2020-2021学年华东师大 版九年级下册数学期中复习试卷(word版 含答案)
展开2020-2021学年华东师大新版九年级下册数学期中复习试卷
一.选择题(共12小题,满分36分,每小题3分)
1.下列各数中,负数是( )
A.|﹣5| B.﹣(﹣3) C.(﹣1)2019 D.(﹣1)0
2.据统计,某城市去年接待旅游人数约为89 000 000人,89 000 000这个数据用科学记数法表示为( )
A.8.9×106 B.8.9×105 C.8.9×107 D.8.9×108
3.下列运算正确的是( )
A.3a×2a=6a B.a8÷a4=a2
C. D.﹣3(a﹣1)=3﹣3a
4.已知m是的整数部分,n是的小数部分,则m2﹣n的值是( )
A.6﹣ B.6 C.12﹣ D.13
5.已知点P(a,2﹣a)关于原点对称的点在第四象限,则a的取值范围在数轴上表示正确的是( )
A. B.
C. D.
6.如图,几何体的左视图是( )
A. B.
C. D.
7.如图,ABCD为一长条形纸带,AB∥CD,将ABCD沿EF折叠,A、D两点分别与A′、D′对应,若∠1=2∠2,则∠AEF的度数为( )
A.60° B.65° C.72° D.75°
8.某球队参加比赛,开局11场保持不败,积23分,按比赛规则,胜一场得3分,平一场得1分,则该队获胜的场数为( )
A.4 B.5 C.6 D.7
9.如图,是函数y=ax2+bx+c的图象,则函数y=ax+c,y=,在同一直角坐标系中的图象大致为( )
A. B.
C. D.
10.如图,已知P(3,2),B(﹣2,0),点Q从P点出发,先移动到y轴上的点M处,再沿垂直于y轴的方向向左移动1个单位至点N处,最后移动到点B处停止,当点Q移动的路径最短时(即三条线段PM、MN、NB长度之和最小),点M的坐标为( )
A.(0,) B.(0,) C.(0,) D.(0,)
11.将一把直尺,含有60°的直角三角板和光盘如图摆放,已知点A为60°角与直尺交点,AB=2,则光盘的直径是( )
A.2 B.2 C.4 D.4
12.如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,点D在AB上,连接CD,将△BCD沿直线CD翻折后,点B恰好落在边AC的E点处,若CE=5,AE=3,则点D到AC的距离是( )
A. B. C.4 D.13
二.填空题(共6小题,满分18分,每小题3分)
13.函数y=+的自变量x的取值范围是 .
14.因式分解:x2y﹣36y= .
15.如果方程+=0不会产生增根,那么k的取值范围是 .
16.已知:函数y1=2x﹣1,y2=﹣x+3,若x<,则y1 y2(填“>”或=或“<”)
17.如图,已知AD为∠BAC的平分线,DE∥AB交AC于点E,如果AE=3,EC=5,那么= .
18.如图,△OA1B1,△A1A2B2,△A2A3B3,…是分别以A1,A2,A3,…,为直角顶点且一条直角边在x轴正半轴上的等腰直角三角形,其斜边中点C1(x1,y1),C2(x2,y2),C3(x3,y3),…,均在反比例函数y=(x>0)的图象上,则y1+y2+y3+…+y10的值为 .
三.解答题(共8小题,满分66分)
19.(6分)计算:2sin45°+|﹣1|﹣tan60°+(π﹣2)0.
20.(6分)先化简,再求值,其中x为整数且满足不等式组.
21.(8分)抚顺某中学为了解八年级学生的体能状况,从八年级学生中随机抽取部分学生进行体能测试,测试结果分为A,B,C,D四个等级.请根据两幅统计图中的信息回答下列问题:
(1)本次抽样调查共抽取了多少名学生?
(2)求测试结果为C等级的学生数,并补全条形图;
(3)若该中学八年级共有700名学生,请你估计该中学八年级学生中体能测试结果为D等级的学生有多少名?
