专题08 电功和电热-2026年九年级物理（人教版）上学期（期末复习专项练习）

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题型1 各种用电器使用时的能量转化
题型10 利用电流热效应工作的用电器
题型2 电能表的作用和读数
题型11 探究影响电流热效应的因素
题型3 研究影响电功大小的因素
题型12 焦耳定律的公式及简单应用
题型4 电功的公式及简单应用
题型13 电功率综合计算
题型5 常见用电器的电功率
题型14 利用焦耳定律的公式进行电热的比值计算
题型6 电功率的简单计算
题型15 家庭电路基本组成
题型7 电功率的推导计算
题型16 家庭电路作图
题型8 用电器铭牌的含义
题型17 家庭电路故障
题型9 测定小灯泡的电功率
题型18 安全用电常识
题型一 各种用电器使用时的能量转化（共5小题）
1．(24-25九上·广西桂林·期末)下列属于主要把电能转化为机械能的是（ ）
A．电灯照明B．用电取暖
C．电镀物品D．电梯运行
【答案】D
【详解】A．电灯照明，将电能转化为光能，故A不符合题意；
B．用电取暖，将电能转化为内能，故B不符合题意；
C．电镀物品，将电能转化为内能，故C不符合题意；
D．电梯运行，将电能转化为机械能，故D符合题意。
故选D。
2．(24-25九上·广东汕头潮阳区贵屿镇性·期末)下列选项中的用电器在使用过程中与电熨斗的能量转化形式相同的是（ ）
A．电风扇B．电饭煲
C．台灯D．笔记本电脑
【答案】B
【详解】电熨斗工作时将电能转化为内能。
A．电风扇工作时将电能转化为内能与机械能，故A不符合题意；
B．电饭煲工作时将电能转化为内能，故B符合题意；
C．台灯工作时将电能转化为内能与光能，故C不符合题意；
D．笔记本电脑工作时将电能转化为内能、光能、机械能，故D不符合题意。
故选B。
3．(23-24九上·山东济南天桥区·期末)为满足生活需要，我们充分利用电器设备获取各种能量，下列用电器在工作时将电能主要转化为机械能的是（ ）
A．洗衣机B．电视机
C．电饭煲D．电烤箱
【答案】A
【详解】做功总是伴随着能量的转化，电功也不例外。用电器消耗了电能，获得了其它形式的能量，就是一个电流做功的过程。
A．洗衣机工作时，是把电能主要转化为机械能，故A符合题意；
B．电视工作时，是把电能主要转化为光能和声能，故B不符合题意；
CD．电饭煲、电烤箱工作时，是把电能主要转化为内能，故CD不符合题意。
故选A。
4．(2023·吉林省长春市·一模)某用电器的能量流向图如图所示，由此可知该用电器可能是（ ）
A．电饭煲B．白炽灯C．洗衣机D．电热水器
【答案】C
【详解】由图可知，该用电器工作时，将电能大部分转化为机械能，少部分转化为内能；
AD．电饭煲和电热水器工作时，主要将电能转化为内能，故A、D不符合题意；
B．白炽灯工作时，主要将电能转化为光能，少部分转化为内能，故B不符合题意；
C．洗衣机工作时，主要将电能转化为机械能，并产生少部分内能，故C符合题意。
故选C。
5．(22-23九上·广西百色·期末)如图所示，常见的家用电器，工作时主要将电能转化为机械能的是（ ）
A．电热水壶B．电风扇
C．电烤箱D．液晶彩电
【答案】B
【详解】A．电热水壶主要将电能转化为内能，故A不符合题意；
B．电风扇主要将电能转机械能，故B符合题意；
C．电烤箱主要将电能转化为内能，故C不符合题意；
D．电视机主要将电能转化为声能和光能，故D不符合题意。
故选B。
题型二 电能表的作用和读数（共5小题）
6．(24-25九上·江西南昌·期末)如图是一个电能表，电能表的示数为 kW⋅h，用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表上的转盘转过 圈。
【答案】 2020.6 360
【详解】[1]电能表显示的数字中最后一位是小数，单位为kW•h，电能表的示数为2020.6kW·h。
[2]由“360r/kW⋅h”可知，接在这种电能表上的用电器每消耗1kW·h的电能，电能表上的转盘转过360圈。
7．(24-25九上·重庆第一中学·期末)如图是小君家的电能表，他家从安装该表到现在共消耗电能 kW⋅h，若某段时间内该电能表的铝盘转动了100圈，则该段时间电路消耗的电能为 J。
【答案】 2024.4 1×105
