高中生物第1节 盂德尔的豌豆杂交实验（一）精练

分离定律中的特殊类型同步练习

（答题时间：30分钟）

1. 安哥拉兔的长毛与短毛是由一对等位基因控制的相对性状，大量实验表明纯种的长毛兔和短毛兔杂交，无论正交、反交，F1雄兔均表现为长毛，雌兔均表现为短毛，F1相互交配得到的F2中，雄兔长毛：短毛＝3：1，雌兔短毛：长毛＝3：1。据此有关叙述正确的是（    ）

A. 由毛长短这对相对性状上的性别差异可知这对等位基因位于性染色体上

B. 一对长毛兔交配，子代可能出现短毛兔，且该短毛兔一定为雌兔

C. 一对短毛兔杂交出现了长毛兔，则这一对兔的后代长毛兔约占1/2

D. 安哥拉兔的毛长短这对相对性状的遗传不遵循孟德尔第一定律

2. 已知绵羊角的表现型与基因型的关系如表所示，下列判断正确的是（　　）

A. 若双亲无角，则子代全部无角

B. 若双亲有角，则子代全部有角

C. 若双亲基因型为Hh，则子代有角与无角的数量比为1∶1

D. 绵羊角的性状遗传不遵循基因的分离定律

3. 人类 ABO 血型系统有A型、B型、AB型、O型，由IA、IB、i三个复等位基因决定，基因IA和IB对基因i是完全显性，IA和IB是共显性。下列叙述错误的是（    ）

A. 人类 ABO 血型系统有6种基因型

B. 一个正常人体内一般不会同时含有三种复等位基因

C. IA、IB、i三个复等位基因遗传时不遵循基因的分离定律

D. A型血男性和B型血女性婚配生下的孩子，其血型最多有4种可能

4. 扁豆具有多种外皮性状，由多个不同基因控制的。将纯种不同性状的扁豆杂交得到F1，然后自交得到F2，结果如下表。据表判断，不正确的是（    ）

A. —株扁豆的外皮性状由多对等位基因控制

B. 光面扁豆自交后代不会出现性状分离

C. 亲本麻面A和斑点B杂交后代全为麻面A

D. 控制斑点A和B的基因是共显性关系

5. 在阿拉伯牵牛花的遗传实验中，用纯合体红色牵牛花和纯合体白色牵牛花杂交，F1全是粉红色牵牛花. 将F1自交后，F2中出现红色、粉红色和白色三种类型的牵牛花，比例为1:2:1，如果取F2中所有的粉红色的牵牛花与所有红色的牵牛花随机混合种植，进行自由交配，则后代表现型及比例应该为（    ）

A. 红色:粉红色:白色=4:4:1 B. 红色:粉红色:白色=3:3:1

C. 红色:粉红色:白色=1:2:1 D. 红色:粉红色:白色=1:4:1

6. 家鼠的毛色受常染色体上的一对等位基因（A/a）控制，且黄色对灰色为显性，含AA的胚胎致死。下列叙述错误的是（　　）

A. 无需测交实验，只看毛色即可知道个体的基因型

B. 黄色鼠自由交配的后代中黄色鼠∶灰色鼠＝2∶1

C. 黄色鼠与灰色鼠杂交能获得最大比例的黄色鼠

D. 黄鼠与黄鼠交配得到F1，F1自由交配一次得到F2，F2中黄鼠的比例是1/2

7. 科研人员在某海岛上发现多年前单一毛色的老鼠群体演变成了具有黄色、白色和黑色三种毛色的种群。基因A1（黄色）、A2（白色）、A3（黑色）的显隐性关系为A1对A2、A3显性，A2对A3显性，且黄色基因纯合会致死。下列有关叙述错误的是（    ）

A. 黄色老鼠一定是杂合子，黑色老鼠一定是纯合子

B. 多年前老鼠的单一毛色只可能是白色或黑色

C. 两只黄色老鼠交配，子代中可能出现白色鼠

D. 两只老鼠杂交的子代不可能出现三种毛色

8. 如果在一个种群中，基因型AA的比例占25%，基因型Aa的比例占50%，基因型aa的比例占25%。已知基因型aa的个体失去求偶繁殖能力，则随机交配一代后，子代中基因型aa的个体所占的比例为（    ）

