湖南省常德市2025-2026学年下学期高三高考物理考前模拟练习卷

这是一份湖南省常德市2025-2026学年下学期高三高考物理考前模拟练习卷，共35页。试卷主要包含了请将答案正确填写在答题卡上，9km/s等内容，欢迎下载使用。
注意事项：
1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2.请将答案正确填写在答题卡上
一、单选题（本大题共7小题，共28分）
1.[4分]下列说法正确的是（ ）
A．沿电场线方向，电场强度一定越来越小
B．只在电场力作用下，负电荷一定从电势高的地方向电势低的地方移动
C．电场中某点的电场强度方向与正电荷在该点所受静电力的方向相同
D．由电场强度的定义式可知，电场中某点的电场强度大小与试探电荷的电荷量成反比
2.[4分]“神舟十六号”飞至“天宫”空间站正上方600m处，航天员拍摄的“天宫”图像如图所示。“神舟十六号””和“天宫”均只在地球引力的作用下做匀速圆周运动。则（ ）
A．“神舟十六号”中的航天员处于平衡状态
B．“神舟十六号”与“天宫”保持相对静止
C．“神舟十六号”的角速度大于“天宫”的角速度
D．“神舟十六号”的加速度小于“天宫”的加速度
3.[4分]如图所示，abc为均匀带电半圆环，O为其圆心，O处的电场强度大小为E，将一试探电荷从无穷远处移到O点，电场力做功为W。若在cd处再放置一段圆的均匀带电圆弧，如虚线所示，其单位长度带电量与abc相同，电性与abc相反。则此时O点电场强度大小及同样的试探电荷在O点处具有的电势能为（ ）
A．B．
C．D．
4.[4分]跳台滑雪是一项勇敢者的运动，某运动员从跳台A处沿水平方向飞出，在斜面AB上的B处着陆，斜面AB与水平方向夹角为30°且足够长，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A．运动员在空中相同时间内的速度变化相同
B．运动员在斜面上的落点到A点的距离与初速度成正比
C．运动员落在B处的速度与水平方向夹角为60°
D．运动员的质量越大，落点离A越远
5.[4分]神舟二十二号飞船成功对接空间站天和核心舱后，飞船将转入组合体停靠段，后续将作为神舟二十一号航天员乘组的返回飞船。已知空间站轨道为距地面高度约为400千米的圆轨道，地球半径约为6400千米。下列说法正确的是（ ）
A．空间站运行的速度大于7.9km/s
B．空间站运行的周期小于24小时
C．飞船进入停靠段后，速度不变
D．飞船与空间站运行到同一轨道时，只需点火加速便能对接成功
6.[4分]如图所示，整个轨道由水平轨道ABC（B为AC中点）和竖直圆弧轨道CDA（D为最高点，处于B点的正上方）拼接而成，C、A两拼接处平滑相连。电动车在水平轨道运动时电源供电，电动机输出功率恒为P；在圆弧轨道运动时，电源不供电。已知圆弧轨道粗糙，其半径为R，圆心为O，为，电动车质量为m，电动车在水平轨道上受到的阻力恒为f。现将电动车轻放在水平轨道上的A点，使其开始运动，加速到B点开始做匀速运动，并且安全通过圆弧轨道运动到A点。则下列说法正确的是（ ）
A．电动车第一次通过AB过程的时间
B．电动车从C向上到D和从D向下到A两个过程中减少的机械能相等
C．从电动车轻放A点开始计时，小车通过第一圈、第二圈、第三圈的时间、、，大小关系为
D．若电动车从B点开始运动，则电动车不能安全通过圆弧轨道运动到A点
7.[4分]如图为某小型水电站的电能输送示意图，发电机通过升压变压器T1和降压变压器T2向用户供电。已知输电线的总电阻R＝10Ω，降压变压器T2的原、副线圈匝数之比为4∶1，副线圈与纯电阻用电器组成闭合电路，用电器电阻R0＝11Ω。若T1、T2均为理想变压器，T2的副线圈两端电压表达式为u＝220sin100πt(V)．下列说法正确的是（ ）
A．发电机中的电流变化频率为50Hz
B．通过用电器的电流有效值为20A
