【化学】江苏省姜堰二中2018-2019学年高一上学期期中考试试卷（解析版）

江苏省姜堰二中2018-2019学年高一上学期期中考试试卷
可能用到的相对原子质量： H 1 C 12 N 14 O 16 Na 23 Mg 24 Al 27 S 32 Cl 35. 5 Ca 40 Fe 56 Cu 64 Ag 108 I 127 Ba 137
选择题
单项选择题：本题包括10 小题，每小题2 分，共计20 分。每小题只有一个选项符合题意。
1.下列诗句或谚语都与化学现象有关，下列说法不正确的是( )
A. “忽闻海上有仙山，山在虚无缥缈间”的海市蜃楼是一种自然现象，与胶体知识有关
B. “落汤螃蟹着红袍”肯定发生了化学变化
C. “滴水石穿”包含化学变化，而“绳锯木断”则不包含化学变化
D. “卤水点豆腐，一物降一物”发生了化学反应
【答案】D
【解析】
【分析】物理变化和化学变化的根本区别在于是否有新物质生成。如果有新物质生成，则属于化学变化；反之，则是物理变化。
【详解】A．空气为胶体，能有利于光线的折射，从而导致海市蜃楼的形成，A正确。
B．龙虾和螃蟹被煮熟时，它们壳里面的一种蛋白质-甲壳蛋白会受热扭曲分解，释放出一种类似于胡萝卜素的色素物质，有新物质生成，属于化学变化，B正确；
C．滴水穿石是指石头在水滴或雨滴的侵蚀作用下发生了复杂的物理、化学变化而溶解，从而使石头穿孔；“绳锯木断”指的是用绳子把木头锯断，只发生物理变化，不包含化学变化，C正确；
D．豆腐的原料黄豆富含蛋白质，经水浸、磨浆、除渣、加热，得到的蛋白质的胶体，点豆腐就是设法使蛋白质胶体发生凝聚而与水分离，所以卤水点豆腐，是物理变化，D错误。
答案选D。
2.下列电离方程式错误的是( )
①NaHCO3= Na++H++ CO32- ② NaHSO4 = Na++H++ SO42-③H2SO4 = 2H++ SO42- ④KC1O3 = K++ C15++3O2-
A. ① B. ①② C. ①④ D. ③④
【答案】C
【详解】①碳酸是弱酸，NaHCO3是H2CO3的酸式盐，HCO3-不能拆，电离方程式为：NaHCO3═Na++HCO3-，故①错误；
②NaHSO4是强酸的酸式盐，属强电解质，完全电离用“═”，电离出Na+、H+、SO42−离子，其电离方程式为：NaHSO4=Na++H++SO42−，故②正确；
③硫酸为二元强酸，一步完全电离，电离方程式为：H2SO4═2H++SO42−，故③正确；
④氯酸钾是强电解质，是由钾离子和氯酸根离子构成，能完全电离，电离方程式为：KClO3=K++ClO3−，故④错误，答案选C。
3.NA表示阿伏加德罗常数，下列叙述中正确的是( )
A. 常温常压下，48g O3所含的原子数为3NA
B. 1mol NH3所含有的原子数为NA
C. 标准状况下，22.4L水中所含原子数为3 NA
D. 0.1mol/L NaC1溶液中所含Na＋数目为0.1 NA
【答案】A
【解析】A正确；B错，1mol NH3 所含有的原子数为3NA；C错，标准状况下水不是气体；D错，无溶液体积无法计算；
4.某无色透明的溶液，在强酸和强碱性环境下都能大量共存的是( )
A. Fe2＋、K＋、SO42－、NO3－ B. Na＋、K＋、SO42－、NO3－
C. Mg2＋、NH4+、SO42－、Cl－ D. Ba2＋、Na＋、MnO4－、SO42－
【答案】C
【解析】
【分析】溶液无色，则有颜色的离子不能存在，在强酸性和强碱性的条件下都能大量共存，说明离子既不与H+反应也不与OH-反应，则在两种溶液中都能大量共存，以此解答该题。
