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2023年河北省石家庄市长安区中考物理模拟试卷（含答案解析）
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这是一份2023年河北省石家庄市长安区中考物理模拟试卷（含答案解析），共19页。试卷主要包含了 下列估测符合实际情况的是等内容，欢迎下载使用。
2023年河北省石家庄市长安区中考物理模拟试卷
1. 下列估测符合实际情况的是( )
A. 成年人的步行速度约为1km/h B. 同学们感觉舒适的教室温度约为36℃
C. 教学楼每层的高度约为3m D. 一个黑板擦的质量约为2kg
2. 下列有关声和电磁波的说法正确的是( )
A. 汽车导航系统和手机通讯都是利用电磁波来传递信息的
B. 利用超声波排除人体内的结石是利用声能传递信息
C. 演奏吉他时拨动粗细不同的弦是为了改变其响度
D. “禁止鸣笛”和在公路旁建隔音板，都是在传播过程中减弱噪声
3. 下列有关物态变化的说法正确的是( )
A. 春天，早晨经常出现大雾，是汽化现象，需要吸热
B. 夏天，盛冷饮的杯子外壁出现水珠，是液化现象，需要放热
C. 秋天，早晨花草上经常会出现白霜，是凝固现象，需要放热
D. 冬天，室外冰冻的衣服变干了，是升华现象，需要放热
4. 如图所示的光现象中，属于光的反射现象的是( )
A. 钢笔“错位”
B. 茶杯在镜中的“倒影”
C. 水中筷子“变弯”
D. 屏幕上的“手影”
5. 扬声器的工作原理与下列实验装置的工作原理相同的是( )
A. B.
C. D.
6. 在“探究凸透镜成像规律”的实验中，当点燃的蜡烛、凸透镜及光屏处于如图所示位置时，在光屏上恰好成一清晰的烛焰像(图中未画出)。下列说法正确的是( )
A. 该凸透镜的焦距是30cm
B. 将蜡烛向左移动，应将光屏向左移动才能得到清晰的像，且像变小
C. 若将凸透镜的左侧一半遮住，在光屏上不能成完整的像
D. 若某同学将自己所戴的眼镜放在靠近凸透镜左侧的位置，光屏向左移动才能接收到清晰的像，则该同学为远视眼
7. 如图所示，小明分别使用滑轮或滑轮组匀速提升质量为m1的物体，滑轮的质量均相等且为m2，在相同的时间内物体被提升的高度均为h，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是( )
A. 该过程甲、乙两装置中F的功率相同
B. 绳子自由端移动的速度关系为v甲
D. 乙、丙两种装置的机械效率相等均为2m1m1+m2
8. 如图所示的电路，电源电压一定，a为阻值大小为R0的定值电阻R或电流表，b为阻值大小为R0的定值电阻R或电压表，滑动变阻器的最大阻值为2R0。当滑动变阻器滑片位于中点且保持不变，所有开关可以任意通断，电路消耗的最大功率是最小功率的4倍；若滑片位置位于中点保持不变，且只闭合S1时，电流表的示数为I，则下列说法正确的是( )
A. a、b都为电阻R
B. 只闭合S1，滑片P向左移动，则电流表A的示数变大
C. 滑片P位于中点时，闭合S1、S2，电流表A的示数为I′，则I：I′=1：2
D. 闭合S1、S3，断开S2，滑片P位于最左端时，电路的功率最大且为8I2R0
9. 新建居民楼电路中，当电流过大时______自动断开，切断电路，俗称跳闸；为了避免人不小心接触火线，电流经人体流入大地时发生触电事故，会装上______对人体起到保护作用。
10. 如图是小明家月初和月末电能表的示数，这个月消耗的电能是______ 度，若她家正工作的用电器总功率为3200W，______ (选填“能”或“不能”)将额定功率为1500W的空调再接入电路。若只让1500W的空调单独正常工作2min，电能表的转盘转______ 转。
11. 如图所示，用细线拴一块橡皮，甩起来，使橡皮绕手做圆周运动，这说明力可以改变物体的______ (选填“运动状态”或“形状”)。如果这时橡皮所受所有的力都突然消失，橡皮将做______ 运动，橡皮的惯性大小只与它的______ 有关。
12. 人骑电动自行车下坡时重力势能______(选填“增大”“减小”或“不变”)。到达坡底后在水平路面上匀速骑行过程中，机械能______(选填“增大”、“减小”或“不变”)。刹车后很快停了下来，发现刹车片很烫，这是通过______的方式改变刹车片的内能。
13. 烧杯中水的质量为1000g，水温从40℃升高到90℃，水吸收的热量为______ J，相当于完全燃烧______ g酒精放出的热量(不计热损失)。燃烧酒精给水加热的过程中，主要发生的能量转化为______ 。[已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，q酒精=3.0×107J/kg]
14. 如图所示是测量某地大气压的实验过程示意图。
(1)取一根长约1m、一端封闭的直玻璃管，沿内壁将水银缓慢地倒入管中，避免混入空气；
(2)将玻璃管开口端浸在水银中，移开堵住管口的手指，发现管中水银柱会缓慢下降，但降到一定程度就不再下降了，由此证明了______ 的存在，管内水银面上方是______ ；
(3)用刻度尺量出玻璃管内外水银面的高度差为760mm；
(4)将玻璃管倾斜(水银液面未到顶)，水银柱竖直高度______ (选填“升高”、“降低”或“不变”)；此地的大气压值为______ Pa。(用科学记数法，小数点后保留三位，水银的密度为13.6g/cm3，g=9.8N/kg)
15. 在探究“杠杆的平衡条件”实验中，所用的实验器材有：刻度均匀的杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺细线和质量相同的0.5N重钩码若干个。
(1)实验前，把杠杆的中点置于支架上，杠杆静止在如图甲所示的位置，此时杠杆处于______ (选填“平衡”或“不平衡”)状态。
(2)实验前调节杠杆两端的平衡螺母，将如图甲所示杠杆的平衡螺母适当往______ (选填“左”或“右”)调，使杠杆在水平位置平衡。
(3)小明同学所在实验小组完成一次操作后，实验现象如图乙所示，他们记录的数据为动力F1=1.5N，动力臂L1=0.2m，阻力F2=1N，则阻力臂L2=0.3m。甲同学测出了这组数据后就得出了“动力×动力臂=阻力×阻力臂”的结论，乙同学认为他的结论不一定严谨，理由是______ 。他把右边的钩码换成弹簧秤，使杠杆从水平位置慢慢转过一定角度，如图丙所示，此过程中，弹簧秤拉力的大小______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
(4)图乙实验中，小明把两边的钩码同时远离支点一格，则杠杆的______ (选填“左”或“右”)端会下沉。
(5)小明利用一只质量为1kg的秤砣，一根总长度为1m粗细均匀、质量均匀分布的金属细管AB，一只金属框，制成了一个杆秤，移动悬吊点至O点时，杠杆恰好在水平位置平衡(此时未挂秤砣)，如图丁所示，测得OB为4cm，称重时(根据物重大小秤砣可在OA之间移动至重新平衡)为了从杆秤上准确读出重物的质量，从O点开始，沿OA每隔1cm标出对应的质量刻度，则该杆秤的分度值为______ kg。
16. 探究“电流与电阻的关系”的实验中，电源电压为4.5V保持不变，滑动变阻器的规格为“50Ω1A”，三个定值电阻阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω。
(1)用笔画线代替导线将乙图的实物图严格按照甲图补充完整；
(2)闭合开关后小明发现电流表指针几乎不动，电压表示数接近电源电压，则可能的故障是______ ；
(3)排除故障后，先将5Ω电阻接入电路完成第一组实验，然后断开开关，拆下5Ω的电阻，改接10Ω的电阻。各电路元件位置不变，闭合开关，此时电压表的示数______ (选填“变小”“不变”或“变大”)，为了继续完成实验，应将滑动变阻器的滑片______ ；
(4)将三个定值电阻分别接入R的位置完成实验，获得数据如下表，其中第3次实验时电流表的示数如图丙所示，其示数为______ A；
实验组别
1
2
3
电阻R(Ω)
5
10
20
电流I(A)
0.4
0.2
(5)依据表中数据作出了下列图像，其中正确的有(多选)______ ；
A.
B.
C.
D.
