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2023年河北省石家庄市裕华区中考物理一模试卷（含答案解析）
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这是一份2023年河北省石家庄市裕华区中考物理一模试卷（含答案解析），共25页。试卷主要包含了 下列数据最接近实际情况的是， 下列说法正确的是等内容，欢迎下载使用。
2023年河北省石家庄市裕华区中考物理一模试卷
1. 下列数据最接近实际情况的是( )
A. 一个苹果质量约20g B. 人感觉舒适的环境温度约37℃
C. 我国高铁正常运行时速度约为300km/h D. 一根普通筷子长约50cm
2. 下列关于分子热运动的说法正确的是( )
A. 液体很难被压缩，说明分子间有斥力
B. 手捏海绵，海绵体积变小，说明分子间有间隙
C. 扫地时尘土飞扬，说明分子在做无规则运动
D. “破镜难圆”说明分子间存在斥力
3. 下列各图描述的实验中，说法不正确的是( )
A. 发声的音叉激起水花，说明声是由物体的振动产生的
B. 音叉发出的声音越响，乒乓球被弹开的越远，说明音调与物体振幅有关
C. 用相同大小的力拨动钢尺，当钢尺伸出桌边的长度变短，振动时声音的音调变高
D. 抽取玻璃罩内的空气，听到罩内的音乐声逐渐变小，推理出：真空不能传声
4. 谚语是劳动人民智慧的结晶，下列对谚语中涉及的的物态变化分析正确的是( )
A. “雷打立春节，惊蛰雨不歇”——雨的形成是升华现象，需要吸热
B. “大雪河封住，冬至不行船”——冰的形成是凝固现象，需要吸热
C. “春分前后怕春霜，一见春霜麦苗伤”——霜的形成是凝华现象，需要放热
D. “今冬麦盖三层被，来年枕着馒头睡”——雪的形成是液化现象，需要放热
5. 如图所示，下列光现象中，由于光的反射形成的是( )
A. 水中的筷子弯折 B. 手影的形成
C. 水中拱桥的倒影 D. 从岸上看水中的鱼
6. 平衡车是一种代步工具，主要依靠自身重心的偏移控制平衡车向各个方向前进，如图所示，人站在平衡车上水平前进时，下列说法正确的是( )
A. 当人随平衡车一起前进时，以平衡车为参照物，人是运动的
B. 平衡车车轮凹凸不平的花纹是为了减小摩擦
C. 平衡车受到的重力和地面对平衡车的支持力是一对平衡力
D. 人对平衡车的压力和平衡车对人的支持力是一对相互作用力
7. 关于运动和力，下列说法正确的是( )
A. 车辆行驶时要限制车速，是为了减小惯性
B. 骑自行车减速时要用力捏车闸，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力的
C. 跳远运动员向前跳时要向后蹬地，是为了使脚受到向前的摩擦力
D. 花样滑冰运动员在冰面上滑出优美的弧线，是因为运动员受平衡力
8. 下列说法正确的是( )
A. 发现有人触电时，应先救人再断开电源
B. 使用试电笔时，手要接触笔尾的金属体
C. 把用电器的三脚插头可改为两脚插头，接在两孔插座上使用
D. 电线的绝缘皮破损后仍然可以继续使用
9. 关于如图所示电与磁的现象，下列说法正确的是( )
A. 实验通电直导线周围存在磁场，可应用于发电机
B. 装置揭示的是电动机原理，是将机械能转化为电能
C. 实验可探究线圈中电流一定时，线圈匝数越多磁性越强
D. 实验电源的左端是正极，小磁针的A端是S极
10. 如图是生活中常见的现象，以下描述正确的是( )
A. 三峡船闸是利用了连通器的原理，直接打开上游闸门船可进入闸室
B. 塑料吸盘能挂餐具，说明吸盘的“吸力”大于餐具受到的重力
C. 客机在飞行时，机翼上方的空气流速小压强大
D. 用吸管喝饮料时，是利用大气压的作用使饮料上升到口中的
11. 如图甲是北京冬奥会中翻跃大跳台的情镜。运动员不借助滑雪杖，只踩着雪板从高处滑行而下，通过起跳台起跳，完成各种空翻、转体等技术动作后落地。图乙中的虚线是比赛过程中运动员的轨迹，不计空气阻力，下列说法正确的是( )
A. 在a、b、c、d四点中，运动员在a点时的重力势能最大
B. 从b点到c点的过程中，运动员的动能在增加
C. 从c点到d点的过程中，运动员的机械能变小
D. a点和c点都是最高点，运动员分别在该两点时的动能都为零
12. 小明利用如图所示装置探究凸透镜成像规律。将焦距为10cm的凸透镜放在光具座50cm处且固定不动，将点燃的蜡烛放置在光具座35cm处，移动光屏至82cm处，光屏上恰好出现烛焰清晰的像(未画)。下列分析正确的是( )
A. 投影仪应用了该成像规律
B. 将蜡烛向右移动，向左移动光屏，光屏上可再次成清晰的像
C. 若将蜡烛放在10cm处，向左移动光屏适当距离可成缩小的像
D. 若在蜡烛和透镜之间放一个近视镜，向右移动光屏，光屏上可再次成清晰的像
13. 如图所示，甲、乙两容器分别装有密度为ρ甲、ρ乙的液体。有A、B两个实心小球，质量分别为mA、mB，体积分别为VA、VB，密度分别为ρA、ρB。已知它们的密度关系为ρ甲>ρA>ρB>ρ乙，则( )
A. 若VA=VB，将两球都放入甲容器中，静止时两球所受浮力相等
B. 若VA=VB，将两球都放入乙容器中，静止时两球所受浮力之比为1：1
C. 若mA=mB，将A、B两球分别放入乙、甲容器中，静止时两球所受浮力之比为ρA：ρ乙
D. 若mA=mB，将A、B两球分别放入甲、乙容器中，静止时两球所受浮力之比为ρB：ρ乙
14. 如图所示，电源电压不变，a、b为电压表或电流表，滑动变阻器R2的最大阻值和定值电阻R1、R3的阻值均为R0。将滑片P置于最右端，开关都闭合，电流表A的示数为I0，向左移动滑片P，a、b的示数都变大。下列说法正确的是( )
A. a和b都是电流表
B. 电源电压为3I0R0
C. P移到中点位置，只闭合S，电路消耗的功率为245I02R0
D. 将b表更换成另一种电表，开关均闭合，P从中点向右移动，三个电表的示数均不变
15. 目前太阳能已被人们广泛利用。太阳能来自于太阳内部的核______ (选填“裂变”或“聚变”)，太阳能属于______ (选填“一次”“二次”)能源，利用太阳能的方式之一是用集热器加热，这是通过______ 方式改变物体内能的。某台太阳能集热器在天气晴好时，一天可以吸收5.2×107J的热量，这相当于完全燃烧______ m3的煤气释放的热量。(q煤气=4.0×107J/m3)
16. 停车场入口常用横杆来控制车辆的进出，如图甲，我们可以把该装置简化成如图乙的杠杆，该杠杆为______(选填“省力”“费力”)杠杆，若横杆AB粗细相同、质量分布均匀，其重力G=120N，OB=2.5m，AO=0.3m，该杠杆的阻力臂为______ m。要使横杆AB保持水平平衡，需在A端施加竖直向下的力F=______N。
17. 如图甲所示，牙医从镜子里看到患者牙齿，这是利用了光的______ (选填“直线传播”“反射”或“折射”)，牙医在镜子里看到患者牙齿的像是______ 像(选填“实”“虚”)。请在图乙中画出牙医通过平面镜观察到患者牙齿的光路图。
18. 发生火灾时，要使用液态二氧化碳灭火器。这种灭火器是在常温下用______的办法使二氧化碳气体______后装入钢瓶里的。使用时要注意手先放到钢瓶的木柄上，然后再打开螺帽，否则会因液态二氧化碳在______时要吸收大量的热而对使用者造成伤害。
19. 驾驶员头靠头枕、身系安全带，驾驶着轿车在水平路面上高速向前行驶，如图所示。驾驶员头靠头枕是为了防止汽车在______ (选填“加速”“减速”)时由于惯性造成的伤害。轿车在水平路面上高速行驶时对面的压力______ (选填“大于”“小于”)静止时对地面的压力，是由于______ 的原因(请从流体规律简单解释)。
20. 如图所示的是小明家11月底和12月底电能表表盘的示意图，12月小明家消耗电能为______ kW⋅h。若家中已有200W的电视机一台、800W的电饭锅一只、1200W的空调两台在工作，小明家的电路上最多可接“220V，60W”的电灯泡______ 盏。若12min内电能表的指示灯正好闪烁了32次，该电路消耗的电功率是______ W。
21. 小明在探究“影响液体内部压强大小的因素”的实验中，进行了如下过程：
(1)实验中必须先检验压强计的气密性。若用手指按压橡皮膜，不论轻压还是重压橡皮膜，发现U形管两侧液柱的高度差变化都很小，则说明该压强计的气密性______ (选填“好”“差”)。如图甲中的U形管______ (选填“是”或“不是”)连通器。
(2)为探究液体内部压强与深度的关系，将压强计的探头先后放在图乙所示烧杯的a、b位置处，可以观察到探头在______ (选填“a”“b”)位置时U形管两侧液面的高度差较大，由此可初步得出结论：同种液体，______ 。
(3)如图丙所示，将探头放入另一烧杯的液体中(液面与图乙中水面相平)，使U形管两侧液面的高度差与图乙中相同(均为Δh)，则烧杯丙中的液体密度ρ液______ ρ水(选填“>”“<”或“=”)。
22. 如图所示，小明为了测量某种液体的密度，进行了如下实验。
(1)将托盘天平放在水平桌面上，把游码移到标尺左端的零刻度线处。发现指针静止时位置如甲图所示，则应将平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节使横梁平衡；
(2)小明进行了四项操作：
A.用天平测出空烧杯的质量m1=16g
B.如图乙所示，向烧杯中倒入适量的液体，用天平测出烧杯和液体的总质量m2=______ g
C.将烧杯中的部分液体倒入量筒中，测出这部分液体的体积，如图丙所示
D.用天平测出烧杯和剩余液体的质量m3=26g
①以上操作中有一项是多余的，该操作是______ (只写序号)；
②该液体的密度为______ kg/m3；
(3)【拓展】上述液体可由密度分别为ρ1、ρ2(ρ1<ρ2)的甲、乙两种液体配制而成。将质量均为m0的甲、乙两种液体按体积比1：1的比例配制成上述液体(设混合前后总体积保持不变)、且使所得混合液的质量最大，则混合后的液体的密度为______ ，剩下的那部分液体的质量为______ (均用已知字母表示)。
23. 小明利用如图所示电路测量小灯泡的额定功率。所用器材：学生电源(电压恒为4V)、小灯泡(额定电压为2.5V)、电压表、电流表、滑动变阻器(30Ω,2A)、开关和导线若干。
(1)用笔画线代替导线，将图甲中的滑动变阻器接入电路，要求滑片向右移动时灯变亮。
(2)连接完电路后，小明闭合开关，移动滑片，发现电流表、电压表均无示数。小明再把电压表并联在变阻器两端时，电压表无示数；把电压表并联在开关两端时，电压表有示数。则电路中存在的故障可能是______ ；
(3)解决上述问题后，小明闭合开关，连续移动滑动变阻器滑片，得到以下数据。
实验次数
U/V
I/A
P/W
灯泡亮度
1
0.5
0.16
不发光
2
1.5
0.22
较暗
3
2.1
0.26
较亮
4
2.5
很亮
①第4次实验时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为______ W；
②分析数据还能发现小灯泡的实际功率与其两端实际电压的关系是：______ ；
③第1次小灯泡不发光的原因是______ (写出一种即可)；
