数学人教A版 (2019)条件概率与全概率公式优秀学案及答案

这是一份数学人教A版 (2019)条件概率与全概率公式优秀学案及答案，共9页。学案主要包含了知识点的认识，解题方法点拨等内容，欢迎下载使用。

▉题型1 求解条件概率
【知识点的认识】
﹣条件概率：在事件B发生的条件下事件A发生的概率，记作P（A|B）．
﹣计算：P(A|B)=P(A∩B)P(B)其中P（B）＞0．
【解题方法点拨】
﹣计算条件概率时，确定事件B的发生对事件A的影响，通过交事件的概率和条件事件的概率进行计算．
1．已知A，B为样本空间中的两个随机事件，其中P(A)=12，P(B)=13，P(A|B)=12，则P(B|A)=（ ）
A．16B．14C．13D．12
【答案】C
【解答】解：根据题意，P（B）=13，则P（B）＝1﹣P（B）=23，
又由P（A|B）=12，则P（AB）＝P（B）P（A|B）=23×12=13，
而P（A）=12，则P（AB）＝P（A）﹣P（AB）=12−13=16，
而P（B）=13，则P（AB）＝P（B）﹣P（AB）=13−16=16，
故P（B|A）=P(AB)P(A)=161−12=13．
故选：C．
2．同时投掷两枚质地均匀的骰子，设事件A为第一枚骰子投出的点数为奇数，事件B为两枚骰子点数之和为6，则P（B|A）＝（ ）
A．16B．536C．19D．118
【答案】A
【解答】解：同时投掷两枚质地均匀的骰子，设两枚骰子投出的点数构成有序数对（x，y），
则总共有6×6＝36种可能，所以事件A包含的样本点个数有3×6＝18，
所以P(A)=1836=12，
事件AB包含的基本事件有：（1，5），（3，3），（5，1），
所以P(AB)=336=112，
所以P(B|A)=P(AB)P(A)=11212=16．
故选：A．
3．同时投掷两枚质地均匀的骰子，设事件A为第一枚骰子投出的点数为奇数，事件B为两枚骰子点数之和为8，则P（B|A）＝（ ）
A．536B．518C．118D．19
【答案】D
【解答】解：同时投掷两枚质地均匀的骰子，设两枚骰子投出的点数构成有序数对（x，y），则总共有6×6＝36种可能，
设事件A为第一枚骰子投出的点数为奇数，事件B为两枚骰子点数之和为8，
所以事件A包含的样本点有3×6＝18个，
事件B包含的基本事件有：（2，6），（3，5），（4，4），（5，3），（6，2），
事件AB包含的基本事件有：（3，5），（5，3），
所以P(A)=1836=12，P(AB)=236=118，
所以P(B|A)=P(AB)P(A)=11812=19．
故选：D．
4．第15届中国国际航空航天博览会于2024年11月12日至17日在珠海举行．本届航展规模空前，首次打造“空、海、陆”一体的动态演示新格局，尽显逐梦长空的中国力量．航展共开辟了三处观展区，分别是珠海国际航展中心、金凤台观演区、无人系统演示区．甲、乙、丙、丁四人相约去参观，每个观展区至少有1人，每人只参观一个观展区．在甲参观珠海国际航展中心的条件下，甲与乙不到同一观展区的概率为（ ）
A．56B．34C．23D．12
【答案】A
【解答】解：根据题意，设事件A＝甲参观珠海国际航展中心，事件B＝甲与乙不到同一观展区，
航展共开辟了三处观展区，每人只能随机去一个展区，则P(A)=13，
因为每个观展区至少有1人，每人只参观一个观展区，
则先将4个人分为3组，再将这三组分配给三个展区，
基本事件的总数为n(Ω)=C42A33=36，
若事件A、B同时发生，即甲参观珠海国际航展中心而乙没有参观珠海国际航展中心，
分2种情况讨论：
