数学选择性必修 第二册4.4* 数学归纳法教课内容ppt课件

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数学归纳法(1)概念:一般地,证明一个与正整数n有关的命题,可按下列步骤进行:只要完成这两个步骤,就可以断定命题对从n0开始的所有正整数n都成立,这种证明方法称为数学归纳法.
(2)证明形式:记P(n)是一个关于正整数n的命题.条件:(1)P(n0)为真;(2)若P(k)(k∈N*,k≥n0)为真,则P(k+1)也为真.结论:P(n)为真.
【思考】(1)验证的第一个值n0一定是1吗?提示:不一定,如证明“凸n边形对角线的条数f(n)= ”时,第一步应验证n=3是否成立.　
(2)在第二步证明中,必须从归纳假设用综合法证明吗?提示:不是,在归纳递推中,可以应用综合法、分析法、反证法、放缩法等各种证明方法.
【素养小测】1.思维辨析(对的打“√”,错的打“×”)(1)所有与正整数有关的数学命题都必须用数学归纳法证明.(　　)(2)不管是等式还是不等式,用数学归纳法证明时由n=k到n=k+1时,项数都增加了一项.(　　)(3)用数学归纳法证明等式“1+2+22+…+2n+2=2n+3-1”,验证n=1时,左边式子应为1+2+22+23.(　　)
提示:(1)×.也可以用其他方法证明.(2)×.有的增加了不止一项.(3)√.观察左边的式子可知有n+3项,所以验证n=1时,左边式子应为1+2+22+23.
2.已知 则(　　)A.f(n)共有n项,当n=2时,B.f(n)共有n+1项,当n=2时,C.f(n)共有n2-n项,当n=2时,D.f(n)共有n2-n+1项,当n=2时,
【解析】选D.结合f(n)中各项的特征可知,分子均为1,分母为n,n+1,…,n2的连续自然数共有n2-n+1个,且
3.用数学归纳法证明“1+2+22+…+2n-1=2n-1(n∈N*)”的过程中,第二步n=k时等式成立,则当n=k+1时应得到(　　)A.1+2+22+…+2k-2+2k-1=2k+1-1B.1+2+22+…+2k+2k+1=2k-1+2k+1C.1+2+22+…+2k-1+2k+1=2k+1-1D.1+2+22+…+2k-1+2k=2k+1-1
【解析】选D.因为将式子:1+2+22+…+2n-1=2n-1中n用k+1替换得:当n=k+1时,有1+2+22+…+2k-1+2k=2k+1-1.
类型一　用数学归纳法证明等式【典例】用数学归纳法证明: 【思维·引】等式的左边有2n项,右边有n项,左边的分母是从1到2n的连续正整数,末项与n有关,右边的分母是从n+1到n+n的连续正整数,首、末项都与n有关.
【证明】(1)当n=1时,左边 右边= ,等式成立;(2)假设当n=k(k∈N*)时等式成立,即 那么当n=k+1时,左边 右边,所以当n=k+1时等式也成立.综合(1)(2)知对一切n∈N*,等式都成立.
【内化·悟】用数学归纳法证明一个与正整数有关的命题时的关键是什么?要注意什么?提示:用数学归纳法证明一个与正整数有关的命题,关键是第二步,要注意当n=k+1时,等式两边的式子与n=k时等式两边的式子的联系,增加了哪些项,减少了哪些项,问题就会顺利解决.
【类题·通】 数学归纳法证题的三个关键点(1)验证是基础找准起点,奠基要稳,有些问题中验证的初始值不一定是1.(2)递推是关键数学归纳法的实质在于递推,所以从“k”到“k+1”的过程中,要正确分析式子项数的变化.关键是弄清等式两边的构成规律,弄清由n=k到n=k+1时,等式的两边会增加多少项、增加怎样的项.
