湖南省郴州市2025-2026学年下学期高三高考物理考前模拟练习卷

这是一份湖南省郴州市2025-2026学年下学期高三高考物理考前模拟练习卷，共14页。试卷主要包含了请将答案正确填写在答题卡上，[5分]下列说法不正确的是，[6分]如图等内容，欢迎下载使用。
注意事项：
1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2.请将答案正确填写在答题卡上
一、单选题（本大题共7小题，共35分）
1.[5分]南极-艾特肯盆地是氦3的“富矿宝地”，储藏大量可控核聚变理想燃料氦。可控核聚变可以采用或，下列说法正确的是（ ）
A．是质子B．是中子
C．比的原子核更稳定D．核聚变过程发生质量亏损，释放核能
2.[5分]设物体运动的加速度为a、速度为v、位移为x。现有四个不同物体的运动图像如下列选项所示，假设物体在t＝0时的速度均为零，则其中表示物体做单向直线运动的图像是（ ）
A．B．
C．D．
3.[5分]中国预计在2028年实现载人登月计划，把月球作为登上更遥远行星的一个落脚点。图是“嫦娥一号”奔月的示意图，“嫦娥一号”卫星发射后经多次变轨，进入地月转移轨道，最终被月球引力捕获，成为绕月卫星。关于“嫦娥一号”，以下说法正确的是（ ）
A．轨道Ⅱ上Q点的加速度与轨道Ⅲ上Q点的加速度大小相等
B．16h轨道与24h轨道半长轴的立方与公转周期的平方之比相等
C．轨道Ⅲ上Q点的速度等于轨道Ⅱ上Q点的速度
D．轨道Ⅲ变轨到轨道Ⅱ时，需向后喷气
4.[5分]下列说法不正确的是（ ）
A．图1为检验工件平整度的装置，利用了光的薄膜干涉原理。
B．图2为光照射不透明小圆板得到的衍射图样
C．图3海市蜃楼和沙漠蜃景都是光的全反射现象，其中沙漠蜃景产生的原因是沙漠上层空气的折射率比下层空气折射率大
D．图4的原理和照相机镜头表面涂上增透膜的原理是一样的
5.[5分]“战绳”是一种时尚的健身器材，有较好的健身效果。如图甲所示，健身者把两根相同绳子的一端固定在P点，用双手分别握住绳子的另一端，然后根据锻炼的需要以不同的频率、不同的幅度上下抖动绳子，使绳子振动起来。某次锻炼中，健身者以2Hz的频率开始抖动绳端，时，绳子上形成的简谐波的波形如图乙所示，a、b为右手所握绳子上的两个质点，二者平衡位置间距离为波长的倍，此时质点a的位移为已知绳子长度为20m，下列说法正确的是（ ）
A．a、b两质点振动的相位差为
B．时，质点a的位移仍为，且速度方向向下
C．健身者抖动绳子端点，经过5s振动恰好传到P点
D．健身者增大抖动频率，振动从绳子端点传播到P点的时间将会减少
6.[5分]如图甲所示电路中，变压器为理想变压器，电阻箱最大阻值999.9，定值电阻，在a、b两端输入正弦交流电，改变电阻箱的阻值得到电阻箱消耗的最大功率为20W；如图乙所示为除去变压器后组成的电路，改变电阻箱的阻值，得到消耗的最大功率为80W。则下列判断正确的是（ ）
A．a、b两端输入的电压为20V
B．变压器原、副线圈的匝数比为
C．图甲中，电阻箱的阻值为时，其消耗的电功率最大
D．图甲中，电阻消耗的最大功率为80W
7.[5分]静电除尘是工业生产中处理烟尘的重要方法。除尘装置由金属管A和悬挂在管中心的金属导线B组成，如图甲所示。工作时，使中心的金属导线B带负电，金属管A接地，A、B之间产生如图乙（俯视图）所示的电场，圆内实线为未标方向的电场线。金属导线B附近的气体分子被强电场电离，形成电子和正离子，电子在向正极A运动的过程中，使烟尘中的颗粒带上负电。这些带电颗粒在静电力作用下被吸附到正极A上，最后在重力作用下落入下方的漏斗中。经过这样的除尘处理，原本饱含烟尘的气体就可能达到排放标准，满足环保要求。图乙中ab=bc；c、d在同一圆上。下列说法正确的是（ ）
