湖南省湘潭市2025-2026学年下学期高三高考物理考前模拟练习卷

这是一份湖南省湘潭市2025-2026学年下学期高三高考物理考前模拟练习卷，共14页。试卷主要包含了请将答案正确填写在答题卡上，6天后，氡还剩余等内容，欢迎下载使用。
注意事项：
1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2.请将答案正确填写在答题卡上
一、单选题（本大题共6小题，共24分）
1.[4分]氡气在自然界中含量相对较高，是人类受到天然电离辐射的最主要来源，对人类的放射性剂量占所有天然放射性剂量的，是继吸烟以外导致肺癌的第二大危险因素。氡的半衰期为3.8天，其衰变反应方程式为。下列关于氡的说法正确的是（ ）
A．氡的衰变属于衰变B．在高温高压下，氡的半衰期会变长
C．该衰变产生的射线有很强的穿透能力D．的氡经过7.6天后，氡还剩余
2.[4分]如图所示为国内CBA赛场的篮球场示意图，在某一次篮球赛中甲将球（可视为质点）传给队友，出手时球离地1．5 m，速度大小为10 m/s，乙原地竖直起跳拦截，起跳后手离地面的高度为3．3 m，球越过乙时速度沿水平方向，且恰好未被拦截。球的质量为0．6 kg，重力加速度为10 m/s2，以地面为零势能面，忽略空气阻力，则
A．甲传球时，球与乙的水平距离为6 m
B．队友接球前瞬间，球的速度大小一定为10 m/s
C．队友接球前瞬间，球的机械能一定为39 J
D．若仅增大出手时球与水平方向的夹角，球仍不能被乙拦截
3.[4分]地球的公转轨道接近圆，但哈雷彗星的运动轨道则是一个非常扁的椭圆，如图所示。天文学家哈雷成功预言哈雷彗星的回归，周期为76年。下列说法正确的是（ ）
A．哈雷彗星在近日点的速度比远日点的速度小
B．哈雷彗星在近日点的速度比地球公转线速度大
C．哈雷彗星在近日点的加速度比远日点的加速度小
D．哈雷彗星轨道的半长轴是地球公转半径的倍
4.[4分]同种介质中分别沿x轴正方向和负方向传播的两列简谐横波，振幅均为时波刚好传到两点，如图1所示。在x轴上的坐标分别为。平衡位置在P处的质点振动图像如图2所示。下列说法正确的是（ ）
A．沿x轴正方向传播的波的波速为，沿负方向传播的波的波速无法确定
B．时，平衡位置在P处的质点刚好运动到M点
C．M处质点的起振方向沿y轴正方向
D．时，平衡位置在N处的质点位移为-
5.[4分]如图所示，在xOy直角坐标系中，y＞0的区域内有方向垂直纸面向里的匀强磁场，y＜0的区域内有方向竖直向下的匀强电场。一个质量为m、电荷量为－q的粒子从O点射出，初速度v0的方向与x轴正方向的夹角为θπ2＜θ＜π，若粒子一直沿着O、P、Q三点所在的闭合图形做循环运动，已知P、Q两点的坐标分别为P(0，3l）、Q(l，0），不计粒子的重力和空气阻力，则匀强磁场的磁感应强度大小B和匀强电场的场强大小E分别为
A． mv0ql ,mv022qlB． mv0ql ,3mv022ql
C． mv02ql ,mv022qlD． mv02ql ,mv02ql
6.[4分]两平行金属板相距为，电势差为，一电子质量为，电荷量为，从点沿垂直于极板的方向射出，最远到达点，然后返回，如图所示，，则此电子具有的初动能是

A．B．C．D．
二、多选题（本大题共4小题，共31分）