【详解】[1]观察电能表的示数，表盘显示为2024.4kW·h，故小君家从安装该表到现在共消耗电能2024.4kW·h。
[2]电能表上标注3600r/kW·h，表示每消耗1kW·h的电能，铝盘转动3600圈，则铝盘转100圈时，消耗的电能W=1003600kW·h=136kW·h=136×3.6×106J=1×105J
8．(24-25九上·广西柳州第十五中学·期末)如图为小明家电能表，此时电能表的读数是 kW•h，若该电能表的转盘在5min内转了30转，则这段时间内他家中用电器消耗的电能为 J。
【答案】 1234.5 1.8×105
【详解】[1]电能表最后一位示数是小数位，单位是kW•h，则电能表的读数为1234.5kW•h；
[2]该电能表上“600r/(kW•h)”表示电路中用电器每消耗1kW•h电能，电能表的铝盘转过600转；铝盘转30转时用电器消耗的电能为W=30600kW·h=0.05kW·h=1.8×105J
9．(23-24九上·海南上海世外附属海口学校·期末)小林家5月底电能表示数如图所示，6月底电能表示数为100.0kW•h，那么6月份他家消耗了 kW•h的电能。在某段时间内，转盘转过了500转，表示此段时间内他家用了 度电。
【答案】 68.0 0.2
【详解】[1]电能表读数中最后一位是小数，5月底电能表读数32.0kW·h，则6月份小林家消耗电能W=W1-W2=100.0kW·h-32.0kW·h=68.0kW·h
[2]2500r/kW·h表示电能表每转1r，电路中消耗12500kW·h的电能，则电能表转动500r，电路消耗的电能为W=5002500kW·h=0.2kW·h
10．(24-25九上·广东汕头潮阳区谷饶实验学校·期末)如图所示是小明家的电能表，其标定电流为 A。用1度电，它的转盘转过 转，小明关闭家中其他用电器，让电饭锅单独工作，观察到电饭锅工作12min电能表转盘转了500转，则这段时间电钣锅消耗电能为 kW•h。
【答案】 10 2500 0.2
【详解】[1]电能表上“10(40)A”，其中10A是标定电流，40A是允许通过的最大电流。所以，该电能表的标定电流为10A。
[2]从电能表的表盘上可以看出，每消耗1kW·h的电能表转盘就转过2500转，1度＝1kW·h，所以电能表转盘就转过2500转。
[3]电能表转盘转了500转，电钣锅消耗电能为W=500r2500r/kW⋅h=0.2kW⋅h
题型三 研究影响电功大小的因素（共5小题）
11．(24-25九上·江苏南京秦淮区·期末)在“探究影响电流做功多少的因素”实验中，小小设计了如图甲、乙两个电路：
(1)图中所选用的灯泡L1和L2规格应 （选填“相同”或“不同”）；
(2)应该选择图 所示的电路探究电流做功多少与电压大小的关系，支持实验结论的现象是 。
【答案】(1)不同
(2) 甲 电压表的示数大的灯泡亮
【详解】（1）实验中需要控制电流或电压不同，因此图中所选用的灯泡L1和L2的规格应不同。
（2）[1]研究电流与电压的关系，就应该控制电路中的电流不变，改变电压，通过比较电压，研究电流做功与电压的关系，图甲中两只灯泡串联，控制了电流相同。因此应该选择图甲所示的电路研究电流做功多少与电压大小的关系。
[2]若实验中电压表的示数大的灯泡亮，根据W＝UIt分析得，电流、通电时间一定时，电压越大，W 就越大，做的功就越多，说明电流做功多少与电压大小有关。
12．(24-25九上·山东济宁曲阜·期末)电流做的功跟电压、电流和通电时间三个因素都有关。小梦想通过实验验证电功跟电压的关系，选用的器材如图所示。其中甲、乙两玻璃瓶内装有初始温度相同、等质量的煤油，两电阻丝阻值不同（R1>R2）。
(1)将两根电阻丝串联后接入电路中，可控制 和 相等；
(2)通电一段时间后，通过观察 来比较电流做功多少；
(3)通过实验发现：在相同时间内，电流通过电阻丝 （选填“R1”或“R2”）做的功多。
【答案】(1) 电流 通电时间
(2)温度计的示数
(3)R1
【详解】（1）[1][2]如图所示，探究电功跟电压、电流和时间关系时，将两根电阻丝串联后接入电路中，可控制通过的电流和经过的时间相等。
（2）热量的多少不能直接观察到，实验中通过观察温度计的示数计算出两个玻璃瓶中煤油温度的变化量，温度升高越多，说明煤油吸热越多，即可说明电流做功越多。
（3）通过实验发现：在相同时间内，电流通过电阻丝R1做功较多，因为R1>R2，根据串联电路分压特点可知，电阻越大两端电压越大，即R1两端的电压较大；根据W=UIt可知，在电流和时间相等时，电压越大电功越大。