C．升压变压器的输出功率为4650W
D．当用电器的电阻R0减小时，发电机的输出功率减小
二、多选题（本大题共3小题，共27分）
8.[9分]火警报警器的电路示意图如图所示，其中，RT为用半导体热敏材料制成的传感器，这种半导体热敏材料的电阻率随温度的升高而减小。电流表A1为值班室的显示器，A、B之间接一报警器（相当于电压触发报警），电源内阻为r。通过显示器的电流为I1、传感器RT的电流为I2、报警器两端的电压为U，当传感器RT所在处出现火情时，设电流I1的变化量为ΔI1，电流I2的变化量为ΔI2，电压U的变化量为ΔU。下列说法正确的是（ ）
A．电源的总功率减小B．I2变大，U变大
C．D．
9.[9分]电磁阻拦索是航空母舰的核心战斗力之一。如图所示为电磁阻拦系统的简化原理：舰载机通过绝缘阻拦索与金属棒ab一起在磁场中减速滑行至停止。已知舰载机的质量为M，金属棒ab的质量为m，两者以共同速度v0在磁场开始运动。轨道一端M、P间所接电阻为R，其他电阻均不计。水平平行金属轨道MN与PQ间距离为L，轨道间有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B。除安培力外舰载机系统所受其他阻力均不计，金属棒ab与轨道间始终垂直且接触良好，则
A．舰载机将做匀减速直线运动
B．在运动过程中，流过电阻R的电流方向为M→R→P
C．舰载机和金属棒ab一起运动的最大加速度为B2L2v0（M＋m）R
D．舰载机减速过程中金属棒ab产生的焦耳热为12Mv02
10.[9分]如图所示，小球穿在固定光滑杆上，与两个相同的轻弹簧相连，弹簧可绕、无摩擦转动。小球在杆上A点时，弹簧1竖直且处于原长，弹簧2处于水平伸长状态。杆上的B点与、、构成矩形，，其中弹性势能，现将小球从A点释放，则小球下滑的过程中（ ）
A．到达、中点前，弹簧1的弹力比弹簧2的小
B．到达、中点时加速度等于零
C．到达、中点时弹簧1的最大弹性势能比弹簧2的小
D．小球运动到B点时的速度为零
三、非选择题（本大题共5小题，共45分）
11.[9分]如图甲是用“落体法”验证机械能守恒定律的实验装置。
（1）下列做法中正确的有（ ）
A．必须称出重物的质量
B．数据处理时，应选择纸带上距离较近的两点作为初、末位置
C．图中两限位孔必须在同一竖直线上
D．可以用或者计算某点速度
（2）选出一条清晰的纸带如图乙所示，其中O点为打点计时器打下的第一个点，A、B、C为三个相邻的计时点，打点计时器通过频率为50Hz的交变电流，用刻度尺测得，，，重锤的质量为1.00kg，g取。甲同学根据以上数据算出：当打点计时器打到B点时重锤的重力势能比开始下落时减少了 J；此时重锤的速度为 cm/s。（结果均保留三位有效数字）
（3）某同学利用另一条实验时打出的纸带，测量出了各计数点到打点计时器打下的第一个点的距离h，算出了各计数点对应的速度v，然后以h为横轴、以为纵轴作出了如图丙所示的图线，图线的斜率近似等于 （用物理量符号表示），则可认为重物下落过程中，机械能守恒。
12.[9分]某同学利用力传感器设计了一个实验装置测量汽车的加速度，图甲为电路原理图，电源的电动势E=6V，内阻r=2Ω，电流表量程为Im=0.60A（内阻不计），力传感器与固定挡板间放置着质量为0.4kg的小球，静止时，球恰好与力传感器及挡板接触但无挤压，球所受摩擦力可忽略不计，图乙为力传感器的阻值随压力变化的图像，回答下列问题：
（1）为保证电路安全并使测量尽可能精确，关于图中电阻R0的阻值，以下选项最合理的是______；
A．2ΩB．6ΩC．16Ω
（2）将该装置以图甲所示方位安装至向右运动的汽车当中，可测量汽车______（填“加速”“减速”或“加速和减速”）的加速度大小；
（3）电流I和力传感器的阻值RF的关系式为______（用RF、I、E、r、R0表示）；
