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    专题2.6 圆的对称性(垂径定理)(直通中考)-2023-2024学年九年级数学上册基础知识专项突破讲与练(苏科版)
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    初中数学苏科版九年级上册2.2 圆的对称性精品课后测评

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    这是一份初中数学苏科版九年级上册2.2 圆的对称性精品课后测评,共27页。

    专题2.6 圆的对称性(垂径定理)(直通中考)
    【要点回顾】
    1.垂径定理 垂直于弦的直径平分这条弦,并且平分弦所对的两条弧.
    2.垂径定理的推论
    (1) 平分弦(该弦不是直径)的直径垂直于弦,并且平分弦所对的两条弧;
    (2) 弦的垂直平分线经过圆心,并且平分弦所对的两条弧;
    (3) 平分弦所对的一条弧的直径,垂直平分线,并且平分弦所对的另一条弧.
    一、单选题
    1.(2023·湖北宜昌·统考中考真题)如图,都是的半径,交于点D.若,则的长为(     ).

    A.5 B.4 C.3 D.2
    2.(2022·湖北荆门·统考中考真题)如图,CD是圆O的弦,直径AB⊥CD,垂足为E,若AB=12,BE=3,则四边形ACBD的面积为(    )

    A.36 B.24 C.18 D.72
    3.(2023·四川乐山·统考中考真题)如图,在平面直角坐标系中,直线与x轴、y轴分别交于A、B两点,C、D是半径为1的上两动点,且,P为弦CD的中点.当C、D两点在圆上运动时,面积的最大值是(     )
      
    A.8 B.6 C.4 D.3
    4.(2021·广西玉林·统考中考真题)学习圆的性质后,小铭与小熹就讨论起来,小铭说:“被直径平分的弦也与直径垂直”,小熹说:“用反例就能说明这是假命题” .下列判断正确的是(     )
    A.两人说的都对
    B.小铭说的对,小熹说的反例不存在
    C.两人说的都不对
    D.小铭说的不对,小熹说的反例存在
    5.(2023·广西·统考中考真题)赵州桥是当今世界上建造最早,保存最完整的中国古代单孔敞肩石拱桥.如图,主桥拱呈圆弧形,跨度约为,拱高约为,则赵州桥主桥拱半径R约为(     )
      
    A. B. C. D.
    6.(2023·湖北十堰·统考中考真题)如图,是的外接圆,弦交于点E,,,过点O作于点F,延长交于点G,若,,则的长为(     )
      
    A. B.7 C.8 D.
    7.(2021·山东淄博·统考中考真题)“圆材埋壁”是我国古代数学名著《九章算术》中的一个问题:“今有圆材,埋在壁中,不知大小,以锯锯之,深一寸,锯道长一尺.问:径几何?”用现在的几何语言表达即:如图,CD为⊙O的直径,弦AB⊥CD,垂足为点E,CE=1寸,AB=10寸,则直径CD的长度是(     )

    A.12寸 B.24寸 C.13寸 D.26寸
    8.(2022·四川泸州·统考中考真题)如图,是的直径,垂直于弦于点,的延长线交于点.若,,则的长是(     )

    A.1 B. C.2 D.4
    9.(2022·安徽·统考中考真题)已知⊙O的半径为7,AB是⊙O的弦,点P在弦AB上.若PA=4,PB=6,则OP=(     )
    A. B.4 C. D.5
    10.(2021·湖北鄂州·统考中考真题)筒车是我国古代发明的一种水利灌溉工具,明朝科学家徐光启在《农政全书》中用图画描绘了筒车的工作原理,如图1,筒车盛水桶的运行轨道是以轴心为圆心的圆,如图2,已知圆心在水面上方,且被水面截得的弦长为6米,半径长为4米.若点为运行轨道的最低点,则点到弦所在直线的距离是(   )

    A.1米 B.米 C.2米 D.米
    二、填空题
    11.(2021·湖南长沙·统考中考真题)如图,在⊙O中,弦的长为4,圆心到弦的距离为2,则的度数为 .

