2022-2023学年河北省石家庄市十八县重点中学联考物理试卷（含答案解析）

这是一份2022-2023学年河北省石家庄市十八县重点中学联考物理试卷（含答案解析），共17页。
2022-2023学年河北省石家庄市十八县重点中学联考物理试卷
1. 下列对一些物理量的估计，与实际最接近的是(    )
A. 一个篮球的直径约为60cm B. 中学生正常呼吸一次的时间约为3s
C. 使人们感到舒适的气温约为37℃ D. 一个鸡蛋的质量约为150g
2. 央视《国家宝藏》节目中的贾湖骨笛是以鹤类鸟的翅膀骨头制成的，如图所示，它是世界上最早的可吹奏的乐器，比古埃及出现的笛子要早2000年，下列关于骨笛的说法正确的是(    )

A. 吹奏的笛声是由笛子振动发出的
B. 吹奏的笛声可以在真空中传播
C. 按住不同的笛孔是为了改变笛声的响度
D. 为了不影响邻居，吹奏笛时将房间的窗户关闭，这是在传播途中减弱噪声
3. “二十四节气”是中华民族智慧的结晶，有关节气的谚语，下列分析正确的是(    )
A. “惊蛰云不停，寒到五月中”----云的形成是升华现象，需放热
B. “伏天三场雨，薄地长好麻”----雨的形成是液化现象，需吸热
C. “霜降有霜，米谷满仓”----霜的形成是凝华现象，需放热
D. “小寒冻土，大寒冻河”----河水结冰是凝固现象，需吸热
4. 如图所示的四幅图都是有关电与磁的知识，其中描述正确的是(    )
A. 如图，奥斯特实验说明通电导线的周围存在着磁场
B. 如图，闭合开关通电螺线管右端为S极
C. 如图，闭合开关仅对调磁体的N、S极，导体棒ab所受磁场力方向相同
D. 如图，导体棒ab竖直向上运动时，电流表指针将会摆动
5. 如图所示，甲、乙分别为同一滑轮组的不同绕法，忽略绳重及一切摩擦，用图甲绕法匀速提升重为900 N的物体时，机械效率为90%.下列判断正确的是(    )

A. 拉力F1的大小为450N
B. 用图乙绕法匀速提升400N的重物时，机械效率为80%
C. 分别用两种绕法匀速提升相同重物时，图乙绕法的机械效率更大
D. 分别用两种绕法匀速提升相同重物升高相同高度，F1、F2做功不相等
6. 2022年2月6日，中国女足姑娘们在亚洲杯决赛中顽强拼搏，最终夺得亚洲杯冠军。如图所示，中国女足队员正在传球，踢出去的足球在空中飞行的过程中，会受到空气阻力的作用。则下列说法正确的是(    )


A. 踢出去的足球在空中上升过程中，它的机械能逐渐减小
B. 踢出去的足球在空中上升到最高点时，它的机械能为0
C. 踢出去的足球在空中下降过程中，它的机械能逐渐增大
D. 空中运动的足球，若所受力都消失，它将做匀速直线运动
7. 小杨学习了透镜知识后，对学习和生活中的一些现象进行了分析和总结。正确的是(    )
A. 很多中学生患了近视，为了矫正近视而佩戴的眼镜是凸透镜
B. 生物课上用来观察植物细胞内部结构的显微镜的目镜相当于放大镜
C. 不要在森林里丢弃透明饮料瓶，这是由于雨水进入饮料瓶后相当于一个凹透镜，对太阳光有会聚作用，可能会导致森林火灾
D. 手持一个凸透镜，在室内的白墙和明亮的窗户之间移动(离墙近些)，在墙上能看到窗外景物倒立缩小的像
8. 如图所示，电源电压不变，R2为定值电阻，R1为滑动变阻器，灯泡的电阻不随温度的变化而变化；只闭合S1，随着滑片的移动，a、b两电表(一个电流表和一个电压表)的示数均有变化。则以下说法正确的是(    )
A. 电表a是电流表，电表b是电压表
B. 只闭合S2，滑片向右移，灯泡变暗，电压表与电流表示数之比变小
C. 将滑片置于R1的最右端，依次逐个闭合S2、S3、S1，电流表示数逐次变大
D. 只闭合S1，将滑片向右移，电压表与电流表示数变化量之比不变