A．图乙中c点和d点的电场强度相同
B．带上负电的颗粒在a点所受的电场力大于在c点所受的电场力
C．一电子从c点运动到a点的过程中，其电势能增大
D．电势差关系：
二、多选题（本大题共3小题，共20分）
8.[6分]如图所示，重物P放在水平地面上，竖直轻弹簧的下端与P相连，上端与跨过光滑定滑轮的轻绳相连，轻绳的另一端连接小球Q。现对Q施加一方向始终水平向右的拉力，使Q缓慢上升，直至滑轮右侧轻绳转过，P始终处于静止状态。关于此过程，下列说法正确的是（ ）
A．Q所受的合外力逐渐增大B．P对地面的压力逐渐减小
C．拉力逐渐增大D．弹簧的长度可能保持不变
9.[6分]如图（a）所示，左侧接有阻值为的水平光滑固定导轨，处于垂直纸面向里的匀强磁场中，磁感应强度为，导轨间距为。一质量为的金属棒在水平恒定拉力作用下，从处由静止开始沿导轨向右运动，通过电阻的电荷量与时间的关系如图（b）所示，图像中时刻之前图线为曲线，时刻之后图线为直线。忽略金属棒与导轨的电阻，下列说法正确的是（ ）
A．金属棒在时刻的速度为
B．0时间内，金属棒的位移为
C．0时间内，通过电阻的电荷量为
D．0时间内，电阻上产生的焦耳热为
10.[8分]如图所示，质量为的小船静止在水面上，质量为的人在甲板上立定跳远时相对船的成绩为。不计空气和水的阻力，下列说法正确的是（ ）
A．人起跳后在空中时，船保持静止
B．在立定跳远的过程中，船后退了
C．在立定跳远的过程中，人相对地面的成绩为
D．若人在甲板上散步，当人停止时，船也将停止
三、非选择题（本大题共5小题，共45分）
11.[9分]用如图甲所示的实验装置做“验证机械能守恒定律”实验时，将打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始下落。
（1）关于本实验﹐下列说法正确的是 （填字母代号）。
A．应选择质量大、体积小的重物进行实验
B．释放纸带之前，纸带必须处于竖直状态
C．先释放纸带，后接通电源
（2）实验中，得到如图乙所示的一条纸带。在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到起始点O（O点与下一点的间距接近2 mm）的距离分别为hA、hB、hC。已知当地重力加速度为g，打点计时器的打点周期为T。设重物质量为m。从打О点到B点的过程中，重物的重力势能变化量＝ ，动能变化量= 。（用已知字母表示）
（3）某同学用如图丙所示装置验证机械能守恒定律，将力传感器固定在天花板上，细线一端系着小球，一端连在力传感器上。将小球拉至水平位置从静止释放，到达最低点时力传感器显示的示数为F0。已知小球质量为m，当地重力加速度为g。在误差允许范围内，当满足关系式 时，可验证机械能守恒。
12.[9分]一实验小组利用图（a）所示的电路测量一电池的电动势E（约1.5 V）和内阻r（小于2 Ω).图中电压表量程为1 V，内阻RV=380.0 Ω；定值电阻R0=20.0 Ω；电阻箱R，最大阻值为999.9 Ω;S为开关。按电路图连接电路。完成下列填空：
图（a） 图（b）
（1）为保护电压表，闭合开关前，电阻箱接入电路的电阻值可以选 Ω（填“5.0”或“15.0”）;
（2）闭合开关，多次调节电阻箱，记录下阻值R和电压表的相应读数U;
（3）根据图（a）所示电路，用R、R0、RV、E和r表示1U，得1U= ;
（4）利用测量数据，作1U-R图线，如图（b）所示；
（5）通过图（b）可得E= V（保留2位小数）,r= Ω（保留1位小数）;
（6）若将图（a）中的电压表当成理想电表，得到的电源电动势为E'，由此产生的误差为E'−EE×100%= %.