【详解】A．Fe2+有颜色，在碱性溶液中会生成沉淀，在酸性溶液中能被硝酸根离子氧化，不能大量共存，A错误；
B．碱性条件下Mg2＋、NH4+不能大量共存，故B错误；
C．四种离子既不与H+反应也不与OH-反应，且离子之间不发生任何反应，在两种溶液中都能大量共存，C正确；
D．MnO4－有颜色，且Ba2+、SO42－反应生成沉淀，不能大量共存，D错误。
答案选C。
5.实验是化学研究的基础，下列实验操作或装置正确的是( )
A. 向试管中滴加液体
B. 除去CO气体中的CO2气体
C. 碳酸氢钠受热分解
D. 过滤
【答案】B
【详解】A.胶头滴管使用时应垂直、悬空于试管正上方0.5cm处，故A错误；
B.氢氧化钠与二氧化碳反应，与一氧化碳不反应，可以用氢氧化钠除去一氧化碳中混有的二氧化碳；气体除杂进气管较长，浸入液体以下，出气管在液面以上，故B正确；
C.大试管口应该向下倾斜，防止液体回流，造成试管炸裂，故C错误；
D.过滤操作时倾倒液体应用玻璃棒引流，玻璃棒应靠在三层滤纸上且低于滤纸边缘，漏斗下端口紧靠烧杯内壁，故D错误。答案选B。
6.下列化学变化中，需加入氧化剂才能实现的是( )
A. C→CO B. CO2→CO C. CuO→Cu D. H2SO4→BaSO4
【答案】A
【详解】A.碳转化为一氧化碳，其中碳元素化合价由0价升高到+2价，碳是还原剂，需要加入氧化剂，故A正确；
B.二氧化碳转化为一氧化碳，其中碳元素的化合价由+4价降低到+2价，二氧化碳是氧化剂，需要加入还原剂，故B错误；
C.氧化铜转化为铜单质，其中铜元素的化合价由+2价降低到0价，氧化铜是氧化剂，需要加入还原剂，故C错误；
D.硫酸转化为硫酸钡，没有元素化合价变化，没有发生氧化还原反应，不需要加入氧化剂，故D错误。答案选A。
7.下列除杂试剂及操作正确的是（ ）

物质
所含杂质
除杂试剂
除杂操作
A
CO2
CO
O2
加热
B
KCl
K2CO3
稀H2SO4
—
C
Cu(OH)2
CuSO4
Ba(OH)2溶液
过滤
D
Fe(NO3)2溶液
AgNO3溶液
足量铁粉
过滤
【答案】D
【解析】
【分析】根据原物质和杂质的性质选择适当的除杂剂和分离方法，所谓除杂（提纯），是指除去杂质，同时被提纯物质不得改变．除杂质题至少要满足两个条件：①加入的试剂只能与杂质反应，不能与原物质反应；②反应后不能引入新的杂质．
【详解】A、除去二氧化碳中的一氧化碳不能够通氧气点燃，这是因为除去气体中的气体杂质不能使用气体，否则会引入新的气体杂质，故A错误；
B、K2CO3与硫酸反应生成硫酸钾，引入新的杂质，故B错误；
C、CuSO4与Ba(OH)2溶液生成Cu(OH)2和BaSO4两种沉淀，在Cu(OH)2中引入杂质，故C错误；
D、2AgNO3＋Fe=Fe(NO3)2＋2Ag，可将杂质除去，故D正确。
故选D。
8.某溶液中含有较大量的Cl－、CO32-、OH－等3种阴离子，如果只取一次该溶液就能够分别将3种阴离子依次检验出来，下列实验操作顺序正确的是( )
①滴加Mg(NO3)2溶液　②过滤 　③滴加AgNO3溶液 ④滴加Ba(NO3)2溶液
A. ①②④②③ B. ④②①②③ C. ①②③②④ D. ④②③②①
【答案】B
【解析】某溶液中含有较大量的Cl－、CO32－、OH－等3种阴离子，如果只取一次该溶液就能够分别将3种阴离子依次检验出来，应该先滴加Ba(NO3)2溶液检验CO32－，过滤后，再向滤液中滴加Mg(NO3)2溶液检验OH－，过滤，最后向滤液中滴加AgNO3溶液检验Cl－，所以实验操作顺序正确的是B， 本题选B。