【拓展】小明还发现小灯泡在不同亮度下，其两端的电压与电流的比值不同，主要原因是：______ ；
若小灯泡的额定功率P0与某次工作时的实际功率P1满足P0=4P1，则额定电压U0与实际电压U1的数值关系最有可能是______ (选填选项字母)。
A.U0=1.5U1
B.U0=2U1
C.U0=3U1
24. 体重为600N的小明用如图所示的滑轮组来竖直提升物体A。当A以0.1m/s的速度匀速上升时，小明对绳子的拉力F为400N，滑轮组的机械效率为80%(不计绳重及摩擦)。求：
(1)拉力F的功率；
(2)物体A受到的重力；
(3)小明拉动绳子前、后对地面的压强之比。
25. 如图甲所示，电源电压可调，滑动变阻器R标有“1A”字样，电流表量程0∼3A，小灯泡L1、L2的额定电压均为6V，其电流与电压的关系如图乙所示。只闭合开关S1，滑动变阻器滑片P移至中点时，小灯泡正常发光，此时滑动变阻器的功率为3.2W。求：
(1)L2正常发光时的电阻；
(2)此时的电源电压和滑动变阻器的最大电阻；
(3)若滑片的移动范围为2Ω至最大阻值处，只闭合S3，移动滑片P且同时调节电源电压，使其中一个小灯泡正常发光，各元件均安全工作，求电路总电功率的变化范围。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A.一个苹果质量约200g，故A不正确；
B.人感觉舒适的环境温度约23℃左右，故B不正确；
C.我国高铁正常运行时速度约为83.3m/s≈300km/h，故C正确；
D.八年级物理课本的长度在26cm左右，一根筷子的长度略小于此数值，在25cm左右，故D不正确。
故选：C。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2.【答案】A
【解析】解：A.液体很难被压缩，说明分子间有斥力，故A正确；
B.手捏海绵，海绵体积变小，说明力可以改变物体的形状，不是分子的间隙，故B错误；
C.尘土飞扬是固体小颗粒的运动，属于机械运动，不是分子的运动，故C错误；
D.破镜不能重圆，是因为玻璃分子间的距离大于分子直径的10倍以上，超出了分子力的作用范围，分子间的作用力就十分微弱，分子间几乎没有作用力，不能说明分子间存在斥力，故D错误。
故选：A。
分子动理论包括：物质是由大量分子或原子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，分子间存在着相互的引力和斥力，分子之间存在间隙。
本题考查了分子动理论，是一道基础题，熟练应用基础知识即可正确解题。
3.【答案】B
【解析】解：A.发声的音叉激起水花，是音叉振动将水花激起，利用了转换法，说明声音由物体振动产生的，故A正确；
B.音叉发出的声音越响，乒乓球被弹开的越远，说明响度与物体振幅有关，故B错误；
C.钢尺伸出桌边的长度变短，振动变快，振动时声音音调变高，故C正确；
D.声音的传播需要介质，抽取玻璃罩内的空气，听到罩内的声音变小，可进一步推理得出：真空不能传声，故D正确。
故选：B。
根据各图中的实验现象，结合所揭示的物理问题分析判断。
本题主要考查了学生对常见的一些实验现象以及结论的掌握情况，平时学习和生活中要多观察，多思考。
4.【答案】C
【解析】解：A、“雷打立春节，惊蛰雨不歇”，雨的形成是由于高空的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故A错误；
B、物体由液态变成固态的过程叫凝固，冰是水凝固形成的，凝固过程需要放热，故B错误；
C、“春分前后怕春霜，一见春霜麦苗伤”，霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，故C正确；
D、“今冬麦盖三层被，来年枕着馒头睡”，雪是由空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，故D错误。
故选：C。
(1)物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
5.【答案】C
【解析】解：A.水中的筷子“弯折”了，是由光的折射形成的，故A不正确；
B.手影的形成，影子是由光的直线传播形成的，故B不正确；
C.水中拱桥的倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的，故C正确；
D.在岸上看水中的鱼，光从水中斜射向空气时要发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼逆着折射光线的方向看去，就会觉得鱼变浅了，故D不正确。
故选：C。
(1)光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现象，比如透镜成像、水变浅了、水中的筷子弯折了等；
(2)光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像；
(3)要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的。
影子、小孔成像、树下的光斑、日晷、日月食是光的直线传播原理形成的现象；倒影、照镜子、潜望镜是光的反射原理形成的现象；透镜、看水下的物体变高，光在不均匀介质中不沿直线传播等是光的折射形成的现象。
6.【答案】D
【解析】解：A.当人随平衡车一起前进时，人相对平衡车没有位置的变化，所以以平衡车为参照物，人是静止的，故A错误；
B.平衡车车轮凹凸不平的花纹是在压力一定的情况下，通过增加接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B错误；
C.平衡车受到的重力和地面对平衡车的支持力，受力物体为同一个，方向相反，作用在同一直线上，但力的大小不相等，平衡车受到的重力等于平衡车自身的重力，而地面对平衡车的支持力等于人和车的总重力，故C错误；
D.人对平衡车的压力和平衡车对人的支持力，两个力分别作用在两个物体上，力的大小相等，方向相反，在同一直线上，是一对相互作用力，故D正确。
故选：D。
(1)判断物体的运动状态时，要看它相对于所选的参照物位置是否发生了变化；
(2)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
(3)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
(4)相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
此题考查了运动和静止的相对性，平衡力与相互作用力的区别，区别主要在于：平衡力是作用在同一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力。
7.【答案】C
【解析】解：A.惯性是物体的属性，只与物体的质量有关，与速度的大小无关，限制车速是为了减小由于惯性而带来的危害，故A错误；
B.捏车闸是在接触面的粗糙程度相同的情况下，是通过增加刹车皮对轮毂的压力来增大摩擦力的，故B错误；
C.当人向后蹬地时具有了向后的运动趋势，就会产生向前的摩擦力，故C正确；
D.滑冰运动员在冰面上滑出优美的弧线，处于非平衡状态，因此受非平衡力，故D错误。
故选：C。
(1)一切物体都有惯性，质量是物体惯性大小的量度，质量越大，惯性越大，与其它因素无关；
(2)增大摩擦的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度；
(3)摩擦力是由于物体相互接触，并且发生相对运动或者有相对运动的趋势而产生的，摩擦力的方向与物体相对运动或相对运动趋势的方向相反；
(4)处于平衡状态的物体，物体保持静止或做匀速直线运动；处于非平衡状态时，物体的运动状态改变。物体处于非平衡状态时受非平衡力。
此题考查力与运动的关系，易错点在摩擦力方向的判断上，摩擦力的方向与物体相对运动方向或相对运动趋势方向相反，摩擦力方向与物体运动方向无关，要判断摩擦力的方向应先判断出物体间的相对运动方向或相对运动趋势方向。
8.【答案】B
【解析】解：A.人体是导体，如果接触触电人，救援人员可能直接或间接接触火线，发生触电事故，所以一定先切断电源，再救人，故A错误；
B.使用试电笔时，手要与笔尾金属体接触，这样才能辨别零线和火线，故B正确；
C.把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用(用电器的金属外壳没有接地)，这样当金属外壳漏电时，电流不能导向大地，易发生触电事故，故C错误；
D.导线的绝缘皮要保持完好无损，否则易引起触电事故，故D错误。
故选：B。
(1)是人导体，易造成触电；
(2)使用试电笔时，手要与笔尾金属体接触；
(3)用电器的三脚插头能防止金属外壳漏电而触电，不能用两脚插头代替；
(4)电线的绝缘皮破损后不可以继续使用。
本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要求我们牢记安全用电常识，并在生活中加以运用，有一定的现实意义。
9.【答案】C
【解析】解：A.是奥斯特实验，说明电流周围存在磁场，即电生磁，这个现象叫做电流的磁效应，应用在电磁铁上，但不能应用于发电机，故A错误；
B.导体通电后在磁场中会发生运动，是通电导体在磁场中受力而运动，将电能转化为机械能，其实际应用是电动机，故B错误；
C.两个电磁铁是串联的，电流相同，匝数多的电磁铁吸引的大头针数目多，表明线圈匝数越多，磁性越强，故C正确；
D.螺线管的左端是N极，右端是S极，根据安培定则可知电源的右端是正极，由磁极间相互作用规律可知小磁针的A端是S极，故D错误。
故选：C。
(1)奥斯特实验说明了通电导线周围存在着磁场。
(2)法拉第最先发现电磁感应现象，发电机就是根据该原理制成的；
(3)电磁铁磁性强弱跟电流的大小、线圈匝数的多少、是否有铁芯有关。
(4)根据安培定则进行判断。
本题是一道电磁学的综合题，考查学生对电磁学一些知识点的了解和掌握情况，是一道基础题。
10.【答案】D
【解析】解：A.三峡船闸是利用了连通器的原理，当打开阀门A时，根据连通器的原理，闸室和上游液面保持相平后，此时打开上游闸门，船才可以进入闸室，故A错误；
B.塑料吸盘能挂餐具是因为一压吸盘，把吸盘内的气体排出，内部形成真空，外界大气压将吸盘紧紧地压在墙面上，是利用了大气压，并不是吸盘的“吸力”，故B错误；
C.飞机机翼上凸下平，飞机在飞行时，机翼上方的空气流速大于下方的空气流速，由于流体压强与流速的关系可知，机翼上方的空气压强小于下方的空气压强，机翼的上下方形成向上的压强差从而获得向上的升力，故C错误；
D.人喝饮料时，嘴内的气压小于嘴外部的大气压，饮料在大气压力的作用下，被吸入嘴中，故D正确。
故选：D。
上端开口，下部连通的容器叫做连通器。
流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大。
塑料吸盘能挂餐具，人喝饮料，利用了大气压强。
此题考查了的知识点较多，但难度不大。
11.【答案】A
【解析】解：A、在a、b、c、d四点中，质量相等，a点的高度最高，因此a点的重力势能最大，故A正确；
