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2021-2022学年山西省吕梁市交城县八年级(下)期末数学试卷(Word解析版)
展开注意事项:
1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑;如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在试卷上无效。
3.考试结束后,本试卷和答题卡一并交回。
第I卷(选择题)
一、选择题(本大题共10小题,共30.0分。在每小题列出的选项中,选出符合题目的一项)
二次根式1x-5在实数范围内有意义,则x的取值范围是( )
A. x≥5B. x<5C. x≥-5D. x>5
下列说法正确的是( )
A. 为了解我国中小学生的视力情况,应采用全面调查的方式
B. 一组数据1,12,13,3,2,3,5的中位数和众数都是3
C. 抛掷一枚正六面体骰子600次,一定有100次点数2朝上
D. 若甲射击队的成绩方差为1.2,乙射击队的成绩方差为2.3,则甲射击队的成绩比乙射击队的成绩稳定
直线y=-3x向上平移3个单位长度后得到的直线解析式为( )
A. y=-3(x+3)B. y=-3(x-1)C. y=-3x-3D. y=3x+3
如图,△ABC中,点M,N分别是AB,AC的中点,若MN=5.6,则BC=( )
A. 5.6
B. 10
C. 11.2
D. 15
在平面直角坐标系中,函数y=ax+a(a≠0)的图象可能是( )
A. B.
C. D.
如图,在矩形ABCD中,对角线AC,BD交于点O,点E是OC的中点,点F是BC的中点,若AB=1,BC=3,则EF的长是( )
A. 2B. 1C. 12D. 3
如图,将一根有弹性的皮筋AB自然伸直固定在平面内,然后把皮筋中点C竖立向上拉升5cm到点D,如果皮筋自然长度为24cm,则此时该弹性皮筋被拉长了( )
A. 1cmB. 2cmC. 3cmD. 5cm
菜农张大叔要用63米的篱笆围一个矩形的菜地,已知在菜地的一边AB边上留有1米宽的入口.设AB边的长为x,BC边的长为y,则y与x之间的函数关系式是( )
A. y=63-2x2B. y=63-2x+12
C. y=63-2xD. y=632-12x
如图,在菱形ABCD中,AC,BD相交于点O,∠ACD=30°,BD=6,则菱形ABCD的面积是( )
A. 36B. 363C. 183D. 185
如图,一次函数y=-13x+2的图象分别与x轴,y轴交于A,B两点,与正比例函数y=kx得的图象交于点C(m,1),则不等式-13x+2≥kx的解集是( )
A. x≤3B. 0≤x≤3C. x≥3D. 3≤x<6
第II卷(非选择题)
二、填空题(本大题共5小题,共15.0分)
化简|2-5|=______.
若△ABC的三边长为a,b,c,且满足a2=(c+b)(c-b),则△ABC的形状是______.
如图,平行四边形ABCD中,对角线交于点O,直线MN经过点O,分别交AD,BC于点M,N,若∠MDO=∠MOD,BN=2.则MN的长为______.
已知点A(2,y1)、B(3,y2)在一次函数y=-2x+m的图象上,则y1______y2(填>、=或<).
如图是一幅赵爽弦图,利用此图可以证明勾股定理.现连接BE,发现AB=BE,若DE=1,则正方形ABCD的面积为______.
三、解答题(本大题共8小题,共75.0分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)
(1)计算:8+2(4-3)+|3-2|+3-27;
(2)先化简,再求值:已知x=23-1,求x2-3x-3-x2-2x+1x2-2x-|-x-3|的值.
如图,在平面直角坐标系中,直线y=12x+2分别与x轴,y轴交于点A,B,与直线CD交于点E,点C与点B关于原点对称,点D的坐标为(-43,0).
(1)求直线CD的解析式;
(2)连接BD,求△BDE的面积.
已知:如图,在菱形ABCD中,E、F分别在射线DB和射线BD上,且BE=DF.
求证:四边形AECF是菱形.
如图,在平行四边形ABCD中,对角线AC,BD相交于点O,点E,F为直线AC上的两个动点,请选择条件①或条件②,完成问题解答.
条件①:∠ABE=∠CDF;
条件②:BE//DF.
(1)求证:四边形DEBF是平行四边形;
(2)若OB=5,BE=6,DE=8,求EF的长.
