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重难点3-3 导数与零点综合5大题型-高考数学专练(新高考专用)
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重难点3-3 导数与零点综合5大题型
导数综合问题中的零点问题在高考中常以解答压轴题的形式出现。主要包含函数零点个数判断与证明。主要考查:根据函数的零点个数或零点情况求参数的取值范围、与零点相关的不等式恒成立或证明问题等,在高考中难度偏大。
一、函数零点问题常规求解步骤:
第一步:将问题转化为函数的零点问题,进而转化为函数的图象与x轴(或y=k)在某区间上的交点问题;
第二步:利用导数研究该函数在此区间上的单调性、极值、端点值等性质,进而画出其图象;
第三步:结合图象判断零点或根据零点分析参数。
二、利用导数确定函数零点的常用方法
1、图象法:根据题目要求画出函数的图象,标明函数极(最)值的位置,借助数形结合的思想分析问题(画草图时注意有时候需要使用极限);
2、利用函数零点存在定理:先用该定理判定函数在某区间上有零点,然后利用导数研究函数的单调性、极值(最值)及区间端点值的符号,进而判断函数在该区间上零点的个数。
三、利用函数的零点求参数范围的方法
1、分离参数(a=g(x))后,将原问题转化为y=g(x)的值域(最值)问题或转化为直线y=a与y=g(x)的图象的交点个数问题(优先分离、次选分类)求解;
2、利用函数零点存在定理构造不等式求解;
3、转化为两个熟悉的函数图象的位置关系问题,从而构建不等式求解。
四、导函数的零点不可直接求时的应对策略
1、“特值试探法”:当导函数的零点不可求时,可尝试利用特殊值试探,此时特殊值的选取应遵循一下原则:
①当含有的函数中,通常选取,特别的,选当时,来试探;
②在含有的函数中,通常选取,特别的,选取当时,来试探,在探得导函数的一个零点后,结合导函数的单调性,确定导函数在零点左右的符号,进而确定原函数的单调性和极值,使问题得到解决。
2、“虚设和代换法”:当导函数的零点无法求出显性的表达式时,我们可以先证明零点的存在,再虚设为,接下来通常有两个方向:
①由得到一个关于的方程,再将这个关于的方程的整体或局部代入,从而求得,然后解决相关的问题;
②根据导函数的单调性,得出两侧导函数的正负,进而得出原函数的单调性和极值,使问题得解。
【题型1 讨论函数零点的个数】
【例1】(2023·河南·高三安阳一中校联考阶段练习)函数的零点个数为( )
A.1 B.2 C.3 D.4
【答案】B
【解析】易知的定义域为,,
令,解得或,∴在和上单调递减,
令,解得或,∴在和上单调递增,
当时,取得极大值,易知在上没有零点;
当时,取得极小值,且,,
可知在上有2个零点.综上所述,的零点个数为2.故选:B.
【变式1-1】(2023春·广东·高三校联考阶段练习)已知函数则方程在区间上的实根个数为( )
A.8 B.10 C.16 D.18
【答案】C
【解析】由,可得或.
当时,,则,
当时,,函数单调递减,
当时,,函数单调递增,
所以当时,.
因为函数在区间上的图象是由在上的图象
先向右平移2个单位长度,再将所得图象上所有点的纵坐标伸长为原来的2倍得到的,
作出函数在上的图象,如图所示:
由图可知,方程在区间上根的个数分别为10,6.
故方程在区间上的实根个数为16.故选:C
【变式1-2】(2023春·河北邢台·高三邢台市第二中学校考阶段练习)已知函数.
(1)若,求的单调区间;
(2)讨论零点的个数.
【答案】(1)递增区间是,,递减区间是;(2)答案见解析.
【解析】(1)当时,函数的定义域为,
当时,,,因此在上单调递增,
当时,,,
当时,,当时,,
因此函数在上单调递减,在上单调递增,
所以函数的递增区间是,,递减区间是.
(2)函数的定义域为,
由得:,令函数,
当时,,求导得,
函数在上单调递减,由于,
即有在上的取值集合是,
又在上的取值集合是,
因此函数在上的取值集合是,
当时,,求导得,
当时,,当时,,
因此函数在上单调递增,在上单调递减,
在上取得极大值,
而,恒成立,
函数的零点,即方程的根,
亦即直线与函数的图象交点的横坐标,
在同一坐标系内作出直线与函数的图象,如图,
观察图象知,当时,直线与函数的图象有3个公共点,
当时,直线与函数的图象有2个公共点,
当时,直线与函数的图象有1个公共点,
所以当时,函数有3个零点,当时,函数有2个零点,
当时,函数有1个零点.