9. 如图所示，这是2022年北京冬奥会冰壶比赛的场景。离开手的冰壶继续向前运动，是由于冰壶具有______。在比赛中，运动员用冰刷使冰面______(填物态变化名称)，从而______(选填“增大”或“减小”)冰壶受到的摩擦力，使冰壶朝着预期的目标滑行到准确的位置。
10. 如图所示，通过细玻璃管向瓶中吹入一定量的气体后，玻璃管中的水柱上升至P处，此时瓶内气体的压强______(选填“大于”、“小于”或“等于”)大气压。将这个自制气压计从15楼移到1楼，玻璃管中的水柱将______，这是因为大气压随海拔高度的减小而______(选填“增大”、“减小”或“不变”)。


11. 如图所示的“开瓶起子”，它是______杠杆(选填“省力”、“费力”或“等臂”)，点______(选填“A”或“B”)是支点，使用时在C点处施加______(选填“向上”或“向下”)的力。
12. 为了减少大气污染，可对秸秆进行回收加工制成秸秆煤，完全燃烧2kg秸秆煤可放出______ J热量；若这些热量完全被水吸收，可使______ kg水温度由20℃升高到60℃.[已知q秸秆煤=2.1×107J/kg，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]。
13. 2022年3月国内汽油价格上涨与国际石油期货价格变动有关。石油属于______(填“可再生”或“不可再生”)能源，生活中常用的电能属于______(填“一次”或“二次”)能源。经科学研究，石油中蕴含的能量是由______能转化来的。
14. 如图所示，在探究光的反射定律时，将一块平面镜放在水平桌面上再把一块纸板垂直放置在平面镜上。
(1)实验时让光贴着纸板入射可以看到光的传播径迹，这是因为光在纸板上发生了______ (选填“镜面反射”或“漫反射”)。
(2)如图让光贴着纸板E沿AO入射。在另一半纸板F上看到了反射光线，若将纸板F沿ON向后翻折，我们在纸板上______ (选填“能”或“不能”)看到反射光，该现象说明：反射光线跟入射光线和法线______ 。
(3)请画出纸板F上的反射光线并标出反射角r。
15. 在测量盐水密度的实验中：
(1)把托盘天平放在______ 上，将游码移到标尺左端零刻度线处，指针位置如图甲所示，应将平衡螺母向______ 调节，使天平横梁平衡；
(2)将质量为35.4g的烧杯中装有适量的盐水放在天平左盘，平衡时，右盘砝码的质量和游码位置如图乙所示，将烧杯中的盐水全部倒入量筒内，液面位置如图丙，则盐水的密度为______ kg/m3；
(3)按照上述步骤进行测量，则测得的盐水密度______ (选填“偏大”“不变”或“偏小”)；
(4)实验结束后小江继续测量一个土鸡蛋的密度，先用天平测出土鸡蛋的质量为m0，测体积时发现土鸡蛋无法放入量筒中，于是他找来了胶头滴管，并利用现有器材测出了土鸡蛋的密度。
①在烧杯中装入适量的水，并在水面的位置做好标记，用天平测出烧杯和水的总质量m1；
②把土鸡蛋轻轻放在装有水的烧杯中，______ ，再用天平测量此时烧杯、水和土鸡蛋的总质量m2；
③土鸡蛋的密度表达式是ρ=______ (用所测量的物理量符号表示，水的密度ρ水)。

16. 小明利用如图甲的电路探究“电流与电压、电阻的关系”，已知电源电压为4.5V且保持不变，实验用到的定值电阻阻值分别为25Ω、20Ω、15Ω、10Ω、5Ω，滑动变阻器的规格为“0∼50Ω”

(1)用笔画线代替导线按图甲所示电路图将图乙中实物电路连接完整(要求：滑动变阻器的滑片P向左移动。电路中电流变大，导线不得交叉)；
(2)闭合开关，发现电压表和电流表均无示数，小明利用另一只完好的电压表进行检测，把电压表分别接在a、b之间和b、c之间，电压表均有示数；接在a、c之间，电压表无示数，如果电路连接完好，只有一个元件有故障，该故障是______ ；
(3)问题解决后，他接入阻值为10Ω的电阻进行实验，当电压表示数为2V时，电流表示数如图丙所示：完成实验后得到了如表中的数据。对数据进行分析后得出实验初步结论是：电阻一定时，通过电阻的电流与它两端的电压成______ ；
电压U/V
1
1.5
2
2.5
电流I/A
0.1
0.15

