2025-2026学年高二物理下学期第一次月考（安徽专用）

这是一份2025-2026学年高二物理下学期第一次月考（安徽专用），共11页。试卷主要包含了选择题，多项选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
（考试时间：75分钟，分值：100分）
一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，第9~12题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
一、单项选择题（本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的。）
1．在磁场中放置一条直导线，导线的方向与磁场方向垂直。先后在导线中通入不同的电流。下列四幅图像中（A、B各代表一组F、I的数据）正确表示导线受力的大小F与通过导线的电流I的关系的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】B
【详解】导线的方向与磁场方向垂直时，且同一位置处磁感应强度B大小、方向确定，由安培力公式，可知安培力和I成正比，故B选项图像正确。
故选B。
2．如图所示，平行直线边界M、N之间有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为。半径为的单匝圆形线圈的圆心O位于边界M上，线圈与边界N的一个交点为P，且OP与边界M的夹角。现给线圈通以大小为的电流，则通电瞬间线圈所受安培力的大小和方向分别为（ ）
A．，垂直边界M向左
B．，垂直边界M向右
C．，垂直边界M向左
D．，垂直边界M向右
【答案】A
【详解】MP段线圈受到安培力大小为
方向垂直于MP斜向左下过O点；
与MP段线圈对称的线圈受到安培力大小为
根据几何关系可知两个力的夹角为120°，根据力的合成可知线圈所受安培力的大小为，，方向垂直边界M向左。
故选A。
3．如图所示，老师上课做演示实验时，用绝缘细线吊起一个轻质闭合铝环，条形磁铁与铝环的距离比较小。当手持磁铁使其N极突然向右迅速穿过铝环过程中（整个条形磁铁均穿过），下列说法正确的是（ ）
A．整个过程中铝环中电流方向改变两次
B．条形磁铁穿过铝环后铝环向右摆动
C．靠近铝环过程中（极还未进入铝环），铝环面积有扩张的趋势
D．远离铝环过程中，从左向右看，铝环中有逆时针方向电流
【答案】B
【详解】当条形磁铁靠近铝环时，穿过铝环的磁通量向右增加，根据楞次定律可知，铝环中产生从左向右看逆时针方向的感应电流；当条形磁铁远离铝环时，穿过铝环的磁通量向右减小，根据楞次定律可知，铝环中产生从左向右看顺时针方向的感应电流，则整个过程中铝环中电流方向改变一次；根据“来拒去留”，条形磁铁靠近时铝环向右运动，远离时也向右运动；根据“增缩减扩”可知，条形磁铁靠近时铝环面积有收缩的趋势。
故选B。
4．如图甲为智能手表内的无线充电接收器结构简图，它由两个半径分别为2cm、1cm的同心金属圆线圈连接而成，金属圆线圈的电阻忽略不计。在垂直于金属圆线圈的平面内施加垂直于纸面向外的匀强磁场（未画出），磁感应强度B随时间t变化的关系如图乙所示（垂直于纸面向外为正），取3，则0到0.01s，e、f间的电势差为（ ）
A．B．C．D．
【答案】B
【详解】根据楞次定律，若将图甲看成一大一小两个圆形线圈，那么在小线圈中磁场变化时会感生出顺时针方向电流；在大圆线圈中，也会感应出顺时针方向电流，根据导线的排布可知两个电流方向是一致的，那么两个圆形线圈产生的感应电动势应相加。根据法拉第电磁感应定律，小线圈的感应电动势为
大线圈产生的感应电动势为
所以总电动势大小为
根据电流方向可以判断出电流从e端流出，相当于电池正极，所以
故选B。
5．如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比，原线圈接有滑动变阻器，副线圈接有定值电阻和小灯泡，小灯泡的阻值恒为，额定功率为。输入端接有效值的正弦交流电，关于该电路的分析，下列正确的是（ ）
A．滑动变阻器的滑片向左滑动，原线圈两端的电压变大