根据当前防控疫情的需要,某县教育局做出了“停课不停学”,全体基础教育阶段的学校实行“线上教学”的决定.为了解线上教学质量的情况,某巡课人员从两个学段中随机抽取20名教师每节课的授课时间(分),记录如下:
初中:36,37,45,35,36,60,42,42,55,42
小学:38,40,35,36,35,37,40,40,55,36
整理上述数据制成如下图表:
(1)直接写出小学段教师授课时间的中位数b=______,初中段教师授课时间的众数c=______;
(2)求出初中段教师授课时间的平均数a的值;
(3)根据教育局的要求线上课堂每节课的时间不得超过40分钟,请你选择合适的统计量,说明哪一学段的教师线上教学更加规范.
一个城市的卫生状况反映了这个城市的文明程度.某城市每日清理垃圾的车辆有两种型号,已知2辆大型垃圾车与3辆小型垃圾车一次可以运输26吨垃圾;5辆大型垃圾车与4辆小型垃圾车一次可以运输58吨垃圾.
(1)求1辆大型垃圾车和1辆小型垃圾车一次各运输多少吨垃圾?
(2)已知该城市每日规定派出两种垃圾车共12辆,每辆大型垃圾车一次需费用300元,每辆小型垃圾车一次需费用150元.经调查该城市每日需运输的垃圾不少于60吨,请确定费用最少的派车方案,并求出最少费用是多少?
综合与实践
问题情境:
矩形ABCD中,AB=2,∠ADB=30°,将△BCD沿着对角线BD所在的直线平移,得到△B'C'D',连接AB',DC'.
操作探究:
(1)如图1,当△BCD沿射线BD的方向平移时,请判断AB'与DC'的长度有何关系?并说明理由;
(2)如图2,当△BCD沿射线DB的方向平移时,四边形AB'C'D能成为菱形吗?若能,求出平移的距离;若不能,说明理由;
(3)当△BCD平移距离为2时,请你在备用图中画出平移后的图形(除图2),并提出一个问题,直接写出结论.
如图,在平面直角坐标系中,直线y=-x+3与x轴,y轴分别交于点B,A,直线y=32x+b交于y轴于点C(0,-2),并且与直线y=-x+3交于点D.
(1)求点D的坐标;
(2)点M是线段AC上的动点,并且从点A出发向点C运动(到达点C时停止运动),连接DM.
①当△ADM与△CDM的面积比为2:3时,求点M的坐标;
②在点M运动过程中,是否存在△ADM为等腰三角形?若存在,请求出点M的坐标;若不存在,请说明理由.
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解:由题意得:
x-5>0,
解得:x>5,
故选:D.
根据二次根式a(a≥0),以及分母不能为0,可得x-5>0,然后进行计算即可解答.
本题考查了二次根式的性质与化简,二次根式有意义的条件,熟练掌握二次根式a(a≥0),以及分母不能为0是解题的关键.
2.【答案】D
【解析】解:A、为了解我国中小学生的视力情况,应采用抽样调查的方式,故本选项说法错误,不符合题意;
B、一组数据1,12,13,3,2,3,5的中位数是2,众数是3,故本选项说法错误,不符合题意;
C、抛掷一枚正六面体骰子600次,不一定有100次点数2朝上,故本选项说法错误,不符合题意;
D、若甲射击队的成绩方差为1.2,乙射击队的成绩方差为2.3,则甲射击队的成绩比乙射击队的成绩稳定,故本选项说法正确,符合题意;
故选:D.
根据全面调查的意义判断A;根据中位数与众数的定义判断B;根据概率的意义判断C;根据方差的意义判断D.
本题考查了方差的意义.方差是用来衡量一组数据波动大小的量,方差越大,表明这组数据偏离平均数越大,即波动越大,数据越不稳定;反之,方差越小,表明这组数据分布比较集中,各数据偏离平均数越小,即波动越小,数据越稳定.也考查了全面调查与抽样调查,中位数,众数的意义.
3.【答案】B
【解析】解:将直线y=-3x向上平移3个单位长度后得到的直线解析式为:y=-3x+3=-3(x-1).
故选:B.
根据“上加下减”的平移规律解答即可.
本题考查一次函数图象与几何变换,掌握“左加右减,上加下减”的平移规律是解题的关键.
4.【答案】C
【解析】解:∵点M,N分别是AB,AC的中点,
∴MN是△ABC的中位线,
∴BC=2MN,
∵MN=5.6,
∴BC=11.2,
故选:C.
根据三角形中位线定理解答即可.