9.在某体系内有反应物和生成物5种物质：H2S、S、FeCl3、FeCl2、HCl.已知H2S为反应物，则另一反应物是( )
A. S B. FeCl2 C. FeCl3 D. HCl
【答案】C
【解析】
【分析】根据S守恒，反应中H2S被氧化成S，结合“氧化还原反应的特征：元素的化合价有升降”分析。
【详解】H2S为反应物，根据S守恒，S为生成物，即反应中S元素的化合价由-2价升至0，H2S→S为氧化反应；氧化还原反应中氧化反应和还原反应一定同时发生，根据各物质中元素的化合价，另一过程为FeCl3→FeCl2，Fe元素的化合价由+3价降至+2价，另一反应物为FeCl3，反应的化学方程式为H2S+2FeCl3=S↓+2FeCl2+2HCl，答案选C。
10.500mL含有MgCl2 、NaC1、Na2SO4三种物质的混合溶液,已知其中含有C1-为1.8mol,Na+ 为2mol,Mg2+ 为0.5mol,则SO42- 的物质的量浓度为( )
A. 0.6mo1/L B. 0.7mo1/L C. 1.0mo1/L D. 1.2mo1/L
【答案】D
【解析】试题分析：在任何溶液中，阳离子带有的正电荷总数与阴离子带有的负电荷总数相等。可得n(Na＋)+2n(Mg2＋)=n(Cl－)+2n(SO42-)，将已知数据代入上式式子，可得2＋2×0.5=1.8+2n(SO42-)，解得n(SO42-)=0.6mol，由于溶液的体积是500mL，所以SO42-的物质的量浓度为0.6mol÷0.5L=1.2mol/L，选项C正确。
不定项选择题：本题包括5 小题，每小题4 分，共计20 分。每小题只有一个或两个选项符合题意。若正确答案只包括一个选项，多选时，该小题得0 分；若正确答案包括两个选项，只选一个且正确的得2 分，选两个且都正确的得满分，但只要选错一个，该小题就得0 分
11.下列说不正确的是( )
A. 金属钠有强还原性，能和硫酸铜溶液反应，析出金属铜
B. 用Al(OH)3治疗胃酸过多
C. 过氧化钠可用于呼吸面具中作为氧气的来源
D. 绚丽缤纷的烟花中添加了含钾、钙、钠、铜等金属元素化合物
【答案】A
【详解】A、钠与盐溶液反应时，先与水反应，则Na和硫酸铜溶液反应时先生成氢氧化钠，氢氧化钠再与硫酸铜反应生成氢氧化铜沉淀，不能析出金属铜，选项A不正确；B、Al(OH)3具有弱碱性，可与胃酸中盐酸发生中和反应而除去过多的胃酸，选项B正确；C、过氧化钠可以和人体呼出的气体水以及二氧化碳反应生成氧气，用作供氧剂，选项C正确；D、烟花中添加的化合物中的金属元素在灼烧使发生焰色反应，呈现出不同的颜色，选项D正确；答案选A。
12.溶液中有0.2mol XO4-，加入0.3mol Na2SO3恰好反应，已知Na2SO3被氧化成Na2SO4，则还原产物中X的化合价为( )
A. +1 B. +3 C. +4 D. 0
【答案】C
【解析】
【分析】根据氧化还原反应中得失电子守恒分析。
【详解】设还原产物中X的化合价为y，XO4-中X的化合价为+7价，Na2SO3被氧化成Na2SO4，S元素的化合价由+4价升至+6价，根据得失电子守恒，0.2mol×[（+7）-y]=0.3mol×[（+6）-（+4）]，解得y=+4，答案选C。
13.已知有如下氧化还原反应：Zn+2HNO3+NH4NO3＝N2↑+Zn(NO3)2+3H2O，则下列说法错误的是( )
A. 只有Zn是反应的还原剂
B. N2既是氧化产物又是还原产物
C. 该氧化还原反应转移了5e－
D. 若产生N2的体积为2.24 L，则反应中转移的电子数为0.5NA
