2023年河北省石家庄市桥西区中考物理模拟试卷（含答案解析）

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2023年河北省石家庄市桥西区中考物理模拟试卷
1. 下列数据最接近实际情况的是(    )
A. 一个篮球的质量约为60g
B. 市区内对车辆的限速一般为120km/h
C. 一张十元人民币的长约为5dm
D. 刚从冰箱冷藏室取出饮料的温度约为4℃
2. 关于声现象，下列说法正确的是(    )
A. 噪声监测装置可控制噪声的大小 B. 超声波击碎结石说明其能传递能量
C. 倒车雷达与声呐的工作媒介不同 D. 太空与地面间人员交流说明真空能传声
3. 四季交替，水的状态也随其变化，带动着自然界水的循环。下列说法中错误的是(    )
A. 春天冰雪消融是熔化现象要吸热 B. 夏天水蒸发快是汽化现象要放热
C. 秋天的露珠是水蒸气液化形成的 D. 冬天的冰花是水蒸气凝华形成的
4. 失于信息的传递，下列说法正确的是(    )
A. 电磁波只能传递图像信号 B. 模拟信号比数字信号抗干扰能力强
C. 时断时续的电流能够产生电磁波 D. 5G电磁波通讯信号比4G的传播得快
5. 下列关于用电安全的说法正确的是(    )
A. 短路失火应先断开电源再灭火
B. 落地高压线附近的跨步电压危害很小
C. 为方便开机，电视机可长期待机
D. 用电器的三线插头中较长的插头与火线连接
6. 分别用S1(密码解锁)、S2(指纹解锁)、S3(人脸解锁)表示手机解锁开关，小灯泡L代替手机屏幕，三种方式任意一种都能解锁手机，下列电路图中能实现上述功能的是(    )
A. B.
C. D.
7. 同学们在体育课进行实心球投掷训练，如图所示：B→C→D表示实心球离开手之后的运动轨迹。下列说法正确的是(    )
A. 实心球到达最高点C时，动能为零
B. 实心球从B→C→D过程中，没有力对它做功
C. 实心球从B→C过程中，动能减小，重力势能增大
D. 不论是否考虑空气阻力，实心球在空中运动时机械能守恒

8. 下列有关电与磁的说法正确的是(    )
A. 通电后的电磁铁可以吸引铁、钴、镍等物质
B. 电磁感应现象的重要应用之一是制成了电动机
C. 磁体周围的磁场看不见、摸不着，所以是不存在的
D. 只要导体在磁场中做切割磁感线运动，就能够产生感应电流
9. 如图所示，2022年2月7日，任子威以1分26秒768获得北京冬奥会短道速滑男子1000m冠军，实现了中国队在该项目上冬奥会金牌零的突破。下列有关任子威比赛过程的说法正确的是(    )

A. 向后蹬冰面才能向前运动，利用了力的作用是相互的
B. 他在弯道上滑行时，一定受到了非平衡力的作用
C. 冲过终点线后，会继续向前运动，是因为他受到了惯性的作用
D. 冲过终点不再用力向后蹬冰面时速度减小，说明力是维持物体运动的原因
10. 烛焰通过凸透镜(未画出)在光屏上所成的像如图所示，下列说法正确的是(    )

A. 照相机应用了此成像原理
B. 此时烛焰位于透镜的一、二倍焦距之间的某一位置
C. 只向左适当移动透镜，会在光屏上再次成清晰的像
D. 贴近透镜放置一近视镜片，向右适当移动光屏，会在光屏上再次成清晰的像
11. 如图所示，电源电压U保持不变，R1、R2为定值电阻，R为滑动变阻器，R1、R2的阻值和R的最大阻值均为R0，a、b为电流表或电压表。若闭合开关S、S1时，a、b的指针均明显偏转，将滑片P向左移动，a的示数不变，b的示数有变化。以下说法正确的是(    )