（4）若将电流表的表盘改为直接显示加速度的表盘，加速度零应标在电流______A处，0.5A处应标加速度为______m/s2（R0用第（1）问中所选阻值）。
13.[9分]如图所示，将网球（视为质点）塞入竖直塑料管中，网球和塑料管均处于静止状态，网球正好在塑料管的中间位置，已知网球的质量为m，塑料管的质量为3m，网球与塑料管之间的滑动摩擦力大小恒为2mg，塑料管的长度为L，管的下端与地面足够远，重力加速度大小为g，认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
（1）用手握住塑料管迅速向下加速运动，要使网球能够相对塑料管滑动，求手给塑料管竖直向下的作用力F的范围；
（2）若给塑料管施加竖直向下的恒力，从刚施加力到网球刚从塑料管上端滑出的时间为t，求该恒力的大小。
14.[9分]如图甲所示，直角坐标系中，第二象限内有沿x轴正方向的匀强电场，场强，第一、四象限内有垂直坐标平面的交变磁场。一个比荷的带正电的粒子，从x轴上的处，以的速度沿y轴正方向射入第二象限，从y轴上的C处进入第一象限。取粒子刚进入第一象限的时刻为时刻，磁场方向垂直纸面向外为正方向，磁场的磁感应强度按图乙所示规律变化，不计重力。求：
（1）粒子经过C处的速度；
（2）粒子在磁场中运动时，经过x轴的位置坐标。
15.[9分]某高速公路上，由于前车违规停车发生一起追尾交通事故，图乙所示为交警根据现场测量绘制的刹车痕迹勘察示意图，其中x2表示前后两车减速区域重叠部分的长度。将后车制动过程和碰后两车的减速过程均视为无动力的匀减速直线运动，所受阻力大小均始终为车重的0.5倍。两车质量相等均可视为质点，两车碰撞时间极短，且碰撞前后两车始终在同一直线上运动，该高速路段限速为120km/h，重力加速度g=10m/s2。求：
（1）两车碰撞瞬间后车速度v1、前车速度v2；
（2）判断后车开始制动减速时是否超速，请计算说明原因；
（3）在材料科学中，为了描述碰撞过程中材料的相关特性，经常需要引入两个重要的参数——恢复系数和吸能系数，恢复系数用来评估材料的弹性行为；吸能系数（EAC）可以一定程度评价碰撞对材料的伤害程度。对于后车以速度v0碰撞静止的前车，碰后车速度、前车速度分别为v1、v2的过程，定义恢复系数，吸能系数为两车碰撞损失的动能与碰前动能之比。恢复系数e和吸能系数只与材料本身性质相关，与碰撞的速度大小无关，试推导关于e的函数表达式。
参考答案
1.【答案】C
A．电场强度的大小要看电场线分布的疏密程度，则沿电场线方向，电场强度不一定越来越小，例如匀强电场，A错误；
B．若初速度为零，则负电荷在电场力作用下由电势低的地方向电势高的地方移动；若有初速度，则负电荷可能从高电势的地方向低电势的地方移动，B错误；
C．电场中某点的电场强度方向与正电荷在该点所受静电力的方向相同，C正确；
D．电场中某点的电场强度大小是由电场本身决定的，与试探电荷的电荷量无关，D错误。
故选C。
2.【答案】D
A．“神舟十六号”中的航天员在地球引力的作用下做匀速圆周运动，处于完全失重状态，A错误；
D．根据牛顿第二定律，可得，可知“神舟十六号”的加速度小于“天宫”的加速度，D正确；
BC．根据万有引力提供向心力可得，可得，可知“神舟十六号”的角速度小于“天宫”的角速度，即二者的角速度不同，相对位置会发生变化，即“神舟十六号”与“天宫”不能保持相对静止，BC错误。选D。
3.【答案】A
把题中半圆环等分为两段，即每段为圆环，每段在点O的电势为φ0，电场强度为E0，且方向分别与E夹角为θ=45°，根据电场强度的叠加原理可知，因为电势是标量，半圆环在O上的电势为，由题意，将一试探电荷q从无穷远移到O点：W=Ep无-EpO=-φq，同理，在cd处再放置一段圆的均匀带电圆弧后，可等分为3个圆环，由于电性与abc相反，根据场强叠加可知O处的合场强大小为，电势为3个圆环在O点的电势之和，合电势为，将同样的试探电荷从无穷远处移到O点电场力做功为。
4.【答案】A