B．当滑动变阻器的阻值调为时，小灯泡正常发光
C．当滑动变阻器的阻值调为时，的电功率达到最大值
D．小灯泡正常工作时，副线圈两端电压最大值为
【答案】C
【详解】A．滑片左移，滑动变阻器接入的阻值变大，变压器的等效阻值不变
根据串联电路特点，原线圈两端的电压减小，故A错误；
B．设原线圈电压为，原线圈电流为，副线圈电压为，副线圈电流为，小灯泡正常发光时，电流
电压
副线圈两端电压
由、
原线圈两端电压，
滑动变阻器此时阻值，故B错误；
C．当滑动变阻器的阻值等于变压器的等效阻值时，滑动变阻器消耗的功率最大，故C正确；
D．由B选项分析可得，副线圈端电压最大值为，故D错误。
故选C。
6．如图所示，边长L=0.2m的正方形金属线框abcd下方存在一个宽度也为L的匀强磁场区域，磁场边界水平，磁场方向垂直纸面向里。初始时，线框ab边距磁场上边界高度为h。将线框由静止释放，线框ab边进入磁场后立即开始做匀速运动。已知线框的质量为m=0.1kg，电阻为R=0.2Ω，磁感应强度大小B=1T，重力加速度大小g取10m/s2，线框下落过程中ab边始终与磁场边界平行，不计空气阻力。下列说法正确的是（ ）
A．线框ab边刚进入磁场时，线框中的电流方向为adcba
B．线框穿过磁场的过程中产生的焦耳热为0.4J
C．线框ab边进入磁场时的速度大小为2m/s
D．线框进入磁场的过程中，通过线框横截面的电荷量为0.1C
【答案】B
【详解】A．根据右手定则可知，线框ab边刚进入磁场时，线框中的电流方向为abcda，故A错误；
B．线框穿过磁场的过程中，根据能量守恒定律，有，故B正确；
C．设线框ab边进入磁场时的速度大小为v1，根据平衡条件，有，
解得，故C错误；
D．线框进入磁场的过程中，通过线框横截面的电荷量为，故D错误。
故选B。
7．如图所示，某小电站发电机的输出功率为100kW，输出电压为400V，向距离较远的用户供电。为了减少电能损耗，使用10kV高压输电，最后用户得到“220V 98kW”的电能，变压器均视为理想变压器。则（ ）
A．输电线路导线电阻为B．输电线路中的电流为2A
C．升压变压器原、副线圈匝数比为D．降压变压器原、副线圈匝数比为
【答案】A
【详解】AB．输电线路中的电流为
最后用户得到“220V 98kW”的电能，则输电线损耗电功率为
根据
解得输电线路导线电阻为，故A正确，B错误；
C．根据变压器电压与线圈匝数关系可知，故C错误；
D．根据串联电路规律可知
根据变压器电压与线圈匝数关系可知，故D错误；
故选A。
8．2025年9月3日，在北京举办了纪念中国人民抗日战争暨世界反法西斯战争胜利80周年大会。展示的一款舰载激光武器LY-1引起广泛关注，它是利用定向发射的激光束直接毁伤目标或使之失效的舰用定向能武器。关于其使用的激光，下列说法正确的是（ ）
A．在密度不均匀的大气中激光始终沿直线运动
B．激光的频率越高，在真空中传播的速度越大
C．激光武器、微波武器使用的激光和微波都属于电磁波
D．激光频率越高，单个光子能量越大，对目标的毁伤效果越好
【答案】C
【详解】A．在密度不均匀的大气中激光会发生折射现象，传播方向发生变化，不会始终沿直线运动，故A错误；
B．激光的频率越高，在真空中传播的速度不变，仍为光速，故B错误；
C．激光武器、微波武器使用的激光和微波都属于电磁波，故C正确；
D．激光频率越高，根据可知，单个光子能量越大，但对目标的毁伤效果不一定越好，因为毁伤效果不仅取决于单个光子能量，还与光子的数量有关，故D错误。
故选C。
二、多项选择题（本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）
9．在粒子物理研究中，带电粒子在云室等探测装置中的径迹是非常重要的实验证据。某云室中有垂直于纸面的匀强磁场，从O点发出了两个正电子和一个电子，其轨迹如图中甲、乙、丙所示。已知正电子的质量与电子相同，电荷量与电子大小相等。下列说法正确的是（ ）
A．磁场的方向垂直于纸面向里
B．轨迹甲对应的是电子
C．轨迹乙对应的粒子速度越来越大
D．轨迹丙对应的粒子初速度最大
【答案】AD
【详解】AB．由图可知，轨迹甲、丙为正电子轨迹，轨迹乙为电子轨迹，根据左手定则可知，磁场的方向垂直于纸面向里，故A正确，B错误；