(6)在完成整个探究实验的过程中，滑动变阻器接入电路的最小值为______ Ω。
17. 如图所示，甲、乙分别为实心正方体A和B，已知A为塑料块(不吸水)，其棱长为20cm，密度为0.5g/cm3；B为合金块，其质量为3kg，密度为3g/cm3。(g取10N/kg)求：
(1)物体A的质量；
(2)物体B放置在水平地面上时，对水平地面的压强；
(3)若将A沿水平方向切去n厘米，按图丙所示方式放置在水中时，A刚好能浸没，求n的值。
18. 现有额定电压均为6V的两只灯泡L1、L2，通过L1、L2的电流随两端电压变化关系的图像如图甲所示。
求：(1)L1、L2两灯正常发光时的电阻；
(2)将L1、L2两灯串联后，允许接入的最大电源电压；
(3)将L1或L2与规格为“100Ω2A”的滑动变阻器R串联接入乙图M、N之间，且电源电压可调，电流表接入“0∼0.6A”量程，调节滑动变阻器滑片使灯泡正常发光，此时滑动变阻器的滑片P位于滑动变阻器的35位置，滑动变阻器接入电路的阻值可能是前面部分，也可能是后面部分，求此时电路消耗的总功率。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、成年人正常步行的速度在1.1m/s=1.1×3.6km/h≈4km/h，故A错误；
B、同学们感觉舒适的教室内温度约为23℃，故B错误；
C、教学楼每层的高度约为3 m，故C正确；
D、一个黑板擦的质量约为200g，故D错误。
故选：C。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
本题考查学生对生活中常见物体的数据的了解情况，本题告诉我们一定要对实际生活中常见的物体做到熟知，以免闹了笑话自己还不知道。
2.【答案】A
【解析】解：A、汽车导航系统是利用电磁波传递信息的，电磁波可在真空中传播，手机也是通过电磁波来传递信息的，故A正确；
B、医院超声排除人体内的结石利用超声波可以传递能量，故B错误；
C、弹奏吉他时拨动粗细不同的弦是为了改变其音调，故C错误；
D、“禁止鸣笛”是在声源处减弱噪声，在公路旁建隔音板，是在传播过程中减弱噪声，故D错误。
故选：A。
(1)汽车倒车雷达是利用超声波的回声定位原理制作的；电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播；
(2)声音既可以传递信息也可以传递能量；
(3)声音三个特性：音调、响度和音色。音调跟发声体的振动频率有关；响度跟发声体的振幅和距发声体的距离有关；音色跟发声体的材料和结构有关；
(4)减弱噪声有三种途径：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱。
本题考查了声音的作用、响度大小的决定因素、电磁波与超声波的异同等内容，是一道基础题。
3.【答案】B
【解析】解：A.雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，液化过程放出热量，故A错误；
B.夏天，盛冷饮的杯子外壁出现水珠，是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水滴，液化过程放出热量，故B正确；
C.霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，故C错误；
D.室外冰冻的衣服变干了，是冰由固态直接变为了气态的水蒸气，是升华现象，故D错误。
故选：B。
(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
解决此类问题要知道物态变化及物态变化过程是需要吸热还是放热。
4.【答案】B
【解析】
【分析】
要解决此题，需要掌握光的反射现象，知道平面镜成像是由于光的反射形成的；
要掌握光的折射现象，知道水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼、凸透镜成像都是光的折射；
要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的；
光的直线传播形成的现象包括：小孔成像，影子的形成，日、月食的形成等；光遇到物体表面会发生反射：平面镜成像就是光的反射形成的；光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折：钢笔错位、筷子变折、海市蜃楼，凸透镜成像等都属于光的折射现象。
【解答】
A.玻璃砖后的钢笔错位属于光的折射现象，故与题意不符；
B.茶杯在镜中的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意；
C.从水中筷子上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是筷子的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故与题意不符；
D.影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故与题意不符。
故选B。
5.【答案】D
【解析】解：由题知，扬声器的工作原理：通电线圈在磁场中受力而转动。
A、该图为研究电磁铁磁性强弱与哪些因素有关的实验，与扬声器的工作原理无关，故A错误；
B、该装置为动圈式话筒，利用了电磁感应，与扬声器的工作原理无关，故B错误；
C、该图为研究电磁感应现象的实验，与扬声器的工作原理无关，故C错误；
D、该图为研究通电导体在磁场中受力而运动的实验，是电动机的原理图，与扬声器的工作原理相同，故D正确。
故选：D。
首先利用图示的装置分析出其制成原理，然后再逐个分析选择项中的各电学元件的制成原理，分别与前面分析的结论对应即可得到答案。
在学过的测量工具或设备中，每个工具或设备都有自己的制成原理，如：天平、温度计、电话、电磁继电器、测力计，以及此题中提到的这些设备。针对它们的制成原理的考查，是一个热点题型，需要重点掌握。
6.【答案】BD
【解析】解：A、由题知，如图烛焰在光屏上恰好成一清晰的烛焰像，根据图示和凸透镜成像规律可知，v=u=30cm=2f，所以焦距为15cm，故A错误；
B、成实像时，物远像近像变小，所以将蜡烛向左移动，应将光屏向左移动才能得到清晰的像，且像变小，故B正确；
C、若将凸透镜的一半遮住，物体上任一点光线射向凸透镜的下半部，经凸透镜折射后，照样能会聚成像，像的大小不发生变化，折射光线减少，会聚成的像变暗，故C错误；
D、若某同学将自己所戴的眼镜放在靠近凸透镜左侧的位置，光屏向左移动才能接收到清晰的像，说明该眼镜是凸透镜，对光线具有会聚作用，则该同学为远视眼，故D正确。
故选：BD。
凸透镜成像的规律：
当u>2f时，成倒立、缩小的实像，照相机、摄像机就是根据这个原理制成的；
当u=2f时，成倒立、等大的实像；
当f
凸透镜对光线有会聚作用，能使光线的会聚点靠前，可以用来矫正远视眼。
本题要求学生能从图中获取信息，然后利用所学规律分析解答问题，这是考试中常见的题型，考查学生的分析能力。此题的关键是掌握凸透镜成像的规律，搞清像距、像的大小与物距之间的关系。
7.【答案】BC
【解析】解：A、不计绳重和摩擦，克服动滑轮的重力做的功为额外功，故W额=G动h=m2gh，
甲、乙装置中拉力F做的功为总功，分别为：W总甲=Gh=m1gh，W总乙=Gh+G额=m1gh+m2gh，
所以W总甲
在相同的时间内物体被提升的高度均为h，则绳子自由端移动的距离分别为：s甲=h，s乙=2h，s丙=3h，
因此s甲
D、不计绳重和摩擦，克服动滑轮的重力做的功为额外功，故W额=G动h=m2gh，
乙、丙两种装置的机械效率为：η=W有W总=W有W有+W额=m1ghm1gh+m2gh=m1m1+m2，故D错误。
故选：BC。
(1)不计绳重和摩擦，克服动滑轮的重力做的功为额外功，根据W额=G动h=mgh得出额外功，拉力做的功为总功，根据W总=W有+W额比较出甲、乙两装置中总功的大小，运动时间相同，根据P=Wt比较出甲、乙装置中F的功率；
(2)从图中可知，甲为定滑轮，乙为动滑轮，丙为滑轮组且n=3，在相同的时间内物体被提升的高度均为h，根据s甲=h，s乙=2h，s丙=nh得出则绳子自由端移动的距离，运动时间相同，根据v=st可知绳子自由端移动的速度关系；
(3)克服物体重力做的功为有用功，根据W有用=Gh=mgh得出甲、乙、丙三种装置做的有用功；
(4)不计绳重和摩擦，克服动滑轮的重力做的功为额外功，根据W额=G动h=mgh得出额外功，根据η=W有W总×100%得出乙、丙两种装置的机械效率。
本题考查有关滑轮和滑轮组的功、绳子自由端的速度、机械效率的知识，要掌握功、功率和机械效率的公式，有一定综合性。
8.【答案】BCD
【解析】解：
A、滑动变阻器的最大阻值为2R0，当滑片P位于中点时，滑动变阻器接入电路的阻值为R0，
由题知，当滑动变阻器滑片位于中点且保持不变，所有开关可以任意通断，电路消耗的最大功率是最小功率的4倍，电源电压一定，根据P=U2R可知，R总小R总大=U2P大U2P小=P小P大=14，
①由电路图可知，若b为电压表，当S1、S2都闭合时，R总小1=R0+Ra，当S1闭合、S2断开时，R总大1=R0+R0+Ra=2R0+Ra，
若a为电流表(其电阻为0)，则R总小1R总大1=R02R0=12，不符合题意；
若a为阻值大小为R0的定值电阻，则R总小1R总大1=R0+Ra2R0+Ra=2R03R0=23，不符合题意；
②若b为阻值大小为R0的定值电阻，当S1、S2、S3都闭合时，R总小2=R并+Ra=R0×R02R0+Ra=R02+Ra，当S1闭合，S2、S3断开时，R总大2=R0+R0+Ra=2R0+Ra，
