2023年河北省石家庄四十七中中考物理质检试卷（含答案解析）

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2023年河北省石家庄四十七中中考物理质检试卷
1. 下列数据最接近实际的是(    )
A. 家用电风扇额定功率约为500W
B. 对人体的安全电压不高于36V
C. 柴油机工作效率可高达95%
D. 电磁波在空气中的传播速度约为340m/s
2. 下列科学家与其对应成就正确的是(    )
A. 焦耳——电流与电压、电阻的关系
B. 欧姆——最先确定电流产生的热量遵从的规律
C. 奥斯特——电磁感应
D. 沈括——最早记述地磁偏角
3. 生活中能量转化的实例很多，下列描述中正确的是(    )
A. 摩擦生热是把内能转化为机械能
B. 燃料燃烧放热是把内能转化为化学能
C. 电动机带动水泵把水送到高处是把电能转化为机械能
D. 摩擦起电是把电能转化为机械能
4. 下列诗词中，体现分子无规则运动的是(    )
A. “梅须逊雪三分白，雪却输梅一段香”——香
B. “碧纱窗下水沉烟，棋声惊昼眠”——烟
C. “更无柳絮因风起，惟有葵花向日倾”——絮
D. “沙迷双眸人不见，尘覆万柳鸟无鸣”——沙
5. 石家庄的主干道有很多电子智能化公交站牌。其能源来自它顶部的太阳能电池板，乘客可以从电子路线图上很清晰地知道途经各路公交车与本站的距离。同时，USB充电口也能为乘客“应急”。其相关物理知识错误的是(    )


A. 太阳能是可再生能源 B. 公交车定位是靠电磁波传递信息的
C. 太阳能电池板采用半导体材料制作 D. 不同的USB充电口的连接方式为串联
6. 与头发摩擦过的塑料尺能“吸”起碎纸屑。下列现象与其原理相同的是(    )
A. 通电螺线管的一端“吸”小磁针的N极
B. 表面光滑的两个铅块挤压后会“吸”在一起
C. 磁铁能“吸”大铁钉
D. 干燥的双手搓开的新塑料袋“吸”在手上
7. 下列现象中可能引起家中空气开关跳闸的是(    )
A. 灯丝烧断 B. 开关中的两个线头相碰
C. 电路中增加了大功率用电器 D. 户外输电线绝缘皮损坏
8. 关于温度、内能和热量，下列说法中正确的是(    )
A. 物体的温度不变，内能可能变小 B. 物体温度降低，它一定放出热量
C. 升温较多的物体，吸收的热量多 D. 物体内能增加，它一定吸收热量
9. 智能手机耗电达到一定量时，会提示用户采用“省电模式”，在这种模式下，可延长电池的供电时间，原因是(    )
A. 降低了电池的输出电压 B. 减小了电池的输出功率
C. 减小了电子线路的电阻 D. 增大了电池的输出电流
10. 如图甲是小明设计的一款酒稍浓度检测仪电路图。其电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为酒精气体浓度传感器(气敏电阻)，R的阻值与酒精浓度的关系如图乙所示。接通电源，当酒精浓度增大时，下列说法正确的是(    )

A. 电流表的示数变小
B. 电压表的示数变大
C. 电压表示数与电流表示数的比值变小
D. 电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值变小
11. 下列说法正确的是(    )
A. 杯子里的水可以任意倒出，说明水分子间没有引力
B. 固体间能发生扩散现象，表明固体内的分子是运动的
C. 0℃的冰块熔化成0℃的水，其内能增加
D. 用力搓手，手发热表明手的热量增加
12. 如图所示，下列说法正确的是(    )
A. 实验说明同名磁极相互吸引，异名磁极相互排斥
B. 实验的原理可以制成发电机
C. 实验说明利用磁场可以产生电流
D. 实验说明电能可以转化为机械能
13. 如图所示电路中，电源电压为U恒定不变，R1、R2是阻值为R0的定值电阻，R是最大阻值为R0的滑动变阻器，a、b是电流表或电压表。闭合开关S、S2，滑片P置于最右端时，电流表的示数为U3R0，则下列说法正确的是(    )

A. a、b都是电压表
B. 闭合开关S、S2，滑片向左移动时，电路总功率变小
C. 电流表A的最小示数为U3R0
D. 开关全闭合，向左移动滑片P，R2的功率变化量大于a表变化量与A变化量的乘积
14. 用带电体接触验电器的金属球，金属箔片张开，其原理是______ ；用手接触金属球，金属箔片闭合，这说明人体是______ (填“导体”或“绝缘体”)。若验电器带正电，在这一过程中的电流方向是______ (选填“从手到金属球”或“从金属球到手”)。
15. 如图为四冲程汽油机的______ 冲程。该冲程将______ 能转化为______ 能，这是通过______ (选填“做功”或“热传递”)改变内能的。


