吉林省白山市2025-2026学年下学期高三高考物理考前模拟练习卷

这是一份吉林省白山市2025-2026学年下学期高三高考物理考前模拟练习卷，共14页。试卷主要包含了请将答案正确填写在答题卡上，[4分]增透膜，9km/s等内容，欢迎下载使用。
注意事项：
1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2.请将答案正确填写在答题卡上
一、单选题（本大题共7小题，共28分）
1.[4分]如图所示，在时小球被斜向上抛出，空气阻力可以忽略。以抛出点为原点，以水平向右为轴正方向，竖直向上为轴正方向，建立平面直角坐标系。关于小球运动过程中，动量在方向的分量随时间、动量在方向的分量随时间、动能随水平位移、动能随竖直位移的变化关系，图中可能正确的是（ ）
A．B．C．D．
2.[4分]2024年我国研发出一款安全性高、稳定发电时间长的新微型原子能电池。该电池将2863Ni衰变释放的能量转化为电能，衰变方程为2863Ni→2963Cu+X+νe，式中νe是质量可忽略不计的中性粒子，则X表示的是( )
A.24HeB.−1 0eC.10eD.01n
3.[4分]汽车在平直公路上以20 m/s的速度匀速行驶。前方突遇险情，司机紧急刹车，汽车做匀减速运动，加速度大小为8 m/s2。从开始刹车到汽车停止，汽车运动的距离为（ ）
A．10 m B．20 m C．25 m D．50 m
4.[4分]增透膜（又称减反射膜）是一种应用广泛的光学薄膜，主要应用于减少光线在光学器件表面的反射损失，增加光的透射量。小明要在他的摄像镜头上贴一张增透膜，以增强绿光的透射量，已知绿光在真空中的波长约为，增透膜的折射率为1.5，则增透膜的厚度至少为（ ）
A．B．C．D．
5.[4分]2025年2月22日20时11分，西昌卫星发射中心传来好消息：长征三号乙运载火箭成功完成第560次飞行任务，顺利将中星10R卫星送入预定轨道。其发射过程如图所示，卫星先在近地圆轨道①上做匀速圆周运动，经过两次变轨后在同步圆轨道③上做匀速圆周运动，卫星的质量不变。下列说法正确的是（ ）
A．卫星从Q点进入轨道③应减速
B．卫星从P点进入轨道②的速度应大于7.9km/s
C．卫星在轨道③上的机械能比在轨道①上的机械能小
D．卫星在轨道②上的运行周期大于24h
6.[4分]某同学研究远距离输电的电路如图所示，、端接入电压为的交流电源，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，且两变压器的匝数比。已知的阻值均为的阻值为，电阻消耗的功率相同，电表均为理想交流电表，下列说法正确的是（ ）
A．升压变压器的匝数比
B．电压表的示数为
C．电流表的示数为
D．若断路，电流表示数将增大
7.[4分]如图是建筑工地上“打夯机”示意图，电动机带动两个滚轮匀速转动将夯杆从深坑提起，当夯杆底端刚到达坑口时，两个滚轮彼此分开，将夯杆释放，夯杆在自身重力作用下落回深坑。（夯杆被滚轮提升过程中，经历匀加速和匀速运动过程）。已知两个滚轮边缘的线速度恒为，滚轮对夯杆的正压力，滚轮与夯杆间的动摩擦因数，夯杆质量，坑深，假定在打夯的过程中坑的深度变化不大，取，下列说法正确（ ）
A．每次夯杆上升过程中匀加速运动的时间为
B．夯杆被滚轮带动加速上升的过程中，加速度的大小为
C．每次夯杆底端从坑底到坑口过程中滚轮与夯杆间因摩擦产生的热量为
D．每次夯杆底端从坑底到坑口过程中，电动机多消耗的电能为
二、多选题（本大题共3小题，共27分）
8.[9分]如图甲所示为在t＝1s时刻沿x轴正方向传播的简谐波的波动图像，该时刻刚好传播到平衡位置x=8m的P位置，Q点位于x=14m处，以y轴正方向为位移、速度和加速度的正方向，图乙为x=0处质点的速度随时间变化的图像。下列说法正确的是（ ）
