2023年河北省保定十七中中考物理质检试题（3月份）

这是一份2023年河北省保定十七中中考物理质检试题（3月份），共30页。试卷主要包含了选择题，填空题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年河北省保定十七中中考物理质检试卷（3月份）
卷Ⅰ（选择题，共48分）一、选择题（单选每题2分，多选每题3分，选不全得2分，错选0分，共48分）
1．（2分）以下数据与实际情况相符的是（　　）
A．人体感觉舒适的环境温度为40℃
B．中学生的质量大约是500N
C．声音在水中的传播速度为340m/s
D．学生课桌的高度约为8dm
2．（2分）我们生活环境中有大量声波和电磁波，下列关于声波和电磁波的说法中正确的是（　　）
A．收音机既能接收声波，也能接收电磁波
B．声波和电磁波都是频率越高，传播速度越大
C．抽成真空的玻璃罩能同时屏蔽声波和电磁波
D．手机导航通常用周围网络辅助定位，其信息传递的媒介与“B超”不同
3．（2分）关于图中所示的热现象，说法正确的是（　　）
A．图甲中炙热的铁水具有内能，冰冷的冰块没有内能
B．图乙中冬天搓手取暖是将内能转化为机械能
C．图丙中用湿毛巾冷敷降温是通过热传递的方式减小人体的内能
D．图丁中能量转化与汽油机做功冲程能量转化都是机械能转化为内能
4．（2分）如图，关于甲、乙、丙、丁四幅实验图片，下列说法错误的是（　　）
A．甲实验说明通电导体周围存在着磁场
B．乙实验说明了发电机的工作原理
C．丙实验说明电磁铁的磁性强弱与线圈匝数有关
D．丁实验过程中将机械能转化为电能
5．（2分）下列说法正确的是（　　）
A．人沿水平方向推水平地面上的物体，没有推动，是因为推力小于摩擦力
B．体育中考时跳远穿深花纹的鞋是为了增大摩擦力
C．手握水瓶静止时，增大握力可以增大摩擦力
D．马拉车向前运动时，车受到向后的摩擦力，马受到向前的摩擦力，说明力的作用是相互的
6．（2分）关于惯性，下列说法正确的是（　　）
A．踢出去的足球在空中能继续运动是因为受惯性作用
B．手握锤柄在地面上撞击几下锤头就能紧套在锤柄上，说明锤柄具有惯性
C．运动员跳远比赛时助跑是为了增大惯性
D．装满货物的载重汽车刹车时更不容易停下来是因为质量大惯性大
7．（2分）下列足球比赛的场景，关于力和运动说法正确的是（　　）
A．足球在草地上越滚越慢最终停下来，是因为足球不受力
B．踢出去的足球由于惯性力的作用能在空中继续向前飞行
C．运动员用头将迎面飞来的足球顶回去，说明力能改变物体的运动状态
D．守门员一脚踢出放在地面上的足球，足球给脚的力和脚给足球的力是一对平衡力
8．（2分）筷子在水中“折断”，其原理与下列光现象形成的原理相同的是（　　）
A．河水看起来变浅
B．水中荷花的“倒影”
C．阳光下密林地上的圆形光斑
D．紫外线使荧光物质发光
9．（2分）如图，长方体物块甲、乙置于水平地面上，与地面的接触面积分别为S、S'（S＞S'），甲、乙对地面的压强相等。将甲、乙均顺时针旋转90°，此时甲、乙和地面的接触面积分别为S'、S，关于此时它们对地面压力F甲、F乙和对地面的压强p甲、p乙的大小关系，下列判断正确的是（　　）

A．F甲＝F乙 B．p甲＜p乙 C．p甲＞p乙 D．F甲＜F乙
10．（2分）如图所示的杠杆在使用过程中，属于费力杠杆的是（　　）
A．用羊角锤起钉子 B．用钳子夹导线
C．用起子起瓶盖 D．用镊子夹取砝码
11．（2分）周日做完作业，小明和小芳同学在风景如画的柳叶湖畔骑自行车，如图所示是他们在某段路面上做直线运动的速度随时间变化的图像。下列分析中错误的是（　　）

A．0～10s两人所通过的路程相等
B．以湖畔的垂柳为参照物，小芳总是运动的
C．第10s末，两人的速度相等
D．小芳做匀速直线运动
12．（2分）关于质量和密度，下列说法正确的是（　　）
A．同种物质组成的物体，其密度与质量成正比
B．水的密度是1.0×103kg/m3，表明1m3的水质量是1.0×103kg/m3
C．一块冰全部熔化成水后，质量变小
D．嫦娥五号返回舱从月球带回1731g月球土壤样品返回地球，土壤样品质量不变
13．（2分）河北丰宁抽水蓄能电站是2022年中国冬奥会的电力保障项目之一。该电站可以利用风能和光能资源充足时发电获得的部分电能，将水抽到高处变为水的势能储存起来，需要时再利用水的势能发电，从而弥补了风能、光能不稳定且转化的电能难储存的不足，实现风、光与水电的互补，堪称电力系统的巨型“充电宝”。下列说法不正确的是（　　）
A．风能和光能是可再生能源
B．该电站可将抽水时所消耗的电能全部转化为水的势能
C．抽水蓄能可将电能转化为机械能，发电时可将机械能转化为电能
D．该电站的水坝设计成下宽上窄的形状是利用了液体压强随深度的增加而增大的原理
14．（2分）小明吃火锅时，由于三孔插座不够用，小明决定将电火锅三脚插头上最长的一个金属脚掰弯，插在两孔插座上使用，小华立刻阻止，因为长脚掰弯使用会造成（　　）
A．家庭电路中的电流过大，空气开关跳闸
B．电火锅不能正常工作
C．电火锅的金属外壳和地线断开，可能有触电危险
D．两孔插座断路，不能再继续使用
15．（2分）如图，小舟利用平面镜研究光的反射定律，下列说法错误的是（　　）

A．AO是入射光线
B．反射角等于30°
C．将激光笔靠近N时，光线OB会靠近ON
D．绕ON前后转动F板，F板上观察不到光线
16．（2分）如图所示，一密闭容器放在桌面上，如图（a）所示，此时液体对容器底的压力为F1，容器对桌面的压强为p1；将容器倒立放置，此时液体对容器底的压力为F2，容器对桌面的压强为p2，如图（b）所示。则下列说法正确的是（　　）

A．F1＝F2 p1＝p2 B．F1＞F2 p1＜p2
C．F1＞F2 p1＞p2 D．F1＜F2 p1＜p2
17．（2分）随着人们生活水平的不断提高，自行车功能正从代步转变为健身。其构造中包含许多物理原理，例如：在轮胎上刻花纹来增大摩擦，下列四种改变摩擦力的方法与该例相同的是（　　）
A．自行车刹车时捏紧剎把
B．溜冰时穿旱冰鞋
C．体操运动员在手上涂镁粉
D．运动员击球时用力握球拍
18．（2分）在劳动实践中，小孙在水平地面与车厢间用木板搭成一个斜面，并用平行于斜面的推力将重G＝600N的货物匀速地从斜面底端推到顶端的车厢，如图所示。已知斜面长L＝6m，斜面高h＝1.5m，斜面的机械效率η＝60%。下列叙述中正确的是（　　）