16. 一导体两端加5V电压时，通过它的电流是0.5A，此导体电阻为______Ω；当通过它的电流为1.2A时，它两端电压则为______ V；当通过它的电流为0时，它两端的电压则为______ V，此时它的电阻为______Ω。
17. 质量为1.4kg的干木柴完全燃烧，放出的热量为______ J。如果这些热量的50%被质量为50kg温度为20℃的水吸收，其温度将升高______ ℃[已知：干木柴的热值为1.2×107J/kg，水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)]。水温升高后其比热容______ (选填“变大”，“不变”或“变小”)。
18. 甲、乙两盏白炽灯，铭牌上分别标有“220V 100W”和“220V 60W”字样。若两灯并联在200V的电路中，______ 灯较亮。若两灯串联在200V的电路中，______ 灯较亮。如果两灯的灯丝由同种材料制成且长度相等，______ 灯灯丝较粗(均选填“甲”或“乙”)。
19. 由于导体存在电阻，电流通过导线时会因电流的______效应而造成大量的能量损耗，1911年荷兰科学家发现某些导体在极低温度下______会突然消失，这种现象称为超导现象，近年来我国在超导领域取得了举世瞩目的成就，用超导电缆输电，可大大降低能量损耗，有一段输电线路，输电电流为200A，输电线路的电阻为0.5Ω，若以超导电缆替代该线路输电1h，可节约电能______kW⋅h。
20. 请用笔画线表示导线，将图中的电灯、开关和插座正确接入家庭电路中。

21. 在图中标出静止在磁场中的小磁针的N、S极和磁感线的方向。

22. 小宇同学参加了学校'研究性学习小组”，探究了“磁体的磁性强弱是否与温度有关”的课题。实验步骤如下：将一条形磁铁的一端固定在铁架台上，另一端吸有一些小铁钉，用酒精灯给磁铁加热，如图甲所示。经过一段时间后，当磁铁被烧红时，发现铁钉纷纷落下。

(1)小宇的实验可以得出结论：温度越高，磁体的磁性越______ 。
(2)根据这一结论，他设计了如图乙所示的温度报警器，工作原理为：当温度逐渐升高时，磁铁的______ 减弱直至消失，无法______ (填“排斥”或“吸引”)弹簧开关，弹簧恢复原状，电路接通，电铃报警。
(3)为了设定具体的报警温度，他进一步设计了如图丙所示的温度报警器，当达到报警温度时，电磁铁______ (选填“有”或“无”)磁性，工作电路接通，电铃响。
23. 如图为探究电流产生的热量与哪些因素有关的实验装置。
(1)此装置是为了探究电流产生的热量与______ 的关系。R3的阻值应为______ Ω才能符合实验要求。若通过R1的电流为1A，则通过R3的电流大小为______ A。
(2)用U形管中液面高度差反映电阻产生热量的多少，这一物理方法叫______ 法。左侧U形管中液面高度差大于右侧U形管中液面高度差，说明______ 。
[拓展]如果把R2也放进右侧的容器内，在相同时间内______ 侧产生的热量较多。
24. 小明用如图甲所示的电路测量小灯泡的电功率。电源电压不变，小灯泡的额定电压为3.8V，滑动变阻器标有“50Ω1A”。

(1)请你用笔画线代替导线将图甲连接完整。连接电路时，开关应处于______ 状态。闭合开关前，滑动变阻器的滑片应位于______ (选填“A”或“B”)端。
(2)连好电路后闭合开关，调节滑动变阻器发现灯泡不亮，电流表没有示数，电压表示数较大；电路故障是______ 。
(3)排除故障后继续实验，小灯泡正常发光时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为______ W。
(4)小明继续移动滑动变阻器的滑片，当电流表的示数为0.32A时，电压表的示数可能为______ (填序号)。
A.3.9V
B.4.0V
C.4.1V
[拓展]小明又找来5个不同阻值的定值电阻替换掉小灯泡探究“电压一定时，通过导体的电流与电阻的关系”。他将电源电压调为6V且保持不变，并用五次实验数据绘制了图丙所示的I−R图象。本次实验定值电阻两端电压为______ V，由此可得结论______ 。若要继续探究在其它电压值下电流与电阻的关系，定值电阻两端的电压变化范围为______ 。
25. 如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡标有“12V 12W”，滑动变阻器标有“30Ω2A”的字样。闭合开关S，滑片P从最右端向左滑动的过程中，小灯泡的I−U关系图象如图乙所示。求：
(1)小灯泡正常发光的电阻；
(2)灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的电阻；
(3)电路总功率的变化范围。