0.25
(4)接下来小明再次对“电流与电阻关系”进行探究，为了用题目中提供的所有的定值电阻正确完成五次实验，应利用滑动变阻器控制定值电阻两端的电压至少保持______ V不变。完成第一组实验，断开开关改接另一个定值电阻后，继续操作了以下四步：
①闭合开关
②將滑动变阻器的滑片移到最右端
③记录电流表示数
④将滑动变阻器的滑片移到适当位位置
从安全和规范角度考虑，下列操作顺序正确的是______ ；
A.①②③④
B.①②④③
C.②①④③
D.②①③④
(5)小明同学每次随机选取一个定值电阻，进行了五次实验，根据所得数据画出电流与电阻关系的图像如图丁，且实验中各电路元件完好，读数、记录均正确。但老师发现五次实验中有一次未移动滑动变阻器滑片控制电压表示数一定，根据图丁中的数据分析，阻值为______ Ω的定值电阻连入电路时未移滑片，这次实验之前的那一次实验，小明选取的是阻值为______ Ω的定值电阻。
17. 如图所示，薄壁轻质圆柱形容器甲和圆柱体乙置于水平地面上，甲中盛有水。甲高为3h，乙与甲内水面等高，均为2h。
①若甲内水深0.2米，求水对容器底部的压强p水。
②若乙所受重力为20牛，底面积为2×10−2米 2，求圆柱体乙对水平地面的压强p乙。
③现将乙放入甲内水中，水不溢出，甲对地面的压强恰为原来的4倍，求乙密度的最小值ρ乙。
18. 在如图所示的电路中，电源电压U=6V，小灯泡L标有“4V1.6W”的字样(电源电压和小灯泡的阻值均保持不变)，R1为定值电阻，滑动变阻器标有“20Ω1A”的字样，电流表A的量程为0∼0.6A。求：
(1)小灯泡L的电阻RL；
(2)当开关S1闭合S2断开时，电压表的示数为4V，R1工作5分钟消耗的电能；
(3)当开关S1断开S2闭合时，在电路安全的情况下，小灯泡电功率的变化范围。


答案和解析

1.【答案】B 
【解析】解：A、一个标准篮球的直径约25cm，故A不符合实际；
B、平静状态下，人1min呼吸25次左右，平均一次的时间在2、3s之间，故B符合实际；
C、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的环境气温在23℃左右，故C不符合实际；
D、10个鸡蛋的质量约1斤，而1斤=500g，所以一个鸡蛋的质量在50g左右，故D不符合实际。
故选：B。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。

2.【答案】D 
【解析】解：A、吹奏的笛声是由空气柱振动发出的，故A错误；
B、声音的传播需要介质，真空不能传声，因此吹奏的笛声不可以在真空中传播，故B错误；
C、笛子演奏者吹笛子时空气柱振动会发出声音，用手指按压笛孔的不同位置控制空气柱的长度不同时，空气柱振动的快慢不同，所以会发出不同音调的声音，故C错误；
D、为了不影响邻居，吹奏骨笛时将房间的窗户关闭，这是在传播过程中减弱噪声，故D正确。
故选：D。
(1)笛子发声是利用空气柱振动；
(2)声音的传播需要介质，真空不能传声；
(3)声音是由物体的振动产生的；音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高；
(4)防治噪声的途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱。
本题考查了是声学的一道综合题，难度不大，要学会将物理知识与生活中的现象联系起来。

3.【答案】C 
【解析】解：A、云是空气中的水蒸气变成的小水珠，由气态变为液态，属于液化现象，该过程放热，故A错误；
B、雨是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，该过程放热。故B错误；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷变成的固态小冰晶，是凝华现象，该过程放热。故C正确；
D、河水结冰是凝固现象，凝固放热，故D错误。
故选：C。
物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
熟悉常见的自然现象，掌握六种物态变化的状态变化是解决此题的关键。