若a为电流表(其电阻为0)，则R总小2R总大2=R022R0=14，符合题意，
若a为阻值大小为R0的定值电阻，则R总小2R总大2=R02+Ra2R0+Ra=R02+R03R0=32R03R0=12，不符合题意，
由此可知，a是电流表，b是定值电阻R，故A错误；
B、只闭合S1，R0和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，滑片P向左移动，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联电路的电阻规律可知，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，故B正确；
C、滑片位置位于中点保持不变，只闭合S1时，R0和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电流表A的示数为：I=UR0+R0=U2R0，
滑片P位于中点时，闭合S1、S2，只有滑动变阻器工作，电流表A的示数为：I′=UR0，所以II′=U2R0UR0=12，故C正确；
D、滑片位置位于中点保持不变，只闭合S1时，R0和滑动变阻器串联，电流表的示数为I，电源电压为：U=I(R0+R0)=2IR0，
闭合S1、S3，断开S2，滑片P位于最左端时，R0和定值电阻R并联，因为并联电路的总电阻比任何一个分电阻都小，即此时电路中的总电阻最小，根据P=U2R可知电路的电功率最大，
则电路的功率最大为：P大=U2R并′=(2IR0)2R0×R02R0=8I2R0，故D正确。
故选：BCD。
(1)滑动变阻器的最大阻值为2R0，当滑片P位于中点时，滑动变阻器接入电路的阻值为R0，当滑动变阻器滑片位于中点且保持不变，所有开关可以任意通断，电路消耗的最大功率是最小功率的4倍，电源电压一定，根据P=U2R判断出电路的最小总电阻与最大总电阻之间的关系，再结合电路图分别分析出当b为电压表或定值电阻时电路的总电阻的表达式，再判断出a为电流表或定值电阻时电路的最小总电阻与最大总电阻之间的关系，即可解答；
(2)只闭合S1，R0和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，滑片P向左移动，根据串联电路的电阻规律和欧姆定律判断出电流表A的示数变化；
(3)滑片位置位于中点保持不变，分析出只闭合S1时和闭合S1、S2时电路的连接情况，根据欧姆定律列出电流的表达式即可解答；
(4)滑片位置位于中点保持不变，只闭合S1时，R0和滑动变阻器串联，电流表的示数为I，根据U=IR列出电源电压的表达式，当闭合S1、S3，断开S2，滑片P位于最左端时，分析出电路的连接方式，根据P=U2R求出电路的最大功率。
本题主要考查的是电路的分析，要会分析电路，能根据题意确定a、b是电表或定值电阻是解答本题的关键，有一定的难度。
9.【答案】空气开关 漏电保护器
【解析】解：当家庭电路中电流过大时，空气开关自动断开，切断电路；
如果站在地上的人不小心接触了火线，电流经过人体流入大地，漏电保护器会迅速切断电流，对人身起到保护作用。
故答案为：空气开关；漏电保护器。
家庭电路中带有漏电保护器的总开关具有空气开关和漏电保护器的功能，当出现短路、过载(用电器总功率过大)和漏电时，能自动“跳闸”对人或电路起到保护作用。
本题考查空气开关与漏电保护器的作用，注意对二者原理进行辨别，这是电学中的一个易错点，应特别注意。
10.【答案】162.6不能 30
【解析】解：(1)由图示电能表可知，电能表月初、月末示数为1120.0kW⋅h、1282.6kW⋅h，
这个月消耗的电能：W=1282.6kW⋅h−1120.0kW⋅h=162.6kW⋅h；
(2)由电能表表盘知，电能表的工作电压是220V，允许通过的最大电流为20A，
所以他家电能表同时允许接入用电器最大总电功率：P最大=UI最大=220×20A=4400W；
再将空调接入电路，总电功率P总=3200W+1500W=4700W>P最大=4400W，
所以不能将额定功率为1500W的空调再接入电路；
(3)“600revs/kW⋅h”表示每消耗1kW⋅h的电能电能表的转盘转600r，
只让空调单独正常工作2min消耗的电能：
W′=P′t=1.5kW×260h=0.05kW⋅h，
电能表转盘转数：
n=600revs/kW⋅h×0.05kW⋅h=30r。
故答案为：162.6；不能；30。
(1)先读出电能表月初、月末的示数(注意最后一位是小数位，单位是kW⋅h)，这个月消耗的电能等于月末、月初示数之差；
(2)由电能表表盘知，电能表的工作电压、允许通过的最大电流，利用P=UI求电能表同时允许接入用电器最大总电功率；求出再将空调接入电路的总电功率，比较确定能否将额定功率为1500W的空调再接入电路；
(3)“600revs/kW⋅h”表示每消耗1kW⋅h的电能电能表的转盘转600r，只让空调单独正常工作2min，利用W=Pt求消耗的电能，进而求出电能表转盘转数。
本题考查了使用电能表时消耗电能、电功率的计算以及电能表的读数方法，明确电能表相关参数的意义是关键。
11.【答案】运动状态 匀速直线 质量
【解析】解：橡皮绕手做圆周运动，方向不断发生改变，这是运动状态的改变。
当所有的力突然消失，橡皮不受力，根据牛顿第一定律可知，运动的物体不受力将会做匀速直线运动，故橡皮将做匀速直线运动。
橡皮的惯性大小只与它的质量有关。
故答案为：运动状态；匀速直线；质量。
(1)物体的速度大小变化或方向的改变都属于运动状态的改变；
(2)根据牛顿第一定律进行回答，物体不受力时，总保持原来的静止的状态或匀速直线运动状态。惯性大小只与它的质量有关。
本题主要考查力的作用效果和牛顿第一定律的应用，注意：物体不受力或受平衡力作用，都将保持静止状态或匀速直线运动状态。
12.【答案】减小 不变 做功
【解析】解：人骑电动自行车下坡时，质量不变，高度减小，所以重力势能减小；到达坡底后在水平路面上匀速骑行过程中，动能不变，重力势能不变，所以机械能不变；发现刹车片很烫，这是由于刹车片和地面摩擦生热，这是通过做功的方式改变了刹车片的内能。
故答案为：减小；不变；做功。
动能和势能之和统称为机械能，重力势能由质量和高度决定，动能由质量和速度决定；
改变内能的方式有做功和热传递。
本题主要考查了机械能的概念以及改变内能的方式，是一道基础题。
13.【答案】2.1×105 70 化学能转化为内能
【解析】解：(1)水的质量m=1000g=1kg，
水吸收的热量：Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(90℃−40℃)=2.1×105J；
(2)根据题意，酒精完全燃烧放出的热量Q放=Q吸=2.1×105J；
由Q放=mq可知，酒精的质量：m酒精=Q放q酒精=2.1×105J3.0×107J/kg=0.07kg=70g；
(3)酒精燃烧过程中，把酒精的化学能转化为内能。
故答案为：2.1×105；70；化学能转化为内能。
(1)知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸=cm(t−t0)计算出水吸收的热量；
(2)根据题意，酒精完全燃烧放出的热量Q放=Q吸，利用Q放=mq计算出酒精的质量；
(3)酒精燃烧过程中，把酒精的化学能转化为内能。
本题考查吸热公式、放热公式的应用，燃料燃烧过程中能量的转化，是一道热基础题。
14.【答案】大气压 真空 不变 1.013×105
【解析】解：(2)做托里拆利实验时，先在一端封闭约1米长的细玻璃管内灌满水银，确保管内没有空气，将玻璃管开口端浸在水银中，移开堵住管口的手指，发现管中水银柱会缓慢下降，但降到一定程度就不再下降了，此时外界大气压才等于水银柱产生的向下的压强，由此证明了大气压的存在，管内水银面上方是真空；
(4)管内水银柱的高度差只与当时的大气压有关，如果将玻璃管倾斜放置，可以观察到玻璃管中的水银柱长度变长，玻璃管中的水银柱竖直高度不变；
大气压强等于760mm高的水银柱产生的压强，即：p大气=p水银=ρ水银gh=13.6×103kg/m3×9.8N/kg×760×10−3m=1.013×105Pa。
故答案为：(2)大气压；真空；(4)不变；1.013×105。
(2)当管内上方是真空时，大气压的值就等于管内水银柱产生的压强；
(4)玻璃管内外水银面的高度差取决于外界的实际大气压，如果大气压值不变，而且实验操作过程中没有出现错误的话，管内水银柱高度是固定的；已知水银柱的高度，根据p=ρgh计算出此时的大气压值。
本题考查的是大气压的测量，要理解托里拆利实验的过程，能利用液体压强公式进行计算。
15.【答案】平衡 右 一组实验数据太少，具有偶然性，不能作为普遍规律 不变 左 0.25
【解析】解：(1)杠杆保持静止，此时杠杆是处于静止状态，达到平衡；
(2)实验时为了消除杠杆自重对杠杆平衡的影响，且便于直接从杠杆上读出力臂的大小，应将杠杆调到水平位置平衡，将如图甲所示杠杆的平衡螺母适当往右调节；
由图可知，杠杆的左端下沉，应将平衡螺母向右移动，使杠杆水平平衡；
(3)只有一次实验得出杠杆平衡的条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂，这种结论很具有偶然性，不合理，要进行多次实验，总结杠杆平衡条件；
力臂等于支点到力的作用线的距离，竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，如图C所示，此过程中，弹簧测力计拉力的力臂变小，钩码对杠杆拉力的力臂也变小，但是根据三角形的相似性，动力臂和阻力臂的比值是不变的，所以拉力大小不变。
