湖南省长沙市2025-2026学年高三下学期高考物理考前模拟练习卷

这是一份湖南省长沙市2025-2026学年高三下学期高考物理考前模拟练习卷，共23页。试卷主要包含了请将答案正确填写在答题卡上等内容，欢迎下载使用。
注意事项：
1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2.请将答案正确填写在答题卡上
一、单选题（本大题共7小题，共28分）
1.[4分]用阴极K为金属铷的光电管观测光电效应现象，实验装置如图甲所示。实验中测得铷的遏止电压与入射光频率之间的关系如图乙所示，纵轴与横轴交点的横坐标为，图线与横轴交点的横坐标为。已知普朗克常量为h，电子的电荷量为e。则下列说法中正确的是（ ）
A．图乙中图线的斜率为
B．金属铷的逸出功为
C．欲测遏止电压，电源左端应为正极
D．当电源左端为正极时，微安表示数随电压表示数的增大而持续增大
2.[4分]如图所示，一束复色光从空气射到一块长方体玻璃砖上表面后分成两束单色光，光束与玻璃砖上表面的夹角为，光束与玻璃砖上表面的夹角为．光束与光束在玻璃砖中传播速度的比值为（ ）
A．B．
C．D．
3.[4分]某品牌智能手机实现了手机卫星通信，只要有卫星信号覆盖的地方，就可以实现通话。如图所示，三颗赤道上空的通信卫星就能实现环赤道全球通信，已知三颗卫星离地高度均为h，地球的半径为R，地球表面重力加速度为g，引力常量为G，下列说法正确的是
A．三颗通信卫星受到地球的万有引力的大小一定相等
B．其中一颗质量为m的通信卫星的动能为mgR22（R＋h）
C．能实现环赤道全球通信时，卫星离地高度至少为2R
D．同一卫星在高轨道的动能大于在低轨道的动能
4.[4分]质量为的物体受恒定合力,在作用下做匀变速运动，经过点时速度大小为,速度方向与力的方向垂直。再经一段时间，速度方向与方向的夹角是,下列对这一过程的描述，说法正确的是
A．可能大于
B．这一过程经历的时间是
C．这一过程力做的功是
D．这一过程物体动量的变化为
5.[4分]在自由式滑雪比赛中，图甲是运动员从高跳台斜向上冲出的运动示意图，图乙是运动员在空中运动时离跳台底部所在水平面的高度随时间变化的图线，重力加速度取，不计空气阻力且运动员可视为质点，则运动员（ ）
A．在空中相同时间内的位移相等
B．在空中相同时间内的速度变化量相等
C．冲出跳台的速度大小为
D．在空中运动的时间为
6.[4分]光滑绝缘的水平桌面上方有沿水平方向的匀强电场，一带负电的小球受该匀强电场的电场力及另一水平力F作用而在桌面上做匀速圆周运动，从圆周轨迹上的A点开始运动一周，其电势能与时间的关系图像如图5所示，下列说法正确的是（ ）
A．小球在A点受到的力F最大
B．电场强度的方向由C指向A
C．小球在C点受到的力F一定小于电场力
D．小球在B、D两点受到的力F大小相等、方向相反
7.[4分]如图所示，有一根长为、质量为的均匀链条锁定在动摩擦系数的粗糙水平桌面上，其长度的悬于桌边外，如果在链条的端施加一个拉力并解开锁定使链条以（为重力加速度）的加速度运动，直到把悬着的部分拉回桌面。设拉动过程中链条与桌边始终保持接触，则拉力需做功（忽略桌子转角阻力）（ ）
A．B．C．D．
二、多选题（本大题共3小题，共27分）
8.[9分]一列简谐横波在绳上沿x轴传播， t1=0 时刻的波形如图7 中实线所示， t2=1s 时刻的波形如图中虚线所示，已知虚线波形与x轴交点 M 的坐标为 xM=6m，O 是x=0处的质点。下列判断正确的是（ ）
A．该波的波长为16m
B．t2=1s 时，质点O 的位移为2cm
C．这列波的波源振动频率可能为1.125Hz
D．这列波的传播速度大小可能为2m/s
9.[9分]某风力发电机的原理可简化为如图的装置，发电机的线圈固定，磁体在叶片驱动下绕线圈对称轴转动，磁体间的磁场为匀强磁场，磁感应强度的大小为，线圈的匝数为、面积为，不计线圈电阻，磁体转动的角速度为。发电机产生的交变电流经过升压变压器后向远处输电，再经降压变压器把电压有效值降为输送给用户。下列说法正确的是（ ）
A．若在升压变压器原线圈端接入交流电压表，其示数是
