2025_2026学年25.多边形——初中数学中考一轮分层训练中考一轮复习 [含解析]

这是一份2025_2026学年25.多边形——初中数学中考一轮分层训练中考一轮复习 [含解析]，共25页。试卷主要包含了基础题，能力题，拓展题等内容，欢迎下载使用。
1．若一个六边形的每个内角都是x°，则x的值为（ ）
A．60B．90C．120D．150
2．如图，点A，点B，点C，点D，点E，点F是平面上的点，顺次连结得到不规则的图形，则∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F的度数为（ ）
A．180°B．270°C．360°D．450°
3．蜜蜂的蜂巢美观有序，从入口处看，蜂巢由许多正六边形构成（如图所示).个正六边形的内角和的度数是（ ）
A．360°B．540°C．720'D．1080°
4．直线l与正六边形ABCDEF的边AB,EF分别相交于点M，N，如图所示，则a+β=（ ）
A．115°B．120°C．135°D．144°
5．一个多边形的内角和等于它的外角和，这个多边形是 （ ）．
A．三角形B．四边形C．五边形D．六边形
6．一个正多边形的内角和为720°，则这个正多边形的边数为（ ）
A．5B．6C．7D．8
7． 如图，八角窗花的窗格是中国古代建筑中一抹独到的风景，其外观是一个正八边形，则它的每一个外角为 °.
8．已知一个正多边形它的一个外角为45°，则该正多边形为 边形.
9．如图，两条直线l1，l2分别经过正六边形ABCDEF的顶点B，C，且l1∥l2．当∠1=37°时，∠2= °．
10．如果正多边形的一个外角是45°，那么它的边数是 ．
11．一个正多边形的内角和为1800°，求这个多边形的边数.
二、能力题
12．已知一个多边形的内角和是它外角和的4倍，则从这个多边形的一个顶点处可以引( )条对角线．
A．6B．7C．8D．9
13． 下列说法正确的是（ ）
A．调查某种灯泡的使用寿命最适合采用普查的方式
B．64的平方根为8
C．若一个正多边形的每个内角都是108°，那么这个多边形是正五边形
D．甲、乙两人在相同的条件下各射击8次，他们射击成绩的平均数相同，方差分别是s甲2=0.1，s乙2=0.5，则乙的射击成绩较稳定
14．如图，是一个正方体小木块静止在斜面上的受力分析，重力G的方向竖直向下，支持力F1的方向与斜面垂直，摩擦力F2的方向与斜面平行．若斜面的坡角α=25°，则摩擦力F2与重力G方向的夹角β的度数为（ ）
A．155°B．115°C．65°D．25°
15．六角螺母的底面是一个正六边形，这个正六边形的内角和是 ．
16． 某装修公司拟用三种边长相同的正多边形地砖无缝除、无重叠地铺满整个客厅，如图所示，已知点A周围有三块地砖，则第三块地砖的边数为 .