4.【答案】A 
【解析】解：
A、奥斯特实验说明通电导线的周围存在着磁场，故A正确；
B、根据图中电源的正极在右侧，可知螺线管中电流方向是由右侧进入左侧流出，故利用安培定则可知通电螺线管的右端为N极，故B错误；
C、通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关；电流方向不变，对调N、S极，磁场方向与原来相反，则导体ab所受磁场力方向相反，故C错误；
D、图中是电磁感应现象，导体棒ab竖直向上运动时，没有切割磁感线，没有产生感应电流，电流表指针不会摆动，故D错误。
故选：A。
(1)通电导线的周围存在磁场，但磁场看不见、摸不着，可以通过小磁针的偏转说明磁场的存在；
(2)安培定则：用右手握螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的北极；
(3)通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关，当其中一个方向变化时，受力方向变化，但当两个方向同时变化时，受力方向不变；
(4)电磁感应是指闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，在电路中产生感应电流。
本题考查了电与磁现象中的重要实验的识别。解题的关键是牢记一些重要实验装置图，记清实验装置和实验原理。

5.【答案】B 
【解析】解：A、图甲中n=2，因为机械效率η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF，所以拉力F1=Gnη=900N2×90%=500N，故A错误；
B、图甲中，忽略绳重及一切摩擦时F=1n(G+G动)，则动滑轮的重力：G动=2F1−G=2×500N−900N=100N，
在图乙中，忽略绳重及一切摩擦，克服动滑轮重做的功为额外功，则滑轮组的机械效率η=W有W总=W有W有+W额外=GhGh+G动h=GG+G动=400N400N+100N=80%，故B正确；
C、分别用两种绕法匀速提升相同重物时，由η=W有W总=W有W有+W额外=GhGh+G动h=GG+G动可知，两图中的机械效率相等，故C错误；
D、分别用两种绕法匀速提升相同重物升高相同高度时，由W有=Gh可知，两图中的有用功相等，
由W额外=G动h可知，两图中的额外功相等，
因为W总=W有+W额外，所以F1、F2做的总功相等，故D错误。
故选：B。
A、图甲中n=2，利用η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF求拉力F1的大小；
B、图甲中，利用忽略绳重及一切摩擦时F=1n(G+G动)求动滑轮的重力；
在图乙中，利用忽略绳重及一切摩擦时η=W有W总=W有W有+W额外=GhGh+G动h=GG+G动求滑轮组的机械效率；
C、分别用两种绕法匀速提升相同重物时，利用忽略绳重及一切摩擦时η=W有W总=W有W有+W额外=GhGh+G动h=GG+G动比较两种绕法的机械效率大小；
D、分别用两种绕法匀速提升相同重物升高相同高度时，利用W有=Gh分析两图中有用功的关系；利用W额外=G动h分析两图中额外功的关系，利用W总=W有+W额外分析F1、F2做功的关系。
本题考查使用滑轮组时绳子拉力、有用功、额外功、总功和机械效率的计算，明确额外功的产生原因，能分析出额外功相同是正确解答本题的关键。

6.【答案】AD 
【解析】解：AB、足球在空中飞行的过程中，克服阻力做功使机械能减少，内能增加，故A正确，B错误；
C、足球在空中上升到最高点时，它的竖直方向的速度为零，但水平方向的速度不为零，它的机械能就不为0，故C错误；
D、空中运动的足球，若所受力都消失，将保持原来的速度做匀速直线运动，故D正确。
故选：AD。
(1)因为足球在空中飞行的过程中，会受到空气阻力的作用，克服阻力做功使机械能部分转化为内能；
(2)足球在空中上升到最高点时，它的竖直方向的速度为零，但水平方向的速度不为零，由此分析它的机械能不为0；
(3)若运动的足球在空中受到的力都消失，它将保持原来的运动速度不变做匀速直线运动。
本题考查力和运动的关系、机械能的概念及其转化等知识，属于基础题。

7.【答案】BD 
【解析】解：A.近视眼所成的像在视网膜的前方，为了使像正好呈在视网膜上，应使光线推迟会聚，所以应配戴凹透镜，故A错误；
B.显微镜的目镜焦距较长，可得到正立、放大的虚像，相当于普通的放大镜，故B正确；
C.雨水进入饮料瓶后相当于一个凸透镜，对太阳光有会聚作用，可能会导致森林火灾，故C错误；
D.凸透镜离墙较近即像距较近时，物距较远，在墙上应该得到一个倒立的缩小的实像，故D正确。
故选：BD。
解决本题需掌握：①近视眼应配戴凹透镜；②显微镜的目镜相当于一个放大镜；③凸透镜对光线有会聚作用；④凸透镜成实像的规律：物近像远像变大。
本题考查了透镜知识的应用，有些是基础知识，凸透镜成像的规律是重点也是难点。

