数学必修5第一章 解三角形综合与测试一课一练
展开(时间120分钟,满分150分)
一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1.在△ABC中,若sin A+cs A=eq \f(7,12),则这个三角形是( )
A.钝角三角形B.直角三角形
C.锐角三角形D.等边三角形
【解析】 若A≤90°,则sin A+cs A≥1>eq \f(7,12),∴A>90°.
【答案】 A
2.在△ABC中,内角A满足sin A+cs A>0,且tan A-sin A<0,则A的取值范围是( )
A.eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(0,\f(π,4))) B.eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,4),\f(π,2)))
C.eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2),\f(3π,4)))D.eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,4),\f(3π,4)))
【解析】 由sin A+cs A>0得eq \r(2)sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(A+\f(π,4)))>0.
∵A是△ABC的内角,∴0又tan A
3.已知锐角三角形的三边长分别为1,3,a,那么a的取值范围为( ) 【导学号:05920080】
A.(8,10)B.(2eq \r(2),eq \r(10))
C.(2eq \r(2),10)D.(eq \r(10),8)
【解析】 设1,3,a所对的角分别为∠C、∠B、∠A,由余弦定理知a2=12+32-2×3cs A<12+32=10,
32=1+a2-2×acs B<1+a2,
∴2eq \r(2)【答案】 B
4.已知圆的半径为4,a,b,c为该圆的内接三角形的三边,若abc=16eq \r(2),则三角形的面积为( )
A.2eq \r(2)B.8eq \r(2)
C.eq \r(2)D.eq \f(\r(2),2)
【解析】 ∵eq \f(a,sin A)=eq \f(b,sin B)=eq \f(c,sin C)=2R=8,
∴sin C=eq \f(c,8),∴S△ABC=eq \f(1,2)absin C=eq \f(abc,16)=eq \f(16\r(2),16)=eq \r(2).
【答案】 C
5.△ABC的三内角A,B,C所对边的长分别为a,b,c,设向量p=(a+c,b),q=(b-a,c-a),若p∥q,则角C的大小为( )
A.eq \f(π,6) B.eq \f(π,3) C.eq \f(π,2) D.eq \f(2π,3)
【解析】 p∥q⇒(a+c)(c-a)-b(b-a)=0,
即c2-a2-b2+ab=0⇒eq \f(a2+b2-c2,2ab)=eq \f(1,2)=cs C.
∴C=eq \f(π,3).
【答案】 B
6.在△ABC中,若sin Bsin C=cs2eq \f(A,2),则下面等式一定成立的是( )
A.A=BB.A=C
C.B=CD.A=B=C
【解析】 由sin Bsin C=cs2eq \f(A,2)=eq \f(1+cs A,2)⇒2sin Bsin C=1+cs A⇒cs(B-C)-cs(B+C)=1+cs A.
又cs(B+C)=-cs A⇒cs(B-C)=1,∴B-C=0,即B=C.
【答案】 C
7.一角槽的横断面如图1所示,四边形ADEB是矩形,且α=50°,β=70°,AC=90 mm,BC=150 mm,则DE的长等于( )
图1
A.210 mmB.200 mm
C.198 mmD.171 mm
【解析】 ∠ACB=70°+50°=120°,在△ABC中应用余弦定理可以求出AB的长,即为DE的长.
【答案】 A
8.(2014·江西高考)在△ABC中,内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,若c2=(a-b)2+6,C=eq \f(π,3),则△ABC的面积是( )
A.3 B.eq \f(9\r(3),2) C.eq \f(3\r(3),2) D.3eq \r(3)
【解析】 ∵c2=(a-b)2+6,∴c2=a2+b2-2ab+6.①
∵C=eq \f(π,3),∴c2=a2+b2-2abcseq \f(π,3)=a2+b2-ab.②
由①②得-ab+6=0,即ab=6.
∴S△ABC=eq \f(1,2)absin C=eq \f(1,2)×6×eq \f(\r(3),2)=eq \f(3\r(3),2).