A. 1/16 B. 1/9 C. 1/8 D. 1/4

9. 某种鼠的毛色由复等位基因A、a1、a2控制，其中A对a1和a2是显性，a1对a2是显性，在体细胞中这些基因也是成对存在的，在一个经长期随机交配形成的自然鼠群中，存在的毛色表现型与基因型的关系如下表（注：AA纯合胚胎致死）。请分析回答相关问题：

（1）若亲本基因型为Aa1 ×Aa2，则其子代的表现型可能为_______。

（2）两只鼠杂交，后代出现三种表现型。则该对亲本的基因型是____，它们再生一只黑色雄鼠的概率是____。

（3）假设进行很多Aa1×a1a2的杂交，平均每窝生8只小鼠。在同样条件下进行许多Aa2× Aa2的杂交，预期每窝平均生________只小鼠。

（4）现有一只黄色雄鼠和多只其他各色的雌鼠，如何利用杂交方法检测出该雄鼠的基因型？

实验思路：①选用该黄色雄鼠与多只____________色雌鼠杂交。

②_______________________。

结果预测：③如果后代出现黄色和灰色，则该黄色雄鼠的基因型为__________。

④如果后代出现__________，则该黄色雄鼠的基因型为Aa2。

10. 某植物具有开红花和开白花之分，某实验小组以这种植物为实验材料进行杂交实验，结果如下表：

实验小组对该性状的遗传提出两种假说。

（1）假说一:植物的花色由三个等位基因A、a1和a2）控制，a1和a2同时存在时，表现为开白花，其他情况均为开红花，A相对于 a1和a2为显性。如果该假说成立，第1组中子代性状分离比红花：白花为__________；则第2组中双亲的基因型为________。

（2）假说二：植物的花色由三个等位基因（A+、A、a）控制，其中A决定开红花，A+和 a都决定开白花，三个基因的显隐关系A+相对于A、a为显性，A相对于a为显性，则第2组的双亲基因型分别是___________。

（3）为进一步探究两种假说的合理性，第2组同学将F1中的开白花植株自交得F2，并统计F2中花色和数量。若F2中______，则支持假说一。若F2中______，则支持假说二。

（4）该植物开红花与开白花形状的遗传遵循______定律。

（5）叶片颜色有深绿（DD）、浅绿（Dd）、白色（dd），白色植株幼苗期会死亡。现有深绿和浅绿植株进行杂交得到F1，让F1植株相互授粉（自由交配）得到F2，请计算F2成熟个体中叶片颜色的表现型及比值_________________。

分离定律中的特殊类型同步练习参考答案

1. B  解析：本题考查从性遗传以及分离定律的应用，难度中等。假设相关的基因用A和a表示。纯种的长毛兔和短毛兔杂交，无论正交、反交，F1雄兔均表现为长毛，雌兔均表现为短毛，说明这对等位基因位于常染色体上，进而推知：F1的基因型为Aa，而且基因型为Aa的雄兔为长毛，基因型为Aa的雌兔为短毛，A错误；基因型为Aa的F1相互交配得到的F2中，雄兔长毛∶短毛＝3∶1，雌兔短毛∶长毛＝3∶1，说明基因型为AA的雄兔和雌兔的表现型相同，基因型为aa的雄兔和雌兔的表现型也相同，但基因型为AA和aa个体的表现型却不同，假设长毛由基因A控制，则长毛雄兔的基因型为AA或Aa，长毛雌兔的基因型为AA，二者杂交，子代的基因型为AA或AA和Aa，子代雄兔都是长毛，子代雌兔中AA为长毛，Aa为短毛，B正确；一对短毛兔杂交出现了长毛兔，则亲本短毛雄兔的基因型为aa，短毛雌兔的基因型为Aa，子代的基因型及其比例为Aa∶aa＝1∶1，雄兔中Aa为长毛、aa为短毛，雌兔都是短毛，且子代雄兔∶雌兔＝1∶1，所以这一对兔的后代长毛兔约占1/4，C错误；安哥拉兔的毛长短这对相对性状由一对等位基因控制，该对相对性状的遗传遵循孟德尔第一定律，即基因的分离定律，D错误。

2. C  解析：本题考查从性遗传以及分离定律的应用，难度中等。双亲无角，如果母羊的基因型是Hh，则子代公羊中会出现有角，A错误；双亲有角，如果公羊的基因型是Hh，母羊的基因型是HH，则子代中基因型为Hh的母羊无角，B错误；若双亲基因型为Hh，则子代公羊中有角与无角的数量比为3∶1，母羊中有角与无角的数量比为1∶3，所以子代有角与无角的数量比为1∶1，C正确；绵羊角的性状遗传符合孟德尔的基因分离定律，D错误。

