2022-2023学年山东省东营市广饶县九年级(下)期中数学试卷(五四学制)(含解析)
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一、选择题(本大题共10小题,共30.0分。在每小题列出的选项中,选出符合题目的一项)
1. 中国人使用负数最早可追溯到两千多年前的秦汉时期,则12023的相反数为( )
A. −2023 B. 2023 C. 12023 D. −12023
2. 下列运算正确的是( )
A. a3−a2=a B. a7÷a3=a4
C. (−3a)2=−6a2 D. (a+1)2=a2+1
3. 如图,五边形ABCDE是正五边形,若l1//l2,则∠1−∠2=( )
A. 72°
B. 36°
C. 45°
D. 47°
4. 在数轴上表示不等式2x−1≤−5的解集,正确的是( )
A. B.
C. D.
5. 下列说法正确的是( )
A. 为检测一批灯泡的质量,应采取抽样调查的方式
B. 一组数据“1,2,2,5,5,3”的众数和平均数都是3
C. 若甲、乙两组数据的方差分别是0.09,0.1,则乙组数据比甲组数据更稳定
D. “明天下雨概率为0.5”,是指明天有一半的时间可能下雨
6. 如图,AB为⊙O的直径,C,D为⊙O上两点,若∠BCD=40°,则∠ABD的大小为( )
A. 20°
B. 40°
C. 50°
D. 60°
7. 如图,射线DM的端点D在直线AB上,点C是射线DM上不与点D重合的一点,根据尺规作图痕迹,下列结论中不能体现的是( )
A. 作一条线段等于已知线段
B. 作∠MDB的平分线
C. 过点C作AB的平行线
D. 过点C作DM的垂线
8. 若关于x的方程2x+mx−2+x−12−x=3的解是正数,则m的取值范围为( )
A. m>−7 B. m>−7且m≠−3
C. m<−7 D. m>−7且m≠−2
9. 如图,Rt△ABC中,∠C=90°,AC=3,BC=4,直线l⊥AB,将直线l沿AB方向从A点平移到B点,若直线l交AB于P,交AC(或BC)于Q,设AP=x,CQ=y,则下列图象中,能表示y关于x的函数关系的图象大致是( )
A. B.
C. D.
10. 如图,在矩形ABCD中,AC,BD相交于点O,过点B作BF⊥AC于点M,交CD于点F,过点D作DE//BF交AC于点N.交AB于点E,连接FN,EM.有下列结论:①图中共有三个平行四边形;②当BD=2BC时,四边形DEBF是菱形;③BD⊥ME;④AD2=BD⋅CM.其中,正确结论的序号是( )
A. ①②③ B. ①②④ C. ①③④ D. ②③④
二、填空题(本大题共8小题,共28.0分)
11. 春暖花开的四月,2023中国孙子文化园汉服花朝节开始了,做古装游戏,玩现代项目,成为研学圣地.据统计近期迎来各地游客约21.8万人次,其中数据21.8万用科学记数法表示为______ .
12. 分解因式:4m2−64=______.
13. 圆锥的底面直径长为10cm,母线长为6cm,则这个圆锥侧面积= .
14. 关于xy的方程组x+y=m−13x+5y=2m+3,则x+3y的值等于 .
15. 如图,渔船在A处观测灯塔C位于北偏西70°方向,轮船从A处以15海里/小时的速度沿南偏西50°方向匀速航行,2小时后到达码头B处,此时,观测灯塔C位于北偏西25°方向,则灯塔C与码头B相距 海里.
16. 关于x的函数y=(k−2)x2−(2k−1)x+k的图象与x轴有两个交点,则k的取值范围是______ .
17. 如图,反比例函数y1=3kx(x>0)的图象在第一象限,反比例函数y2=−2kx(x>0)的图象在第四象限,把一个含45°角的直角三角板如图放置,三个顶点分别落在原点O和这两个函数图象上的A,B点处,若点B的横坐标为2,则k的值为______.
18. 如图,把正方形铁片OABC置于平面直角坐标系中,顶点A的坐标为(3,0),点P(1,2)在正方形铁片上,将正方形铁片绕其右下角的顶点按顺时针方向依次旋转90°,第一次旋转至图①位置,第二次旋转至图②位置,…,则正方形铁片连续旋转2023次后,点P的坐标为 .