A．t＝1s时，x=0处质点的加速度达到最大值
B．该简谐波沿x轴正方向传播的速度为2.0m/s
C．图甲所示时刻P位置的质点振动方向沿y轴负方向
D．从图甲所示时刻开始再经过4s，Q位置的质点第一次达到波峰位置
9.[9分]如图，同一平面内的a、b、c、d四点处于匀强电场中，电场方向与此平面平行，M为a、c连线的中点，N为b、d连线的中点。一电荷量为q(q＞0）的粒子从a点移动到b点，其电势能减小W1；若该粒子从c点移动到d点，其电势能减小W2。下列说法正确的是（ ）
A．此匀强电场的场强方向一定与a、b两点连线平行
B．若该粒子从M点移动到N点，则电场力做功一定为W1＋W22
C．若c、d之间的距离为L，则该电场的场强大小一定为W2qL
D．若W1＝W2，则a、M两点之间的电势差一定等于b、N两点之间的电势差
10.[9分]中国研制的国际上最大的紧凑型质子回旋加速器，其直径为6.16m、质量为435t，该加速器可使质子的动能达到100MeV．该质子回旋加速器的简化原理如图，已知质子的质量约为1.67×10−27kg，电荷量约为1.6×10−19C，1eV=1.6×10−19J，忽略相对论效应，下列说法正确的是（ ）
A． 回旋加速器中加速电压需要达到100MV
B． 质子在磁场中回旋时，每半圈用时相等
C． 质子在磁场中运动时，洛伦兹力不做功
D． 若磁感应强度为1T，则最大回旋半径约为1.4m
三、非选择题（本大题共5小题，共45分）
11.[9分]某小组探究在“限流电路”和“分压电路”中滑动变阻器最大阻值对电压调节的影响，设计如下实验。
（1）在探究“限流电路”时，用电阻箱替代滑动变阻器，设计了图（a）的电路图。已知，调节，记录电阻箱阻值和电压表读数，绘制图像如图（b）。
分析图（b）可知，采用“限流电路”测量约为的电阻时，滑动变阻器最大阻值选择___________最合理。
A．5ΩB．C．
（2）在探究“分压电路”时，在图（c）的基础上，用两个电阻箱替代滑动变阻器，设计电路如图（d），为滑动变阻器的最大阻值），最大阻值分别取、、、。已知，取，调节和，记录电阻箱阻值和及电压表读数，绘制图像，如图（e）中图线①。改变值，重复上述过程，共得到四条图线。
分析图（e）可知，若使电压调节范围尽量大些，则最应排除 ；若使电压随滑动变阻器滑片移动趋于均匀变化，则最应排除 。（选填“①”“②”“③”或“④”）
（3）某同学认为用“分压电路”测量电阻时，滑动变阻器的最大阻值越小越好。该观点 （选填“正确”或“不正确”），请简要说明理由： 。
12.[9分]某校高二年级的一名同学家里正在装修新房，该同学捡到了一根金属丝，想要用所学知识测出其电阻率，他利用学校实验室的器材进行了以下的操作：
（1）首先使用多用电表的欧姆挡粗测该段金属丝的电阻，操作步骤如下：
A．旋转选择开关使其尖端对准欧姆挡“”
B．将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮使指针对准欧姆挡的零刻度，断开两表笔
C．将两表笔分别与被测电阻的两端接触，读出的值，断开两表笔
D．旋转选择开关使其尖端对准“OFF”档，并拔出两表笔
①测量中表针指示如图甲所示，则欧姆表的读数为 。
②用多用电表欧姆挡测量定值电阻时，下列说法正确的是 （填正确答案标号）。
A．测量时如果指针偏角度转过小，应更换倍率较大的挡位，重新调零后测量
B．测量时如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果
C．测量电路中的某个电阻时，应该把该电阻与电路断开
D．更换不同倍率后可以直接进行测量
