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高中物理人教版 (2019)必修 第一册3 牛顿第二定律课后作业题
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这是一份高中物理人教版 (2019)必修 第一册3 牛顿第二定律课后作业题，共9页。试卷主要包含了在汽车中悬线上挂一小球，“蹦极”是一项勇敢者的运动，有三个光滑斜轨道1、2、3等内容，欢迎下载使用。
A. 无论粘在哪个木块上面，系统加速度都将减小
B. 若粘在A木块上面，绳的拉力减小，A、B间摩擦力不变
C. 若粘在B木块上面，绳的拉力增大，A、B间摩擦力增大
D. 若粘在C木块上面，绳的拉力和A、B间摩擦力都减小
2．乘坐“空中缆车”饱览大自然的美景是旅游者绝妙的选择。若某一缆车沿着坡度为30°的山坡以加速度a上行，如图所示。在缆车中放一个与山坡表面平行的斜面，斜面上放一个质量为m的小物块，小物块相对斜面静止(设缆车保持竖直状态运行)，则（ ）
A. 小物块受到的摩擦力方向平行斜面向上
B. 小物块受到的摩擦力方向平行斜面向下
C. 小物块受到的静摩擦力为mg＋ma
D. 小物块受到的静摩擦力为ma
3．如图所示，弹簧左端固定，右端自由伸长到O点并系住物体m．现将弹簧压缩到A点，然后释放，物体一直可以运动到B点．如果物体受到的摩擦力恒定，则（ ）
A. 物体从A到O先加速后减速
B. 物体从A到O加速，从O到B减速
C. 物体在A、O间某点时所受合力为零
D. 物体运动到O点时所受合力为零
4．如图所示，质量分别为mA、mB的A、B两物块用轻线连接放在倾角为θ的光滑斜面上，用始终平行于斜面向上的恒力F拉A，使它们沿斜面匀加速上升，为了增加轻线上的张力，可行的办法是( )
A. 增大A物块的质量 B. 增大B物块的质量
C. 增大倾角θ D. 增大拉力F
5．在汽车中悬线上挂一小球．实验表明，当小球做匀变速直线运动时，悬线将与竖直方向成某一固定角度．如图所示，若在汽车底板上还有一个跟其相对静止的物体M，则关于汽车的运动情况和物体M的受力情况正确的是（ ）
A．汽车一定向右做加速运动
B．汽车一定向左做加速运动
C．M除受到重力、底板的支持力作用外，还一定受到向右的摩擦力作用
D．M除受到重力、底板的支持力作用外，还可能受到向左的摩擦力作用
6．在静止的小车内，用细绳a和b系住一个小球，绳a处于斜向上的方向，拉力为Fa，绳b处于水平方向，拉力为Fb，如图所示．现让小车从静止开始向右做匀加速运动，此时小球相对于车厢的位置仍保持不变，则两根细绳的拉力变化情况是（ ）
A. Fa变大，Fb不变
B. Fa变大，Fb变小
C. Fa变大，Fb变大
D. Fa不变，Fb变小
7．如图所示，质量为M的小车放在光滑水平面上，小车上用细线悬吊一质量为m的小球，M＞m，用一力F水平向右拉小球，使小球和车一起以加速度a向右运动时，细线与竖直方向成α角，细线的拉力为FT．若用一力F′水平向左拉小车，使小球和车一起以加速度a′向左运动时，细线与竖直方向也成α角，细线的拉力为，则它们的大小关系是( )
A. a′=a， =FT B. a′＞a， =FT
C. a′＜a， ＞FT D. a′＜a， ＜FT
8．如图所示，弹簧左端固定，右端自由伸长到O点并系住质量为m的物体，现将弹簧压缩到A点，然后释放，物体可以一直运动到B点。如果物体受到的阻力恒定，则( )
A. 物体从A到O一直做加速运动
B. 物体运动到O点时，所受合力为零
C. 物体从A到O先加速后减速，从O到B做减速运动
D. 物体从A到O的过程中，加速度逐渐减小