本题考查的是三角形中位线定理,掌握三角形中位线平行于三角形的第三边,并且等于第三边的一半是解题的关键.
5.【答案】D
【解析】解:当a>0时,函数y=ax+a(a≠0)的图象经过第一、二、三象限,故选项D符合题意;
当a<0时,函数y=ax+a(a≠0)的图象经过第二、三、四象限,
故选:D.
根据题意和一次函数的性质,利用分类讨论的方法可以解答本题.
本题考查一次函数的图象,解答本题的关键是明确一次函数的性质.
6.【答案】C
【解析】解:在Rt△ABC中,AC=AB2+BC2=12+(3)2=2.
∵点E、F分别是AO、AD的中点,
∴EF是△BOC的中位线,
∴EF=12OB=14BD=14AC=14×2=12.
故选:C.
先根据勾股定理求出矩形的对角线AC,然后根据题意可得EF是△BOC的中位线;接下来根据中位线定理可得出EF的值.
此题考查的是矩形的性质、三角形的中位线定理,掌握其性质定理是解决此题的关键.
7.【答案】B
【解析】解:∵中点C竖直向上拉升5cm至D点,
∴CD是AB的垂直平分线,
∴∠ACD=90°,AC=BC=12AB=12cm,AD=BD,
在Rt△ACD中,由勾股定理得:
AD=AC2+CD2=122+52=13(cm),
∴BD=13cm,
∴AD+BD=26cm,
∵AB=24cm,
∴该弹性皮筋被拉长了:26-24=2(cm),
故选:B.
根据题意可得CD是AB的垂直平分线,然后利用勾股定理求出AD长,进而可得BD长,从而可得答案.
此题主要考查了勾股定理的应用,解题的关键是从实际问题抽象出直角三角形,并熟练掌握勾股定理.
8.【答案】B
【解析】解:AB边的长为x米,则BC边长为y=63-2x+12米,
∴y与x之间的函数关系式为y=63-2x+12.
故选:B.
由于AB边的长为x米,利用2BC=周长-2AB,即得.
本题主要考查的是一次函数的应用,掌握长方形的周长公式是解题的关键.
9.【答案】C
【解析】解:∵四边形ABCD是菱形,
∴AC⊥BD,AO=CO,BO=DO=3,
∵∠ACD=30°,
∴CO=3OD=33,
∴AC=63,
∴S菱形ABCD=12×6×63=183,
故选:C.
由菱形的性质可得AC⊥BD,AO=CO,BO=DO=3,由直角三角形的性质可得CO=3OD=33,由菱形的面积公式可求解.
本题考查了菱形的性质,直角三角形的性质,掌握菱形的对角线互相垂直平分是解题的关键.
10.【答案】A
【解析】解:∵一次函数y=-13x+2的图象过点C(m,1),
∴1=-13m+2,解得m=3,
由图象可知,当x≤3时,-13x+2≥kx,
所以不等式-13x+2≥kx的解集是x≤3.
故选:A.
根据一次函数y=-13x+2求得m的值,观察函数图象得在C点左侧,一次函数y=-13x+2的图象在正比例函数y=kx得的图象上方,由此得到不不等式-13x+2≥kx的解集为x≤3.
本题主要考查一次函数图象上点的坐标特征,一次函数与一元一次不等式的关系,数形结合是解题的关键.
11.【答案】5-2
【解析】解:|2-5|=5-2,
故答案为:5-2.
根据差的绝对值是大数减小数,可得答案.
本题考查了实数的性质,利用差的绝对值是大数减小数是解题关键.
12.【答案】直角三角形
【解析】解:∵a2=(c+b)(c-b)=c2-b2,即a2+b2=c2,
∴△ABC是直角三角形.
故答案为:直角三角形.
勾股定理的逆定理:如果三角形的三边长a,b,c满足a2+b2=c2,那么这个三角形就是直角三角形.
主要考查了利用勾股定理逆定理判定直角三角形的方法.在应用勾股定理的逆定理时,应先认真分析所给边的大小关系,确定最大边后,再验证两条较小边的平方和与最大边的平方之间的关系,进而作出判断.
13.【答案】4
【解析】解:∵四边形ABCD是平行四边形,
∴AD//BC,OD=OB,
∴∠MDO=∠NBO,
在△MDO和△NBO中,
∠MDO=∠NBO∠DOM=∠BONOD=OB,
∴△MDO≌△NBO(AAS),
∴OM=ON,MD=NB=2,
∵∠MDO=∠MOD,
∴MD=OM=2,
∴MN=4,
故答案为:4.
