人教版 (2019)必修2《遗传与进化》第2节 孟德尔的豌豆杂交实验（二）课时训练

这是一份人教版 (2019)必修2《遗传与进化》第2节 孟德尔的豌豆杂交实验（二）课时训练，共6页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题
1.在下列各项实验中，最终能证实基因的自由组合定律成立的是( )
A.F1个体的自交实验
B.不同类型纯种亲本之间的杂交实验
C.F1个体与隐性个体的测交实验
D.鉴定亲本是否为纯种的自交实验
解析： 验证基因自由组合定律的方法是测交实验，即选用F1和隐性纯合子杂交。
答案： C
2.孟德尔的豌豆杂交实验中，将纯种的黄色圆粒(YYRR)与纯种的绿色皱粒(yyrr)杂交，得F2种子556粒(以560粒计算)。从理论上推测，F2种子中基因型与其个体数基本相符的是 ( )
解析： 本题考查探究自由组合定律的过程及要点。亲本全为纯合子，F1的基因型为YyRr，F1形成YR、Yr、yR、yr四种比例相等的配子，雌雄配子结合，F2有4种表现型，9种基因型，YyRR：2/4×l/4×560＝70(粒)；yyrr：1/4×1/4×560＝35(粒)；YyRr：2/4×2/4×560＝140(粒)；yyRr：1/4×2/4×560＝70(粒)。
答案： D
3.假定三对等位基因自由组合，则AaBBDD×AaBbdd产生的子代中，有一对等位基因杂合、两对等位基因纯合的个体所占的比例是( )
A.1/2 B.1/4
C.1/8 D.3/4
解析： AaBBDD和AaBbdd杂交，子代的基因中一定有Dd，因此只要求出前两对基因杂交后代出现纯合子的概率即可，(1/2)×(1/2)＝1/4，故B正确。
答案： B
4.在豚鼠中，黑色(C)和白色(c)是显性，毛皮粗糙(R)对毛皮光滑(r)是显性。下列能验证基因的自由组合定律的最佳杂交组合是( )
A.黑光×白光→18黑光∶16白光
B.黑光×白粗→25黑粗
C.黑粗×白粗→15黑粗∶7黑光∶16白粗∶3白光
D.黑粗∶白光→10黑粗∶9黑光∶8白粗∶11白光
解析： 验证自由组合定律，就是验证杂种F1产生配子时，决定同一性状的成对遗传因子是否彼此分离，决定不同性状的遗传因子是否自由组合，从而产生4种不同遗传因子组成的配子，因此最佳方案为测交。D项符合测交的概念和结果：黑粗(相当于F1的双显)×白光(双隐性纯合子)→10黑粗∶9黑光∶8白粗∶11白光(四种表现型比例接近1∶1∶1∶1)。
答案： D
5.以下关于表现型和基因型的叙述正确的是 ( )
A.表现型都能通过眼睛观察出来，如高茎和矮茎
B.基因型不能通过眼睛观察，必须使用电子显微镜
C.在相同环境下，表现型相同，基因型一定相同
D.基因型相同，表现型不一定相同
解析： 本题考查表现型和基因型的概念及关系。表现型是指生物个体表现出来的性状，是可以观察和测量的，但不一定都能通过眼睛观察出来，A项错误；基因型一般通过表现型来推知，不能通过电子显微镜观察，B项错误；在相同环境条件下，表现型相同，基因型不一定相同，如高茎的基因型可能是DD或Dd，C项错误；表现型是基因型与环境条件共同作用的结果，因此，基因型相同，表现型不一定相同，D项正确。
答案： D
6.孟德尔提出了分离定律和自由组合定律，他获得成功的主要原因有( )
①选取豌豆作实验材料 ②科学地设计实验程序 ③进行人工杂交实验 ④应用统计学方法对实验结果进行分析 ⑤选用了从单因素到多因素的研究方法 ⑥先选择豌豆再选择紫茉莉、草莓等植物作实验材料
A.①②③④ B.①②④⑤
C.②③④⑤ D.③④⑤⑥