若参观珠海国际航展中心有2人，则另外一人为丙或丁，
此时，不同的参观情况种数为2A22=4，
若参观珠海国际航展中心只有甲一人，将另外三人分成两组，再将这两组分配给另外两个展区，
此时，不同的参观情况种数为C32A22=6种，
因此，P(AB)=n(AB)n(Ω)=4+636=518，
由条件概率公式可得P(B|A)=P(AB)P(A)=518×3=56．
故选：A．
5．从编号1～7的7张卡片中依次不放回地抽出两张，记事件A：“第一次抽到的卡片编号数字为3的倍数”，事件B：“第二次抽到的卡片编号数字大于第一次抽到的卡片编号数字”，则P（B|A）＝（ ）
A．512B．514C．521D．542
【答案】A
【解答】解：第一次抽到3或6的概率为P（A）=27，
当第一次抽到3时：第二次可抽4，5，6，7，共4种情况；
当第一次抽到6时，第二次可抽7，共1种情况，
所以P(AB)=4+17×6=542，
P(B|A)=P(AB)P(A)=54227=512．
故选：A．
6．甲、乙两个科研小组，针对某技术难题同时进行科研攻关，已知甲、乙两个小组攻克该技术难题的概率分别为23，12，且两个小组各自独立进行科研攻关，在该技术难题被攻破的前提条件下，甲科研小组攻破了该技术难题的概率为（ ）
A．45B．34C．23D．12
【答案】A
【解答】解：根据题意，设事件A＝“甲科研小组攻破了该技术难题”，B＝“该技术难题被攻破”，
易得A⊆B，则P（AB）＝P（A）=23，
P（B）=23+12−23×12=56，
故P（A|B）=P(AB)P(B)=2356=45．
故选：A．
7．已知随机事件A，B互相独立，满足P(A+B)=34，P(A|B)=15，则P(B|A)=（ ）
A．516B．1116C．1120D．920
【答案】A
【解答】解：因为随机事件A，B互相独立，所以P（A|B）＝P（A）=15，
因为P（A+B）＝P（A）+P（B）﹣P（AB）
＝P（A）+P（B）﹣P（A）P（B）
=15+P(B)−15P(B)=34，解得P（B）=1116，
因为事件A，B互相独立，则事件A与B也相互独立，
所以P（B|A）＝P（B）＝1−1116=516．
故选：A．
8．人工智能领域让贝叶斯公式：P(A|B)=P(B|A)P(A)P(B)站在了世界中心位置，AI换脸是一项深度伪造技术，某视频网站利用该技术掺入了一些“AI”视频，“AI”视频占有率为0.1．某团队决定用AI对抗AI，研究了深度鉴伪技术来甄别视频的真假．该鉴伪技术的准确率是0.9，即在该视频是伪造的情况下，它有90%的可能鉴定为“AI”；它的误报率是0.4，即在该视频是真实的情况下，它有40%的可能鉴定为“AI”．已知某个视频被鉴定为“AI”，则该视频是“AI”合成的可能性为（ ）
A．0.1B．0.2C．0.3D．0.4
【答案】B
【解答】解：根据题意，记“视频是AI合成”为事件A，记“鉴定结果为AI”为事件B，
则P（A）＝0.1，P（A）＝1﹣P（A）＝0.9，
P（B|A）＝0.9，P（B|A）＝0.4，
则P（B）＝P（A）×P（B|A）+P（A）×P（B|A）＝0.1×0.9+0.9×0.4＝0.45，
P（AB）＝P（A）×P（B|A）＝0.1×0.9＝0.09，
由贝叶斯公式得：P（A|B）=P(AB)P(B)=．
故选：B．
▉题型2 条件概率乘法公式及应用
【知识点的认识】
﹣条件概率乘法公式：P(A∩B)=P(A|B)×P(B)．
【解题方法点拨】
﹣使用条件概率乘法公式计算交事件的概率，适用于涉及条件概率的复合事件问题．