9．“蹦极”是一项勇敢者的运动．如图所示，O为弹性橡皮绳自然伸长时下端所在的位置，某人用该弹性橡皮绳拴住身体自高空P处自由下落，Q为下落的最低点．从O到Q的过程中，此人的加速度( )
A. 逐渐减小 B. 保持不变
C. 先增大后反向减小 D. 先减小后反向增大
10．有三个光滑斜轨道1、2、3。它们的倾角依次是60°、45°、30°，这些轨道交于点O。现有位于同一竖直线上的三个物体甲、乙、丙分别沿这三个轨道同时从静止自由下滑，如图所示，物体滑到O点的先后顺序是（ ）
A. 甲最先，乙稍后，丙最后
B. 乙最先，然后甲和丙同时到达
C. 甲、乙、丙同时到达
D. 乙最先、甲稍后，丙最后
11．在商场中，为了节约能源，无人时，自动扶梯以较小的速度运行，当有顾客站到扶梯上时，扶梯先加速，后匀速将顾客从一楼运送到二楼，速度方向如图所示．若顾客与扶梯保持相对静止，下列说法正确的是（ ）
A．在加速阶段，顾客所受支持力大于顾客的重力
B．在匀速阶段，顾客所受支持力大于顾客的重力
C．在加速阶段，顾客所受摩擦力与速度方向相同
D．在匀速阶段，顾客所受摩擦力与速度方向相同
12．如图所示，ab、cd是竖直平面内两根固定的光滑细杆，a、b、c、d位于同一圆周上，b点为圆周的最低点，c点为圆周的最高点，若每根杆上都套着一个小滑环(图中未画出)，将两滑环同时从a、c处由静止释放，用t1、t2分别表示滑环从a到b、c到d所用的时间，则
A. t1t2
C. t1＝t2 D. 无法确定
13．如图，在倾角为的固定光滑斜面上，有一用绳子拴着的长木板，木板上站着一只猫．已知木板的质量是猫的质量的2倍．当绳子突然断开时，猫立即沿着板向上跑，以保持其相对斜面的位置不变．则此时木板沿斜面下滑的加速度为( )
A. B. C. D.
14．如图所示，有材料相同质量分别为的P、Q两物块通过轻绳相连，放在倾角为的粗糙斜面上，物块与斜面间的动摩擦因数为μ。物块在恒定拉力F作用下沿斜面向上运动，轻绳与拉力F的方向均平行于斜面。则Q受到绳的拉力FT大小( )
A. B.
C. D.
15．物块A、B放在光滑的水平地面上，其质量之比mA＝4mB。现用水平10 N的拉力作用在物体A上，如图所示，则A对B的拉力等于( )
A. 1 N B. 1.5 N C. 2 N D. 3 N
16．如图，将质量m＝0．1kg的圆环套在固定的水平直杆上。环的直径略大于杆的截面直径。环与杆间动摩擦因数m＝0．8。对环施加一位于竖直平面内斜向上，与杆夹角q＝53°的拉力F，使圆环以a＝4．4m/s2的加速度沿杆向右加速运动，则F的大小可能为（取sin53°＝0．8，cs53°＝0．6，g＝10m/s2）
A. 1N B. 3 N
C. 7N D. 9N
17．如图，两个质量分别为m1=3kg，m2=2kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接，两个大小分别为F1=30N，F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m2上，则（ ）
A. 弹簧秤的示数是50N
B. 弹簧秤的示数是24N
C. 在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小为2m/s2
D. 在突然撤去F2的瞬间，m2的加速度大小为12m/s2
18．如图所示，斜劈形物体的质量为M，放在水平地面上，质量为m的粗糙物块以某一初速沿斜劈的斜面向上滑，至速度为零后又加速返回，而斜劈始终保持静止，物块m上、下滑动的整个过程中（ ）
A. 地面对斜劈M的摩擦力方向没有改变