三、解答题(本大题共7小题,共62.0分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)
19. (本小题8.0分)
(1)计算:2−1+| 6−3|+2 3sin45°−(−2)2023⋅(12)2023.
(2)化简:先化简,再求值:(3a+1−a+1)÷a2−4a2+2a+1,其中a从−1,2,3中取一个你认为合适的数代入求值.
20. (本小题8.0分)
某中学举行了心理健康知识测试,为大概了解学生心理健康情况,该校随机抽取了部分学生进行测试,根据成绩(单位:分)分成:E(75≤x<80),D(80≤x<85),C(85≤x<90),B(90≤x<95),A(95≤x≤100)五个组,并绘制了如图1和图2所示的统计图.
请根据图中提供的信息,回答下列问题.
(1)本次抽取测试的学生有______ 人,m= ______ ;
(2)直接补全图1中的统计图,由扇形统计图知E组所占扇形圆心角的度数为______ ;
(3)根据调查结果,可估计该校2000名学生中,成绩大于或等于80分的学生约有______ 人.
(4)学校决定在A组4名学生(3男1女)中随机选取两名学生走进社区进行心理健康知识宣传,求恰好选中一男一女的概率是多少?
21. (本小题8.0分)
如图,直线y=−32x−2分别交x轴、y轴于A、B两点,与双曲线y=mx(m≠0)在第二象限内的交点为C,CD⊥y轴于点D,且CD=4.
(1)求双曲线的关系式;
(2)设点Q是双曲线上的一点,且△QOB的面积是△AOB的面积的4倍,求点Q的坐标.
22. (本小题8.0分)
如图,在Rt△ABC中,∠ABC=90°,∠BAC的角平分线交BC于点O,以OB为半径作⊙O,交AO于点E,交AO的延长线于点D.
(1)判断直线AC是否是⊙O的切线,请说明理由;
(2)连接BE,在△DBE中,若tanD=12,求AEAB的值.
23. (本小题8.0分)
为了满足社区居民强身健体的需要,广饶县政府准备采购若干套健身器材免费提供给社区,经过考察了解,广跃公司有A,B两种型号的健身器材可供选择,已知广跃公司2021年每套A型健身器材的售价为2.5万元,2021年每套B型健身器材的售价为2万元,2023年每套A型健身器材售价为1.6万元,每套A型,B型健身器材的年平均下降率相同.
(1)求2021年到2023年每套A型健身器材年平均下降率;
(2)2023年政府经过招标,决定年内采购并安装广跃公司A,B两种型号的健身器材共80套,政府采购专项经费总计不超过112万元,并且采购A型器材费用不能大于B型器材的费用,请求出至少采购B型健身器材多少套.
24. (本小题10.0分)
抛物线L:y=−x2+bx+c经过点A(0,3),与它的对称轴直线x=1交于点B.
(1)求抛物线L的解析式;
(2)抛物线L与x轴正半轴交于点N,E在直线AN上方的抛物线上,过点E作EH⊥AN,垂足为H,求EH的最大值;
(3)如图2,将抛物线L向上平移2个单位长度得到抛物线L1,抛物线L1与y轴交于点C,过点C作y轴的垂线交抛物线L1于另一点D,F为抛物线L1的对称轴与x轴的交点,P为线段OC上一点.若△PCD与△POF相似,直接写出点P的坐标.
25. (本小题12.0分)
已知,△ABC为等边三角形,点D在边BC上.
【基本图形】如图1,以AD为一边作等边三角形△ADE,连结CE.请直接写出AC、CE、CD之间的关系.
【迁移运用】如图2,点F是AC边上一点,以DF为一边作等边三角△DEF.
求证:CE+CD=CF.
【类比探究】如图3,点F是AC边的延长线上一点,以DF为一边作等边三角△DEF.试探究线段CE,CD,CF三条线段之间存在怎样的数量关系,请写出你的结论并说明理由.
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解:12023的相反数为−12023.
故选:D.
只有符号不同的两个数叫做互为相反数,由此即可得到答案.