13．(23-24九上·江苏泰兴·期末)小明在验证“电功与电流的关系”活动中。
（1）图中两只灯泡的连接方式是 联，它们工作时的电阻要 （选填“相同”或“不同”）；
（2）小明正确操作，验证了实验的结论，支持该结论的实验现象是 ；
（3）移动滑动变阻器的滑片改变了灯泡两端的电压， （选填“可以”或“不可以”）进一步验证“电功与电压的关系”
【答案】 并联 不同 灯泡亮的电流表示数大(或“电流表示数大的灯泡亮”、 “灯泡亮的电流大”） 不可以
【详解】（1）[1][2]由图示可知，两个灯泡是相互独立的，互不影响，它们是并联关系，并联时电压相等，要想让电流不相等，就要选用不同的电阻的灯泡。
（2）[3]通过灯泡的电流越大，与灯泡串联的电流表的示数就越大，电流通过小灯泡做的功越多，小灯泡的实际功率就越大，灯泡就越亮。
（3）[4]研究电流做功与电压的关系时，应控制电流和通电时间相同，由图可知：调节滑动变阻器的滑片P的位置来改变灯两端电压，也改变了灯泡中的电流，所以不能研究电流做功与电压关系。
14．(23-24九上·辽宁沈阳和平区·期末)小亮猜想影响电流做功多少的因素有；用电器两端的电压、通过用电器的电流和通电时间。如图甲、乙所示是小亮设计的实验电路图。
（1）小亮认为，在同样时间内电流通过用电器做功越多，则电能转化成的其他能量就越多。根据这个观点，可以通过比较 判断相同时间内电流通过小灯泡做功的多少；
（2）L1、L2两只灯泡的规格应 （填“相同”或“不同”）；
（3）在图甲所示电路中，L1、L2两灯串联，可以控制两灯的 相同，从而探究电流做功多少与电压的关系；
（4）在图乙所示电路中，若观察到 ，可以初步得出：在电压和通电时间相同时，电流越大，电流做的功越多。
【答案】 灯泡的亮度 不相同 电流 灯泡亮度大所在支路的电流表示数也大
【详解】（1）[1]本实验中，灯泡越亮，灯泡做的功越多，因此可以通过观察比较灯泡的亮暗程度来比较电流做功多少，灯泡的明暗反映相同时间电流通过灯泡做功的多少，将不容易觉察出的转换为形象直观的叫转换法。
（2）[2]由（1）知，为了能通过比较灯泡的亮暗程度来比较电流做功多少，应选择规格不同的L1、L2两只灯泡。
（3）[3]因为甲图中两灯泡串联，根据串联电路电流的规律，电流与通电时间相同；因灯的规格不同，由欧姆定律可知，而两灯泡两端电压不相等，因此探究电流做功的多少与电压的关系。
（4）[4]乙图中两灯泡并联，两灯的电压相同；电流表A1测通过L1的电流，电流表A2测量通过L2的电流；电流表示数较小的支路灯泡较暗，在相同时间内，通过灯泡的电流做功小，故得出的结论：在电压、通电时间相同时，电流越大，电流做功越多。
15．(22-23九上·江苏南京建邺区·期末)如图是利用了小灯泡的三个电学实验。
（1）实验1、2、3中，需要更换不同规格的灯泡多次收集实验数据的是实验 （填数字），多次实验是为了 ；
（2）实验3中，在一定时间内，电流通过灯泡做功越多灯泡越亮，该实验方法在实验 （填数字）中也运用了。实验3可以验证电功与 是否有关。
【答案】 1、3 得出普遍规律 2 电压
【详解】实验1中，探究串联电路电压的特点时，换用不同灯泡进行多次实验是为了得出普遍规律；实验2中，探究影响电阻大小因素的实验中，通过灯泡的亮度显示电阻大小，是转换法的应用，实验中要保持灯泡不变；
实验3中，在一定时间内，电流通过灯泡越亮，可以反映出电流做功越多，这是转换法的应用；实验3中，在探究电功与电压关系时，控制电流和通电时间相同，改变灯泡两端的电压，选用不同灯泡是为了进行多次实验是为了得出普遍规律。
（1）[1][2]实验1、2、3中，需要更换不同规格的灯泡多次收集实验数据的是1、3验；多次实验是为了得出普遍规律。
（2）[3][4]实验3中，在一定时间内，电流通过灯泡越亮，可以反映出电流做功越多，这是转换法，该实验方法在实验2中也运用了。实验3可以验证电功与电压是否有关。
题型四 电功的公式及简单应用（共5小题）
16．(24-25九上·新疆克孜勒苏柯尔克孜·期末)如图所示，电源电压保持不变，电阻R1=30Ω，R2=15Ω，闭合开关时整个电路正常工作，电流表A1的示数为0.3A。求：
(1)电源电压；
(2)电流表A的示数；
(3)通电1min电阻R1消耗的电能。
【答案】(1)9V
(2)0.9A
(3)162J