【变式1-3】(2023秋·江苏苏州·高三统考期末)已知函数.
(1)若时,,求实数a的取值范围;
(2)讨论的零点个数.
【答案】(1);(2)答案见解析
【解析】(1)的定义域是,.
①当时,,所以在上单调递增,
又因为,所以当时,,满足题意;
②当时,令,
由,得,.
当时,,,所以在上单调递减,
所以,不满足题意.
综上所述,.
(2)①当时,由(1)可得在上单调递增,且,
所以在上存在1个零点;
②当时,由(1)可得必有两根,,
又因为,所以,.
x
+
0
-
0
+
单调递增
极大值
单调递减
极小值
单调递增
当时,因为,所以在上存在1个零点,
且,;
当时,因为,
,而在单调递增,且,
而,故,所以在上存在1个零点;
当时,因为,,
而在单调递增,且,而,
所以,所以在上存在1个零点.
从而在上存在3个零点.
综上所述,当时,存在1个零点;当时,存在3个零点.
【变式1-4】(2023·全国·模拟预测)已知函数,.
(1)若直线是曲线的一条切线,求a的值;
(2)判断函数的零点个数.
【答案】(1);(2)答案见解析
【解析】(1)设切点坐标为,则切线方程为,
即,
因为直线是曲线的一条切线,
所以,,
因为,
所以或().
当时,由,得a=2;
当()时,.
令,则,
所以在(1,+∞)上单调递增,易知,
所以由,得.综上,.
(2)由(1)得(),
当,即时,,
所以当时,,在上单调递减,
当时, ,在上单调递增,
故,因此函数没有零点.
当,即时,
令,得或,令,得,
所以在上单调递增,在上单调递减,在上单调递增,
故的极大值,,
令(),则,
令(),则,
所以在上单调递增,,
所以在上单调递增,,
即(),
因此,
又,故函数只有一个零点.
当,即时,,在(0,+∞)上单调递增,
又,故函数只有一个零点.
当,即时,
令,得或,令,得,
所以在上单调递增,在上单调递减,在上单调递增,
故的极小值,
令,则,
易知当x=4时,取得最大值,
所以,所以,
令,则,
所以
,
由得
所以,
所以函数只有一个零点.
综上,当时,函数没有零点;当时,函数只有一个零点.
【题型2 证明唯一零点问题】
【例2】(2023·全国·高三专题练习)已知函数,求证:
(1)存在唯一零点;
(2)不等式恒成立.
【答案】(1)见解析;(2)见解析
【解析】(1),.
当时,,此时函数单调递增;
当时,,此时函数单调递减;
所以,即.
所以在上单调递增,.
则在上,存在,使得,即存在唯一零点;
(2),
令,.
当时,,此时函数单调递增;
当时,,此时函数单调递减;
即,故.
因为函数在上单调递增,所以.
即.
故不等式恒成立.
【变式2-1】(2023·山东·烟台二中校考模拟预测)已知函数.
(1)若曲线在点处的切线方程为,求a,b的值;
(2)若,证明:在区间内有唯一的零点.
【答案】(1);(2)证明见解析
【解析】(1),所以,解得,
所以,所以,
故切点的坐标为,代入切线方程,
得,解得,
故.
(2)证明:,
令,则在上单调递减,
所以,且,,
令,,
则在上单调递减,在上单调递增,
,即,所以存在,使得,
当时,在上单调递增,
当时,在上单调递减,
所以,且,
令,则,
因为,从而,所以在上单调递减,
所以,
所以当时,,取,
,
由零点存在性定理以及单调性可得在内有且仅有一个零点,
在内没有零点.即在区间内有唯一的零点.
【变式2-2】(2022·陕西西安·西安市第三十八中学校考一模)已知函数.
(1)当时,求的单调区间;
(2)证明:当时,在上存在唯一零点.
【答案】(1)单调递减区间为,单调递增区间为;(2)证明见解析
【解析】(1)当时,,该函数的定义域为,.
令,得,令,得,
所以的单调递减区间为,单调递增区间为.
(2)因为,,则.
令,得.因为,所以.
当时,,在上单调递减;
当时,,在上单调递增.
而,且.
又因为在上单调递增,所以在上有唯一零点.
当时,恒有,在上无零点.