3. C  解析：本题考查复等位基因的遗传，难度中等。根据题意“人类 ABO 血型系统有A型、B型、AB型、O型，由IA、IB、i三个复等位基因决定，基因IA和IB对基因i是完全显性，IA和IB是共显性”分析，A型血的基因型有两种：IAIA、IAi；B型血的基因型有两种：IBIB、IBi；AB型血的基因型有1种：IBIB、IBi；O型血的基因型有1种：ii；三个复等位基因在个体中的遗传遵循基因的分离定律，由此分析可知，人类 ABO 血型系统有6种基因型，即IAIA、IAi、IBIB、IBi、IBIB、IBi、ii，A正确；一个正常人体内细胞中一般不会同时含有三条同源染色体，所以一般不会存在三种复等位基因，B正确；由于IA、IB、i三个复等位基因只能有其中两个基因位于一对同源染色体上，所以他们的遗传只能是遵循基因的分离定律，不可能遵循基因的自由组合定律，C错误；根据A型血男性和B型血女性的基因型类型，若他们的基因型分别为IAi、IBi，他们婚配生下的孩子，其血型最多有4种可能，即IAi、IBi、IA、IB、ii，D正确。

4. A  解析：本题考查复等位基因的遗传，难度较大。由表格信息可知，麻面A×麻面B，后代全是麻面A，自交得到子二代，麻面A：麻面B=3：1，说明麻面A对麻面B是显性性状，受一对等位基因控制，且亲本是纯合子；麻面B×斑点A（或B），子代全是全部麻面B，子一代自交得到子二代，麻面B：斑点A（或B）=3：1，说明麻面B对斑点A（B）是显性性状，受一对等位基因控制，且亲本是纯合子；斑点A×斑点B，子一代是斑点A、B混合，子一代自交子二代斑点A：斑点A、B混合：斑点B=1：2：1，说明是控制斑点A和B的基因是共显性，是由一对等位基因控制，且亲本是纯合子；斑点A（或B）×光面，子一代全部斑点A（或B），子一代自交得到子二代，斑点A（或B）：光面=3：1，说明斑点A（B）对光面是显性性状，由一对等位基因控制，且亲本属于纯合子。根据以上分析可知，扁豆的多种外皮性状由一对等位基因控制，各种等位基因属于复等位基因，A错误；光面扁豆是隐性性状，自交后代不会出现性状分离，B正确；由分析麻面A对麻面B是显性，麻面B对斑点B是显性，因此麻面A对斑点B是显性，因此亲本麻面A和斑点B杂交后代全为麻面A，C正确；由分析可知，控制斑点A和B的基因是共显性，D正确。

5. A  解析：本题考查不完全显性性状的遗传，难度中等。设控制牵牛花花色的基因是A、a，由纯合体红色牵牛花和纯合体白色牵牛花杂交，F1全是粉红色牵牛花，可知，A对a不完全显性，即Aa为粉色。设AA红色，aa白色。F2中粉红色的牵牛花Aa占2/3，红色的牵牛花AA占1/3，它们进行自由交配，产生的配子为A:a=2：1，根据棋盘法可知，后代中红色AA:粉色Aa:白色aa=4:4:1，A正确。

6. C  解析：本题考查致死现象的遗传，难度中等。黄色对灰色为显性，含AA的胚胎致死，故家鼠中只有Aa（黄色）和aa（灰色）的个体，故无需测交实验，只看毛色即可知道个体的基因型，A正确；黄色鼠基因型均为Aa，故自由交配的后代中黄色鼠∶灰色鼠＝2∶1，B正确；黄色鼠（Aa）与灰色鼠（aa）杂交后代中黄色鼠占1/2，而黄色鼠（Aa）与黄色鼠（Aa）杂交后代中黄色鼠占2/3，C错误；黄鼠（Aa）与黄鼠（Aa）交配得到F1，F1中Aa∶aa＝2∶1，若F1自由交配得到F2，F2中黄鼠的比例是1/2，D正确。