7.[6分]如图所示为半圆形玻璃砖的横截面，直径MN与水平面平行。由红、绿两种单色光组成的细光束沿从MN边射入玻璃砖，入射角为，进入玻璃砖后分成两束光分别打到玻璃砖截面的b、c两点处，b、c两点分别位于玻璃砖截面最低点的左右两侧。下列说法正确的是（ ）
A．b、c两点处分别对应绿光、红光
B．在玻璃中，绿光的速度比红光大
C．增大，射到c点的光在c点不会发生全反射
D．光从M点到c点的传播时间大于从M点到b点的传播时间
8.[7分]如图，可视为质点的小球能沿着固定的竖直光滑圆轨道内侧做完整的圆周运动，以圆环的最低点为重力势能的零位置。在最高点时，小球的动能为，重力势能为，机械能为。下列关系式可能正确的是（ ）
A．B．C．D．
9.[9分]如图所示，立方体金属导体放在匀强磁场中，磁场垂直于导体的前表面向里，导体的长、高、宽分别为a、b、c，a＞b＞c，若从左、右表面通入从P到Q方向的大小为I的恒定电流，结果MN两端的电压为U1，若从上、下表面通入从M到N方向的大小也为I的恒定电流，结果P、Q两端的电压为U2，则（ ）
A．若电流从M到N方向流入，则P点电势比Q点电势高
B．若电流从P到Q方向流入，则M点电势比N点电势高
C．
D．
10.[9分]漏电保护开关由一个触电保安器和继电器J组成，如图所示，变压器A处用火线和零线双股平行绕制成线圈，然后接到用电器，B处有一个输出线圈，一旦线圈B中有电流，经放大后便能推动继电器切断电源，关于保安器的说法正确的是（ ）
A．保安器的工作原理是电磁感应原理
B．多开灯会使保安器切断电源
C．线圈B中电流一定大于线圈A中的电流
D．如图人“手—地”触电会切断电源
三、非选择题（本大题共5小题，共45分）
11.[9分]某实验小组用如图所示的装置做“用单摆测量重力加速度”实验。
（1）实验时除用到秒表、刻度尺外，还应该用到下列器材中的 （选填选项前的字母）；
A．长约1m的细线 B．长约1m的橡皮绳
C．直径约1cm的匀质铁球 D．直径约10cm的匀质木球
（2）在摆球自然悬垂的状态下，用米尺测出摆线长为l，用游标卡尺测得摆球的直径为d，则单摆摆长为 （用字母l、d表示）。将摆球拉离平衡位置小角度由静止释放，摆球通过平衡位置时开始计时并记数为“0”，再次回到平衡位置时记为“1”，……当记数数到“n”用时为t。则重力加速度可表示为 （用字母l、d、n、t等表示）；
（3）某同学做实验时，测量摆线长l后，忘记测量摆球直径，画出了图像，该图像对应下列图中的 图。
A． B．
C． D．
12.[9分]某小组同学设计了如图甲所示电路同时测量电压表内阻与定值电阻的阻值。现有的实验器材如下：
A．待测电压表（量程0~3V，未知）
B．待测电阻（约为1000Ω）
C．滑动变阻器
D．滑动变阻器
E.电阻箱
F.电源（电动势为3V，内阻不计）；
G.开关，导线若干。
（1）根据实验电路，为尽可能精确测量，滑动变阻器应该选用 。（填器材前字母序号）
（2）该小组选定实验器材后进行了如下操作：
①先将电阻箱R调至零，先后闭合开关，，调节，至电压表读数恰好如图乙所示，此时电压表示数为 V；
②断开开关；
③调节电阻箱R，记录此时电压表示数U与电阻箱示数R；
④多次改变电阻箱R阻值，重复步骤③；
⑤根据图像法科学分析、计算结果。
（3）该小组同学根据所测数据作出图像如图丙所示，图形的斜率为k，与纵轴的截距为b根据该图像可计算出电压表内阻 ，待测电阻 。（用k、b表示）