8.【答案】ACD 
【解析】解：
A、由题知，只闭合S1，随着滑片的移动，a、b两电表(一个电流表和一个电压表)的示数均有变化；
只闭合S1时，电路中的电阻元件只有R1、R2，随着滑片的移动，若b为电流表时，则电流表将滑动变阻器和a表短路，滑片移动时a、b表的示数都不变，与题意不符，所以，b电表应该是电压表，a电表只能是电流表，才符合题意，故A正确；
B、只闭合S2，R1与灯泡L串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路的电流，滑片向右移时，滑动变阻器的电阻增大，总电阻增大，根据I=UR知，电路的电流的减小，由P=I2R知，小灯泡的实际功率减小，灯泡变暗；
根据R=UI知，电压表与电流表示数之比为滑动变阻器的电阻，滑片右移，滑动变阻器的电阻增大，则电压表与电流表示数之比变大，故B错误；
C、滑片置于R1的最右端，只闭合S2时，灯泡L与滑动变阻器串联，再闭合S3时，将滑动变阻器短路，电路只有灯泡L工作，再闭合S1时，电阻R2与灯泡并联，根据串联电路的总电阻大于任何一个分电阻以及并联电路总电阻小于任何一个分电阻可知，依次逐个闭合S2、S3、S1，电路的总电阻逐渐减小，根据I=UR知，电流表示数逐次变大，故C正确；
D、只闭合S1时，R1和R2串联，电压表V测R1的电压，电流表测电路中的电流，滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器连入电路中的电阻变大，
电源电压不变，由串联电路的电压和电流特点可知，ΔU1=ΔU2，ΔI1=ΔI2，
由欧姆定律知，ΔU1ΔI1=ΔU2ΔI2=R2，且R2的阻值不变，所以只闭合S1，将滑片P向右移，两电表的示数变化量之比不变，故D正确。
故选：ACD。
(1)根据“只闭合S1，随着滑片的移动，a、b两电表(一个电流表和一个电压表)的示数均有变化”判断a、b两电表是什么类型的电表；
(2)只闭合S2，R1与灯泡L串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路的电流，滑片向右移，判断出电阻的变化，根据欧姆定律判断出电流的变化，由P=I2R判断出灯泡亮度的变化；电压表与电流表示数之比为滑动变阻器的电阻；
(3)分析依次逐个闭合S2、S3、S1时电路的连接、串并联电路的总电阻的特点以及欧姆定律判断出电流的变化；
(4)只闭合S1，定值电阻R2与滑动变阻器R1串联，电压表测R1的电压，电流表测电路中的电流，分析滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器连入电路中的电阻变化；
两电表的示数变化量之比即为R2的电阻。
本题考查串并联电路的规律、欧姆定律的运用以及电功率公式的应用等知识，综合性强，有一定的难度。

9.【答案】惯性  熔化  减小 
【解析】解：离开手的冰壶继续向前运动，是由于冰壶具有滑行，仍然要保持原来的运动状态；
在比赛中，运动员用冰刷，对冰做功，使冰面熔化，在冰面上形成一层水膜，这是通过通过使接触面脱离的方法减小冰壶受到的摩擦力，使冰壶朝着预期的目标滑行到准确的位置。
故答案为：惯性；熔化；减小。
解答此题从以下知识点入手：
①物体具有的保持运动状态不变的性质的惯性；
②物质从固态变为液态叫熔化，从液态变为固态叫凝固；
③摩擦力与压力大小和接触面的粗糙程度有关，减小摩擦的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、以滚动代替滑动、使接触面彼此离开。
本题涉及的知识较多，有惯性、影响摩擦力大小的因素、熔化等知识，属于常考题目，难度不大。

10.【答案】大于  下降  增大 
【解析】玻璃管中的水柱上升至P处，高于瓶内液面，说明瓶内大气压大于外界大气压；大气压与高度的关系是：海拔越高，气压越低，所以将自制气压计从15楼移到1楼，海拔变低，压强变大，外界大气压变大，瓶内大气压不变，水柱下降。
故答案为：大于；下降；增大。
大气压与高度的关系是：海拔越高，气压越低。
本题考查了大气压和海拔高度的关系，属于基础题。