9．已知事件A，B满足P（A）＝0.5，P（B）＝0.2，则（ ）
A．若B⊆A，则P（AB）＝0.5
B．若A与B互斥，则P（A+B）＝0.7
C．若A与B相互独立，则P(AB)=0.9
D．若P（B|A）＝0.2，则A与B不相互独立
【答案】B
【解答】解：对于A，若B⊆A，则P（AB）＝P（B）＝0.2，所以A错误；
对于B，若A与B互斥，则P（A+B）＝P（A）+P（B）＝0.7，所以B正确；
对于C，若A与B相互独立，可得A与B相互独立，
所以P(AB)=P(A)P(B)=(1−0.5)(1−0.2)=0.4，所以C错误；
对于D，由P（B|A）＝0.2，可得P(B|A)=P(AB)P(A)=P(AB)0.5=0.2，
所以P（AB）＝0.1，所以P（AB）＝P（A）P（B），所以A与B相互独立，所以D错误．
故选：B．
10．已知随机事件A，B满足：P(A)=23，P(B)=14，则下列选项错误的是（ ）
A．若P(AB)=16，则A与B相互独立
B．若A与B相互独立，则P(AB)=112
C．若A与B互斥，则P(AB)=12
D．若P(A)P(B|A)=112，则P(B|A)=14
【答案】C
【解答】解：根据题意，依次分析选项：
对于A，P(AB)=16=P(A)P(B)=23×14，故A与B相互独立，A正确；
对于B，若A与B相互独立，则A与B也相互独立，
则P(AB)=P(A)P(B)=(1−23)×14=112，B正确；
对于C，若A与B互斥，则P（AB）＝0，
P(A)=P(AB)+P(AB)=P(AB)=23，C错误；
对于D，因为P(AB)=P(A)P(B|A)=112，
由全概率公式可得P(B)=P(AB)+P(AB)，即14=P(AB)+112，变形有P(AB)=16，
所以P(B|A)=P(AB)P(A)=1623=14，D正确．
故选：C．
11．设A，B是一个随机试验中的两个事件，且P(A)=13，P(B)=34，P(A+B)=12，则（ ）
A．P(B|A)=14B．P(AB)=16
C．P(B)=P(B|A)D．P(AB+AB)=512
【答案】C
【解答】解：因为P(A)=13，P(B)=34，则P(B)=1−P(B)=14
P(A+B)=P(A)+P(B)−P(AB)，即12=13+14−P(AB)，所以P(AB)=112，故B错误；
∵P(AB)+P(AB)=P(A)
∴P(AB)+112=13，∴P(AB)=14，
∴P(B|A)=P(AB)P(A)=1413=34，故A错误；
P(B|A)=P(AB)P(A)=11213=14
P(B)=14，∴P(B|A)=P(B)，故C正确．
因为P(AB+AB)=P(AB)+P(AB)=112+P(AB)，
∵P(B)=P(AB)+P(AB)，
∴34=14+P(AB)，∴P(AB)=12，∴P(AB+AB)=112+12=712，故D错误．
故选：C．
12．若P(B|A)=13，P(A)=34，P(B)=12，则P（A|B）＝（ ）
A．14B．34C．13D．12
【答案】D
【解答】解：因为P(B|A)=P(AB)P(A)=13，P(A)=34，
所以P(AB)=14，
所以P(A|B)=P(AB)P(B)=12．
故选：D．
13．已知P（B|A）=13，P（A）=25，则P（A∩B）＝（ ）
A．56B．910C．215D．115
【答案】C
【解答】解：∵P（B|A）=13，P（A）=25，
∴P（A∩B）＝P（A）P（B|A）=25×13=215．
故选：C．