综上,当时,在上存在唯一零点.
【变式2-3】(2023·全国·高三专题练习)已知函数,.
(1)当时,求函数的单调区间;
(2)证明:函数存在唯一零点.
【答案】(1)的增区间为;(2)详见解析.
【解析】(1)因为的定义域为,
所以,
设,则,
由,可得,由,可得,
所以在上单调递减,在上单调递增,
所以,即,
所以函数在上单调递增,即函数的增区间为;
(2)由题可知当时,函数在上单调递增,
又,令,
则,
所以存在,使,即当时,函数存在唯一零点;
当时,,又在上单调递减,在上单调递增,
所以存在,,使得,
且在上单调递增,在上单调递减,在上单调递增,
则时,函数有极大值,
又,
设,则,函数在上单调递增,
所以,故,
又时,,
所以时,函数在上存在唯一的零点;
综上,函数存在唯一零点.
【题型3 根据零点求参数的取值范围】
【例3】(2023春·北京·高三北京市八一中学校考开学考试)已知函数,若函数有两个不同的零点,则实数的取值范围是________.
【答案】
【解析】画出的图象,如下:
当经过点时,,
当时,,则,故,
即在处的切线斜率为1,
故当时,有两个不同的零点,
当时,有1个零点,
当时,,则,故,
即在处的切线斜率为,
故当时,与有1个交点,与有1个交点,满足要求,
而当时,与有2个交点,与有1个交点,
故有三个不同的零点,不合要求,舍去;
综上:
【变式3-1】(2023·山西忻州·统考模拟预测)已知函数.
(1)讨论的单调性;
(2)若有两个零点,求a的取值范围.
【答案】(1)答案见解析;(2)
【解析】(1)由题意可得.
当时,由,得,
由,得,则在上单调递减,在上单调递增.
当时,,则.
由,得或,
由,得,
则在上单调递减,在上单调递增.
当时,在R上恒成立,则在R上单调递增.
当时,,则.
由,得或,
由,得,
则在上单调递减,在上单调递增.
(2)由(1)可知当时,在上单调递减,在上单调递增.
要使有两个零点,需至少满足,即.
当时,,
,
则在与上各有一个零点,即符合题意.
当时,只有一个零点,则不符合题意.
当时,由,当时,,,
则在上恒成立.
由(1)可知在上单调递增或先递减后递增,
则不可能有两个零点,即不符合题意.
综上,a的取值范围为.
【变式3-2】(2023·新疆乌鲁木齐·统考一模)已知函数存在唯一的零点,则实数a的取值范围为______.
【答案】
【解析】定义域为R,,
当时,恒成立,故在R上单调递减,
又,,
由零点存在性定理得:存在唯一的使得:,故满足要求,
当时,由得或,
由得,
故在上单调递减,在,上单调递增,
当时,,
所以函数存在唯一的零点,只需,
解得:,与取交集后得到,
综上:实数a的取值范围是.
【变式3-3】(2023春·河南安阳·高三安阳一中校联考阶段练习)已知函数 .
(1)当时,求的极小值;
(2)若在区间上有且仅有一个零点,求实数a的取值范围.
【答案】(1)0;(2)
【解析】(1)当时,,,
当时,,在上单调递减;
当时,,在上单调递增,
故当时,取得极小值;
(2)由题意,在上有唯一解,即在上有唯一解.
令,显然,,
∴当时,在上恒成立,故在上单调递增,
此时在上只有一个零点1;
当时,在]上恒成立,故在]上单调递减,
此时在上只有一个零点1;
当时,当时,,当时,,
可知在上单调递减,在上单调递增,
结合,要使原函数只有一个零点,
只需,解得,∴,
综上所述,实数a的取值范围是.
【变式3-4】(2022秋·福建泉州·高三校考开学考试)已知函数.
(1)求函数的极值点;
(2)当时,当函数恰有三个不同的零点,求实数的取值范围.
【答案】(1)答案见解析;(2)
【解析】(1)由题意可得:,且的定义域为,
当时,则当时恒成立,
故在内单调递增,即无极值点;
当时,令,解得,
故在上单调递增,在上单调递减,
则有极大值点,无极小值点;
综上所述:当时,无极值点;
当时,有极大值点,无极小值点.