本题考查相反数,关键是掌握相反数的定义.
2.【答案】B
【解析】解:A.a3与a2不是同类项,不能合并,原计算错误,故此选项不符合题意;
B.a7÷a3=a4,原计算正确,故此选项符合题意;
C.(−3a)2=9a2,原计算错误,故此选项不符合题意;
D.(a+1)2=a2+2a+1,原计算错误,故此选项不符合题意.
故选:B.
分别根据合并同类项法则,同底数幂的除法法则,积的乘方的运算法则以及完全平方公式逐一判断即可.
本题考查合并同类项法则,同底数幂的除法,完全平方公式以及积的乘方,熟记相关运算法则和公式是解答本题的关键.
3.【答案】A
【解析】解:延长AB交l2于F,
∵l1//l2,
∴∠BFD=∠2,
∵正五边形ABCDE的每个外角相等,
∴∠FBC=360°÷5=72°,
∵∠1=∠BFD+∠FBC,
∴∠1−∠BFD=∠FBC=72°,
∴∠1−∠2=72°.
故选:A.
延长AB交l2于F,由平行线的性质,得到∠BFD=∠2,求出正五边形的外角的度数,由三角形外角的性质即可解决问题.
本题考查平行线的性质,多边形,三角形的外角,关键是作辅助线应用三角形外角的性质.
4.【答案】C
【解析】解:2x−1≤−5,
移项及合并同类项,得:2x≤−4,
系数化为1,得:x≤−2,
其解集在数轴上表示如下所示,
,
故选:C.
根据解一元一次不等式的方法可以求得该不等式组的解集,然后在数轴上表示出其解集即可.
本题考查解一元一次不等式、在数轴上表示不等式的解集,解答本题的关键是明确解一元一次不等式的方法.
5.【答案】A
【解析】解:A、为检测一批灯泡的质量,应采取抽样调查的方式,故A符合题意;
B、一组数据“1,2,2,5,5,3”的众数是2和5,平均数是3,故B不符合题意;
C、若甲、乙两组数据的方差分别是0.09,0.1,则甲组数据比乙组数据更稳定,故C不符合题意;
D、“明天下雨概率为0.5”,是指明天下雨的可能性是50%,故D不符合题意;
故选:A.
根据概率的意义,算术平均数,众数,方差,全面调查与抽样调查,概率公式,逐一判断即可解答.
本题考查了概率的意义,算术平均数,众数,方差,全面调查与抽样调查,概率公式,熟练掌握这些数学概念是解题的关键.
6.【答案】C
【解析】解:连接AD,
∵AB为⊙O的直径,
∴∠ADB=90°.
∵∠BCD=40°,
∴∠A=∠BCD=40°,
∴∠ABD=90°−40°=50°.
故选:C.
连接AD,先根据圆周角定理得出∠A及∠ADB的度数,再由直角三角形的性质即可得出结论.
本题考查的是圆周角定理,根据题意作出辅助线,构造出圆周角是解答此题的关键.
7.【答案】D
【解析】解:由作图痕迹可得CE=CD,DE平分∠MDB,所以A、B选项不符合题意;
∵CD=CE,
∴∠MDE=∠CED
∵∠MDE=∠BDE,
∴∠BDE=∠CED,
∴CE//AB,所以C选项不符合题意.
故选:D.
利用基本作图得到CE=CD,DE平分∠MDB,则可对A、B选项进行判断;再证明∠BDE=∠CED得到CE//AB,则可对C、D选项进行判断.
本题考查了作图−复杂作图:解决此类题目的关键是熟悉基本几何图形的性质,结合几何图形的基本性质把复杂作图拆解成基本作图,逐步操作.也考查了角平分线的性质和垂线段最短.
8.【答案】B
【解析】解:2x+mx−2+x−12−x=3,
去分母,得2x+m−x+1=3(x−2).
去括号,得2x+m−x+1=3x−6.
移项,得2x−x−3x=−6−1−m.
合并同类项,得−2x=−7−m.
x的系数化为1,得x=7+m2.
∵关于x的方程2x+mx−2+x−12−x=3的解是正数,
∴x=7+m2>0且x=7+m2≠2.