解析： 孟德尔的杂交实验之所以能获得成功，首先是因为他选择了合适的实验材料豌豆，豌豆是自花传粉而且是闭花受粉的植物，因此自然状态下的豌豆均为纯种；其次是科学地设计了实验程序，运用从单因素到多因素的研究方法，并且应用统计学的方法对实验结果进行分析。
答案： B
7.两个亲本杂交，基因遗传遵循自由组合定律，其子代的基因型是1yyRR、1yyrr、1YyRR、1Yyrr、2yyRr、2YyRr，那么这两个亲本的基因型是( )
A.yyRR和yyRr B.yyrr和YyRr
C.yyRr和YyRr D.YyRr和YyRr
解析： 子代基因型中Yy∶yy＝1∶1，故亲本为Yy×yy；子代基因型中RR∶Rr∶rr＝1∶2∶1，故亲本为Rr×Rr，组合即得亲本基因型。
答案： C
8.“遗传学之父”孟德尔经过多年的实验发现了遗传规律，其中基因的自由组合应该发生于图中的 ( )
AaBb,①eq \a\vs4\al(AA,Ab,aB,ab),②eq \a\vs4\al(配子间16种,结合方式),③eq \a\vs4\al(9种基因型,4种表现型,9∶3∶3∶1)
A.①和② B.①
C.② D.③
解析： 基因的自由组合发生在个体减数分裂产生配子时，B项正确。
答案： B
9.小麦的毛颖和光颖是一对相对性状(显隐性由P、p基因控制)，抗锈病和感锈病是一对相对性状(显隐性由R、r基因控制)，控制这两对相对性状的基因位于两对同源染色体上。以纯种毛颖感锈病(甲)和纯种光颖抗锈病(乙)为亲本进行杂交，F1均为毛颖抗锈病(丙)。再用F1与丁进行杂交，F2有4种表现型，对每对相对性状的植株数目做出的统计结果如图所示，则丁的基因型是( )
A.Pprr B.PPRr
C.PpRR D.ppRr
解析： 由纯种甲和乙杂交得F1(丙)全部为毛颖抗锈病，可知丙的基因型为PpRr，丙与丁杂交，F2的表现型为抗锈病与感锈病比为3∶1，根据分离定律可推知，丁控制此性状的基因组成为Rr，由F2中毛颖与光颖比为1∶1，可知丁控制该性状的基因组成为pp，因此丁的基因型为ppRr。
答案： D
10.某种哺乳动物的直毛(B)对卷毛(b)为显性，黑色(C)对白色(c)为显性。基因型为BbCc的个体与个体X交配，子代的表现型有直毛黑色、卷毛黑色、直毛白色和卷毛白色，它们之间的比例为3∶3∶1∶1。个体X的基因型为( )
A.BbCc B.Bbcc
C.bbCc D.bbcc
解析： 根据后代直毛与卷毛的比例为(3＋1)∶(3＋1)＝1∶1，推知个体X与直卷有关的基因型为bb；黑色与白色的比例为(3＋3)∶(1＋1)＝3∶1，推知个体X与黑白色有关的基因型为Cc，故X的基因型为bbCc。
答案： C
11.报春花的花色白色(只含白色素)和黄色(含黄色锦葵色素)由两对等位基因(A和a，B和b)共同控制，两对等位基因独立遗传，显性基因A控制以白色素为前体物合成黄色锦葵色素的代谢过程，但当显性基因B存在时可抑制其表达。现选择AABB和aabb两个品种进行杂交，得到F1，F1自交得F2，则下列说法不正确的是( )
eq \a\vs4\al( 基因B\(――→,\s\up7(抑制))基因A, ↓,白色素前体物质→黄色锦葵色素)
A.黄色植株的基因型是AAbb或Aabb
B.F1的表现型是白色
C.F2中黄色∶白色＝3∶5
D.F2中的白色个体的基因型有7种