17．如图，正八边形ABCDEFGH的顶点A，B，G，H在坐标轴上，顶点C，D，E，F在第一象限．点F在反比例函数y=kx(x>0)的图象上，若AB=2，则k的值为 ．
18．如图，图1为传统建筑中的一种窗格，图2为其窗框的示意图，多边形ABCDEFGH为正八边形，连接AC，BD，AC与BD交于点M，∠AMB＝ ．
19．如图，在中心为O的正六边形ABCDEF中，点G，H分别在边AF，CD上，且不同于正六边形的顶点，CH＝FG．
（1）证明：四边形BGEH为平行四边形；
（2）若正六边形的边长为4，以点O为圆心，OB为半径的扇形BOF与正六边形形成阴影部分，求图中阴影部分的面积．
20．我们知道，如果一个四边形的四个顶点在同一个圆上，那么这个四边形叫这个圆的内接四边形．我们规定：若圆的内接四边形有一组邻边相等，则称这个四边形是这个圆的“邻等内接四边形”．
（1）请同学们判断下列分别用含有30°和45°角的直角三角形纸板拼出如图所示的4个四边形．其中是邻等内接四边形的有 （填序号）
（2）如图，四边形ABCD是邻等内接四边形，且∠BAC=90°，AB=3，AC=4，AB=AD，求四边形ABCD的面积．
三、拓展题
21．综合与实践
中式建筑中的窗户将对称美发挥得淋漓尽致．小明在旅游中看到了如图1所示的八边形窗户，发现它既是轴对称图形又是中心对称图形，这个八边形窗户各个角都相等．图2是从图1中抽象出来的几何图，其中AB=CD=EF=GH，BC=FG，AH=DE=22AB．八边形ABCDEFGH的周长为40dm．设AB=2xdm，BC=ydm．
（1）八边形ABCDEFGH的一个内角的度数为 ．
（2）求y关于x的函数解析式．
（3）当x等于多少时，这个八边形窗户外框透过的光线最多？
22．实践活动：最多可以将几个杯子放进橱柜？周末，小洲同学在家整理杯子时，想把一些规格相同的杯子（如图1），尽可能多地叠放在一起（如图2），放入高为40cm的橱柜里，于是他开始了以下探究：
【测量数据】
小洲同学经过探究测量后，将图2方式叠放杯子的总高度H与杯子的个数n的数据情况记录如下表：
【建立模型】
根据表中所记录的数据，在图3平面直角坐标系中描出对应点，依据你所学的知识选择合适的函数模型，求出H关于n的函数表达式．
【应用模型】
请根据你所探究出的规律，帮助小洲算算看，他最多可以将多少个杯子放入橱柜里．
答案解析部分
1．【正确答案】C
解：由题意可得：
该六边形为正六边形
∴6−2×180°6=x，解得：x=120
故C
【分析】根据正六边形性质及多边形内角和即可求出答案.
2．【正确答案】C
解：如图所示，
∵∠C+∠D=∠EOC，∠EOC+∠E=∠OHF，
∴∠C+∠D+∠E=∠OHF，
∴∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F=∠A+∠B+∠OHF+∠F=360°
故C．
【分析】由三角形外角的性质得到∠C+∠D=∠EOC，∠EOC+∠E=∠OHF，进而可得∠C+∠D+∠E=∠OHF，再代入即可得到答案．
3．【正确答案】C
解：由题意可得：
正六边形的内角和的度数是6−2×180°=720°
故C
【分析】根据正多边形内角和即可求出答案.
4．【正确答案】B
解：正六边形每个内角为：6−2×180°6=120°，
而六边形MBCDEN的内角和也为6−2×180°=720°，
∴∠B+∠C+∠D+∠E+∠ENM+∠NMB=720°，
∴∠ENM+∠NMB=720°−4×120°=240°，
∵β+∠ENM+α+∠NMB=180°×2=360°，
∴α+β=360°−240°=120°，
故选：B．
【分析】根据正多边形内角和可得正六边形每个内角为120°，再根据多边形内角和定理可得∠ENM+∠NMB，再根据补角即可求出答案.
5．【正确答案】B
解：设这个多边形边数是n，根据题意及多边形内角和公式得：
n−2×180°=360°
解得：n=4
故这个多边形是四边形．
故选：B.
【分析】本题着重考查了多边形的内角和与外角和.多边形内角和公式n−2⋅180°是解决本题的关键，外角和为360°是一个重要的性质.在解决本题时，准确运用这些知识，通过列方程求解，能够有效解决问题.本题充分体现了多边形内角和与外角和在几何问题中的应用，是对基础知识的考查.
6．【正确答案】B
解：设这个正多边形的边数为n，
由题意得：n−2×180°=720°，
解得：n=6，
∴这个正多边形的边数为6，
故B．
【分析】本题考查了正多边形的内角和问题，设这个正多边形的边数为n，根据n边形的内角和等于（n-2）·180° ，进行计算即可得出答案．
7．【正确答案】45
解：多边形外角和是360∘，正八边形每个外角相等，所以每个外角为360÷8=45∘.