利用AAS证明△MDO≌△NBO,得OM=ON,MD=NB=2,再利用等角对等边得MD=OM=2,从而得出答案.
本题主要考查了平行四边形的性质,全等三角形的判定与性质,证明△MDO≌△NBO是解题的关键.
14.【答案】>
【解析】解:∵k=-2<0,
∴函数值y随x的增大而减小,
∵2<3,
∴y1>y2.
故答案为:>.
根据k<0,一次函数的函数值y随x的增大而减小解答.
本题考查了一次函数的增减性,在直线y=kx+b中,当k>0时,y随x的增大而增大;当k<0时,y随x的增大而减小.
15.【答案】5
【解析】解:由题意得,AH=DE=1,
∵AB=BE,BH⊥AE,
∴AE=BH=2AH=2,
∴AB=AH2+BH2=22+12=5,
∴正方形ABCD的面积=AB2=5,
故答案为:5.
根据全等三角形的性质、等腰三角形的性质、勾股定理即可得到结论.
本题考查了勾股定理的证明,正方形的性质,全等三角形的性质,等腰三角形的性质,熟练掌握勾股定理是解题的关键.
16.【答案】解:(1)原式=22+2(2-3)+3-2-3
=22+4-23+3-2-3
=2-3+1;
(2)∵x=23-1,
∴x=2(3+1)(3+1)(3-1)=3+1>1,
∴原式=x2-3x-3-x2-2x+1x2-2x-x-3
=(x-3)(x+3)x-3-(x-1)2x(x-2)-x-3
=x+3-x-1x(x-2)-x-3
=-x-1x(x-2),
当x=3+1时,
原式=3(3+1)(3-1)=32.
【解析】(1)先把各二次根式化为最简二次根式,然后合并即可;
(2)先化简x=3+1,再化x2-3x-3-x2-2x+1x2-2x-|-x-3|=-x-1x(x-2),最后代入x的值即可.
本题考查了二次根式的运算及分式的化简求值,解答本题的关键是熟练掌握运算法则.
17.【答案】解:(1)把y=0代入y=12x+2中,得y=2.
∴B(0,2).
∵点C与点B关于原点对称,
∴C(0,-2).
设直线CD的解析式为y=kx+b,
把C(0,-2),D(-43,0)分别代入y=kx+b中,得
-43k+b=0b=-2,
解得k=-32b=-2.
∴直线CD的解析式为y=-32x-2;
(2)根据题意,得y=12x+2y=-32x-2,
解得x=-2y=1.
∴E(-2,1).
当y=0时,12x+2=0.
解得x=-4.
∴A(-4,0).
∵D(-43,0),B(0,2),
∴OD=43,AD=83,OB=2,OA=4.
∴S△BDE=S△AOB-S△BOD-S△ADE
=12×4×2-12×43×2-12×83×1
=43.
【解析】(1)由一次函数图象上点的坐标特征求得B点坐标;根据点的对称性质求得点C的坐标;然后利用待定系数法确定函数解析式;
(2)S△BDE=S△AOB-S△BOD-S△ADE.
主要考查了待定系数法求直线解析式,一次函数图象与几何变换,解本题的关键是求出直线CD的解析式,是一道比较简单的题目.
18.【答案】证明:连接AC,交BD于O,如图所示:
∵四边形ABCD是菱形,
∴OD=OB,OA=OC,BD⊥AC,
∵BE=DF,
∴OB+BE=OD+DF,
即OE=OF,
∴四边形AECF是平行四边形,
又∵AC⊥BD,
∴四边形AECF是菱形.
【解析】由菱形的性质得出OD=OB,OA=OC,BD⊥AC,证出OE=OF,得出四边形AECF是平行四边形,再由AC⊥BD,即可得出四边形AECF是菱形.
本题考查了菱形对角线互相垂直平分的性质与判定、平行四边形的判定;证明四边形AECF是平行四边形是解题的关键.