CD．根据洛伦兹力提供向心力有
可得
由图可知，轨迹丙的半径最大，轨迹乙的半径越来越小，故轨迹丙对应粒子的初速度最大，轨迹乙对应粒子的速度越来越小，故D正确，C错误。
故选AD。
10．如图甲所示，粗糙U形导线框固定在水平面上，右端放有一金属棒PQ，整个装置处于竖直方向的磁场中，磁感应强度B按如图乙所示规律变化，规定竖直向上为正方向，时间段内，金属棒保持静止。则（ ）
A．时刻，PQ中无感应电流
B．时刻，PQ不受安培力作用
C．时刻，PQ中电流方向由Q到P
D．时刻，PQ所受安培力方向水平向左
【答案】BD
【详解】A．时刻回路的磁通量为零，但是磁通量的变化率不为零，则回路有感应电流，故A错误；
B．时刻磁感应强度为零，根据可知，安培力为0，故B正确；
CD．时刻在~2时间内，回路的磁通量向下增加，根据楞次定律可知，流过金属棒的感应电流方向是从P到Q，由左手定则可知PQ所受安培力方向水平向左，故C错误，D正确。
故选BD。
三、非选择题（本题共5小题，共58分。考生根据要求作答。）
11．如图所示是“研究电磁感应现象”的实验装置。
(1)连接好电路，在闭合开关S时发现灵敏电流计的指针向右偏转了一下，接着将滑动变阻器滑片向左迅速移动一段距离的过程中，电流计指针将 偏转（填“向左”或“向右”）。再将A线圈从B线圈中迅速拔出，电流计指针将 偏转（填“向左”、“向右”或“不”）；
(2)G为指针零刻度在中央的灵敏电流表，连接在直流电路中时的偏转情况如图甲中所示，即电流从电流表G的左接线柱进时，指针也从中央向左偏。今把它与一线圈串联进行电磁感应实验，根据灵敏电流表指针的偏转方向，可判断图乙中的条形磁铁的运动方向是向 （填“上”或“下”），图丙中的条形磁铁向下运动，则其下端为 极（填“N”或“S”）。
【答案】(1) 向右 向左
(2) 下 N
【详解】（1）（1）[1]由题意可知，闭合开关S时通过B线圈的磁通量增大，灵敏电流计的指针向右偏转，则闭合开关S后，将滑动变阻器滑片向左迅速移动，由图可知，滑动变阻器接入电路的电阻变小，回路电流变大，从而使通过B线圈的磁场变强，磁通量增大，灵敏电流计的指针将向右偏转；
[2] 将A线圈从B线圈中迅速拔出，通过B线圈的磁通量减少，根据楞次定律可知，感应电流方向与闭合开关S时相反，故灵敏电流计的指针将向左偏转；
（2）（2）[3]由题意可知，图乙中感应电流从电流表G的左接线柱进，则由右手螺旋定则可知，感应电流的磁场方向竖直向下，原磁场方向竖直向上，与原磁场方向相反，由楞次定律可知原磁场的磁通量增大，故图乙中的条形磁铁的运动方向是向下；
[4]同理可知，图丙中感应电流的磁场方向竖直向上，又因为条形磁铁向下运动，所以原磁场磁通量增大，由楞次定律可知，原磁场的磁场方向竖直向下，则图丙中条形磁铁下端为N极。
12．
(1)某小组在进行“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验，实验中保持原副线圈匝数不变，当原线圈接入电压增大，用多用电表测得副线圈两端电压 。（选填“增大”“减小”或“不变”）
(2)某同学将原线圈接在交流电源上，将副线圈接在电压传感器（可视为理想电压表）上，观察到副线圈电压随时间变化的图像如图甲所示，在时间内，该同学先断开开关，其后仅进行一项操作，再次闭合开关，得到之后的图像。该操作可能是______。
A．增加了交流电源的频率B．摆正并拧紧了松动的铁芯
C．减少了副线圈的匝数D．增加了原线圈的匝数
(3)图乙中变压器为理想变压器，若原、副线圈的匝数保持不变，分别为、，在交流电源（内阻不计）的电压有效值和电阻确定的情况下，调节可变电阻，如果可变电阻可调范围足够大，则当 （用、、表示）时，可获得最大功率。
(4)图乙中变压器为理想变压器，若原、副线圈的匝数保持不变，分别为、，在交流电源（内阻不计）的电压有效值和电阻确定的情况下，调节可变电阻，电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值的大小为 （用、、表示）。
【答案】(1)增大
(2)B
(3)
(4)
【详解】（1）理想变压器电压与匝数的关系为
