，点A的坐标是eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)，\f(\r(3),2)))，则当0≤t≤12时，动点A的纵坐标y关于t(单位：秒)的函数的单调递增区间是( )


A．[0,1] B．[1,7]


C．[7,12] D．[0,1]和[7,12]


[解析] 由已知可得该函数具有周期性，其周期T＝12，不妨设该函数为y＝asin(ωx＋φ)，(A>0，ω>0)，∴ω＝eq \f(2π,T)＝eq \f(π,6).


又∵当t＝0时，Aeq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)，\f(\r(3),2)))，∴y＝sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,6)t＋\f(π,3)))，t∈[0,12]．可解得函数的单调递增区间是[0,1]和[7,12]．


[答案] D





12.如图所示，一个单摆以OA为始边，OB为终边的角θ(－π<θ<π)与时间t(s)满足函数关系式θ＝eq \f(1,2)sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2t＋\f(π,2)))，t∈[0，＋∞)，则当t＝0时，角θ的大小及单摆频率是________．





[解析] 当t＝0时，θ＝eq \f(1,2)sineq \f(π,2)＝eq \f(1,2)，由函数解析式易知单摆周期为eq \f(2π,2)＝π，故单摆频率为eq \f(1,π).


[答案] eq \f(1,2)，eq \f(1,π)


13．如图为一个缆车示意图，该缆车半径为4.8 m，圆上最低点与地面距离为0.8 m,60秒转动一圈，图中OA与地面垂直，以OA为始边，逆时针转动θ角到OB，设B点与地面距离为h.





(1)求h与θ之间的函数关系式；


(2)设从OA开始转动，经过t秒后到达OB；求h与t之间的函数解析式，并求缆车第一次到达最高点时用的最少时间是多少？








[解] (1)以圆心O为原点，建立如图所示的坐标系，则以Ox为始边，OB为终边的角为θ－eq \f(π,2).





故B点坐标为eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(4.8cs\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(θ－\f(π,2)))，4.8sin\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(θ－\f(π,2))))).


∴h＝5.6＋4.8sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(θ－\f(π,2)))，θ∈[0，＋∞)．


(2)点A在圆上转动的角速度是eq \f(π,30)，


故t秒转过的弧度数为eq \f(π,30)t，


∴h＝5.6＋4.8sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,30)t－\f(π,2)))，


t∈[0，＋∞)．


到达最高点时，h＝10.4 m.


由sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,30)t－\f(π,2)))＝1.


得eq \f(π,30)t－eq \f(π,2)＝eq \f(π,2)，∴t＝30.


∴缆车到达最高点时，用的时间最少为30秒．


t
－eq \f(π,6)
eq \f(π,12)
eq \f(π,3)
eq \f(7π,12)
eq \f(5π,6)
2t＋eq \f(π,3)
0
eq \f(π,2)
π
eq \f(3π,2)
2π
sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2t＋\f(π,3)))
0
1
0
－1
0
s
0
4
0
－4
0
t(小时)
0
3
6
9
12
15
18
21
24
y(米)
10.0
13.0
9.9
7.0
10.0
13.0
10.1
7.0
10.0
x
1
2
3
y
10000
9500
？
t(时)
0
3
6
9
12
15
18
21
24
y(米)
1.5
1.0
0.5
1.0
1.5
1
0.5
0.99
1.5