A. b一定是电压表
B. 若a为电压表，则只闭合开关S、S1时，a的示数为U
C. 若a为电流表且只闭合开关S、S1，将滑动变阻器的滑片移到最左端时，电路中消耗的功率为2U2R0
D. 若a为电压表且将b换成另一种电表，只闭合开关S、S2时，向左移动变阻器的滑片P，a的示数变化量是b的示数变化量的2倍
12. 汽车在水平路面上急速行驶，驾驶员相对于地面是______ 的；观察图甲中车的外形，由于车的上下表面空气流动速度不同，车对地面的压力会______ (选填“变大”“不变”或“变小”)，容易导致汽车失控，为了减小上述意外情况的发生，有些跑车为了提高“抓地力”，在车尾安装了一种“气流偏导器”，其外形应选用图乙中的______ (选填“A”或“B”)。

13. 如图所示是一款3D打印笔。使用时，在打印笔中装入塑料条，接通电源加热一段时间后即可挤出热熔的胶条，塑料条是利用______ 的方式改变了内能，同时会闻到熔胶的气味，这是一种______ 现象。胶条被挤出后“粘”在一起，这是由于分子间存在相互作用的______ ，胶条在空气中再迅速冷却变成特定的形态，完成3D打印。


14. 如图所示，在水平面上木块A叠放在木板B的上面，一根不可伸长的水平轻绳将木块A与墙壁相连。现用大小为10N的水平拉力F使B以1m/s的速向左匀速运动，绳的拉力T为4N，则A受到______ N的摩擦力。B受到A对它的摩擦力方向______ ，受到地面的摩擦力为______ N。
15. 采用天然气作为能源，可减少煤和石油的用量，因而大大改善环境污染问题。天然气属于______ (选填“可再生”或“不可再生”)能源，完全燃烧0.05m3天然气释放的热量为______ J，若放出热量的40%被水吸收，一标准大气压下，可以将10kg的水从20℃加热到______ ℃。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃),q天然气=8.4×107J/m3]
16. (1)小明研究焦耳定律，如图甲研究的是电流通过导体产生的热量与______ 的关系，若实验时左右两个U形管内液面高度差相同，则电路中的故障可能是______ 断路；
(2)小明知道家里电饭煲就是利用了电流的热效应，他观察到电饭煲的铭牌上标着“220V 1000W”，这个电饭煲正常工作时发热体的电阻是______ Ω。家里的电能表如图乙所示，他关掉家中其他的用电器，只让这个电饭煲工作6min，发现电能表转盘转了180转，则这个电饭煲的实际功率为______ W。

17. 小明想研究“看到的水中物体的位置是否和观察者的位置有关”，他选择了一块涂有白漆的铁板、水槽、红色和蓝色的两块圆形小磁铁等器材进行实验。小明把红色磁铁a吸在铁板上，然后将铁板竖直放入水中后，站在水槽旁进行观察。