(3)利用假设是核心在第二步证明n=k+1成立时,一定要利用归纳假设,即必须把归纳假设“n=k时命题成立”作为条件来导出“n=k+1”也成立,在书写f(k+1)时,一定要把包含f(k)的式子写出来,尤其是f(k)中的最后一项,这是数学归纳法的核心,不用归纳假设的证明就不是数学归纳法.
【习练·破】用数学归纳法证明:【证明】(1)当n=1时,左边 右边 左边=右边,所以等式成立.
(2)假设n=k(k∈N*且k≥1)时等式成立,即有则当n=k+1时,所以当n=k+1时,等式也成立,由(1)(2)可知,对于一切n∈N*等式都成立.
【加练·固】用数学归纳法证明12+32+52+…+(2n-1)2= n(4n2-1)(n∈N*).【证明】(1)当n=1时,左边=12,右边= ×1×(4×1-1)=1,左边=右边,等式成立.(2)假设当n=k(k∈N*,k≥1)时,等式成立,即12+32+52+…+(2k-1)2= k(4k2-1),则当n=k+1时
12+32+52+…+(2k-1)2+(2k+1)2= k(4k2-1)+(2k+1)2= k(2k+1)(2k-1)+(2k+1)2= (2k+1)[k(2k-1)+3(2k+1)]= (2k+1)(2k2+5k+3)= (2k+1)(k+1)(2k+3)= (k+1)(4k2+8k+3)= (k+1)[4(k+1)2-1],即当n=k+1时,等式成立.由(1)(2)可知,对一切n∈N*等式成立.
类型二　用数学归纳法证明不等式【典例】求证: 【思维·引】由n≥2知n的初始值为2,在第二步可以应用分析法或放缩法证明.
【解析】(1)当n=2时,左边 故左边>右边,不等式成立.(2)假设当n=k(k≥2,k∈N*)时命题成立,即则当n=k+1时,
方法一　(分析法)下面证*式≥ ,即只需证(3k+2)(3k+3)+(3k+1)(3k+3)+(3k+1)(3k+2)-3(3k+1)(3k+2)≥0,只需证(9k2+15k+6)+(9k2+12k+3)+(9k2+9k+2)-(27k2+27k+6)≥0,只需证9k+5≥0,显然成立.所以当n=k+1时,不等式也成立.
方法二　(放缩法)*式 所以当n=k+1时,不等式也成立.由(1)(2)可知,原不等式对一切n≥2,n∈N*均成立.
【内化·悟】1.在什么条件下适合应用数学归纳法证明数学命题?提示:当遇到与正整数n有关的不等式证明时,应用其他办法不容易证,则可考虑应用数学归纳法.
2.应用数学归纳法证明数学命题的关键是由n=k时成立得n=k+1时成立,这一步骤有哪些方法?提示:主要方法有①放缩法;②利用基本不等式法;③作差比较法等.
【类题·通】用数学归纳法证明不等式问题的四个关键点
【习练·破】用数学归纳法证明:对一切大于1的自然数,不等式均成立.
【证明】(1)当n=2时,左边=1+ = ;右边= .因为左边>右边,所以不等式成立.(2)假设当n=k(k≥2,且k∈N*)时不等式成立,即 则当n=k+1时, 所以当n=k+1时,不等式也成立.由(1)(2)知,对于一切大于1的自然数n,不等式都成立.
【加练·固】已知数列{an},an≥0,a1=0, 求证:当n∈N*时,an类型三　归纳-猜想-证明【典例】在各项为正的数列{an}中,数列的前n项和Sn满足Sn=(1)求a1,a2,a3.(2)由(1)猜想数列{an}的通项公式,并且用数学归纳法证明你的猜想.
【思维·引】(1)数列{an}的各项均为正数,且 ,所以可根据解方程求出a1,a2,a3.(2)观察a1,a2,a3猜想出{an}的通项公式an,然后再证明.
【解析】(1)S1=a1= 得 =1.因为an>0,所以a1=1,由S2=a1+a2= ,得 +2a2-1=0,所以a2= -1.又由S3=a1+a2+a3= ,得 +2 a3-1=0,所以a3= - .