(4)若从体能为A等级的2名男生2名女生中随机的抽取2名学生,做为该校培养运动员的重点对象,请用列表法或画树状图的方法求所抽取的两人恰好都是男生的概率.
22.(8分)筒车是我国古代利用水力驱动的灌溉工具,唐代陈廷章在《水轮赋》中写道:“水能利物,轮乃曲成”.如图,半径为3m的筒车⊙O按逆时针方向每分钟转圈,筒车与水面分别交于点A、B,筒车的轴心O距离水面的高度OC长为2.2m,筒车上均匀分布着若干个盛水筒.若以某个盛水筒P刚浮出水面时开始计算时间.
(1)经过多长时间,盛水筒P首次到达最高点?
(2)浮出水面3.4秒后,盛水筒P距离水面多高?
(3)若接水槽MN所在直线是⊙O的切线,且与直线AB交于点M,MO=8m.求盛水筒P从最高点开始,至少经过多长时间恰好在直线MN上.
(参考数据:cos43°=sin47°≈,sin16°=cos74°≈,sin22°=cos68°≈)
23.(9分)如图,△ABC中,AB=AC,以AB为直径的⊙O与BC相交于点D,与CA的延长线相交于点E,过点D作DF⊥AC于点F.
(1)求证:DF是⊙O的切线;
(2)若AC=3AE,写出求tanC的思路.
24.(9分)河上有一座桥孔为抛物线形的拱桥,水面宽为6米时,水面离桥孔顶部3米.把桥孔看成一个二次函数的图象,以桥孔的最高点为原点,过原点的水平线为横轴,过原点的铅垂线为纵轴,建立如图所示的平面直角坐标系.
(1)请求出这个二次函数的表达式;
(2)因降暴雨水位上升1米,此时水面宽为多少?
25.(10分)如图1,已知点A(a,0),B(0,b),且a、b满足+(a+b+3)2=0,平行四边形ABCD的边AD与y轴交于点E,且E为AD中点,双曲线y=经过C、D两点.
(1)a= ,b= ;
(2)求D点的坐标;
(3)点P在双曲线y=上,点Q在y轴上,若以点A、B、P、Q为顶点的四边形是平行四边形,试求满足要求的所有点Q的坐标;
(4)以线段AB为对角线作正方形AFBH(如图3),点T是边AF上一动点,M是HT的中点,MN⊥HT,交AB于N,当T在AF上运动时,的值是否发生改变?若改变,求出其变化范围;若不改变,请求出其值,并给出你的证明.
26.(10分)如图,已知抛物线y=ax2+bx+c(a≠0)与x轴交于点A(1,0)和点B(﹣3,0),与y轴交于点C,且OC=OB.
(1)求点C的坐标和此抛物线的解析式;
(2)若点E为第二象限抛物线上一动点,连接BE,CE,BC,求△BCE面积的最大值;
(3)点P在抛物线的对称轴上,若线段PA绕点P逆时针旋转90°后,点A的对应点A′恰好也落在此抛物线上,求点P的坐标.
参考答案与试题解析
一.选择题(共12小题,满分36分,每小题3分)
1.解:A、|﹣5|=5,是正数,不合题意;
B、﹣(﹣3)=3,是正数,不合题意;
C、(﹣1)2019=﹣1,是负数,符合题意;
D、(﹣1)0=1,是正数,不合题意;
故选:C.
2.解:89 000 000这个数据用科学记数法表示为8.9×107.
故选:C.
3.解:A、3a×2a=6a2,选项错误;
B、a8÷a4=a4,选项错误;
C、,选项错误;
D、﹣3(a﹣1)=3﹣3a,选项正确;
故选:D.
4.解:∵3<<4,
∴m=3;
又∵3<<4,
∴n=﹣3;
则m2﹣n=9﹣+3=12﹣.
故选:C.
5.解:∵点P(a,2﹣a)关于原点对称的点为(﹣a,a﹣2)在第四象限,
∴,
解得:a<0,
则a的取值范围在数轴上表示为:
.