∴m>−7且m≠−3.
故选:B.
先解分式方程,得x=7+m2.再根据分式方程的解的定义解决此题.
本题主要考查分式方程的解,熟练掌握分式方程的解的定义、解一元一次不等式是解决本题的关键.
9.【答案】C
【解析】解:如图,当点Q在AC上时,
在Rt△ABC中,AC=3,BC=4,
∴AB=5,
∵直线l⊥AB,
∴△APQ∽△ABC,
∴AP:AQ=AC:AB,即x:AQ=3:5,
∴AQ=53x,
∴y=AC−AQ=3−53x,
∴y=−53x+3;
如图,当点Q在AC上时,
∵直线l⊥AB,
∴△BPQ∽△ABC,
∴BP:BQ=BC:AB,即(5−x):BQ=4:5,
∴BQ=54(5−x),
∴y=BC−BQ=4−54(5−x),
∴y=54x−94.
故选:C.
分情况求出当点Q在AC上时、当点Q在AC上时的函数关系式,依据关系式判断即可.
本题考查了动点问题的函数图象的应用,结合图形分析题意并解答是解题关键.
10.【答案】B
【解析】解:∵矩形是特殊的平行四边形,
∴矩形ABCD是平行四边形.
∵四边形ABCD是矩形,
∴AD=BC,AD//BC,
∴∠DAC=∠BCA,
∵BF⊥AC,DE//BF,
∴DE⊥AC,
∴∠AND=∠BMC=90°.
在△AND和△BMC中,
∠DAC=∠BCA∠AND=∠BMC=90°AD=BC,
∴△AND≌△BMC(AAS),
∴DN=BM.
∵AB//CD,DE//BF,
∴四边形BEDF为平行四边形,
∴DE=BF,
∴NE=MF,
∴四边形BNFM为平行四边形.
∴图中有3个平行四边形:四边形ABCD,四边形DEBF,四边形NEMF,
∴①的结论正确;
当BD=2BC时,
∵四边形ABCD是矩形,
∴BD=AC,
∴AC=2BC,
∵∠ABC=90°,
∴∠BAC=30°.
同理:∠CDB=30°.
∵OA=OB=OC=OD,
∴∠OBA=∠OAB=30°.
∴∠DOA=∠OAB+∠OBA=60°,
∵DN⊥AC,
∴∠ODN=30°,
∴∠ODN=∠OBA,
∴ED=EB,
∴平行四边形DEBF为菱形.
∴②的结论正确;
如图,BD与ME不垂直,
∴③的结论不正确;
∵∠ABC=90°,BM⊥AC,
∴△BCM∽△ACB,
∴BCCM=ACBC,
∴BC2=CM⋅AC,
∵BC=AD,BD=AC,
∴AD2=BD⋅CM.
∴④的结论正确.
综上,结论正确的有:①②④,
故选:B.
利用矩形的性质,全等三角形的判定与性质,平行四边形的判定定理即可判定①的结论正确;利用含30°角的直角三角形的性质,菱形的判定定理即可判定②的结论正确;举出反例说吗③的结论不正确;利用矩形的性质和相似三角形的判定与性质即可判定④的结论正确.
本题主要考查了矩形的性质,平行四边形的判定与性质,全等三角形的判定与性质,含30°角的直角三角形的性质,相似三角形的判定与性质,菱形的判定与性质,熟练掌握矩形的性质是解题的关键.
11.【答案】2.18×105
【解析】解:21.8万=218000=2.18×105,
故答案为:2.18×105.
将一个数表示成a×10n的形式,其中1≤|a|<10,n为整数,这种记数方法叫做科学记数法.
本题考查科学记数法表示较大的数,科学记数法是基础且重要知识点,必须熟练掌握.
12.【答案】4(m+4)(m−4)
【解析】解:4m2−64,
=4(m2−16),
=4(m+4)(m−4).
先提取公因式4,再对余下的多项式利用平方差公式继续分解.
本题考查用提公因式法和公式法进行因式分解的能力,一个多项式有公因式首先提取公因式,然后再用其他方法进行因式分解,同时因式分解要彻底,直到不能分解为止.