B. 地面对斜劈M的摩擦力方向先向左后向右
C. 地面对斜劈M的支持力始终小于（M＋m）g
D. 物块m向上和向下滑动因摩擦产生的热量相同
参考答案
1．AD
【解析】A、因无相对滑动，所以，无论橡皮泥粘到哪块上，根据牛顿第二定律都有：，a都将减小．A正确；
B、若粘在A木块上面，以C为研究对象，受F、摩擦力μmg、绳子拉力T， ，则得： ，a减小，F、μmg不变，所以，T增大，对A：，a减小，即减小，B错误；
C、若粘在B木块上面，a减小，以A为研究对象，m不变，由知，A所受摩擦力减小，以C为研究对象，，T增大，故C错误；
D、若粘在C木块上面，a减小，对A有：，可知A的摩擦力减小，以AB为整体，有，得：，则T减小， D正确；
故选AD。
2．AC
【解析】AB、以物块为研究对象，分析受力情况：重力mg、斜面的支持力N和摩擦力，摩擦力为静摩擦力f，沿斜面向上，A正确、B错误；
CD、根据牛顿第二定律得：f−mgsin30°=ma，解得f=mg/2+ma，故C正确、D错误。
故选：AC。
【点睛】
由题知：木块的加速度大小为a，方向沿斜面向上。分析木块受力情况，根据牛顿第二定律求解木块所受的摩擦力大小和方向。
3．AC
【解析】A、物体从A到O的过程中，开始弹力大于摩擦力，加速度方向向右，向右做加速运动，然后弹力小于摩擦力，加速度方向向左，做减速运动，所以A到O的过程先加速后减速．故A正确．B、物体从A到O先加速后减速，从O到B的过程中，弹簧后摩擦力均向左，做减速运动．故B错误．C、在AO间，当弹力与摩擦力相等时，合力为零．故C正确，D错误．故选AC．
【点睛】本题关键分阶段结合运动情况对物体受力分析，求出合力后确定加速度的变化情况，从而最终确定物体的运动情况．
4．BD
【解析】对于A、B整体由牛顿第二定律得F－(mA＋mB)gsinθ＝(mA＋mB)a，对于B由牛顿第二定律得FT－mBgsinθ＝mBa，解以上两式得FT＝F，选项AC错误，BD正确．
故选：BD。
点睛：当用斜面向上的拉力F拉A，两物体沿斜面匀加速上升时，对整体运用牛顿第二定律求出加速度，再对B研究，根据牛顿第二定律求出轻线上的张力，即可分析增加轻线上的张力的办法。
5．C
【解析】
试题分析：以小球为研究对象，受力分析：受重力mg和细线的拉力F，由于小球的加速度水平向右，根据牛顿第二定律得知，则有Fsinθ=ma ， mg=Fcsθ，解得a=gtanθ，当θ一定，则加速度a一定，汽车的加速度也一定，则汽车可能向右做匀加速运动，也可能向左做匀减速运动．故A错误，B错误．在以物体M为研究对象：受到重力、底板的支持力和摩擦力．M相对于汽车静止，加速度必定水平向右，根据牛顿第二定律得知，一定受到水平向右的摩擦力．故C正确，D错误。所以C正确，ABD错误。
考点：牛顿第二定律
【名师点睛】本题主要考查了牛顿第二定律．由题可知物体M、小球m和汽车的加速度相同．先以小球为研究对象，分析受力情况，根据牛顿第二定律可求得加速度，判断汽车的运动情况；再以物体M为研究对象，根据牛顿第二定律，分析受力情况．
6．D
【解析】以小球为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据牛顿第二定律得，水平方向 ①，竖直方向 ②，由题，α不变，由②分析得知不变，由①得知，，即变小，D正确．
7．B
【解析】解： 当用力水平向右拉小球时,以球为研究对象,
竖直方向有, ①
水平方向有,
以整体为研究对象有,
解得: , ②
当用力水平向左拉小车时,以球为研究对象,
竖直方向有, ③
水平方向有,
以整体为研究对象有,
解得: . ④
综合两种情况,由①③有;由②④并结合有.故B项正确.