19.【答案】选择条件①:∠ABE=∠CDF,
(1)证明:∵四边形ABCD是平行四边形,
∴AB//CD,AB=CD,
∴∠BAC=∠DCA,
∴∠BAE=∠DCF,
在△ABE和△CDF中,
∠ABE=∠CDFAB=CD∠BAE=∠DCF,
∴△ABE≌△CDF(ASA),
∴BE=DF,∠BEA=∠DFC,
∴BE//DF,
∴四边形DEBF是平行四边形;
(2)解:∵四边形ABCD是平行四边形,OB=5,
∴BD=2OB=10,
∵BE=6,DE=8,
∴BE2+DE2=36+64=100,BD2=100,
∴BE2+DE2=BD2,
∴△BED为直角三角形,∠BED=90°
∴平行四边形DEBF为矩形,
∴EF=BD=10;
选择条件②,
(1)证明:∵四边形ABCD是平行四边形,
∴AB//CD,AB=CD,
∴∠BAC=∠DCA,
∴∠BAE=∠DCF,
∵BE//DF
∴∠BEA=∠DFC
在△ABE和△CDF中,
∠BEA=∠DFC∠BAE=∠DCFAB=CD,
∴△ABE≌△CDF(AAS),
∴BE=DF,
∵BE//DF,
∴四边形DEBF是平行四边形;
(2)解:∵四边形ABCD是平行四边形,OB=5,
∴BD=2OB=10,
∵BE=6,DE=8,
∴BE2+DE2=36+64=100,BD2=100,
∴BE2+DE2=BD2,
∴△BED为直角三角形,∠BED=90°,
∴平行四边形DEBF为矩形,
∴EF=BD=10.
【解析】选择条件①:(1)证△ABE≌△CDF(ASA),得BE=DF,∠BEA=∠DFC,则BE//DF,即可得出结论;
(2)由平行四边形的性质得BD=2OB=10,再由勾股定理得逆定理得△BED为直角三角形,∠BED=90°,然后证平行四边形DEBF为矩形,即可得出结论;
选择条件②:(1)证△ABE≌△CDF(AAS),得BE=DF,再由BE//DF,即可得出结论;
(2)由平行四边形的性质得BD=2OB=10,再由勾股定理得逆定理得△BED为直角三角形,∠BED=90°,然后证平行四边形DEBF为矩形,即可得出结论.
本题考查了平行四边形的判定与性质、全等三角形的判定与性质、矩形的判定与性质、平行线的判定与性质以及勾股定理的逆定理等知识,熟练掌握平行四边形的判定与性质是解题的关键.
20.【答案】37.5 42
【解析】解:(1)把这些数从小到大排列为:35,35,36,36,37,38,40,40,40,55,
中位数b=37+382=37.5;
∵42出现了3次,出现的次数最多,
∴众数c=42;
故答案为:37.5,42;
(2)平均数a=36+37+45+35+36+60+42+42+55+4210=43(分);
(3)小学段的教师授课时间更符合规定,理由如下:
小学段的平均数高于初中段的平均数,初中段的方差高于小学段的方差,所以小学段的教师线上教学更加规范.
(1)根据中位数和众数的定义进行求解即可;
(2)根据平均数的计算公式进行解答即可;
(3)从平均数和方差两个方面进行分析,即可得出答案.
本题考查了平均数,中位数,众数和方差的意义.平均数平均数表示一组数据的平均程度.中位数是将一组数据从小到大(或从大到小)重新排列后,最中间的那个数(或最中间两个数的平均数);方差是用来衡量一组数据波动大小的量;众数是一组数据中出现次数最多的数.
21.【答案】解:(1)设1辆大型垃圾车一次运输x吨垃圾,1辆小型垃圾车一次运输y吨垃圾,
根据题意,得2x+3y=265x+4y=58,
解得:x=10y=2,
答:1辆大型垃圾车一次运输10吨,1辆小型垃圾车一次运输2吨垃圾.
(2)设派出a辆大型垃圾车,则派出(12-a)辆小型垃圾车,总费用为w元,
根据题意,得w=300a+150(12-a)=150a+1800,
根据题意,得10a+2(12-a)≥60,
解得:a≥92,
∴92≤a<12,
∵k=150>0,
∴w随a的增大而增大,
当a=5时,w最大=150×5+1800=2550(元),
12-5=7(辆),
答:应派出5辆大型垃圾车,7辆小型垃圾车时总费用最少,最少为2250元.
【解析】(1)设1辆大型垃圾车一次运输x吨垃圾,1辆小型垃圾车一次运输y吨垃圾,根据“2辆大型垃圾车与3辆小型垃圾车一次可以运输26吨垃圾;5辆大型垃圾车与4辆小型垃圾车一次可以运输58吨垃圾”列二元一次方程组,求解即可;
(2)设派出a辆大型垃圾车,则派出(12-a)辆小型垃圾车,总费用为w元,表示出w与a的一次函数,根据该城市每日需运输的垃圾不少于60吨求出a的取值范围,再根据一次函数的性质即可确定费用最少的派车方案.