【答案】AD
【详解】Zn转化为Zn(NO3)2，其中锌元素化合价由0价升高到+2价，失2e-，Zn为还原剂，Zn(NO3)2为氧化产物；铵根离子中N元素的化合价由-3价升高到0价生成N2，失3e-，NH4NO3为还原剂，N2为氧化产物；HNO3中N元素的化合价由-5价降低到0价生成N2，得5e-，HNO3为氧化剂，N2为还原产物。由此可知Zn和NH4NO3为还原剂，N2既是氧化产物又是还原产物，此过程中转移了5e-，则A错误，B、C正确。D选项没有给出标况下，无法用标况下气体摩尔体积公式计算出N2的物质的量，无法计算出转移电子数，D错误。故A、D错误，B、C正确。答案选AD.
14.下列离子方程式正确的是( )
A. Fe跟稀H2SO4反应：2Fe+6H+=2Fe3++3H2↑
B. 澄清石灰水与过量NaHCO3溶液反应：Ca2++2HCO3—+2OH—= CaCO3↓+CO32—+2H2O
C. 氢氧化铜与盐酸反应：Cu(OH)2+2H+=Cu2++2H2O
D. NaHCO3与稀HCl反应：2H++CO32—=CO2↑+H2O
【答案】BC
【详解】A. Fe跟稀H2SO4生成的是硫酸亚铁和氢气，离子方程式为：Fe+2H+═Fe2++H2↑，故A错误；
B.澄清的石灰水中Ca(OH)2是可溶性强电解质，在离子方程式中需拆成离子形式，NaHCO3是弱酸H2CO3对应的酸式盐，HCO3-不能拆。反应中NaHCO3过量，Ca(OH)2 与NaHCO3反应时的物质的量之比为1:2，则澄清石灰水与过量NaHCO3溶液反应的离子方程式为：Ca2++2HCO3—+2OH—= CaCO3↓+CO32—+2H2O，故B正确；
C. 氢氧化铜是难溶物，不能拆，HCl是可溶性强电解质，拆成离子形式，则氢氧化铜与盐酸反应的离子方程式为：Cu(OH)2+2H+=Cu2++2H2O，故C正确；
D.NaHCO3是弱酸H2CO3对应的酸式盐，HCO3-不能拆，则NaHCO3与稀HCl反应的离子方程式为：HCO3—+H+=CO2↑+H2O，故D错误。答案选BC。
15.将定量的Na2CO3和NaHCO3的混合物加热到不再放出气体时，收集到CO2aL，冷却后向残余物中加入足量盐酸又收集到CO2 2 aL (体积均在标准状况下测定)。则混合物中Na2CO3和NaHCO3的物质的量之比为( )
A. 1:1 B. 1:2 C. 1:3 D. 1:4
【答案】B
【解析】试题分析：加热时碳酸氢钠分解生成碳酸钠和CO2以及水，反应的方程式是2NaHCO3Na2CO3＋H2O＋CO2↑。碳酸钠和盐酸反应的方程式是Na2CO3＋2HCl＝2NaCl＋H2O＋CO2↑，其中和盐酸反应的碳酸钠包含碳酸氢钠分解生成的碳酸钠，所以根据CO2的体积可知混合物中Na2CO3和NaHCO3的物质的量之比为1∶2，答案选B。
非选择题
16.我国很早就使用青铜器，由于时间久远，其表面有一层“绿锈”，“绿锈”俗称“铜绿”，是铜和空气中的水蒸气、CO2、O2作用产生的，化学式为[Cu2(OH)2CO3]，“铜绿”能跟酸反应生成铜盐、CO2和H2O。某同学利用以下反应实现了“铜→铜绿→……→铜”的转化。

(1)从物质分类标准看，“铜绿”属于______(填字母)。
A．酸 B．碱 C．盐 D．氧化物
(2)写出B的化学式：____________。
(3)请写出铜绿与盐酸反应的离子方程式：________________________。
(4)上述转化过程中属于氧化还原反应的是_______________(填序号)