(2)由题意可得: ,且的定义域为,
则,
∵,构建,则的开口向下,对称轴,
当,即时,则当时恒成立,
故在内单调递减,
则在定义域内至多有一个零点,不合题意;
当,即时,设的两个零点为,不妨设,
则有:,可得,
令,则,
故在上单调递增,在上单调递减,
可得分别在内至多只有一个零点,
即至多只有三个零点,
∵,故在内的零点为2,
可得,
对于,
构建,则
当时恒成立,则在上单调递增,
且,
故,即,
∴在内存在零点,即,
注意到,
可得,且,
故在内存在零点,
可得有三个零点,符合题意;
综上所述:当函数恰有三个不同的零点,
则实数的取值范围为.
【题型4 隐零点的相关问题】
【例4】(2023·河南焦作·统考模拟预测)已知函数与的图象没有公共点,则实数的取值范围是( )
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】若函数与的图象没有公共点,
即相当于无解,变形得,,
令,则,
令,则在上为增函数,
而,,故唯一解,,
且,,化简得,,
即,设,
则,故在为增函数,
故,所以,
当时,;时,,
所以,
所以,当时无解,即.故选:B
【变式4-1】(2023·湖南·模拟预测)若函数与的图像有两个不同的公共点,则a的取值范围为____________.
【答案】
【解析】令,
函数与的图像有两个不同的公共点,
等价于在有两个零点,,
令,则,
令,,易得恒成立,
故在单调递增,易得,
故存在,使得,即,即,
当时,,等价于,则在上单调递减,
当时,,等价于,则在上单调递减,
故为极小值,因为在有两个零点,
则,即,
因为,则,
则,即,解得
【变式4-2】(2023·贵州毕节·统考一模)已知函数.
(1)求曲线在点处的切线方程;
(2)证明:当时,函数存在唯一的极大值点.
【答案】(1);(2)证明见解析
【解析】(1)函数的定义域为,,,,
故曲线在点处的切线方程为.
(2),
令,,
令,,,;,,
在为增函数,在上为减函数,
当时,恒成立,
当时,,,
故存在唯一的,使得,即,
且当时,,即;当时,,即,
综上所述:当时,,函数单调递增;
当时,,函数单调递减,即存在唯一的极大值点.
【变式4-3】(2022春·山东·高二山东师范大学附中校考期中)已知函数.
(1)若在有两个零点,求实数的取值范围;
(2)设函数,证明:存在唯一的极大值点,且.
【答案】(1);(2)见解析
【解析】(1)令,,则,
因为在有两个零点,
所以函数与的图象有两个不同的交点,
令,则,
当时,;当时,.
所以在单调递减,在单调递增,所以,
又当时,,当时,,所以;
(2)证明:,
故,
令,,
当时,,当时,,
所以在上单调递减,在上单调递增,
又,,,
由零点存在性定理及的单调性知,方程在上有唯一根,
设为且,从而有两个零点和,
当或时,,当时,,
所以在单调递增,在上单调递减,在单调递增,
从而存在唯一的极大值点,由,得,
,
当且仅当,即时,取等号,
若,则,与题意矛盾,故,
所以取等不成立,所以得证,
又,在单调递增,
所以得证,
所以.
【题型5 与三角函数相关的零点】
【例5】(2023·江西上饶·统考一模)已知函数,则在上的零点个数是( )
A.2023 B.2024 C.2025 D.2026
【答案】B
【解析】因为,
所以函数是周期为的周期函数,
又,
当时,令,
可得或或
当时,,当且仅当时,
函数在上单调递增,
因为,,所以函数在存在一个零点;
当时,,当且仅当时,,
所以函数在上单调递减,
因为,,所以函数在存在一个零点;
当时,,所以函数在上单调递增,
因为,,所以函数在不存在零点;
所以当时,函数有两个零点,且零点位于区间内,
所以在上共有个零点.故选:B.
【变式5-1】(2023·河南·长葛市第一高级中学统考模拟预测)已知函数有4个不同的零点,则正实数的范围为( )
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】当时,,,
所以,在上单调递增,
因为,
所以,当时,存在唯一的,使得,
所以,当时,有1个零点.
因为函数有4个不同的零点,
所以,当时,有3个不同的零点
令,因为,所以,
所以,函数在上有3个零点,
所以,解得,
所以,正实数的范围为,故选:B
【变式5-2】(2023秋·河北衡水·高三河北衡水中学校考阶段练习)已知函数,.
(1)若,求的最小值;
(2)若有且只有两个零点,求实数的取值范围.
【答案】(1)最小值为;(2).
【解析】(1)当时,,
则.
当时,,
所以,所以.