(4)设一个钩码重为G，杠杆一个格的长度为L，杠杆在水平位置平衡后，将悬挂在左右两侧的钩码都远离支点一格，
左端力与力臂的乘积为3G×5L=15GL，
右端力与力臂的乘积为2G×7L=14GL，左端>右端，则左端下沉；
(5)根据杠杆的平衡条件可知，当秤砣在A点时，所测物体的重力最大，即质量最大：
m秤砣g×OA=m重′g×OB，1kg×10N/kg×(100cm−4cm)=m重′×10N/kg×4cm，解得：m重′=24kg；
即秤砣在A处时对应的物体的质量是24kg，则该杆秤的分度值为24kg100cm−4cm=0.25kg/cm。
故答案为：(1)平衡；(2)右；(3)一组实验数据太少，具有偶然性，不能作为普遍规律；不变；(4)左；(5)0.25。
(1)(2)杠杆处于静止状态或匀速转动状态时，杠杆处于平衡状态；调节杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂；
(3)探究杠杆平衡条件时，一般要进行多次测量，为了使实验结论具有普遍性，只有一次实验得出的结论是不科学的；使杠杆由水平位置缓慢转动到图中位置，求出各自的力臂根据杠杆平衡条件即可求判断F的大小变化；
(4)根据杠杆的平衡条件可知，当杠杆两边钩码同时远离支点一格，杠杆将向力和力臂的乘积大的一端下沉；
(5)根据杠杆的平衡条件求出物体的最大质量，然后得出分度值的大小。
本题重点考查探究杠杆平衡条件的实验调平和操作，要求平时做实验时多加注意，锻炼自己的实验操作能力。还考查了利用杠杆的平衡条件解题能力。
16.【答案】电阻R出现了断路 变大 右移 0.1AB10
【解析】解：(1)滑动变阻器按照一上一下的原则接入电路，通过电路图可知向右移动滑片时有效电阻增大。
(2)连接无误后，闭合开关，发现电流表指针几乎不动，电路可能断路，电压表接近电源电压，则电压表与电源连通，故原因可能是电阻R出现了断路；
(3)拆下5Ω的电阻，改接10Ω的电阻，由电阻的串联规律，电压表示数变大，探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变：
探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，利用串联分压的原理可知应该增大滑动变阻器的阻值，故滑片向右移动；
(4)电流表选择小量程，分度值为0.02A，读数为0.1A；
(5)AD、因当导体两端电压不变时，通过导体的电流与导体电阻成反比，故电流随电阻的变化关系为反比例曲线，A正确、D错误；
BC、本题的结论也可理解为：当导体两端电压不变时，通过导体的电流与导体电阻的倒数成正比，故电流随导体电阻的倒数的变化关系为过原点的直线，故B正确，C错误；
故选AB。
(6)研究电流与电阻的关系时，要控制电阻的电压不变，由表中数据，控制的电压为：U=IR=0.2A×10Ω=2V，
由表格数据知，当电阻为5Ω时，电路的电流为0.4A，
根据串联电路的分压作用知，滑动变阻器两端的电压为：U滑=U−UR=6V−2V=4V，
滑动变阻器的电阻为：R滑=U滑I=4V0.4A=10Ω。
故答案为：(1)如上所示；(2)电阻R出现了断路；(3)变大；右移；(4)0.1；(5)AB；(6)10。
(1)滑动变阻器按照一上一下的原则接入电路，通过电路图可知向右移动滑片时有效电阻增大；
(2)若电流表电流表指针几乎不动，说明电路可能断路；电压表指针接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，与电压表并联的部分断路了；
(3)拆下5Ω的电阻，改接10Ω的电阻，由电阻的串联规律，电压表示数变大，而探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，要将滑动变阻器的滑片移到适当位置，再记录电流表示数；
(4)结合电流表的量程、分度值读数；
(5)AD、因当导体两端电压不变时，通过导体的电流与导体电阻成反比，据此分析；
BC、当导体两端电压不变时，通过导体的电流与导体电阻的倒数成正比，据此分析；
(6)根据表中数据，求出电压表示数UV；根据控制变量法回答；根据电阻的串联和欧姆定律求出第一次实验变阻器连入电路的电阻确定本次实验中选择的滑动变阻器的最小值。
本题探究“电流与电阻的关系”，考查电路连接、注意事项、故障分析、操作过程、控制变量法、对器材的要求及数据分析，综合性较强。
17.【答案】解：(1)由ρ=mV可得，木块A的质量：
mA=ρAVA=0.5g/cm3×(20cm)3=4000g=4kg；
(2)合金块B的重力：
GB=mBg=3kg×10N/kg=30N，
合金块的体积：
VB=mBρ合金=3kg3×103kg/m3=1×10−3m3，
合金块的边长：
LB=3VB=31×10−3m3=0.1m，
因水平面上物体的压力和自身的重力相等，
所以，物体B放置在水平地面上时对水平地面的压强：
p=FBSB=GBLB2=30N(0.1m)2=3×103Pa；
(3)若将A沿水平方向切去n厘米后，
由m=ρV=ρSh可知，A剩余部分的质量为(1−nLA)mA，
按图丙所示方式放置在水中时，A刚好能浸没，
则有：F浮=GA′+GB，
即ρ水gLA2(LA−n)=(1−nLA)mAg+GB，
代入数据可得：
1.0×103kg/m3×10N/kg×(0.2m)2×(0.2m−n)=(1−n0.2m)×4kg×10N/kg+30N，
解得：n=0.05m，即将A沿水平方向切去5cm。
答：(1)物体A的质量为4kg；
(2)物体B放量在水平地面上时，对水平地面的压强是3×103Pa；
(3)若将A沿水平方向切去5cm后按图丙所示方式放置在水中时A刚好能浸没。
【解析】(1)知道木块A的边长和密度，根据m=ρV=ρL3求出木块A的质量；
(2)知道合金块的质量，根据G=mg求出合金块B的重力，利用V=mρ求出合金块的体积，根据V=L3求出合金块的边长，水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据p=FS=GL2求出物体B放置在水平地面上时对水平地面的压强；
(3)若将A沿水平方向切去n厘米，按图丙所示方式放置在水中时，A刚好能浸没，物体A受到的浮力等于剩余物体A以及物体B的重力之和，根据F浮=ρgV排和G=mg=ρVg得出等式即可得出答案。
本题考查了密度公式和压强公式、物体浮沉条件、阿基米德原理、重力公式的应用，计算过程中要注意单位的换算。
18.【答案】解：(1)由题知，L1、L2两灯正常发光时的电压均为6V，
根据图甲可知，此时流过L1的电流I1=1.0A，此时流过L2的电流I2=0.5A，
由欧姆定律可得两灯正常发光时的电阻分别为：
R1=U1I1=6V1A=6Ω，R2=U2I2=6V0.5A=12Ω；
(2)将L1、L2串联后，流过两灯的电流相等，由图甲可知，在保证两灯泡均不损坏的情况下，当L2正常发光时，电路中的电流最大，允许接入电源的电压最大，此时L2两端电压U2=6V，L1两端电压U1′=2V，
根据串联电路电压规律可知，电源电压U=U1′+U2=6V+2V=8V；
(3)灯L1正常发光时的电流为1.0A，超出电流表量程，因此只能将L2与滑动变阻器R串联接入图乙中，此时灯泡L2正常发光，则电路中的电流为I2=0.5A，且L2正常发光时的电阻为12Ω，
当滑动变阻器前半部分接入电路时，即R=25×100Ω=40Ω，
电路消耗的总功率：P总=I22R总=(0.5A)2×(12Ω+40Ω)=13W，
滑动变阻器后半部分接入电路时，即R′=35×100Ω=60Ω，
电路消耗的总功率：P总′=I22R总′=(0.5A)2×(12Ω+60Ω)=18W，
因此电路消耗的功率为13W或18W。
答：(1)L1正常发光时的电阻为6Ω、L2正常发光时的电阻为12Ω；
(2)将L1、L2两灯串联后，允许接入的最大电源电压为8V；
(3)此时电路消耗的总功率为13W或18W。
【解析】(1)L1、L2的额定电压均为6V，通过图甲读出L1、L2两灯正常发光时的电流，根据R=UI分别计算两灯正常发光时的电阻。
(2)两灯串联，通过的电流相等，电路中的最大电流为两灯额定电流的较小值，由图像读出此时两灯的电压，结合串联电路的电压规律求解。
(3)滑动变阻器接入电路的阻值可能是前面部分，也可能是后面部分，据此分情况讨论，结合电功率公式P=I2R计算此时电路消耗的总功率。
本题主要考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用以及电功率的综合计算，难度较大。
2023年河北省石家庄市长安区中考物理模拟试卷
1. 下列估测符合实际情况的是( )
A. 成年人的步行速度约为1km/h B. 同学们感觉舒适的教室温度约为36℃
C. 教学楼每层的高度约为3m D. 一个黑板擦的质量约为2kg
2. 下列有关声和电磁波的说法正确的是( )
A. 汽车导航系统和手机通讯都是利用电磁波来传递信息的
B. 利用超声波排除人体内的结石是利用声能传递信息
C. 演奏吉他时拨动粗细不同的弦是为了改变其响度
D. “禁止鸣笛”和在公路旁建隔音板，都是在传播过程中减弱噪声
3. 下列有关物态变化的说法正确的是( )
A. 春天，早晨经常出现大雾，是汽化现象，需要吸热
B. 夏天，盛冷饮的杯子外壁出现水珠，是液化现象，需要放热
C. 秋天，早晨花草上经常会出现白霜，是凝固现象，需要放热
D. 冬天，室外冰冻的衣服变干了，是升华现象，需要放热
4. 如图所示的光现象中，属于光的反射现象的是( )
A. 钢笔“错位”
B. 茶杯在镜中的“倒影”
C. 水中筷子“变弯”
D. 屏幕上的“手影”
5. 扬声器的工作原理与下列实验装置的工作原理相同的是( )