(1)如图甲所示，他看到红色磁铁a的像a′，a′是由于光的______ 形成的虚像；
(2)为了确定红色磁铁的像a′的位置，小明进行了以下操作：
①将蓝色磁铁b吸在水面上方的铁板上(如图乙所示)，可观察到磁铁b在水中的像，该像的位置与观察者的位置______ (选填“有关”或“无关”)；
②保持观察者位置不变，移动b，直至观察到b的像与______ (选填“a”或“a′”)重合。
(3)鉴于本实验的目的，下一步应该进行的操作是______ 。
18. 如图是探究固体熔化时温度变化规律的实验装置，两支试管中分别为初温和质量相同的A、B两种固态物质。根据实验记录的数据画出了温度-时间图像如图乙所示。
(1)在实验过程中，下列操作是为了使装置受热均匀的是______ (选填序号)；
①使用水浴加热法加热
②使用酒精灯外焰加热
 ③烧杯底部垫有石棉网
(2)由图乙可知物质______ (选填“A”或“B”)是晶体，且在熔化过程中吸收热量，温度______ ；
(3)A物质在第6分钟时的内能比第4分钟时的内能______ (选填“一样”“小”或“大”)；
(4)分析图乙可知两物质在固态时的比热容关系为cA______ cB(选填“>”“2f时，成倒立、缩小的实像，2f>v>f，应用照相机；
当u=2f时，成倒立、等大的实像，v=2f；
当f 
【解析】解：(1)①使用水浴加热法加热可以让物质受热均匀，故①符合题意；
②使用酒精灯外焰加热，可以使局部受热，不能让物质受热均匀，故②不符合题意；
③烧杯底部垫有石棉网可以烧杯底受热均匀，故③符合题意。
故选：①③；
(2)晶体有固定熔点，在熔化过程中吸收热量，温度不变。由图乙可知物质B熔化过程中，吸收热量，温度不变，物质B是晶体。
(3)物质在熔化过程中吸收热量，内能增大，A物质在第6分钟时的内能比第4分钟时的内能大。
(4)由图乙可知，相同质量的物质A、B在固态时吸收相同的热量时，A升温慢，B升温快，则物质A的比热容较大，即cA>cB。
故答案为：(1)①③；(2)B；不变；(3)大；(4)>。
(1)本实验中用水浴法加热等措施可以让加热的物质受热均匀。
(2)晶体有固定的熔化温度；晶体在熔化时吸热，温度不变。
(3)非晶体在熔化过程中吸热，温度升高，内能变大；
(4)相同质量的不同物质，在吸收相同的热量时，温度升高越慢，这种物质的比热容越大。
知道晶体和非晶体的区别；知道晶体在熔化时吸热，温度保持不变；知道相同质量的不同物质在吸收相同的热量时，比热大的物质升温慢。

19.【答案】左  A 先变小后变大  2.5L2L2−L1⋅ρ水 
【解析】解：(1)杠杆的左端上翘，左端的平衡螺母或右端的平衡螺母都向上翘的左端移动，才能使杠杆在水平位置平衡；
(2)从支点O向动力F作用线做垂线段，垂线段长为动力臂l1，如图所示：

当动力在B点斜向下拉(与水平方向成30∘角)动力臂是：L1=12OB=12×4L=2L，此时L1=L2=2L，故杠杆为等臂杠杆，与天平同类型，故选A；
(3)如图丙所示，用弹簧测力计拉杠杆的C点，当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，动力臂先变大后变小，因为阻力、阻力臂不变，故测力计的拉力先变小后变大；
(4)如丙图，F和1L成正比，可知推断F−L成反比。
因为当F=2N时，1L=4m−1，
根据杠杆平衡条件得：GL′=FL，L′=20cm=0.2m，
所以，G=LL′F=(0.2m×4m−1)−1×2N=2.5N；
【拓展】设A物体的体积为VA，其重力
GA=mAg=ρAVAg，
当两物体都在空气中时，根据杠杆的平衡条件可得，
ρAVAg⋅L1=GB⋅L0①，
把物A浸没在水中时，A将受到水向上的浮力作用，其浮力F水=ρ水gVA，则根据杠杆的平衡条件得
(ρAVAg−ρ水gVA)⋅L2=GB⋅L0②，
由①和②得到ρAVAg⋅L1=(ρAVAg−ρ水gVA)⋅L2，
所以ρA=L2L2−L1⋅ρ水。
故答案为：(1)左；(2)见解答；A；(3)先变小后变大(4)2.5；【拓展】L2L2−L1⋅ρ水。
(1)杠杆倾斜时，杠杆的重心偏向杠杆下沉的一端，左、右两端的螺母(或一端的螺母)要向杠杆上翘的一端调节；
(2)支点到力的作用线的垂直距离是力臂，从支点作力的作用下的垂线段即可作出力臂；
当动力在B点斜向下拉(与水平方向成30∘角)动力臂是12OB，根据杠杆的平衡条件求出动力大小；
(3)根据操作中引起力臂的变化，根据杠杆平衡条件分析测力计示数的变化；
(4)根据图像结合正比例、反比例函数的特点进行分析；根据图像中某个点的数据代入公式便可求出；
【拓展】要解决此题，需要掌握杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2；
同时要掌握浮力的计算公式F浮=ρ液gV排；
知道浸没在液体中的物体受到拉力、浮力和重力之间的关系。
本题考查了杠杆平衡的条件，在实验时我们应注意：调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，以便能直接读出力臂。杠杆平衡的条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂。