11.【答案】省力  A 向上 
【解析】解：“开瓶起子”在使用过程中，A是支点，C是动力作用点，B是阻力作用点，动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆；B点的阻力向下，C点的动力向上。
故答案为：省力；A；向上。
根据力臂关系可以把杠杆分为三类：动力臂大于阻力臂，省力杠杆；动力臂等于阻力臂，等臂杠杆；动力臂小于阻力臂，费力杠杆。
此题考查了杠杆的分类--省力杠杆、等臂杠杆和费力杠杆，属于基础题。

12.【答案】4.2×107  250 
【解析】解：(1)秸秆煤完全燃烧释放的热量：
Q放=m秸秆煤q秸秆煤=2kg×2.1×107J/kg=4.2×107J。
(2)由题意可知，水吸收的热量为：Q吸=Q放=4.2×107J；
由Q吸=cmΔt可得，水的质量：
m=Q吸c水(t−t0)=4.2×107J4.2×103J(kg⋅℃)×(60℃−20℃)=250kg。
故答案为：(1)4.2×107；250。
(1)知道秸秆煤的质量和秸秆煤的热值，利用公式Q放=mq可计算秸秆煤完全燃烧放出的热量；
(2)知道水的初温度和末温度、水的比热容，根据Q放=Q吸=cmΔt可计算出水的质量。
本题考查学生对燃料完全燃烧放出热量公式和吸热公式的掌握和运用，属于基础题，难度不大。

13.【答案】不可再生  二次  太阳 
【解析】解：石油、煤炭等化石能源是短时间内不能再次产生的，属于不可再生能源，生活中常用的电能通过一次能源的消耗才能得到，属于二次能源；石油中蕴含的能量是由太阳能转化来的。
故答案为：不可再生；二次；太阳。
能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源。可以从自然界直接获取的能源叫一次能源，不能从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源；石油中蕴含的能量是由太阳能转化来的。
要想解答好这类题目，要理解和熟记常见能源的种类、能源的分类，以及与之相关的知识。

14.【答案】漫反射  不能  在同一平面内 
【解析】解：(1)在纸板上能看到光的传播路径，这是因为光在纸板上发生了漫反射，光线可以射向不同的方向；
(2)沿ON折叠纸板，在纸板上不能看到反射光线，该现象说明反射光线跟入射光线和法线在同一平面内；
(3)如图：
。
故答案为：(1)漫反射；(2)不能；在同一平面内；(3)见解析。
(1)实验中，通过纸板来显示光路，人们能从不同角度看到不发光的物体，是因为光线发生了漫反射。
(2)根据入射光线、反射光线和法线的关系进行分析，使光屏不在一个平面内，观察现象，得出结论。
(3)利用反射角等于入射角作图即可，注意反射角指反射光线与法线的夹角。
本题考查探究光的反射规律的实验，理解反射角和入射角的概念是解答本题的关键，明确反射光线、入射光线和法线在同一平面内，且反射光线和入射光线分居于法线两侧，反射角等于入射角。

15.【答案】水平台面  左  1.125×103  偏大  倒出超过标记处的水，并用胶头滴管使烧杯中的水面达到标记处 m0ρ水m0+m1−m2 
【解析】解：(1)使用天平测量物体质量前，将天平放在水平台上，将游码放在零刻度处，发现指针在分度盘右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向左调，直至横梁平衡，
(2)由图乙知，盐水和烧杯的总质量m=50g+10g+2.4g=62.4g，
量筒中液体的质量m=62.4g−35.4g=27g，
由图丙可知，量筒中液体的体积为V=24mL=24cm3，
则盐水的密度为ρ=mV=27g24cm3=1.125g/cm3=1.125×103kg/m3；
(3)把烧杯中的盐水全部倒入量筒中测体积时，由于烧杯内壁沾有盐水，所以测得体积V偏小，根据ρ=mV可知，所测盐水密度偏大；
(4)②把土鸡蛋轻轻放入装有水的烧杯中，倒出超过标记处的水，并用胶头滴管使烧杯中的水面达到标记处，再用天平测量此时烧杯、水和土鸡蛋的总质量m2；
③倒出水的质量m=m0+m1−m2，倒出水的体积V=mρ水=m0+m1−m2ρ水，所以鸡蛋的体积V鸡蛋=V=m0+m1−m2ρ水；
ρ=m0V鸡蛋=m0m0+m1−m2ρ水=m0ρ水m0+m1−m2。
故答案为：(1)水平台面；左；(2)1.125×103；(3)偏大；(4)②倒出超过标记处的水，并用胶头滴管使烧杯中的水面达到标记处；③m0ρ水m0+m1−m2。
(1)使用天平测量物体质量前，调节天平平衡时，“指针右偏，螺母左调”；
(2)天平测物体质量时，物体质量等于砝码质量与游码读数之和；
(3)由于烧内壁沾有液体所以体积V偏小，由此分析所测密度变化；
(4)根据鸡蛋的体积等于排开水的体积计算得出，依据公式为V=mρ；
根据公式ρ=mV计算出鸡蛋的密度。
本题考查固体密度测量的实验，需要熟练掌握等效替代法测量体积。