运动员在空中只受重力，加速度恒定，相同时间内速度变化相同，A正确；
落点到A的距离利用平抛规律x=v0t
h=12gt2
tan 30°=hx
s=hsin30°
得t=2v0tan30°g，s=2v02sin30°gcs230°
所以运动员在斜面上的落点到A点的距离与初速度的平方成正比，故B错误；
速度与水平方向夹角的正切值是2tan 30°，夹角不为60°，C错误；
落点与质量无关，D错误。
5.【答案】B
第一宇宙速度7.9km/s是近地卫星的环绕速度，也是绕地球做圆周运动的最大环绕速度，由可知，轨道半径越大，运行速度越小。空间站轨道半径大于地球半径，其运行速度小于7.9km/s，A错误；地球同步卫星的周期为24小时，轨道高度约为36000km。空间站轨道高度约为400km，远小于同步卫星轨道高度。根据开普勒第三定律可知，轨道半径越小，周期越小，所以空间站运行周期小于24小时，B正确；飞船进入停靠段后，随空间站做匀速圆周运动，速度大小不变，但速度方向时刻改变，所以速度是变化的，C错误；若飞船与空间站在同一轨道，飞船点火加速，速度增大，所需向心力增大，万有引力不足以提供向心力，飞船将做离心运动飞向更高轨道，无法与空间站对接，D错误。
6.【答案】C
B点开始做匀速运动，则速度为，B点到C点的时间A点开始运动加速到B点，解得，则电动车第一次通过AB过程的时间，A错误；圆弧轨道粗糙，则电动车从C向上到D和从D向下到A两个过程中，前半段的速度大于后半段的速度，则所受到的摩擦阻力不相等，则电动车从C向上到D和从D向下到A两个过程中阻力做功不同，减少的机械能不相等，B错误；电动车第一次从A点开始是从静止开始，电动车第二次和第三次从A点开始时都具有相同的速度，在平直轨道上运动时间比第一次时间短，但是从C点进入轨道的速度都是最大速度，所以第二圈、第三圈时间相等，且小于第一圈的时间，即、、，大小关系为，C正确；电动车从水平轨道上的A点开始运动，运动AC一半时，到B点所在的匀速运动到C点，则电动车从B点开始运动也是运动了AC的一半，恰好到达C点的速度和从水平轨道上的A点开始运动，运动到B点的匀速运动到C点的速度一样，则电动车从B点开始运动，也能安全通过圆弧轨道运动到A点，D错误。
7.【答案】A
交变电流的频率为，所以A正确；降压变压器副线圈两端交变电压有效值为，负载电阻为11Ω，所以通过电流的有效值是，选项B错误；根据电流与匝数成反比可知，输电线上的电流为，所以输电线上消耗的功率为，用电器消耗的功率为，所以升压变压器的输入功率为，所以C错误；当用电器的电阻减小时，由于电压不变，电流增大，输出功率增大，则发电机的输出功率也增大，所以D错误。
点睛：根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，可以求得降压变压器的电流和输电线上的电流的大小，从而可以求得输电线和用电器消耗的功率的大小。
8.【答案】CD
当传感器所在处出现火情时，阻值变小，电路总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律可知，电路总电流增大，路端电压减小；根据，可知电源的总功率增大；通过的电流增大，两端电压增大，则两端电压减小，即报警器两端的电压减小，由于通过的电流减小，则通过传感器的电流增大；根据，由于增大，增大，减小，则有，故C正确，AB错误；根据闭合电路欧姆定律可得，可得，则有，故D正确。
9.【答案】BC
舰载机和金属棒在磁场中运动时，产生的感应电动势E＝BLv，感应电流I＝ER，对舰载机与金属棒由牛顿第二定律得BIL＝（M＋m）a，解得舰载机与金属棒的加速度大小a＝B2L2v（M＋m）R，由于舰载机与金属棒的速度减小，所以舰载机与金属棒的加速度减小，A错误；根据右手定则可知流经电阻R的电流方向为M→R→P，B正确；两者刚开始运动时加速度最大，舰载机与金属棒的最大加速度为am＝B2L2v0（M＋m）R，C正确；最终舰载机与金属棒静止，由能量守恒定律得Q＝12（M＋m）v02，但金属棒的电阻不计，所以舰载机减速过程中金属棒产生的焦耳热为零，D错误。