20.【答案】灯泡短路  右  0.75甲  大于  ① 
【解析】解：(1)电压表与灯泡并联，灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表的量程应为0∼3V；
灯泡正常发光时的最大电流大约为I=UR=2.5V5Ω=0.5A，所以电流表可选择0∼0.6A的量程，如图所示：
；
(2)电流表有示数，说明电路通路，灯泡不亮、电压表无示数，说明电压表与导线并联接入电路，则故障可能是小灯泡短路；
(3)由图乙指针位置可知，电压表的量程为0∼3V，分度值为0.1V，示数为2.2V，示数低于灯泡的额定电压；灯泡正常发光时，灯泡两端的电压为2.5V，为了使灯泡正常发光，需要增大灯泡两端的电压，根据串联电路的电压规律可知需减小滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的分压规律可知应该减小滑动变阻器的阻值，故应将滑片向右滑动；
灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；
由串联电路的电压规律可知，灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压：U滑=U−UL=6V−2.5V=3.5V；
根据欧姆定律可得此时滑动变阻器接入电路的阻值：R滑=U滑I=3.5V0.3A≈11.7Ω，所以应选择甲“15Ω1A”的滑动变阻器；
(4)移动滑片减小滑动变阻器的阻值使小灯泡两端电压逐渐渐变大时，通过灯泡的电流变大，根据欧姆定律可知此时电路的总电阻减小，灯丝的温度升高电阻变大，根据串联电路电阻规律可知滑动变阻器阻值的变化量大于小灯泡阻值的变化量；
(5)根据串联电路电压规律结合欧姆定律可得滑动变阻器两端的电压U滑=U−IRL，由于灯泡灯丝的电阻与电流同时增大，滑动变阻器两端的电压U变化率增大，即图所示的①对应图像是正确的。
故答案为：(1)见上图；(2)灯泡短路；(3)右；0.75；甲；(4)大于；(5)①。
(1)电压表与灯泡并联，根据灯泡的额定电压确定电压表的量程；根据灯泡的最大电流来确定电流表的量程，将电流表与灯泡串联连接；
(2)灯泡不亮，且两端无电压，但电路中有电流，则说明灯泡短路；
(3)首先确定电压表的量程和分度值，然后根据指针的位置读数；
根据欧姆定律和串联电路分压的特点可知灯泡两端的电压太小，则应减小滑动变阻器的阻值，使灯泡两端的电压达到电源电压，据此确定滑片移动的方向；
电压表测灯泡电压，灯泡正常发光时，电压表示数为灯泡的额定电压2.5V，知道灯泡的额定电压和额定电流，根据P=UI计算额定功率；
根据串联电路电压规律结合欧姆定律计算计算出灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值，据此确定变阻器的规格；
(4)根据欧姆定律分析移动滑片使小灯泡两端电压逐渐渐变大时电路总电阻的变化，根据串联电路电阻规律分析即可；
(5)根据串联电路电压规律结合欧姆定律表示滑动变阻器两端的电压，分析函数关系式选择正确的图像。
此题是测量灯泡额定功率的实验，考查电路连接、故障分析、电表读数、电功率的计算、滑动变阻器的使用、串联电路特点以及学生分析图像的能力，考查的较全面。