26. 图甲是具有加热保温两挡的电热饭盒，图乙为其内部简化电路的一部分，R1、R2是阻值相等的发热电阻，开关S接触点2时为加热挡。某次只使用该电热饭盒正常加热125s，图丙所示电能表的脉冲指示灯刚好闪烁了125次，1kg米饭温度升高了40℃[米饭的比热容取2.5×103J/(kg⋅℃)]。求：
(1)米饭吸收的热量；
(2)电热饭盒的加热效率；
(3)在图乙虚线框内分别填入定值电阻R2和导线的元件符号，并求出R2的阻值。


答案和解析

1.【答案】B 
【解析】解：A、家用电风扇额定功率约为50W，故A错误；
B、对人体的安全电压不高于36V，故B正确；
C、柴油机工作效率在40%左右，故C错误；
D、电磁波在空气中的传播速度约为3×108m/s，故D错误。
故选：B。
(1)家用电风扇额定功率约为50W。
(2)对人体的安全电压不高于36V。
(3)柴油机工作效率在40%左右。
(4)电磁波在空气中的传播速度约为3×108m/s。
知道常见家用电器的额定功率；知道对人体的安全电压，知道柴油机的效率；知道电磁波在空气中的传播速度。

2.【答案】D 
【解析】解：A、焦耳最先发现了“电流通过导体产生的热量与电流、电阻、通电时间的关系”，即焦耳定律，故A错误；
B、欧姆对“电流跟电阻和电压之间的关系”进行了深入的研究并得到了正确结论，即著名的欧姆定律，故B错误；
C、电磁感应是法拉第受电生磁的启发最早发现的，故C错误；
D、我国宋代学者沈括是世界上最早记录磁偏角的人，故D正确。
故选：D。
根据对物理学家及其成就的掌握作答。
本题考查了物理学史知识，完成此题可以依据已有的知识进行，要求同学们在平时的学习中加强物理学史知识的识记，以便灵活应用。

3.【答案】C 
【解析】解：
A、摩擦生热是克服摩擦做功，摩擦过程中，消耗了机械能，内能增大，把机械能转化为内能，故A错误；
B、燃料燃烧放热是把化学能转化为内能，故B错误；
C、电动机带动水泵把水送到高处是把电能转化为机械能，故C正确；
D、摩擦起电是消耗了机械能，获得了电能，故是把机械能转化为电能，故D错误。
故选：C。
解决此题的关键是知道各种现象的能量储存方式和转化方式，判断减小的能和获得的能分别是哪一个。
自然界中的能量都以各种形式的能储存起来，在一定条件下可以相互转化。

4.【答案】A 
【解析】解：A.花的香气是花香分子做无规则运动引起的，故A符合题意；
B.“烟”的实质是固体小颗粒悬浮在空中，不是分子的无规则运动，故B不合题意；
C.“絮”是宏观物体的运动，不是分子的无规则运动，故C不合题意；
D.“沙”是宏观物体的运动，不是分子的无规则运动，故D不合题意。
故选：A。
扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动，分子运动是肉眼看不见的运动；机械运动是宏观物体的运动，是看得见的运动。
本题主要考查了分子无规则运动和机械运动的区别，是一道基础题。

5.【答案】D 
【解析】解：A、太阳能是可再生能源，故A正确；
B、电磁波可以传递信息，公交车定位是靠电磁波传递信息的，故B正确；
C、太阳能电池板采用半导体材料制作，故C正确；
D、不同的USB充电口的连接方式为并联，各个充电口互不影响，故D错误。
故选：D。
(1)能够在短期内从自然界中得到补充或可以重复使用的能源是可再生能源。
(2)电磁波可以传递信息。
(3)太阳能电池板采用半导体材料制作。
(4)串联的各个元件互相影响；并联的各个元件互不影响。
知道能源的分类；知道电磁波的特性；知道半导体的特点及应用；知道串联电路和并联电路的特点。

6.【答案】D 
【解析】解：与头发摩擦过的塑料尺能“吸”起纸屑，这是因为带电体可以吸引轻小物体；
A.通电螺线管的一端“吸”小磁针的N极，利用的是电流的磁效应，故A不符合题意；
B.表面光滑的两个铅块挤压后会“吸”在一起，因为分子间有引力，故B不符合题意；
C.磁铁能“吸”大铁钉是磁铁的磁性，故C不符合题意；
D.干手搓开的新塑料袋“吸”在手上，因为摩擦起电后带静电，会吸引轻小物体，故D符合题意。
故选：D。
用摩擦的方法可以使物体带电，带电体具有吸引轻小物体的性质。
本题要求学生能够根据所学的知识，解释生活中遇到的“吸”的成因，难度不大。