8．C
【解析】开始时物体做加速运动，加速度减小，而当弹力等于阻力时物体加速度为零，此时开始做减速运动，加速度开始增大，故A错误；由于物体受到阻力作用，故O点时的合外力不为零，故B错误；物体从A点至O点先做加速度不断减小的加速运动，后做加速度不断增大的减速运动，故C正确，D错误。所以C正确，ABD错误。
9．D
【解析】由P到O过程中人做自由落体运动，从O到Q过程，先是人对绳的拉力小于人的重力，合力向下，随着弹性绳得伸长量越来越大，弹力越来也大，合力越小，加速度越小，当重力等于拉力时，加速度为零；当人对绳的拉力大于人的重力时，合力向上，越来越大，加速度越来越大，所以从O到Q过程中，加速度先减小后反向增大，故ABC错误，D正确。
10．B
【解析】试题分析：设斜轨道底边的长度为l，斜面的倾角为α，则斜轨道的长度为： ．根据牛顿第二定律得，物体下滑的加速度为： ．则有x=at2，代入数据得： ，得到： ，根据数学知识得知，sin2×60°=sin2×30°，则甲和丙运动的时间相等，同时达到斜轨道的底端O点．又sin2×45°=1最大，则乙运动时间最短，乙最先到达O点，故B正确．故选B．
考点：牛顿第二定律的综合应用
【名师点睛】本题是牛顿第二定律和运动学公式的综合应用，用斜轨道底边的长度表示物体位移大小是关键。
11．A
【解析】
试题分析：加速阶段，人的加速度方向沿扶梯向上，所以人受到的合力的方向也是沿扶梯向上，故人受到的支持力大于顾客的重力，选项A正确；加速时，由于人站在水平台上，故人受到的摩擦力是水平向左的，选项C错误；在匀速阶段，人受到平衡力的作用，即重力与支持力，二者是平衡力，故此时不再受到摩擦力的作用，选项BD错误。
考点：牛顿第二定律，摩擦力。
12．C
【解析】试题分析：设滑杆与竖直方向的夹角为，根据牛顿第二定律和运动学公式列式，得出时间与、圆周直径的关系式，进行分析．
设滑杆与竖直方向的夹角为，圆周的直径为d．根据牛顿第二定律得：滑环的加速度为，滑杆的长度为，则根据得， ，可见时间t与α无关，故有，C正确
13．A
【解析】猫立即沿着板向上跑，以保持其相对斜面的位置不变．对猫受力分析如图甲，
则：板对猫的摩擦力：
对板受力分析如图乙，则： 又 ，
解得： 故选A。
点评：本题应用隔离法分别对猫和木板受力分析列出方程组求解；也可应用整体法对猫和木板整体分析，然后立式求解。
14．B
【解析】将两者看做一个整体，对整体分析，根据牛顿第二定律得： ，得，再隔离对Q分析，根据牛顿第二定律得： ，解得，B正确．
15．C
【解析】将两者看做一个整体，根据牛顿第二定律可得，隔离B，对B分析，根据牛顿第二定律可得，联立解得，C正确．
16．AD
【解析】试题分析:圆环向右加速运动，圆环受到支持力分竖直向上和竖直向下两种情况，圆环受到重力，拉力，支持力和摩擦力四个力作用，，联立可得，所以ＡＤ正确。
考点：本题考查了牛顿第二定律的综合应用。
17．BD
【解析】对系统，由牛顿第二定律得：F1﹣F2=（m1+m2）a
代入数据解得：a=2m/s2，
对m2，由牛顿第二定律得：F﹣F2=m2a
代入数据解得：F=24N，故A错误，B正确．
在突然撤去 F1的瞬间，因为弹簧的弹力不能发生突变，m1的加速度大小为： =8m/s2，故C错误；突然撤去F2的瞬间，弹簧的弹力不变，m2的加速度为： =12m/s2，故D正确．故选BD．
18．ACD
【解析】A、B项，物块m先减速上滑后加速下滑，加速度方向始终沿斜面向下，对M和m整体进行受力分析得，水平地面始终对M有水平向左的摩擦力的作用，故A正确，B错误。
