高中物理人教版 (新课标)必修28.机械能守恒定律课时练习

课时素养检测 十七

机械能守恒定律

(25分钟　60分)

一、单项选择题(本题共6小题，每小题5分，共30分)

1.下列运动的物体中，机械能守恒的是 (　　)

A.加速上升的运载火箭

B.被匀速吊起的集装箱

C.光滑曲面上自由运动的物体

D.在粗糙水平面上运动的物体

【解析】选C。由于机械能守恒的条件是只有重力与系统内弹力做功，或有其他的力做功，但这些力所做的功为零。A中由于火箭受到了推力的作用才会加速上升，B中集装箱也受到了拉力的作用才会匀速上升，它们都是由于外力对物体做了功而使机械能增加，故A、B错误；D中粗糙的水平面对运动的物体做了负功，故D的机械能会减小，也错误；C中物体虽然在曲面上运动，但曲面是光滑的，物体不受摩擦力的作用，且物体在曲面上运动时受到的弹力与物体的运动方向总是垂直，不做功，所以它的机械能是守恒的，C正确。

【补偿训练】

忽略空气阻力，下列物体运动过程中满足机械能守恒的是 (　　)

A.电梯匀速下降

B.物体由光滑斜面顶端滑到斜面底端

C.物体沿粗糙斜面匀速下滑

D.拉着物体沿光滑斜面匀速上升

【解析】选B。电梯匀速下降，说明电梯处于受力平衡状态，并不是只有重力做功，所以A错误；物体在光滑斜面上，受重力和支持力的作用，但是支持力的方向和物体运动的方向垂直，支持力不做功，只有重力做功，所以B正确；物体沿着粗糙斜面匀速下滑，物体受力平衡，摩擦力和重力都要做功，所以机械能不守恒，所以C错误；拉着物体沿光滑斜面匀速上升，物体受力平衡，拉力和重力都要做功，所以机械能不守恒，所以D错误。

2.在距地面高度为H的位置斜向上抛出一个质量为m的小球，小球到达最高点时的速度大小为v1，小球落地时的速度大小为v2，忽略空气阻力。则小球抛出时的动能为              (　　)

A.m-mgH　　　　　B.m

C.m-m D.m-mgH

【解析】选A。小球上抛后的运动过程中，只受重力作用，故它遵循机械能守恒的规律，设小球抛出时的动能为Ek，则存在如下关系式：mgH+Ek=m，故小球抛出时的动能Ek=m-mgH，A是正确的。

3.一根轻质弹簧的下端固定在水平地面，上端连接一个小球，静止时小球处于O点，如图所示。将小球向下压至A点位置(未超过弹簧的弹性限度)然后放开，小球将在竖直方向上下往复运动，小球到达的最高位置为B点，忽略空气阻力的影响。则关于小球从A点向上运动至B点的过程中，以下判断正确的是(　　)

A.弹簧的弹力对小球始终做正功

B.弹簧的弹性势能与小球的动能之和一定减小

C.小球在O点上方某个位置时的动能达到最大

D.小球在B点时弹簧的弹性势能最大

【解析】选B。由于小球的一端连接着弹簧，故小球从A点向上运动至B点的过程中，在AO段弹簧对小球做正功，而在OB段，弹簧对小球做的是负功，故A错误；由于整个过程中，只有重力与弹力做功，故机械能守恒，即弹簧的弹性势能与小球的动能加重力势能的总和不变，当小球上升时，它的重力势能增大，故另外两个能量之和一定减小，B正确；由于小球在O点时，小球受到的重力与弹簧的弹力正好相平衡，故此时小球的速度最大，动能最大，所以C错误；由于弹簧的自然状态在O点的上方，故小球在A点时的形变量一定大于在B点时的形变量，故小球在A点时的弹性势能最大，D错误。

【补偿训练】

　　如图所示，在光滑的水平面上有一物体，它的左端连一弹簧，弹簧的另一端固定在墙上，在力F作用下物体处于静止状态。当撤去F后，物体将向右运动，在物体向右运动过程中，下列说法正确的是              (　　)

A. 弹簧的弹性势能逐渐减小

B. 弹簧的弹性势能逐渐增大

C. 弹簧的弹性势能先增大再减小

D. 弹簧的弹性势能先减小再增大

【解析】选D。当撤去F后，物体向右运动的过程中，弹簧先由压缩状态变到原长，再伸长，所以形变量先减小后增大，则弹簧的弹性势能先减少再增加，故D正确。弹簧的弹性势能与弹簧的形变量大小有关，形变量越大，弹性势能越大，题中弹簧先压缩后伸长，根据形变量的变化，分析弹性势能的变化。

4.如图所示，质量为m的物体，以水平速度v0离开桌面，若以桌面为零势能面，不计空气阻力，则当它经过离地高度为h的A点时，所具有的机械能是(　　)