13.[9分]横截面积为S的汽缸放在铁架台的水平底座上，质量为m的活塞通过轻弹簧与横杆相连，当横杆固定在位置A时，弹簧恰好处于自然长度；将横杆缓慢下移到位置B，此时汽缸对铁架台底座的压力增大了2mg，已知大气压强，横杆移动前缸内封闭气柱长度为，弹簧的劲度系数，汽缸内封闭的理想气体温度不变。
（1）求横杆下移的距离d；
（2）已知弹簧弹力对活塞做的功（其中、对应活塞移动前、后弹簧对活塞的弹力大小），求缸内气体放出的热量。
14.[9分]如图，在y轴竖直的直角坐标系xOy中，在第三象限中存在沿x轴正方向的匀强电场Ⅰ和磁感应强度大小为、方向垂直纸面向内的匀强磁场；的区域内存在竖直向上的匀强电场Ⅱ和方向垂直纸面向里的匀强磁场。一质量为m、电荷量为q的带正电小球在第三象限内做匀速直线运动，从O点进入第一象限，从y轴上的A点离开叠加场。已知重力加速度大小为g，电场Ⅰ、Ⅱ的场强大小分别为
（1）求小球在第三象限内运动的速度大小v；
（2）若电场Ⅱ的电场强度减小为某值时，小球在x轴上方叠加场中某位置速度为零，求小球速度为零时所在位置的横坐标。
15.[9分]医院气动传输系统用于医用物品传送，可以实现跨楼层、跨区域高效传输。如图所示为气动传输装置模型管道，其中竖直、高度，是半径的四分之一圆弧管道（远大于管道内径），水平、长度。处放置一质量的传输瓶甲，启动风机，利用气压差给甲施加一大小恒为沿管道方向的气动推力，和均光滑，甲经过程克服阻力做功，传输瓶可视为质点，求：
（1）传输瓶甲经圆弧管道点时，管道对其压力大小；
（2）传输瓶甲到达点时的速度大小；
（3）若传输瓶甲进入管道后，某时刻调整气压差，甲获得向左的加速度。要使甲到点速度恰好为零，求甲在运动过程中的最大速度；
（4）现有质量为m的传输瓶乙锁在管道上的点（该点未标出），。甲运动至点瞬间解锁乙，甲、乙发生弹性碰撞。碰撞前后甲受气动推力一直为，碰后乙始终具有向左的加速度。则在乙速度第一次减为零之前，甲、乙是否会再次发生碰撞？若会，求再次碰撞的位置到点的距离。
参考答案
1.【答案】D
对于反应，根据质量数守恒3+2=4+A，得A=1，电荷数守恒1+1=2+Z，得Z=0，X的质量数为1、电荷数为0，故X为中子，不是质子，故A错误；对于反应，根据质量数守恒3+2=4+A，得A=1，和电荷数守恒2+1=2+Z，得Z=1，Y的质量数为1、电荷数为1，故Y为质子，不是中子，故B错误；核聚变生成X，X比Y更稳定，平均结合能更大，故C错误；核聚变过程存在质量亏损，释放核能，故D正确。
2.【答案】C
A．由位移—时间图像可知，位移随时间先增大后减小，1 s后反向运动，故A错误；
B．由速度—时间图像可知，物体2 s内沿正方向运动，2～4 s沿负方向运动，方向改变，故B错误；
C．由图像C可知物体在第1 s内做匀加速运动，第2 s内做匀减速运动，2 s末速度减为0，然后重复前面的过程，是单向直线运动，故C正确；
D．由图像D可知物体在第1 s内做匀加速运动，第2 s内做匀减速运动，2 s末速度减为0，第3 s内沿负方向做匀加速运动，不是单向直线运动，故D错误；
故选C。
3.【答案】A
“嫦娥一号”在不同轨道绕月球运行时，均只受万有引力，同一点加速度大小应相等，A正确；根据开普勒第三定律可知，16h轨道与24h轨道半长轴的立方与公转周期的平方之比相等，B错误；卫星从高轨道变轨到低轨道，需要在变轨处向前喷气减速，所以“嫦娥一号”在轨道Ⅲ上Q点的速度大于轨道Ⅱ上Q点的速度，CD错误。
4.【答案】D
图1为检验工件平整度的装置，利用了薄膜干涉的原理，A正确，不符合题意；图2为光线通过小圆板得到的衍射图样，B正确，不符合题意；由于上层空气的折射率比下层空气折射率大，沙漠蜃景是光的全反射现象，C正确，不符合题意；立体电影是光的偏振，与镜头表面涂上增透膜是利用光的干涉，它们的原理不相同，D错误，符合题意。本题选择错误选项。
5.【答案】B
A．a、b两质点平衡位置间的距离为波长的1/2，一个周期波前进一个波长的距离，一个周期前后的相位差为，所以两质点振动的相位差为，A错误；
B．质点振动周期为，， t=0时质点a的位移为cm，根据甲图可知a此刻在平衡位置上方，向上振动；根据乙图图线可知a的振动方程为，将t=s=代入可得，由振动规律知s时刻a在平衡位置上方，振动方向向下，B正确；