    12.(2022·黑龙江牡丹江·统考中考真题)如图,在⊙O中,弦AB垂直平分半径OC,垂足为D,若⊙O的半径为2,则弦AB的长为 .

    13.(2023·湖南永州·统考中考真题)如图,是一个盛有水的容器的横截面,的半径为.水的最深处到水面的距离为,则水面的宽度为 .
      
    14.(2023·山东东营·统考中考真题)“圆材埋壁”是我国古代数学名著《九章算术》中的一个问题:“今有圆材,埋在壁中,不知大小,以锯锯之,深一寸,锯道长一尺.问:径几何?”.用现在的几何语言表达即:如图,为的直径,弦,垂足为点,寸,寸,则直径的长度是 寸.

    15.(2022·湖南长沙·统考中考真题)如图,A、B、C是上的点,,垂足为点D,且D为OC的中点,若,则BC的长为 .

    16.(2022·黑龙江牡丹江·统考中考真题)的直径,AB是的弦,,垂足为M,,则AC的长为 .
    17.(2021·青海西宁·统考中考真题)如图,是的直径,弦于点E,,, 则的半径 .

    18.(2022·湖北荆州·统考中考真题)如图,将一个球放置在圆柱形玻璃瓶上,测得瓶高AB=20cm,底面直径BC=12cm,球的最高点到瓶底面的距离为32cm,则球的半径为 cm(玻璃瓶厚度忽略不计).



    三、解答题
    19.(2023·广东清远·统考一模)如图,在⊙O中,直径,弦,连接.
    (1) 尺规作图:过点O作弦的垂线,交于点E,交于点D,且点D在劣弧间.
    (2) 连接,求的面积.



    20.(2023·陕西咸阳·统考三模)如图,已知扇形,请用尺规作图法在弧上找一点C,使得 将扇形分成面积相等的两部分.(保留作图痕迹,不写作法)
      





    21.(2023·北京西城·北师大实验中学校考三模)如图,(非直径)为的两条弦,与 交于点,请从①为直径;②为中点;③为中点;中选择两个作为题设,余下的一个作为结论组成一个真命题,并完成证明.
      








    22.(2021·上海·统考中考真题)已知:在圆O内,弦与弦交于点分别是和的中点,联结.
    (1)求证:;
    (2)联结,当时,求证:四边形为矩形.





    23.(2023·浙江金华·统考中考真题)如图,点在第一象限内,与轴相切于点,与轴相交于点.连接,过点作于点. 
    (1) 求证:四边形为矩形.
    (2) 已知的半径为4,,求弦的长.





    24.(2022·湖北宜昌·统考中考真题)石拱桥是我国古代人民勤劳和智慧的结晶(如图1),隋代建造的赵州桥距今约有1400年历史,是我国古代石拱桥的代表.如图2是根据某石拱桥的实物图画出的几何图形,桥的主桥拱是圆弧形,表示为.桥的跨度(弧所对的弦长),设所在圆的圆心为,半径,垂足为.拱高(弧的中点到弦的距离).连接.

    (1) 直接判断与的数量关系;
    (2) 求这座石拱桥主桥拱的半径(精确到).


























    参考答案
    1.B
    【分析】根据等腰三角形的性质得出根据勾股定理求出,进一步可求出的长.
    解:∵
    ∴点为的中点,

    ∴,
    由勾股定理得,


    故选:B.
    【点拨】本题主要考查了等腰三角形的性质,勾股定理以及圆的有关性质,正确掌握相关性质是解答本题的关键
    2.A
    【分析】连接OC,首先根据题意可求得OC=6,OE=3,根据勾股定理即可求得CE的长,再根据垂径定理即可求得CD的长,据此即可求得四边形ACBD的面积.
    解:如图,连接OC,