B、运动员从b点到c点的过程中，质量不变，高度变高，速度变小，则其重力势能增加，动能减小，动能转化为重力势能，故B错误；
C、从c点到落地点d的过程中，因不受空气阻力，运动员的重力势能转化为动能，机械能保持不变，故C错误；
D.a点和c点都是最高点，运动员在水平方向都有一定的速度，所以动能不为零，故D错误。
故选：A。
影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。
此题考查影响动能和重力势能的因素及动能和势能的转化与守恒，总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
12.【答案】ACD
【解析】解：A.当将点燃的蜡烛放置在光具座35cm处，光屏移至82cm处时，成倒立、放大的实像，投影仪应用了该成像规律，故A正确；
B.当蜡烛向右移动时，物距减小，像距增大，故光屏应向右移动，故B错误；
C.将蜡烛放在10cm处时，物距处于大于二倍焦距，物距变大，像距变小，向左移动光屏会成倒立、缩小的实像，故C正确；
D.近视镜是凹透镜，对光线有发散作用，因此被发散的光线经凸透镜后所成的像会比之前距离透镜较远，故D正确。
故选：ACD。
(1)凸透镜成像的规律及其应用：当物距u>2f时，在光屏上得到倒立、缩小的实像，应用于照相机；
当物距2f>u>f时，在光屏上得到倒立、放大的实像，应用于投影仪；
当物距u
(3)近视镜是凹透镜，对光线有发散作用。
此题主要考查的知识点有两个：一是凸透镜的成像规律；二是凸透镜成像规律在生活中的应用。充分体现了物理来源于生活，服务于社会的新课程理念。
13.【答案】BD
【解析】解：A、当VA=VB时，将两球都放入甲容器中，由于由于ρ甲>ρA>ρB，两球都将漂浮，浮力等于各自的重力，FA：FB=GA：GB=mAg：mBg=ρAVAg：ρBVBg=ρA：ρB，受到的浮力不相等，故A错；
B、由于ρA>ρB>ρ乙，将两球都放入乙容器中，两球都沉底，两球排开液体的体积相同，静止时两球所受浮力之比为1：1，故B正确；
C、当两球质量相等时，将AB两球分别放入乙、甲容器中，由于ρ甲>ρA>ρB>ρ乙，A球下沉，受到的浮力等于排开乙液体的重；B球将漂浮在甲液体表面，B球受到的浮力等于B球重，
又mA=mB，故ρAVA=ρBVB，
受到的浮力：
FA：FB=ρ乙VAg：GB=ρ乙VAg：ρBVBg=ρ乙VAg：ρAVAg=ρ乙：ρA，故C错；
D、当两球质量相等时，将AB两球分别放入甲乙容器中，由于ρ甲>ρA>ρB>ρ乙，A球将漂浮在甲液体表面，受到的浮力等于A球重，B球将沉入乙液体底部，B球受到的浮力等于排开乙液体的重；
又mA=mB，即ρAVA=ρBVB，故VA=ρBVBρA，
受到的浮力：
FA：FB=GA：ρ乙VBg=ρAVAg：ρ乙VBg=ρAρBVBρAg：ρ乙VBg=ρB：ρ乙，故D正确。
故选：BD。
A、将两球都放入甲容器中，由于ρ甲>ρA>ρB，两球都将漂浮，根据物体的漂浮条件和密度公式得出浮力关系；
B、由于ρA>ρB>ρ乙，可知A、B放入乙液体中均沉底，利用阿基米德原理得出浮力关系；
C、当两球质量相等时，根据密度公式得出两球的体积关系；将A、B两球分别放入乙、甲容器中，由于ρ甲>ρA>ρB>ρ乙，A球下沉，受到的浮力等于排开乙重，B球受到的浮力等于B的重，据此得出浮力关系。
D、当两球质量相等时，根据密度公式得出两球的体积关系；将两球分别放入甲乙容器中，由于ρ甲>ρA>ρB>ρ乙，A球漂浮，受到的浮力等于A球重，B球受到的浮力等于排开乙液体的重，据此得出浮力关系。
本题考查了学生对阿基米德原理、密度公式、物体的沉浮条件的掌握和运用，关键知道当物体密度大于液体密度时，物体下沉，物体密度小于液体密度时，物体漂浮，物体密度等于液体密度时，物体悬浮。
14.【答案】ACD
【解析】解：A.当a为电压表、b为电流表时，R3、R2短路，只有R1工作，当b为电压表、a为电流表时，R1、R2短路，只有R3工作，向左移动滑动变阻器滑片电流都不会变化，不符合题意；当a、b都为电压表时，R1、R2、R3串联，a测R1、R2两端的电压，b测R2、R3两端的电压，向左移动滑动变阻器滑片时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联电路的电阻规律可知，电路的总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，根据U=IR可知，R1两端的电压变大，R3两端的电压变大，根据串联电路的电压规律可知，a的示数变小，b的示数变小，两个电压表示数都变小，不符合题意；当a、b都为电流表时，R1、R2、R3并联，a测通过R2、R3的电流，b测通过R1、R2的电流，向左移动滑动变阻器滑片时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据I=UR可知，通过R2的电流变大，根据并联电路的电流规律可知，a、b的示数都变大，所以a和b都是电流表，故A正确；
B.当a和b都是电流表时，将滑片P置于最右端，闭合开关，三个电阻并联，电阻大小相等，根据并联电路电阻的特点可知：
1R总=1R1+1R2+1R3=1R0+1R0+1R0=3R0，
则：R总=R03，
电流表A测干路电流且示数为I0，因此电源电压为：U=I0R总=I0R03，故B错误；
C.P移到中点位置，只闭合S，此时三个电阻串联，滑动变阻器接入电路的阻值为R02，根据串联电路电阻的特点，此时总电阻为：
R总′=R0+R0+R02=5R02，
根据电功率P=U2R可知，此时电路消耗的功率为：
P′=U2R总′=(I0R03)25R02=245I02R0，故C正确；
D.b是电流表，将b表更换成另一种电表，即换成电压表，开关均闭合，电路R1、R2短路，只有R3工作，滑动变阻器R2滑片P从中点向右移动，电路不受影响，所以三个电表的示数均不变，故D正确。
故选：ACD。
(1)根据题意结合电路图分析：①当a为电压表、b为电流表或b为电压表、a为电流表时、②当a、b都为电压表、③当a、b都为电流表时电路的连接方式，确定a、b为哪种电表；
(2)当a和b都是电流表时，将滑片P置于最右端，闭合开关，三个电阻并联，求出并联电路的总电阻，再根据U=IR求出电源电压；
(3)P移到中点位置，只闭合S，此时三个电阻串联，根据串联电路的电阻规律求出电路的总电阻，再根据P=U2R求出电路消耗的功率；
(4)b是电流表，将b表更换成另一种电表，即换成电压表，开关均闭合，分析电路的连接方式即可解答。
本题主要考查的是电路的分析，要掌握欧姆定律的表达式、电功率的公式，解答本题的关键是要知道串、并联电路的电流、电阻规律。
15.【答案】聚变 一次 热传递 1.3
【解析】解：太阳能是我们可以从自然界中源源不断获取的能源，即太阳能属于一次能源；
利用太阳能的方式之一是用集热器加热，这是通过热传递方式改变物体的内能的；
由Q=qV可得相当于完全燃烧的煤气的体积：V=Qq煤气=5.2×107J4.0×107J/m3Qq=1.3m3。
故答案为：聚变；一次能源；热传递；1.3。
(1)太阳能是太阳内部氢发生聚变反应产生的；
(2)可以直接从自然界获取的能源叫作一次能源，需要消耗一次能源才能获取的能源叫作二次能源；
(3)改变内能的方式：热传递和做功，根据题意分析改变内能的方式；
(4)根据Q=qV可得V=Qq。
本题主要考查太阳能的获得、改变内能的方式及燃料完全燃烧的放热公式的应用，太阳能的开发与利用是近几年的热门话题，我们要注意搜集相关信息。
16.【答案】费力 1.1440
【解析】解：由题意知，阻力臂为l2=2.5m+0.3m2−0.3m=1.1m，动力臂l1=0.3m，因为l1
故答案为：费力；1.1；440。
通过比较动力臂和阻力臂大小，判断杠杆类型；应用杠杆平衡条件解答即可。
本题考查了杠杆的分类和杠杆平衡条件的计算，属于基础题。
17.【答案】反射 虚
【解析】解：医生利用镜子的平面镜成像原理可清楚地观察病人的牙齿，平面镜成像利用了光的反射，平面镜成正立等大的虚像，牙医在镜子里看到患者牙齿的像是虚像。
先作出牙齿A关于平面镜的对称点A′，即像的位置，连接像A′和眼睛B与平面镜交于O点，即为入射点，连接AO为入射光线，OB为反射光线，如图所示：
。
故答案为：反射；虚；。
平面镜成像利用了光的反射，平面镜成正立等大的虚像；
先作出牙齿A关于平面镜的对称点A′，即像的位置，连接像A′和眼睛B与平面镜交于O点，即为入射点，连接AO为入射光线，OB为反射光线。
此题考查了平面镜成像的特点及相关应用，难度不大。
18.【答案】压缩体积 液化 汽化
【解析】解：灭火器是在常温下用压缩体积的办法使二氧化碳气体液化装入钢瓶里的。
液态二氧化碳在常温下会迅速汽化，因此使用时需要注意手先放到钢瓶的木柄上，然后再打开螺帽，否则会因液态二氧化碳汽化时要吸收大量的热而对使用者造成伤害。
故答案为：压缩体积；液化；汽化。
气体液化有两种方式：一是压缩体积；二是降低温度。
液化要放热，汽化要吸热。
此题主要考查了汽化和液化的知识。灭火器是生活中常见的东西，我们要学会使用，还要知道其原理。
19.【答案】加速 小于 当轿车在路面上高速行驶时，车顶的空气流速大于车底的空气流速，车上方的压强小于下方的压强，会产生向上的压强差、压力差，从而产生一定大小的向上的升力
【解析】解：在座位的靠背上安装“头枕”，当轿车被追尾时，轿车速度加快，乘客由于惯性会保持原来的运动状态，此时头枕可以起到防止乘客颈椎受伤。
在路面上静止的轿车，轿车对路面的压力大小等于轿车的重力，当轿车在路面上高速行驶时，车顶的空气流速大于车底的空气流速，车上方的压强小于下方的压强，会产生向上的压强差、压力差，从而产生一定大小的向上的升力，使轿车对路面的压力小于汽车所受的重力，故轿车对路面的压力与静止使相比变小，即轿车在水平路面上高速行驶时对地面的压力小于静止时对地面的压力。
故答案为：加速；小于；当轿车在路面上高速行驶时，车顶的空气流速大于车底的空气流速，车上方的压强小于下方的压强，会产生向上的压强差、压力差，从而产生一定大小的向上的升力。
利用惯性知识回答。
车子静止在水平面上，车子对路面的压力等于重力；当流线型的车子快速行驶时，产生升力，车子对地面压力减小。
流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大。
本题根据汽车的实验情景考查流体压强与流速关系、惯性等，要求学生能熟练将物理知识应用到生产生活中。
20.【答案】171 16 100
【解析】解：由图示电能表可知，11月底电能表的读数为5713.4kW⋅h，12月底电能表示数为5884.4kW⋅h，12月小明家消耗电能为：
W=5884.4kW⋅h−5713.4kW⋅h=171kW⋅h；
由图示电能表可知，电能表正常工作时的电压是220V，标定电流为10A，额定最大电流为20A，电能表正常工作时的电流不应超过20A，正常情况下电能表允许的用电器最大总功率
P=UI=220V×20A=4400W，
故还可以同时使用的用电器总功率为：
P′=4400W−200W−800W−1200W×2=1000W，
而一盏灯泡功率为60W，故还可以同时使用灯的盏数为n=P′P额=1000W60W≈16.7，