B．用户端交流电的频率与两个变压器的匝数比有关
C．将击穿电压为的电容器接入用户端，该电容器会被击穿
D．输送功率一定时，若只将升压变压器副线圈匝数变为之前的倍，其他条件不变，输电线电阻损耗的功率会变为之前的倍
10.[9分]如图所示，匀强磁场方向垂直于线圈平面，先后两次将线圈从同一位置匀速地拉出有界磁场，第一次拉出时速度为v1=v0，第二次拉出时速度为v2=2v0，前后两次拉出线圈的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．线圈中感应电流之比是1∶2
B．线圈中产生的热量之比是2∶1
C．沿运动方向作用在线框上的外力的功率之比为1∶2
D．流过任一横截面感应电荷量之比为1∶1
三、非选择题（本大题共5小题，共45分）
11.[9分]小华同学设计如图甲的实验装置做“探究加速度与力、质量的关系”创新实验。实验操作步骤如下：
（ⅰ）挂上托盘和适量砝码，改变长木板的倾角，让带遮光片的小车沿长木板匀速下滑。
（ⅱ）取下砝码盘和砝码，读出砝码的质量为m，小车和遮光片的总质量为M。让小车从靠近滑轮处沿长木板下滑，测出加速度a。
（ⅲ）改变砝码质量和木板倾角，多次测量，作出a—mg图，得出a—mg的关系。（g为重力加速度）
（1）用游标卡尺测量遮光片的宽度d，游标卡尺的示数如图乙所示，其读数为 cm；
（2）在步骤（ⅰ）调节长木板倾角，让小车匀速下滑时，发现通过光电门A的时间大于通过光电门B的时间，应 （选填“增大”“减小”）长木板倾角。
（3）该实验方案 （选填“需要”“不需要”）满足。
（4）在图丙A、B、C、D四幅图中，与该实验操作对应的a—mg图应为 。
A． B． C． D．
12.[9分]（1）日常生活中充电宝可以像电源一样使用，小明尝试测量充电宝B的电动势E及内阻r（E约为5V，r约为0.3Ω），现有实验器材：量程为3V的理想电压表V，量程为0.3A的电流表A（具有一定内阻），定值电阻，滑动变阻器，开关S，导线若干。
①画出实验电路原理图，图中各元件需用题目中给出的符号或字母标出。（ ）
②实验中，当电流表的示数为时，电压表的示数为；当电流表的示数为时，电压表的示数为。则 ， 。（用、、、及R表示）
13.[9分]如图1所示为葡萄酒封瓶器，可以将软木塞推进酒瓶口实现二次密封，将该装置简化为图2模型。某次测试时，将空酒瓶放置于水平地面上，开始时空酒瓶内存在着压强为、体积为、温度为的气体，瓶颈的横截面积为。现用封瓶器将软木塞从瓶口缓慢向下推进，当软木塞推进时，封瓶器对软木塞的压力为，已知软木塞的质量为，软木塞与酒瓶壁间的摩擦力为，整个过程可视为绝热过程，封闭气体内能满足，大气压强取，重力加速度取。求：
（1）与初始时相比，封闭气体的内能 （填“增加”或“减少”）；
（2）此时酒瓶内的温度大小；
（3）外界对瓶内气体做的功。
14.[9分]现代粒子加速器常用电磁场控制粒子团的运动及尺度。简化模型如图：Ⅰ、Ⅱ区宽度均为L，存在垂直于纸面的匀强磁场，磁感应强度等大反向；Ⅲ、Ⅳ区为电场区，Ⅳ区电场足够宽，各区边界均垂直于x轴，O为坐标原点。甲、乙为粒子团中的两个电荷量均为+q，质量均为m的粒子。如图，甲、乙平行于x轴向右运动，先后射入Ⅰ区时速度大小分别为32v0和v0。甲到P点时，乙刚好射入Ⅰ区。乙经过Ⅰ区的速度偏转角为30°，甲到O点时，乙恰好到P点。已知Ⅲ区存在沿+x方向的匀强电场，电场强度大小E0=9mv024πqL。不计粒子重力及粒子间相互作用，忽略边界效应及变化的电场产生的磁场。
（1）求磁感应强度的大小B;
（2）求Ⅲ区宽度d;
（3）Ⅳ区x轴上的电场方向沿x轴，电场强度E随时间t、位置坐标x的变化关系为E=ωt-kx，其中常系数ω>0,ω已知、k未知，取甲经过O点时t=0。已知甲在Ⅳ区始终做匀速直线运动，设乙在Ⅳ区受到的电场力大小为F，甲、乙间距为Δx，求乙追上甲前F与Δx间的关系式（不要求写出Δx的取值范围）
15.[9分]如图，水平轻弹簧右端固定，处于自然长度时左端位于O点，距O点左侧处的A点静置一小物块。现对物块施加一水平向右、大小为6.0N的恒力F，物块向右运动，到O点时撤去F，此时物块立即与弹簧栓接（连接后不分离），并继续运动。已知物块的质量，物块与地面间的动摩擦因数，弹簧的劲度系数，弹簧的形变量为x时其弹性势能，取重力加速度大小。物块与弹簧栓接时无能量损失，弹簧始终在弹性限度内。求：