C项，将M和m看成一个整体，则加速度有竖直向下的分量，所以系统处于失重状态，地面对斜劈M的支持力小于，故C项正确。
D项，设斜面的倾角为，物块上滑的过程和下滑过程走过的位移是相等的，摩擦力也是相等的，所以物块m向上和向下滑动因摩擦产生的热量相同，故D正确；
综上所述本题答案是：ACD
A. 无论粘在哪个木块上面，系统加速度都将减小
B. 若粘在A木块上面，绳的拉力减小，A、B间摩擦力不变
C. 若粘在B木块上面，绳的拉力增大，A、B间摩擦力增大
D. 若粘在C木块上面，绳的拉力和A、B间摩擦力都减小
2．乘坐“空中缆车”饱览大自然的美景是旅游者绝妙的选择。若某一缆车沿着坡度为30°的山坡以加速度a上行，如图所示。在缆车中放一个与山坡表面平行的斜面，斜面上放一个质量为m的小物块，小物块相对斜面静止(设缆车保持竖直状态运行)，则（ ）
A. 小物块受到的摩擦力方向平行斜面向上
B. 小物块受到的摩擦力方向平行斜面向下
C. 小物块受到的静摩擦力为mg＋ma
D. 小物块受到的静摩擦力为ma
3．如图所示，弹簧左端固定，右端自由伸长到O点并系住物体m．现将弹簧压缩到A点，然后释放，物体一直可以运动到B点．如果物体受到的摩擦力恒定，则（ ）
A. 物体从A到O先加速后减速
B. 物体从A到O加速，从O到B减速
C. 物体在A、O间某点时所受合力为零
D. 物体运动到O点时所受合力为零
4．如图所示，质量分别为mA、mB的A、B两物块用轻线连接放在倾角为θ的光滑斜面上，用始终平行于斜面向上的恒力F拉A，使它们沿斜面匀加速上升，为了增加轻线上的张力，可行的办法是( )
A. 增大A物块的质量 B. 增大B物块的质量
C. 增大倾角θ D. 增大拉力F
5．在汽车中悬线上挂一小球．实验表明，当小球做匀变速直线运动时，悬线将与竖直方向成某一固定角度．如图所示，若在汽车底板上还有一个跟其相对静止的物体M，则关于汽车的运动情况和物体M的受力情况正确的是（ ）
A．汽车一定向右做加速运动
B．汽车一定向左做加速运动
C．M除受到重力、底板的支持力作用外，还一定受到向右的摩擦力作用
D．M除受到重力、底板的支持力作用外，还可能受到向左的摩擦力作用
6．在静止的小车内，用细绳a和b系住一个小球，绳a处于斜向上的方向，拉力为Fa，绳b处于水平方向，拉力为Fb，如图所示．现让小车从静止开始向右做匀加速运动，此时小球相对于车厢的位置仍保持不变，则两根细绳的拉力变化情况是（ ）
A. Fa变大，Fb不变
B. Fa变大，Fb变小
C. Fa变大，Fb变大
D. Fa不变，Fb变小
7．如图所示，质量为M的小车放在光滑水平面上，小车上用细线悬吊一质量为m的小球，M＞m，用一力F水平向右拉小球，使小球和车一起以加速度a向右运动时，细线与竖直方向成α角，细线的拉力为FT．若用一力F′水平向左拉小车，使小球和车一起以加速度a′向左运动时，细线与竖直方向也成α角，细线的拉力为，则它们的大小关系是( )
A. a′=a， =FT B. a′＞a， =FT
C. a′＜a， ＞FT D. a′＜a， ＜FT
8．如图所示，弹簧左端固定，右端自由伸长到O点并系住质量为m的物体，现将弹簧压缩到A点，然后释放，物体可以一直运动到B点。如果物体受到的阻力恒定，则( )
A. 物体从A到O一直做加速运动
B. 物体运动到O点时，所受合力为零
C. 物体从A到O先加速后减速，从O到B做减速运动
D. 物体从A到O的过程中，加速度逐渐减小
9．“蹦极”是一项勇敢者的运动．如图所示，O为弹性橡皮绳自然伸长时下端所在的位置，某人用该弹性橡皮绳拴住身体自高空P处自由下落，Q为下落的最低点．从O到Q的过程中，此人的加速度( )