(5)铜绿在受热时可直接分解生成物质B、CO2和水，其分解的化学方程式为_____________。
【答案】(1). C (2). CuO (3). Cu2(OH)2CO3＋4H+＝2Cu2+＋3H2O＋CO2↑ (4). ①⑤ (5). Cu2(OH)2CO3＝2CuO+H2O＋CO2↑
【解析】
【分析】本题考查的知识点有物质的分类、离子方程式的书写、氧化还原反应。
①物质的分类方法很多，其中按物质的组成和性质特点可分为混合物和纯净物；纯净物分为单质和化合物；单质分为金属单质和非金属单质，化合物分为无机物和有机物；无机物分为氧化物、酸、碱、盐等；其中盐按组成可分为正盐、酸式盐、碱式盐、复盐，按是否溶于水可分为可溶性盐和难溶性盐。
②离子方程式书写时遵循一写二拆三删四查的原则。其中可溶性强电解质拆成离子形式；难溶物、单质、气体、氧化物、弱电解质、水不拆，保持化学式的形式。
③氧化还原反应的特征是有元素化合价的升降。
【详解】（1）铜绿是碱式碳酸铜的俗称，所以Cu2(OH)2CO3属于碱式盐。本小题答案为：C。
（2）氢氧化铜受热分解生成氧化铜和水，则B为氧化铜，化学式为CuO。本小题答案为：CuO。
（3）由信息可知“铜绿”能跟酸反应生成铜盐、CO2和H2O，则铜绿与盐酸反应的离子方程式为Cu2(OH)2CO3＋4H+＝2Cu2+＋3H2O＋CO2↑。本小题答案为：Cu2(OH)2CO3＋4H+＝2Cu2+＋3H2O＋CO2↑。
（4）反应①中铜转化为铜绿，铜元素的化合价由0价升高到+2价，有价态变化，反应①为氧化还原反应；反应②是铜绿与酸反应生成铜盐、CO2和H2O，是复分解反应，没有价态变化，不是氧化还原反应；反应③是铜盐与碱反应生成氢氧化铜沉淀，是复分解反应，没有价态变化，不是氧化还原反应；反应④是氢氧化铜受热分解生成氧化铜和水，是分解反应，没有价态变化，不是氧化还原反应；反应⑤是氧化铜与氢气反应生成铜和水，是置换反应，有价态变化，是氧化还原反应。本小题答案为：①⑤。
（5）铜绿在受热时可直接分解生成物质B、CO2和水，因为B为CuO，则铜绿受热分解的化学方程式为Cu2(OH)2CO3＝2CuO+H2O＋CO2↑。
17.储氢纳米碳管的研究成功体现了科技的进步，但用电弧法合成的碳纳米管常伴有大量的杂质——碳纳米颗粒，这种碳纳米颗粒可用氧化气化法提纯。其反应式为：3C+2K2Cr2O7 +8H2SO4===3CO2↑+2K2SO4
+2Cr2(SO4)3 +8H2O。
（1）请用双线桥法标出电子转移方向和数目________________________________。
（2）上述反应中氧化剂是______（填化学式），被氧化的元素是________（填元素符号）。
（3）H2SO4 在上述反应中表现出来的性质是____________（填序号）。
A．氧化性 B．氧化性和酸性 C．酸性 D．还原性和酸性
（4）若反应中电子转移了0.8 mol，则产生的气体在标准状况下的体积为_________L。
【答案】(1). (2). K2Cr2O7 (3). C (4). C (5). 4.48
【详解】（1）反应中C元素的化合价由0升高为+4价，Cr元素的化合价由+6价降低为+3价，由化合价前后的变化分析可得双线桥法如下： ；
（2）反应中铬元素的化合价降低，故氧化剂为K2Cr2O7，碳元素的化合价升高，则碳元素被氧化，故答案为：K2Cr2O7、C；
（3）H2SO4 在上述反应中表现出酸性，故答案为：C；
（4）由上述双线桥法可得关系式为:12e-——3CO2，若反应中电子转移了0.8mol，则生成气体的为：0.8mol÷12×3=0.2mol，在标准状况下的体积为：0.2mol×22.4L/mol=4.48L，故答案为：4.48L。