（多选）14．已知随机事件A，B满足P(A)=12，P(B)=14，P（B|A）＝P（B），则（ ）
A．事件A与事件B相互独立
B．P(AB)=34
C．P(A|B)=23
D．P(A+B)=58
【答案】AD
【解答】解：对于A，由P（B|A）＝P（B），得P(BA)P(A)=P(B)，即P（BA）＝P（B）P（A），事件A与事件B相互独立，A正确；
对于B，由选项A知，事件A，B相互独立，
随机事件A，B满足P(A)=12，P(B)=14，
则P(AB)=P(A)P(B)=12×(1−14)=38，B错误；
对于C，P(A|B)=P(AB)P(B)=P(A)=12，C错误；
对于D，P(A+B)=P(A)+P(B)−P(AB)=12+14−12×14=58，D正确．
故选：AD．
（多选）15．设A，B为随机事件，且P（A），P（B）是A，B发生的概率．P（A），P（B）∈（0，1），则下列说法正确的是（ ）
A．若A，B互斥，则P（A∪B）＝P（A）+P（B）
B．若P（AB）＝P（A）P（B），则A，B相互独立
C．若A，B互斥，则A，B相互独立
D．P(A|B)P(A|B)⋅P(B|A)P(B|A)与P(B|A)P(B|A)⋅P(A|B)P(A|B)相等
【答案】ABD
【解答】解：对于A：若A，B互斥，根据互斥事件的概率公式，则P（A∪B）＝P（A）+P（B），故A正确；
对于B：由相互独立事件的概念知，若P（AB）＝P（A）P（B），则事件A，B是相互独立事件，故B正确；
对于C：若A，B互斥，则A，B不一定相互独立，
例：抛掷一枚硬币的试验中，事件A＝“正面朝上”，事件B＝“反面朝上”，
事件A与事件B互斥，但P（AB）＝0，P(A)=P(B)=12，
所以不满足相互独立事件的定义，故C错误；
对于D：P(A|B)P(A|B)⋅P(B|A)P(B|A)=P(BA)P(B)⋅P(B)P(AB)⋅P(AB)P(A)⋅P(A)P(BA)=P(AB)P(AB)，
P(B|A)P(B|A)⋅P(A|B)P(A|B)=P(AB)P(A)⋅P(A)P(AB)⋅P(AB)P(B)⋅P(B)P(AB)=P(AB)P(AB)，
所以P(A|B)P(A|B)⋅P(B|A)P(B|A)与P(B|A)P(B|A)⋅P(A|B)P(A|B)相等，故D正确．
故选：ABD．
（多选）16．已知A，B分别为随机事件A，B的对立事件，P（A）＞0，P（B）＞0，则下列说法正确的是（ ）
A．P(B|A)+P(B|A)=P(A)
B．P（AB）≤P（B|A）
C．若A，B独立，则P（A|B）＝P（A）
D．若A，B互斥，则P（A|B）+P（B|A）＝1
【答案】BC
【解答】解：对于A：P(B|A)+P(B|A)=P(AB)P(A)+P(AB)P(A)=P(A)P(A)=1，故A错误；
对于B：由0＜P（A）≤1，故P(B|A)=P(AB)P(A)≥P(AB)，故B正确；
对于C：若A，B独立，则P(A|B)=P(AB)P(B)=P(A)P(B)P(B)=P(A)，故C正确；
对于D：若A，B互斥，则P（A|B）＝P（B|A）＝0，即P（A|B）+P（B|A）＝0，故D错误．
故选：BC．
（多选）17．下列说法中错误的是（ ）
A．P（B|A）＝P（A|B）
B．P（（B∪C）|A）＝P（B|A）+P（C|A）
C．P（AB）＝P（B|A）•P（A）
D．P（B|A）•P（A）≥P（A）+P（B）
【答案】ABD
【解答】解：对于A：中，P(A|B)=P(AB)P(B)，P(B|A)=P(AB)P(A)，
而P（A）与P（B）不一定相等，故A错误；