(2)猜想an= - (n∈N*)证明:①当n=1时,a1=1= - 猜想成立.②假设当n=k (k∈N*)时猜想成立即ak= - ,则当n=k+1时,ak+1=Sk+1-Sk所以 即n=k+1时猜想成立.由①②知,
【素养·探】本题运用了从特殊到一般的探索、归纳、猜想及证明的思维方式去探索和发现问题,并证明所得结论的正确性,这是非常重要的一种思维能力,在这类问题中经常用到的数学核心素养是逻辑推理.已知(1)当n=1,2,3时,试比较f(n)与g(n)的大小关系.(2)猜想f(n)与g(n)的大小关系,并给出证明.
【解析】 (1)当n=1时,f(1)=1,g(1)=1,所以f(1)=g(1);当n=2时,f(2)= ,g(2)= ,所以f(2)(2)由(1)猜想f(n)≤g(n),下面用数学归纳法给出证明.①当n=1,2,3时,不等式显然成立.②假设当n=k(k≥3,k∈N*)时不等式成立,即 那么,当n=k+1时, 因为所以由①②可知,对一切n∈N*,都有f(n)≤g(n)成立.
【类题·通】1.“归纳——猜想——证明”的解题步骤
2.“归纳——猜想——证明”解决的主要问题(1)已知数列的递推公式,求通项公式或前n项和.(2)由一些恒等式,不等式改编的一些探究性问题,求使命题成立的参数值是否存在.(3)给出一些简单命题(n=1,2,3……),猜想并证明对任意正整数n都成立的一般性命题.
提醒:①计算特例时,不仅仅是简单的算数过程,有时要通过计算过程发现数据的变化规律;②猜想必须准确,绝对不能猜错,否则将徒劳无功.③如果猜想出来的结论与正整数n有关,一般用数学归纳法证明.
【习练·破】(2020·全国Ⅲ卷)设数列 满足a1=3,an+1=3an-4n.(1)计算a2,a3,猜想 的通项公式并加以证明;(2)求数列 的前n项和Sn .
【解析】(1)由题意可得a2=3a1-4=9-4=5,a3=3a2-8=15-8=7,由数列 的前三项可猜想数列 是以3为首项,2为公差的等差数列,即an=2n+1,证明如下:当n=1时,a1=3成立;假设n=k(k≥1,k∈N*)时,ak=2k+1成立.那么n=k+1时,ak+1=3ak-4k=3(2k+1)-4k=2k+3=2(k+1)+1也成立.则对任意的n∈N*,都有an=2n+1成立.
(2)由(1)可知,an·2n=(2n+1)·2n,Sn=3×2+5×22+7×23+…+(2n-1)·2n-1+(2n+1)·2n,①2Sn=3×22+5×23+7×24+…+(2n-1)·2n+(2n+1)·2n+1,②由①-②得: 即Sn=(2n-1)·2n+1+2.
1.证明 假设n=k时成立,当n=k+1时,左端增加的项数是(　　)　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　A.1B.k-1C.k　D.2k
【解析】选D.当n=k时,不等式左端为当n=k+1时,不等式左端为 增加了 项,共(2k+1-1)-2k+1=2k项.
2.已知数列{an}的前n项和为Sn且Sn=2n-an(n∈N*),若已经算出a1=1,a2= ,则猜想an等于(　　)
【解析】选D.因为a1=1,a2= ,S3=1+ +a3=6-a3,所以a3= .同理可得a4= .观察猜想
3.已知f(n)=1+ + +…+ (n∈N*).用数学归纳法证明f(2n)> ,请补全证明过程:(1)当n=1时,f(21)=1+ > ;(2)假设n=k时命题成立,即f(2k)> ,则当n=k+1时,f(2k+1)=f(2k)+________, 即当n=k+1时,命题成立.由(1)(2)可知,对任意n∈N*,都有f(2n)> 成立.