7.【答案】C 
【解析】解：当电路发生短路或总功率过大时，都可能导致家中的空气开关自动断开；
A、灯丝烧断会造成灯泡所在支路断路，不会使电路发生短路，总功率也不会过大，故A不符合题意；
B、开关中的两个线头相碰会导致开关始终处于闭合状态，不会使电路发生短路，总功率也不会过大，故B不符合题意；
C、电路中增加了大功率的用电器，则干路中的电流会过大，故C符合题意；
D、户外输电线绝缘皮损坏，不会使家中电路发生短路，不能引起家中空气开关跳闸，故D不符合题意；
故选：C。
根据家庭电路中电流过大的原因分析。
本题考查了家庭电路电流过大的原因：发生短路或同时工作的用电器的总功率过大。

8.【答案】A 
【解析】A、物体的温度不变，内能可能变小，例如晶体的凝固过程，放出热量，温度不变，故A正确；
B、物体温度降低，它可能是放出热量，也可能是对外界做功，故B错误；
C、由Q放=cm△t可知，吸收热量与物质的比热容、质量和升高的温度有关，因此升温较多的物体，吸收的热量不一定多，故C错误；
D、物体内能增加，可能是吸收了热量，也可能是因为对物体做功，故D错误。

正确理解温度、热量与内能的关系。解决问题的诀窍是：物体吸热或温度升高，内能一定增大；但物体的内能增大，不一定是由物体吸热或温度升高引起的。

9.【答案】B 
【解析】解：智能手机耗电达到一定量时，剩余的电能也是定量，
由W=Pt可知，要延长手机的工作时间，需要减小电池的输出功率，而手机工作的电压是不变的，
由P=UI可知，在省电模式下，应减小电池的输出电流，故B正确、AD错误；
因电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，所以电子线路的电阻不变，故C错误。
故选：B。
(1)由公式W=Pt知，手机“省电模式”，是在手机电池储存电能一定的前提下，通过减小输出功率延长使用时间的；手机工作的电压不变，由P=UI分析电池的输出电流如何变化；
(2)导体的电阻只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体两端的电压和通过的电流无关。
本题考查了学生对电功公式和电功率公式、影响电阻大小因素的应用，要注意手机工作时的电压不变。

10.【答案】C 
【解析】解：
由电路图可知，定值电阻R0与气敏电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
AB、由图像可知，当酒精浓度增大，R的阻值变小，电路中的总电阻变小，由I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；
由U=IR可知，R0两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源的电压恒定不变，所以，R0两端的电压变小，即电压表的示数变小，故AB错误；
C、由电压表的示数变小、电流表的示数变大可知，电压表的示数与电流表示数的比值变小，故C正确；
D、设气敏电阻所测酒精气体的浓度增大前后电路中的电流分别为I1和I2，则两次电压表的示数分别为：
UV1=U−I1R0，UV2=U−I2R0，
电压表示数的变化量：ΔU=U1−U2=(U−I1R0)−(U−I2R0)=(I2−I1)R0=ΔIR，即ΔUΔI=R0，所以电压表与电流表示数变化量的比值不变，故D错误。
故选：C。
由电路图可知，定值电阻R0与气敏电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；根据图像可知R的阻值随酒精浓度的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化，进一步可知电流表与电压表示数的比值的变化；
电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值为定值电阻的阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据图像得出R的阻值随酒精浓度的变化。

11.【答案】BC 
【解析】解：A、杯子里的水可以任意倒出，说明水具有流动性，不能说明分子间没有引力，故A错误；
B、扩散现象表明分子在不停地做无规则运动，固体间能扩散，表明固体物质分子在不停地做无规则运动，故B正确；
C、把0℃的冰块加热熔化成0℃的水，该过程中冰吸收热量，其内能会增加，故C正确；
D、用力搓手，由于需要克服摩擦力做功，所以手发热是通过做功的方式增加手的内能，而不是增加手的热量，故D错误。
故选：BC。
(1)液体没有固定的形状，具有流动性；
(2)扩散现象表明分子在不停地做无规则运动；
(3)晶体熔化特点：吸收热量、温度不变、内能增大；
(4)改变内能的方式：做功和热传递，对物体做功，物体的内能会增加；物体吸收热量，内能会增加。
本题主要考查分子动理论和改变内能的方式，属于识记性内容，难度不大。

12.【答案】BD 
【解析】解：A.两磁铁悬挂起来，当同名磁极相互靠近时，相互排斥；当异名磁极相互靠近时，相互吸引，故A错误；
B.导体与灵敏电流计相连，闭合电路时，当导体在磁场中做切割磁感线的运动时，灵敏电流计发生偏转，说明了电磁感应现象，利用该原理制成了发电机，故B正确；
C.导线通电后，放在其周围的小磁针会发生偏转，说明通电导线周围存在磁场，故C错误；
D.导体棒与电源相连，当通以电流时由于受磁场力的作用，导体棒会发生运动，故说明通电导体在磁场中受磁场力的作用，是电能转化为机械能，故D正确。
故选：BD。
(1)同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
(2)导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表中会产生感应电流，故演示的为电磁感应，利用该原理制成了发电机；
(3)1820年，丹麦物理学家奥斯特用实验证实，通电导线周围存着磁场；
(4)磁场对电流的作用实验，说明通电导体在磁场中受到力的作用，是电能转化为机械能。
物理一门实验学科，故理解和掌握实验是学好物理的基础。在学习实验时应明确实验的原理、步骤、实验装置及数据的分析。