【详解】（1）由电路图可知，电阻R1和R2并联，电流表A1测量通过R1的电流，电流表A测量干路中的总电流。
电源电压等于R1两端电压U=U1=I1R1=30Ω×0.3A=9V
（2）通过R₂的电流I2=UR2=9V15Ω=0.6A
根据并联电路的电流特点，干路电流等于各支路电流之和，所以电流表A的示数I=I1+I2=0.3A+0.6A=0.9A
（3）通电时间t=1min=60s
通电1min电阻R1消耗的电能W=U1I1t=9V×0.3A×60s=162J
17．(24-25九上·重庆第一中学·期末)如图所示，电源电压恒为20V，定值电阻R=10Ω；当开关S闭合时，电流表的示数为3A，忽略灯泡阻值变化，求：
(1)当开关S断开时，电流表的示数；
(2)当开关S闭合时，小灯泡L在1min内消耗的电能。
【答案】(1)2A
(2)1200J
【详解】（1）当开关S断开时，电路为只有定值电阻R的简单电路，电流表测量通过R的电流。根据欧姆定律，此时电流表的示数为I=UR=20V10Ω=2A
（2）当开关S闭合时，电阻R与灯泡L并联，电流表测量干路总电流I总=3A
根据并联电路的电压特点，电阻R两端的电压等于电源电压，即UR=U=20V
通过电阻R的电流为IR=URR=20V10Ω=2A
根据并联电路的电流特点，通过灯泡L的电流为IL=I总-IR=3A-2A=1A
灯泡L两端的电压等于电源电压，即UL=U=20V
小灯泡L在1min内消耗的电能为WL=ULILt=20V×1A×60s=1200J
18．(24-25九上·福建福州屏东中学·)如图所示，电源电压恒定，R1=10Ω。当开关S、S1都闭合时，电流表A1的示数为0.3A，电流表A的示数为0.5A，求：
(1)电源电压；
(2)R2的阻值；
(3)通电5min，R1消耗的电能W。
【答案】(1)
3V
(2)
15Ω
(3)
270J
【详解】（1）当开关S、S1都闭合时，电阻R1和R2并联。电流表A1测量通过R1的电流I1=0.3A，电流表A测量干路总电流I=0.5A
R1两端的电压为U1=I1R1=0.3A×10Ω=3V
在并联电路中，电源电压等于各支路两端的电压，则电源电压为U=U1=3V
（2）通过R2的电流为I2=I-I1=0.5A-0.3A=0.2A
在并联电路中，两端的电压等于电源电压，即U2=U=3V
R2的阻值为R2=U2I2=3V0.2A=15Ω
（3）通电时间t=5min=300s
R1消耗的电能为W=U1I1t=3V×0.3A×300s=270J
19．(23-24九上·陕西安康平利县大贵镇初级中学·期末)如图所示的电路，电源电压恒定不变，R1的阻值为10Ω。闭合开关S，电流表的示数为0.4A，电压表的示数为6V。求：
(1)电源电压；
(2)通电1min，整个电路消耗的电能。
【答案】(1)10V
(2)240J
【详解】（1）闭合开关，两定值电阻串联，电流表测量电路电流，电压表测量R2两端的电压。根据欧姆定律可知R1两端的电压U1=IR1=0.4A×10Ω=4V
根据串联电路的电压特点可知电源电压U=U1+U2=4V+6V=10V
（2）通电1min，整个电路消耗的电能W=UIt =10V×0.4A×60s=240J
20．(24-25九上·安徽合肥包河区·期末)如图所示的电路中，电源电压保持不变，定值电阻R1和R2的阻值分别为12Ω和24Ω，闭合开关S后，电流表A的示数为0.6A。求：
(1)电阻R1两端的电压；
(2)电流表A1的示数；
(3)通电5min电阻R2所消耗的电能大小。
【答案】(1)4.8V
(2)0.4A
(3)288J
【详解】（1）根据并联电路的电流特点I=I1+I2可得I=U1R1+U2R2
根据并联电路的电压特点可知U1=U2=U，带入题中数据可得0.6A=U12Ω+U24Ω
求出电压U＝4.8V，所以电阻R1两端的电压U1=U=4.8V
（2）根据欧姆定律I=UR可知通过R1的电流I=U1R1=4.8V12Ω=0.4A
（3）根据并联电路的电流特点可知通过R2的电流I2=I-I1=0.6A-0.4A=0.2A
则通电5min电阻R2所消耗的电能W2＝U2I2t＝4.8V×0.2A×5×60s=288J
题型五 常见用电器的电功率（共5小题）
21．(24-25九上·山西临汾·期末)如图所示为一款家用小太阳电暖器，请你估测它正常工作时的电功率大约为（ ）
A．8WB．80WC．800WD．8000W