对于B：B，C为互斥事件时成立，故B错误；
对于C：由条件概率的乘法公式可知C正确；
对于D：P（B|A）•P（A）＝P（AB）≤P（A）+P（B），故D错误．
故选：ABD．
18．设A，B是一个随机试验中的两个事件，若P(B)=12，P(A|B)=13，P(A∪B)=34，则P（A）＝ 512 ．
【答案】512．
【解答】解：根据题意可知，P(A|B)=P(AB)P(B)=13，将P(B)=12代入可以求得P(AB)=16，
P(A∪B)=P(A)+P(B)−P(AB)=34，将P(B)=12，P(AB)=16，求得P(A)=512．
故答案为：512．
▉题型3 全概率公式
【知识点的认识】
全概率公式
一般地，设A1，A2，…，An是一组两两互斥的事件，A1∪A2∪…∪An＝Ω，且P（Ai）＞0，i＝1，2，…，n，则对任意的事件B⊆Ω，有
P（B）=i=1n P(Ai)P(B|Ai)．
19．跑步运动越来越受大众喜爱．据统计，某校有高一、高二、高三三个年级，这三个年级中喜欢跑步运动的教师分别占该年级教师人数的40%，30%，35%，且这三个年级的教师人数之比为3：3：4，现从这三个年级中随机抽一名教师，则该教师喜欢跑步的概率为（ ）
A．0.35B．0.32C．0.45D．0.36
【答案】A
【解答】解：设事件A表示“随机抽一名教师喜欢跑步”，事件B1，B2，B3分别表示“抽到的教师来自高一、高二、高三年级”，
因为三个年级的教师人数之比为3：3：4，
所以P(B1)=33+3+4=310，P(B2)=33+3+4=310，P(B3)=43+3+4=410，
因为高一、高二、高三三个年级中喜欢跑步运动的教师分别占该年级教师人数的40%，30%，35%，
所以P（A|B1）＝40%＝0.4，P（A|B2）＝30%＝0.3，P（A|B3）＝35%＝0.35，
所以P（A）＝P（B1）P（A|B1）+P（B2）P（A|B2）+P（B3）P（A|B3）
=310×0.4+310×0.3+410×0.35=0.12+0.09+0.14=0.35．
故选：A．
20．某地区举办演唱会时，举办方为防止观众私自携带灯牌等应援物品，使用了安检门进行辅助检测．依照以往数据，任一观众私自携带应援物品的概率为15，若观众确实携带，安检门亮灯提示的概率为45；若观众没有携带，安检门依旧有110的概率因误检其他物品而亮灯提示．若某观众通过安检门时被亮灯提示，则该观众确实私自携带应援物品的概率为（ ）
A．45B．23C．12D．14
【答案】B
【解答】解：设事件A：该观众私自携带应援物品；事件B：安检门亮灯提示，
则P（A）=15，P（B|A）=45，P（A）=45，P（B|A）=110，
P(B)=P(A)P(B|A)+P(A)P(B|A)=625，
某观众通过安检门时被亮灯提示，则该观众确实私自携带应援物品的概率为P（A|B），
所以P(A|B)=P(AB)P(B)=P(A)P(B|A)P(B)=15×45625=23．
故选：B．
21．已知P(M)=12，P(M|N)=35，P(M|N)=110，则P（N）＝（ ）
A．45B．34C．23D．25
【答案】A
【解答】解：由全概率公式知P(M)=P(N)P(M|N)+P(N)P(M|N)
=P(N)P(M|N)+[1−P(N)]P(M|N)
=35P(N)+110[1−P(N)]
=12P(N)+110=12，
所以P(N)=45．
故选：A．