故选:B.
6.解:从几何体左面看得到是矩形的组合体,且长方形靠左.
故选:A.
7.解:由翻折的性质可知:∠AEF=∠FEA′,
∵AB∥CD,
∴∠AEF=∠1,
∵∠1=2∠2,设∠2=x,则∠AEF=∠1=∠FEA′=2x,
∴5x=180°,
∴x=36°,
∴∠AEF=2x=72°,
故选:C.
8.解:设该队获胜了x场,平局了y场,
由题意得:,
解得:,
即该队获胜的场数为6,
故选:C.
9.解:∵二次函数y=ax2+bx+c的图象开口向下,
∴a<0,
∵二次函数y=ax2+bx+c的图象交y轴的负半轴,
∴c<0,
∵二次函数y=ax2+bx+c的图象与x轴有两个交点,
∴b2﹣4ac>0,
∴一次函数y=ax+c,图象经过第二、三、四象限,
反比例函数y=的图象分布在第一、三象限,
故选:A.
10.解:如图,将BN沿NM方向平移MN长的距离得到AM,连接AB,则BN=AM,
∴四边形ABNM是平行四边形,
∴MN=AB=1,
∴当A,M,P在同一直线上时,AM+PM有最小值,最小值等于线段AP的长,即BN+PM的最小值等于AP长,
此时PM、MN、NB长度之和最小,
∵P(3,2),B(﹣2,0),AB=1,
∴A(﹣1,0),
设AP的解析式为y=kx+b,则
,解得,
∴y=x+,
令x=0,则y=,即M(0,),
故选:A.
11.解:设三角板与圆的切点为C,连接OA、OB,如图所示:
由切线长定理知AB=AC=2,OA平分∠BAC,
∴∠OAB=60°,
在Rt△ABO中,OB=ABtan∠OAB=2,
∴光盘的直径为4,
故选:D.
12.解:设点D到AC的距离为h,
∵将△BCD沿直线CD翻折后,点B恰好落在边AC的E点处,
∴BC=CE,∠BCD=∠ACD,
∴点D到BC的距离为h,
∵CE=5,AE=3,
∴AC=8,
∵∠ACB=90°,
∴S△ABC=×5×8=20,
又∵S△ADC=×AC×h=×8×h,S△BCD=×5×h,
∴×8×h+×5×h=20,
解得h=
∴点D到AC的距离h=,
故选:B.
二.填空题(共6小题,满分18分,每小题3分)
13.解:由题意,得
3﹣x>0且x﹣2≠0,
解得x≤3且x≠2,
故答案为:x≤3且x≠2.
14.解:x2y﹣36y=y(x2﹣36)=y(x+6)(x﹣6),
故答案为:y(x+6)(x﹣6).
15.解: +=0,
去分母得,2k+x=0,
当x=﹣2时,会产生增根,
把x=﹣2代入整式方程得,2k﹣2=0,
解得k=1,
∴解方程+=0时,不会产生增根,实数k的取值范围为k≠1.
故答案是:k≠1.
16.解:联立y1=2x﹣1,y2=﹣x+3,
解得,
所以当x<时,y1<y2
故答案为:<.
17.解:∵DE∥AB,
∴∠ADE=∠BAD,
∵AD为△ABC的角平分线,
∴∠BAD=∠EAD,
∴∠EAD=∠ADE,
∴AE=DE,
∵AE=3,EC=5,
∴,
∴,
∵DE∥AB,
∴△CDE∽△CBA,
∴,
∴.