13.【答案】ACD 
【解析】解：A、闭合开关S、S2，滑片P置于最右端时，电流表A的示数为U3R0，由欧姆定律可知，电路的总电阻为3R0，这表明三个电阻是串联接入电路中的；a、b都是并联接入电路中，所以a、b都是电压表，故A正确；
B、闭合开关S、S2，三个电阻是串联，由电路图可知，滑片向左移动时滑动变阻器接入电路的电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，由P=UI可知，电路总功率的变大，故B错误；
C、由欧姆定律可知，电路中电阻最大时电路中的电流最小，由串联电路的电阻特点可知，三个电阻串联且滑动变阻器接入电路的电阻最大时电路中的电阻最大，由题意可知，此时电流表的示数为U3R0，故C正确；
D、开关全闭合，R1被短路，滑动变阻器R与定值电阻R2串联，设向左移动滑片P的过程中，a表的示数分别为U2、U2′，电流表A的示数分别为I、I′，
向左移动滑片P时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，由U=IR可知，R2两端的电压变大，因此U2ΔU×ΔI，即R2的功率变化量大于a表变化量与A变化量的乘积，故D正确。
故选：ACD。
(1)电流表应串联接入电路中，电压表应并联接入电路中；根据电流表的示数分析电路中电阻的大小，进而确定电表的类型；
(2)闭合开关S、S2，三个电阻是串联，根据电路图可知滑片向左移动时滑动变阻器接入电路的电阻变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据P=UI可知电路总功率的变化；
(3)根据欧姆定律可知电路中电阻最大时电路中的电流最小，根据串联电路的电阻特点可知三个电阻串联且滑动变阻器接入电路的电阻最大时电路中的电阻最大，进而求出电流表A的最小示数；
(4)开关全闭合，R1被短路，滑动变阻器R与定值电阻R2串联，根据P=UI分析比较。
本题考查了串联电路的特点、电功率公式、欧姆定律应用以及电路的动态分析，解答本题的关键是明确电流表和电压表的作用及电路的连接方式。

14.【答案】同种电荷相互排斥  导体  从金属球到手 
【解析】解：用带电体接触验电器的金属球，金属箔片张开，其原理是同种电荷相互排斥；用手接触金属球，金属箔片闭合，这说明人体是导体。若验电器带正电，在这一过程中的电流方向是从金属球到手，电子实际移动方向是从手到金属球。
故答案为：同种电荷相互排斥；导体；从金属球到手。
(1)验电器是利用同种电荷相互排斥的原理来工作的。
(2)容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体。
(3)在物理学中，规定正电荷定向移动的方向为电流的方向。
知道导体和绝缘体；知道电荷间的相互作用规律；知道电流方向的规定。

15.【答案】压缩  机械  内  做功 
【解析】解：由图可知，两个气门都关闭，火花塞未点火，活塞向上运动，因此是压缩冲程，此过程中机械能转化为内能；通过做功的方式改变物体的内能。
故答案为：压缩；机械；内；做功。
四冲程汽油机有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功”进行分析；在压缩冲程中把机械能转化为内能，做功冲程中把内能转化为机械能。
本题考查汽油机四冲程的判断、能量转化，属于基础题。

16.【答案】10 12 0 10 
【解析】解：由欧姆定律可得导体的电阻R=UI=5V0.5A=10Ω；
电阻大小与加在两端的电压和通过的电流无关，所以当通过它的电流为1.2A时，电阻不变，此时导体两端的电压：U=IR=1.2A×10Ω=12V；
当通过它的电流为0时，根据U=IR可知导体两端电压为零，但电阻不变，仍为10Ω。
故答案为：10；12；0；10。
(1)已知电阻两端的电压和通过导体的电流，根据欧姆定律的公式变形R=UI计算出导体的阻值；
(2)电阻大小与加在两端的电压和通过的电流无关，当通过的电流变化时，电阻不变，利用欧姆定律求此时电阻两端的电压。
本题考查了欧姆定律的应用，重点是对公式和公式变形的理解和应用，关键是知道电阻是导体本身一种阻碍性质，其大小取决于导体的长度、横截面积和材料，与导体两端有无电压、所加电压多少无关。