保持原、副线圈匝数 、不变时，有
原线圈接入电压增大增大时，副线圈两端电压 随之增大。
（2）A．如果增加电源频率，副线圈电压的频率也会增加，周期会变短。但如图甲所示，操作前后周期没有发生变化，故A错误；
B．摆正并拧紧了松动的铁芯，减少了漏磁，副线圈的磁通量变化率增大，副线圈电压增大，故B正确；
CD．根据变压器电压与匝数的关系，可得
减少副线圈的匝数或者增加原线圈的匝数，都会使副线圈电压减小，故CD错误。
故选B。
（3）把变压器和R等效为一个电阻，当作电源内阻，当内外电阻相等，即时，输出功率最大，根据理想变压器电压与匝数比的关系
得
根据理想变压器电流与匝数比的关系
原线圈的等效电阻
当时，即
解得
（4）电压表测的是副线圈电压，电流表测的是原线圈电流，则
由变压器电压与匝数的关系，可得
根据，得
将代入上式，得
则有
电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值的大小为
13．如图所示，两平行金属导轨间的距离，导轨与水平面的夹角，在导轨所在区域内有垂直于导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小，导轨的一端接有电动势、内阻的直流电源。一根与导轨接触良好，质量为的导体棒垂直放在导轨上，棒静止。棒与导轨接触的两点间的电阻，不计导轨的电阻，取，，，求：
(1)棒上的电流大小；
(2)棒受到的摩擦力大小。
【答案】(1)1A
(2)1N
【详解】（1）由闭合电路欧姆定律
解得
（2）ab棒受到的安培力
由平衡条件
联立可得
14．如图所示，在竖直向下的磁感应强度大小为B的匀强磁场中，宽度为L的水平U型导体框左端连接一阻值为R的电阻，质量为m、电阻为r的导体棒ab置于导体框上。不计导体框的电阻、导体棒与框间的摩擦。ab以水平向右的初速度v0开始运动，最终停在导体框上。
(1)判断刚开始运动时刻，导体棒中的电流方向是“从a到b”还是“从b到a”；指出导体棒a端等效于电源正极还是负极；并求出此时导体棒ab切割产生的电动势大小；
(2)求导体棒运动过程中，导体棒ab中产生的电热Qr；
(3)求导体棒运动过程中，导体棒ab中流过的电量q。
【答案】(1)导体棒中感应电流的方向为从b到a；导体棒a端等效于电源正极；
(2)
(3)
【详解】（1）根据右手定则可知导体棒中感应电流的方向为从b到a。
感应电流在导体棒内由低电势流向高电势，所以导体棒a端等效于电源正极；
ab在初速度v0时切割产生的电动势大小为
（2）整个过程中电路中产生的电热为
根据焦耳定律
可得电阻r消耗的总电能为
（3）将导体棒的减速过程分成很多小过程，规定初速度方向为正，由动量定理有
其中
则有
解得
15．如图所示，两足够长平行金属直导轨的间距为L，倾斜轨道平面与水平轨道平面夹角为，两轨道在P、Q点平滑连接，两直导轨之间存在磁感应强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场，长为L、质量为m、电阻为R的金属棒ab放置在倾斜导轨上，质量为2m、电阻为8R的均匀金属丝制成一个边长为2L的正方形线框，水平放置在两直导轨上，其中心到两直导轨的距离相等。忽略导轨的电阻、所有摩擦以及金属线框的可能形变，金属棒、金属线框均与导轨始终接触良好，先锁定线框，将金属棒ab由静止释放，释放位置到PQ的距离为s，金属棒ab进入水平轨道之前已经做匀速运动，金属棒平滑进入水平轨道（速度大小不变）时释放线框，金属棒恰好没有与线框相碰，重力加速度大小为g，不计自感。求：
(1)金属棒在倾斜导轨上运动过程中金属棒产生的焦耳热；
(2)初始状态线框cd边到PQ的距离。
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）切割磁感线产生的电动势
金属棒中电流，
金属棒做匀速直线运动，则
根据能量守恒定律有
金属棒产生的焦耳热解得
（2）当ab和线框速度相等时，金属棒ab恰好追上线框，设此时速度为v，由动量守恒定律有mv0=3mv
对金属棒ab，由动量定理有
设金属棒运动距离为x1，线框运动的距离为x2，则有
联立解得