A．小孙推动货物所用推力大小为150N
B．货物受到斜面的摩擦力大小为150N
C．若增大推行速度，则货物受到的摩擦力将变大
D．若h不变、减小L，则斜面的机械效率将升高
（多选）19．（3分）在“探究凸透镜的成像规律”实验中，当蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示时，烛焰在光屏上恰好成一清晰的像。下列说法正确的是（　　）

A．投影仪应用了图中凸透镜的成像特点
B．保持蜡烛和光屏位置不动，移动凸透镜到某位置，烛焰可在光屏上成清晰放大的像
C．保持透镜和光屏位置不动，向右移动蜡烛，烛焰可在光屏上成清晰放大的像
D．若将凸透镜换成一个焦距更小的凸透镜，保持蜡烛和凸透镜位置不变，光屏向左移动
（多选）20．（3分）如图所示，把重为G的物体以v的速度匀速提高h，滑轮组的机械效率为η1，把重为2G的物体同样匀速提高h，滑轮组的机械效率为η2，则下列说法正确的是（　　）

A．η1＜η2
B．物重为G时，拉力为
C．物重为G时，拉力做功的功率为 v
D．物重为2G时，拉力做的功为
（多选）21．（3分）小文利用如图所示的实验装置，进行了如下实验，以下说法正确的是（　　）

A．盐水密度为1.1g/cm3
B．在丁图中A物体所受的浮力为4N
C．A物体在盐水中浮力为4.4N
D．A物体的密度是1.25kg/m3
（多选）22．（3分）如图所示，电源电压保持不变，下列说法正确的是（　　）

A．只闭合开关S，向左调节滑片P，V1示数变大，V2示数变小，A1示数变小
B．闭合开关S，保持滑片P位置不变，S2由断开到闭合，A1、A2示数增大，V2示数不变
C．闭合所有开关，向右调节滑片P，A1、A2示数变小，且变化量相等
D．只闭合开关S，向右调节滑片P，电压表V1变化量小于V2变化量
卷Ⅱ非选择题（共52分）二、填空题（每空1分，每图1分，共21分）
23．（5分）如图所示，生活中有很多地方涉及物理知识，请运用你学到的知识完成下列问题。

（1）甲图中地下通道的通风原理是：流体中，　 　。
（2）乙图中在木块被拉回桌面的过程中，木块受到的摩擦力 　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”），木块对桌面的压力 　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”），木块对桌面的压强 　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（3）丙图中自制气压计随电梯从一楼上升至十楼，气压计细玻璃管中的液面会 　 　（选填“上升”或“下降”）。
24．（3分）如图所示，用两个相同的装置加热初温相同、质量相等的A、B两种液体，相同的时间内，A液体升高的温度高于B液体升高的温度，则A液体的比热容 　 　（选填“大于”、“小于”或“不变”）B液体的比热容。加热过程中液体内能增大，这是通过 　 　方式改变内能的。若完全燃烧2.8g酒精，放出的热量有60%被初温20℃、质量为0.4kg的A液体吸收，升高到80℃，则A液体的比热容为 　 　。（q酒精＝3.0×107J/kg）

25．（3分）小明家新买了一个电热水壶，接入电路闭合开关后，家里的空气开关就断开了。他猜想造成空气开关断开的原因是：①连入电路中的用电器总功率过大；②电热水壶或插头处短路。于是他请电工师傅检修后，将空气开关复位，只让电热水壶单独工作，家里标有“2000r/kW•h”电能表的转盘6min内转了200转，电热水器的功率为 　 　W。小明的猜想 　 　（选填序号）是正确的。（已知电热水器接入电路前，小明
家正在使用的用电器的总功率约为4400W，空气开关允许通过的最大电流为40A）。如图所示闭合开关 　 　时，此壶为保温挡。

26．（2分）小明在“探究平面镜成像的特点”实验中，选用玻璃板代替平面镜，主要是为了便于确定像的 　 　。在实验中小明没有将玻璃板与桌面垂直放置，如图甲所示，此时拿未点燃的与蜡烛A完全相同的蜡烛B，在玻璃板后面的桌面上移动，发现蜡烛B与蜡烛A的像 　 　（选填“会重合”或“不会重合”）。

27．（5分）下面是小明利用刻度均匀的轻质杠杆进行探究“杠杆平衡条件”的实验。

（1）实验前为方便测量力臂，应将杠杆调节到 　 　位置平衡。请在乙图中画出弹簧测力计拉力的力臂L1。
（2）调节平衡后，在杠杆B点处挂6个钩码，如图甲所示：则在A点处应挂 　 　个同样的钩码，杠杆仍然在水平位置平衡。
（3）图乙是小聪利用弹簧测力计做的某次实验情景，已知杠杆每格长5cm，钩码每个重0.5N。请将弹簧测力计示数填入如表。
实验序号
动力F1/N
动力臂L1/m
阻力F2/N
阻力臂L2/m
1
　 　
0.15
3.0
0.10
上述实验数据不符合杠杆平衡条件，出现问题的原因是 　 　。
28．（3分）汽车是我们熟悉的交通工具之一，如图所示是汽油机的 　 　冲程；汽车发动机工作时，会在汽车周围闻到汽油味，这是 　 　现象；发动机常用水做冷却剂，散热过程通过 　 　的方式改变了水箱内水的内能。

三、实验题（每空1分，每图1分，共17分）。
29．（5分）物理课上，李老师和学生一起进行了关于“水沸腾”的实验探究。

（1）小佳组装好器材，如图甲所示，用酒精灯给水加热，在水温升高到90℃后，每隔1min观察1次温度计的示数，记录在表中：
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
温度/℃
90
92
94

97
98
98
98
98
如图乙所示是第3min时温度计的示数，此时水的温度是 　 　℃；
（2）由表中数据可知，实验中水的沸点为 　 　℃，水沸腾后继续加热，温度 　 　（选填“升高”、“降低”或“不变”）；
（3）李老师在课堂上给学生进行了图丙的实验演示：水沸腾后把烧瓶从火焰上拿开，迅速塞上瓶塞，把烧瓶倒置并向瓶底浇冷水，结果发现已停止沸腾的水又重新沸腾。这是因为浇冷水时烧瓶内的水蒸气 　 　（填物态变化名称）导致水面上方的气压减小，沸点 　 　（选填“升高”或“降低”）造成的。
30．（6分）物理课上，同学们利用压强计“研究液体内部压强”，进行了如下的操作。