【答案】C
【详解】家用小太阳电暖器的功率一般较大，在800~1000W左右，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
22．(24-25九上·海南三亚南滨中学·期末)下列是小明家中的用电器，这些用电器中电功率最大的是（ ）
A．电视机B．电风扇C．小台灯D．空调
【答案】D
【详解】电视机额定功率在200W左右，电风扇的电功率约为60W，小台灯的电功率约为20W，空调的电功率约为1000W，属于大功率用电器，因此这些用电器中电功率最大的是空调，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
23．(24-25九上·广东汕头潮阳区谷饶实验学校·期末)日常教室中的日光灯额定电功率约为（ ）
A．0.4WB．4WC．40WD．400W
【答案】C
【详解】根据常见用电器的电功率可知，日光灯的额定电功率约为40W左右。故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
24．(24-25九上·广西柳州第十五中学·期末)小红发现某用电器铭牌标注的额定功率为1500W，这台用电器最可能是（ ）
A．电视机B．台灯C．电风扇D．电磁炉
【答案】D
【详解】ABC．电视机的额定功率约为100W，台灯的额定功率约为30W，电风扇的额定功率约为60W，故ABC不符合题意；
D．电磁炉属于大功率用电器，其额定功率约为1500W，故D符合题意。
故选D。
25．(23-24九上·陕西安康平利县大贵镇初级中学·期末)当家庭电路中只有一个用电器连续工作时，测得在1h内消耗的电能为0.8kW⋅h，那么这个用电器可能是（ ）
A．家用电风扇B．吸尘器C．台灯D．笔记本电脑
【答案】B
【详解】用电器测得在t=1h内，消耗的电能为W=0.8kW•h，用电器的电功率P=Wt=0.8kW·h1h=0.8kW=800W
家用电风扇的电功率一般在60W左右，笔记本电脑、台灯的电功率也只有40W左右，只有吸尘器的功率较大，一般在800W左右。
故选B。
题型六 电功率的简单计算（共5小题）
26．(24-25九上·安徽安庆·期末)小刚家的电能表如图所示，当小刚家只有一盏电灯工作时，15min内转盘正好转过30圈，它的电功率为 W。
【答案】40
【详解】15min内转盘正好转过30圈，消耗的电能为W=nN=30r3000r/kW⋅h=0.01kW·h
电功率为P=Wt=0.01kW·h1560h=0.04kW=40W
27．(24-25九上·福建龙岩·期末)如图所示，是小龙家的电子式电能表，此时电能表的示数为 kW·h。若他让热水器单独工作3min，观察到电能表的指示灯闪烁了320次，此过程热水器的功率为 W。
【答案】 2025.3 2000
【详解】[1]电能表最后一位是小数位，所以电能表的示数为2025.3kW·h。
[2]电能表每消耗1kW·h的电能，指示灯闪烁3200次，即3200imp/kW·h，热水器单独工作3min，电能表的指示灯闪烁了320次，因此热水器共消耗电能W=3203200kW·h=0.1kW·h=0.1×3.6×106J=3.6×105J
根据功率计算公式。可得此过程热水器的功率为P=Wt=3.6×105J3×60s=2000W
28．(19-20九上·广东郁南县连滩中学·期末)如图中，电能表的读数是 ，当只有一个电热水壶在工作时，它的铝盘在1 min内转过50圈，则1 min用电量是 ，电热水壶的功率是 。
【答案】 931.6kW·h 0.02kW·h 1200W
【详解】[1]由图可知，电能表的读数是931.6kW·h。
[2]由图可知电能表的参数是2500R/( kW·h)，1min用电量
W=502500kW·h=0.02kW·h
[3]电热水壶的功率
P=Wt=0.02kW⋅h160h=1.2kW=1200W
29．(21-22九上·江西南昌二中昌北校区·期末)如图所示是用来测量电功的仪表，这只电表的读数是 kW•h。当电路中只有一个电饭煲接入电路，正常工作12min，发现此电能表转过了500转。则这个电饭煲的额定功率是 W。
【答案】 325.0 1000
【详解】[1]电能表示数的单位是kW⋅h，最后一位为小数，所以此时的示数为325.0kW⋅h。