16.【答案】滑动变阻器断路  正比  1.5C205 
【解析】解：(1)由甲电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，为了准确读数，电压表和电流均选小量程，滑片P向左移动，电路中电流变大，即向左移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，如图所示：

(2)闭合开关，电压表和电流表均无示数，说明电路断路；把电压表分别接在a、b之间和b、c之间，电压表均有示数，说明cab部分是通路，接在a、c之间，电压表无示数，说明bc之间断路，如果电路连接完好，只有一个元件有故障，该故障是滑动变阻器断路。
(3)由题意可知，电流表的量程是0∼0.6A，分度值是0.02A，所以电流表的示数为0.2A。
由题意可知，定值电阻的阻值为10Ω，分析表格数据可知，电压和电流的比值分别为UI=1V0.1A=1.5V0.15A=2V0.2A=2.5V0.25A=10Ω；
电压与电流的比值为10，是定值，故可得结论：电阻一定时，通过电阻的电流与它两端的电压成正比。
(4)设控制定值电阻两端的电压至少保持UV，由串联电路的规律和分压原理有：U−UVUV=R滑R定，
当定值电阻最大时，对应的变阻器连入电路最大，电压表示数最小，即：4.5V−UVUV=50Ω25Ω，
解得控制定值电阻两端的电压至少为UV=1.5V。
断开开关，改接另一个定值电阻后，从安全和规范角度考虑，应先把滑动变阻器的滑片调至阻值最大处，然后闭合开关，滑片移到适当位置使电压表示数保持不变，记录电流表的示数，故正确的顺序为②①④③，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
(5)由图丙画出的电流与电阻关系图像可知，除定值电阻为20Ω外，电流与电阻之积为均为3V不变，所以阻值为20Ω的定值电阻连入电路时未移动滑片。
由串联电路的规律和欧姆定律可得，此时滑动变阻器接入电路中的电阻R滑=UI−20Ω=4.5V0.2A−20Ω=2.5Ω，
因定值电阻的电压为滑动变阻器两端电压的2倍，根据分压原理，则定值电阻的阻值也为滑动变阻器阻值的2倍，即定值电阻为R′=2×2.5Ω=5Ω，
所以这次实验之前的那一次实验，选取的是阻值为5Ω的定值电阻。
故答案为：(1)见解析；(2)滑动变阻器断路；(3)正比；(4)1.5；C；(5)20；5。
(1)由甲电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，为了准确读数，电压表和电流均选小量程，滑片P向左移动，电路中电流变大，即向左移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，据此画图。
(2)闭合开关，电压表和电流表均无示数，说明电路断路；把电压表分别接在a、b之间和b、c之间，电压表均有示数，说明cab部分是通路，接在a、c之间，电压表无示数，说明bc之间断路，据此分析。
(3)由题意可知，电流表的量程是0∼0.6A，分度值是0.02A，据此得出电流表的示数。
由题意可知，定值电阻的阻值为10Ω，分析表格数据可知，利用欧姆定律得出电压和电流的比值，分析得出结论。
(4)设控制定值电阻两端的电压至少保持UV，由串联电路的规律和分压原理得出控制定值电阻两端的电压至少为多少伏。
断开开关，改接另一个定值电阻后，从安全和规范角度考虑，应先把滑动变阻器的滑片调至阻值最大处，然后闭合开关，滑片移到适当位置使电压表示数保持不变，记录电流表的示数，据此分析。
(5)实验中应控制定值电阻两端的电压不变。
由串联电路的规律和欧姆定律可得此时滑动变阻器接入电路中的电阻，确定选取的定值电阻阻值。
本题为探究“电流与电压、电阻的关系”的实验，考查电路连接、故障分析、数据分析、器材选择等知识，综合性强，难度较大。