（1）实验前，用手指按压橡皮膜，发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置 　 　（选填“漏气”或“不漏气”）。小明没有按压橡皮膜时，U形管两侧液面就存在高度差（如图①所示），接下来的操作是 　 　（选填字母）。
A.从U形管内向外倒出适量水
B.拆除软管重新安装
C.向U形管内添加适量水
（2）实验时，小王将探头放入水下，U形管两侧水面高度差为8cm，此时U形管内外的气压差为 　 　Pa。（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
（3）正确操作后，分析图②、图③的实验现象，得出结论：同种液体中，液体压强随液体深度的增加而 　 　。
（4）分析图③、图④的实验现象，得出结论：在深度相同时，液体的 　 　越大，压强越大。
（5）小王用图⑤所示的装置测量未知液体的密度：在左侧加入适量的水，在右侧缓慢倒入待测液体，直到橡皮膜刚好变平，她测量了以下物理量：
A.右侧待测液体到容器底的深度h1
B.右侧待测液体到橡皮膜中心的深度h2
C.左侧水到容器底的深度h3
D.左侧水到橡皮膜中心的深度h4
请你推导出待测液体密度的表达式为ρ＝　 　（选择题中合适的字母和ρ水表示）。
31．（6分）如图甲所示是“测量小灯泡的电阻”的实验电路图。

（1）请根据图甲所示电路图，用笔画线代替导线完成图乙未连接好的实物电路（要求滑片P向右移动时小灯泡变亮）；
（2）电路连接好后闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，小灯泡不亮，如果电路只有一个元件有故障，该故障可能是小灯泡 　 　；
（3）排除故障后，继续进行实验，小灯泡正常发光时电压表示数如图丙所示，其读数为 　 　V；
（4）根据实验数据，作出小灯泡工作时I﹣U的关系图象如图丁所示，则小灯泡正常发光时的电阻为 　 　Ω；
（5）由图丁可知，不同电压下，小灯泡电阻值不同，灯丝的电阻会随温度升高而变 　 　；
（6）若实验过程中发现电压表损坏，现增加一个已知阻值为R0的定值电阻和一个开关，设计如图戊所示的电路，也能测出小灯泡正常发光时的电阻，其实验步骤如下：
①闭合开关S，断开开关S1，移动滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为I额，并记录下来；
②保持滑动变阻器滑片P的位置不动，闭合开关S和S1，记下此时电流表的示数为I1；
③保持开关S和S1闭合，移动滑动变阻器的滑片至最右端，记下此时电流表的示数为I2；
④则小灯泡正常发光时电阻的表达式为：R额＝　 　（用I额、I1、I2和R0表示）。
四、计算题（32题6分，33题8分，共14分）
32．（6分）如图甲所示，有一底面积为0.01m2，质量为3kg的正方体物块，在拉力F的作用下在水平面上做直线运动。拉力随时间变化、速度随时间变化图象分别如图乙、丙所示，已知物块在2～4s的运动距离为2m。求：
（1）物块静止时对水平面的压强；
（2）在2～4s物块受到的摩擦力；
（3）在前6s内，拉力F做的功。

33．（8分）如图甲是某自动控温电热水器的电路图，其中控制电路电压恒为6V，R1为热敏电阻，置于水箱中产生的热量对水箱中水温的影响忽略不计，R1阻值随温度变化的关系如图乙所示，R2为可调电阻，用来设定电热水器的水温。R3、R4为纯电热丝，均置于水箱中，R3＝22Ω；电磁铁线圈电阻忽略不计，当电磁铁电流达到0.2A时，继电器衔铁被吸下来。工作过程中，电源电压均保持不变，请完成下列问题：
（1）图甲中电磁铁的上端为 　 　（选填“N极”或“S极”）；
（2）加热时电热丝R3的功率为多少？
（3）如果电热水器储有60kg的水，电路处于加热状态，正常工作1小时，产生的热量80%被水吸收，则水温升高了多少℃？[c水＝4.2×103J/（kg•℃），结果保留1位小数]
（4）如果将电热水器水温设为60℃，R2的阻值应该调至多少Ω？