    ∵AB=12,BE=3,
    ∴OB=OC=6,OE=3,
    ∵AB⊥CD,
    ∴在Rt△COE中,,
    ∴CD=2CE=6,
    ∴四边形ACBD的面积=.
    故选:A.
    【点拨】本题考查了勾股定理的应用,垂径定理,熟练掌握和运用垂径定理是解决本题的关键.
    3.D
    【分析】根据一次函数与坐标轴的交点得出,确定,再由题意得出当的延长线恰好垂直时,垂足为点E,此时即为三角形的最大高,连接,利用勾股定理求解即可.
    解:∵直线与x轴、y轴分别交于A、B两点,
    ∴当时,,当时,,
    ∴,
    ∴,
    ∴,
    ∵的底边为定值,
    ∴使得底边上的高最大时,面积最大,
    点P为的中点,当的延长线恰好垂直时,垂足为点E,此时即为三角形的最大高,连接,
      
    ∵,的半径为1,

    ∴,
    ∵,
    ∴,
    ∴,
    ∴,
    故选:D.
    【点拨】题目主要考查一次函数的应用及勾股定理解三角形,垂径定理的应用,理解题意,确定出高的最大值是解题关键.
    4.D
    【分析】根据垂径定理可直接进行排除选项.
    解:由垂径定理的推论“平分弦(不是直径)的直径垂直于弦,并且平分弦所对的弧”可知:
    小铭忽略了垂径定理中的“弦不能是直径”这一条件,因为一个圆中的任意两条直径都互相平分,但不垂直,所以小铭说法错误,小熹所说的反例即为两条直径的情况下;
    故选D.
    【点拨】本题主要考查垂径定理,熟练掌握垂径定理是解题的关键.
    5.B
    【分析】由题意可知,,,主桥拱半径R,根据垂径定理,得到,再利用勾股定理列方程求解,即可得到答案.
    解:如图,由题意可知,,,主桥拱半径R,

    是半径,且,

    在中,,

    解得:,
    故选B
      
    【点拨】本题考查了垂径定理,勾股定理,利用直角三角形求解是解题关键.
    6.B
    【分析】作于点M,由题意可得出,从而可得出为等边三角形,从而得到,再由已知得出,的长,进而得出,的长,再求出的长,再由勾股定理求出的长.
    解:作于点M,
      
    在和中,

    ∴,
    ∴,
    又∵,
    ∴,
    ∴为等边三角形,
    ∴,
    ∴,
    ∵,,
    ∴,
    又∵,
    ∴,
    ∴,
    ∴,
    ∵,
    ∴∠,
    ∴, ,
    ∴,
    ∴.
    故选:B.
    【点拨】本题考查全等三角形的判定与性质、等边三角形的判定与性质、三角形的外接圆与外心、勾股定理等知识点,综合性较强,掌握基本图形的性质,熟练运用勾股定理是解题关键.
    7.D
    【分析】根据垂径定理和勾股定理求解.
    解:连接OA,如图所示,

    设直径CD的长为2x,则半径OC=x,
    ∵CD为⊙O的直径,弦AB⊥CD于E,AB=10寸,
    ∴AE=BE=AB=×10=5寸,
    ∵OA为⊙O的半径,,则OA=x寸,
    根据勾股定理得x2=52+(x-1)2,
    解得x=13,
    CD=2x=2×13=26(寸).
    故选:D.
    【点拨】本题考查了垂径定理和勾股定理.正确的作出辅助线是解题的关键.
    8.C
    【分析】根据垂径定理求出OD的长,再根据中位线求出BC=2OD即可.
    解:设OD=x,则OE=OA=DE-OD=4-x.
    ∵是的直径,垂直于弦于点,

    ∴OD是△ABC的中位线
    ∴BC=2OD

    ∴,解得
    ∴BC=2OD=2x=2
    故选:C
    【点拨】本题考查垂径定理、中位线的性质,根据垂径定理结合勾股定理求出OD的长是解题的关键.
    9.D
    【分析】连接,过点作于点,如图所示,先利用垂径定理求得,然后在中求得,再在中,利用勾股定理即可求解.
    解:连接,过点作于点,如图所示,

    则,,
    ∵PA=4,PB=6,
    ∴,
    ∴,
    ∴,
    在中,,
    在中,,
    故选:D
    【点拨】本题考查了垂径定理及勾股定理的运用,构造直角三角形是解题的关键.
    10.B
    【分析】连接OC交AB于D,根据圆的性质和垂径定理可知OC⊥AB,AD=BD=3,根据勾股定理求得OD的长,由CD=OC﹣OD即可求解.
    解:根据题意和圆的性质知点C为的中点,
    连接OC交AB于D,则OC⊥AB,AD=BD=AB=3,
    在Rt△OAD中,OA=4,AD=3,
    ∴OD===,
    ∴CD=OC﹣OD=4﹣,
    即点到弦所在直线的距离是(4﹣)米,
    故选:B.