为不超过电能表允许的用电器最大总功率，根据实际情况，小明家的电路上最多可接“220V 60W”的电灯泡16盏。
1600imp/(kW⋅h)表示，电能表指示灯闪烁1600次，电路中同电器消耗的电能为1kW⋅h，若12min内电能表的指示灯正好闪烁了32次，则电路消耗的电能为：
W′′=321600kW⋅h=0.02kW⋅h，
该电路消耗的电功率是：P′′=W′′t=0.02kW⋅h1260h=0.1kW=100W。
故答案为：171；16；100。
电能表最后一位示数是小数，由图示电能表可以读出电能表示数，该示数与上月示数之差是本月的用电量；
由电能表铭牌找出电能表正常工作时的电压与允许通过的最大电流，然后由P=UI求出电能表允许的最大功率。然后可求得还可以同时使用的用电器功率，再根据灯泡“220V 60W”表示此灯泡额定电压为220V，额定电功率为60W求得电灯的数量。
1600imp/(kW⋅h)表示，电能表指示灯闪烁1600次，电路中同电器消耗的电能为1kW⋅h，求得指示灯正好闪烁了32次电路消耗的电能，利用P=Wt求得消耗的电功率。
本题考查了电能表的读数以及电功的计算，明白电能表参数的含义是关键，还要知道电功率所表示的物理意义。
21.【答案】差 不是 b 液体内部压强随深度的增加而增大 >
【解析】解：(1)用手按压几下橡皮膜，U形管中的液柱高度几乎不变，说明压强计各部分之间连接不够严密，有漏气现象，该压强计的气密性差；
连通器一端与压强计的探头连接后，一端被封闭，不符合“上端开口，底部连通”这一特点，因此，不是连通器；
(2)由图乙可知，将压强计的探头先后放在烧杯的a、b位置处，可以观察到探头在b位置时，U形管两侧液面的高度差较大；
U形管两侧液面的高度差越大，说明液体内部压强越大，实验中液体的密度一定，深度不同，深度越大压强越大，可得出结论：同一液体，液体内部压强随深度的增加而增大；
(3)由图丙可知，将探头放入另一烧杯的液体中，液面与图乙中水面相平，使U形管两侧液面的高度差与图乙中相同，说明此时液体内部压强相等，比较乙、丙两图可知，图丙中探头的深度较小，根据液体压强公式p=ρgh可知，图丙中液体密度较大。
故答案为：(1)差；不是；(2)b；液体压强随深度的增加而增大；(3)>。
(1)用手指轻压橡皮膜，观察U形管两侧液面高度差判断连通器的气密性；底部连通、上端开口的容器叫连通器；
(2)(3)液体压强的影响因素是液体密度和液体深度，根据图中探头的位置及U形管两侧液面的高度差分析得出结论。
本题主要考查液体压强的影响因素，解答本题的关键是要知道影响液体压强的因素，注意控制变量法的运用。
22.【答案】左 61.2A0.88×103 ρ1+ρ22 m0(1−ρ1ρ2)
【解析】解：(1)平衡螺母的调节方法是：左偏右调，右偏左调。图中指针右偏，因此要向左调节平衡螺母。
(2)由图可知，烧杯和液体的总质量：
m2=50g+10g+1.2g=61.2g，
①用“剩液法”测液体的质量时，不需要测空烧杯的质量，B和D中质量的差值就是倒入量筒的液体的质量，故操作A是多余的；
由图丙可知，量筒中液体的体积：
V=40mL=40cm3，
倒入量筒的液体的质量：
m=m2−m3=61.2g−26g=35.2g，
液体的密度：
ρ=mV=35.2g40cm3=0.88g/cm3=0.88×103 kg/m3，
(3)设甲乙用来配制液体的体积均为V，则配制液的总体积V总=2V，配制液的总质量：
m总=ρ1V+ρ2V
故配制液的密度：
ρ=m总V总=ρ1V+ρ2V2V=ρ1+ρ22，
已知ρ1<ρ2，由公式ρ=mV可知，V1>V2，因此，当V=V2时，配制液体的质量最大为：
m配=ρ1+ρ222V=ρ1+ρ222V2=ρ1+ρ22⋅2m0ρ2=(ρ1+ρ2)m0ρ2
故剩余液体的质量：
m剩=2m0−(ρ1+ρ2)m0ρ2=m0(1−ρ1ρ2)。
故答案为：
(1)左；
(2)61.2；A；0.88×103；
(3)ρ1+ρ22，m0(1−ρ1ρ2)。
(1)天平调节平衡的原则是“左偏右调，右偏左调”，指针指在分读盘中央左侧，将平衡螺母向右调节，指在右侧，平衡螺母向左调节；
(2)烧杯和液体的总质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值，求出倒入量筒的液体的质量，观察量筒的分度值，读出量筒中液体的体积，用公式ρ=mV计算液体的密度；
(3)设甲乙用来配制液体的体积均为V，则配制液的总体积V总=2V，求出配制液的总质量，从而求得配制液的密度，已知ρ1<ρ2，由公式ρ=mV可知，V1>V2，因此，当V=V2时，配制液体的质量最大，从而求出配制液体的最大质量和剩余液体的质量。
(1)掌握天平的正确使用和注意事项。
(2)测量液体密度的实验是初中物理重要的实验，从天平的使用、液体质量的测量、体积的测量、密度的计算等方面进行考查。
23.【答案】开关处断路 0.7实际电压越大，实际功率越大 实际电压过小 灯丝电阻受温度影响 C
【解析】解：(1)滑动变阻器采用一上一下的接法；滑片向右移动时灯变亮，说明滑片向右移动时，电路中的电流变大，根据欧姆定律可知，电路的总电阻变小，滑动变阻器接入电路中电阻变小，所以滑动变阻器的右下接线柱与灯泡的左端接线柱相连，如图所示：
；
(2)连接完电路后，小明闭合开关，移动滑片，发现电流表、电压表均无示数，说明与电压表串联的电路出现断路现象；小明再把电压表并联在变阻器两端时，电压表无示数，说明此时电压表仍被断路，即断路部分是与电压表串联部分，不是滑动变阻器；把电压表并联在开关两端时，电压表有示数，说明此时电压表与电源两端相连接，则电路中存在的故障可能是开关断路；
(3)①由图甲得，电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.28A，即灯泡正常发光的功率为0.28A，灯泡额定功率为：P=UI=2.5V×0.28A=0.7W；
②由表格中数据得，当电压越大时，灯泡越亮，说明灯泡实际功率越大，即灯泡的实际功率随灯泡实际电压的变大而变大；
③第1次小灯泡不发光的原因是电压和电流都较小，根据P=UI可知，灯泡的实际功率较小，导致灯泡不发光；
【拓展】
灯泡在不同亮度下，实际功率不同，灯丝温度不同，导致灯丝电阻不同，所以小灯泡在不同亮度下，其两端的电压与电流的比值不同。
灯泡实际功率越大，灯丝温度越高，电阻越大，依题意得：P0=4P1；
由P=U2R得：U02R0=4U12R1，而R0>R1，所以U0>2U1，故AB不符合题意，C符合题意。
故选：C。
故答案为：(1)见解析；(2)开关处断路；(3)①0.7；②实际电压越大，实际功率越大；③实际电压过小；【拓展】灯丝电阻受温度影响；C。
(1)滑动变阻器接入电路中时采用一上一下的接法；灯泡变亮，说明通过灯泡的电流变大，根据欧姆定律可知，电路中的总电阻变小，滑动变阻器接入电路的电阻变小，据此分析；
(2)电流表无示数，说明电路出现了断路故障；根据电压表示数分析电路故障的原因；
(3)①灯泡两端的电压为额定电压时，灯泡正常发光，根据P=UI求出灯泡的额定功率；
②根据表格中的数据得出结论；
③灯泡的亮度是由实际功率决定的；
【拓展】灯丝的电阻受到温度的影响；根据灯泡的电阻随温度的升高而增大，分析当小灯泡的额定功率为实际功率的4倍时电压的大小关系。
本题测量小灯泡在不同电压下的电功率，考查电路图的连接、电路故障的判定、电功率计算、影响电阻大小的因素、数据分析等知识，考查的较全面。
24.【答案】解：(1)由图可知承担物重的绳子段数为：n=3，
拉力F的功率为：
P=Fv=F⋅nv物=400N×3×0.1m/s=120W；
(2)承担物重的绳子段数为：n=3，
所以滑轮组的机械效率为：
η=W有用W总=GhFs=GhF⋅3h=G3F，
则物体A受到的重力为：
G=3Fη=3×400N×80%=960N；
(3)拉动绳子前，小明对地面压力为：
F1=G人=600N，
拉动绳子时，小明对地面压力：
F2=G人−F=600N−400N=200N，
小明拉动绳子前、后地面的受力面积不变，根据p=FS可知，小明拉动绳子前后对地面的压强之比为：
p1p2=F1F2=600N200N=31。
答：(1)拉力F的功率120W；
(2)物体A受到的重力为960N；
(3)小明拉动绳子前、后对地面的压强之比为3：1。
【解析】(1)由图确定承担物重的绳子段数，根据P=W总t=Fst=Fv求出拉力的功率；
(2)已知承担物重的绳子段数和小明对绳子的拉力，根据η=W有用W总=GhFs=GhF⋅3h=G3F求出物体的重力；
(3)小明拉动绳子前对地面的压力等于其重力，拉动绳子时小明对地面的压力等于重力与绳子对小明的拉力之差，小明拉动绳子前后地面的受力面积不变，根据p=FS求出小明拉动绳子前、后对地面的压强之比。
本题主要考查功率、机械效率的计算及压强公式的应用，解答本题的关键是能分析出小明拉动绳子前、后对地面的压力大小。
25.【答案】解：(1)由图乙可知，L2正常发光时的电流I2=0.8A，则L2正常发光时的电阻R2=U2I2=6V0.8A=7.5Ω；
(2)只闭合开关S1时，L2与滑动变阻器串联，L2正常发光，则I=I2=0.8A，
滑动变阻器电压U滑=P滑I=3.2W0.8A=4V，
电源电压U=U2+U滑=6V+4V=10V，
滑动变阻器最大电阻R=2×U滑I=2×4V0.8A=10Ω；
(3)只闭合S3时，两灯串联后再与变阻器串联，通过两灯的电流相等，
因灯L1的额定电流大于灯L2的额定电流，所以只能使L2正常发光，此时电路中的电流：I=IL2=0.8A；
由图象可知，当电流为0.8A时的L1两端的电压UL1=2V，此时灯L1的电阻RL1=UL1IL1=2V0.8A=2.5Ω，
因滑动变阻器接入电路的电阻不小于2Ω，根据串联电路的电阻特点可知，电路的最小电阻：
R串小=7.5Ω+2Ω+2.5Ω=12Ω；
电路的最大电阻：R串大=7.5Ω+10Ω+2.5Ω=20Ω，
所以电路的最小功率：
P小=I2R串小=(0.8A)2×12Ω=7.68W；
电路的最大功率：
P大=I2R串大=(0.8A)2×20Ω=12.8W，
即电路总电功率的变化范围为7.68W∼12.8W。
答：(1)L2正常发光时的电阻为7.5Ω；
(2)此时的电源电压和滑动变阻器的最大电阻10Ω；
(3)电路总电功率的变化范围为7.68W∼12.8W。
【解析】(1)由图乙可知，当灯泡L2正常发光时，L2两端的电压和通过L2的电流，由欧姆定律求出L2正常发光时的电阻；
(2)若只闭合S1时，灯L2与变阻器串联，根据灯泡L2正常发光时的电流和串联电路的电流特点求出通过滑动变阻器的电流，根据P=I2R求出变阻器连入电路中的电阻，从而得出滑动变阻器的最大阻值；
(3)只闭合S3时，两灯串联后再与变阻器串联，因灯L1的额定电流大于灯L2的额定电流确定只能使L2正常发光；由串联电路的电流特点可知，电路中的电流I=IL2=0.8A；由图象可知，当电流为0.8A时的L1两端的电压，根据欧姆定律求出此时L1的电阻；
根据滑动变阻器滑片P的移动范围为2Ω至最大阻值处，和串联电路的电阻特点分别求出电路的最小和最大电阻，根据P=I2R分别得出电路的最小和最大功率。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用及电功率公式的运用，最后一问是难点，关键是明确只能使L2正常发光，另外注意本题中电源电压可调。