又,所以,所以恒成立,
所以在区间上单调递增,
所以的最小值为.
(2)由已知可得,则在区间上有且只有1个零点.
,
令,.
则,
因为在区间上恒成立,
所以在区间上单调递增.
所以,当时,有最小值;当时,有最大值.
当时,有,则恒成立,
则在区间上单调递增,所以.
又,所以在区间上无零点,不符合题意,舍去;
当时,有恒成立,
则在区间上单调递减,所以.
又,所以在区间上无零点,不符合题意,舍去;
当时,有,.
又在区间上单调递增,
根据零点的存在定理可得,,使得.
当时,,单调递减:
当时,,单调递增.
又,,要使在区间上有且只有一个零点,
则,解得.
又,所以.
综上,实数的取值范围是.
【变式5-3】(2023秋·内蒙古包头·高三统考期末)已知函数.
(1)若存在极值,求的取值范围;
(2)当,且时,证明:函数有且仅有两个零点.
【答案】(1);(2)证明见解析
【解析】(1),,
当,即时,,在单调递增,无极值;
当,即时,,;,,
在单调递增,在单调递减,
此时,在处取得极大值,无极小值.
综上,若存在极值,则.
(2)当时,,,
因为,令,则,
所以在单调递减,
又因为,,
所以在有唯一的零点,,;,,
于是在单调递增,在单调递减,
可知在存在唯一的极大值点(),
由,,
,
令,,
由,;,,
则在上单调递增,在单调递减,即,
故,即,
可知在和分别恰有一个零点.
所以当时,有且仅有两个零点.
【变式5-4】(2023·江西上饶·统考一模)已知,.
(1)讨论的单调性;
(2)若,,试讨论在内的零点个数.(参考数据:)
【答案】(1)答案见解析;(2)当时,在上仅有一个零点,
当 时,在上有2个零点.
【解析】(1)由已知可知,
当时,,在R上单调递增;
当时,令,则,
当时,,在单调递减,
当时,,在单调递增.
综上,当时,在R上单调递增,
当时,在单调递减,在单调递增.
(2)由已知,,
令,则,
当时,在上单调递增;
当时,在上单调递减,
,,,
①当时, ,,存在唯一的,使得,
当时,在上递增;
当时,在上递减,
因为,所以,又因为,
由零点存在性定理可得,在上仅有一个零点;
②当时,,,使得,
当和时,单调递减,
当时,单调递增,
因为,所以,
又因为,所以,
而,由零点存在性定理可得,
在和上各有一个零点,即在上有2个零点,
综上所述,当时,在上仅有一个零点,
当时,在上有2个零点.
(建议用时:60分钟)
1.(2023春·四川南充·高三四川省南充市高坪中学校考开学考试)已知函数在处有极值,且极值为8,则的零点个数为( )
A.1 B.2 C.3 D.4
【答案】C
【解析】由题意得,
因为函数在处有极值,且极值为8,
则,,
解得(经检验适合题意),或(经检验不合题意舍去)
故,,
当或时,,即函数单调递增,
当时,,即函数单调递减,
又因为,,,,
则有3个零点,故选:C.
2.(2023·全国·模拟预测)已知函数有零点,则实数a的取值范围是( )
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】解法一:因为.
设,两边同时取自然对数,可得.
令.
对求导,得.
解可得,.
解可得,,所以在上单调递增;
解可得,,所以在上单调递减.
所以,所以的定义域为.
若有零点,则有零点.
因为,
解可得,.
解可得,,所以在上单调递增;
解可得,,所以在上单调递减.
所以,当时,有最小值.
所以,要使在上有零点,则必有,
即.此时有,
且.
根据零点存在定理可得,,使得,即有零点,
所以以有零点,所以.
解法二由题可得,
.
令,则.
解可得,.
解,可得,所以函数在上单调递增;
解,可得,所以函数在上单调递减.
所以,函数在时,取得最大值为,所以.
设,,则.
解,可得.
解,可得,所以在上单调递增;
解,可得,所以在上单调递减.
所以,当时,
函数有最小值.
要使函数有零点,则在上存在零点.
所以,必有,即,
又,
根据零点存在定理可得,,使得,即有零点,
所以有零点,所以.故选:A.
3.(2023·全国·高三专题练习)已知函数在上有两个不同的零点,则实数的取值范围为______.