【答案】 C
9.(2015·山东省实验中学期末考试)已知在△ABC中,sin A+sin B=sin C(cs A+cs B),则△ABC的形状是( )
A.锐角三角形B.钝角三角形
C.等腰三角形D.直角三角形
【解析】 由正弦定理和余弦定理得a+b=ceq \f(b2+c2-a2,2bc)+eq \f(a2+c2-b2,2ac),即2a2b+2ab2=ab2+ac2-a3+a2b+bc2-b3,∴a2b+ab2+a3+b3=ac2+bc2,∴(a+b)(a2+b2)=(a+b)c2,∴a2+b2=c2,∴△ABC为直角三角形,故选D.
【答案】 D
10.在△ABC中,sin2A=sin2B+sin Bsin C+sin2C,则A=( )
A.30°B.60°
C.120°D.150°
【解析】 由已知得a2=b2+bc+c2,
∴b2+c2-a2=-bc,∴cs A=eq \f(b2+c2-a2,2bc)=-eq \f(1,2),
又0°【答案】 C
11.在△ABC中,A∶B=1∶2,∠ACB的平分线CD把△ABC的面积分成3∶2两部分,则cs A等于( )
A.eq \f(1,3) B.eq \f(1,2) C.eq \f(3,4) D.0
【解析】 ∵CD为∠ACB的平分线,
∴D到AC与D到BC的距离相等.
∴△ACD中AC边上的高与△BCD中BC边上的高相等.
∵S△ACD∶S△BCD=3∶2,∴eq \f(AC,BC)=eq \f(3,2).
由正弦定理eq \f(sin B,sin A)=eq \f(3,2),又∵B=2A,
∴eq \f(sin 2A,sin A)=eq \f(3,2),即eq \f(2sin Acs A,sin A)=eq \f(3,2),∴cs A=eq \f(3,4).
【答案】 C
12.如图2,在坡度一定的山坡A处测得山顶上一建筑物CD的顶端C对于山坡的斜度为15°,向山顶前进100米到达B后,又测得C对于山坡的斜度为45°,若CD=50米,山坡对于地平面的坡角为θ,则cs θ( )
图2
A.2eq \r(3)+1B.2eq \r(3)-1
C.eq \r(3)-1D.eq \r(3)+1
【解析】 在△ABC中,BC=eq \f(ABsin∠BAC,sin∠ACB)
=eq \f(100sin 15°,sin45°-15°)=50(eq \r(6)-eq \r(2)),
在△BCD中,sin∠BDC=eq \f(BCsin∠CBD,CD)
=eq \f(50\r(6)-\r(2)sin 45°,50)=eq \r(3)-1,
又∵cs θ=sin∠BDC,∴cs θ=eq \r(3)-1.
【答案】 C
二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分,将答案填在题中的横线上)
13.(2015·黄冈高级中学高二期中测试)△ABC为钝角三角形,且∠C为钝角,则a2+b2与c2的大小关系为 .
【解析】 ∵cs C=eq \f(a2+b2-c2,2ab),且∠C为钝角.
∴cs C<0,∴a2+b2-c2<0.故a2+b2
【解析】 由3sin A=5sin B,得3a=5b.又因为b+c=2a,
所以a=eq \f(5,3)b,c=eq \f(7,3)b,
所以cs C=eq \f(a2+b2-c2,2ab)=eq \f(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(5,3)b))2+b2-\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(7,3)b))2,2×\f(5,3)b×b)=-eq \f(1,2).因为C∈(0,π),所以C=eq \f(2π,3).
【答案】 eq \f(2π,3)
15.在锐角△ABC中,BC=1,B=2A,则eq \f(AC,cs A)的值等于 ,AC的取值范围为 .
【解析】 设A=θ⇒B=2θ.
由正弦定理得eq \f(AC,sin 2θ)=eq \f(BC,sin θ),
∴eq \f(AC,2cs θ)=1⇒eq \f(AC,cs θ)=2.