C．由乙图可知波长8m，周期0.5s，所以波速，波从健身者传到P点所用的时间，C错误；
D．波的传播速度由介质决定，介质不变，波速不变，绳子上的波形传播到P点的时间不变，与抖动频率无关，D错误。选B。
6.【答案】D
在题图甲中，设a、b端输入的电压为U，变压器原副线圈匝数分别为、，设原线圈中电流为I，则，当时，消耗的最大功率为，在题图乙中，消耗的最大功率为，联立各式解得，，故AB错误；由前面分析可得题图甲中，时，其消耗的功率最大，故C错误；在题图甲中，当时，定值电阻消耗的最大功率为，故D正确。
7.【答案】D
A．c点和d点的电场强度大小相同，方向不同，A错误；
B．根据电场线的疏密可知，a点的电场强度小于c点的电场强度，带上负电的颗粒在a点所受的电场力小于在c点所受的电场力，B错误；
C．电子从c点运动到a点的过程中，电场力做正功，电势能减小，C错误；
D．由U=Ed，可知，ab间任意一点的电场强度都小于bc间任意一点的电场强度，因ab=bc，所以，D正确。选D。
8.【答案】BC
A．因为Q缓慢上升，所以Q处于动态平衡状态，Q所受的合外力始终是零，选项A错误；
BC．P、Q的受力情况如图所示。

对P有
对Q有、
当逐渐增大时，逐渐增大，逐渐减小，可得逐渐增大，逐渐增大，逐渐减小
根据牛顿第三定律可知，P对地面的压力大小逐渐减小，选项BC正确；
D．根据胡克定律有，当增大时，增大，弹簧变长，选项D错误。
故选BC。
9.【答案】AD
金属棒在t1时刻已经达到最大速度，金属棒做匀速运动，电动势为，受到的安培力为，根据平衡条件，有，解得，A正确；0到时间内，金属棒发生的位移为，由动量定理可得，联立解得，B错误；0到时间内，通过电阻的电量为，C错误；根据功能关系，有，可得焦耳热，D正确。
10．【答案】BD
根据反冲运动中的动量守恒可知，人起跳在空中时具有向前的速度，因此船具有向后的速度，故A错误；设人向前跳的方向为正方向，速度为，质量为m；船的速度为，质量为M，根据动量守恒则有，结合，则有，且，联立解得，，即船后退了，人相对地面的成绩为，故B正确，C错误；由于人、船组成的系统动量守恒，因此人停止运动，船也随之停止运动，故D正确。
11．【答案】AB；；；
（1）[1]A．重物体积小，所受空气阻力小，质量越大，空气阻力引起的相对误差就越小，所以应选择质量大，体积小的重物进行实验，故A正确；
B．为减小纸带与限位孔间的摩擦，释放纸带之前，纸带必须处于竖直状态，故B正确；
C．由实验步骤可知，应先接通电源，当打点计时器工作稳定后，再释放纸带，故C错误。
故选AB。
（2）由重力做功与重力势能的关系可知，从打O点到B点的过程中，重物的重力势能变化量
由平均速度解得打B点时重物的瞬时速度
该过程的动能增量为
所以
（3）在最低点，由牛顿第二定律可得
解得此时球的动能为
球由静止释放到达最低点过程中，若满足机械能守恒，则有
联立解得
解得
12．【答案】(1)15.0 (3)RV+R0RVR0ER+RV+R0RVR0Er+1E
(5)1.54 1.1 (6)5.19
(1）定值电阻与电压表并联，总电阻R并=R0RVR0+RV=19 Ω，干路允许的最大电流为Im=U0R并=119 A，电路中总电阻最小值约为Rmin=EIm=28.5 Ω，闭合开关前电阻箱接入电路的电阻值R=Rmin-R并-r>7.5 Ω，因此闭合开关前电阻箱接入电路的电阻值选15.0 Ω;
(3）电路中总电流为I=UR并=ER并+R+r，整理得1U=RV+R0RVR0ER+RV+R0RVR0Er+1E;
(5）根据（3）中得到的1U-R关系式，代入数据可得1U=19+r19E+119ER (V-1)，延长图线，得到图线与纵轴交点为0.86 V-1，得0.86 V-1=19+r19E+519E (V-1)，图线斜率为1.46−0.8622.5−5 Ω-1·V-1=119E(Ω-1)，解得E≈1.54 V,r≈1.1 Ω;
(6）若将题图（a）中的电压表当成理想电压表，则电路中电流为I=UR0=E'R0+R+r，整理得1U=20+r20E'+120E'R (V-1),1U-R图线斜率为1.46−0.8622.5−5 Ω-1·V-1=120E' Ω-1，解得E'≈1.46 V,E'−EE×100%≈5.19%.