A. 逐渐减小 B. 保持不变
C. 先增大后反向减小 D. 先减小后反向增大
10．有三个光滑斜轨道1、2、3。它们的倾角依次是60°、45°、30°，这些轨道交于点O。现有位于同一竖直线上的三个物体甲、乙、丙分别沿这三个轨道同时从静止自由下滑，如图所示，物体滑到O点的先后顺序是（ ）
A. 甲最先，乙稍后，丙最后
B. 乙最先，然后甲和丙同时到达
C. 甲、乙、丙同时到达
D. 乙最先、甲稍后，丙最后
11．在商场中，为了节约能源，无人时，自动扶梯以较小的速度运行，当有顾客站到扶梯上时，扶梯先加速，后匀速将顾客从一楼运送到二楼，速度方向如图所示．若顾客与扶梯保持相对静止，下列说法正确的是（ ）
A．在加速阶段，顾客所受支持力大于顾客的重力
B．在匀速阶段，顾客所受支持力大于顾客的重力
C．在加速阶段，顾客所受摩擦力与速度方向相同
D．在匀速阶段，顾客所受摩擦力与速度方向相同
12．如图所示，ab、cd是竖直平面内两根固定的光滑细杆，a、b、c、d位于同一圆周上，b点为圆周的最低点，c点为圆周的最高点，若每根杆上都套着一个小滑环(图中未画出)，将两滑环同时从a、c处由静止释放，用t1、t2分别表示滑环从a到b、c到d所用的时间，则
A. t1
C. t1＝t2 D. 无法确定
13．如图，在倾角为的固定光滑斜面上，有一用绳子拴着的长木板，木板上站着一只猫．已知木板的质量是猫的质量的2倍．当绳子突然断开时，猫立即沿着板向上跑，以保持其相对斜面的位置不变．则此时木板沿斜面下滑的加速度为( )
A. B. C. D.
14．如图所示，有材料相同质量分别为的P、Q两物块通过轻绳相连，放在倾角为的粗糙斜面上，物块与斜面间的动摩擦因数为μ。物块在恒定拉力F作用下沿斜面向上运动，轻绳与拉力F的方向均平行于斜面。则Q受到绳的拉力FT大小( )
A. B.
C. D.
15．物块A、B放在光滑的水平地面上，其质量之比mA＝4mB。现用水平10 N的拉力作用在物体A上，如图所示，则A对B的拉力等于( )
A. 1 N B. 1.5 N C. 2 N D. 3 N
16．如图，将质量m＝0．1kg的圆环套在固定的水平直杆上。环的直径略大于杆的截面直径。环与杆间动摩擦因数m＝0．8。对环施加一位于竖直平面内斜向上，与杆夹角q＝53°的拉力F，使圆环以a＝4．4m/s2的加速度沿杆向右加速运动，则F的大小可能为（取sin53°＝0．8，cs53°＝0．6，g＝10m/s2）
A. 1N B. 3 N
C. 7N D. 9N
17．如图，两个质量分别为m1=3kg，m2=2kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接，两个大小分别为F1=30N，F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m2上，则（ ）
A. 弹簧秤的示数是50N
B. 弹簧秤的示数是24N
C. 在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小为2m/s2
D. 在突然撤去F2的瞬间，m2的加速度大小为12m/s2
18．如图所示，斜劈形物体的质量为M，放在水平地面上，质量为m的粗糙物块以某一初速沿斜劈的斜面向上滑，至速度为零后又加速返回，而斜劈始终保持静止，物块m上、下滑动的整个过程中（ ）
A. 地面对斜劈M的摩擦力方向没有改变
B. 地面对斜劈M的摩擦力方向先向左后向右
C. 地面对斜劈M的支持力始终小于（M＋m）g