18.我国有丰富的海水资源，开发和利用海水资源是当前科学研究的一项重要任务，如图是海水综合利用的一个方面。

Ⅰ.(1)上述过程中没有涉及到的四大基本反应类型是______；
a．化合反应 b．分解反应 c．置换反应 d．复分解反应
(2)步骤1中分离操作的名称是___________；
(3)粗盐中含有Ca2＋、Mg2＋、SO42－等杂质，精制时所用试剂为：a.盐酸；b.BaCl2溶液；c.NaOH溶液；d.Na2CO3溶液。加入试剂的顺序是_____________；
II.实验室利用精盐配制480mL 2.0mol·L－1NaCl溶液。
(4)除烧杯和玻璃棒外，还需要的玻璃仪器有___________________、_______________；
(5)用托盘天平称取固体NaCl________g；
(6)配制时，按以下几个步骤进行：①计算 ②称量 ③溶解 ④冷却 ⑤转移 ⑥定容 ⑦摇匀 ⑧装瓶。操作中还缺少一个重要步骤是______________________；
(7)下列错误操作可使所配制氯化钠溶液浓度偏低的是_________。
a．容量瓶洗净后残留了部分的水
b．转移时溶液溅到容量瓶外面
c．定容时俯视容量瓶的刻度线
d．摇匀后见液面下降，再加水至刻度线
【答案】(1). c (2). 过滤 (3). bdca或cbda或bcda (4). 烧杯、玻璃棒、胶头滴管 (5). 58.5 (6). 洗涤(烧杯和玻璃棒) (7). bd
【解析】（1）碳酸钙分解生成氧化钙和二氧化碳，氧化钙与水发生化合反应生成氢氧化钙，氢氧化钙与镁离子发生复分解反应生成氢氧化镁，氢氧化镁与盐酸发生复分解反应生成氯化镁和水，电解熔融的氯化镁生成氯气和镁，没有涉及的基本反应类型是置换反应，答案选c；（2）步骤1中得到氢氧化镁沉淀，分离操作的名称是过滤；（3）Ca2＋用碳酸钠除去，Mg2＋用氢氧化钠除去，SO42－用氯化钡除去，最后过滤，向滤液中加入盐酸酸化。但由于过量的氯化钡要用碳酸钠来除，所以碳酸钠必需放在氯化钡的后面，而氢氧化钠可以随意调整，因此加入试剂的顺序是bdca或cbda或bcda。（4）除容量瓶外，还需要的玻璃仪器有烧杯、玻璃棒、胶头滴管；（5）需要500mL容量瓶，则用托盘天平称取固体NaCl的质量是0.5L×2.0mol/L×58.5g/mol＝58.5g；（6）根据①计算②称量③溶解④冷却⑤转移⑥定容⑦摇匀⑧装瓶可知还缺少一个重要步骤是洗涤(烧杯和玻璃棒)；（7）a．容量瓶洗净后残留了部分的水不影响；b．转移时溶液溅到容量瓶外面，溶质减少，浓度偏低；c．定容时俯视容量瓶的刻度线，溶液体积减少，浓度偏高；d．摇匀后见液面下降，再加水至刻度线溶液体积增加，浓度偏低，答案选bd；
19.掌握仪器名称、组装及使用方法是中学化学实验的基础，下图为两套实验装置。

(1)写出下列仪器的名称：a.____________，b.___________，e.__________。
(2)仪器a～e中，使用前必须检查是否漏水的有___________。(填序号)
(3)若利用装置分离四氯化碳和酒精的混合物，还缺少的仪器是__________，将仪器补充完整后进行实验，温度计水银球的位置在_______处。冷凝水由____口流出(填f或g)。
(4)表示溶液浓度的方法通常有两种;溶液中溶质的质量分数(W)和物质的量浓度 (c)，把98%(密度为1.84g/cm3)的浓硫酸稀释成2mol/L的稀硫酸100mL，需要量取浓硫酸_______ mL，若配制时没有冷却到室温就转移、定容，则所配溶液的物质的量浓度________(填“偏大”、“偏小”或“无影响”)。