【答案】
【解析】由题意得有两个不同的根,
即有两个不同的根,
变形为,即,
令,则,
其中令,,
恒成立,故在单调递增,得到,
故有两个不同的根,
令,则,,
当时,,当时,,
故在处取得极大值,也是最大值,,
且当时,,当时,,
画出的图象如下图:
故时,有两个不同的根,解得:.
4.(2022秋·陕西渭南·高三校考阶段练习)已知函数在上不单调,则的取值范围是__________.
【答案】
【解析】由题可知,,
令,
因为,所以,则在单调递减,所以,
若,则恒成立,即恒成立,
则函数在上单调递减,不满足题意;
若,则,
因为,,所以,
所以由零点的唯一性定理可知,在必定存在唯一的零点记为,
所以当时,即,
时,即,
所以在时单调递增,时单调递减,满足题意;
综上得,
5.(2023春·山东济南·高三统考开学考试)已知函数,为的导数.
(1)证明:在区间上存在唯一的极大值点;
(2)讨论零点的个数.
【答案】(1)证明见解析;(2)3个.
【解析】(1)函数的定义域为,求导得,
令,则,当时,,
函数在上单调递增,在上无极值点,
当时,在上都递减,即在上递减,
而,则存在唯一,,
当时,,当时,,
因此函数在上单调递增,在上单调递减,
则为在上的极大值点,
所以在区间上存在唯一的极大值点;
(2)当时,,
则恒成立,函数在上无零点,
当时,,则恒成立,函数在上无零点,
当时,,
则恒成立,函数在上单调递减,
而,
因此函数在内有唯一零点,
当时,,即0是函数的一个零点,
由(1)知在上单调递增,
而,则存在唯一,使得,
当时,,函数单调递减,
当时,,函数单调递增,
有,又,
因此函数在上有唯一零点,在上无零点,
当时,由(1)知,函数在上单调递增,在上单调递减,
因为,则存在唯一,使得,
当时,,函数单调递增,
当时,,函数单调递减,
又,因此函数在上无零点,
综上得,函数共有3个零点.
6.(2023秋·山东菏泽·高三统考期末)已知函数,.
(1)证明:存在唯一零点;
(2)设,若存在,使得,证明:.
【答案】(1)证明见解析;(2)证明见解析
【解析】(1)由题意可得,
记,则,
因为时,恒成立,所以在上单调递增,
因为,所以在上恒小于0,在上恒大于0,
所以在上单调递减,在上单调递增,
因为,所以有唯一零点0.
(2)由可得,
若是方程的根,则是方程的根,
因为,都单调递增,
所以,,
设,,
所以的解为,的解为,
所以在上递减,在上递增,
所以的最小值为,即的最小值为.
故原不等式成立.
7.(2023春·河南·高三洛宁县第一高级中学校联考阶段练习)已知函数.
(1)若 在上单调递增,求a的取值范围;
(2)若存在零点且零点的绝对值小于2,求a的取值范围
【答案】(1);(2)
【解析】(1),
因为在上单调递增,则当时,,,即
而当时,,则有,
所以若在上单调递增,a的取值范围是
(2)若,,单调递增,且有,
由f(x)存在零点且零点的绝对值小于2,可知存在唯一零点
由,则,.
若,令,解得,
当时,,单调递减,
当时,,单调递增.
则取极小值,即,
又,则,,
又, ,且当趋向于正无穷时,趋向于正无穷,
故此时存在两个零点,分别设为,
又,则,由题意,则有,即,
故,
综上,a的取值范围是.
8.(2023春·江苏南京·高三校考开学考试)已知函数.
(1)若,求函数的单调区间;
(2)若,且在区间上恒成立,求a的取值范围;
(3)若,判断函数的零点的个数.
【答案】(1)单调增区间为;单调减区间为;(2);(3)有1个零点
【解析】(1)若,则,
由得,;由得,.
所以函数的单调增区间为;单调减区间为.
(2)依题意,在区间上..
令得,或.
若即,则由得,,递增;
由得,,递减.
所以,满足条件;
若,则由得或,
在时递增或时递增;
由得,递减.,
依题意,即,所以.
若,则.
所以在区间上单调递增,,不满足条件;
综上,.
(3).
所以.设,.
令得.
当时,;当时,.
所以在上单调递减,在上单调递增.
所以的最小值为.
因为,所以.
所以的最小值.
从而,在区间上单调递增.
又,
设.
则.令得.由,得;
由,得.所以在上单调递减,在上单调递增.
所以.
所以恒成立.所以.
所以.
又,所以当时,函数恰有1个零点.
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