2023年河北省保定十七中中考物理质检试卷（3月份）
参考答案与试题解析
卷Ⅰ（选择题，共48分）一、选择题（单选每题2分，多选每题3分，选不全得2分，错选0分，共48分）
1．【分析】（1）人体感觉舒适的环境温度为25℃左右；
（2）中学生的质量大约是50kg；
（3）声音在空气中的传播速度为约340m/s；
（4）学生课桌的高度约为80cm。
【解答】解：A、人体感觉舒适的环境温度为25℃左右，故A不符合实际；
B、中学生的质量大约是50kg，受到的重力约为G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N，故B不符合实际；
C、声音在空气中的传播速度为约340m/s，在水中的传播速度约为1500m/s，故C不符合实际；
D、学生课桌的高度约为8dm，故D符合实际。
故选：D。
2．【分析】（1）收音机天线能够接收到各种各样的电磁波；
（2）电磁波和声波的传播速度与传播介质有关，与频率、波长无关；
（3）声音的传播需要介质，真空不能传声，而电磁波的传播不需要介质；
（4）图片和声音等信号调制到电磁波上，把电磁波当成载体发射出去，电磁波比超声波、次声波具有更强的穿透力，人们日常生活中用的电视信号、手机信号都是利用电磁波传递信号的；“B超”是利用超声波传递信息的。
【解答】解：A、收音机只能接收电磁波，不能接收声波，故A错误；
B、电磁波和声波的传播速度都与传播介质有关，与频率无关，故B错误；
C、抽成真空的玻璃罩能屏蔽声波，但是不能屏蔽电磁波，故C错误；
D、手机是利用电磁波传递信息的；“B超”是利用超声波传递信息的，故D正确。
故选：D。
3．【分析】（1）任何物体在任何情况下都具有内能；
（2）搓手取暖是机械能转化为内能；
（3）湿毛巾冷敷降温是通过热传递的方式减小了内能；
（4）汽油机做功冲程是内能转化为机械能；
【解答】解：A、任何物体在任何情况下都具有内能。冰冷的冰块也有内能，故A错误；
B、搓手取暖是机械能转化为内能，故B错误；
C、湿毛巾冷敷降温是通过热传递的方式减小人体的内能，故C正确；
D、汽油机做功冲程是内能转化为机械能，图丁中能量转化是机械能转化为内能，故D错误；
故选：C。
4．【分析】（1）奥斯特实验说明通电导体周围存在磁场；
（2）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流计指针发生偏转，说明导体中有感应电流产生；
（3）从图中控制了电流相同和匝数不同分析；
（4）通电导体在磁场中受到力的作用实验中有电源，消耗了电能。
【解答】解：A、奥斯特实验说明通电导体周围存在磁场，故A正确；
B、图中无电源，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流计指针发生偏转，说明导体中有感应电流产生，这是发电机的工作原理，故B正确；
C、图中两电磁铁串联，则通过的电流相同，它们线圈的匝数不同，两个电磁铁吸引小铁钉的数量不同，说明电磁铁的磁性强弱与线圈匝数有关，故C正确；
D、图中有电源，通电导体在磁场中受到力的作用而发生运动，将电能转化为机械能，故D错误。
故选：D。
5．【分析】（1）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
（2）增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
（3）力的作用是相互的，一个物体受到力，会给施力物体一个反作用力。
【解答】解：
A、人沿水平方向推水平地面上的物体，没有推动，推力和摩擦力是平衡力，二者大小相等，故A错误。
B、穿深花纹的鞋，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B正确。
C、手握水瓶静止时，手与水瓶之间的摩擦力等于水瓶的重力，增大握力，水瓶的重力不变，则摩擦力不变，故C错误。
D、相互作用力应该是相互作用的两个物体之间产生的一对力，车受到的摩擦力与马受到的摩擦力不是相互作用力的关系，故D错误。
故选：B。
6．【分析】物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。
【解答】解：A．踢出去的足球，由于惯性仍保持原来的运动状态向前运动，而不是受到惯性力的作用，故A错误；
B．锤头松了，将锤柄在地上撞击几下，即原来锤头和锤柄都处于运动状态，但锤柄碰到地面后变为静止，而锤头由于惯性仍保持原来的运动状态，所以能紧紧的套在锤柄上，说明锤头具有惯性，故B错误；
C．惯性仅仅与物体的质量有关，跳远运动员助跑是为了增加自己的速度，不能增加惯性，故C错误；
D．惯性大小只跟物体的质量大小有关，装满货物的载重汽车刹车时更不容易停下来是因为质量大惯性大，故D正确。
故选：D。
7．【分析】（1）力是改变物体运动状态的原因；
（2）惯性是指一切物体都具有的能保持原来运动状态不变的性质；
（3）力的作用效果：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态；
（4）物体间力的作用是相互的。
【解答】解：A、力是改变物体运动状态的原因，足球在草地上越滚越慢最终停下来，是因为足球受到阻力的作用，故A错误；
B、踢出去的足球由于具有惯性能在空中继续向前飞行，惯性不是力，不能说物体物体受到惯性力的作用，故B错误；
C、运动员用头将迎面飞来的足球顶回去，力改变了足球队运动方向，说明力能改变物体的运动状态，故C正确；
D、守门员一脚踢出放在地面上的足球，足球给脚的力和脚给足球的力是一对相互作用力，故D错误。
故选：C。
8．【分析】光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，如：透镜的应用、池水变浅了等。
光在同一均匀介质中是沿直线传播的，应用的实例有：小孔成像、影子的形成、日食和月食现象；
光的反射是指光线遇到障碍物被反射回来的现象，比如我们平时看到的物体，平面镜成像等。
【解答】解：筷子在水中“折断”是光的折射形成的；
A、河水看起来变浅，是由于光从水中斜射入空气中时发生折射形成的，故A正确；
B、水中荷花的倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B错误；
C、阳光下密林地上的圆形光斑属于小孔成像，是由光的直线传播形成的，故C错误；
D、紫外线使荧光物质发光，这是紫外线的化学效应，故D错误。
故选：A。
9．【分析】甲乙的压强相等，知道甲、乙的受力面积，根据压强公式可以判断甲、乙对地面的压力，知道受力面积的变化可以判断甲、乙对地面的压强。
【解答】解：（1）甲、乙的底面积分别为S、S'（S＞S'），甲、乙压强相等，根据 F＝pS，可以判断甲对水平地面的压力大于乙对水平地面的压力：F甲＞F乙；