2023年河北省石家庄市裕华区中考物理一模试卷
1. 下列数据最接近实际情况的是( )
A. 一个苹果质量约20g B. 人感觉舒适的环境温度约37℃
C. 我国高铁正常运行时速度约为300km/h D. 一根普通筷子长约50cm
2. 下列关于分子热运动的说法正确的是( )
A. 液体很难被压缩，说明分子间有斥力
B. 手捏海绵，海绵体积变小，说明分子间有间隙
C. 扫地时尘土飞扬，说明分子在做无规则运动
D. “破镜难圆”说明分子间存在斥力
3. 下列各图描述的实验中，说法不正确的是( )
A. 发声的音叉激起水花，说明声是由物体的振动产生的
B. 音叉发出的声音越响，乒乓球被弹开的越远，说明音调与物体振幅有关
C. 用相同大小的力拨动钢尺，当钢尺伸出桌边的长度变短，振动时声音的音调变高
D. 抽取玻璃罩内的空气，听到罩内的音乐声逐渐变小，推理出：真空不能传声
4. 谚语是劳动人民智慧的结晶，下列对谚语中涉及的的物态变化分析正确的是( )
A. “雷打立春节，惊蛰雨不歇”——雨的形成是升华现象，需要吸热
B. “大雪河封住，冬至不行船”——冰的形成是凝固现象，需要吸热
C. “春分前后怕春霜，一见春霜麦苗伤”——霜的形成是凝华现象，需要放热
D. “今冬麦盖三层被，来年枕着馒头睡”——雪的形成是液化现象，需要放热
5. 如图所示，下列光现象中，由于光的反射形成的是( )
A. 水中的筷子弯折 B. 手影的形成
C. 水中拱桥的倒影 D. 从岸上看水中的鱼
6. 平衡车是一种代步工具，主要依靠自身重心的偏移控制平衡车向各个方向前进，如图所示，人站在平衡车上水平前进时，下列说法正确的是( )
A. 当人随平衡车一起前进时，以平衡车为参照物，人是运动的
B. 平衡车车轮凹凸不平的花纹是为了减小摩擦
C. 平衡车受到的重力和地面对平衡车的支持力是一对平衡力
D. 人对平衡车的压力和平衡车对人的支持力是一对相互作用力
7. 关于运动和力，下列说法正确的是( )
A. 车辆行驶时要限制车速，是为了减小惯性
B. 骑自行车减速时要用力捏车闸，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力的
C. 跳远运动员向前跳时要向后蹬地，是为了使脚受到向前的摩擦力
D. 花样滑冰运动员在冰面上滑出优美的弧线，是因为运动员受平衡力
8. 下列说法正确的是( )
A. 发现有人触电时，应先救人再断开电源
B. 使用试电笔时，手要接触笔尾的金属体
C. 把用电器的三脚插头可改为两脚插头，接在两孔插座上使用
D. 电线的绝缘皮破损后仍然可以继续使用
9. 关于如图所示电与磁的现象，下列说法正确的是( )
A. 实验通电直导线周围存在磁场，可应用于发电机
B. 装置揭示的是电动机原理，是将机械能转化为电能
C. 实验可探究线圈中电流一定时，线圈匝数越多磁性越强
D. 实验电源的左端是正极，小磁针的A端是S极
10. 如图是生活中常见的现象，以下描述正确的是( )
A. 三峡船闸是利用了连通器的原理，直接打开上游闸门船可进入闸室
B. 塑料吸盘能挂餐具，说明吸盘的“吸力”大于餐具受到的重力
C. 客机在飞行时，机翼上方的空气流速小压强大
D. 用吸管喝饮料时，是利用大气压的作用使饮料上升到口中的
11. 如图甲是北京冬奥会中翻跃大跳台的情镜。运动员不借助滑雪杖，只踩着雪板从高处滑行而下，通过起跳台起跳，完成各种空翻、转体等技术动作后落地。图乙中的虚线是比赛过程中运动员的轨迹，不计空气阻力，下列说法正确的是( )
A. 在a、b、c、d四点中，运动员在a点时的重力势能最大
B. 从b点到c点的过程中，运动员的动能在增加
C. 从c点到d点的过程中，运动员的机械能变小
D. a点和c点都是最高点，运动员分别在该两点时的动能都为零
12. 小明利用如图所示装置探究凸透镜成像规律。将焦距为10cm的凸透镜放在光具座50cm处且固定不动，将点燃的蜡烛放置在光具座35cm处，移动光屏至82cm处，光屏上恰好出现烛焰清晰的像(未画)。下列分析正确的是( )
A. 投影仪应用了该成像规律
B. 将蜡烛向右移动，向左移动光屏，光屏上可再次成清晰的像
C. 若将蜡烛放在10cm处，向左移动光屏适当距离可成缩小的像
D. 若在蜡烛和透镜之间放一个近视镜，向右移动光屏，光屏上可再次成清晰的像
13. 如图所示，甲、乙两容器分别装有密度为ρ甲、ρ乙的液体。有A、B两个实心小球，质量分别为mA、mB，体积分别为VA、VB，密度分别为ρA、ρB。已知它们的密度关系为ρ甲>ρA>ρB>ρ乙，则( )
A. 若VA=VB，将两球都放入甲容器中，静止时两球所受浮力相等
B. 若VA=VB，将两球都放入乙容器中，静止时两球所受浮力之比为1：1
C. 若mA=mB，将A、B两球分别放入乙、甲容器中，静止时两球所受浮力之比为ρA：ρ乙
D. 若mA=mB，将A、B两球分别放入甲、乙容器中，静止时两球所受浮力之比为ρB：ρ乙
14. 如图所示，电源电压不变，a、b为电压表或电流表，滑动变阻器R2的最大阻值和定值电阻R1、R3的阻值均为R0。将滑片P置于最右端，开关都闭合，电流表A的示数为I0，向左移动滑片P，a、b的示数都变大。下列说法正确的是( )
A. a和b都是电流表
B. 电源电压为3I0R0
C. P移到中点位置，只闭合S，电路消耗的功率为245I02R0
D. 将b表更换成另一种电表，开关均闭合，P从中点向右移动，三个电表的示数均不变
15. 目前太阳能已被人们广泛利用。太阳能来自于太阳内部的核______ (选填“裂变”或“聚变”)，太阳能属于______ (选填“一次”“二次”)能源，利用太阳能的方式之一是用集热器加热，这是通过______ 方式改变物体内能的。某台太阳能集热器在天气晴好时，一天可以吸收5.2×107J的热量，这相当于完全燃烧______ m3的煤气释放的热量。(q煤气=4.0×107J/m3)
16. 停车场入口常用横杆来控制车辆的进出，如图甲，我们可以把该装置简化成如图乙的杠杆，该杠杆为______(选填“省力”“费力”)杠杆，若横杆AB粗细相同、质量分布均匀，其重力G=120N，OB=2.5m，AO=0.3m，该杠杆的阻力臂为______ m。要使横杆AB保持水平平衡，需在A端施加竖直向下的力F=______N。
17. 如图甲所示，牙医从镜子里看到患者牙齿，这是利用了光的______ (选填“直线传播”“反射”或“折射”)，牙医在镜子里看到患者牙齿的像是______ 像(选填“实”“虚”)。请在图乙中画出牙医通过平面镜观察到患者牙齿的光路图。
18. 发生火灾时，要使用液态二氧化碳灭火器。这种灭火器是在常温下用______的办法使二氧化碳气体______后装入钢瓶里的。使用时要注意手先放到钢瓶的木柄上，然后再打开螺帽，否则会因液态二氧化碳在______时要吸收大量的热而对使用者造成伤害。
19. 驾驶员头靠头枕、身系安全带，驾驶着轿车在水平路面上高速向前行驶，如图所示。驾驶员头靠头枕是为了防止汽车在______ (选填“加速”“减速”)时由于惯性造成的伤害。轿车在水平路面上高速行驶时对面的压力______ (选填“大于”“小于”)静止时对地面的压力，是由于______ 的原因(请从流体规律简单解释)。
20. 如图所示的是小明家11月底和12月底电能表表盘的示意图，12月小明家消耗电能为______ kW⋅h。若家中已有200W的电视机一台、800W的电饭锅一只、1200W的空调两台在工作，小明家的电路上最多可接“220V，60W”的电灯泡______ 盏。若12min内电能表的指示灯正好闪烁了32次，该电路消耗的电功率是______ W。
21. 小明在探究“影响液体内部压强大小的因素”的实验中，进行了如下过程：
(1)实验中必须先检验压强计的气密性。若用手指按压橡皮膜，不论轻压还是重压橡皮膜，发现U形管两侧液柱的高度差变化都很小，则说明该压强计的气密性______ (选填“好”“差”)。如图甲中的U形管______ (选填“是”或“不是”)连通器。
(2)为探究液体内部压强与深度的关系，将压强计的探头先后放在图乙所示烧杯的a、b位置处，可以观察到探头在______ (选填“a”“b”)位置时U形管两侧液面的高度差较大，由此可初步得出结论：同种液体，______ 。
(3)如图丙所示，将探头放入另一烧杯的液体中(液面与图乙中水面相平)，使U形管两侧液面的高度差与图乙中相同(均为Δh)，则烧杯丙中的液体密度ρ液______ ρ水(选填“>”“<”或“=”)。
22. 如图所示，小明为了测量某种液体的密度，进行了如下实验。
(1)将托盘天平放在水平桌面上，把游码移到标尺左端的零刻度线处。发现指针静止时位置如甲图所示，则应将平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节使横梁平衡；
(2)小明进行了四项操作：
A.用天平测出空烧杯的质量m1=16g
B.如图乙所示，向烧杯中倒入适量的液体，用天平测出烧杯和液体的总质量m2=______ g
C.将烧杯中的部分液体倒入量筒中，测出这部分液体的体积，如图丙所示
D.用天平测出烧杯和剩余液体的质量m3=26g
①以上操作中有一项是多余的，该操作是______ (只写序号)；
②该液体的密度为______ kg/m3；
(3)【拓展】上述液体可由密度分别为ρ1、ρ2(ρ1<ρ2)的甲、乙两种液体配制而成。将质量均为m0的甲、乙两种液体按体积比1：1的比例配制成上述液体(设混合前后总体积保持不变)、且使所得混合液的质量最大，则混合后的液体的密度为______ ，剩下的那部分液体的质量为______ (均用已知字母表示)。
23. 小明利用如图所示电路测量小灯泡的额定功率。所用器材：学生电源(电压恒为4V)、小灯泡(额定电压为2.5V)、电压表、电流表、滑动变阻器(30Ω,2A)、开关和导线若干。
(1)用笔画线代替导线，将图甲中的滑动变阻器接入电路，要求滑片向右移动时灯变亮。
(2)连接完电路后，小明闭合开关，移动滑片，发现电流表、电压表均无示数。小明再把电压表并联在变阻器两端时，电压表无示数；把电压表并联在开关两端时，电压表有示数。则电路中存在的故障可能是______ ；
(3)解决上述问题后，小明闭合开关，连续移动滑动变阻器滑片，得到以下数据。
实验次数
U/V
I/A
P/W
灯泡亮度
1
0.5
0.16
不发光
2
1.5
0.22
较暗
3
2.1
0.26
较亮
4
2.5
很亮
①第4次实验时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为______ W；
②分析数据还能发现小灯泡的实际功率与其两端实际电压的关系是：______ ；
③第1次小灯泡不发光的原因是______ (写出一种即可)；
【拓展】小明还发现小灯泡在不同亮度下，其两端的电压与电流的比值不同，主要原因是：______ ；
若小灯泡的额定功率P0与某次工作时的实际功率P1满足P0=4P1，则额定电压U0与实际电压U1的数值关系最有可能是______ (选填选项字母)。
A.U0=1.5U1
B.U0=2U1