解析： 根据图示，基因A表达才能合成黄色锦葵色素，而基因B表达时基因A表达受抑制，花色为白色，因此白色报春花的基因型为A_B_或aa_ _，而黄色报春花的基因型是AAbb或Aabb；AABB和aabb两个品种杂交，F1为AaBb，花色应为白色；F1自交，F2的基因型为：A_B_、aaB_、A_bb、aabb，其比例为9∶3∶3∶1，其中黄色为3/16，白色为(9＋3＋1)/16，因此F2中白色∶黄色为13∶3；由于F2共有9种基因型，其中黄色植株的基因型只有AAbb和Aabb两种，因此白色个体的基因型种类是7种。
答案： C
12.人类多指(T)对正常指(t)为显性，白化(a)对正常(A)为隐性，决定不同性状的遗传因子自由组合。一个家庭中，父亲是多指，母亲正常，他们有一个白化病但手指正常的孩子，则下一个孩子只患一种病和患两种病的概率分别是( )
A.3/4、1/4 B.1/2、1/8
C.1/4、1/4 D.1/4、1/8
解析： 由题目信息，可得出下面遗传图解，进而推知双亲基因型分别为：TtAa、ttAa；按照“先拆后组”的思想，仅考虑T、t后代多指(Tt)∶正常指(tt)＝1∶1，即多指发病率为1/2；仅考虑A、a，后代正常(A_)∶白化(aa)＝3∶1，即白化发病率为1/4，两病同时考虑，关系如下图的集合。
因此只患一种病的概率为1/2×3/4(患多指不患白化)＋1/4×1/2(患白化不患多指)＝1/2；两病都患的概率＝1/2×1/4＝1/8。
答案： B
二、非选择题
13.某雌雄同株植物花的颜色由两对独立遗传的遗传因子(A和a、B和b)控制。其遗传因子组成与表现型的对应关系如表所示。请回答下列问题。
(1)现有纯合白花植株和纯合红花植株作亲本进行杂交，产生的子一代花色全是红色，则亲代白花植株的基因型为________。
(2)为验证两对遗传因子(A和a、B和b)的遗传符合的自由组合定律，某课题小组进行了如下实验。
第一步：对遗传因子组成为AaBb的植株进行测交；
第二步：观察并统计子代植株________________。
预期结果及结论：
如果____________________________________________________________，则可验证两对遗传因子的遗传符合的自由组合定律。
解析： (1)由题意可知，纯合红花植株(AAbb)与纯合白花植株(A_BB或aa_ _)杂交，产生的子一代花色全是红色，则亲代白花植株一定含有“bb”，故亲代白花植株的基因型为aabb。(2)若要验证两对遗传因子(A和a、B和b)的遗传是否符合的自由组合定律，需要观察并统计子代植株花的颜色及比例。对遗传因子组成为AaBb的植株进行测交，若符合自由组合定律，则子一代中AaBb∶aaBb∶Aabb∶aabb＝1∶1∶1∶1，即粉花∶红花∶白花＝1∶1∶2。
答案： (1)aabb (2)花的颜色及比例 子代植株花色满足粉色∶红色∶白色＝1∶1∶2
14.小鼠体色由两对等位基因决定，这两对等位基因按自由组合定律遗传。A基因决定黄色，R基因决定黑色，A、R同时存在则皮毛呈灰色，无A、R则呈白色。一灰色雄鼠和一黄色雌鼠交配，F1代表现型及其比例为：3/8黄色小鼠、3/8灰色小鼠、1/8黑色小鼠、1/8白色小鼠。试问：
(1)亲代中，灰色雄鼠的基因型为________，黄色雌鼠的基因型为________。
(2)让F1的黑色雌、雄小鼠交配，则理论上F2黑色个体中纯合子的比例为________。
(3)若让F1中的黄色雌、雄小鼠自由交配，得到的F2中体色的表现型应为____________，其比例为__________，黄色雌鼠的概率应为________。
(4)若小鼠的另一性状由另外的两对等位基因(B和b、F和f)决定，且遵循自由组合定律。让基因型均为BbFf的雌、雄鼠相互交配，子代出现四种表现型，比例为6∶3∶2∶1。请对比例6∶3∶2∶1的产生原因做出合理解释：___________________________________