10．【答案】AC
假设，则，，设小球质量为，设小球到达中点的任意位置时，弹簧1长度为，弹簧2长度为，如图所示
弹簧1的形变量，弹簧2的形变量，则，在三角形中，两边之和大于第三边，故，即弹簧1的形变量小于弹簧2的形变量，由胡克定律，弹簧1的弹力小于弹簧2的弹力，故A正确；小球滑至中点时，弹簧弹力为0，由牛顿第二定律，可得，故B错误；小球从运动至位置，系统机械能守恒，则，可得，故D错误；经分析，小球在到达中点前，弹簧1垂直杆时，弹簧形变量最大，弹性势能最大，弹簧2在最初位置时，弹簧形变量最大，弹性势能最大，则，故C正确。
11．【答案】(1)C，（2）1.88；192，（3）g
（1）A．验证机械能守恒定律的实验原理是或，显然，等式两边的质量可以约去，因此本实验不需要测量重物的质量，A错误；
B．数据处理时，应选择纸带上距离较远的两点作为初、末位置，距离越远测量时因读数造成的相对误差就越小，B错误；
C．图中两限位孔必须在同一竖直线上，避免纸带与限位孔之间的摩擦而造成实验误差，C正确；
D．求解速度时需利用纸带上的点迹，用平均速度等于中间时刻的瞬时速度的思想方法去求解，若用或者计算某点速度则相当于默认机械能已守恒，失去了验证实验的意义，D错误。选C。
（2）[1]根据纸带上的数据可知，当打点计时器打到B点时重锤的重力势能比开始下落时减少
[2]由已知条件可知，该打点计时器的打点周期为，根据某段位移的平均速度等于该段位移所用时间中间时刻的瞬时速度可得
（3）[1]根据机械能守恒定律的实验原理，可得，即当直线的斜率近似等于重力加速度时，可认为机械能守恒。
12．【答案】（1）B
（2）加速
(3)
(4)0.60;5
（1）由闭合电路欧姆定律，，当电流为0.6A时，RF最小值为2Ω，为保证安全，R0最小值应为6Ω，阻值也不宜太大，否则电流表偏角会太小。
（2）只有加速时才会对力传感器产生压力，因此只能测加速时的加速度大小。
（3）根据闭合电路的欧姆定律可得。
（4）加速度为零时，压力F为零，由图乙可知，，由闭合电路的欧姆定律有；
当I=0.5A时，，由图可知F=2N，由牛顿第二定律有。
13．【答案】(1)，（2）
（1）设网球刚好没有相对塑料管滑动，以塑料管和网球为整体，根据牛顿第二定律有，以网球为研究对象，根据牛顿第二定律有，又由于，解得，所以
（2）设塑料管和网球的加速度大小分别为、，以塑料管为研究对象，根据牛顿第二定律有，以网球为研究对象，根据牛顿第二定律有，解得，根据运动学公式有，解得
14.【答案】（1），速度方向与水平方向为60°；（2）、、
（1）带电粒子在第二象限的电场中从A点到C点做类平抛运动水平方向
得
竖直方向，粒子做匀速运动，C点的速度大小
速度方向与水平方向为
得
（2）从C点进入磁场后，在洛伦兹力作用下
得
由图乙可知，粒子每运动半个圆周则偏转方向相反，由分析可得粒子轨迹如图所示
C点到x轴的斜边长度
D点在x轴的横坐标为
由粒子的运动轨迹结合几何关系得，粒子在磁场中经过x轴共三处，D点及前后的两点由对称性可知，那两点距离D点都为
过粒子x轴共三处，第三次经过x轴后，粒子运动轨迹一直位于x轴下方位置坐标分别是、、。
15.【答案】(1)10m/s，15m/s
（2）见解析
(3)
（1）碰撞后车和前车都在阻力作用下作匀减速直线运动，由牛顿第二定律
可知
碰撞后车匀减速的位移为x2，则由运动学关系
可知
同理，碰撞后前车车匀减速的位移为x3，由
可知
（2）两车相碰过程中，时间极短，内力远远大于阻力，根据动量守恒定律可得
可知
从制动到相碰前，后车匀减速的位移为，由
可知开始制动时速度为
所以，后车未超速；
（3）吸能系数
化简为
恢复系数为
平方可知
相碰过程中，动量守恒
平方可知
联立可得
所以