（2）甲、乙是长方体，当甲、乙顺时针旋转90°后，甲、乙的底面积分别为S'、S，甲的受力面积减小，甲对水平地面的压力不变，甲对水平地面的压强增大，乙的受力面积增大，乙对水平地面的压力不变，乙对水平地面的压强减小，由于原来甲、乙对水平地面的压强相等，所以旋转后甲对水平地面的压强大于乙对水平地面的压强，即p甲＞p乙，故C正确，ABD错误。
故选：C。
10．【分析】结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：A、用羊角锤起钉子时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故A错误；
B、用钳子夹导线时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B错误；
C、用起子起瓶盖时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C错误；
D、用镊子夹取砝码时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D正确。
故选：D。
11．【分析】（1）在v﹣t图像中，与时间轴平行的直线表示物体做匀速直线运动，过原点的斜线表示物体做匀加速直线运动，据此判断两人的运动状态，并利用速度公式判断0～10s两人所通过的路程是否相等；
（2）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
【解答】解：ACD、由v﹣t图像可知，小芳的运动图像是一条平行于时间轴的直线，说明小芳做匀速直线运动，速度为3m/s，小明的运动图像是一条过原点的斜线，说明小明做匀加速直线运动，第10s末，两人的速度相等，均为3m/s，根据v＝可知，0～10s小芳通过的路程大于小明通过的路程，故A错误、CD正确；
B、由v﹣t图像可知，小芳做匀速直线运动，以湖畔的垂柳为参照物，小芳与垂柳之间的位置始终在变化，所以以湖畔的垂柳为参照物，小芳总是运动的，故B正确。
故选：A。
12．【分析】（1）密度是物质的一种特性，决定于物质的种类、状态和温度，与物体的质量和体积无关；
（2）密度是指单位体积的某种物质的质量；
（3）质量是物体的一种属性，不随物体位置、形状、状态和温度变化。
【解答】解：A、密度是物质的一种特性，与物体质量和体积无关，同种物质组成的物体密度相同，故A错误；
B、水的密度是1.0×103kg/m3，表明1m3的水质量是1.0×103kg，故B错误；
C、一块冰全部熔化成水后，状态改变，质量不变，故C错误；
D、嫦娥五号返回舱从月球带回1731g月球土壤样品返回地球，样本的位置发生变化，质量不变，故D正确。
故选：D。
13．【分析】（1）可再生能源的概念：像风能、水能、太阳能等可以在自然界源源不断地得到，把它们称为可再生能源。不可再生能源的概念：化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源；
（2）在能量转化过程中，总存在一定的能量损耗；
（3）电动机工作时，将电能转化为机械能；发电机工作时，将机械能转化为电能；
（4）液体压强随深度的增加而增大。
【解答】解：A、风能和光能可以在自然界源源不断地得到，是可再生能源，故A正确；
B、该电站抽水时所消耗的电能，有能量的损耗，不可能全部转化为水的势能，故B错误；
C、该电站抽水蓄能时，可将电能转化为机械能储存起来，发电时可将机械能转化为电能，故C正确；
D、应用液体压强随深度的增加而增大，所以电站的水坝设计成下宽上窄的形状，故D正确。
故选：B。
14．【分析】家庭电路中，带有金属外壳的用电器如果漏电，用电器的外壳和火线相连，人接触用电器外壳，会间接接触火线发生触电事故。
空气开关“跳闸”是因为电路中电流过大。电路中电流过大有两种原因：一是电路中用电器的总功率过大，二是电路发生了短路。
【解答】解：家庭电路中两孔插座接入一个电火锅，不会造成家庭电路中的电流过大，也不会使两孔插座短路；
电火锅使用三脚插头，上端的一脚和金属外壳相连，插入三孔插座时，金属外壳接地，可以防止因用电器外壳漏电而触电；如果把三脚插头插在两孔插座上，电火锅的金属外壳和地线断开，一旦金属外壳带电，当人接触时会发生触电事故；故C正确，ABD错误。
故选：C。
15．【分析】（1）射向镜面的光线为入射光线，离开镜面的光线为反射光线；
（2）反射光线与法线的夹角叫反射角，反射角等于入射角；，
（3）移动激光笔，使射向O点入射光线AO慢慢地向ON位置靠近，则入射角减小，反射角也减小，则反射光线会靠近法线；
（4）要研究入射光线、法线、反射光线是否在同一平面内，我们可以以法线为轴线转动光屏，通过现象进行判断。
【解答】解：A、射向镜面的光线为入射光线，由图知入射光线从激光笔沿OA射向镜面，所以AO是入射光线，故A正确；
B、由图知入射角为60°，由于反射角等于入射角，所以反射角也是60°，故B错误；
C、若把入射光线OA靠近ON，则入射角减小，根据反射角等于入射角可知，反射角也会减小，所以反射光线OB也会靠近ON，故C正确；
D、绕ON前后转动F板，由于两个面不在同一平面内，所以F板上观察不到光线，故D正确。
故选：B。
16．【分析】（1）倒置后，液体深度增大，由液体压强公式得出容器底受到液体压强的变化情况；
倒置后容器底受到的压强变大，但受力面积变小。若利用F＝pS，则不好判断压力的变化情况；
对于这种上下口不一样大的容器，可以通过比较对容器底的压力与液体重的大小关系，得出倒置前后对容器底的产生的压力大小关系；
（2）在水平桌面上，物体对桌面的压力等于物体重，倒置后压力不变、受力面积变大，根据压强公式判断桌面受到的压强变化。
【解答】解：（1）正放时，液体对容器底的压力，
F1＝p1S1＝ρgh1S1＞G，
倒置时，液体对容器底的压力：
F2＝p2S2＝ρgh2S2＜G，
所以F1＞F2，故AD错误；
（2）容器质量相同，液体质量相同，则总重力相等，
因为在水平面上压力等于重力，所以压力相等，即F1压＝F2压，
根据p＝知，倒置受力面积减小，压强变大，即p1＜p2，故B正确，C错误。
故选：B。
17．【分析】（1）增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
（2）减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
【解答】解：在轮胎上刻花纹，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
A、用力捏刹把刹车，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故A不合题意；
B、溜冰时穿旱冰鞋，用滚动代替滑动来减小摩擦力，故B不合题意；
C、体操运动员在手上涂镁粉，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C符合题意；
D、运动员击球时用力握球拍，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故D不合题意。