故45 .
【分析】利用多边形外角和定理（任意多边形外角和为360∘ ），结合正多边形各外角相等的性质，用外角和除以边数得单个外角的度数.
8．【正确答案】八
解：多边形的每个外角相等，且其和为360°，可得
36045=8，
故八．
【分析】利用任意凸多边形的外角和均为360°，正多边形的每个外角相等即可求出答案．
9．【正确答案】97
解：根据多边形计算公式可得出正六边形的内角和为：（6-2）×180°=720°，
∴∠ABC=720°6=120°，
∵∠1=37°，
∴∠3=83°，
∵l1∥l2，
∴∠2=180°-∠3=180°-83°=97°。
故97.
【分析】首先根据多边形内角和计算公式可得出正六边形内角和为720°，进而根据正六边形的性质得出∠ABC=120°，进而得出∠3的度数，再根据平行线的性质得出∠2的度数即可。
10．【正确答案】8
解：∵正多边形的一个外角是45°，
∴它的边数为36045=8，
故8
【分析】根据正多边形的性质结合多边形的外角和即可求解。
11．【正确答案】解：设这个多边形的边数是 n ，
则 (n−2)⋅180°=1800° ，
解得： n=12 .
故这个多边形的边数为12.
【分析】根据多边形的内角和公式列方程求解即可.
12．【正确答案】B
解：设这个多边形的边数为n，由题意得
n−2180=4×360
解方程得：n=10
则从一个顶点可引10-3，即7条对角线
故B.
【分析】从n边形的一个顶点最多引（n-3）条对角线，把多边形分成（n-2）个三角形，则多边形的内角和为n−2180°，但任意n边形的外角和都是360°.
13．【正确答案】C
解：A、调查某种灯泡的使用寿命，具有破坏性，其范围广，最适宜采用抽样调查的方式，原说法不正确，故A不符合题意；
B、64的平方根为土8，原说法不正确，故B不符合题意；
C、多边形的每一个内角都是108° ，则每一个外角都是180°-108°=72° ，
∵多边形的外角和为360° ，这个多边形的边数为360°÷ 72°=5，那么这个多边形是正五边形，原说法正确，故C符合题意；
D、甲、乙两人在相同的条件下各射击8次，他们射击成绩的平均数相同，则方差越小越稳定，因而甲更稳定，故D不符合题意；
故C.
【分析】根据调查方式调查某种灯泡的使用寿命适宜采用抽样调查，可判断A；64的平方根为土8，由此可判断B；先根据正多边形的每一个内角都是108°计算得到外角的度数，从而计算得到边长，可判断C；根据方差越小越稳定，可判断D；逐一判断即可解答.
14．【正确答案】B
解：如图所示，
∵重力G的方向竖直向下，∠A=α=25°，
∴∠ABG=90°−∠A=90°−25°=65°，
∴∠CBE=∠ABG=65°，
∵正方体小木块静止在斜面上，支持力F1的方向与斜面垂直，摩擦力F2的方向与斜面平行
∴∠BCD=∠CDE=90°，
在四边形BCDE中，∠BED=360°−∠CBE−∠BCD−∠CDE=360°−65°−90°−90°=115°，
∴摩擦力F2与重力G方向的夹角β的度数为115°，
故选：B ．
【分析】根据直角三角形两锐角互余可得∠ABG，根据对顶角相等可得∠CBE=∠ABG=65°，根据正方形性质可得∠BCD=∠CDE=90°，再根据四边形内角和即可求出答案.
15．【正确答案】720°
解：6−2×180°=720°；
故720°．
【分析】根据n边形的内角和计算公式n−2⋅180°，将n=6代入进行计算即可。
16．【正确答案】12
解：∵正六边形的内角为120°，正方形的内角为90°
∴第三块地砖的每一个内角为360°-120°-90°=150°
设第三块地砖的边数为n，则有：
n−2×180°n=150°
解得：n=12
故12
【分析】根据题意可得第三块地砖的每一个内角为360°-120°-90°=150°，设第三块地砖的边数为n，根据正多边形内角和建立方程，解方程即可求出答案.