A.m+mgh   B.m-mgh

C.m+mg(H-h)  D.m

【解析】选D。因不计空气阻力，仅有重力做功，故机械能守恒，选桌面为零势能面，故物体在抛出时的机械能为m，则在运动过程中任何位置的机械能均为m，则选项D正确。

5.如图所示，固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m的圆环，圆环与竖直放置的轻质弹簧一端相连，弹簧的另一端固定在地面上的A点，弹簧处于原长时，圆环高度为h。让圆环沿杆滑下，滑到杆的底端时速度为零。则在圆环下滑到底端的过程中              (　　)

A.圆环机械能守恒

B.弹簧的弹性势能先减小后增大

C.弹簧的弹性势能变化了mgh

D.弹簧与光滑杆垂直时圆环动能最大

【解析】选C。圆环与弹簧构成的系统机械能守恒，圆环机械能不守恒，A错误。弹簧形变量先增大后减小再增大，所以弹性势能先增大后减小再增大，B错误。由于圆环与弹簧构成的系统机械能守恒，圆环的机械能减少了mgh，所以弹簧的弹性势能增加mgh，C正确。弹簧与光滑杆垂直时，圆环所受合力沿杆向下，圆环具有与速度同向的加速度，所以做加速运动，D错误。

6.如图所示，mA=2mB，不计摩擦阻力，A物体自H高处由静止开始下落，且B物体始终在水平台面上。若以地面为零势能面，当物体A的动能与其势能相等时，物体A距地面高度是              (　　)

A.　　　B.　　　C.　　　D.

【解析】选B。A、B组成的系统机械能守恒，设物体A的动能与其势能相等时，物体A距地面的高度是h，A的速度为v。则有：mAgh=mAv2，v2=2gh

从开始到距地面的高度为h的过程中，减少的重力势能为：ΔEp=mAg(H-h)=2mBg(H-h)

增加的动能为：ΔEk=(mA+mB)v2=(3mB)2gh=3mBgh，由ΔEp=ΔEk得h=H。

二、非选择题(本题共2小题，共30分。要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位)

7.(14分)如图所示，一个粗细均匀的U形管内装有同种液体，在管口右端盖板A密闭，两液面的高度差为h，U形管内液柱的总长度为4h。现拿去盖板，液体开始运动，当两液面高度相等时，右侧液面下降的速度是多大？

【解析】拿去盖板，液体开始运动，当两液面高度相等时，由液体的机械能守恒可求出右侧液面下降的速度，此时，右侧高为h液柱重心下降了h，液体重力势能的减小量全部转化为整体的动能；

设管子的横截面积为S，液体的密度为ρ，则右侧高出左侧的液体的体积为Sh，所以其质量为：m=ρSh，全部的液体的质量：M=ρS·4h

拿去盖板，液体开始运动，当两液面高度相等时，右侧高为h液柱重心下降了h

根据机械能守恒定律得：mg·h=Mv2

即：ρhSg·h=ρ·4hSv2

解得：v=。

答案：

【补偿训练】

　　如图所示，静止放在水平桌面上的纸带，其上有一质量为m=0.1 kg的铁块，它与纸带右端的距离为L=0.5 m，铁块与纸带间、纸带与桌面间动摩擦因数均为μ=0.1。现用力F水平向左将纸带从铁块下抽出，当纸带全部抽出时铁块恰好到达桌面边缘，铁块抛出后落地点离抛出点的水平距离为s=0.8 m。已知g=

10 m/s2，桌面高度为H=0.8 m，不计纸带质量，不计铁块大小，铁块不滚动。求：

(1)铁块抛出时速度大小；

(2)纸带从铁块下抽出所用时间t1；

(3)纸带抽出过程产生的内能E。

【解析】(1)水平方向：s=vt ①

竖直方向：H=gt2 ②

由①②联立解得：v=2 m/s。

(2)设铁块的加速度为a1，由牛顿第二定律，得

μmg=ma1 ③

纸带抽出时，铁块的速度v=a1t1 ④

③④联立解得t1=2 s。

(3)铁块的位移s1=a1 ⑤

设纸带的位移为s2；由题意知，s2-s1=L ⑥

由功能关系可得E=μmgs2+μmg(s2-s1) ⑦

由③④⑤⑥⑦联立解得E=0.3 J。

答案：(1)2 m/s　(2)2 s　(3)0.3 J

8.(16分)质量分别为m和2m的两个小球P和Q，中间用轻质杆固定连接，杆长为3L，在离P球L处有一个光滑固定轴O，如图所示。现在把杆置于水平位置后自由释放，在Q球顺时针摆动到最低位置时，求：