故选：C。
18．【分析】（1）知道物体重力、斜面高，利用W＝Gh求推力做的有用功；知道斜面机械效率，利用η＝求推力做的总功，再利用W总＝FL求小孙推动货物所用推力大小；
（2）推力做的额外功W额外＝W总﹣W有用，再利用W额＝fL求货物受到斜面的摩擦力；
（3）滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，若增大推行速度，货物对斜面的压力大小和接触面的粗糙程度均不变，据此确定货物受到的摩擦力是否变化；
（4）若h不变、减小L，物体对斜面的压力减小，斜面对物体的摩擦力减小，额外功减小，有用功不变，根据W总＝W有用+W额外可知，总功减小，根据η＝分析斜面的机械效率的变化。
【解答】解：A、推力做的有用功：W有用＝Gh＝600N×1.5m＝900J，
由η＝可得推力做的总功：W总＝＝＝1500J，
由W总＝FL可得小孙推动货物所用推力：F＝＝＝250N，故A错误；
B、推力做的额外功：W额外＝W总﹣W有用＝1500J﹣900J＝600J，
货物受到斜面的摩擦力：f＝＝＝100N，故B错误；
C、滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，若增大推行速度，货物对斜面的压力大小和接触面的粗糙程度均不变，则货物受到的摩擦力将不变，故C错误；
D、若h不变、减小L，斜面的倾斜程度增大，物体对斜面的压力减小，斜面对物体的摩擦力减小，由W额＝fL可知额外功减小，有用功不变，根据W总＝W有用+W额外可知，总功减小，根据η＝可知斜面的机械效率将升高，故D正确。
故选：D。
19．【分析】（1）凸透镜成像的规律及其应用：①当物距u＞2f时，2f＞v＞f，在光屏上得到倒立、缩小的实像，应用于照相机；②当物距2f＞u＞f时，v＞2f（u＜v）在光屏上得到倒立、放大的实像，应用于投影仪；③当物距u＜f时，成正立、放大的虚像，应用于放大镜；
（2）物距变化时，要想在光屏上得到清晰的像，像距也应该发生变化；
（3）在光的折射现象中，光路可逆；
（4）换用焦距较小的凸透镜，相当于增大了物距，减小了像距，仍要在光屏上得到清晰的像，需要向左移动光屏。
【解答】解：A、由图可知，此时的物距大于像距，且光屏上能成像，由凸透镜成像规律可知，此时成倒立、缩小的实像，是照相机的成像原理，故A错误；
B、此时的物距大于像距，光屏上成倒立、缩小的实像，保持蜡烛和光屏位置不动，移动凸透镜，物距小于像距时，根据光路的可逆性，此时成倒立、放大的实像，故B正确；
C、保持透镜和光屏位置不动，向右移动蜡烛，物距变小，焦距不变，像距变大，此时应向右移动光屏，烛焰才可能在光屏上成清晰的像，故C错误；
D、换用焦距较小的凸透镜，相当于增大了物距，减小了像距，故向左移动光屏，一定能得到烛焰清晰的像，故D正确。
故选：BD。
20．【分析】（1）同一滑轮组提升的物重越重，做的有用功越多，额外功几乎不变，有用功与总功的比值越大，即机械效率越大；
（2）由图可知n＝3，利用η＝＝＝＝求拉力；
（3）利用P＝＝＝Fv绳求拉力的功率；
（4）利用W＝Gh求有用功，再利用η＝×100%求总功。
【解答】解：
A、同一滑轮组提升的物重越重，做的有用功越多，额外功几乎不变，有用功与总功的比值越大，因此η1＜η2，故A正确；
B、由图可知n＝3，因为滑轮组的机械效率η＝＝＝＝，所以，拉力F1＝＝，故B错误；
C、绳子自由端移动的速度：v绳＝3v，则拉力F1的功率：P1＝＝＝F1v绳＝×3v＝v，故C正确；
D、物重为2G时，有用功：W有2＝2Gh，由η＝可知，W总2＝＝，故D错误；
故选：AC。
21．【分析】（1）根据F浮＝G﹣F求在水和盐水中A物体所受的浮力；
（2）由F浮＝ρgV排公式变形可求得物体排开水的体积，因为物体浸没，所以物块排开水的体积等于物体的体积；根据F浮＝ρ液gV排公式变形可求得盐水的密度；
（3）根据G＝mg＝ρVg可求得A物体的密度。
【解答】解：（1）由图甲、丁可知，物体浸没在水中时受到的浮力：F浮＝G﹣F＝5N﹣1N＝4N，故B正确；
由图甲、戊所示实验可知，物块浸没在盐水中所受浮力：F浮′＝G﹣F′＝5N﹣0.6N＝4.4N，故C正确；
（2）由F浮＝ρ水gV排水可得，物体排开水的体积：
V排水＝＝＝4×10﹣4m3，
由于物体浸没在水中，则物体的体积等于物体排开水的体积，即：V＝V排水＝4×10﹣4m3；
物体浸没在盐水中时物体排开盐水的体积V排盐水＝V＝4×10﹣4m3；
则根据F浮＝ρ液gV排可得盐水的密度：ρ盐水＝＝＝1.1×103kg/m3＝1.1g/cm3，故A正确；
（3）由图甲可知，物体的重力G＝5N，
根据G＝mg＝ρVg可得物体的密度：ρ＝＝＝1.25×103kg/m3，故D错误。
故选：ABC。
22．【分析】（1）只闭合开关S，三个电阻串联，电压表V1测量电阻R1和R2两端的电压，电压表V2测量电阻R2和R3两端的电压，电流表A2测量电路中的电流，电流表A1断路；
向左调节滑动变阻器的滑片P，判断出滑动变阻器R1电阻的变化由串联电路电流的规律判断出电路中总电阻的变化，由I＝判断出电路中电流的变化，进而判断出电流表A2示数的变化，由电流表A1断路判断出电流表A1示数的变化，根据U＝IR判断出电阻R3两端的电压和R2、R3两端总电压的变化，进而判断出电压表V2示数的变化，由串联电路电压的规律判断出电阻R1和R2两端电压变小，进而判断出电压表V1示数的变化；
（2）闭合开关S，三个电阻串联，保持滑片P位置不变，S2闭合后，电阻R2、R3以及电压表V2都被短路，V2示数为零，电路中只有滑动变阻器R1工作，电流表A1、A2都测量电路中的电流，由于电路的总电阻减小，电源电压不变，由I＝判断出电路中电流的变化，进而判断出电流表A1、A2示数的变化；
（3）闭合所有开关，三个电阻并联，电压表V1和V2都被短路，电流表A1测量通过电阻R1和R2的电流，电流表A2测量干路的电流，向右调节滑片P，滑动变阻器的电阻变大，由I＝判断出通过滑动变阻器电流变化，根据并联电路各个支路互不影响，判断出通过定值电阻R2、R3电流的变化，进而判断出A1、A2示数的变化以及变化量的大小；
（4）只闭合开关S，三个电阻串联，向右调节滑片P，滑动变阻器R1的电阻增大，电路中的总电阻增大，由I＝判断出电路中电流的变化，根据U＝IR判断出R2、R3两端的电压的变化，由串联电路电压的规律判断出滑动变阻器R1两端的电压增大，进而判断出滑动变阻器R1两端的电压增大量与R2、R3两端总电压的减小量的关系，在判断出电压表电压表V1示数的增大量与电压表V2测量示数减小量的关系。
【解答】解：A、只闭合开关S，三个电阻串联，电压表V1测量电阻R1和R2两端的电压，电压表V2测量电阻R2和R3两端的电压，电流表A2测量电路中的电流，电流表A1断路；
向左调节滑动变阻器的滑片P，滑动变阻器R1的电阻减小，电路中的总电阻减小，由I＝知电路中的电流变大，电流表A2示数变大，电流表A1断路，仍没有示数，所以电流表A1的示数不变；根据U＝IR知电阻R3两端的电压和R2、R3两端的总电压都变大，电压表V2的示数变大，由串联电路电压的规律知电阻R1和R2两端的电压变小，电压表V1的示数变小，故A错误；