A. B.
C. D.
6. 在“探究凸透镜成像规律”的实验中，当点燃的蜡烛、凸透镜及光屏处于如图所示位置时，在光屏上恰好成一清晰的烛焰像(图中未画出)。下列说法正确的是( )
A. 该凸透镜的焦距是30cm
B. 将蜡烛向左移动，应将光屏向左移动才能得到清晰的像，且像变小
C. 若将凸透镜的左侧一半遮住，在光屏上不能成完整的像
D. 若某同学将自己所戴的眼镜放在靠近凸透镜左侧的位置，光屏向左移动才能接收到清晰的像，则该同学为远视眼
7. 如图所示，小明分别使用滑轮或滑轮组匀速提升质量为m1的物体，滑轮的质量均相等且为m2，在相同的时间内物体被提升的高度均为h，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是( )
A. 该过程甲、乙两装置中F的功率相同
B. 绳子自由端移动的速度关系为v甲
D. 乙、丙两种装置的机械效率相等均为2m1m1+m2
8. 如图所示的电路，电源电压一定，a为阻值大小为R0的定值电阻R或电流表，b为阻值大小为R0的定值电阻R或电压表，滑动变阻器的最大阻值为2R0。当滑动变阻器滑片位于中点且保持不变，所有开关可以任意通断，电路消耗的最大功率是最小功率的4倍；若滑片位置位于中点保持不变，且只闭合S1时，电流表的示数为I，则下列说法正确的是( )
A. a、b都为电阻R
B. 只闭合S1，滑片P向左移动，则电流表A的示数变大
C. 滑片P位于中点时，闭合S1、S2，电流表A的示数为I′，则I：I′=1：2
D. 闭合S1、S3，断开S2，滑片P位于最左端时，电路的功率最大且为8I2R0
9. 新建居民楼电路中，当电流过大时______自动断开，切断电路，俗称跳闸；为了避免人不小心接触火线，电流经人体流入大地时发生触电事故，会装上______对人体起到保护作用。
10. 如图是小明家月初和月末电能表的示数，这个月消耗的电能是______ 度，若她家正工作的用电器总功率为3200W，______ (选填“能”或“不能”)将额定功率为1500W的空调再接入电路。若只让1500W的空调单独正常工作2min，电能表的转盘转______ 转。
11. 如图所示，用细线拴一块橡皮，甩起来，使橡皮绕手做圆周运动，这说明力可以改变物体的______ (选填“运动状态”或“形状”)。如果这时橡皮所受所有的力都突然消失，橡皮将做______ 运动，橡皮的惯性大小只与它的______ 有关。
12. 人骑电动自行车下坡时重力势能______(选填“增大”“减小”或“不变”)。到达坡底后在水平路面上匀速骑行过程中，机械能______(选填“增大”、“减小”或“不变”)。刹车后很快停了下来，发现刹车片很烫，这是通过______的方式改变刹车片的内能。
13. 烧杯中水的质量为1000g，水温从40℃升高到90℃，水吸收的热量为______ J，相当于完全燃烧______ g酒精放出的热量(不计热损失)。燃烧酒精给水加热的过程中，主要发生的能量转化为______ 。[已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，q酒精=3.0×107J/kg]
14. 如图所示是测量某地大气压的实验过程示意图。
(1)取一根长约1m、一端封闭的直玻璃管，沿内壁将水银缓慢地倒入管中，避免混入空气；
(2)将玻璃管开口端浸在水银中，移开堵住管口的手指，发现管中水银柱会缓慢下降，但降到一定程度就不再下降了，由此证明了______ 的存在，管内水银面上方是______ ；
(3)用刻度尺量出玻璃管内外水银面的高度差为760mm；
(4)将玻璃管倾斜(水银液面未到顶)，水银柱竖直高度______ (选填“升高”、“降低”或“不变”)；此地的大气压值为______ Pa。(用科学记数法，小数点后保留三位，水银的密度为13.6g/cm3，g=9.8N/kg)
15. 在探究“杠杆的平衡条件”实验中，所用的实验器材有：刻度均匀的杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺细线和质量相同的0.5N重钩码若干个。
(1)实验前，把杠杆的中点置于支架上，杠杆静止在如图甲所示的位置，此时杠杆处于______ (选填“平衡”或“不平衡”)状态。
(2)实验前调节杠杆两端的平衡螺母，将如图甲所示杠杆的平衡螺母适当往______ (选填“左”或“右”)调，使杠杆在水平位置平衡。
(3)小明同学所在实验小组完成一次操作后，实验现象如图乙所示，他们记录的数据为动力F1=1.5N，动力臂L1=0.2m，阻力F2=1N，则阻力臂L2=0.3m。甲同学测出了这组数据后就得出了“动力×动力臂=阻力×阻力臂”的结论，乙同学认为他的结论不一定严谨，理由是______ 。他把右边的钩码换成弹簧秤，使杠杆从水平位置慢慢转过一定角度，如图丙所示，此过程中，弹簧秤拉力的大小______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
(4)图乙实验中，小明把两边的钩码同时远离支点一格，则杠杆的______ (选填“左”或“右”)端会下沉。
(5)小明利用一只质量为1kg的秤砣，一根总长度为1m粗细均匀、质量均匀分布的金属细管AB，一只金属框，制成了一个杆秤，移动悬吊点至O点时，杠杆恰好在水平位置平衡(此时未挂秤砣)，如图丁所示，测得OB为4cm，称重时(根据物重大小秤砣可在OA之间移动至重新平衡)为了从杆秤上准确读出重物的质量，从O点开始，沿OA每隔1cm标出对应的质量刻度，则该杆秤的分度值为______ kg。
16. 探究“电流与电阻的关系”的实验中，电源电压为4.5V保持不变，滑动变阻器的规格为“50Ω1A”，三个定值电阻阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω。
(1)用笔画线代替导线将乙图的实物图严格按照甲图补充完整；
(2)闭合开关后小明发现电流表指针几乎不动，电压表示数接近电源电压，则可能的故障是______ ；
(3)排除故障后，先将5Ω电阻接入电路完成第一组实验，然后断开开关，拆下5Ω的电阻，改接10Ω的电阻。各电路元件位置不变，闭合开关，此时电压表的示数______ (选填“变小”“不变”或“变大”)，为了继续完成实验，应将滑动变阻器的滑片______ ；
(4)将三个定值电阻分别接入R的位置完成实验，获得数据如下表，其中第3次实验时电流表的示数如图丙所示，其示数为______ A；
实验组别
1
2
3
电阻R(Ω)
5
10
20
电流I(A)
0.4
0.2
(5)依据表中数据作出了下列图像，其中正确的有(多选)______ ；
A.
B.
C.
D.