D. 物块m向上和向下滑动因摩擦产生的热量相同
参考答案
1．AD
【解析】A、因无相对滑动，所以，无论橡皮泥粘到哪块上，根据牛顿第二定律都有：，a都将减小．A正确；
B、若粘在A木块上面，以C为研究对象，受F、摩擦力μmg、绳子拉力T， ，则得： ，a减小，F、μmg不变，所以，T增大，对A：，a减小，即减小，B错误；
C、若粘在B木块上面，a减小，以A为研究对象，m不变，由知，A所受摩擦力减小，以C为研究对象，，T增大，故C错误；
D、若粘在C木块上面，a减小，对A有：，可知A的摩擦力减小，以AB为整体，有，得：，则T减小， D正确；
故选AD。
2．AC
【解析】AB、以物块为研究对象，分析受力情况：重力mg、斜面的支持力N和摩擦力，摩擦力为静摩擦力f，沿斜面向上，A正确、B错误；
CD、根据牛顿第二定律得：f−mgsin30°=ma，解得f=mg/2+ma，故C正确、D错误。
故选：AC。
【点睛】
由题知：木块的加速度大小为a，方向沿斜面向上。分析木块受力情况，根据牛顿第二定律求解木块所受的摩擦力大小和方向。
3．AC
【解析】A、物体从A到O的过程中，开始弹力大于摩擦力，加速度方向向右，向右做加速运动，然后弹力小于摩擦力，加速度方向向左，做减速运动，所以A到O的过程先加速后减速．故A正确．B、物体从A到O先加速后减速，从O到B的过程中，弹簧后摩擦力均向左，做减速运动．故B错误．C、在AO间，当弹力与摩擦力相等时，合力为零．故C正确，D错误．故选AC．
【点睛】本题关键分阶段结合运动情况对物体受力分析，求出合力后确定加速度的变化情况，从而最终确定物体的运动情况．
4．BD
【解析】对于A、B整体由牛顿第二定律得F－(mA＋mB)gsinθ＝(mA＋mB)a，对于B由牛顿第二定律得FT－mBgsinθ＝mBa，解以上两式得FT＝F，选项AC错误，BD正确．
故选：BD。
点睛：当用斜面向上的拉力F拉A，两物体沿斜面匀加速上升时，对整体运用牛顿第二定律求出加速度，再对B研究，根据牛顿第二定律求出轻线上的张力，即可分析增加轻线上的张力的办法。
5．C
【解析】
试题分析：以小球为研究对象，受力分析：受重力mg和细线的拉力F，由于小球的加速度水平向右，根据牛顿第二定律得知，则有Fsinθ=ma ， mg=Fcsθ，解得a=gtanθ，当θ一定，则加速度a一定，汽车的加速度也一定，则汽车可能向右做匀加速运动，也可能向左做匀减速运动．故A错误，B错误．在以物体M为研究对象：受到重力、底板的支持力和摩擦力．M相对于汽车静止，加速度必定水平向右，根据牛顿第二定律得知，一定受到水平向右的摩擦力．故C正确，D错误。所以C正确，ABD错误。
考点：牛顿第二定律
【名师点睛】本题主要考查了牛顿第二定律．由题可知物体M、小球m和汽车的加速度相同．先以小球为研究对象，分析受力情况，根据牛顿第二定律可求得加速度，判断汽车的运动情况；再以物体M为研究对象，根据牛顿第二定律，分析受力情况．
6．D
【解析】以小球为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据牛顿第二定律得，水平方向 ①，竖直方向 ②，由题，α不变，由②分析得知不变，由①得知，，即变小，D正确．
7．B
【解析】解： 当用力水平向右拉小球时,以球为研究对象,
竖直方向有, ①
水平方向有,
以整体为研究对象有,
解得: , ②
当用力水平向左拉小车时,以球为研究对象,
竖直方向有, ③
水平方向有,
以整体为研究对象有,
解得: . ④
综合两种情况,由①③有;由②④并结合有.故B项正确.