22．志愿者甲参加第21届文博会的服务工作，甲从住所到文博会选择乘地铁、乘公交车、骑共享单车的概率分别为14，14，12，且乘地铁、乘公交车、骑共享单车按时到达文博会的概率分别为45，34，23．若某一天甲按时到达文博会，则他骑共享单车的概率为（ ）
A．173240B．93173C．80173D．13
【答案】C
【解答】解：设“甲乘地铁”为事件A，“甲乘公交车”为事件B，“甲骑共享单车”为事件C，“甲按时到达文博会”为事件D，
则P(A)=14，P(B)=14，P(C)=12，P(D|A)=45，P(D|B)=34，P(D|C)=23，
则P（D）＝P（A）P（D|A）+P（B）P（D|B）+P（C）•P（D|C）
=14×45+14×34+12×23=173240，
P(CD)=P(C)P(D|C)=13，
所以若某一天甲按时到达文博会，
则他骑共享单车的概率为P(C|D)=P(CD)P(D)=80173．
故选：C．
23．甲、乙、丙三人练习传球，每次传球时，持球者会等可能地传给另外两人中的任意一位，若第一次由甲开始传球，则经过四次传球后，球回到甲手中的概率为（ ）
A．18B．14C．38D．58
【答案】C
【解答】解：设第n次传球后球在甲手中的概率为P（n），
则P（n+1）=12[1﹣P（n）]，
由题意可知，P（1）＝0，
所以P（2）=12×（1﹣0）=12，
P（3）=12×（1−12）=14，
P（4）=12×(1−14)=38，
即经过四次传球后，球回到甲手中的概率为38．
故选：C．
24．某公司升级了智能客服系统，当输入的问题表达清晰时，智能客服的回答被采纳的概率为89，当输入的问题表达不清晰时，智能客服的回答被采纳的概率为13．已知输入的问题表达不清晰的概率为14，则智能客服的回答被采纳的概率为（ ）
A．23B．34C．45D．56
【答案】B
【解答】解：设输入的问题表达清晰为事件A，回答被采纳为事件B，
则P(A)=1−14=34，P(A)=14，
P(B|A)=89，P(B|A)=13，
根据全概率公式，P(B)=P(A)P(B|A)+P(A)P(B|A)
=34×89+14×13=34．
故选：B．
25．甲每个周末都跑步或游泳，每天进行且仅进行其中的一项运动．已知他周六跑步的概率为0.6，且如果周六跑步，则周日游泳的概率为0.7，如果周六游泳，则周日跑步的概率为0.9．若甲某个周日游泳了，则他前一天跑步的概率为（ ）
A．13B．713C．23D．2123
【答案】D
【解答】解：用事件A，B分别表示“周六跑步”，“周日跑步”，
则A，B分别表示“周六游泳”，“周日游泳”，
周六跑步的概率为0.6，且如果周六跑步，则周日游泳的概率为0.7，如果周六游泳，则周日跑步的概率为0.9．
则P(A)=0.6，P(B|A)=0.7，P(B|A)=0.9，P(A)=0.4，P(B|A)=0.1，
P(B)=P(B|A)P(A)+P(B|A)P(A)=0.7×0.6+0.1×0.4=0.46，
所以P(A|B)=P(AB)P(B)=P(B|A)P(A)P(B)=0.7×．
故选：D．
▉题型4 贝叶斯公式
【知识点的认识】
贝叶斯公式：若事件A1，A2，…，构成一个完备事件组，且都具有正概率，则对任何一个不为零的时间B，都有：
P(Am|B)=P(Am)P(B|Am)i∑P(Ai)P(B|Ai)．
【解题方法点拨】
贝叶斯公式和全概率公式的联系：
（1）各原因下条件概率已知，用全概率公式求事件发生概率；
（2）事件已发生，求是某种原因造成的概率，用贝叶斯公式．
26．设某公路上经过的货车与客车的数量之比为2：1，货车中途停车修理的概率为0.02，客车为0.01．今有一辆汽车中途停车修理，则该汽车是货车的概率为（ ）