______________________。
解析： (1)由题意知，亲本分别为灰色和黄色，子代出现四种体色，所以亲本基因型分别为AaRr和Aarr。(2)F1的黑色鼠基因型为aaRr，所以让F1的黑色雌、雄小鼠交配，则理论上F2黑色个体的基因型及其比例为aaRr∶aaRR＝2∶1，其中纯合子的比例为1/3。 (3)F1中的黄色鼠基因型为Aarr∶AArr＝2∶1，F1中的黄色雌、雄小鼠自由交配，其子代基因型及其比例为Aarr∶AArr∶aarr＝4∶4∶1，即黄色(Aarr和AArr)∶白色(aarr)＝8∶1，其中黄色雌鼠的概率为8/9×1/2＝4/9。(4)基因型均为BbFf的雌、雄鼠相互交配，正常情况子代出现的四种表现型及其比例为B_F_∶B_ff∶bbF_∶bbff＝9∶3∶3∶1，题中子代出现表现型比例为6∶3∶2∶1，则BB_ _或_ _FF不存在，即B或F纯合致死。
答案： (1)AaRr Aarr (2)1/3 (3)黄色或白色 8∶1 4/9 (4)B或F纯合致死
15．某种植物的果皮有毛和无毛、果肉黄色和白色为两对相对性状，各由一对等位基因控制(前者用D、d表示，后者用F、f表示)，且独立遗传。利用该种植物三种不同基因型的个体(有毛白肉A、无毛黄肉B、无毛黄肉C)进行杂交，实验结果如下：
有毛白肉A×无毛黄肉B 无毛黄肉B×无毛黄肉C
↓ ↓
有毛黄肉∶有毛白肉为1∶1 全部为无毛黄肉
实验1 实验2
有毛白肉A×无毛黄肉C
↓
全部为有毛黄肉
实验3
回答下列问题：
1果皮有毛和无毛这对相对性状中的显性性状为___________________________，
果肉黄色和白色这对相对性状中的显性性状为 。
2有毛白肉A、无毛黄肉B和无毛黄肉C的基因型依次为 。
3若无毛黄肉B自交，理论上，下一代的表现型及比例为 。
4若实验3中的子代自交，理论上，下一代的表现型及比例为 。
5实验2中得到的子代无毛黄肉的基因型有___________________________________。
解析： 本题考查分离定律和自由组合定律。1通过实验1和实验3可知，有毛与无毛杂交后代均为有毛，可知有毛为显性性状。通过实验3可知，白肉与黄肉杂交，后代均为黄肉，可断定黄肉为显性性状。2通过实验1有毛A与无毛B杂交后代全为有毛可知：A为DD，B为dd。同理通过实验3可知C为dd；通过实验3白肉A和黄肉C杂交后代全为黄肉可知，A为ff，C为FF；通过实验1白肉A和黄肉B杂交后代黄肉∶白肉＝1∶1，可知B为Ff，所以A的基因型为DDff，B的基因型为ddFf，C的基因型为ddFF。3B的基因型为ddFf，自交后代根据分离定律可得无毛黄肉∶无毛白肉＝3∶1。4实验3亲本的基因型为DDff与ddFF，子代基因型为DdFf，根据自由组合定律，子代自交后代表现型及比例为：有毛黄肉∶有毛白肉∶无毛黄肉∶无毛白肉＝9∶3∶3∶1。5实验2亲本的基因型为ddFf与ddFF，它们杂交后代无毛黄肉的基因型为ddFF、ddFf。
答案： 1有毛 黄肉 2DDff、ddFf、ddFF
3无毛黄肉∶无毛白肉＝3∶1
4有毛黄肉∶有毛白肉∶无毛黄肉∶无毛白肉＝9∶3∶3∶1
5ddFF、ddFf
A
B
C
D
基因型
YyRR
yyrr
YyRr
yyRr
个体数
140粒
140粒
315粒
70粒
遗传因子组合
A_Bb
A_bb
A_BB或aa_ _
花的颜色
粉色
红色
白色