8．C
【解析】开始时物体做加速运动，加速度减小，而当弹力等于阻力时物体加速度为零，此时开始做减速运动，加速度开始增大，故A错误；由于物体受到阻力作用，故O点时的合外力不为零，故B错误；物体从A点至O点先做加速度不断减小的加速运动，后做加速度不断增大的减速运动，故C正确，D错误。所以C正确，ABD错误。
9．D
【解析】由P到O过程中人做自由落体运动，从O到Q过程，先是人对绳的拉力小于人的重力，合力向下，随着弹性绳得伸长量越来越大，弹力越来也大，合力越小，加速度越小，当重力等于拉力时，加速度为零；当人对绳的拉力大于人的重力时，合力向上，越来越大，加速度越来越大，所以从O到Q过程中，加速度先减小后反向增大，故ABC错误，D正确。
10．B
【解析】试题分析：设斜轨道底边的长度为l，斜面的倾角为α，则斜轨道的长度为： ．根据牛顿第二定律得，物体下滑的加速度为： ．则有x=at2，代入数据得： ，得到： ，根据数学知识得知，sin2×60°=sin2×30°，则甲和丙运动的时间相等，同时达到斜轨道的底端O点．又sin2×45°=1最大，则乙运动时间最短，乙最先到达O点，故B正确．故选B．
考点：牛顿第二定律的综合应用
【名师点睛】本题是牛顿第二定律和运动学公式的综合应用，用斜轨道底边的长度表示物体位移大小是关键。
11．A
【解析】
试题分析：加速阶段，人的加速度方向沿扶梯向上，所以人受到的合力的方向也是沿扶梯向上，故人受到的支持力大于顾客的重力，选项A正确；加速时，由于人站在水平台上，故人受到的摩擦力是水平向左的，选项C错误；在匀速阶段，人受到平衡力的作用，即重力与支持力，二者是平衡力，故此时不再受到摩擦力的作用，选项BD错误。
考点：牛顿第二定律，摩擦力。
12．C
【解析】试题分析：设滑杆与竖直方向的夹角为，根据牛顿第二定律和运动学公式列式，得出时间与、圆周直径的关系式，进行分析．
设滑杆与竖直方向的夹角为，圆周的直径为d．根据牛顿第二定律得：滑环的加速度为，滑杆的长度为，则根据得， ，可见时间t与α无关，故有，C正确
13．A
【解析】猫立即沿着板向上跑，以保持其相对斜面的位置不变．对猫受力分析如图甲，
则：板对猫的摩擦力：
对板受力分析如图乙，则： 又 ，
解得： 故选A。
点评：本题应用隔离法分别对猫和木板受力分析列出方程组求解；也可应用整体法对猫和木板整体分析，然后立式求解。
14．B
【解析】将两者看做一个整体，对整体分析，根据牛顿第二定律得： ，得，再隔离对Q分析，根据牛顿第二定律得： ，解得，B正确．
15．C
【解析】将两者看做一个整体，根据牛顿第二定律可得，隔离B，对B分析，根据牛顿第二定律可得，联立解得，C正确．
16．AD
【解析】试题分析:圆环向右加速运动，圆环受到支持力分竖直向上和竖直向下两种情况，圆环受到重力，拉力，支持力和摩擦力四个力作用，，联立可得，所以ＡＤ正确。
考点：本题考查了牛顿第二定律的综合应用。
17．BD
【解析】对系统，由牛顿第二定律得：F1﹣F2=（m1+m2）a
代入数据解得：a=2m/s2，
对m2，由牛顿第二定律得：F﹣F2=m2a
代入数据解得：F=24N，故A错误，B正确．
在突然撤去 F1的瞬间，因为弹簧的弹力不能发生突变，m1的加速度大小为： =8m/s2，故C错误；突然撤去F2的瞬间，弹簧的弹力不变，m2的加速度为： =12m/s2，故D正确．故选BD．
18．ACD
【解析】A、B项，物块m先减速上滑后加速下滑，加速度方向始终沿斜面向下，对M和m整体进行受力分析得，水平地面始终对M有水平向左的摩擦力的作用，故A正确，B错误。
C项，将M和m看成一个整体，则加速度有竖直向下的分量，所以系统处于失重状态，地面对斜劈M的支持力小于，故C项正确。
D项，设斜面的倾角为，物块上滑的过程和下滑过程走过的位移是相等的，摩擦力也是相等的，所以物块m向上和向下滑动因摩擦产生的热量相同，故D正确；
综上所述本题答案是：ACD
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