17.【答案】1.68×107  40 不变 
【解析】解：(1)干木柴放出的热量：Q放=m干木柴q=1.4kg×1.2×107J/kg=1.68×107J；
(2)由η=Q吸Q放得，
水吸收的热量：Q吸=Q放η=1.68×107J×50%=8.4×106J，
由Q吸=cmΔt得，
水升高温度：Δt=Q吸cm水=8.4×106J4.2×103J/(kg⋅℃)×50kg=40℃；
(3)比热容是物质的一种特性，与温度无关，所以比热容不变。
故答案为：1.68×107；40；不变。
(1)已知干木柴的热值和质量，根据Q=mq求出完全燃烧1.4kg的干木柴能放出的热量；
(2)利用效率公式η=Q吸Q放计算水吸收的热量，再根据Q吸=cmΔt的变形式求出水升高温度；
(3)比热容是物质的一种特性，与物质的种类有关，与物体的质量、体积，以及吸放热的多少没有关系。
本题利用了公式Q放=mq、Q吸=cmΔt和η=Q吸Q放进行计算，关键是注意“升高到”和“升高”的区别，这个也是学生容易出错的地方。

18.【答案】甲  乙  甲 
【解析】解：根据公式R=U2P可知，
甲、乙两盏灯的电阻：R甲=(U甲)2P甲=(220V)2100W=484Ω，R乙=(U乙)2P乙=(220V)260W≈807Ω，
所以甲灯的电阻小于乙灯的电阻，
灯丝的材料相同，长度相同，由于灯丝的电阻与横截面积成反比，所以甲灯的灯丝电阻小，灯丝就较粗；
并联电路两盏灯两端电压均为200V，实际功率为P=U2R，故甲灯亮度大；实际功率等于I2R，因为串联电路电流相同，故电阻大电功率大，故乙灯的实际功率大于甲灯，所以乙灯较亮，甲灯较暗。
故答案为：甲；乙；甲。
(1)首先分别利用公式R=U2P计算出甲、乙两盏灯的电阻值，然后根据同种材料制成的导体长度越长、横截面积越小导体的电阻越大的特点分析；
(2)灯泡的亮度取决于实际功率，比较两灯的实际功率可确定哪个灯较亮；
本题考查导体的电阻与哪些因素有关、电功率公式的灵活运用、串联电路特点，注意灯泡的亮度取决于实际功率。

19.【答案】热  电阻  20 
【解析】解：(1)由焦耳定律可知，电流通过导体是会放出热量；
(2)当温度降低到足够低时，有些导体材料的电阻变为零；
(3)可节约电能：
W=I2Rt=(200A)2×0.5Ω×1h=20000W⋅h=20kW⋅h。
故答案为：热；电阻；20。
(1)电流通过导体是会放出热量，所以导线上损失的电能转化为内能；
(2)当温度降低到足够低时，有些材料的电阻变为零，这即为超导现象；
(3)根据公式W=I2Rt求出节约的电能。
本题考查电流的热效应，以及超导现象，是一道基础题。

20.【答案】解：(1)灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故；
(2)三孔插座的接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线，如下图所示：
 
【解析】(1)灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
本题考查了家庭电路的连接，在家庭电路中，安装各个元件，不但考虑各元件能使用，更要考虑使用的安全性。

21.【答案】解：由右手螺旋定则可知电流由右侧流入，左端为N极；因电磁铁外部磁感线由N极指向S极，故磁感线方向向右，利用磁极间的相互作用规律得出小磁针左端为N极如图所示：
。 
【解析】由右手螺旋定则得出螺线管的磁极，由磁感线特点可知磁感线方向，利用磁极间的相互作用规律得出小磁针的NS极。
本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则的使用。利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法。

22.【答案】弱  磁性  吸引  有 
【解析】解：(1)如图甲所示，开始上磁体的右端吸引了很多的铁钉，说明磁体的磁性很强，加热一段时间后，当磁铁被烧红时，发现铁钉纷纷落下，说明磁铁的磁性减弱，故可得结论：温度越高，磁体的磁性越弱。
(2)如图乙所示，开始时磁体吸引弹簧开关，当温度逐渐升高时，磁铁的磁性减弱直至消失，无法吸引弹簧开关，弹簧开关向下恢复原状，这样下面的电路就被接通，从而使电铃报警。
(3)液体具有热胀冷缩的性质，当达到报警温度时，温度计内液体与上方导线接触使控制电路有电流，电磁铁有磁性，衔铁被吸引，工作电路接通，电铃响。
故答案为：(1)弱；(2)磁性；吸引；(3)有。
(1)通过磁体吸引铁钉的多少说明磁体磁性的强弱，然后结合实验操作得出结论；
(2)根据(1)的实验结论得出图乙温度报警器的工作原理；
(3)液体具有热胀冷缩的性质，据此结合图丙得出达到报警温度时电磁铁是否具有磁性。
本题考查了探究“磁体的磁性强弱是否与温度有关”的实验，正确得出实验结论和明白图丙温度报警器的原理是关键。