由锐角△ABC得0°<2θ<90°⇒0°<θ<45°.
又0°<180°-3θ<90°⇒30°<θ<60°,
故30°<θ<45°⇒eq \f(\r(2),2)
【答案】 2 (eq \r(2),eq \r(3))
16.(2014·全国卷Ⅰ)如图3,为测量山高MN,选择A和另一座山的山顶C为测量观测点.从A点测得M点的仰角∠MAN=60°,C点的仰角∠CAB=45°以及∠MAC=75°;从C点测得∠MCA=60°.已知山高BC=100 m,则山高MN= m.
图3
【解析】 根据图示,AC=100eq \r(2) m.
在△MAC中,∠CMA=180°-75°-60°=45°.
由正弦定理得eq \f(AC,sin 45°)=eq \f(AM,sin 60°)⇒AM=100eq \r(3) m.
在△AMN中,eq \f(MN,AM)=sin 60°,
∴MN=100eq \r(3)×eq \f(\r(3),2)=150(m).
【答案】 150
三、解答题(本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)
17.(本小题满分10分)△ABC的三个内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,asin Asin B+bcs2A=eq \r(2)a.
(1)求eq \f(b,a);
(2)若c2=b2+eq \r(3)a2,求B.
【解】 (1)由正弦定理得,sin2Asin B+sin Bcs2A=eq \r(2)sin A,即sin B(sin2A+cs2A)=eq \r(2)sin A.
故sin B=eq \r(2)sin A,所以eq \f(b,a)=eq \r(2).
(2)由余弦定理和c2=b2+eq \r(3)a2,
得cs B=eq \f(1+\r(3)a,2c).
由(1)知b2=2a2,故c2=(2+eq \r(3))a2.
可得cs2B=eq \f(1,2),又cs B>0,
故cs B=eq \f(\r(2),2),所以B=45°.
18.(本小题满分12分)已知△ABC的内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且a=2,cs B=eq \f(3,5).
(1)若b=4,求sin A的值;
(2)若△ABC的面积S△ABC=4,求b,c的值.
【解】 (1)∵cs B=eq \f(3,5)>0,且0∴sin B=eq \r(1-cs2B)=eq \f(4,5).
由正弦定理得eq \f(a,sin A)=eq \f(b,sin B),
sin A=eq \f(asin B,b)=eq \f(2×\f(4,5),4)=eq \f(2,5).
(2)∵S△ABC=eq \f(1,2)acsin B=4,
∴eq \f(1,2)×2×c×eq \f(4,5)=4,∴c=5.
由余弦定理得b2=a2+c2-2accs B=22+52-2×2×5×eq \f(3,5)=17,∴b=eq \r(17).
19.(本小题满分12分)(2015·安徽高考)在△ABC中,∠A=eq \f(3π,4),AB=6,AC=3eq \r(2),点D在BC边上,AD=BD,求AD的长.
【解】 设△ABC的内角∠BAC,B,C所对边的长分别是a,b,c,
由余弦定理得a2=b2+c2-2bccs ∠BAC=(3eq \r(2))2+62-2×3eq \r(2)×6×cs eq \f(3π,4)=18+36-(-36)=90,
所以a=3eq \r(10).
又由正弦定理得sin B=eq \f(bsin ∠BAC,a)=eq \f(3,3\r(10))=eq \f(\r(10),10),
由题设知0所以cs B=eq \r(1-sin2B)=eq \r(1-\f(1,10))=eq \f(3\r(10),10).
在△ABD中,因为AD=BD,所以∠ABD=∠BAD,所以∠ADB=π-2B,故由正弦定理得AD=eq \f(AB·sin B,sinπ-2B)=eq \f(6sin B,2sin Bcs B)=eq \f(3,cs B)=eq \r(10).