A．0.4B．0.6C．0.7D．0.8
【答案】D
【解答】解：设A表示该汽车是货车，B表示该汽车是客车，
则P（A）=23，P（B）=13，
设E表示汽车中途停车修理，
则P（E|A）＝0.02，P（E|B）＝0.01，
今有一辆汽车中途停车修理，则由贝叶斯公式得该汽车是货车的概率为：
P（A|E）=P(A)P(E|A)P(A)P(E|A)+P(B)P(E|B)=23×0.0223×0.02+13×0.01=0.8．
故选：D．
（多选）27．下列结论正确的是（ ）
A．P(A)=P(B)P(A|B)+P(B)P(A|B)
B．P(B)=P(A)P(B|A)+P(A)P(B|A)
C．P(A|B)=P(B)P(A|B)P(A)P(B|A)
D．P(A|B)=P(A)P(B|A)P(A)P(B|A)+P(A)P(B|A)
【答案】AD
【解答】解：对于A，由全概率公式得P（A）＝P（B）P（A|B）+P（B）P（A|B），故A正确；
对于B，由全概率公式得P（B）＝P（A）P（B|A）+P（A）P（B|A），故B错误；
对于C，由条件概率得P（A|B）=P(AB)P(B)≠P(B)P(A|B)P(A)P(B|A)，故C错误；
对于D，由贝叶斯公式得P(A|B)=P(A)P(B|A)P(A)P(B|A)+P(A)P(B|A)，故D正确．
故选：AD．
（多选）28．英国数学家贝叶斯在概率论研究方面成就显著，根据贝叶斯统计理论，随机事件A、B存在如下关系，P（A|B）=P(A)P(B|A)P(B)．某高校有甲、乙两家餐厅，王同学第一天去甲、乙两家餐厅就餐的概率分别为0.4和0.6，如果他第一天去甲餐厅，那么第二天去甲餐厅的概率为0.6；如果第一天去乙餐厅，那么第二天去甲餐厅的概率为0.5，则王同学（ ）
A．第二天去甲餐厅的概率为0.54
B．第二天去乙餐厅的概率为0.44
C．第二天去了甲餐厅，则第一天去乙餐厅的概率为59
D．第二天去了乙餐厅，则第一天去甲餐厅的概率为49
【答案】AC
【解答】解：设A1为第一天去甲餐厅，A2为第二天去甲餐厅，B1为第一天去乙餐厅，B2为第二天去乙餐厅，
所以P（A1）＝0.4，P（B1）＝0.6，P（A2|A1）＝0.6，P（A2|B1）＝0.5，
因为P（A2|A1）=P(A2)P(A1|A2)P(A1)=0.6，P（A2|B1）=P(A2)P(B1|A2)P(B1)=0.5，
所以，P（A2）P（A1|A2）＝0.24，P（A2）P（B1|A2）＝0.3，
所以有P（A2）＝P（A1）P（A2|A1）+P（B1）P（A2|B1）＝0.4×0.6+0.6×0.5＝0.54，故选项A正确；
∵第二天去甲餐厅A2与第二天去乙餐厅B2为对立事件，∴P（B2）＝1﹣P（A2）＝0.46，故选项B不正确；
因为P（B1|A2）=0.3P(A2)=59，故选项C正确；
P（A1|B2）=P(A1)P(B2|A1)P(B2)=P(A1)[1−P(A2|A1)]P(B2)=0.4×(1−0.6)0.46=823，故选项D不正确，
故选：AC．
（多选）29．若某市场销售的某种产品中，甲品牌、乙品牌的市场占有比例为2：8，优质品率分别为40%、90%，在该市场中任意买一件这种产品，则下列结论中正确的有（ ）
A．买到的是甲品牌产品的概率为0.2
B．若已知买到的产品是乙品牌，则这件产品是优质品的概率是0.9
C．买到的是优质品的概率为0.8
D．若已知买到的是优质品，则这件产品是甲品牌的概率是0.5
【答案】ABC
【解答】解：因为甲、乙品牌的市场占有比例为2：8，