17．【正确答案】2+2
解：过点F作FM⊥y轴交y轴于点M，如图，
正八边形ABCDEFGH的内角和为(8-2)x 360° = 1080°，
∴每个内角为1080°8=135°
∴∠OAH=∠OHA=45° ，
则∆AOH为等腰直角三角形，
又∵正八边形的边长为2，
∴OA2 +OH2=AH2，即2OH2=2，
可得OH=1，
同理可得∆GMF为等腰直角三角形，
即MG=MF=1，
∴可得OM =OH+ HG+GM=1+2+1=2+2.
∴点F(1，2+2)，
又点F在反比例函数y=-kx(x>0)的图象上，
∴2+2=k1，解得k=2+2；
故2+2.
【分析】先根据正八边形的内角和可求解每个内角度数，可得∆AOH为等腰直角三角形，根据正八边形的边长可求解OH的长度，同理可求MG与MF的长度，即可得到点F的坐标，再代入反比例函数解析式即可解答.
18．【正确答案】45°
解：∵多边形ABCDEFGH是正八边形
∴AB=BC=DC、∠ABC=∠BCD=180°−360°8=135°
∴∠CBD=∠BCA=180°−135°2=22.5°
∴∠AMB=∠BCA+∠CBD=2×22.5°=45°
故45°.
【分析】由正八边形的各边相等，各内角都等于135°，则利用等腰三角形的内角和可得∠CBD=∠BCA=22.5°，再利用三角形的外角性质即可.
19．【正确答案】（1）证明：∵六边形ABCDEF是正六边形，
∴∠C＝∠D＝∠F＝∠BAF，AB＝BC＝CD＝DE＝EF＝AF，
∵CH＝FG，
∴CD﹣CH＝AF﹣FG，
即HD＝AG，
在△BCH和△EFG中，
BC=EF∠C=∠FCH=FG，
∴△BCH≌△EFG（SAS），
∴BH＝EG，
在△ABG和△DEH中，
AB=DE∠D=∠AAG=DH，
∴△ABG≌△DEH（SAS），
∴BG＝EH，
∴四边形BGEH为平行四边形
（2）解：如图，连接OA、OB、OF，
∵六边形ABCDEF是正六边形，
∴∠AOB＝∠AOF=360°6=60°，OA＝OB＝OF，
∴△AOB，△AOF是正三角形，
∴OA＝OB＝OF＝AB＝4，
∴S阴影部分＝2S弓形AB
＝2（S扇形AOB﹣S△AOB）
＝2×（60π×42360−12×4×23）
=163π﹣83
【分析】（1）根据正六边形的性质可得每个角、每条边相等，进而得出△BCH≌△EFG（SAS）、△ABG≌△DEH（SAS），求得BH＝EG，BG＝EH，即可得出答案.
（2）根据正六边形的性质易得△AOB，△AOF是正三角形，进而得出
S阴影部分＝2S弓形AB＝2（S扇形AOB﹣S△AOB），即可得出答案.
20．【正确答案】（1）③
（2）解： ∵∠BAC=90∘,AB=3,AC=4,
∴BC=AB2+AC2=5,
∵四边形ABCD是邻等内接四边形， ∠BAC=90∘
∴A， B， C， D四点共圆， 且BC为直径，把BC的中点记为点O， 即A， B， C， D四点在⊙O上，
连接BD， AO， 相交于点H，
∵BC=5,
∴BO=OA=52,
设 OH=x,AH=52−x,
∵AB=AD,
∴AO⟂BD,BH=DH,
则在 Rt△ABH中， BH2=AB2−AH2,
在 Rt△BOH中， BH2=BO2−OH2,
∴BO2−OH2=AB2−AH2,
即 522−x2=32−52−x2,
解得 x=0.7, ∴AH=2.5−0.7=1.8,
则 BH=32−1.82=2.4,
即 BD=2.4×2=4.8,
∵BC是直径，
∴∠BDC=90∘,
∵BH=DH,BO=OC,
∴OH是 △BDC的中位线，
∴DC=2HO=1.4,
则 S△BDC=12×BD×DC=12×4.8×1.4=3.36
S△BDA=12×BD×AH=12×4.8×1.8=4.32,
∴四边形ABCD的面积 =S△BDC+S△BDA=3.36+4.32=7.68.