(6)在完成整个探究实验的过程中，滑动变阻器接入电路的最小值为______ Ω。
17. 如图所示，甲、乙分别为实心正方体A和B，已知A为塑料块(不吸水)，其棱长为20cm，密度为0.5g/cm3；B为合金块，其质量为3kg，密度为3g/cm3。(g取10N/kg)求：
(1)物体A的质量；
(2)物体B放置在水平地面上时，对水平地面的压强；
(3)若将A沿水平方向切去n厘米，按图丙所示方式放置在水中时，A刚好能浸没，求n的值。
18. 现有额定电压均为6V的两只灯泡L1、L2，通过L1、L2的电流随两端电压变化关系的图像如图甲所示。
求：(1)L1、L2两灯正常发光时的电阻；
(2)将L1、L2两灯串联后，允许接入的最大电源电压；
(3)将L1或L2与规格为“100Ω2A”的滑动变阻器R串联接入乙图M、N之间，且电源电压可调，电流表接入“0∼0.6A”量程，调节滑动变阻器滑片使灯泡正常发光，此时滑动变阻器的滑片P位于滑动变阻器的35位置，滑动变阻器接入电路的阻值可能是前面部分，也可能是后面部分，求此时电路消耗的总功率。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、成年人正常步行的速度在1.1m/s=1.1×3.6km/h≈4km/h，故A错误；
B、同学们感觉舒适的教室内温度约为23℃，故B错误；
C、教学楼每层的高度约为3 m，故C正确；
D、一个黑板擦的质量约为200g，故D错误。
故选：C。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
本题考查学生对生活中常见物体的数据的了解情况，本题告诉我们一定要对实际生活中常见的物体做到熟知，以免闹了笑话自己还不知道。
2.【答案】A
【解析】解：A、汽车导航系统是利用电磁波传递信息的，电磁波可在真空中传播，手机也是通过电磁波来传递信息的，故A正确；
B、医院超声排除人体内的结石利用超声波可以传递能量，故B错误；
C、弹奏吉他时拨动粗细不同的弦是为了改变其音调，故C错误；
D、“禁止鸣笛”是在声源处减弱噪声，在公路旁建隔音板，是在传播过程中减弱噪声，故D错误。
故选：A。
(1)汽车倒车雷达是利用超声波的回声定位原理制作的；电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播；
(2)声音既可以传递信息也可以传递能量；
(3)声音三个特性：音调、响度和音色。音调跟发声体的振动频率有关；响度跟发声体的振幅和距发声体的距离有关；音色跟发声体的材料和结构有关；
(4)减弱噪声有三种途径：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱。
本题考查了声音的作用、响度大小的决定因素、电磁波与超声波的异同等内容，是一道基础题。
3.【答案】B
【解析】解：A.雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，液化过程放出热量，故A错误；
B.夏天，盛冷饮的杯子外壁出现水珠，是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水滴，液化过程放出热量，故B正确；
C.霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，故C错误；
D.室外冰冻的衣服变干了，是冰由固态直接变为了气态的水蒸气，是升华现象，故D错误。
故选：B。
(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
解决此类问题要知道物态变化及物态变化过程是需要吸热还是放热。
4.【答案】B
【解析】
【分析】
要解决此题，需要掌握光的反射现象，知道平面镜成像是由于光的反射形成的；
要掌握光的折射现象，知道水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼、凸透镜成像都是光的折射；
要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的；
光的直线传播形成的现象包括：小孔成像，影子的形成，日、月食的形成等；光遇到物体表面会发生反射：平面镜成像就是光的反射形成的；光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折：钢笔错位、筷子变折、海市蜃楼，凸透镜成像等都属于光的折射现象。
【解答】
A.玻璃砖后的钢笔错位属于光的折射现象，故与题意不符；
B.茶杯在镜中的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意；
C.从水中筷子上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是筷子的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故与题意不符；
D.影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故与题意不符。
故选B。
5.【答案】D
【解析】解：由题知，扬声器的工作原理：通电线圈在磁场中受力而转动。
A、该图为研究电磁铁磁性强弱与哪些因素有关的实验，与扬声器的工作原理无关，故A错误；
B、该装置为动圈式话筒，利用了电磁感应，与扬声器的工作原理无关，故B错误；
C、该图为研究电磁感应现象的实验，与扬声器的工作原理无关，故C错误；
D、该图为研究通电导体在磁场中受力而运动的实验，是电动机的原理图，与扬声器的工作原理相同，故D正确。
故选：D。
首先利用图示的装置分析出其制成原理，然后再逐个分析选择项中的各电学元件的制成原理，分别与前面分析的结论对应即可得到答案。
在学过的测量工具或设备中，每个工具或设备都有自己的制成原理，如：天平、温度计、电话、电磁继电器、测力计，以及此题中提到的这些设备。针对它们的制成原理的考查，是一个热点题型，需要重点掌握。
6.【答案】BD
【解析】解：A、由题知，如图烛焰在光屏上恰好成一清晰的烛焰像，根据图示和凸透镜成像规律可知，v=u=30cm=2f，所以焦距为15cm，故A错误；
B、成实像时，物远像近像变小，所以将蜡烛向左移动，应将光屏向左移动才能得到清晰的像，且像变小，故B正确；
C、若将凸透镜的一半遮住，物体上任一点光线射向凸透镜的下半部，经凸透镜折射后，照样能会聚成像，像的大小不发生变化，折射光线减少，会聚成的像变暗，故C错误；
D、若某同学将自己所戴的眼镜放在靠近凸透镜左侧的位置，光屏向左移动才能接收到清晰的像，说明该眼镜是凸透镜，对光线具有会聚作用，则该同学为远视眼，故D正确。
故选：BD。
凸透镜成像的规律：
当u>2f时，成倒立、缩小的实像，照相机、摄像机就是根据这个原理制成的；
当u=2f时，成倒立、等大的实像；
当f
凸透镜对光线有会聚作用，能使光线的会聚点靠前，可以用来矫正远视眼。
本题要求学生能从图中获取信息，然后利用所学规律分析解答问题，这是考试中常见的题型，考查学生的分析能力。此题的关键是掌握凸透镜成像的规律，搞清像距、像的大小与物距之间的关系。
7.【答案】BC
【解析】解：A、不计绳重和摩擦，克服动滑轮的重力做的功为额外功，故W额=G动h=m2gh，
甲、乙装置中拉力F做的功为总功，分别为：W总甲=Gh=m1gh，W总乙=Gh+G额=m1gh+m2gh，
所以W总甲
在相同的时间内物体被提升的高度均为h，则绳子自由端移动的距离分别为：s甲=h，s乙=2h，s丙=3h，
因此s甲
D、不计绳重和摩擦，克服动滑轮的重力做的功为额外功，故W额=G动h=m2gh，
乙、丙两种装置的机械效率为：η=W有W总=W有W有+W额=m1ghm1gh+m2gh=m1m1+m2，故D错误。
故选：BC。
(1)不计绳重和摩擦，克服动滑轮的重力做的功为额外功，根据W额=G动h=mgh得出额外功，拉力做的功为总功，根据W总=W有+W额比较出甲、乙两装置中总功的大小，运动时间相同，根据P=Wt比较出甲、乙装置中F的功率；
(2)从图中可知，甲为定滑轮，乙为动滑轮，丙为滑轮组且n=3，在相同的时间内物体被提升的高度均为h，根据s甲=h，s乙=2h，s丙=nh得出则绳子自由端移动的距离，运动时间相同，根据v=st可知绳子自由端移动的速度关系；
(3)克服物体重力做的功为有用功，根据W有用=Gh=mgh得出甲、乙、丙三种装置做的有用功；
(4)不计绳重和摩擦，克服动滑轮的重力做的功为额外功，根据W额=G动h=mgh得出额外功，根据η=W有W总×100%得出乙、丙两种装置的机械效率。
本题考查有关滑轮和滑轮组的功、绳子自由端的速度、机械效率的知识，要掌握功、功率和机械效率的公式，有一定综合性。
8.【答案】BCD
【解析】解：
A、滑动变阻器的最大阻值为2R0，当滑片P位于中点时，滑动变阻器接入电路的阻值为R0，
由题知，当滑动变阻器滑片位于中点且保持不变，所有开关可以任意通断，电路消耗的最大功率是最小功率的4倍，电源电压一定，根据P=U2R可知，R总小R总大=U2P大U2P小=P小P大=14，
①由电路图可知，若b为电压表，当S1、S2都闭合时，R总小1=R0+Ra，当S1闭合、S2断开时，R总大1=R0+R0+Ra=2R0+Ra，
若a为电流表(其电阻为0)，则R总小1R总大1=R02R0=12，不符合题意；