17.【答案】解：①水对容器甲底的压强：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2000Pa；
②圆柱体乙置于水平地面上，圆柱体对地面的压力F=G乙=20N，
圆柱体乙对地面的压强：
p乙=FS=20N2×10−2m2=1000Pa。
③甲对地面原压强p甲=F甲S甲=G水S甲，
由“将乙浸没在甲容器内的水中后，水不溢出，甲对地面的压强恰为原压强的4倍”可得，p甲′=4p甲，
此时甲对地面的压力F′=G水+G乙，受力面积S甲不变，
则G水+G乙=4G水，
G乙=3G水，
m乙g=3m水g=3ρ水V水g，
m乙=3ρ水V水，
由图可知，水深为容器高度的23，由“将乙浸没在甲容器内的水中后，水不溢出”可知，乙排开水的高度最多为原来水的深度的12，
则乙排开水的体积V乙最大=12V水，
ρ乙最小=m乙V乙最大=3ρ水V水12V水=6ρ水=6×1.0×103kg/m3=6.0×103kg/m3。
答：①水对容器甲底部的压强为2000Pa。
②乙对地面的压强为1000Pa。
③乙密度的最小值为6.0×103kg/m3。 
【解析】①根据p=ρgh可求得水对容器乙底部的压强；
②金属圆柱体乙对地面的压力等于圆柱体的重力，知道受力面积，利用压强公式p=FS求乙对地面的压强；
③已知甲对地面的压强恰为原压强的4倍，根据甲对地面的压力等于圆柱体的重力和水的重力可求得G乙与G水的关系，根据图分析出水深为容器高度的23，乙浸没在甲容器内的水中后，水不溢出，可知，乙排开水的体积与原来水的体积关系；然后利用密度公式求得乙密度的最小值。
本题考查了学生对密度公式、液体压强公式、压强定义式的掌握和运用，难点在第三问，求出乙排开水的体积V乙最大=12V水是关键；利用好等量关系是突破点。

18.【答案】解：(1)由题可知，灯泡L上标有“4V1.6W”的字样，
灯泡电阻RL=UL额2PL额=(4V)21.6W=10Ω；
(2)闭合S1，断开S2时，分析可知L与R1串联，电压表测量的是小灯泡两端的电压：UL=4V，
根据串联电路的电压特点，电阻R1两端的电压：UR1=U−UL=6V−4V=2V，
流过R1的电流：IR1=IL=ULRL=4V10Ω=0.4A，
R1工作5分钟消耗的电能：W=UR1IR1t=2V×0.4A×5×60s=240J；
(3)闭合S2，断开S1，滑动变阻器R与小灯泡L串联，
小灯泡的额定电流：IL额=PL额UL额=1.6W4V=0.4A，
滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，电流表允许通过的最大电流为0.6A，小灯泡允许通过的最大电流为0.4A，
此时电流允许通过的最大电流：I最大=0.4A，
小灯泡的最大功率：P最大=PL额=1.6W，
当滑动变阻器阻值最大时，串联电路的总电阻：R总=R+RL=10Ω+20Ω=30Ω，
此时通过小灯泡的最小电流：I最小=UR总=6V30Ω=0.2A，
小灯泡的最小功率：P最小=I最小2RL=(0.2A)2×10Ω=0.4W，
小灯泡电功率的变化范围：0.4W∼1.6W。
答：(1)小灯泡L的电阻RL为10Ω；
(2)当开关S1闭合S2断开时，电压表的示数为4V，R1工作5分钟消耗的电能是240J；
(3)当开关S1断开S2闭合时，在电路安全的情况下，小灯泡电功率的变化范围是0.4W∼1.6W。 
【解析】(1)根据灯泡铭牌，由P=UI=U2R求出小灯泡L的电阻RL；
(2)闭合S1，断开S2时，分析可知L与R1串联，根据串联电路的电压特点及欧姆定律可求电路电流，再根据W=UIt可求R1工作5分钟消耗的电能；
(3)闭合S2，断开S1，R与L串联，在电路安全的情况下，根据串联电路的特点和欧姆定律，求出电路的最小电流和最大电流，再根据P=UI、P=I2RL可求小灯泡电功率，从而可求小灯泡电功率变化范围。
本题考串联电路规律、欧姆定律及电功率的公式及其变形的应用，正确分析电路是关键。