13.[9分]如图，质量分别为M和m的汽缸与活塞密闭性和导热性良好，活塞可无摩擦上下移动，汽缸内封闭一定质量的理想气体，现将汽缸从倾角为37°的斜面由静止释放。汽缸与斜面之间的动摩擦因数为重力加速度为g，斜面足够长，待汽缸稳定向下运动时，汽缸内封闭的气体体积为V。然后将汽缸置于水平地面上如图乙，用竖直向上的力缓慢提升活塞至汽缸刚要离开地面。活塞的横截面积为S，外界大气压强为，周围环境温度保持不变，求：
（1）汽缸沿斜面加速下滑时汽缸内封闭气体的压强；
（2）汽缸刚要离开地面时封闭气体的体积。
14.[9分]2023年3月31日，由中国中车自主研制的国内首套高温超导电动悬浮全要素试验系统完成首次悬浮运行。该磁悬浮列车涡流制动原理的模型如图所示。模型车的车厢下端装有电磁铁系统，该电磁铁系统在其正下方产生的磁场，可看成磁感应强度大小为、方向竖直向下的矩形区域（长为，宽为）的匀强磁场。将长大于、宽为、电阻为的单匝矩形线圈（粗细忽略不计）等间隔铺设在轨道正中央，相邻两线圈的间隔也恰好为。在某次试验中，模型车以一定的初速度开始进入第1个线圈并制动，恰好能完整通过个线圈。若该模型车所受的空气阻力大小与速度成正比（为常量），模型车（含电磁铁系统）的质量为，模型车与轨道之间无摩擦。求：
（1）该模型车的磁场全部进入任意一个线圈的过程中，流过线圈的电荷量。
（2）该模型车右侧刚进入第个线圈时，系统的速度大小。
（3）该模型车通过每个线圈所产生的热量之比。
15.[9分]如图所示，水平传送带以的速率逆时针转动，传送带两端与光滑水平地面平滑连接，物块和光滑的圆弧槽分别静止在两侧的水平面上。物块由不可伸长的轻质细绳悬挂于点，点位于物块的正上方。现将拉起使细线水平伸直，将由静止释放并在最低点与物块发生弹性对心碰撞。已知物块的质量，物块的质量，两物块均可视为质点，圆弧槽的质量，轻质细绳长度，传送带左、右两端的距离，物块与传送带间的动摩擦因数，重力加速度取，碰撞时间极短。求：
（1）物块与物块碰撞前瞬间，轻绳上拉力的大小；
（2）物块第一次从圆弧槽底端离开时，、的速度大小；
（3）、最终的速度；以及从物块开始运动到最终追不上时整个过程中传送带对物块的冲量大小。
参考答案
1.【答案】D
A．氡的衰变属于α衰变，选项A错误；
B．高温高压不会改变氡的半衰期，选项B错误；
C．该衰变产生的射线有很强的电离能量，但穿透能力很弱，选项C错误；
D．的氡经过7.6天后，氡还剩余，选项D正确。选D。
2.【答案】C
设出手时篮球离地高度为h1，篮球到达最高点时高度为h2，由题意可知，篮球从抛出点到最高点竖直方向的位移为h＝h2－h1＝1．8 m，则有vy2＝2gh，得抛出时篮球竖直方向的分速度大小vy＝6 m/s，则从抛出点到最高点篮球运动的时间为t＝vyg＝0．6 s，篮球水平方向的分速度大小为vx＝v02－vy2＝8 m/s，则甲传球时，篮球与乙的水平距离为x＝vxt＝4．8 m，A错误；由机械能守恒定律可知，若队友接球高度和篮球抛出时的高度相等，则篮球的速度大小为10 m/s，若高度不相等，则篮球的速度可能大于10 m/s，也可能小于10 m/s，B错误；篮球在空中只受重力作用，机械能守恒，以地面为零势能面，则队友接球前瞬间篮球的机械能为E＝12mv02＋mgh1＝39 J，C正确；若仅增大出手时篮球与水平方向的夹角，若角度太大，则篮球在水平方向的分速度过小，会导致篮球到乙位置时，竖直方向上升的高度小于乙起跳的最大高度，则可能会被拦截，D错误。