13.【答案】30πcm2
【解析】解:∵圆锥的底面直径长为10cm,
∴底面圆的周长=π×10=10π(cm),
∵圆锥的母线长为6cm,
∴这个圆锥侧面积=12×10π×6=30π(cm2).
故答案为:30πcm2.
先求出圆锥侧面展开后扇形所对弧的长度,再根据扇形面积公式求出扇形的面积即可.
本题考查了圆锥的计算,能熟记弧长公式和扇形的面积公式是解此题的关键,已知扇形的圆心角为n°,半径为r,那么扇形所对弧的长度=nπr180,扇形的面积=nπr2360.
14.【答案】5
【解析】解:x+y=m−1①3x+5y=2m+3②,
②−①×2,得(3x+5y)−2(x+y)=(2m+3)−2(m−1),
整理得:x+3y=5.
故答案为:5.
②−①×2得出(3x+5y)−2(x+y)=(2m+3)−2(m−1),去括号后合并同类项即可.
本题考查了解二元一次方程组,能选择适当的方法求解是解此题的关键.
15.【答案】15 6
【解析】解:过点B作BD⊥AC,垂足为D,
∴∠ADB=∠BDC=90°,
由题意得:
AB=15×2=30(海里),∠BAC=180°−50°−70°=60°,∠ABC=50°+25°=75°,
∴∠C=180°−∠BAC−∠ABC=45°,
在Rt△ADB中,AD=AB⋅cos60°=30×12=15(海里),
BD=AB⋅sin60°=30× 32=15 3(海里),
在Rt△BDC中,BC=BDsin45∘=15 3 22=15 6(海里),
∴灯塔C与码头B相距15 6海里,
故答案为:15 6.
过点B作BD⊥AC,垂足为D,根据垂直定义可得:∠ADB=∠BDC=90°,根据题意可得:AB=30海里,∠BAC=60°,∠ABC=75°,从而利用三角形内角和定理∠C=45°,然后在Rt△ADB中,利用锐角三角函数的定义可求出AD,BD的长,再在Rt△BDC中,利用锐角三角函数的定义求出BC的长,即可解答.
本题考查了解直角三角形的应用−方向角问题,勾股定理的应用,根据题目的已知条件并结合图形添加适当的辅助线是解题的关键.
16.【答案】k>−14且k≠2
【解析】解:根据题意得:(2k−1)2−4k(k−2)>0k−2≠0,
解得k>−14且k≠2.
故答案是:k>−14且k≠2.
关于x的函数y=(k−2)x2−(2k−1)x+k的图象与x轴有两个交点,则判别式b2−4ac>0,且二次项系数不等于0,据此列不等式求解.
本题考查了抛物线与x轴的交点,二次函数y=ax2+bx+c(a,b,c是常数,a≠0)的交点与一元二次方程ax2+bx+c=0根之间的关系.
△=b2−4ac决定抛物线与x轴的交点个数.△=b2−4ac>0时,抛物线与x轴有2个交点;△=b2−4ac=0时,抛物线与x轴有1个交点;△=b2−4ac<0时,抛物线与x轴没有交点.
17.【答案】1
【解析】解:如图所示,过B作BC⊥y轴于C,过A作AD⊥CB于D,
∵△ABO是等腰直角三角形,
∴∠ABO=∠ADB=∠BCO=90°,BO=AB,
∴∠CBO=∠BAD,
∴△BCO≌△ADB(AAS),
∴BC=AD,CO=BD,
∵点B在反比例函数y2=−2kx(x>0)的图象上,点B的横坐标为2,
∴可设B(2,−k),
∴CO=BD=k,CB=AD=2,
∴A(2+k,2−k),
∵点A在反比例函数y1=3kx(x>0)的图象上,
∴(2+k)(2−k)=3k,
解得k1=1,k2=−4(舍去),
∴k的值为1,
故答案为:1.
过B作BC⊥y轴于C,过A作AD⊥CB于D,依据△BCO≌△ADB,即可得到BC=AD,CO=BD,设B(2,−k),即可得到A(2+k,2−k),依据点A在反比例函数y1=3kx(x>0)的图象上,即可得到k的值.