C.U0=3U1
24. 体重为600N的小明用如图所示的滑轮组来竖直提升物体A。当A以0.1m/s的速度匀速上升时，小明对绳子的拉力F为400N，滑轮组的机械效率为80%(不计绳重及摩擦)。求：
(1)拉力F的功率；
(2)物体A受到的重力；
(3)小明拉动绳子前、后对地面的压强之比。
25. 如图甲所示，电源电压可调，滑动变阻器R标有“1A”字样，电流表量程0∼3A，小灯泡L1、L2的额定电压均为6V，其电流与电压的关系如图乙所示。只闭合开关S1，滑动变阻器滑片P移至中点时，小灯泡正常发光，此时滑动变阻器的功率为3.2W。求：
(1)L2正常发光时的电阻；
(2)此时的电源电压和滑动变阻器的最大电阻；
(3)若滑片的移动范围为2Ω至最大阻值处，只闭合S3，移动滑片P且同时调节电源电压，使其中一个小灯泡正常发光，各元件均安全工作，求电路总电功率的变化范围。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A.一个苹果质量约200g，故A不正确；
B.人感觉舒适的环境温度约23℃左右，故B不正确；
C.我国高铁正常运行时速度约为83.3m/s≈300km/h，故C正确；
D.八年级物理课本的长度在26cm左右，一根筷子的长度略小于此数值，在25cm左右，故D不正确。
故选：C。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2.【答案】A
【解析】解：A.液体很难被压缩，说明分子间有斥力，故A正确；
B.手捏海绵，海绵体积变小，说明力可以改变物体的形状，不是分子的间隙，故B错误；
C.尘土飞扬是固体小颗粒的运动，属于机械运动，不是分子的运动，故C错误；
D.破镜不能重圆，是因为玻璃分子间的距离大于分子直径的10倍以上，超出了分子力的作用范围，分子间的作用力就十分微弱，分子间几乎没有作用力，不能说明分子间存在斥力，故D错误。
故选：A。
分子动理论包括：物质是由大量分子或原子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，分子间存在着相互的引力和斥力，分子之间存在间隙。
本题考查了分子动理论，是一道基础题，熟练应用基础知识即可正确解题。
3.【答案】B
【解析】解：A.发声的音叉激起水花，是音叉振动将水花激起，利用了转换法，说明声音由物体振动产生的，故A正确；
B.音叉发出的声音越响，乒乓球被弹开的越远，说明响度与物体振幅有关，故B错误；
C.钢尺伸出桌边的长度变短，振动变快，振动时声音音调变高，故C正确；
D.声音的传播需要介质，抽取玻璃罩内的空气，听到罩内的声音变小，可进一步推理得出：真空不能传声，故D正确。
故选：B。
根据各图中的实验现象，结合所揭示的物理问题分析判断。
本题主要考查了学生对常见的一些实验现象以及结论的掌握情况，平时学习和生活中要多观察，多思考。
4.【答案】C
【解析】解：A、“雷打立春节，惊蛰雨不歇”，雨的形成是由于高空的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故A错误；
B、物体由液态变成固态的过程叫凝固，冰是水凝固形成的，凝固过程需要放热，故B错误；
C、“春分前后怕春霜，一见春霜麦苗伤”，霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，故C正确；
D、“今冬麦盖三层被，来年枕着馒头睡”，雪是由空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，故D错误。
故选：C。
(1)物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
5.【答案】C
【解析】解：A.水中的筷子“弯折”了，是由光的折射形成的，故A不正确；
B.手影的形成，影子是由光的直线传播形成的，故B不正确；
C.水中拱桥的倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的，故C正确；
D.在岸上看水中的鱼，光从水中斜射向空气时要发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼逆着折射光线的方向看去，就会觉得鱼变浅了，故D不正确。
故选：C。
(1)光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现象，比如透镜成像、水变浅了、水中的筷子弯折了等；
(2)光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像；
(3)要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的。
影子、小孔成像、树下的光斑、日晷、日月食是光的直线传播原理形成的现象；倒影、照镜子、潜望镜是光的反射原理形成的现象；透镜、看水下的物体变高，光在不均匀介质中不沿直线传播等是光的折射形成的现象。
6.【答案】D
【解析】解：A.当人随平衡车一起前进时，人相对平衡车没有位置的变化，所以以平衡车为参照物，人是静止的，故A错误；
B.平衡车车轮凹凸不平的花纹是在压力一定的情况下，通过增加接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B错误；
C.平衡车受到的重力和地面对平衡车的支持力，受力物体为同一个，方向相反，作用在同一直线上，但力的大小不相等，平衡车受到的重力等于平衡车自身的重力，而地面对平衡车的支持力等于人和车的总重力，故C错误；
D.人对平衡车的压力和平衡车对人的支持力，两个力分别作用在两个物体上，力的大小相等，方向相反，在同一直线上，是一对相互作用力，故D正确。
故选：D。
(1)判断物体的运动状态时，要看它相对于所选的参照物位置是否发生了变化；
(2)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
(3)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
(4)相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
此题考查了运动和静止的相对性，平衡力与相互作用力的区别，区别主要在于：平衡力是作用在同一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力。
7.【答案】C
【解析】解：A.惯性是物体的属性，只与物体的质量有关，与速度的大小无关，限制车速是为了减小由于惯性而带来的危害，故A错误；
B.捏车闸是在接触面的粗糙程度相同的情况下，是通过增加刹车皮对轮毂的压力来增大摩擦力的，故B错误；
C.当人向后蹬地时具有了向后的运动趋势，就会产生向前的摩擦力，故C正确；
D.滑冰运动员在冰面上滑出优美的弧线，处于非平衡状态，因此受非平衡力，故D错误。
故选：C。
(1)一切物体都有惯性，质量是物体惯性大小的量度，质量越大，惯性越大，与其它因素无关；
(2)增大摩擦的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度；
(3)摩擦力是由于物体相互接触，并且发生相对运动或者有相对运动的趋势而产生的，摩擦力的方向与物体相对运动或相对运动趋势的方向相反；
(4)处于平衡状态的物体，物体保持静止或做匀速直线运动；处于非平衡状态时，物体的运动状态改变。物体处于非平衡状态时受非平衡力。
此题考查力与运动的关系，易错点在摩擦力方向的判断上，摩擦力的方向与物体相对运动方向或相对运动趋势方向相反，摩擦力方向与物体运动方向无关，要判断摩擦力的方向应先判断出物体间的相对运动方向或相对运动趋势方向。
8.【答案】B
【解析】解：A.人体是导体，如果接触触电人，救援人员可能直接或间接接触火线，发生触电事故，所以一定先切断电源，再救人，故A错误；
B.使用试电笔时，手要与笔尾金属体接触，这样才能辨别零线和火线，故B正确；
C.把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用(用电器的金属外壳没有接地)，这样当金属外壳漏电时，电流不能导向大地，易发生触电事故，故C错误；
D.导线的绝缘皮要保持完好无损，否则易引起触电事故，故D错误。
故选：B。
(1)是人导体，易造成触电；
(2)使用试电笔时，手要与笔尾金属体接触；
(3)用电器的三脚插头能防止金属外壳漏电而触电，不能用两脚插头代替；
(4)电线的绝缘皮破损后不可以继续使用。
本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要求我们牢记安全用电常识，并在生活中加以运用，有一定的现实意义。
9.【答案】C
【解析】解：A.是奥斯特实验，说明电流周围存在磁场，即电生磁，这个现象叫做电流的磁效应，应用在电磁铁上，但不能应用于发电机，故A错误；
B.导体通电后在磁场中会发生运动，是通电导体在磁场中受力而运动，将电能转化为机械能，其实际应用是电动机，故B错误；
C.两个电磁铁是串联的，电流相同，匝数多的电磁铁吸引的大头针数目多，表明线圈匝数越多，磁性越强，故C正确；
D.螺线管的左端是N极，右端是S极，根据安培定则可知电源的右端是正极，由磁极间相互作用规律可知小磁针的A端是S极，故D错误。
故选：C。
(1)奥斯特实验说明了通电导线周围存在着磁场。
(2)法拉第最先发现电磁感应现象，发电机就是根据该原理制成的；
(3)电磁铁磁性强弱跟电流的大小、线圈匝数的多少、是否有铁芯有关。
(4)根据安培定则进行判断。
本题是一道电磁学的综合题，考查学生对电磁学一些知识点的了解和掌握情况，是一道基础题。
10.【答案】D
【解析】解：A.三峡船闸是利用了连通器的原理，当打开阀门A时，根据连通器的原理，闸室和上游液面保持相平后，此时打开上游闸门，船才可以进入闸室，故A错误；
B.塑料吸盘能挂餐具是因为一压吸盘，把吸盘内的气体排出，内部形成真空，外界大气压将吸盘紧紧地压在墙面上，是利用了大气压，并不是吸盘的“吸力”，故B错误；
C.飞机机翼上凸下平，飞机在飞行时，机翼上方的空气流速大于下方的空气流速，由于流体压强与流速的关系可知，机翼上方的空气压强小于下方的空气压强，机翼的上下方形成向上的压强差从而获得向上的升力，故C错误；
D.人喝饮料时，嘴内的气压小于嘴外部的大气压，饮料在大气压力的作用下，被吸入嘴中，故D正确。
故选：D。
上端开口，下部连通的容器叫做连通器。
流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大。
塑料吸盘能挂餐具，人喝饮料，利用了大气压强。
此题考查了的知识点较多，但难度不大。
11.【答案】A
【解析】解：A、在a、b、c、d四点中，质量相等，a点的高度最高，因此a点的重力势能最大，故A正确；
B、运动员从b点到c点的过程中，质量不变，高度变高，速度变小，则其重力势能增加，动能减小，动能转化为重力势能，故B错误；
C、从c点到落地点d的过程中，因不受空气阻力，运动员的重力势能转化为动能，机械能保持不变，故C错误；