13．【答案】（1）；（2）
（1）横杆移动前，根据平衡条件可得封闭气体的压强为
①
体积为
②
横杆移动后，设活塞移动的距离为，则弹簧的压缩量为
③
由胡克定律可得汽缸对铁架台底座的压力增量为
④
封闭气体的压强为
⑤
体积为
⑥
根据玻意耳定律可得
⑦
联立①~⑦式解得，。
（2）设封闭气体对活塞做功为，对活塞由动能定理得
⑧
由题意可得
⑨
活塞对封闭气体做功为
⑩
封闭气体温度不变，内能不变，由热力学第一定律得
⑪
联立⑧~⑪式解得。
14．【答案】（1）
(2)
（1）小球在第三象限做匀速直线运动，受竖直向下的重力mg、沿x轴正方向的电场力qE1、与速度方向垂直的洛伦兹力qvB1而平衡，设小球速度方向与y轴正方向的夹角为θ，则
且
其中
解得
（2）在区域，电场力即电场力与重力平衡，则小球在该区域内做匀速圆周运动。由洛伦兹力提供向心力有
由几何关系得圆周运动的轨迹半径R满足
因为某位置速度为0，故将小球在O点的速度分解为大小相等的、，如图所示
可知圆周分运动初始时的速度与x轴夹角为
轨迹半径为
速度为0时偏转的角度为，经过的时间为
则此时小球所在位置的横坐标为
15．【答案】（1）
(2)
(3)
(4)
（1）段光滑，根据动能定理有
在点，物体做圆周运动的向心力由支持力、重力、推力的合力提供，则有
代入数据解得。
（2）从到根据动能定理有
解得。
（3）进入后，甲先向右加速，后向右减速到0，最大速度出现在推力与阻力平衡（即加速度为0）时刻，即物体加速运动阶段的结束。已知加速度，方向向左，设从到最大速度位置的位移为，从到根据动能定理有
甲从到最大速度位置根据动能定理有
联立解得
（4）点距离点为，从C到E根据动能定理有
在点甲乙发生弹性碰撞满足动量守恒和动能守恒，则有，
联立解得，
乙加速度向左，初速度向右，故乙做匀减速直线运动，碰撞后甲的加速度向右，甲的初速度为，负号表示速度方向向左，甲做匀减速直线运动，即甲先向左减速到0，再向右加速。则乙向右匀减速直线运动的位移
所以甲、乙会再次发生碰撞；
乙向右运动的时间为
甲向左匀减速直线运动的时间为
甲向左匀减速直线运动的位移为
甲减速到0后，开始向右做匀加速直线运动，在内运动的位移
甲减速到0的位置与乙加速到0的位置间距离为
所以乙减速到0之前甲乙发生第二次碰撞，设从第一次碰撞结束到第二次碰撞前瞬间的时间为，则有甲乙在这段时间内位移相等，即
代入数据解得
所以第二次发生碰撞位置与点的距离为
解得
所以第二次发生碰撞位置与点的距离为。