【一题多解】篮球从抛出点到最高点的逆过程为平抛运动，根据动能定理则有mg（h2－h1）＝12mv02－12mvx2，竖直方向有h2－h1＝12gt2，水平方向有x＝vxt，联立可得球与乙的水平距离x＝4．8 m，A错误。
3.【答案】B
A．由开普勒第二定律知，哈雷彗星在近日点速度较大，选项A错误；
B．由题图可知，哈雷彗星轨道在近日点的曲率半径比地球的公转轨道半径小，由万有引力提供向心力可得，解得，可知哈雷彗星在近日点的速度比地球公转线速度大，选项B正确；
C．由牛顿第二定律可得，，哈雷彗星在近日点受到的太阳引力大，加速度大，选项C错误；
D．由开普勒第三定律可得，哈雷彗星轨道的半长轴是地球公转半径的倍，选项D错误。选B。
4.【答案】D
A．沿x轴正方向传播的波的波速为，同种介质中波速相同，则沿负方向传播的波的波速也是1m/s，A错误；
B．波动图中，质点不随波迁移，B错误；
C．由图甲可知，左边的波先到M处，则质点的起振方向沿y轴负方向，C错误；
D．P、Q到N点距离一样，则两波同时到达N点，用时，由于两波到N点的振动方向相同，则N点为振动加强点，振幅为10cm。，则N点振动了，所以平衡位置在N处的质点位移为－，D正确。选D。
5.【答案】B
由题意作出粒子轨迹示意图如图所示，因为粒子一直沿着O、P、Q三点所在的闭合图形做循环运动，且∠POQ为直角，那么PQ为轨迹圆OPQ的直径，PQ＝2R＝2l，由洛伦兹力提供向心力有qv0B＝mv02R，解得B＝mv0ql，过O点作初速度v0的垂线，其与PQ的交点O1即为圆心，根据几何关系易得OO1＝O1Q＝OQ＝l，即△O1QO为等边三角形，可知初速度v0的方向与x轴正方向的夹角为θ＝150°，而粒子射入电场时速度方向与x轴负方向成30°角，因为在电场中粒子做类斜抛运动，垂直电场方向有v0cs 30°·t＝l，沿电场方向有v0sin 30°＝12at，且a＝Eqm，解得E＝3mv022ql，B正确。
【技巧必背】
对于单直线边界磁场，粒子的初、末速度满足“同边同角”关系，即粒子从同边界另一点射出，出射速度与入射速度关于边界的夹角大小相同。
6.【答案】D
【分析】
全程只有电场力做功，根据动能定理解出电子的初动能；
设出电子的初动能，末动能为零，极板间的电场，根据动能定理：，解得：，故D正确，A、B、C错误；
故选D．
7.【答案】AC
A：因为绿光的频率大于红光的频率，所以对于同一介质，绿光折射率大于红光折射率，所以b、c两点分别对应绿光、红光，A正确；
B：根据在玻璃中绿光的折射率大，所以绿光的速度比红光小，B错误；
C:
设射到c点的光在M点的折射角为，设光能在c点发生折射，设在c点光从玻璃到空气中的入射角为，折射角为。由光的折射率公式可得，由图和题意可得，，即，将以上两式对比可得，即光线从c点射出时折射角小于，所以即使增大，射到c点的光在c点也不会发生全反射，C正确；
D:
假设截面半圆半径为R，以光c为研究对象，如图所示，由几何关系可得，光从M点到c点的路程为，根据折射率公式，又有，联立以上三式可得，光从M点到c点的传播时间，同理可得从M点到b点的传播时间仍为，所以光从M点到c点的传播时间与从M点到b点的传播时间相等，D错误。选AC。
8.【答案】BC
CD．设小球质量为m，圆轨道的半径为R，依题意，小球在最高点的重力势能，小球在最高点的速度，在最高点的动能，C正确，D错误；
AB．在最高点的机械能，则有，A错误，B正确。选BC。
9.【答案】AC