D.a点和c点都是最高点，运动员在水平方向都有一定的速度，所以动能不为零，故D错误。
故选：A。
影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。
此题考查影响动能和重力势能的因素及动能和势能的转化与守恒，总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
12.【答案】ACD
【解析】解：A.当将点燃的蜡烛放置在光具座35cm处，光屏移至82cm处时，成倒立、放大的实像，投影仪应用了该成像规律，故A正确；
B.当蜡烛向右移动时，物距减小，像距增大，故光屏应向右移动，故B错误；
C.将蜡烛放在10cm处时，物距处于大于二倍焦距，物距变大，像距变小，向左移动光屏会成倒立、缩小的实像，故C正确；
D.近视镜是凹透镜，对光线有发散作用，因此被发散的光线经凸透镜后所成的像会比之前距离透镜较远，故D正确。
故选：ACD。
(1)凸透镜成像的规律及其应用：当物距u>2f时，在光屏上得到倒立、缩小的实像，应用于照相机；
当物距2f>u>f时，在光屏上得到倒立、放大的实像，应用于投影仪；
当物距u
(3)近视镜是凹透镜，对光线有发散作用。
此题主要考查的知识点有两个：一是凸透镜的成像规律；二是凸透镜成像规律在生活中的应用。充分体现了物理来源于生活，服务于社会的新课程理念。
13.【答案】BD
【解析】解：A、当VA=VB时，将两球都放入甲容器中，由于由于ρ甲>ρA>ρB，两球都将漂浮，浮力等于各自的重力，FA：FB=GA：GB=mAg：mBg=ρAVAg：ρBVBg=ρA：ρB，受到的浮力不相等，故A错；
B、由于ρA>ρB>ρ乙，将两球都放入乙容器中，两球都沉底，两球排开液体的体积相同，静止时两球所受浮力之比为1：1，故B正确；
C、当两球质量相等时，将AB两球分别放入乙、甲容器中，由于ρ甲>ρA>ρB>ρ乙，A球下沉，受到的浮力等于排开乙液体的重；B球将漂浮在甲液体表面，B球受到的浮力等于B球重，
又mA=mB，故ρAVA=ρBVB，
受到的浮力：
FA：FB=ρ乙VAg：GB=ρ乙VAg：ρBVBg=ρ乙VAg：ρAVAg=ρ乙：ρA，故C错；
D、当两球质量相等时，将AB两球分别放入甲乙容器中，由于ρ甲>ρA>ρB>ρ乙，A球将漂浮在甲液体表面，受到的浮力等于A球重，B球将沉入乙液体底部，B球受到的浮力等于排开乙液体的重；
又mA=mB，即ρAVA=ρBVB，故VA=ρBVBρA，
受到的浮力：
FA：FB=GA：ρ乙VBg=ρAVAg：ρ乙VBg=ρAρBVBρAg：ρ乙VBg=ρB：ρ乙，故D正确。
故选：BD。
A、将两球都放入甲容器中，由于ρ甲>ρA>ρB，两球都将漂浮，根据物体的漂浮条件和密度公式得出浮力关系；
B、由于ρA>ρB>ρ乙，可知A、B放入乙液体中均沉底，利用阿基米德原理得出浮力关系；
C、当两球质量相等时，根据密度公式得出两球的体积关系；将A、B两球分别放入乙、甲容器中，由于ρ甲>ρA>ρB>ρ乙，A球下沉，受到的浮力等于排开乙重，B球受到的浮力等于B的重，据此得出浮力关系。
D、当两球质量相等时，根据密度公式得出两球的体积关系；将两球分别放入甲乙容器中，由于ρ甲>ρA>ρB>ρ乙，A球漂浮，受到的浮力等于A球重，B球受到的浮力等于排开乙液体的重，据此得出浮力关系。
本题考查了学生对阿基米德原理、密度公式、物体的沉浮条件的掌握和运用，关键知道当物体密度大于液体密度时，物体下沉，物体密度小于液体密度时，物体漂浮，物体密度等于液体密度时，物体悬浮。
14.【答案】ACD
【解析】解：A.当a为电压表、b为电流表时，R3、R2短路，只有R1工作，当b为电压表、a为电流表时，R1、R2短路，只有R3工作，向左移动滑动变阻器滑片电流都不会变化，不符合题意；当a、b都为电压表时，R1、R2、R3串联，a测R1、R2两端的电压，b测R2、R3两端的电压，向左移动滑动变阻器滑片时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联电路的电阻规律可知，电路的总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，根据U=IR可知，R1两端的电压变大，R3两端的电压变大，根据串联电路的电压规律可知，a的示数变小，b的示数变小，两个电压表示数都变小，不符合题意；当a、b都为电流表时，R1、R2、R3并联，a测通过R2、R3的电流，b测通过R1、R2的电流，向左移动滑动变阻器滑片时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据I=UR可知，通过R2的电流变大，根据并联电路的电流规律可知，a、b的示数都变大，所以a和b都是电流表，故A正确；
B.当a和b都是电流表时，将滑片P置于最右端，闭合开关，三个电阻并联，电阻大小相等，根据并联电路电阻的特点可知：
1R总=1R1+1R2+1R3=1R0+1R0+1R0=3R0，
则：R总=R03，
电流表A测干路电流且示数为I0，因此电源电压为：U=I0R总=I0R03，故B错误；
C.P移到中点位置，只闭合S，此时三个电阻串联，滑动变阻器接入电路的阻值为R02，根据串联电路电阻的特点，此时总电阻为：
R总′=R0+R0+R02=5R02，
根据电功率P=U2R可知，此时电路消耗的功率为：
P′=U2R总′=(I0R03)25R02=245I02R0，故C正确；
D.b是电流表，将b表更换成另一种电表，即换成电压表，开关均闭合，电路R1、R2短路，只有R3工作，滑动变阻器R2滑片P从中点向右移动，电路不受影响，所以三个电表的示数均不变，故D正确。
故选：ACD。
(1)根据题意结合电路图分析：①当a为电压表、b为电流表或b为电压表、a为电流表时、②当a、b都为电压表、③当a、b都为电流表时电路的连接方式，确定a、b为哪种电表；
(2)当a和b都是电流表时，将滑片P置于最右端，闭合开关，三个电阻并联，求出并联电路的总电阻，再根据U=IR求出电源电压；
(3)P移到中点位置，只闭合S，此时三个电阻串联，根据串联电路的电阻规律求出电路的总电阻，再根据P=U2R求出电路消耗的功率；
(4)b是电流表，将b表更换成另一种电表，即换成电压表，开关均闭合，分析电路的连接方式即可解答。
本题主要考查的是电路的分析，要掌握欧姆定律的表达式、电功率的公式，解答本题的关键是要知道串、并联电路的电流、电阻规律。
15.【答案】聚变 一次 热传递 1.3
【解析】解：太阳能是我们可以从自然界中源源不断获取的能源，即太阳能属于一次能源；
利用太阳能的方式之一是用集热器加热，这是通过热传递方式改变物体的内能的；
由Q=qV可得相当于完全燃烧的煤气的体积：V=Qq煤气=5.2×107J4.0×107J/m3Qq=1.3m3。
故答案为：聚变；一次能源；热传递；1.3。
(1)太阳能是太阳内部氢发生聚变反应产生的；
(2)可以直接从自然界获取的能源叫作一次能源，需要消耗一次能源才能获取的能源叫作二次能源；
(3)改变内能的方式：热传递和做功，根据题意分析改变内能的方式；
(4)根据Q=qV可得V=Qq。
本题主要考查太阳能的获得、改变内能的方式及燃料完全燃烧的放热公式的应用，太阳能的开发与利用是近几年的热门话题，我们要注意搜集相关信息。
16.【答案】费力 1.1440
【解析】解：由题意知，阻力臂为l2=2.5m+0.3m2−0.3m=1.1m，动力臂l1=0.3m，因为l1
故答案为：费力；1.1；440。
通过比较动力臂和阻力臂大小，判断杠杆类型；应用杠杆平衡条件解答即可。
本题考查了杠杆的分类和杠杆平衡条件的计算，属于基础题。
17.【答案】反射 虚
【解析】解：医生利用镜子的平面镜成像原理可清楚地观察病人的牙齿，平面镜成像利用了光的反射，平面镜成正立等大的虚像，牙医在镜子里看到患者牙齿的像是虚像。
先作出牙齿A关于平面镜的对称点A′，即像的位置，连接像A′和眼睛B与平面镜交于O点，即为入射点，连接AO为入射光线，OB为反射光线，如图所示：
。
故答案为：反射；虚；。
平面镜成像利用了光的反射，平面镜成正立等大的虚像；
先作出牙齿A关于平面镜的对称点A′，即像的位置，连接像A′和眼睛B与平面镜交于O点，即为入射点，连接AO为入射光线，OB为反射光线。
此题考查了平面镜成像的特点及相关应用，难度不大。
18.【答案】压缩体积 液化 汽化
【解析】解：灭火器是在常温下用压缩体积的办法使二氧化碳气体液化装入钢瓶里的。
液态二氧化碳在常温下会迅速汽化，因此使用时需要注意手先放到钢瓶的木柄上，然后再打开螺帽，否则会因液态二氧化碳汽化时要吸收大量的热而对使用者造成伤害。
故答案为：压缩体积；液化；汽化。
气体液化有两种方式：一是压缩体积；二是降低温度。
液化要放热，汽化要吸热。
此题主要考查了汽化和液化的知识。灭火器是生活中常见的东西，我们要学会使用，还要知道其原理。
19.【答案】加速 小于 当轿车在路面上高速行驶时，车顶的空气流速大于车底的空气流速，车上方的压强小于下方的压强，会产生向上的压强差、压力差，从而产生一定大小的向上的升力
【解析】解：在座位的靠背上安装“头枕”，当轿车被追尾时，轿车速度加快，乘客由于惯性会保持原来的运动状态，此时头枕可以起到防止乘客颈椎受伤。
在路面上静止的轿车，轿车对路面的压力大小等于轿车的重力，当轿车在路面上高速行驶时，车顶的空气流速大于车底的空气流速，车上方的压强小于下方的压强，会产生向上的压强差、压力差，从而产生一定大小的向上的升力，使轿车对路面的压力小于汽车所受的重力，故轿车对路面的压力与静止使相比变小，即轿车在水平路面上高速行驶时对地面的压力小于静止时对地面的压力。
故答案为：加速；小于；当轿车在路面上高速行驶时，车顶的空气流速大于车底的空气流速，车上方的压强小于下方的压强，会产生向上的压强差、压力差，从而产生一定大小的向上的升力。
利用惯性知识回答。
车子静止在水平面上，车子对路面的压力等于重力；当流线型的车子快速行驶时，产生升力，车子对地面压力减小。
流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大。
本题根据汽车的实验情景考查流体压强与流速关系、惯性等，要求学生能熟练将物理知识应用到生产生活中。
20.【答案】171 16 100
【解析】解：由图示电能表可知，11月底电能表的读数为5713.4kW⋅h，12月底电能表示数为5884.4kW⋅h，12月小明家消耗电能为：
W=5884.4kW⋅h−5713.4kW⋅h=171kW⋅h；
由图示电能表可知，电能表正常工作时的电压是220V，标定电流为10A，额定最大电流为20A，电能表正常工作时的电流不应超过20A，正常情况下电能表允许的用电器最大总功率
P=UI=220V×20A=4400W，
故还可以同时使用的用电器总功率为：
P′=4400W−200W−800W−1200W×2=1000W，
而一盏灯泡功率为60W，故还可以同时使用灯的盏数为n=P′P额=1000W60W≈16.7，
为不超过电能表允许的用电器最大总功率，根据实际情况，小明家的电路上最多可接“220V 60W”的电灯泡16盏。
1600imp/(kW⋅h)表示，电能表指示灯闪烁1600次，电路中同电器消耗的电能为1kW⋅h，若12min内电能表的指示灯正好闪烁了32次，则电路消耗的电能为：