B、闭合开关S，三个电阻串联，保持滑片P位置不变，S2闭合后，电阻R2、R3以及电压表V2都被短路，V2示数为零，电路中只有滑动变阻器R1工作，电流表A1、A2都测量电路中的电流，由于电路的总电阻减小，电源电压不变，由I＝知电路中的电流变大，电流表A1、A2示数都增大，故B错误；
C、闭合所有开关，三个电阻并联，电压表V1和V2都被短路，电流表A1测量通过电阻R1和R2的电流，电流表A2测量干路的电流，向右调节滑片P，滑动变阻器的电阻变大，由I＝知通过滑动变阻器的电流变小，由于并联电路各个支路互不影响，所以通过定值电阻R2、R3的电流不变，所以A1、A2示数变小，且变化量相等，故C正确；
D、只闭合开关S，三个电阻串联，向右调节滑片P，滑动变阻器R1的电阻增大，电路中的总电阻增大，由I＝知电路中的电流变小，根据U＝IR知R2、R3两端的电压都减小，由串联电路电压的规律知滑动变阻器R1两端的电压增大，所以滑动变阻器R1两端的电压增大量等于R2、R3两端总电压的减小量，所以由于滑动变阻器R1和R2两端电压的变化量小于电阻R2和R3两端电压的减小量，由于电压表V1测量电阻R1和R2两端的电压，电压表V2测量电阻R2和R3两端的电压，所以电压表电压表V1示数的增大量小于电压表V2测量示数的减小量，故D正确。
故选：CD。
卷Ⅱ非选择题（共52分）二、填空题（每空1分，每图1分，共21分）
23．【分析】（1）在流体中，流速越大的位置压强越小，流速越小的位置压强越大；
（2）影响摩擦力的因素有接触面的粗糙程度和压力大小；利用p＝分析压强变化情况；
（3）大气压随着高度的增加而减小。
【解答】解：（1）分析题意可知，这里是想利用地面风实现自动抽气，结合图中的设计图可知看出，其设计原理是流体中流速大的地方压强小；
遮闭盖的形状靠近管道口的一面向下凸起，当地面风吹过时，通道A处空气流速度变快，压强变小，小于B处的气体压强，所以在压强差的作用下气流从B到A，从而实现自动抽气。
（2）在木块被拉回桌面的过程中，压力和粗糙程度均不变，故木块受到的摩擦力不变；受力面积增大，结合p＝可知木块对桌面的压强变小；
（3）大气压随着高度的增加而减小，自制气压计随电梯从一楼上升至十楼过程中，气压减小，液柱会在内部气压的作用下被压高。
故答案为：（1）流速越大的位置，压强越小；（2）不变；不变；变小；（3）上升。
24．【分析】（1）由c＝可知，质量相等的不同物质，吸收相同的热量，温度升高多的比热容小；
（2）热传递可以改变物体的内能，其实质是能量的转移；
（3）根据Q放＝mq求出酒精完全燃烧放出的热量，利用效率公式求出A液体吸收的热量，再利用吸热公式求出A液体的比热容。
【解答】解：用两个相同的装置加热初温相同、质量相等的A、B两种液体，相同的时间内，两液体吸收的热量相同，A液体升高的温度高于B液体升高的温度，由c＝可知，A液体的比热容小于B液体的比热容；
加热过程中液体内能增大，温度升高，这是通过热传递方式改变内能的；
2.8克酒精完全燃烧放出的热量为：
Q放＝m酒精q酒精＝2.8×10﹣3kg×3.0×107J/kg＝8.4×104J；
A液体吸收的热量为：
Q吸＝Q放η＝8.4×104J×60%＝5.04×104J；
根据Q吸＝cmΔt可知，A液体的比热容为：
c＝＝＝2.1×103J/（kg•℃）。
故答案为：小于；热传递；2.1×103J/（kg•℃）。
25．【分析】（1）2000r/kW•h表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转过2000转，据此求出电能表的转盘转了200转时，电热水器消耗的电能，利用P＝求电热水器的功率。知道小明家正在使用的用电器的总功率，可求电路总电功率，利用P＝UI求电路中电流，与空气开关允许通过的最大电流比较，得出小明的哪个猜想是正确的。
（2）分析电路图，得出闭合开关S、断开开关S1与两个开关都闭合时电路中电阻的大小关系，电源电压一定，利用P＝得出两种情况下电功率大小关系，电功率大的为加热挡，电功率小的为保温挡。
【解答】解：（1）2000r/kW•h表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转过2000转，
电能表的转盘转200转时，电热水壶消耗的电能：
W＝kW•h＝0.1kW•h，
时间t＝6min＝0.1h，
电热水壶的电功率：
P＝＝＝1kW＝1000W，
在接入电热水器之前，已有总功率4400W的用电器正在工作，
此时总功率P′＝1000W+4400W＝5400W，
电路中电流I＝＝≈24.5A，
而空气开关允许通过的最大电流是40A，电流还达不到40A，空气开关跳闸不是因为电路的总功率过大引起的，可能是发生了短路，所以猜想①错误，猜想②是正确的。
（2）电路图，可知，闭合开关S、断开开关S1时，R1、R2串联，电路中电阻较大，电源电压一定，由P＝可知电功率较小，电热水壶处于保温挡；两个开关都闭合时，电路中只有R1，电路中电阻较小，电源电压一定，由P＝可知电功率较大，电热水壶处于加热挡。
故答案为：1000；②；S、断开开关S1。
26．【分析】（1）利用玻璃板透明的特点，可以观察到玻璃板的另一侧，便于找到像的位置；
（2）实验时玻璃板如果不竖直，不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像完全重合。
【解答】解：（1）在探究“平面镜成像的特点”实验中，使用透明的玻璃板，可以观察到玻璃板的另一侧，并且能够成像，这样便于确定像的位置；
（2）实验时玻璃板如果不竖直，由于像飘在空中或成在桌面下，不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像完全重合。
故答案为：（1）像的位置；（2）不会重合。
27．【分析】（1）在调平杠杆平衡时，杠杆的哪端高，平衡螺母要向哪端移动；过支点向力的作用线作垂线，画出弹簧测力计拉力的力臂L1。
（2）根据杠杆的平衡条件求解；
（3）弹簧测力计读数时，先观察量程，然后根据指针所在位置进行读数。当弹簧测力计竖直时，动力臂等于动力点到支点的距离，当弹簧测力计倾斜拉杠杆时，力臂变小，小于动力点到支点的距离。
【解答】解：（1）实验前为方便测量力臂，应将杠杆调节到水平位置平衡，将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆左端下沉，右端偏高，这时应将平衡螺母向右端调节。
（2）如图甲所示，在杠杆B点处挂6个钩码，设在则在A点处应挂n个同样的钩码，杠杆仍然在水平位置平衡；
设每个钩码重为G，每个小格为L，根据杠杆的平衡条件F动l动＝F阻l阻：
6G×2L＝nG×3L，故n＝4，
即在A点处应挂4个同样的钩码，杠杆仍然在水平位置平衡。
过支点向力的作用线作垂线，画出弹簧测力计拉力的力臂L1。