20.(本小题满分12分)某观测站在城A南偏西20°方向的C处,由城A出发的一条公路,走向是南偏东40°,在C处测得公路距C处31千米的B处有一人正沿公路向城A走去,走了20千米后到达D处,此时C、D间的距离为21千米,问这人还要走多少千米可到达城A?
【解】 如图所示,
设∠ACD=α,∠CDB=β.
在△CBD中,由余弦定理得cs β=eq \f(BD2+CD2-CB2,2BD·CD)=eq \f(202+212-312,2×20×21)=-eq \f(1,7),
∴sin β=eq \f(4\r(3),7).
而sin α=sin(β-60°)=sin βcs 60°-sin 60°cs β=eq \f(4\r(3),7)×eq \f(1,2)+eq \f(\r(3),2)×eq \f(1,7)=eq \f(5\r(3),14).
在△ACD中,eq \f(21,sin 60°)=eq \f(AD,sin α),
∴AD=eq \f(21×sin α,sin 60°)=15(千米).
所以这人还要再走15千米可到达城A.
21.(本小题满分12分)(2016·洛阳模拟)在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,cs 2C+2eq \r(2)cs C+2=0.
(1)求角C的大小;
(2)若b=eq \r(2)a,△ABC的面积为eq \f(\r(2),2)sin Asin B,求sin A及c的值. 【导学号:05920081】
【解】 (1)∵cs 2C+2eq \r(2)cs C+2=0,
∴2cs2C+2eq \r(2)cs C+1=0,即(eq \r(2)cs C+1)2=0,
∴cs C=-eq \f(\r(2),2).
又C∈(0,π),∴C=eq \f(3π,4).
(2)∵c2=a2+b2-2abcs C=3a2+2a2=5a2,
∴c=eq \r(5)a,即sin C=eq \r(5)sin A,
∴sin A=eq \f(1,\r(5))sin C=eq \f(\r(10),10).
∵S△ABC=eq \f(1,2)absin C,且S△ABC=eq \f(\r(2),2)sin Asin B,
∴eq \f(1,2)absin C=eq \f(\r(2),2)sin Asin B,
∴eq \f(ab,sin Asin B)sin C=eq \r(2),由正弦定理得
eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(c,sin C)))2sin C=eq \r(2),解得c=1.
22.(本小题满分10分)已知函数f(x)=msin x+eq \r(2)cs x(m>0)的最大值为2.
(1)求函数f(x)在[0,π]上的单调递减区间;
(2)若△ABC中,feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(A-\f(π,4)))+feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(B-\f(π,4)))=4eq \r(6)sin Asin B,角A,B,C所对的边分别是a,b,c,且C=60°,c=3,求△ABC的面积.
【解】 (1)由题意,f(x)的最大值为eq \r(m2+2),所以eq \r(m2+2)=2.
又m>0,所以m=eq \r(2),f(x)=2sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(x+\f(π,4))).
令2kπ+eq \f(π,2)≤x+eq \f(π,4)≤2kπ+eq \f(3π,2)(k∈Z),
得2kπ+eq \f(π,4)≤x≤2kπ+eq \f(5π,4)(k∈Z).
所以f(x)在[0,π]上的单调递减区间为eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(\f(π,4),π)).
(2)设△ABC的外接圆半径为R,
由题意,得2R=eq \f(c,sin C)=eq \f(3,sin 60°)=2eq \r(3).
化简feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(A-\f(π,4)))+feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(B-\f(π,4)))=4eq \r(6)sin Asin B,
得sin A+sinB=2eq \r(6)sin Asin B.
由正弦定理,得2R(a+b)=2eq \r(6)ab,a+b=eq \r(2)ab.①
由余弦定理,得a2+b2-ab=9,
即(a+b)2-3ab-9=0.②
将①式代入②,得2(ab)2-3ab-9=0,
解得ab=3或ab=-eq \f(3,2)(舍去),
故S△ABC=eq \f(1,2)absin C=eq \f(3\r(3),4).
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