（2）使用螺旋测微器测量金属丝不同位置处的直径，某次测量结果如图乙所示，则其直径为 。用毫米刻度尺测出金属丝的长度L为。
（3）为了精确测量这段金属丝电阻，该同学设计如图丙所示的电路，测出多组电流、电压数值，画出图线如图丁所示，则其电阻 （结果保留一位小数）。用此电路测量的电阻值 （填“大于”“等于”或“小于”）真实值。
（4）结合（2）（3）问中测得的数值计算该金属丝材料的电阻率为 。（结果保留三位有效数字）
13.[9分]医院里给病人打“吊针”的装置如图甲所示，输液瓶刚从药房取出时，其内部空气温度为2℃，体积占输液瓶总容积的十分之一。放置足够长时间后，瓶内气体温度升高到环境温度22℃，此时压强为（为大气压强），护士输液时，在密封瓶口上插入进气管和输液管（输液调节器未打开），病人输液过程中，外部空气从进气管逐渐进入瓶内，如图乙所示，不计输液瓶总容积和瓶内液体体积随温度的变化，求：
（1）输液瓶刚从药房取出时，瓶内气体的压强；
（2）输液结束时（瓶内液体全部流出），瓶内的空气与瓶内原有空气的质量之比。
14.[9分]在纸面内建立xOy坐标系，在第一象限内，x=2d(d>0）左侧有一关于y=d对称的曲线，O(0，0)A(0，2d）和P(2d，d）为曲线上的三个点，如图所示。曲线和y轴所围的区域范围内存在沿y轴负方向的匀强电场，x=2d右侧存在方向垂直纸面向里的匀强磁场，电场与磁场边界相切于P点。在O点有一粒子源，可以向第一象限的各个方向发射速率为v0的带电粒子，其中沿y轴正方向进入电场的粒子恰好到达A点，沿x轴正方向发射的粒子经磁场偏转后也能经过A点，离开电场的粒子均能垂直边界x=2d进入磁场。已知粒子带电量为+q，质量为m，粒子重力及粒子间相互作用力忽略不计，求：
（1）电场强度E的大小；
（2）磁感应强度B的大小；
（3）粒子到达y轴的最大纵坐标及从O点到达此位置所需时间。
15.[9分]商场一款游戏装置的结构简图如图所示，小球能落在指定区域则可以领取相应的奖励。装置A端固定一个轻弹簧，AB段为光滑水平面，BC段为粗糙的水平面且BC段长度为L=0.95m，动摩擦因数μ=0.5，CD和EF为两段竖直放置的光滑圆弧轨道，H为圆弧轨道最左端，O为两个圆弧的圆心，O到圆弧轨道中轴线的距离为R=1m，圆弧轨道的摆放满足∠HOE=∠DOF=37°，FOC三点连线为竖直方向。在弹簧左端放一个小物块，C点放置一个直径略小于两个圆弧间距的小球，小球和小物块的质量均为m=1kg，现用物块压缩弹簧使弹簧的弹性势能增大为Ep，由静止释放物块。小球与物块的碰撞可视为弹性碰撞，弹簧原长小于AB段长度，小球和物块的大小可忽略不计，求：
（1）若小球第一次碰撞后恰好能到达H点，则Ep为多少？
（2）要使小球不脱离轨道且能够从F点飞出，求小球在水平面上的落点到C点的距离范围。
（3）改变Ep，使小球不能脱离轨道且不能从F点飞出，求Ep的取值范围。
参考答案
1.【答案】B
A．小球做斜抛运动，设初速度与轴正方向的夹角为，沿方向小球做匀速直线运动，动量在方向的分量为
可知动量在方向的分量不变，A错误；
B．小球沿方向小球做竖直上抛运动，速度为
动量在方向的分量为
B正确；
CD．小球做斜抛运动过程中，沿方向的速度保持不变，小球的动能不可能为零，CD错误。
选B。
2.【答案】B
【命题点】核反应方程
核反应方程满足质量数守恒和电荷数守恒，因此有63=63+A，可得A=0,28=29+Z，可得Z=-1，故X的质量数为0，电荷数为-1,X为电子，表示为−1 0e,B正确。
3.【答案】C
本题考查匀变速直线运动规律的应用。汽车做末速度为零的匀减速运动，根据v02－0＝2ax，解得x＝v022a＝2022×8 m＝25 m，故C正确。
4.【答案】A
由薄膜干涉原理知，减弱反射光增透膜的厚度满足，则增透膜的厚度至少为，为绿光在介质中的波长，根据，，知绿光在介质中的波长是在真空中波长的，可得增透膜的厚度至少为。