（1）物块刚接触弹簧时的动能；
（2）弹簧的最大压缩量；
（3）物块第一次向左运动时的最大动能；
（4）物块停止时的位置及运动的总路程s。
参考答案
1.【答案】A
根据，结合，联立可得，可知图乙中图线的斜率为，A正确；由图可知，金属铷截止频率为，则金属铷的逸出功为，B错误；由图甲可知，欲测遏止电压，电源右端应为正极，C错误；当电源左端为正极后，当电流达到饱和光电流时，微安表示数不再随电压表示数的增大而增大，D错误。
2.【答案】B
设两束单色光的入射角为，对单色光，由折射定律得，光束在玻璃砖中传播速度为，对单色光，由折射定律得，光束在玻璃砖中传播速度为，所以光束与光束在玻璃砖中传播速度的比值，故错误，B正确。
3.【答案】B
三颗通信卫星受到的万有引力的大小为F万＝GMmr2，与卫星质量m有关，通信卫星质量未知，受到地球的万有引力大小不一定相等，A错误；由万有引力提供向心力有GMm（R＋h）2＝mv2R＋h，可得卫星环绕速度为v＝GMR＋h，结合黄金代换式GM＝gR2，可求得卫星动能为Ek＝12mv2＝mgR22（R＋h），B正确；如图，若恰好实现全球通信，则三颗卫星连线构成等边三角形并且三边与地球相切，由几何关系可知，此时卫星轨道半径为r＝2R，离地高度为h＝r－R＝R，C错误；由于卫星动能Ek＝12mv2＝mgR22（R＋h），则对于同一卫星，轨道越高，即h越大，动能越小，D错误。
4.【答案】C
本题考查恒力作用下的类平抛运动及其规律，以及动能定理和动量定理的基本运用。
从点开始，物体做类平抛运动，合力与速度方向的夹角越来越小，不可能大于错误；速度方向与方向夹角为时，速度在力方向的分速度大小是,合速度大小是,加速度大小是,可以得到运动时间为错误；由动能定理可以得到合力做的功大小是正确；由动量定理可以得到动量的变化是错误。
情况和电势能的变化情况。
5.【答案】B
A．谷爱凌在空中做斜抛运动，水平方向做匀速直线运动，在空中相同时间内的水平位移相等，但在空中相同时间内的竖直位移相等，所以在空中相同时间内的位移不相等，A错误；
B．根据，可知在空中相同时间内的速度变化量相等，B正确；
C．根据图像可知，1.4s末上升到最高点，根据，可知冲出跳台的竖直分速度大小为，则冲出跳台的速度大小满足，C错误；
D．上升的高度为，则下降的时间为，在空中运动的时间为，D错误。选B。
6.【答案】A
在匀强电场中小球受到的静电力恒定，做匀速圆周运动时所需向心力大小不变。由于圆周运动的过程中A点电势能最低，C点电势能最高，说明电场力方向由C指向A，所以在A点小球受力为F−qE=F向，F是最大值。小球带负电，所以电场强度的方向由A指向C，故A正确，B错误。若小球在C点时力F与电场力同向且指向圆心，F有可能大于电场力，故C错误。在B、D两点时小球受力如图所示，根据受力分析可知，小球在D点时受到的力F与B点时大小相等，但方向不相反，故D错误。故选A．
7.【答案】B
根据题意，由运动学公式，悬着的部分拉回桌面时，链条的速度满足，链条上升的过程中所受摩擦力逐渐增大，与位移成正比，如图所示
设拉力做功，整个过程，由动能定理有，联立解得。
8.【答案】ACD
此简谐波的波长为16m，而 xM=6m， 可得O质点的位移为 y=4sinπ4cm=22cm， A正确，B错。当波的传播方向为x轴负方向时： n+18T=1s， 得 f=1+8n8Hz， 当n=1时， f=1.125Hz， 故C正确。波的传播方向为x轴负方向时： n+18T=1s， 当n=0时，速度为 v=λT=168m/s=2m/s， 故D 正确。
9.【答案】AC
交流电压表显示的是有效值，而升压变压器原线圈电压有效值是，故A正确；变压器只改变电压，不改变交流电的频率和周期，故B错误；用户端峰值电压为，超过了电容器的击穿电压，会将电容器击穿，故C正确；输送功率一定时，若输电电压变为之前的倍，输电线电流变为之前的，由可得电阻损耗的功率会变为之前的，故D错误。