[2]2500r/kW⋅h表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转2500转，则转盘转500转，电饭煲消耗的电能
W=500r2500r/kW⋅h=0.2kW⋅h
电饭煲的额定功率
P=Wt=0.2kW⋅h1260h=1kW=1000W
30．(24-25九上·安徽滁州·期末)如图是小鹏家的电能表，本月他家消耗的电能为 kW·h。将电热水器单独接入电路，正常工作3min，电能表的转盘转了150r，电热水器的电功率为 W。
【答案】 50 2000
【详解】[1]小鹏家电能表月初的示数W1=226.3kW·h，月末的示数W2=276.3kW·h，则本月他家消耗的电能W=W2-W1=276.3kW·h-226.3kW·h=50kW·h
[2]1500r/(kW·h)表示电路中用电器每消耗1kW·h电能，电能表的转盘转过1500r，当电能表的转盘转150r时，电热水器消耗的电能W=150r1500r/kW·h=0.1kW·h
电热水器工作的时间t=3min=0.05h
电热水器的电功率P=Wt=0.1kW·h0.05h=2kW=2000W
题型七 电功率的推导计算（共5小题）
31．(25-26九上·重庆江津区实验中学、田家炳中学、李中学、白沙中学等金砖六校·期末)如图所示，电源电压恒定，当开关S1闭合、S2断开，甲、乙均为电流表时，两表示数之比为1∶5，则R1∶R2= ；当开关S1、S2闭合，甲、乙均为电压表时，R1的功率为P1，R2的功率为P2，则P1∶P2= 。
【答案】 1：4 1：4
【详解】[1]当开关S1闭合、S2断开，甲、乙为电流表时，R1与R2并联，甲电流表测R2的电流I2，乙电流表测干路电流I总。已知I2:I总=1:5，则R1的电流I1=I总-I2=5I2-I2=4I2
并联电路中，两电阻两端的电压相等，则通过的电流与电阻成反比，故R1:R2=I2:I1=I2:4I2=1:4
[2]当开关S1、S2闭合，甲、乙为电压表时，R1与R2串联，甲电压表测电源电压U，乙电压表测R2的电压U2，串联电路中，电流处处相等，故I1=I2，R1:R2=1:4， 由功率公式P=I2R，得两电阻的功率之比P1:P2=R1:R2=1:4
32．(22-23九上·江西丰城中学·期末)如图所示的电路中，电源电压不变，R1＝10Ω，R2＝20Ω，当开关S闭合，甲、乙两表都为电压表时，两表的示数之比U甲∶U乙＝ ；当开关S断开，甲、乙两表都为电流表时，R1和R2消耗的电功率之比PR1∶PR2＝ 。
【答案】 3∶2 2∶1
【详解】[1]由图得，当开关S闭合，甲、乙两表都为电压表时，两电阻串联，电压表甲测量电源电压，电压表乙测量R2的电压，由串联电路特点和欧姆定律得
U甲:U乙=IR1+R2:IR2=R1+R2:R乙=10Ω+20Ω:20Ω=3:2
[2]当开关S断开，甲、乙两表都为电流表时，两电阻并联，电压相等，由P=U2R得，R1和R2消耗的电功率之比
PR1:PR2＝U2R1:U2R2=R2:R1=20Ω:10Ω=2:1
33．(24-25九上·四川宜宾·期末)把一个标有“24V，16W”的电阻R1接入12V的电路中，则R1的额定功率为 W，此时实际功率为 W。
【答案】 16 4
【详解】[1]由“24V，16W”可知，则R1的额定功率为16W。
[2]由P=U2R得，电阻R1的阻值为R1=U2P额=24V216W=36Ω
当实际电压为12V时，实际功率为P=U实2R1=12V236Ω=4W
34．(24-25九上·广东东莞·期末)甲、乙两只灯泡铭牌上标有“6V3W”和“6V6W”字样，把它们并联在电压为6V的电源两端，则此时通过电源的电流为 A。
【答案】1.5
【详解】两灯泡并联，它们的额定电压与电源相同，故两灯泡均正常工作，由公式P=UI可得，通过甲灯泡的电流为I甲=P甲U甲=3W6V=0.5A
通过乙灯泡的电流为I乙=P乙U乙=6W6V=1A
根据并联电流规律，通过电源的电流为I=I甲+I乙=0.5A+1A=1.5A
35．(22-23九上·四川乐山第五中学·期末)灯泡L1、L2分别标有“10V 10W”和“10V 5W”字样，将它们串联使用时，电路中允许通过的最大电流是 A，电路两端允许加的最大电压值是 V。
【答案】 0.5 15
【详解】[1][2]灯泡L1、L2分别标有“10V 10W”和“10V 5W”字样，则它们的额定电流分别为
I1=P1U1=10W10V=1A