故答案为:
18.解:过点C1,C2,C3…分别作x轴的垂线,垂足分别为D1,D2,D3…,
由题意可得,OD1=C1D1=D1A1,A1D2=C2D2=D2A2,A2D3=C3D3=D3A3,……
设OD1=a,则C1(a,a),由点C1(a,a)在反比例函数y=(x>0)的图象上,
∴a•a=4,
解得a=2(取正值),
∴y1=2,
设A1D2=b,则C2(4+b,b),由点C2(4+b,b),在反比例函数y=(x>0)的图象上,
∴(4+b)•b=4,
解得b=2﹣2(取正值),
∴y2=2﹣2,
设A2D3=c,则C3(4+c,c),由点C3(4+c,c),在反比例函数y=(x>0)的图象上,
∴(4+c)•c=4,
解得c=2﹣2(取正值),
∴y3=2﹣2,
同理可求y4=2﹣2,y5=2﹣2,y6=2﹣2,……y10=2﹣2,
∴y1+y2+…+y10=2+2﹣2+2﹣2+2﹣2+…+2﹣2=2,
故答案为2.
三.解答题(共8小题,满分66分)
19.解:原式=2×+﹣1﹣+1
=
=.
20.解:原式=[﹣]•x(x﹣1)
=•x(x﹣1)
=﹣x﹣1;
解不等式组,
得﹣2<x<2,
由于x≠0、x≠1且x为整数,
∴x=﹣1.
当x=﹣1时,
原式=1﹣1=0.
21.解:(1)10÷20%=50,
所以本次抽样调查共抽取了50名学生;
(2)测试结果为C等级的学生数为50﹣10﹣20﹣4=16(人);
补全条形图如图所示:
(3)700×=56,
所以估计该中学八年级学生中体能测试结果为D等级的学生有56名;
(4)画树状图为:
共有12种等可能的结果数,其中抽取的两人恰好都是男生的结果数为2,
所以抽取的两人恰好都是男生的概率==.
22.解:(1)如图1中,连接OA.
由题意,筒车每秒旋转360°×÷60=5°,
在Rt△ACO中,cos∠AOC===.
∴∠AOC=43°,
∴=27.4(秒).
答:经过27.4秒时间,盛水筒P首次到达最高点.
(2)如图2中,盛水筒P浮出水面3.4秒后,此时∠AOP=3.4×5°=17°,
∴∠POC=∠AOC+∠AOP=43°+17°=60°,
过点P作PD⊥OC于D,
在Rt△POD中,OD=OP•cos60°=3×=1.5(m),
2.2﹣1.5=0.7(m),
答:浮出水面3.4秒后,盛水筒P距离水面0.7m.
(3)如图3中,
∵点P在⊙O上,且MN与⊙O相切,
∴当点P在MN上时,此时点P是切点,连接OP,则OP⊥MN,
在Rt△OPM中,cos∠POM==,
∴∠POM=68°,
在Rt△COM中,cos∠COM===,
∴∠COM=74°,
∴∠POH=180°﹣∠POM﹣∠COM=180°﹣68°﹣74°=38°,
∴需要的时间为=7.6(秒),
答:盛水筒P从最高点开始,至少经过7.6秒恰好在直线MN上.
23.(1)证明:连接OD,
∵AB为直径∵OB=OD,
∴∠B=∠ODB,
∵AB=AC,
∴∠C=∠B,
∴∠C=∠ODB,
∴OD∥AC,
∵DF⊥AC,
∴DF⊥OD,
∵OD为半径,
∴DF是⊙O的切线;
(2)解:思路是:
连接BE,
∵AC=3AE,AB=AC,
∴设AE=x,AC=AB=3x,
∵AB是直径,
∴∠E=90°,
在Rt△BEA中,由勾股定理得:BE==2x,
在Rt△ECB中,tanC===.
24.解:(1)设抛物线解析式为y=ax2,
把x=3,y=﹣3代入,得a=﹣,
这个二次函数的表达式y=﹣x2;
(2)把y=﹣2代入解y=﹣x2得,x=±,
所以此时水面宽度为2.
答:此时水面宽为2米.
25.解:(1)∵+(a+b+3)2=0,且≥0,(a+b+3)2≥0,
∴,
解得:.
故答案是:﹣1;﹣2;
(2)∴A(﹣1,0),B(0,﹣2),
∵E为AD中点,
∴xD=1,
设D(1,t),
又∵四边形ABCD是平行四边形,
∴C(2,t﹣2).