    【点拨】本题考查圆的性质、垂径定理、勾股定理,熟练掌握垂径定理是解答的关键.
    11.
    【分析】先根据垂径定理可得,再根据等腰直角三角形的判定与性质即可得.
    解:由题意得:,,



    是等腰直角三角形,

    故答案为:.
    【点拨】本题考查了垂径定理、等腰直角三角形的判定与性质,熟练掌握垂径定理是解题关键.
    12.
    解:如图,连接OA,由AB垂直平分OC,得到OD=OC=1,

    ∵OC⊥AB,
    ∴D为AB的中点.
    ∴AB=2AD.
    故答案为:
    13.
    【分析】过点作于点,交于点,则,依题意,得出,进而在中,勾股定理即可求解.
    解:如图所示,过点作于点,交于点,则,
      
    ∵水的最深处到水面的距离为,的半径为.
    ∴,
    在中,

    故答案为:.
    【点拨】本题考查了垂径定理的应用,勾股定理,熟练掌握垂径定理是解题的关键.
    14.26
    【分析】连接构成直角三角形,先根据垂径定理,由垂直得到点为的中点,由可求出的长,再设出圆的半径为,表示出,根据勾股定理建立关于的方程,求解方程可得的值,即为圆的直径.
    解:连接,

    ,且寸,
    寸,
    设圆的半径的长为,则,


    在直角三角形中,根据勾股定理得:
    ,化简得:,
    即,
    (寸).
    故答案为:26.
    【点拨】本题考查了垂径定理和勾股定理,解题的关键是正确作出辅助线构造直角三角形.
    15.7
    【分析】根据垂径定理可得垂直平分,根据题意可得平方,可得四边形是菱形,进而根据菱形的性质即可求解.
    解:如图,连接,

    A、B、C是上的点,,

    D为OC的中点,

    四边形是菱形,,

    故答案为:7.
    【点拨】本题考查了垂径定理,菱形的性质与判定,掌握垂径定理是解题的关键.
    16.或
    【分析】分①点在线段上,②点在线段上两种情况,连接,先利用勾股定理求出的长,再在中,利用勾股定理求解即可得.
    解:由题意,分以下两种情况:
    ①如图,当点在线段上时,连接,

    的直径,






    ②如图,当点在线段上时,连接,

    同理可得:,


    综上,的长为或,
    故答案为:或.
    【点拨】本题考查了勾股定理、圆,正确分两种情况讨论是解题关键.
    17.
    【分析】设半径为r,则,得到,由垂径定理得到,再根据勾股定理,即可求出答案.
    解:由题意,设半径为r,
    则,
    ∵,
    ∴,
    ∵是的直径,弦于点E,
    ∴点E是CD的中点,
    ∵,
    ∴,
    在直角△OCE中,由勾股定理得

    即,
    解得:.
    故答案为:.
    【点拨】本题考查了垂径定理,勾股定理,解题的关键是熟练掌握垂径定理和勾股定理进行解题.
    18.7.5
    【分析】如详解中图所示,将题中主视图做出来,用垂径定理、勾股定理计算即可.
    解:如下图所示,设球的半径为rcm,
    则OG=EG-r=EF-GF-r=EF-AB-r=32-20-r=(12-r)cm,
    ∵EG过圆心,且垂直于AD,
    ∴G为AD的中点,
    则AG=0.5AD=0.5×12=6cm,
    在中,由勾股定理可得,

    即,
    解方程得r=7.5,
    则球的半径为7.5cm.