金属导体中的自由电荷是自由电子，若电流从P到Q方向流入，根据左手定则可以判断N点电势比M点电势高，此时，，解得，若电流从M到N方向流入，则根据左手定则可以判断P点电势比Q点电势高，此时，，解得，AC正确，BD错误。
10．【答案】AD
A．正常情况下，火线和零线的电流大小相等，方向相反，在变压器的铁芯内产生等大反向的磁场，所以铁芯内磁场等于0，虽然火线和零线内都是交流电，但由于总是等大反向，铁芯内的磁场一直等于0，所以在输出线圈内不会产生感应电流，一旦火线和零线电流不相等，就会在输出线圈内产生感应电流，从而切断电源，所以其工作原理都是电磁感应，A正确；
B．多开灯只是增大火线和零线的电流，但电流仍然等大反向，输出线圈不会产生感应电流，不能触发继电器切断电源，B错误；
C．变压器原副线圈的磁通量变化率相等，根据能量守恒有，虽然线圈B的匝数少，只是说明电流比大，但是和线圈A中的电流大小关系不能确定，C错误；
D．若手地触电，造成一部分电流经过人体流到大地，导致火线电流大于零线电流，在输出线圈产生感应电流，从而推动继电器切断电源，D正确。选AD。
11.【答案】AC；；；C
（1）[1]AB．单摆的摆线要求质量轻，伸长可以忽略，长度在1m左右，A正确，B错误；
CD．单摆的摆球要求质量大体积小，即密度大，C正确，D错误。
故选AC；
（2）[2][3]单摆的摆长
根据周期公式
根据计时规律有
解得
（3）[4]根据（2）可得
图像为一次函数的线性关系，ABD错误，C正确。
故选C。
12．【答案】(1)C；（2）2.00；（3），
（1）由题图可知，电路的控制电路采用的是分压式接法，为了保证误差尽可能小，应选用总阻值小的滑动变阻器。
（2）量程为3V的电压表最小分度值为0.1V，所以其读数为。
（3）由欧姆定律可知，电压表示数U与电阻箱阻值R的关系有，整理有，结合题图可知，对于图像，有，，整理可得，。
13．【答案】(1)；（2）
（1）对汽缸活塞有
解得
对活塞，设被封闭的气体压强为，则有
可以解得
（2）当汽缸刚要离开地面时有
对活塞有
解得
由玻意耳定律得
解得
14．【答案】（1）；（2）；
(3)
（1）在电磁铁系统通过线圈的过程中，线圈中的平均感应电动势，平均感应电流，流过线圈的电荷量。
（2）该模型车经过极短的时间，速度减小，运动的位移为，由动量定理得，即，又由，则，故，解得。
（3）该模型车运动过程中的速度与位移的关系图像如图甲所示，则该模型车在任一位置受到的安培力大小，安培力大小与系统位移的关系图像如图乙所示，该模型车通过第个线圈时产生的热量，则模型车通过每个线圈产生的热量之比为。
15．【答案】（1）；（2），；（3）
（1）对物块研究，设物块运动至最低点时速度为，由动能定理得，解得，由牛顿第二定律可得，解得
（2）、发生弹性正碰，，解得 ，由于，则物块滑上传送带受到向右的滑动摩擦力。假设物块一直做匀减速运动到达传送带最左端，则由动能定理得，由于，假设成立。取水平向左为正方向，对第一次滑上又离开，由水平方向动量守恒及机械能守恒得：，，解得，
（3）对又向右返回传送带首次减速至0的过程中，由动能定理得，解得，由于，则物块向右减速至0后又向左做匀加速直线运动，与传送带共速后匀速，返回水平面时物块的速度，设物块再次滑上水平面后，追上，再离开，由水平方向动量守恒及机械能守恒得：，，解得、最终都向左运动，规定向左为正方向，对、系统用动量定理得，解得