(1)小球P的速度大小；

(2)在此过程中小球P机械能的变化量；

(3)要使Q球能做完整的圆周运动，给Q球的初速度至少为多大？

【解析】在Q球顺时针摆动到最低位置的过程中，对于两球和地球组成的系统机械能守恒，由此列式求解。根据动能和重力势能的变化，求P球机械能的变化。要使Q球能做完整的圆周运动，Q转到最高点时速度至少为零，根据系统的机械能守恒求解。

(1)对于P球和Q球组成的系统，只有重力做功，系统机械能守恒，则有：

2mg·2L-mgL=m+·2m

两球共轴转动，角速度大小始终相等，

由v=rω得：vQ=2vP

联立解得：vP=

(2)小球P机械能的变化量为：

ΔE=mgL+m=mgL

(3)设要使Q球能做完整的圆周运动，给Q球的初速度至少为v。

当Q转到最高点时速度为零恰好能做完整的周期运动，由系统的机械能守恒得：

2mg·2L=mgL+m+·2mv2

解得：v=

答案：(1)　(2)mgL　(3)

(15分钟　40分)

9.(6分)如图所示，具有一定初速度的物块，沿倾角为30°的粗糙斜面向上运动的过程中，受一个恒定的沿斜面向上的拉力F作用，这时物块的加速度大小为4 m/s2，方向沿斜面向下，那么，在物块向上运动的过程中，下列说法正确的是              (　　)

A.物块的机械能一定增加

B.物块的机械能一定减小

C.物块的机械能可能不变

D.物块的机械能可能增加也可能减小

【解析】选A。机械能变化的原因是非重力、弹力做功，题中除重力外，有拉力F和摩擦力Ff做功，则机械能的变化决定于F与Ff做功的大小关系。由mgsinα+Ff-F=ma知：F-Ff=mgsin30°-ma>0，即F>Ff，故F做正功多于克服摩擦力做功，故机械能增加。A项正确。

10.(6分)质量为m的小球从高H处由静止开始自由下落,以地面作为参考平面,当小球的动能和重力势能相等时,重力的瞬时功率为              (　　)

A.2mg　　　　　 B.mg

C.mg  D.mg

【解析】选B。动能和重力势能相等时,下落高度为h=,速度v==,故P=mgv=mg,B选项正确。

11.(6分)(多选)如图所示，弹簧固定在地面上，一小球从它的正上方A处自由下落，到达B处开始与弹簧接触，到达C处速度为0，不计空气阻力，则在小球从B到C的过程中              (　　)

A.弹簧的弹性势能不断增大

B.弹簧的弹性势能不断减小

C.系统机械能不断减小

D.系统机械能保持不变

【解析】选A、D。从B到C，小球克服弹力做功，弹簧的弹性势能不断增加，A正确，B错误；对小球、弹簧组成的系统，只有重力和系统内弹力做功，系统机械能守恒，C错误，D正确。

12.(22分)如图某物体以初动能E0从倾角θ=37°的斜面底A点沿斜面上滑，物体与斜面间的摩擦系数μ=0.5，而且mgsinθ>μmgcosθ。当物体滑到B点时动能为E，滑到C点时动能为0，物体从C点下滑到AB中点D时动能又为E。已知AB=s，求BC的长度。(sin37°=0.6、cos37°=0.8)

【解析】设BC=s1；物体从B点滑到C点再从C点滑到D点的过程中EkB=EkD，即动能的增量为0。在这过程中，重力所做的功与路径无关，它等于

摩擦力所做的功为-μmgcosθ(+2s1)

由动能定理W合=ΔEk，得到：

mgsinθ·-μmgcosθ(+2s1)=0，

s1==

答案：

【补偿训练】

如图所示为某同学设计的节能运输系统。斜面轨道的倾角为37°，木箱与轨道之间的动摩擦因数μ=0.25。设计要求：木箱在轨道顶端时，自动装货装置将质量m=2 kg的货物装入木箱，木箱载着货物沿轨道无初速度滑下，当轻弹簧被压缩至最短时，自动装货装置立刻将货物卸下，然后木箱恰好被弹回到轨道顶端，接着再重复上述过程。若g取10 m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：

(1)离开弹簧后，木箱沿轨道上滑的过程中的加速度大小；

(2)满足设计要求的木箱质量。

【解析】(1)设木箱质量为m′，对木箱的上滑过程，由牛顿第二定律有：m′gsin37°+μm′gcos37°=m′a

代入数据解得：a=8 m/s2。

(2)设木箱沿轨道下滑的最大距离为L，弹簧被压缩至最短时的弹性势能为Ep，根据能量守恒定律：

货物和木箱下滑过程中有：

(m′+m)gsin37°L=μ(m′+m)gcos37°L+Ep

木箱上滑过程中有：Ep=m′gsin37°L+μm′gcos37°L

联立代入数据解得：m′=m=2 kg。

答案：(1)8 m/s2　(2)2 kg

关闭Word文档返回原板块