∴t=2t﹣4.
∴t=4.
∴D(1,4);
(3)∵D(1,4)在双曲线y=上,
∴k=xy=1×4=4.
∴反比例函数的解析式为y=,
∵点P在双曲线y=上,点Q在y轴上,
∴设Q(0,y),P(x,),
①当AB为边时:如图1所示:
若ABPQ为平行四边形,则=0,解得x=1,此时P1(1,4),Q1(0,6);
如图2所示:
若ABQP为平行四边形,则=,解得x=﹣1,此时P2(﹣1,﹣4),Q2(0,﹣6);
②如图3所示:
当AB为对角线时:AP=BQ,且AP∥BQ;
∴=,解得x=﹣1,
∴P3(﹣1,﹣4),Q3(0,2);
综上所述,Q1(0,6);Q2(0,﹣6);Q3(0,2);
(4)如图4,连接NH、NT、NF,
∵MN是线段HT的垂直平分线,
∴NT=NH,
∵四边形AFBH是正方形,
∴∠ABF=∠ABH,
在△BFN与△BHN中,
,
∴△BFN≌△BHN(SAS),
∴NF=NH=NT,
∴∠NTF=∠NFT=∠AHN,
四边形ATNH中,∠ATN+∠NTF=180°,而∠NTF=∠NFT=∠AHN,
所以,∠ATN+∠AHN=180°,所以,四边形ATNH内角和为360°,
所以∠TNH=360°﹣180°﹣90°=90°.
∴MN=HT,
∴=.
即的定值为.
26.解:(1)∵抛物线y=ax2+bx+c(a≠0)与x轴交于点A(1,0)和点B(﹣3,0),
∴OB=3,
∵OC=OB,
∴OC=3,
∴c=3,
∴,
解得:,
∴所求抛物线解析式为:y=﹣x2﹣2x+3,C(0,3).
(2)如图2,连接BC,过点E作EF⊥x轴于点F,设E(a,﹣a2﹣2a+3)(﹣3<a<0),
∴EF=﹣a2﹣2a+3,BF=a+3,OF=﹣a,
∴S△BEC=S四边形BOCE﹣S△BOC=BF•EF+(OC+EF)•OF﹣•OB•OC
=(a+3)•(﹣a2﹣2a+3)+(﹣a2﹣2a+6)•(﹣a)﹣
=﹣a2﹣a
=﹣(a+)2+,
∴当a=﹣时,S△BEC最大,且最大值为.
(3)∵抛物线y=﹣x2﹣2x+3的对称轴为x=﹣1,点P在抛物线的对称轴上,
∴设P(﹣1,m),
∵线段PA绕点P逆时针旋转90°后,点A的对应点A′恰好也落在此抛物线上,
①当m≥0时,
∴PA=PA′,∠APA′=90°,
如图3,过A′作A′N⊥对称轴于N,设对称轴于x轴交于点M,
∴∠NPA′+∠MPA=∠NA′P+∠NPA′=90°,
∴∠NA′P=∠NPA,
在△A′NP与△PMA中,
,
∴△A′NP≌△PMA(AAS),
∴A′N=PM=m,PN=AM=2,
∴A′(m﹣1,m+2),
代入y=﹣x2﹣2x+3得:m+2=﹣(m﹣1)2﹣2(m﹣1)+3,
解得:m=1,m=﹣2(舍去),
②当m<0时,要使P2A=P2A2,由图可知A2点与B点重合,
∵∠AP2A2=90°,
∴MP2=MA=2,
∴P2(﹣1,﹣2).
∴满足条件的点P的坐标为P(﹣1,1)或(﹣1,﹣2).
2020-2021学年华东师大版八年级下册数学期中复习试卷1(word版 含答案): 这是一份2020-2021学年华东师大版八年级下册数学期中复习试卷1(word版 含答案),共17页。试卷主要包含了关于函数y=,下列判断正确的是,下列计算正确的是等内容,欢迎下载使用。
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