本题主要考查了反比例函数图象上点的坐标特征,反比例函数图象上的点(x,y)的横纵坐标的积是定值k,即xy=k.
18.【答案】(6070,1)
【解析】解:第一次P1(5,2),
第二次P2(8,1),
第三次P3(10,1),
第四次P4(13,2),
第五次P5(17,2),
…
发现点P的位置4次一个循环,
∵2023÷4=505……3,
P2023的纵坐标与P3相同为1,横坐标为12×505+10=6070,
∴P2023(6070,1),
故答案为(6070,1).
首先求出P1~P5的坐标,探究规律后,利用规律解决问题.
本题考查坐标与图形的旋转、规律型:点的坐标等知识,学会从特殊到一般的探究规律的方法是解题的关键.
19.【答案】解:(1)2−1+| 6−3|+2 3sin45°−(−2)2023⋅(12)2023
=12+3− 6+2 3× 22+(2×12)2023
=12+3− 6+2 3× 22+12023
=12+3− 6+2 3× 22+1
=12+3− 6+ 6+1
=92;
(2)(3a+1−a+1)÷a2−4a2+2a+1
=3−(a−1)(a+1)a+1⋅(a+1)2(a+2)(a−2)
=3−a2+1a+1⋅(a+1)2(a+2)(a−2)
=(2+a)(2−a)a+1⋅(a+1)2(a+2)(a−2)
=−a−1,
∵a=−1,±2时,原分式无意义,
∴a=3,
当a=3时,原式=−3−1=−4.
【解析】(1)根据负整数指数幂,化简绝对值,特殊角的三角函数值,逆用积的乘方,进行计算即可求解;
(2)根据分式的混合运算进行计算,然后根据分式有意义的条件,将a=3代入化简结果,即可求解.
本题考查了实数的混合运算,分式的化简求值,掌握负整数指数幂,化简绝对值,特殊角的三角函数值,逆用积的乘方,分式的运算法则是解题的关键.
20.【答案】解:(1)40;20;
(2)B组人数为40×30%=12(人),
补全图形如下:
54°;
(3)1700;
(4)根据题意列表如下:
男1
男2
男3
女
男1
--
男2男1
男3男1
女男1
男2
男1男2
--
男3男2
女男2
男3
男1男3
男2男3
--
女男3
女
男1女
男2女
男3女
--
由表格可知,共有12种等可能的结果,其中选取的2名学生恰好是一男一女的结果有6种,
∴恰好选中一男一女的概率是P=612=12.
【解析】解:(1)本次抽取测试的学生有10÷25%=40(人),m%=8÷40×100%=20%,即m=20,
故答案为:40;20;
(2)B组人数为40×30%=12(人),
补全图形如下:
由扇形统计图知E组所占扇形圆心角的度数为360°×640=54°;
故答案为:54°;
(3)根据调查结果,可估计该校2000名学生中,成绩大于或等于80分的学生约有2000×40−640=1700(人),
故答案为:1700;
(4)见答案.
(1)由C组人数及其所占百分比可得总人数,用D组人数除以总人数可得m的值;
(2)总人数乘以B组对应百分比可得其人数,用360°乘以E组人数所占比例即可得出答案;
(3)总人数乘以样本中A、B、C、D组人数和所占比例即可;
(4)列表得出所有等可能结果,从中找到符合条件的结果数,再根据概率公式求解即可.
本题考查了列表法与树状图法:利用列表法或树状图法展示所有等可能的结果n,再从中选出符合事件A或B的结果数目m,然后利用概率公式求事件A或B的概率.也考查了统计图.
21.【答案】解:(1)∵CD⊥y轴于点D,且CD=4.,
∴点C的横坐标为−4,
当x=−4时,y=−32×(−4)−2=4,
∴点C(−4,4),
又∵点C(−4,4)在双曲线y=mx(m≠0)上,
∴m=−4×4=−16,
∴双曲线的关系式为y=−16x;
(2)∵直线y=−32x−2分别交x轴、y轴于A、B两点,
∴点A(−43,0),点B(0,−2),
即OA=43,OB=2,
∴S△AOB=12×43×2=43,
设Q(x,−16x),
由于△QOB的面积是△AOB的面积的4倍,
∴△QOB的面积为163,
即12OB×|x|=163,
解得x=±163,
当x=163时,y=−16163=−3,
当x=−163时,y=−16−163=3,
∴点Q(163,−3)或(−163,3).