5.【答案】B
卫星在轨道①上的线速度等于地球第一宇宙速度7.9km/s，卫星由低轨道变轨到高轨道需要在变轨处点火加速，故A错误，B正确；卫星在P、Q点经两次点火加速，卫星的机械能增大，卫星在轨道③上的机械能比在轨道①上的机械能大，故C错误；根据开普勒第三定律可知卫星在轨道②上的运行周期小于在轨道③上的运行周期，则卫星在轨道②上的运行周期小于24h，故D错误。
6.【答案】C
已知的阻值相等，消耗的功率相同，可知电流相同，设为，因的阻值为，则的电流为，则降压变压器的次级电流为，由匝数和电流关系可知，则，选项错误；变压器的初级电流，由能量关系可知，解得，即电压表示数，选项错误；电流表的示数等于，等于通过的电流，则为，选项C正确；若断路，则次级电阻变大，相当于电网用电设备减少，总功率减少，电流减小，则初级电流减小，则电流表示数将减小，选项D错误。选C。
7.【答案】C
【思路导引】夯杆被滚轮带动加速上升的过程中，由牛顿第二定律求加速度大小，由速度—时间公式求匀加速运动的时间。求出滚轮与夯杆间的相对位移，从而根据Q=fS相对求出因摩擦产生的热量，最后根据功能关系计算电动机多消耗的电能。
B：夯杆被滚轮带动加速上升的过程中，加速度的大小为，B错误；
A：每次夯杆上升过程中匀加速运动的时间为，A错误；
C：每次夯杆底端从坑底到坑口过程中滚轮与夯杆间因摩擦产生的热量为，C正确；
D：每次夯杆底端从坑底到坑口过程中，电动机多消耗的电能为，D错误。选C。
【关键点拨】解决本题的关键要理清夯杆的运动过程，知道夯杆在每个周期内先做匀加速上升，再做匀速上升，分段分析夯杆的受力情况，运用动力学方法求滚轮与夯杆间的相对位移，从而求得产生的热量。
8.【答案】BD
A．由图乙可知，t＝1s时，x=0处质点处于平衡位置，根据可得，x=0处质点的加速度最小，A错误；
B．由图甲可知波长为8m，由图乙可知周期为4s，根据速度公式可得，该简谐波沿x轴正方向传播的速度为2.0m/s ，B正确；
C．根据同侧法可知，图甲所示时刻P位置的质点振动方向沿y轴正方向，C错误；
D．从图甲所示时刻开始Q位置的质点第一次达到波峰位置所用时间为，D正确。选BD。
9.【答案】BD
分析可知，此匀强电场方向不一定与a、b连线平行，故A错误；由题可知，粒子从a移动到b过程中，W1＝Uabq，由c移动到d过程中，W2＝Ucdq，设该粒子从M移动到N电场力做功为W，W＝UMNq，UMN＝φM－φN，在匀强电场中，由于M、N分别为a、c连线与b、d连线的中点，故φM＝φa＋φc2，φN＝φb＋φd2，UMN＝φM－φN＝Uab＋Ucd2，即W＝W1＋W22，故B正确；由题可知，匀强电场方向大致由左向右，无法判断其方向是否与c、d连线平行，则该电场的场强大小不一定为W2qL，故C错误；UaM＝φa－φM＝φa－φa＋φc2＝φa－φc2，UbN＝φb－φN＝φb－φb＋φd2＝φb－φd2，若W1＝W2，则Uab＝Ucd，即φa－φb＝φc－φd，得φa－φc＝φb－φd，即UaM＝UbN，故D正确。
【刷有所得】
在匀强电场中，沿同一直线移动相同的距离，电势变化相等，某线段中点的电势为两端点电势之和的一半。
10.【答案】BCD
由qvB=mv2r，Ek=12mv2，可得Ek=q2B2r22m，可知质子的动能与加速电压无关，若磁感应强度为1T，则最大回旋半径为rmax=2mEkq2B2≈1.4m，A错误，D正确；质子在磁场中做圆周运动的周期为T=2πmqB，可知质子在磁场中回旋时，每半圈用时相等，B正确；质子在磁场中运动时，洛伦兹力提供向心力，洛伦兹力始终与运动方向垂直，不做功，C正确。
11.【答案】(1)B；（2）①，④；（3）不正确，因为滑动变阻器最大阻值过小时，电压调节范围过小