21.【答案】解：(1)水对容器甲底部的压强：p水=ρ水gh水=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.3m=3×103Pa，
由p=FS可知，水对容器甲底部的压力：F水=p水S=3×103Pa×5×10−2m2=150N；
(2)甲对水平地面的压力等于水和乙的总重力，要使甲对地面的压强和水对甲底部的压强均为最大，则将乙放入甲容器的水中时，水恰好盛满容器，且无水溢出。
①水的体积：V水=Sh水=5×10−2m2×0.3m=1.5×10−2m3，
由ρ=mV可知，水的质量：m水=ρ水V水=1.0×103kg/m3×1.5×10−2m3=15kg，
水和乙的总重力：G总=m总g=(m水+m乙)g=(15kg+15kg)×10N/kg=300N，
此时容器甲对水平地面的压力：F压=G总=300N，
甲对地面的压强：p甲=F压S=300N5×10−2m2=6000Pa；
②容器的容积：V=Sh=5×10−2m2×0.5m=2.5×10−2m3，
乙放入甲容器的水中浸没且水恰好盛满容器无水溢出时，乙的体积：V乙=V−V水=2.5×10−2m3−1.5×10−2m3=1×10−2m3，
乙的密度：ρ乙=m乙V乙=15kg1×10−2m3=1.5×103kg/m3。
答：(1)水对容器甲底部的压力为150N；
(2)①此时容器甲对地面的压强为6000Pa；
②正方体乙的密度为1.5×103kg/m3。 
【解析】(1)根据p=ρgh求水对容器甲底部的压强，根据p=FS求水对容器甲底部的压力；
(2)甲对水平地面的压力等于水和乙的总重力，要使甲对地面的压强和水对甲底部的压强均为最大，则将乙放入甲容器的水中时，水恰好盛满容器，且无水溢出。
①根据体积公式求出水的体积，根据密度公式求出水的质量，根据G=mg求出水和乙的总重力，容器甲对水平地面的压力大小等于水和乙的总重力，根据p=FS求此时容器甲对地面的压强；
②根据体积公式求出容器的容积，进而求出乙的体积，根据密度公式求出正方体乙的密度。
本题考查密度公式、重力公式、液体压强公式和压强定义式的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的总重力相等。

22.【答案】解：(1)由图可知，闭合开关S，电阻R1和变阻器R2串联，电流表测量电路中的电流，
根据欧姆定律，电阻R1两端的电压为：
U1=IR1=0.8A×12Ω=9.6V
电阻R1的功率为：
P1=U1I=9.6V×0.8A=7.68W
(2)①因为电源电压不变，故电压表不可能接在电源两端，由滑动变阻器的规格可知，通过电路的电流最大为1A，如果电压表与R1并联，则R1两端的最大电压为
U最大=I最大R1=1A×12Ω=12V，
即电压表的最大示数为12V，小于电压表示数变化范围的最大值15V，故假设不成立，所以电压表应该接在滑动变阻器R2的两端。
②由题意可知，当电压表示数为6V时，滑动变阻器接入电路的阻值最小，此时电路的电流最大为I最大=1A，
根据I=UR可得此时R1两端的电压为：
U1=I最大R1=1A×12Ω=12V，
则电源电压为：
U=U1+U最小=12V+6V=18V，
由I=UR可知，当电压表示数最大为15V时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路的电流最小；
根据串联电路的总电压等于各用电器两端的电压之和可得R1两端的电压：
U1ˊ=U−U最大=18V−15V=3V，
此时电路的最小电流为：
I=U1′R1=3V12Ω=0.25A；
电路的最小功率为
P最小=UI最小=18V×0.25A=4.5W。
答：(1)此时电阻R1的功率是7.68W；
(2)①电压表应该接在滑动变阻器R2的两端
②求电路消耗功率的最小值是4.5W。 
【解析】根据电路图可知，闭合开关S，R1、R2串联，电流表测量电路电流；
(1)移动滑片P至某位置时，电流表示数为0.8A，根据欧姆定律求出R1两端电压，利用P=UI求出电阻R1的功率；
(2)①先假设电压表并联在电阻R1两端，根据题目条件分析电路中允许通过的最大电流，利用欧姆定律求出电阻R1两端的最大电压，再将求出的最大电压与电压表的实际最大电压比较，进而分析出电压表接入的位置；
②根据串联电路的分压原理和电压表示数的变化范围分析出电路中电流最大时滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求电阻R1两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源电压；
根据串联电路的分压原理和电压表示数的变化范围分析出电路中电流最小时滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电阻R两端的电压，根据I=UR求出电路中的最小电流；利用P=UI求出电路消耗功率的最小值。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律和电功率计算公式的应用，关键是确定电路的最大电流和最小电流。