【答案】(1). 蒸馏烧瓶 (2). 冷凝管 (3). 锥形瓶 (4). c (5). 酒精灯 (6). 蒸馏烧瓶支管口 (7). f (8). 10.9 (9). 偏大
【解析】
【分析】（1）根据蒸馏实验使用的仪器分析仪器的名称；
（2）具有塞子或活塞的仪器，使用前需要查漏；
（3）四氯化碳和酒精的混合物互溶，沸点不同，用蒸馏法分离，冷却水下进上出在冷凝管中停留时间长，效果好；
（4）根据进行误差分析时，关键要看配制过程中引起n和V怎样的变化，若n比理论值小或V比理论值大时，都会使所配溶液浓度偏小；若n比理论值大或V比理论值小时，都会使所配溶液浓度偏大．
【详解】(1)由图可知仪器a、b、e分别为蒸馏烧瓶、冷凝管、锥形瓶。本小题答案为：蒸馏烧瓶；冷凝管；锥形瓶。
(2)具有塞子或活塞的仪器，使用前需要查漏，则仪器a∼e中，使用前必须检查是否漏水的有c。本小题答案为：c。
(3)四氯化碳和酒精的混合物互溶，沸点不同，选蒸馏法分离，则图中还缺少的仪器是酒精灯。将仪器补充完整后进行实验，温度计测的是馏分的沸点，水银球的位置应在蒸馏烧瓶支管口处。冷却水下进上出在冷凝管中停留时间长，效果好，冷凝水由g口通入f口流出。本小题答案为：酒精灯；蒸馏烧瓶支管口；f。
(4) 稀释前后溶质的物质的量不变n(前)=n(后)




温度升高，溶液体积变大当溶液冷却之后，体积减小，也就是等于冷却之后加的水比理论上少，所以说溶液浓度偏高。本小题答案为：10.9；偏大。
20.某固体可能含有NH4+、Cu2+、Na+、Cl-、CO32-、SO42-中的几种离子，取等质量的两份该固体，进行如下实验：
I．一份固体溶于水得无色透明溶液，加入足量BaCl2溶液，得沉淀6.63g ，在沉淀中加入过量稀盐酸，仍有4.66g沉淀。
II．另一份固体与过量NaOH浓溶液混合后充分加热，产生使湿润的红色石蕊试纸变蓝色的气体0.672L(标准状况)。
回答下列问题：
(1)该固体中一定没有的离子是__________，一定含有的离子是________________。
(2)实验I中沉淀质量减少的离子方程式为___________________________________。
(3)实验II中产生气体是______(填化学式)，发生反应的离子方程式为___________________。
(4)根据以上实验，无法确定该固体中是否含有的离子是__________，请设计实验验证是否含有该离子_____(写出操作步骤、现象和结论)。
【答案】(1). Cu2+ (2). NH4+、Na+、CO32-、SO42- (3). BaCO3+2H+＝Ba2++CO2↑+H2O (4). NH3 (5). NH4++OH-＝NH3↑+H2O (6). 0.3 mol/L (7). Cl- (8). 取少量固体于试管中，加入蒸馏水溶解，滴入过量的Ba(NO3)2溶液，静置，取上层清液于另一支试管中，滴加AgNO3溶液，如果有白色沉淀产生，则证明固体中含有Cl-，如果没有白色沉淀产生，则证明固体中不含有Cl-
【详解】一份固体溶于水得无色透明溶液，说明不含Cu2+，加入足量BaCl2溶液，得沉淀6.63g，在沉淀中加入过量稀盐酸，仍有4.66g沉淀，说明一定含有SO42-、CO32-，且n（SO42-）=n（BaSO4）=4.66g÷233g/mol=0.02mol，n（CO32-）=n（BaCO3）=（6.63g－4.66g）÷197g/mol=0.01mol；另一份固体与过量NaOH浓溶液混合后充分加热，产生使湿润的红色石蕊试纸变蓝色的气体0.672L即0.03mol（标准状况），该气体是氨气，所以含有铵根离子0.03mol，由于阴离子所带电荷大于阳离子所带电荷，由电荷守恒可知应还存在Na+，氯离子不能确定。则