    【点拨】本题考查了主视图、垂径定理和勾股定理的运用,准确做出立体图形的主视图是解题的关键.
    19.(1)见详解;(2)
    【分析】(1)分别以点A、C为圆心,以大于为半径画弧,两弧相交于点F,连接,交于点D,交于点E;
    (2)根据垂径定理得到,再求出半径,根据三角形面积公式即可求解.
    (1)解:如图,OD为所作;

    作法:分别以点A、C为圆心,以大于为半径画弧,两弧相交于点F,连接,交于点D,交于点E;
    证明:连接、、,
    由作图得,由圆的性质得,
    ∴点都在线段的垂直平分线上,
    ∴是线段的垂直平分线,
    ∴;
    (2)解:∵,
    ∴,
    ∵直径,
    ∴,
    ∴的面积=.
    【点拨】本题考查了作线段的垂线,垂径定理等知识,会作线段的垂直平分线,熟知垂径定理是解题关键.
    20.见分析
    【分析】连接,过点O作垂直交于点C,即可求解.
    解:如图,点C即为所求.
        .
    【点拨】本题主要考查了垂径定理,尺规作图,熟练掌握垂径定理是解题的关键.
    21.见分析
    【分析】分三种情况分别进行推理论证即可.
    解:(1)知①,②推③:如图,连接,
      
    为中点,

    为中垂线,
    ∵为直径,
    ∴,
    所以为弧中点,
    (2)知①③推②:如图,连接,

    为中点,
    ,
    又,
    为的中垂线,
    为中点
    (3)知②③推①:如图,连接,
      
    ∵为中点,
    ∴,
    ,
    ∵为中点,
    ∴,
    为中垂线,
    即为圆直径.
    【点拨】此题考查了垂径定理及其推论,等腰三角形的判定和性质、线段垂直平分线的判定和性质等知识,熟练掌握相关判定和性质是解题的关键.
    22.(1)见分析;(2)见分析
    【分析】(1)连结,由M、N分别是和的中点,可得OM⊥BC,ON⊥AD,由, 可得,可证,,根据等腰三角形三线合一性质;
    (2)设OG交MN于E,由,可得,可得,,可证可得,由CN∥OG,可得,由可得AM∥CN,可证是平行四边形,再由可证四边形ACNM是矩形.
    解:证明:(1)连结,
    ∵M、N分别是和的中点,
    ∴OM,ON为弦心距,
    ∴OM⊥BC,ON⊥AD,

    在中,,

    在Rt△OMG和Rt△ONG中,


    ∴,
    ;

    (2)设OG交MN于E,

    ∴,
    ∴,即,

    在△CMN和△ANM中



    ∵CN∥OG,



    ∴AM∥CN,
    是平行四边形,

    ∴四边形ACNM是矩形.
    【点拨】本题考查垂径定理,三角形全等判定与性质,等腰三角形判定与性质,平行线判定与性质,矩形的判定,掌握垂径定理,三角形全等判定与性质,等腰三角形判定与性质,平行线判定与性质,矩形的判定是解题关键.
    23.(1)见分析;(2)
    【分析】(1)根据切线的性质及有三个角是直角的四边形是矩形判定即可.
    (2)根据矩形的性质、垂径定理及圆的性质计算即可.
    解:(1)证明:∵与轴相切于点,
    ∴轴.
    ∵,
    ∴,
    ∴四边形是矩形.
    (2)如图,连接.
      
    四边形是矩形,

    在中,,

    点为圆心,,

    【点拨】本题考查了矩形的判定,垂径定理,圆的性质,熟练掌握矩形的判定和垂径定理是解题的关键.
    24.(1);(2)这座石拱桥主桥拱半径约为
    【分析】(1)根据垂径定理即可得出结论;
    (2)设主桥拱半径为,在中,根据勾股定理列出方程,即可得出答案.
    (1)解:∵半径,
    ∴.
    故答案为:.
    (2)设主桥拱半径为,由题意可知,,
    ∴,,
    在中,由勾股定理,得,
    即,
    解得,
    ∴,
    因此,这座石拱桥主桥拱半径约为.
    【点拨】此题考查垂径定理和勾股定理,是重要考点,根据题意利用勾股定理列出方程是解题关键.
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