I2=P2U2=5W10V=0.5A
将两灯泡串联使用时，由串联电路电流处处都相等可知，电路中允许通过的最大电流是0.5A。由欧姆定律可知，两灯泡的电阻分别为
R1=U1I1=10V1A=10Ω
R2=U2I2=10V0.5A=20Ω
由欧姆定律和串联电路特点可知，电路两端允许加的最大电压值是
U=I2R1+I2R2=0.5A×10Ω+0.5A×20Ω=15V
题型八 用电器铭牌的含义（共5小题）
36．(23-24九上·河北衡水安平县·期末)有两盏灯，甲灯上标有“36V 60W”的字样，乙灯上标有“220V60W”的字样，当它们均正常发光时（ ）
A．甲灯比乙灯更亮B．乙灯比甲灯更亮
C．两盏灯一样亮D．无法确定哪盏灯更亮
【答案】C
【详解】两个灯泡的额定功率相等，都是60W，因为甲、乙两个灯泡都在额定电压下工作，所以
P实=P额
因为两个灯泡的实际电功率相等，所以两个灯泡一样亮，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
37．(23-24九上·四川成都简阳·期末)标着“220V10W”、“110V10W”和“36V；10W”字样的三只灯泡都正常工作，在相等时间里消耗的电能（ ）
A．“220V；10W”最多B．“36V；10W”最多
C．三只灯泡一样多D．“110V；10W”最多
【答案】C
【详解】三只灯泡额定功率相同，它们都正常工作时，则它们的实际功率就相同，由工作时间相同，根据公式W=Pt可知，消耗的电能相同。
故选C。
38．(24-25九上·广东汕头潮阳区谷饶实验学校·期末)规格分别为“220V，40W”、“36V，40W”、“110V，40W”的三盏电灯，各自在额定电压下工作，则下列说法中正确的是（ ）
A．三盏电灯的额定功率一样大B．三盏电灯的额定电压一样大
C．三盏电灯实际电压一样大D．三盏电灯的亮度不一样亮
【答案】A
【详解】由题可知，三只电灯的额定功率相同，当三只电灯分别在各自的额定电压下工作时，三盏电灯实际电压等于额定电压，三只电灯的实际功率都等于各自的额定功率，所以三盏电灯的额定功率一样大，灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定，所以三盏电灯的亮度一样，故A正确，BCD错误。
故选A。
39．(24-25九上·黑龙江哈尔滨道外区·期末)小明对比“220V、40W”和“110V、20W”的灯泡，她的下列理解正确的是（ ）
A．两灯正常发光时的功率相同B．两灯发光时的电流相同
C．两灯的电阻相同D．两灯并联在110V的电源上P总为30W
【答案】D
【详解】A．由铭牌可知，两灯泡的额定电压不同，额定功率不同，所以两灯泡正常发光时的功率不同，故A错误；
B．两灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据 P=UI可知，两灯泡正常发光时的电流分别为
I1=P1额U2额=40W220V≈0.18A
I2=P2额U2额=20W110V≈0.18A
但不知两灯是否正常发光，因此不能判断两灯发光时的电流是否相同，故B错误；
C．由P=U2R可知，两灯正常发光时的电阻分别为
R1=U1额2P1额=220V240W=1210Ω
R2=U2额2P2额=110V220W=605Ω
则两灯泡正常发光时的电阻不同，故C错误；
D．两灯并联在110V的电源上，标有“110V、20W”的灯泡正常发光，其实际功率等于额定功率为
P2实=P2额=20W
由P=U2R可知，标有“220V、40W”的灯泡的实际功率为
P1实=U1实2R1=110V21210Ω=10W
则电源上的总功率为
P总=P1实+P2实=10W+20W=30W
故D正确。
故选D。
40．(22-23九上·吉林长春榆树八号镇第二中学·期末)若灯丝电阻不变，标有“6V 6W”和“6V 3W”的两个小灯泡L1和L2串联接在9V的电源上（ ）
A．L1 比L2亮B．L1比L2暗
C．两灯都不能正常发光D．两灯都能正常发光
【答案】B
【详解】由P=U2R可得，两灯的电阻分别为
R1=U12P1=6V26W=6Ω
R2=U22P2=6V23W=12Ω
当电源电压为9V时，电路中电流
I=UR1+R2=9V6Ω+12Ω=0.5A
则L1两端的实际电压为
U1实=IR1=0.5A×6Ω=3V