W′′=321600kW⋅h=0.02kW⋅h，
该电路消耗的电功率是：P′′=W′′t=0.02kW⋅h1260h=0.1kW=100W。
故答案为：171；16；100。
电能表最后一位示数是小数，由图示电能表可以读出电能表示数，该示数与上月示数之差是本月的用电量；
由电能表铭牌找出电能表正常工作时的电压与允许通过的最大电流，然后由P=UI求出电能表允许的最大功率。然后可求得还可以同时使用的用电器功率，再根据灯泡“220V 60W”表示此灯泡额定电压为220V，额定电功率为60W求得电灯的数量。
1600imp/(kW⋅h)表示，电能表指示灯闪烁1600次，电路中同电器消耗的电能为1kW⋅h，求得指示灯正好闪烁了32次电路消耗的电能，利用P=Wt求得消耗的电功率。
本题考查了电能表的读数以及电功的计算，明白电能表参数的含义是关键，还要知道电功率所表示的物理意义。
21.【答案】差 不是 b 液体内部压强随深度的增加而增大 >
【解析】解：(1)用手按压几下橡皮膜，U形管中的液柱高度几乎不变，说明压强计各部分之间连接不够严密，有漏气现象，该压强计的气密性差；
连通器一端与压强计的探头连接后，一端被封闭，不符合“上端开口，底部连通”这一特点，因此，不是连通器；
(2)由图乙可知，将压强计的探头先后放在烧杯的a、b位置处，可以观察到探头在b位置时，U形管两侧液面的高度差较大；
U形管两侧液面的高度差越大，说明液体内部压强越大，实验中液体的密度一定，深度不同，深度越大压强越大，可得出结论：同一液体，液体内部压强随深度的增加而增大；
(3)由图丙可知，将探头放入另一烧杯的液体中，液面与图乙中水面相平，使U形管两侧液面的高度差与图乙中相同，说明此时液体内部压强相等，比较乙、丙两图可知，图丙中探头的深度较小，根据液体压强公式p=ρgh可知，图丙中液体密度较大。
故答案为：(1)差；不是；(2)b；液体压强随深度的增加而增大；(3)>。
(1)用手指轻压橡皮膜，观察U形管两侧液面高度差判断连通器的气密性；底部连通、上端开口的容器叫连通器；
(2)(3)液体压强的影响因素是液体密度和液体深度，根据图中探头的位置及U形管两侧液面的高度差分析得出结论。
本题主要考查液体压强的影响因素，解答本题的关键是要知道影响液体压强的因素，注意控制变量法的运用。
22.【答案】左 61.2A0.88×103 ρ1+ρ22 m0(1−ρ1ρ2)
【解析】解：(1)平衡螺母的调节方法是：左偏右调，右偏左调。图中指针右偏，因此要向左调节平衡螺母。
(2)由图可知，烧杯和液体的总质量：
m2=50g+10g+1.2g=61.2g，
①用“剩液法”测液体的质量时，不需要测空烧杯的质量，B和D中质量的差值就是倒入量筒的液体的质量，故操作A是多余的；
由图丙可知，量筒中液体的体积：
V=40mL=40cm3，
倒入量筒的液体的质量：
m=m2−m3=61.2g−26g=35.2g，
液体的密度：
ρ=mV=35.2g40cm3=0.88g/cm3=0.88×103 kg/m3，
(3)设甲乙用来配制液体的体积均为V，则配制液的总体积V总=2V，配制液的总质量：
m总=ρ1V+ρ2V
故配制液的密度：
ρ=m总V总=ρ1V+ρ2V2V=ρ1+ρ22，
已知ρ1<ρ2，由公式ρ=mV可知，V1>V2，因此，当V=V2时，配制液体的质量最大为：
m配=ρ1+ρ222V=ρ1+ρ222V2=ρ1+ρ22⋅2m0ρ2=(ρ1+ρ2)m0ρ2
故剩余液体的质量：
m剩=2m0−(ρ1+ρ2)m0ρ2=m0(1−ρ1ρ2)。
故答案为：
(1)左；
(2)61.2；A；0.88×103；
(3)ρ1+ρ22，m0(1−ρ1ρ2)。
(1)天平调节平衡的原则是“左偏右调，右偏左调”，指针指在分读盘中央左侧，将平衡螺母向右调节，指在右侧，平衡螺母向左调节；
(2)烧杯和液体的总质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值，求出倒入量筒的液体的质量，观察量筒的分度值，读出量筒中液体的体积，用公式ρ=mV计算液体的密度；
(3)设甲乙用来配制液体的体积均为V，则配制液的总体积V总=2V，求出配制液的总质量，从而求得配制液的密度，已知ρ1<ρ2，由公式ρ=mV可知，V1>V2，因此，当V=V2时，配制液体的质量最大，从而求出配制液体的最大质量和剩余液体的质量。
(1)掌握天平的正确使用和注意事项。
(2)测量液体密度的实验是初中物理重要的实验，从天平的使用、液体质量的测量、体积的测量、密度的计算等方面进行考查。
23.【答案】开关处断路 0.7实际电压越大，实际功率越大 实际电压过小 灯丝电阻受温度影响 C
【解析】解：(1)滑动变阻器采用一上一下的接法；滑片向右移动时灯变亮，说明滑片向右移动时，电路中的电流变大，根据欧姆定律可知，电路的总电阻变小，滑动变阻器接入电路中电阻变小，所以滑动变阻器的右下接线柱与灯泡的左端接线柱相连，如图所示：
；
(2)连接完电路后，小明闭合开关，移动滑片，发现电流表、电压表均无示数，说明与电压表串联的电路出现断路现象；小明再把电压表并联在变阻器两端时，电压表无示数，说明此时电压表仍被断路，即断路部分是与电压表串联部分，不是滑动变阻器；把电压表并联在开关两端时，电压表有示数，说明此时电压表与电源两端相连接，则电路中存在的故障可能是开关断路；
(3)①由图甲得，电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.28A，即灯泡正常发光的功率为0.28A，灯泡额定功率为：P=UI=2.5V×0.28A=0.7W；
②由表格中数据得，当电压越大时，灯泡越亮，说明灯泡实际功率越大，即灯泡的实际功率随灯泡实际电压的变大而变大；
③第1次小灯泡不发光的原因是电压和电流都较小，根据P=UI可知，灯泡的实际功率较小，导致灯泡不发光；
【拓展】
灯泡在不同亮度下，实际功率不同，灯丝温度不同，导致灯丝电阻不同，所以小灯泡在不同亮度下，其两端的电压与电流的比值不同。
灯泡实际功率越大，灯丝温度越高，电阻越大，依题意得：P0=4P1；
由P=U2R得：U02R0=4U12R1，而R0>R1，所以U0>2U1，故AB不符合题意，C符合题意。
故选：C。
故答案为：(1)见解析；(2)开关处断路；(3)①0.7；②实际电压越大，实际功率越大；③实际电压过小；【拓展】灯丝电阻受温度影响；C。
(1)滑动变阻器接入电路中时采用一上一下的接法；灯泡变亮，说明通过灯泡的电流变大，根据欧姆定律可知，电路中的总电阻变小，滑动变阻器接入电路的电阻变小，据此分析；
(2)电流表无示数，说明电路出现了断路故障；根据电压表示数分析电路故障的原因；
(3)①灯泡两端的电压为额定电压时，灯泡正常发光，根据P=UI求出灯泡的额定功率；
②根据表格中的数据得出结论；
③灯泡的亮度是由实际功率决定的；
【拓展】灯丝的电阻受到温度的影响；根据灯泡的电阻随温度的升高而增大，分析当小灯泡的额定功率为实际功率的4倍时电压的大小关系。
本题测量小灯泡在不同电压下的电功率，考查电路图的连接、电路故障的判定、电功率计算、影响电阻大小的因素、数据分析等知识，考查的较全面。
24.【答案】解：(1)由图可知承担物重的绳子段数为：n=3，
拉力F的功率为：
P=Fv=F⋅nv物=400N×3×0.1m/s=120W；
(2)承担物重的绳子段数为：n=3，
所以滑轮组的机械效率为：
η=W有用W总=GhFs=GhF⋅3h=G3F，
则物体A受到的重力为：
G=3Fη=3×400N×80%=960N；
(3)拉动绳子前，小明对地面压力为：
F1=G人=600N，
拉动绳子时，小明对地面压力：
F2=G人−F=600N−400N=200N，
小明拉动绳子前、后地面的受力面积不变，根据p=FS可知，小明拉动绳子前后对地面的压强之比为：
p1p2=F1F2=600N200N=31。
答：(1)拉力F的功率120W；
(2)物体A受到的重力为960N；
(3)小明拉动绳子前、后对地面的压强之比为3：1。
【解析】(1)由图确定承担物重的绳子段数，根据P=W总t=Fst=Fv求出拉力的功率；
(2)已知承担物重的绳子段数和小明对绳子的拉力，根据η=W有用W总=GhFs=GhF⋅3h=G3F求出物体的重力；
(3)小明拉动绳子前对地面的压力等于其重力，拉动绳子时小明对地面的压力等于重力与绳子对小明的拉力之差，小明拉动绳子前后地面的受力面积不变，根据p=FS求出小明拉动绳子前、后对地面的压强之比。
本题主要考查功率、机械效率的计算及压强公式的应用，解答本题的关键是能分析出小明拉动绳子前、后对地面的压力大小。
25.【答案】解：(1)由图乙可知，L2正常发光时的电流I2=0.8A，则L2正常发光时的电阻R2=U2I2=6V0.8A=7.5Ω；
(2)只闭合开关S1时，L2与滑动变阻器串联，L2正常发光，则I=I2=0.8A，
滑动变阻器电压U滑=P滑I=3.2W0.8A=4V，
电源电压U=U2+U滑=6V+4V=10V，
滑动变阻器最大电阻R=2×U滑I=2×4V0.8A=10Ω；
(3)只闭合S3时，两灯串联后再与变阻器串联，通过两灯的电流相等，
因灯L1的额定电流大于灯L2的额定电流，所以只能使L2正常发光，此时电路中的电流：I=IL2=0.8A；
由图象可知，当电流为0.8A时的L1两端的电压UL1=2V，此时灯L1的电阻RL1=UL1IL1=2V0.8A=2.5Ω，
因滑动变阻器接入电路的电阻不小于2Ω，根据串联电路的电阻特点可知，电路的最小电阻：
R串小=7.5Ω+2Ω+2.5Ω=12Ω；
电路的最大电阻：R串大=7.5Ω+10Ω+2.5Ω=20Ω，
所以电路的最小功率：
P小=I2R串小=(0.8A)2×12Ω=7.68W；
电路的最大功率：
P大=I2R串大=(0.8A)2×20Ω=12.8W，
即电路总电功率的变化范围为7.68W∼12.8W。
答：(1)L2正常发光时的电阻为7.5Ω；
(2)此时的电源电压和滑动变阻器的最大电阻10Ω；
(3)电路总电功率的变化范围为7.68W∼12.8W。
【解析】(1)由图乙可知，当灯泡L2正常发光时，L2两端的电压和通过L2的电流，由欧姆定律求出L2正常发光时的电阻；
(2)若只闭合S1时，灯L2与变阻器串联，根据灯泡L2正常发光时的电流和串联电路的电流特点求出通过滑动变阻器的电流，根据P=I2R求出变阻器连入电路中的电阻，从而得出滑动变阻器的最大阻值；
(3)只闭合S3时，两灯串联后再与变阻器串联，因灯L1的额定电流大于灯L2的额定电流确定只能使L2正常发光；由串联电路的电流特点可知，电路中的电流I=IL2=0.8A；由图象可知，当电流为0.8A时的L1两端的电压，根据欧姆定律求出此时L1的电阻；
根据滑动变阻器滑片P的移动范围为2Ω至最大阻值处，和串联电路的电阻特点分别求出电路的最小和最大电阻，根据P=I2R分别得出电路的最小和最大功率。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用及电功率公式的运用，最后一问是难点，关键是明确只能使L2正常发光，另外注意本题中电源电压可调。
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