所以买到的是甲品牌的概率为0.2，故A正确；
因为乙品牌的优质品率为90%，
所以若已知买到的产品是乙品牌，
则这件产品是优质品的概率为0.9，故B正确；
设买到的产品为甲品牌为事件A1，
买到的产品为乙品牌为事件A2，优质品为事件B，
则P（B）＝P（B|A1）P（A1）+P（B|A2）P（A2）＝0.2×0.4+0.8×0.9＝0.8，故C正确；
P(A1|B)=P(B|A1)P(A1)P(B)=0.4×，故D错误．
故选：ABC．
30．某人从甲地到乙地，乘火车、轮船、飞机的概率分别为0.2，0.4，0.4，乘火车迟到的概率为0.4，乘轮船迟到的概率为0.3，乘飞机迟到的概率为0.5，则这个人迟到的概率是 0.4 ；如果这个人迟到了，他乘船迟到的概率是 0.3 ．
【答案】0.4；0.3
【解答】解：设事件A表示“乘火车”，事件B表示“乘轮船”，事件C表示“乘飞机”，事件D表示“迟到”，
则P（A）＝0.2，P（D|A）＝0.4，P（B）＝0.4，P（D|B）＝0.3，P（C）＝0.4，P（D|C）＝0.5，
D＝（D∩A）∪（D∩B）∪（D∩C），
由全概率公式得：P（D）＝P（A）P（D|A）+P（B）P（D|B）+P（C）P（D|C）＝0.2×0.4+0.4×0.3+0.4×0.5＝0.4，
如果这个人迟到了，由贝叶斯公式得到他乘船迟到的概率为：
P（B|D）=P(D∩B)P(D)=P(B)P(D|B)P(D)=0.4×，
故答案为：0.4；0.3．
31．一学生接连参加同一课程的两次考试，第一次及格的概率为p，若第一次及格则第二次及格的概率也为p；若第一次不及格则第二次及格的概率为p2．若已知他第二次已经及格，则他第一次及格的概率为 2p1+p ．
【答案】2p1+p
【解答】解：设“该学生第i次及格”为事件Ai，i＝1，2，显然A1，A2为样本空间的一个完备事件组，且已知P（A1）＝p，P（A2|A1）＝p，P（A1）＝1﹣p，P（A2|A1）=p2．
由全概率公式得，P（A2）＝P（A1）P（A2|A1）+P（A1）P（A2|A1）=p2（1+p）．
由贝叶斯公式得，P（A1|A2）=P(A1)P(A2|A1)P(A2)=2p1+p．
故答案为：2p1+p．
32．假设在数字通信中传送信号0与1的概率为0.8和0.2．由于随机干扰，当传送信号0时，接收到信号为0的概率为0.8，当传送信号1时，接收到信号为1的概率为0.9．求：
（1）当接收到信号0时传送的信号是0的概率；
（2）在信息传送过程中，当第一个人接收到信息后，将信息发送给第二个人，这样依次传递下去，在n次传递中，0出现的次数为X，求E（X）．
【答案】（1）3233；
（2）E（X）＝0.66n．
【解答】解：（1）记A0＝“传送信号0”，A1＝“传送信号1”，B＝“接收信号0”．
可知P（A0）＝0.8，P（A1）＝0.2，P（B|A0）＝0.8，P（B|A1）＝0.1，
由贝叶斯公式得所求的概率为：
P(A0|B)=P(A0)P(B|A0)P(A0)P(B|A0)+P(A1)P(B|A1)=0.8×0.80.8×0.8+0.2×0.1=3233，
即当接收到信号0时传送的信号是0的概率为3233．
（2）在一次传送中，接收到0的概率为P＝P（A0）P（B|A0）+P（A1）P（B|A1）＝0.8×0.8+0.2×0.1＝0.66，
每次传送都有相同的传送概率和接收概率，则有X∼B（n，0.66），
所以E（X）＝0.66n．题型1 求解条件概率
题型2 条件概率乘法公式及应用
题型3 全概率公式
题型4 贝叶斯公式