7. D  解析：本题考查复等位基因和某些个体的致死现象的遗传，难度中等。由于黄色基因纯合会致死，且A1对A3（黑色）显性，A2对A3显性，所以黄色老鼠一定是杂合子，黑色老鼠一定是纯合子，A正确；由于黄色基因纯合会致死，所以多年前老鼠的单一毛色只可能是白色或黑色，B正确；两只黄色老鼠交配，则黄色老鼠都是杂合体，基因型为A1-，所以交配的子代中，1/4A1A1（致死）、2/4A1-（黄色）、1/4（白色或黑色）. 因此子代中黄色老鼠概率为2/3，C正确；如果A1A3与A2A3杂交，则后代中会出现A1A2、A1A3（黄色）、A2A3（白色）、A3A3（黑色）三种毛色，D错误。

8. B  解析：本题考查致死现象以及分离定律的应用，难度中等。根据题意，由于aa的个体不能繁殖后代，能成为亲本的只有1/3AA和2/3Aa两种基因型，亲本产生的雌雄配子种类及比例均是2/3A、1/3a，则雌雄配子随机结合，后代中aa占1/9。综上所述，B正确，A、C、D错误。

9. （1）黄色、灰色    （2）Aa2、a1a2    1/8    （3）6   （4） 黑    观察后代的毛色    Aa1    黄色和黑色   

解析：本题考查复等位基因的遗传和分离定律的应用，难度较大。

（1）若亲本基因型为Aa1 ×Aa2，则其子代的基因型为AA、Aa1、Aa2、a1a2，表现型为黄色或灰色。

（2）两只鼠杂交，后代出现三种表现型，说明亲本均含有a2，且其中一个亲本含有a1，一个亲本含有A，该对亲本的基因型是Aa2、a1a2，它们再生一只黑色雄鼠的概率是（1/4）×（1/2）=1/8。

（3）该鼠平均每窝生8只小鼠，进行许多Aa2× Aa2的杂交，由于AA纯合胚胎致死，预期每窝平均生8×（3/4）=6只小鼠。

（4）检测黄色雄鼠的基因型，应选择测交方法，让被测个体与隐性纯合子杂交。

实验思路：①选用该黄色雄鼠与多只黑色雌鼠杂交。

②观察、统计后代的毛色及比例。

结果预测：③如果后代出现黄色和灰色，则该黄色雄鼠同时含有A、a1，基因型为Aa1。

④如果该黄色雄鼠的基因型为Aa2，则后代会出现黄色和黑色个体。

10. （1）1:1    （2）Aa1和Aa2    Aa 和Aa   （3） 开红花与开白花之比为1:1    全为开白花   （4） 基因分离定律    （5）深绿：浅绿＝9：6（3：2）

解析：本题考查复等位基因、不完全显性、致死等性状的遗传特点，难度较大。

假说一：植物的花色由三个等位基因（A、a1和a2）控制，当a1和a2同时存在时，表现为白花，其他情况均为红花，A相对于a1和a2为显性，即白花植株的基因型为a1a2，其他基因型均为红花植株。假说二：植物的花色由三个等位基因（A+、A、a）控制，其中A决定红花，A+和a都决定白花，三个基因的显隐关系为A+相对于A、a为显性，A相对于a为显性，即红花植株的基因型为AA或Aa，其余基因型均为白花。

（1）如果该假说成立，则第1组父本和母本的基因均为a1a2，则子代的基因型及比例为：a1a1（红花）：a1a2（白花）：a2a2（红花）=1：2：1，因此子代性状分离比红花：白花=1：1；第2组后代红花与白花（a1a2）性状分离比为3：1，则亲本的基因型为Aa1和Aa2。

（2）第2组：红花（A_）×红花（A_）→红花（A_）：白花=3：1，且亲本不会出现A+，则子代中白花的基因型为aa，因此第2组的双亲基因型分别是Aa和Aa。

（3）第2组同学将F1中的白花植株自交得F2，并统计F2中花色和数量。若假说一成立，则F1中的白花植株的基因型为a1a2，其自交所得F2中红花与白花之比为1：1；若假说二成立，则F1中的白花植株的基因型为aa，其自交所得F2应全为白花。

（4）该植物红花与白花性状由复等位基因控制，因此其遗传遵循基因分离定律。

（5）根据题意可知，深绿色和浅绿色植株杂交得到的F1中深绿：浅绿=1:1，即1/2DD、1/2Dd，D配子比例为3/4，d配子比例为1/4，后代中DD的比例是9/16，dd的比例是1/16，Dd的比例是6/16，又由于白色植株幼苗期会死亡，所以深绿色植株所占比例为9/15，浅绿色植株所占的比例为6/15，两者比例为9:6或3:2。