（1）该固体中一定没有的离子是Cu2+，一定含有的离子是NH4+、Na+、CO32-、SO42-。
（2）实验I中沉淀质量减少的是碳酸钡，与盐酸反应的离子方程式为BaCO3+2H+＝Ba2++CO2↑+H2O。
（3）实验II中产生气体是氨气，化学式为NH3，发生反应的离子方程式为NH4++OH-＝NH3↑+H2O。将产生的气体溶于水，配成100mL溶液，所得溶液的物质的量浓度为0.03mol÷0.1L＝0.3mol/L。
（4）根据以上实验，无法确定该固体中是否含有的离子是Cl-，由于硫酸根、碳酸根离子会干扰氯离子的检验，所以实验验证是否含有该离子实验操作为取少量固体于试管中，加入蒸馏水溶解，滴入过量的Ba(NO3)2溶液，静置，取上层清液于另一支试管中，滴加AgNO3溶液，如果有白色沉淀产生，则证明固体中含有Cl-，如果没有白色沉淀产生，则证明固体中不含有Cl。
21.将一定质量的Al、Mg混合物加入到足量的盐酸中，充分反应后得到标准状况下的氢气8.96L；如果将等质量的该混合物加入到足量的NaOH溶液中，充分反应后得到标准状况下的氢气6.72L。
(1)混合物与NaOH溶液反应的离子方程式为______________________；
(2)求混合物中各成份的质量______。(写出计算过程)
【答案】 (1). 2Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3 H2↑ (2). m(Mg)=2.4g m(Al)=5.4g
【解析】
【分析】（1）Al、Mg混合物中，Mg不与氢氧化钠溶液反应，只有Al与氢氧化钠溶液反应；
（2）Mg不与氢氧化钠溶液反应，则6.72L气体为铝与氢氧化钠溶液反应生成的，而Al与盐酸、氢氧化钠溶液反应生成的氢气体积相等，据此可计算出Mg与盐酸反应生成氢气的体积，然后根据反应方程式分别进行计算即可。
【详解】（1）Al、Mg混合物中只有Al与氢氧化钠反应，离子方程式为：2Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3H2↑。本小题答案为：2Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3H2↑。
（2）Al、Mg都与盐酸反应产生氢气，但只有Al与氢氧化钠溶液反应产生氢气，又由于等质量铝与盐酸、氢氧化钠反应产生的氢气体积相同，都为6.72 L，则镁与盐酸反应产生的氢气为8.96 L−6.72 L=2.24 L，
设Mg的质量为x，Al的质量为y，
Mg+2HCl=MgCl2+H2↑
24g           22.4L
x            2.24 L
则：x=2.4 g，
2Al+6HCl═2AlCl3+3H2↑     或2Al+2NaOH+2H2O═2NaAlO2+3H2↑ 
54g               67.2 L       54g                     67.2 L
y               6.72 L        y                        6.72 L
则y=5.4g，
答：混合物中Mg的质量为2.4g， 铝的质量为5.4g.