（1）采用“限流电路”测量约为10Ω的电阻时，滑动变阻器作为限流元件；若阻值过小，调节滑动变阻器的滑动片时，电流变化不明显；若阻值过大，不方便调节滑动变阻器的滑动片，当滑动变阻器的滑动片有微小变化，电路的电流就会有显著变化；滑动变阻器的阻值与待测电阻相当，既能起到限流作用，又方便调节。
（2）分析图（e）可知，图线①的电压调节范围约为0～2V，为了使电压U调节范围尽量大些，则最应排除的是图线①；
图线④在时，出现了明显的弯曲，使电压U随滑动变阻器滑片移动趋于均匀变化，则最应排除图线④。
（3）他的观点不正确；根据上述（2）分析可知，当时，电压调节范围最小，因此，用“分压电路”测量电阻时，滑动变阻器的最大阻值并不是越小越好，当滑动变阻器最大阻值过小时，电压调节范围会过小，不利于实验数据的分析和处理。
12．【答案】(1) 10 AC
(2)0.680
(3) 8.0 小于
(4)
（1）[1]用“”欧姆挡，欧姆表的读数为。
[2]A．测量时如果指针偏转角度过小，说明电阻偏大，应更换倍率较大的挡位，重新调零后测量，故A正确；
B．测量时如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果，故B错误；
C．利用欧姆表测电阻时，因使用表内电源，故电阻不能在通路时测试，应该把该电阻与电路断开，故C正确；
D．更换不同倍率后需要重新调零，再进行测量，故D错误。
故选AC。
（2）螺旋测微器的精确值为，由图乙可知直径为
（3）[1]根据图丁可知电阻
[2]由于电压表的分流作用，用此电路测量的电阻值小于真实值。
（4）根据电阻定律可得
又
联立可得该金属丝材料的电阻率为
13．【答案】（1）
(2)
（1）输液瓶刚从药房取出时，瓶内气体温度
放置足够长时间后，瓶内气体温度
压强为
根据查理定律
解得输液瓶刚从药房取出时，瓶内气体的压强
（2）设瓶内原有气体的体积为，从进气管进入压强为的气体体积为，由题知输液结束时，瓶内气体的体积为，压强与大气压相等，根据玻意耳定律
解得
瓶内的空气与瓶内原有空气的质量之比
14.【答案】(1)mv024qd (2)mv0qd (3)52d (8+π)dv0
(1）沿y轴正方向进入电场的粒子到达A点速度为0，根据动能定理有
-qE×2d=0-12mv02
解得E=mv024qd
（2）由题意可得沿x轴进入磁场的粒子轨迹半径为d，则qv0B=mv02d
解得B=mv0qd
（3）设粒子进入电场的速度与x轴正方向夹角为θ，出电场时坐标为（x1，y1），则
-qEy1=12m(v0cs θ)2-12mv02
解得y1=2d(1-cs2θ)
粒子在磁场中偏转圆半径r=mv0csθqB=dcs θ
则到达y轴粒子的纵坐标y=y1+2r=2d(-cs2θ+cs θ+1)
则当cs θ=12时，ymax=52d
此时v=12v0，T=2πmqB=2πdv0
则t=2·2dv+T2=(8+π)dv0
15．【答案】（1）
(2)
（3）或者
（1）小球与物块质量相等，发生弹性碰撞后速度交换。从释放物块到小球到达H点，这个过程中使用能量守恒可得
（2）小球不脱离轨道经过E点需满足
解得
小球不脱离轨道经过D点需满足
解得
小球经过F点时，速度，且不脱离轨道需满足
解得
从C点到E点，由动能定理可得
从C点到D点，由动能定理可得
从C点到F点，由动能定理可得
解得，
平抛运动可得，
（3）当小球第一次碰撞后到达的位置低于H点时，满足条件，所以
当小球第一次碰撞后经过E点，但到达不了F点，满足条件，根据第二问的分析得
从第一次经过C点到第二次返回C点，根据动能定理得
解得
当时，根据能量守恒得
小球会超过H点并脱离轨道，所以有
根据能量守恒得
综上或者