【解析】(1)把x=−4代入可求出点C的坐标,再代入反比例函数关系式可确定m的值,进而确定反比例函数关系式;
(2)根据直线的关系式可求出与x轴、y轴的交点坐标,进而求出三角形AOB的面积,得到三角形BOQ的面积后设点Q的坐标,由三角形的面积公式列方程求解即可.
本题是反比例函数图象与一次函数的交点问题,考查了反比例函数图象上点的坐标特征,一次函数图象上点的坐标特征,待定系数法求反比例函数的解析式,三角形的面积,确定点C坐标是求出反比例函数关系式的关键,用含有点Q的坐标表示三角形BOQ的面积标是解决问题的前提.
22.【答案】解:(1)直线AC是⊙O的切线,理由如下:
∵∠ABC=90°,
∴OB⊥AB,
如图,作OF⊥AC于点F,
∵AO是∠BAC的角平分线,
∴OF=OB,
∴OF是⊙O的半径,
∴直线AC是⊙O的切线;
(2)如图,连接BE,
∵DE是⊙O的直径,
∴∠DBE=90°,即∠2+∠3=90°.
∵∠1+∠2=90°,
∴∠1=∠3.
∵OB=OD,
∴∠3=∠D,
∴∠1=∠D,
又∵∠BAE=∠DAB,
∴△ABE∽△ADB,
∴AEAB=BEBD=tanD=12.
【解析】(1)先判断出OB⊥AB,再利用角平分线定理即可得出结论;
(2)先判断出∠1=∠3,进而判断出∠1=∠D,得出△ABE∽△ADB即可得出结论.
本题主要考查了角平分线定理,切线的性质,相似三角形的判定和性质,锐角三角函数,判断出△ABE∽△ADB是解本题的关键.
23.【答案】解:(1)设2021年到2023年每套A型健身器材售价的年平均下降率为x,
根据题意得:2.5(1−x)2=1.6,
解得:x1=0.2=20%,x2=1.8(不符合题意,舍去).
答:2021年到2023年每套A型健身器材售价的年平均下降率为20%;
(2)由(1)可知:2023年每套B型健身器材售价为2×(1−20%)2=1.28(万元).
设采购B型健身器材y套,则采购A型健身器材(80−y)套,
根据题意得:1.6(80−y)+1.28y≤1121.6(80−y)≤1.28y,
解得:y≥50,
∴y的最小值为50.
答:至少采购B型健身器材50套.
【解析】(1)设2021年到2023年每套A型健身器材售价的年平均下降率为x,利用2023年每套A型健身器材售价=2021年每套A型健身器材售价×(1−2021年到2023年每套A型健身器材售价的年平均下降率)2,可列出关于x的一元二次方程,解之取其符合题意的值,即可得出结论;
(2)利用2023年每套B型健身器材售价=2021年每套B型健身器材售价×(1−2021年到2023年每套B型健身器材售价的年平均下降率)2,可求出2023年每套B型健身器材的售价,设采购B型健身器材y套,则采购A型健身器材(80−y)套,根据“政府采购专项经费总计不超过112万元,并且采购A型器材费用不能大于B型器材的费用”,可列出关于y的一元一次不等式组,解之取其中的最小值,即可得出结论.
本题考查了一元二次方程的应用以及一元一次不等式组的应用,解题的关键是:(1)找准等量关系,正确列出一元二次方程;(2)根据各数量之间的关系,正确列出一元一次不等式组.