10．【答案】AD
设线圈的长为a，宽为L，电阻为R，线圈在拉出过程中，产生的感应电动势大小为，根据欧姆定律，线圈中感应电流为，线圈中感应电流之比是，A正确；根据公式可得线圈中产生的热量，线圈中产生的热量之比是，B错误；线圈做匀速直线运动，外力与安培力大小相等，根据公式，则有，外力的功率为，外力的功率之比为，C错误；流过任一横截面的感应电荷量，因为过程中磁通量变化量一样，所以流过任一横截面的感应电荷量相同，则有，D正确。
11.【答案】0.520；减小；不需要；C
（1）[1]20分度的游标卡尺的精度为0.05mm，遮光片的宽度为
（2）[2]，小车通过光电门A的时间大于通过光电门B的时间，说明小车做加速运动，重力的分力大于滑动摩擦力，为了保证小车匀速下滑，则应减小长木板的倾角；
（3）[3]实验第一步为挂上总质量为的托盘和适量砝码，改变长木板的倾角后，让质量为的带遮光片的小车沿长木板匀速下滑，有
第二步为取下砝码盘和砝码，让小车从靠近滑轮处沿长木板加速下滑，有
由此可知本实验利用等效替代法测出了小车的合外力为，故不需要满足；
（4）[4] 因砝码的质量为m，设砝码盘的质量为，则砝码盘和砝码的总质量满足
由牛顿第二定律有
可得
则图像为一次函数，总截距为正值，故选C。
12．【答案】；；
① [1]由于电压表的量程为0~3 V，且又是理想电压表，所以不能将电压表直接跨接在电动势为5V的电源上。要想用此电压表来测量电压有两种方法，一是将电压表进行改装，扩大量程；二是将测定电动势和内阻的基本电路进行改造。由题目中给的固定电阻为 ，。理想电压表的电阻为无穷大可知，固定电阻不能和理想电压表串联来扩大量程，所以只能对测定电源电动势和内阻的基本电路进行改造。实验电路原理图如图所示

②[2] [3]根据闭合电路欧姆定律，当电流表的读数为，电压表的读数为时，有，当电流表的读数为，电压表的读数为 时，有，由上两式得，
13.【答案】（1）增加；（2）
(3)
（1）由题意可知，绝热过程中，系统与外界没有热量交换，即
用封瓶器将软木塞从瓶口缓慢向下推进，外界对气体做功，则
根据热力学第一定律
可得
所以与初始时相比，封闭气体的内能增加。
（2）根据平衡条件
其中
代入数据可得
根据理想气体状态方程
其中，，
可得此时酒瓶内的温度大小为
（3）根据可知
代入数据解得
根据热力学第一定律
其中
所以外界对瓶内气体做的功为
14.【答案】(1)mv02qL (2)32πL (3)F=qω3v0·Δx
(1）对乙粒子，如图所示，
由洛伦兹力提供向心力
qv0B=mv02r1,
由几何关系sin 30°=Lr1,
联立解得，磁感应强度的大小为B=mv02qL。
（2）由题意可知，根据对称性，乙在磁场中运动的时间为
t1=2×30°360°×2πmqB=2πL3v0,
对甲粒子，由对称性可知，甲粒子沿着直线从P点到O点，由运动学公式
d=32v0t1+12at12,
由牛顿第二定律a=qE0m=9v024πL,
联立可得Ⅲ区宽度为d=32πL。
（3）甲粒子经过O点时的速度为v甲=32v0+at1=3v0,
因为甲在Ⅳ区始终做匀速直线运动，则
ωt=kx=k×3v0t,
解得k=ω3v0,
设乙粒子经过Ⅲ区的时间为t2，乙粒子在Ⅳ区运动时间为t0，则上式中t=t0+t2,
对乙有Fq=ω(t0+t2)-kx2,
整理可得x2=3v0(t0+t2)-3v0Fqω,
对甲有x1=3v0(t0+t2),
则Δx=x1-x2=3v0Fqω,
化简可得乙追上甲前F与Δx间的关系式为F=qω3v0·Δx。
15．【答案】（1）
(2)
(3)
(4)
（1）物块从A到O，根据动能定理得
解得
（2）物块从O点开始压缩弹簧到弹簧被压缩到最短的过程中，根据能量守恒得
解得
（3）物块向左运动过程中，设弹簧的压缩量为时，物块动能最大，须满足
根据能量守恒得
解得
（4）假设物块从一端运动到另一端，两端离O点距离分别是和，根据能量守恒得
解得
化简可得
当时，
因为，所以物块继续运动。
当时，
此时弹簧弹力为零，物块恰好停在O点。
最后弹簧的弹性势能为0，从A点开始到恰好停在O点，根据动能定理得
解得。