若a为阻值大小为R0的定值电阻，则R总小1R总大1=R0+Ra2R0+Ra=2R03R0=23，不符合题意；
②若b为阻值大小为R0的定值电阻，当S1、S2、S3都闭合时，R总小2=R并+Ra=R0×R02R0+Ra=R02+Ra，当S1闭合，S2、S3断开时，R总大2=R0+R0+Ra=2R0+Ra，
若a为电流表(其电阻为0)，则R总小2R总大2=R022R0=14，符合题意，
若a为阻值大小为R0的定值电阻，则R总小2R总大2=R02+Ra2R0+Ra=R02+R03R0=32R03R0=12，不符合题意，
由此可知，a是电流表，b是定值电阻R，故A错误；
B、只闭合S1，R0和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，滑片P向左移动，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联电路的电阻规律可知，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，故B正确；
C、滑片位置位于中点保持不变，只闭合S1时，R0和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电流表A的示数为：I=UR0+R0=U2R0，
滑片P位于中点时，闭合S1、S2，只有滑动变阻器工作，电流表A的示数为：I′=UR0，所以II′=U2R0UR0=12，故C正确；
D、滑片位置位于中点保持不变，只闭合S1时，R0和滑动变阻器串联，电流表的示数为I，电源电压为：U=I(R0+R0)=2IR0，
闭合S1、S3，断开S2，滑片P位于最左端时，R0和定值电阻R并联，因为并联电路的总电阻比任何一个分电阻都小，即此时电路中的总电阻最小，根据P=U2R可知电路的电功率最大，
则电路的功率最大为：P大=U2R并′=(2IR0)2R0×R02R0=8I2R0，故D正确。
故选：BCD。
(1)滑动变阻器的最大阻值为2R0，当滑片P位于中点时，滑动变阻器接入电路的阻值为R0，当滑动变阻器滑片位于中点且保持不变，所有开关可以任意通断，电路消耗的最大功率是最小功率的4倍，电源电压一定，根据P=U2R判断出电路的最小总电阻与最大总电阻之间的关系，再结合电路图分别分析出当b为电压表或定值电阻时电路的总电阻的表达式，再判断出a为电流表或定值电阻时电路的最小总电阻与最大总电阻之间的关系，即可解答；
(2)只闭合S1，R0和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，滑片P向左移动，根据串联电路的电阻规律和欧姆定律判断出电流表A的示数变化；
(3)滑片位置位于中点保持不变，分析出只闭合S1时和闭合S1、S2时电路的连接情况，根据欧姆定律列出电流的表达式即可解答；
(4)滑片位置位于中点保持不变，只闭合S1时，R0和滑动变阻器串联，电流表的示数为I，根据U=IR列出电源电压的表达式，当闭合S1、S3，断开S2，滑片P位于最左端时，分析出电路的连接方式，根据P=U2R求出电路的最大功率。
本题主要考查的是电路的分析，要会分析电路，能根据题意确定a、b是电表或定值电阻是解答本题的关键，有一定的难度。
9.【答案】空气开关 漏电保护器
【解析】解：当家庭电路中电流过大时，空气开关自动断开，切断电路；
如果站在地上的人不小心接触了火线，电流经过人体流入大地，漏电保护器会迅速切断电流，对人身起到保护作用。
故答案为：空气开关；漏电保护器。
家庭电路中带有漏电保护器的总开关具有空气开关和漏电保护器的功能，当出现短路、过载(用电器总功率过大)和漏电时，能自动“跳闸”对人或电路起到保护作用。
本题考查空气开关与漏电保护器的作用，注意对二者原理进行辨别，这是电学中的一个易错点，应特别注意。
10.【答案】162.6不能 30
【解析】解：(1)由图示电能表可知，电能表月初、月末示数为1120.0kW⋅h、1282.6kW⋅h，
这个月消耗的电能：W=1282.6kW⋅h−1120.0kW⋅h=162.6kW⋅h；
(2)由电能表表盘知，电能表的工作电压是220V，允许通过的最大电流为20A，
所以他家电能表同时允许接入用电器最大总电功率：P最大=UI最大=220×20A=4400W；
再将空调接入电路，总电功率P总=3200W+1500W=4700W>P最大=4400W，
所以不能将额定功率为1500W的空调再接入电路；
(3)“600revs/kW⋅h”表示每消耗1kW⋅h的电能电能表的转盘转600r，
只让空调单独正常工作2min消耗的电能：
W′=P′t=1.5kW×260h=0.05kW⋅h，
电能表转盘转数：
n=600revs/kW⋅h×0.05kW⋅h=30r。
故答案为：162.6；不能；30。
(1)先读出电能表月初、月末的示数(注意最后一位是小数位，单位是kW⋅h)，这个月消耗的电能等于月末、月初示数之差；
(2)由电能表表盘知，电能表的工作电压、允许通过的最大电流，利用P=UI求电能表同时允许接入用电器最大总电功率；求出再将空调接入电路的总电功率，比较确定能否将额定功率为1500W的空调再接入电路；
(3)“600revs/kW⋅h”表示每消耗1kW⋅h的电能电能表的转盘转600r，只让空调单独正常工作2min，利用W=Pt求消耗的电能，进而求出电能表转盘转数。
本题考查了使用电能表时消耗电能、电功率的计算以及电能表的读数方法，明确电能表相关参数的意义是关键。
11.【答案】运动状态 匀速直线 质量
【解析】解：橡皮绕手做圆周运动，方向不断发生改变，这是运动状态的改变。
当所有的力突然消失，橡皮不受力，根据牛顿第一定律可知，运动的物体不受力将会做匀速直线运动，故橡皮将做匀速直线运动。
橡皮的惯性大小只与它的质量有关。
故答案为：运动状态；匀速直线；质量。
(1)物体的速度大小变化或方向的改变都属于运动状态的改变；
(2)根据牛顿第一定律进行回答，物体不受力时，总保持原来的静止的状态或匀速直线运动状态。惯性大小只与它的质量有关。
本题主要考查力的作用效果和牛顿第一定律的应用，注意：物体不受力或受平衡力作用，都将保持静止状态或匀速直线运动状态。
12.【答案】减小 不变 做功
【解析】解：人骑电动自行车下坡时，质量不变，高度减小，所以重力势能减小；到达坡底后在水平路面上匀速骑行过程中，动能不变，重力势能不变，所以机械能不变；发现刹车片很烫，这是由于刹车片和地面摩擦生热，这是通过做功的方式改变了刹车片的内能。
故答案为：减小；不变；做功。
动能和势能之和统称为机械能，重力势能由质量和高度决定，动能由质量和速度决定；
改变内能的方式有做功和热传递。
本题主要考查了机械能的概念以及改变内能的方式，是一道基础题。
13.【答案】2.1×105 70 化学能转化为内能
【解析】解：(1)水的质量m=1000g=1kg，
水吸收的热量：Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(90℃−40℃)=2.1×105J；
(2)根据题意，酒精完全燃烧放出的热量Q放=Q吸=2.1×105J；
由Q放=mq可知，酒精的质量：m酒精=Q放q酒精=2.1×105J3.0×107J/kg=0.07kg=70g；
(3)酒精燃烧过程中，把酒精的化学能转化为内能。
故答案为：2.1×105；70；化学能转化为内能。
(1)知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸=cm(t−t0)计算出水吸收的热量；
(2)根据题意，酒精完全燃烧放出的热量Q放=Q吸，利用Q放=mq计算出酒精的质量；
(3)酒精燃烧过程中，把酒精的化学能转化为内能。
本题考查吸热公式、放热公式的应用，燃料燃烧过程中能量的转化，是一道热基础题。
14.【答案】大气压 真空 不变 1.013×105
【解析】解：(2)做托里拆利实验时，先在一端封闭约1米长的细玻璃管内灌满水银，确保管内没有空气，将玻璃管开口端浸在水银中，移开堵住管口的手指，发现管中水银柱会缓慢下降，但降到一定程度就不再下降了，此时外界大气压才等于水银柱产生的向下的压强，由此证明了大气压的存在，管内水银面上方是真空；
(4)管内水银柱的高度差只与当时的大气压有关，如果将玻璃管倾斜放置，可以观察到玻璃管中的水银柱长度变长，玻璃管中的水银柱竖直高度不变；
大气压强等于760mm高的水银柱产生的压强，即：p大气=p水银=ρ水银gh=13.6×103kg/m3×9.8N/kg×760×10−3m=1.013×105Pa。
故答案为：(2)大气压；真空；(4)不变；1.013×105。
(2)当管内上方是真空时，大气压的值就等于管内水银柱产生的压强；
(4)玻璃管内外水银面的高度差取决于外界的实际大气压，如果大气压值不变，而且实验操作过程中没有出现错误的话，管内水银柱高度是固定的；已知水银柱的高度，根据p=ρgh计算出此时的大气压值。
本题考查的是大气压的测量，要理解托里拆利实验的过程，能利用液体压强公式进行计算。
15.【答案】平衡 右 一组实验数据太少，具有偶然性，不能作为普遍规律 不变 左 0.25
【解析】解：(1)杠杆保持静止，此时杠杆是处于静止状态，达到平衡；
(2)实验时为了消除杠杆自重对杠杆平衡的影响，且便于直接从杠杆上读出力臂的大小，应将杠杆调到水平位置平衡，将如图甲所示杠杆的平衡螺母适当往右调节；