24.【答案】解:(1)由题意得:c=3x=−b2×(−1)=1,
解得:b=2c=3,
则抛物线的表达式为:y=−x2+2x+3;
(2)过点E作ET//y轴交AN于点T,
由抛物线的表达式知,点N(3,0),
则ON=OA=3,则∠OAN=45°,
由点A、N的坐标得,直线AN的表达式为:y=−x+3,
∵ET//y轴,则∠HET=∠OAN=45°,
则EH= 22ET,
设点E(x,−x2+2x+3),则点T(x,−x+3),
则ET=(−x2+2x+3)−(−x+3)=−(x−32)2+94,
即ET的最大值为:94,
故EH的最大值为: 22×94=9 28;
(3)由题意可知,
抛物线L1的解析式为y=−x2+2x+3+2=x2+2x+5=−(x−1)2+6,
∴C(0,5),D(2,5),
∴CD=2,OF=1,OC=5,
设P(0,t),
①当△PCD∽△FOP时,PCCD=FOOP,
∴5−t2=1t,
解得:t=5− 172或t=5+ 172;
②当△PCD∽△POF时,PCCD=POOF,
∴5−t2=t1,
∴t=53;
综上所述,P点的坐标为(0,5− 172),(0,5+ 172)或(0,53).
【解析】(1)用待定系数法即可求解;
(2)由题意得:EH= 22ET,设点E(x,−x2+2x+3),则点T(x,−x+3),则ET=(−x2+2x+3)−(−x+3)=−(x−32)2+94≤94,即可求解;
(3)抛物线L1的解析式为y=−x2+2x+5,知C(0,5)、D(2,5)、F(1,0),再设P(0,t),分△PCD∽△POF和△PCD∽△POF两种情况,结合方程的解的情况求解可得.
本题是二次函数的综合问题,解题的关键是掌握待定系数法求函数解析式、线段长度的计算、相似三角形的判定与性质及一元二次方程根的判别式等知识点.
25.【答案】【基本图形】结论:CE+CD=AC.
理由:∵△ABC与△ADE都是等边三角形,
∴AB=AC=BC,∠BAC=60°,AD=AE,∠DAE=60°,
∴∠DAE−∠CAD=∠BAC−∠CAD,即∠CAE=∠BAD,
在△CAE与△BAD中,
AB=AC∠CAE=∠BADAE=AD,
∴△CAE≌△BAD (SAS),
∴CE=BD,
∴CE+CD=BD+CD=BC,
∵AC=BC,
∴CE+CD=AC;
【迁移运用】证明:如图2,过点D作DG//AB,交AC于点G,
∵△ABC是等边三角形,
∴∠ACB=∠A=∠B=60°,
∵DG//AB,
∴∠CGD=∠A=60°,∠CDG=∠B=60°,
∴△CDG为等边三角形,
∴CD=DG=CG,
∵△DEF为等边三角形,
∴DE=DF,∠EDF=60°,
∵∠CDG−∠EDG=∠EDF−∠EDG,即∠CDE=∠FDG,
在△CDE与△GDF中,
DC=DG∠CDE=∠GDFDE=DF,
∴△CDE≌△GDF(SAS),
∴CE=GF,
∴CE+CD=GF+CG=CF;
【类比探究】CD+CF=CE,
理由如下:如图3,过点D作DG//AB,交AC于点G,
∵△ABC是等边三角形,
∴∠ACB=∠A=∠B=60°,
∵DG//AB,
∴∠CGD=∠A=60°,∠CDG=∠B=60°,
∴△CDG为等边三角形,
∴CD=DG=CG,
∵△DEF为等边三角形,
∴DE=DF,∠FDE=60°,
∵∠GDC+∠CDF=∠EDF+∠CDF,即∠GDF=∠CDE,
在△CDE与△GDF中,
DC=DG∠CDE=∠GDFDE=DF,
∴△CDE≌△GDF(SAS),
∴CE=GF,
∵GF=CF+CG=CF+CD,
∴CD+CF=CE.
【解析】【基本图形】证明△CAE≌△BAD,根据全等三角形的性质得到CE=BD,证明结论;
【迁移运用】过点D作DG//AB,交AC于点G,证明△CDE≌△GDF,得到CE=GF,证明结论;
【类比探究】过点D作DG//AC,交AB于点G,仿照【迁移运用】的证明方法证明即可.
本题是三角形综合题,考查的是全等三角形的判定和性质、等边三角形的性质,灵活运用全等三角形的判定定理和性质定理是解题的关键.
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