(1)解：依题意，图①、图②和图④没有对角互补，不是邻等对补四边形，
图③对角互补且有一组邻边相等，是邻等对补四边形，
故③；
【分析】(1)根据邻等对补四边形的定义进行逐个分析，即可作答；
(2)先根据勾股定理算出BC=5， 设 OH=x,AH=52−x,结合勾股定理整理得 BO2−OH2=AB2−AH2,代入数值得 x=0.7,，再证明OH是 △BDC的中位线，则 DC=2HO=1.4,分别算出 S△BDC和 S△BDA,即可作答.
21．【正确答案】（1）135°
（2）解：∵AB=CD=EF=GH，BC=FG，AH=DE=22AB，八边形ABCDEFGH的周长为40dm，AB=2xdm，BC=ydm，
∴AB=CD=EF=GH=2xdm，BC=FG=ydm，AH=DE=22AB=4xdm，
∴42x+8x+2y=40，
∴y=−4+22x+20；
（3）解：如图，分别延长BC、DE、GF、AH，交于4点，设这个八边形的面积为Scm2，
∵八边形ABCDEFGH的一个内角的度数为135°，
∴每个外角=180°−135°=45°，
又∵AB=CD=EF=GH，
∴构造的四个角落的小三角形是全等的等腰直角三角形，斜边为2xdm，则直角边为xdm，
∴S=6x2x+y−2x2=6x2x−4x−22x+20−2x2=−14+122x2+120x，
∴当x=−120−2×14+122=12028+242=1802−21023时，S取得最大值，
∴当x=1802−21023时，这个八边形窗户外框透过的光线最多．
解：（1）∵该多边形是八边形，
∴它的内角和=8−2×180°=1080°，
又∵这个八边形窗户各个角都相等，
∴八边形ABCDEFGH的一个内角的度数=1080°÷8=135°，
故135°；
【分析】（1）根据正多边形内角和即可求出答案.
（2）根据题意得出AB=CD=EF=GH=2xdm，BC=FG=ydm，AH=DE=22AB=4xdm，根据“八边形ABCDEFGH的周长为40dm”，得出42x+8x+2y=40，整理得出y关于x的函数解析式即可；
（3）分别延长BC、DE、GF、AH，交于4点，设这个八边形的面积为Scm2，证明构造的四个角落的小三角形是全等的等腰直角三角形，列出S关于x的二次函数关系式S=−14+122x2+120x，根据二次函数性质即可求出答案.
22．【正确答案】解：【建立模型】根据表中所记录的数据，在图3平面直角坐标系中画出函数图象如下：
这些点在一条直线上，即该函数为一次函数，
设y与x之间的函数关系式为H=kn+b(k≠0)．
将点1,6.8、1,8.3代入可得：
6.8=k+b8.3=2k+b，解得k=1.5b=5.3
∴y与x之间的函数关系式为H=1.5n+5.3．
【应用模型】
当H≤40cm时，有40≥1.5n+5.3，解得：n≤23215，所以最多可以将23个杯子放入橱柜里．
【分析】
通过描点、连线，可得到函数图象是一条直线，则可判定出一次函数，再用待定系数法求得函数解析式，由于一次函数的比例系数为正，则表明杯子总高度H随杯子个数n增大而增大，因此当取H最大值40cm时对应的n也有最大值．杯子的个数n（个）
1
2
3
4
5
杯子的总高度H(cm)
6.8
8.3
9.8
11.3
12.8