（3）弹簧测力计每一个大格代表1N，每一个小格代表0.2N，示数为3.8N。
弹簧测力计没有竖直向下拉，当弹簧测力计倾斜拉杠杆时，力臂小于动力点到支点的距离，动力臂变小。
故答案为：（1）水平；见解析；（2）4；（3）3.8；弹簧测力计没有竖直向下拉。
28．【分析】（1）内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，根据气门和活塞的情况判断哪一冲程；
（2）扩散现象表明：一切物质的分子都在不停地做无规则运动；
（3）改变物体内能有两种方式：做功和热传递，做功实质是能量的转化，热传递实质是能量的转移。
【解答】解：图中，汽油机的汽缸两个气门都关闭，活塞向上运动，因此是压缩冲程；
在汽车周围闻到浓浓的汽油味，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；
散热过程，水从发动机吸收热量，通过热传递的方式增大了水箱内水的内能。
故答案为：压缩；扩散；热传递。
三、实验题（每空1分，每图1分，共17分）。
29．【分析】（1）根据图甲读出温度计的示数，注意温度计的分度值；
（2）液体沸腾时，不断吸热，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；水沸腾后，继续吸热、温度不变；
（3）水蒸气遇冷会液化；液体的沸点跟气压有关，气压减小，沸点降低。
【解答】解：（1）温度计的分度值为1℃，示数为96℃；
（2）由表格中数据知，水沸腾过程中温度保持98℃不变，可知水的沸点为98℃；水沸腾后继续加热，温度不变；
（3）水沸腾后把烧瓶从火焰上拿开，水不能继续吸收热量，水会停止沸腾，迅速塞上瓶塞，把烧瓶倒置并向瓶底浇冷水，烧瓶内的水蒸气遇冷的烧瓶壁液化变成小水珠，瓶内的气压减小，水的沸点降低，烧瓶内的水再次沸腾。
故答案为：（1）96；（2）98；不变；（3）液化；降低。
30．【分析】（1）检查装置是否漏气时，用手轻轻按压几下橡皮膜，看液体能否灵活升降；
U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压；只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
（2）根据p＝ρgh求出液体产生的压强即为橡皮管内气体的压强与大气压之差；
（3）（4）液体压强与深度和液体的密度有关，研究液体压强与其中一个因素的关系，要控制另外一个因素不变；分析实验中相同量和不同量，根据转换法得出结论；
（5）观察到橡皮膜相平，则左右液体产生的压强相同，根据p＝ρ液gh，可求出液体的密度的表达式。
【解答】解：（1）用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的液体能灵活升降，则说明装置不漏气；
若在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，只需要将软管取下，再重新安装，这样U形管中两管上方的气体压强就是相等的（都等于大气压），当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故B正确；
故选B；
（2）U形管左右两侧水面的高度差h＝8cm＝0.08m，
则橡皮管内气体的压强与大气压之差约为：p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.08m＝800Pa；
（3）分析图②、图③的实验知液体的密度相同，深度不同，深度越深，U形管液面的高度差越大，液体内部压强越大，得出结论：同种液体中，液体压强随液体深度的增加而增加；
（4）分析图③、图④的实验知液体的深度相同，液体的密度不同，且密度越大，U形管液面的高度差越大，液体内部压强越大，得出结论：在深度相同时，液体的密度越大，压强越大；
（5）实验时，橡皮膜两侧受到的压强容易观察，所以需要利用水和液体在橡皮膜处的压强相等来计算液体压强，因此需要测量待测液体和水到橡皮膜中心的深度，如图⑤，橡皮膜相平，所以橡皮膜左侧和右侧的压强相等，即p左＝p右，根据液体压强公式得ρ水gh4＝ρgh2，解得待测液体密度的表达式为ρ＝。
故答案为：（1）不漏气；B；（2）800；（3）增加；（4）密度；（5）。
31．【分析】（1）滑片P向右移动时小灯泡变亮，说明电路中电流变大，变阻器阻值变小，据此确定变阻器右下接线柱串联接入电路中；
（2）电路连接好后闭合开关，发现电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，小灯泡不亮，说明电压表并联的支路短路或电压表短路；
（3）根据电压表选用量程确定分度值读数；
（4）根据I﹣U的关系图像确定灯泡额定电压对应的额定电压，根据R＝算出灯泡的阻值；
（5）灯丝的电阻随温度的升高而变大；
（6）根据R＝分别求出步骤①②中电路的总电阻，根据步骤③求出电源电压，利用电阻的串联写出小灯泡正常发光时电阻的表达式。
【解答】解：（1）滑片P向右移动时小灯泡变亮，说明电路中电流变大，变阻器阻值变小，故变阻器右下接线柱与灯泡串联接入电路中，如下图所示：
；
（2）电路连接好后闭合开关，发现电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，小灯泡不亮，说明电压表并联的支路短路或电压表短路，如果电路只有一个元件有故障，该故障可能是小灯泡短路；
（3）排除故障后，继续进行实验，小灯泡正常发光时电压表示数如图1丙所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为2.5V；
（4）由I﹣U的关系图像可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.25A，小灯泡正常发光时的电阻为：
R＝＝＝10Ω；
（5）由I﹣U的关系图像可知，当灯泡两端的电压增大，通过灯泡的电流也变大，根据P＝UI可知，灯泡的功率变大，灯丝的温度升高，灯丝的电阻随温度的升高而变大；
（6）④在步骤①中，R、R0和L串联在电路中，电流表测串联电路电流，移动滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为I额，此时灯泡正常发光；根据R＝可知，电路的总电阻为：
R总＝；
在步骤②中，R和R0串联在电路中，电流表测串联电路电流，保持滑动变阻器滑片P的位置不动，此时电流表的示数为I1，根据R＝可知，电路的总电阻为：
R总1＝；
在步骤③中，电路为只有R0的简单电路，此时电流表的示数为I2，根据U＝IR可知，电源电压为U源＝I2R0；
由电阻的串联可知，小灯泡正常发光时电阻的表达式为：
R额＝R总﹣R总1＝﹣＝I2R0（﹣）＝。
故答案为：（1）见解答图；（2）短路；（3）2.5；（4）10；（5）大；（6）。
四、计算题（32题6分，33题8分，共14分）
32．【分析】（1）物体静止在水平面上对水平面的压力等于物体的重力，再由p＝可求压强；
（2）由v﹣t图象可知，在4～6s物体做匀速直线运动，根据平衡条件并结合F﹣t图象可求滑动摩擦力大小；虽然在2～4s物块做加速运动，但滑动摩擦力的大小只跟压力大小、接触面的粗糙程度有关，与运动速度无关，据此可求在2～4s物块受到的摩擦力；
（3）将运动分成3段：0～2s、2～4s、4～6s，分别利用W＝Fs求出拉力所做的功，总功等于各部分做功之和，据此解答。
【解答】解：（1）物块对水平面压力F压＝G＝mg＝3kg×10N/kg＝30N
物块对水平面的压强p＝＝3×103Pa；
（2）由图象可知，物块在4～6s做匀速直线运动，摩擦力F摩与拉力F大小相等，即F摩＝F＝6N；
由v﹣t图象可知在2～4s物块做加速运动，但物块对水平面的压力大小和接触面的粗糙程度不变，则摩擦力大小不变，所以2～4s物块受到的摩擦力F摩′＝F摩＝6N；
（3）0～2s物块处于静止状态拉力不做功；
已知物块在2～4s运动的距离s′＝2m；
则2﹣4s拉力F做的功W′＝F′s′＝9N×2m＝18J；
物块在4～6s内运动的距离s＝vt＝2m/s×2s＝4m；
4～6s拉力F做的功W＝Fs＝6N×4m＝24J；
前6s拉力F做的功W总＝W′+W＝18J+24J＝42J。
答：（1）物块静止时对水平面的压强为3×103Pa；
（2）在2～4s物块受到的摩擦力为6N；
（3）在前6s内，拉力F做的功为42J。
33．【分析】（1）电磁铁是根据电流的磁效应制成的；应用安培定则判断出线圈上端的磁极；
（2）由题意求出水吸收的热量，由吸热公式可以求出水升高的温度；
（4）如果将热水器中的水温设置为80℃，此时控制电路中的电流刚好为0.2A，由欧姆定律求出此时控制电路的总电阻，然后由图象求出热敏电阻的阻值，最后由串联电路的特点求出R2的阻值。
【解答】解：（1）电磁铁是根据电流的磁效应制成的；图甲中电流从电磁铁的上端外侧流入，由安培定则可知，线圈的下端为N极，其上端的磁极为S极；
（2）分析甲图可知，当衔铁与上方触点接通时，电路中只有R3工作，为加热状态；
当衔铁与下方触点接通时，电路中R3与R4串联，一起工作，为保温状态；
加热时电热丝R3的功率为：P＝＝＝2200W；
（3）电路处于加热状态，正常工作1小时，
Q＝Pt＝2200W×3600s＝7.92×106J；
产生的热量80%被水吸收，
Q吸＝80%×Q＝80%×7.92×106J＝6.336×106J；
由Q吸＝cmΔt变形得：
Δt＝＝≈25.1℃；
（4）如果将热水器中的水温设置为60℃，此时控制电路中的电流刚好为0.2A，
由I＝可知，此时控制电路的总电阻：
R总＝＝＝30Ω，
由图象可知，60℃时R1的阻值为10Ω，则R2的阻值为R2＝R总﹣R1＝30Ω﹣10Ω＝20Ω。
故答案为：（1）图甲中电磁铁的上端为S极；
（2）加热时电热丝R3的功率为2200W；
（3）水温升高了25.1℃；
（4）R2的阻值应该调至20Ω。