23.【答案】电流  50.5转换  在电阻和通电时间相同时，电流越大，电阻产生的热量越多  左 
【解析】解：(1)图中右侧两电阻并联后再与左侧电阻串联，根据并联和串联电路电流的规律，通过左侧容器中电阻的电流大小大于通过右侧容器中电阻的电流，而通电时间相同，若R3的阻值为5Ω，即可以研究电流产生的热量与电流的关系；
根据并联电路电压的规律和欧姆定律可知通过右侧两电阻的电流相等，根据并联电路电流的规律，若通过R1的电流为1A，则通过R3的电流大小为：
I=12×1A=0.5A；
(2)用U形管中液面高度差反映电阻产生热量的多少，这一物理方法叫转换法；
左侧U形管中液面高度差大于右侧U形管中液面高度差，根据转换法，左侧容器内电阻产生的热量大于右侧容器内电阻产生的热量，说明在电阻和通电时间相同时，电流越大，电阻产生的热量越多。
[拓展]如果把R2也放进右侧的容器内，根据并联电阻的规律，容器内的电阻R23小于R1，根据串联电流的规律，通过R23与R1的电流相等，根据Q=I2Rt，相同时间内左侧产生的热量较多。
故答案为：
(1)电流5；0.5；
(2)转换；在电阻和通电时间相同时，电流越大，电阻产生的热量越多；
[拓展]左。
(1)电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联和并联电路电流的规律分析；
根据并联电路电压的规律和欧姆定律确定通过右侧两电阻的电流相等，根据并联电路电流的规律可知通过R3的电流大小；
(2)电阻丝产生的热量不易直接观察，可给等质量的空气加热，空气吸热越多，气体膨胀程度越大，U形管内的液面高度差越大，采用了转换法；
结合(1)分析回答；
[拓展]根据并联电阻的规律，确定右侧容器内的电阻与R1的大小关系，根据串联电流的规律和Q=I2Rt分析回答。
本题探究“导体产生的热量与什么因素有关”，考查控制变量法、转换法、串联和并联电路的规律及焦耳定律的运用。

24.【答案】断开  B 小灯泡断路  1.14C3导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比  2V∼3V 
【解析】解：(1)由题意可知，小灯泡的额定电压为3.8V，电压表的量程应选择0∼15V，电压表与小灯泡并联，如图所示：

为保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态，滑动变阻器的滑片应位于最大阻值处，即B端；
(2)连好电路后闭合开关，调节滑动变阻器发现灯泡不亮，电流表没有示数，说明电路断路，电压表示数较大，说明电压表与电源接通，与电压表并联部分断路，故电路故障是小灯泡断路；
(3)由图乙可知，电流表选择0∼0.6A量程，每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A，电流为0.3A，
则小灯泡的额定功率为：P额=U额I=3.8V×0.3A=1.14W；
(4)由欧姆定律可得，灯泡正常发光时的电阻：R=U额I=3.8V0.3A≈12.7Ω，
假设灯泡电阻不变，当电流表的示数为0.32A时，灯泡两端电压(电压表示数)：U′=I′R=0.32A×12.7Ω=4.064V，
当灯泡两端电压大于额定电压时，通过的电流大于0.3A，灯泡的实际功率变大，温度升高，电阻变大，那么灯泡两端电压应大于4.064V，故AB不可能、C可能；
故选：C；
[拓展]由图丙可知，当电阻为5Ω时，电流为0.6A，则定值电阻两端电压为：U′′=I′′R′′=0.6A×5Ω=3V；
由图丙I−R图象可得结论：导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
电源电压为6V，滑动变阻器规格为“50Ω1A”，
当定值电阻两端电压最小时，根据串联电路分压特点，滑动变阻器阻值最大，
则定值电阻为25Ω是，滑动变阻器取最大值为50Ω，滑动变阻器的电阻是定值电阻的2倍，则滑动变阻器的电压是定值电阻电压的2倍，则Umin=11+2×6V=2V；
电流表的量程为0∼0.6A，滑动变阻器允许通过最大电流为1A，电压最大时，电路中电流最大为0.6A，则定值电阻两端电压为：0.6A×5Ω=3V；
则定值电阻两端的电压变化范围为：2V∼3V。
故答案为：(1)见解答图；断开；B；(2)小灯泡断路；(3)1.14；(4)C；[拓展]3；导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；2V∼3V。
(1)小灯泡的额定电压为3.8V确定电压表量程，电压表与小灯泡并联；为保护电路，连接电路时，开关应断开，滑动变阻器的滑片应位于最大阻值处；
(2)灯泡不亮，电流表指针无示数，说明电路断路，电压表有偏转，说明电压表与电源接通，与电压表并联部分断路；
(3)确定电流表使用的量程，读出电流表示数，已知小灯泡的额定电压，根据P=UI计算小灯泡的额定功率；
(4)灯泡电阻随温度升高而增大；分析计算灯泡正常发光和选项中电压下的电阻，分析比较；
[拓展]根据图丙I−R图象中电流值和电压值可得定值电阻两端电压；
在导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
根据串联电路分压特点和滑动变阻器规格进行分析作答。
本题是测量小灯泡电功率的实验，考查了实物电路的连接、电表读数、电功率的计算等，要知道灯泡的电阻受温度的影响，温度越高，电阻越大。