由图可知，杠杆的左端下沉，应将平衡螺母向右移动，使杠杆水平平衡；
(3)只有一次实验得出杠杆平衡的条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂，这种结论很具有偶然性，不合理，要进行多次实验，总结杠杆平衡条件；
力臂等于支点到力的作用线的距离，竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，如图C所示，此过程中，弹簧测力计拉力的力臂变小，钩码对杠杆拉力的力臂也变小，但是根据三角形的相似性，动力臂和阻力臂的比值是不变的，所以拉力大小不变。
(4)设一个钩码重为G，杠杆一个格的长度为L，杠杆在水平位置平衡后，将悬挂在左右两侧的钩码都远离支点一格，
左端力与力臂的乘积为3G×5L=15GL，
右端力与力臂的乘积为2G×7L=14GL，左端>右端，则左端下沉；
(5)根据杠杆的平衡条件可知，当秤砣在A点时，所测物体的重力最大，即质量最大：
m秤砣g×OA=m重′g×OB，1kg×10N/kg×(100cm−4cm)=m重′×10N/kg×4cm，解得：m重′=24kg；
即秤砣在A处时对应的物体的质量是24kg，则该杆秤的分度值为24kg100cm−4cm=0.25kg/cm。
故答案为：(1)平衡；(2)右；(3)一组实验数据太少，具有偶然性，不能作为普遍规律；不变；(4)左；(5)0.25。
(1)(2)杠杆处于静止状态或匀速转动状态时，杠杆处于平衡状态；调节杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂；
(3)探究杠杆平衡条件时，一般要进行多次测量，为了使实验结论具有普遍性，只有一次实验得出的结论是不科学的；使杠杆由水平位置缓慢转动到图中位置，求出各自的力臂根据杠杆平衡条件即可求判断F的大小变化；
(4)根据杠杆的平衡条件可知，当杠杆两边钩码同时远离支点一格，杠杆将向力和力臂的乘积大的一端下沉；
(5)根据杠杆的平衡条件求出物体的最大质量，然后得出分度值的大小。
本题重点考查探究杠杆平衡条件的实验调平和操作，要求平时做实验时多加注意，锻炼自己的实验操作能力。还考查了利用杠杆的平衡条件解题能力。
16.【答案】电阻R出现了断路 变大 右移 0.1AB10
【解析】解：(1)滑动变阻器按照一上一下的原则接入电路，通过电路图可知向右移动滑片时有效电阻增大。
(2)连接无误后，闭合开关，发现电流表指针几乎不动，电路可能断路，电压表接近电源电压，则电压表与电源连通，故原因可能是电阻R出现了断路；
(3)拆下5Ω的电阻，改接10Ω的电阻，由电阻的串联规律，电压表示数变大，探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变：
探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，利用串联分压的原理可知应该增大滑动变阻器的阻值，故滑片向右移动；
(4)电流表选择小量程，分度值为0.02A，读数为0.1A；
(5)AD、因当导体两端电压不变时，通过导体的电流与导体电阻成反比，故电流随电阻的变化关系为反比例曲线，A正确、D错误；
BC、本题的结论也可理解为：当导体两端电压不变时，通过导体的电流与导体电阻的倒数成正比，故电流随导体电阻的倒数的变化关系为过原点的直线，故B正确，C错误；
故选AB。
(6)研究电流与电阻的关系时，要控制电阻的电压不变，由表中数据，控制的电压为：U=IR=0.2A×10Ω=2V，
由表格数据知，当电阻为5Ω时，电路的电流为0.4A，
根据串联电路的分压作用知，滑动变阻器两端的电压为：U滑=U−UR=6V−2V=4V，
滑动变阻器的电阻为：R滑=U滑I=4V0.4A=10Ω。
故答案为：(1)如上所示；(2)电阻R出现了断路；(3)变大；右移；(4)0.1；(5)AB；(6)10。
(1)滑动变阻器按照一上一下的原则接入电路，通过电路图可知向右移动滑片时有效电阻增大；
(2)若电流表电流表指针几乎不动，说明电路可能断路；电压表指针接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，与电压表并联的部分断路了；
(3)拆下5Ω的电阻，改接10Ω的电阻，由电阻的串联规律，电压表示数变大，而探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，要将滑动变阻器的滑片移到适当位置，再记录电流表示数；
(4)结合电流表的量程、分度值读数；
(5)AD、因当导体两端电压不变时，通过导体的电流与导体电阻成反比，据此分析；
BC、当导体两端电压不变时，通过导体的电流与导体电阻的倒数成正比，据此分析；
(6)根据表中数据，求出电压表示数UV；根据控制变量法回答；根据电阻的串联和欧姆定律求出第一次实验变阻器连入电路的电阻确定本次实验中选择的滑动变阻器的最小值。
本题探究“电流与电阻的关系”，考查电路连接、注意事项、故障分析、操作过程、控制变量法、对器材的要求及数据分析，综合性较强。
17.【答案】解：(1)由ρ=mV可得，木块A的质量：
mA=ρAVA=0.5g/cm3×(20cm)3=4000g=4kg；
(2)合金块B的重力：
GB=mBg=3kg×10N/kg=30N，
合金块的体积：
VB=mBρ合金=3kg3×103kg/m3=1×10−3m3，
合金块的边长：
LB=3VB=31×10−3m3=0.1m，
因水平面上物体的压力和自身的重力相等，
所以，物体B放置在水平地面上时对水平地面的压强：
p=FBSB=GBLB2=30N(0.1m)2=3×103Pa；
(3)若将A沿水平方向切去n厘米后，
由m=ρV=ρSh可知，A剩余部分的质量为(1−nLA)mA，
按图丙所示方式放置在水中时，A刚好能浸没，
则有：F浮=GA′+GB，
即ρ水gLA2(LA−n)=(1−nLA)mAg+GB，
代入数据可得：
1.0×103kg/m3×10N/kg×(0.2m)2×(0.2m−n)=(1−n0.2m)×4kg×10N/kg+30N，
解得：n=0.05m，即将A沿水平方向切去5cm。
答：(1)物体A的质量为4kg；
(2)物体B放量在水平地面上时，对水平地面的压强是3×103Pa；
(3)若将A沿水平方向切去5cm后按图丙所示方式放置在水中时A刚好能浸没。
【解析】(1)知道木块A的边长和密度，根据m=ρV=ρL3求出木块A的质量；
(2)知道合金块的质量，根据G=mg求出合金块B的重力，利用V=mρ求出合金块的体积，根据V=L3求出合金块的边长，水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据p=FS=GL2求出物体B放置在水平地面上时对水平地面的压强；
(3)若将A沿水平方向切去n厘米，按图丙所示方式放置在水中时，A刚好能浸没，物体A受到的浮力等于剩余物体A以及物体B的重力之和，根据F浮=ρgV排和G=mg=ρVg得出等式即可得出答案。
本题考查了密度公式和压强公式、物体浮沉条件、阿基米德原理、重力公式的应用，计算过程中要注意单位的换算。
18.【答案】解：(1)由题知，L1、L2两灯正常发光时的电压均为6V，
根据图甲可知，此时流过L1的电流I1=1.0A，此时流过L2的电流I2=0.5A，
由欧姆定律可得两灯正常发光时的电阻分别为：
R1=U1I1=6V1A=6Ω，R2=U2I2=6V0.5A=12Ω；
(2)将L1、L2串联后，流过两灯的电流相等，由图甲可知，在保证两灯泡均不损坏的情况下，当L2正常发光时，电路中的电流最大，允许接入电源的电压最大，此时L2两端电压U2=6V，L1两端电压U1′=2V，
根据串联电路电压规律可知，电源电压U=U1′+U2=6V+2V=8V；
(3)灯L1正常发光时的电流为1.0A，超出电流表量程，因此只能将L2与滑动变阻器R串联接入图乙中，此时灯泡L2正常发光，则电路中的电流为I2=0.5A，且L2正常发光时的电阻为12Ω，
当滑动变阻器前半部分接入电路时，即R=25×100Ω=40Ω，
电路消耗的总功率：P总=I22R总=(0.5A)2×(12Ω+40Ω)=13W，
滑动变阻器后半部分接入电路时，即R′=35×100Ω=60Ω，
电路消耗的总功率：P总′=I22R总′=(0.5A)2×(12Ω+60Ω)=18W，
因此电路消耗的功率为13W或18W。
答：(1)L1正常发光时的电阻为6Ω、L2正常发光时的电阻为12Ω；
(2)将L1、L2两灯串联后，允许接入的最大电源电压为8V；
(3)此时电路消耗的总功率为13W或18W。
【解析】(1)L1、L2的额定电压均为6V，通过图甲读出L1、L2两灯正常发光时的电流，根据R=UI分别计算两灯正常发光时的电阻。
(2)两灯串联，通过的电流相等，电路中的最大电流为两灯额定电流的较小值，由图像读出此时两灯的电压，结合串联电路的电压规律求解。
(3)滑动变阻器接入电路的阻值可能是前面部分，也可能是后面部分，据此分情况讨论，结合电功率公式P=I2R计算此时电路消耗的总功率。
本题主要考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用以及电功率的综合计算，难度较大。
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