本题考查了二元一次方程组的应用,一次函数的应用,一元一次不等式不等式的应用,理解题意并建立相应的关系式是解题的关键.
22.【答案】解:(1)AB'=DC',
∵四边形ABCD是矩形,
∴AD//BC,AD=BC,
∵△B'C'D'是由△BCD平移得到的,
∴B'C'//BC,B'C'=BC,
∴B'C'//AD,B'C'=AD,
∴四边形AB'C'D是平行四边形,
∴AB'=DC';
(2)能,理由如下:
∵四边形ABCD是矩形,
∴∠BAD=90°,
∵∠ADB=30°,
∴∠ABD=60°,
∵四边形AB'C'D是菱形,
∴AB'=AD,
∴∠AB'D=∠ADB=30°,
∵∠ABD=∠AB'D+∠B'AB=60°,
∴∠AB'D=∠B'AB=30°,
∴B'B=AB=2,
则平移的距离为2;
(3)如图,
问题:当△BCD沿射线BD的方向平移,平移距离为2时,AC'与BD'的位置有何关系?
结论:AC'⊥BD'.
【解析】(1)根据平移的性质证明四边形AB'C'D是平行四边形,即可解决问题;
(2)根据菱形的性质可得AB'=AD,进而可以解决问题;
(3)结合(2)当△BCD沿射线BD的方向平移,平移距离为2时,可得AC'与BD'的位置关系.
本题考查了作图-平移变换,菱形的判定与性质,矩形的性质,解决本题的关键是掌握平移的性质.
23.【答案】解:(1)把C(0,-2)代入y=32x+b中,
解得:b=-2,
∴y=32x-2,
解方程组y=32x-2y=-x+3,
得:x=2y=1,
∴D(2,1);
(2)①当x=0时,代入y=-x+3,
解得y=3,
∴A(0,3),
∵C(0,-2),
∴AC=5,
∵S△ADM:S△CDM=2:3,并且它们同高,
∴S△ADM:S△CDM=AM:CM=2:3,
∴AM=25AC=2,
∴OM=1,
∴M(0,1);
②∵A(0,3),D(2,1),
∴AD=22;
第一种:当AM=AD时,
AM=22,
∴OM=3-22,
∴M1(0,3-22);
第二种:当DM=AD时,
令y=0,则-x+3=0,
∴x=3,
∴B(3,0),
∴OA=OB=3,
∴∠OAB=∠OBA=45°,
∵DM=AD,
∴∠AMD=∠OAB=45°,
∴∠ADM=90°,
∴AM=AD2+DM2=4,
∴OM=1,
∴M2(0,-1);
第三种:当AM=DM时,
∵∠OAB=45°,
∴∠ADM=45°,
∴∠AMD=90°,
∴M3(0,1),
综上所述:当△ADM为等腰三角形时,M1(0,3-22)或M2(0,-1)或M3(0,1).
【解析】(1)利用待定系数法先求出直线y=32x+b的解析式,再联立直线y=-x+3和直线y=32x+b,即可求解;
(2)①先得出AC的值,再根据S△ADM:S△CDM=2:3,得出AM=25AC=2,进而得出结论;
②分情况讨论:第一种:当AM=AD时;第二种:当DM=AD时;第三种:当AM=DM时三种情况求解即可.
本题是一次函数综合题,主要考查了一次函数的性质、等腰三角形的性质、面积的计算等,其中(2)②要注意分类求解,避免遗漏.
平均数
中位数
众数
方差
初中段
a
42
c
63.8
小学段
39.2
b
40
31.36
2022-2023学年山西省吕梁市交城县八年级(下)期中数学试卷(含解析): 这是一份2022-2023学年山西省吕梁市交城县八年级(下)期中数学试卷(含解析),共19页。试卷主要包含了选择题,股四,填空题等内容,欢迎下载使用。
2021-2022学年山西省吕梁市交城县九年级(上)期末数学试卷(含答案解析): 这是一份2021-2022学年山西省吕梁市交城县九年级(上)期末数学试卷(含答案解析),共22页。试卷主要包含了【答案】B,【答案】C,【答案】A,【答案】D等内容,欢迎下载使用。
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