25.【答案】解：由图甲可知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流；
(1)由P=UI=U2R可知，小灯泡正常发光的电阻：RL=U额2P额=(12V)212W=12Ω；
(2)由P=UI可知，灯泡正常发光时电路中的电流：I=I额=P额U额=12W12V=1A，
由图乙可知，电路中电流最大时灯泡两端的电压灯泡两端的电压为12V，
因此电路中的最大电流：I1=I=1A，
由图乙可知，电路中的最小电流：I2=12I1=12×1A=0.5A，
由欧姆定律可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，
由欧姆定律可知，此时滑动变阻器两端的电压：U滑大=I2R滑大=0.5A×30Ω=15V，
由图乙可知，电路中电流最小时灯泡两端的电压灯泡两端的电压为3V，
由串联电路的电压特点可知，电源电压：U=U滑大+UL小=15V+3V=18V，
灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压：U滑=U−U额=18V−12V=6V，
由欧姆定律可知，此时滑动变阻器接入电路的电阻：R滑=U滑I=6V1A=6Ω；
(3)电路总功率的最小值：P小=UI2=18V×0.5A=9W，
电路总功率的最大值：P大=UI大=18V×1A=18W，
则电路总功率的变化范围为9W∼18W。
答：(1)小灯泡正常发光的电阻为12Ω；
(2)灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的电阻为6Ω；
(3)电路总功率的变化范围为9W∼18W。 
【解析】由图甲可知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流；
(1)根据P=UI=U2R求出小灯泡正常发光的电阻；
(2)根据P=UI求出灯泡正常发光时电路中的电流；根据图乙可知电路中电流最小时灯泡两端的电压和电路中电流最大时灯泡两端的电压，根据图乙可知最小电流I2是最大电流I2的12，根据欧姆定律可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，根据欧姆定律求出此时滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源电压；根据串联电路的电压特点求出灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的电阻；
(3)根据P=UI求出电路总功率的最小值；根据P=UI求出电路总功率的最大值。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。

26.【答案】解：(1)米饭吸收的热量为：Q吸=cmΔt=2.5×103J/(kg⋅℃)×1kg×40℃=1×105J；
(2)3600imp/(kW⋅h)表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的脉冲指示灯闪烁3600次，
则脉冲指示灯闪烁了125次，电热饭盒正常加热消耗的电能为：
W=125imp3600imp/(kW⋅h)=5144kW⋅h=5144×3.6×106J=1.25×105J；
此电热饭盒的加热效率为：η=Q吸W×100%=1×105J1.25×105J×100%=80%；
(3)开关S接触点2时为加热挡，根据P=UI=U2R可知，此时的电阻较小，则R2应接在上面的虚线框内，
下面的虚像框内应为导线，如图所示：
；
由P=Wt可知，电热饭盒的加热功率：P=Wt=1.25×105J125s=1000W，
开关S接触点2时为加热挡，电路为R1的简单电路，
由P=UI=U2R可知，R1的阻值：R1=U2P加热=(220V)21000W=48.4Ω，
由题意可知，R1、R2是阻值相等的发热电阻，因此R2的阻值：R2=R1=48.4Ω。
答：(1)米饭吸收的热量为1×105J；
(2)电热饭盒的加热效率为80%；
(3)电路图见解答，R2的阻值为48.4Ω。 
【解析】(1)由Q吸=cmΔt计算米饭吸收的热量；
(2)3600imp/(kW⋅h)表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的脉冲指示灯闪烁3600次，据此求出电能表的脉冲指示灯刚好闪烁了125次电热饭盒消耗的电能；根据效率公式求出加热效率；
(3)根据P=UI=U2R可知，当电路的电阻最小时，总功率最大，据此分析电路连接；根据P=Wt求出电热饭盒的加热功率，根据P=UI=U2R求出R1的阻值，根据R1、R2是阻值相等的发热电阻求出R2的阻值。
本题是一道电学与热学的综合应用题，考查了热量公式、电功公式、电功率公式和效率公式的应用，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是电路图的设计。