即L1两端的实际电压小于额定电压，故L1不能正常发光。则L2两端的实际电压为
U2实=IR2=0.5A×12Ω=6V
即L2两端的实际电压等于额定电压，故L2能正常发光。L1的实际功率
P1实=UI1实=0.5A×3V=1.5W
因为L2能正常发光，所以L2的实际功率为
P2实=P2=3W
则P1实小于P2实，故L1比L2暗。
综上所述，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
题型九 测定小灯泡的电功率（共5小题）
41．(24-25九上·江苏南通海门区海南中学·期末)在“测定小灯泡的电功率”的实验中，已知电源电压为6V ，小灯泡的额定电压为2.5V ，小灯泡的电阻约为10Ω，滑动变阻器上标有“20Ω 1A ”字样。图是小华同学没有连接完的实物电路。
(1)请你用笔画线代替导线，将实物电路连接完整。要求：滑动变阻器滑片P向左移动，灯泡变暗；
(2)实验中，小华同学连接好电路后，闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是 ；
(3)排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到图中位置，电压表示数为2.2V，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向 端滑动（选填“左”或“右”）；
(4)调节滑动变阻器测得如表中所示的三组数据，则小电灯的额定功率为 W；
(5)小明发现，由表中数据计算可知：小灯泡亮度不同时灯丝电阻不相等，你认为造成这种结果的原因是 。
【答案】(1)
(2)灯泡断路
(3)右
(4)0.9
(5)灯泡灯丝电阻随温度的变化而变化
【详解】（1）由题可知，小灯泡额定电压为2.5V，电阻约为10Ω，由欧姆定律I=UR=2.5V10Ω=0.25A
所以电流表量程应选0-0.6A量程，滑动变阻器滑片P向左移动，灯泡变暗，说明滑动变阻器接入电路中的阻值变大，如图应连接滑动变阻器B端点，电路图连接如下所示：
（2）闭合开关，电流表无示数说明电路某处断路，小灯泡不亮，电压表有示数说明电压表两接线柱到电源两极是通的，即可能是灯泡处断路，电压表串联接入电路，测电源电压，因此有示数。
（3）电压表示数2.2V，小于 2.5V，要测量小灯泡的额定功率，要增大灯泡电压，则需减小变阻器两端电压，由串联分压原理可知，应减小变阻器接入电路中的电阻，因此将滑片向右移动。
（4）由表可知，额定电压U=2.5V时，电流I=0.36A，则小灯泡额定功率P=UI=2.5V×0.36A=0.9W
（5）实验中过程中，灯丝的温度会发生改变，而灯丝电阻随温度变化，亮度大时温度高，电阻大。
42．(24-25九上·江苏宿迁宿豫区·期末)在测额定电压为3.8V的小灯泡（电阻约为10Ω）电功率的实验时，小明连接了如图所示的电路，其中电源电压为6V。
(1)在连接电路时，开关必须 。请将实物电路连接完整；
(2)若在连接电路时，有A（5Ω 0.6A）、B（10Ω 0.5A）和C（20Ω 0.3A）三个滑动变阻器可供选择，则应该选择变阻器 （A/B/C）连入电路，才能保证实验顺利进行；
(3)小明合理地连接好电路，闭合开关，发现调节滑动变阻器灯泡不亮，电流表有示数、电压表无示数，故障是 ；
(4)下表为某小组的实验记录表：
老师认为数据处理过程有误，你认为错误之处是： 。正确测量结果P额= W。
【答案】(1) 断开
(2)B
(3)灯泡短路
(4) 见详解 1.52
【详解】（1）[1]为了防止电路连接的过程中出现错误而损坏电路，连接电路时应断开开关。
[2]根据实验要求，电压表应并联在灯泡两端，灯泡额定电压为3.8V，故电压表应选择0~15V量程。如图所示
（2）灯泡的额定电流约为I额=U额RL=3.8V10Ω=0.38A
则滑动变阻器接入阻值为R滑=U-U滑I额=6V-≈5.8Ω
故滑动变阻器至少为5.8Ω，允许的最大电流至少为0.38A，故应选B（10Ω 0.5A）。
（3）闭合开关，灯泡不亮，电流表有示数表明电路中无断路，电压表无示数，电压表测量的范围内可能存在短路。故电路故障可能是灯泡短路。
（4）[1][2]灯泡的电功率与电压有关，电压越高，灯泡的实际功率越大，额定功率是额定电压下的功率，故不能求平均值，灯泡的额定功率是电压为3.8V时的电功率，即为1.52W。
43．(24-25九上·江苏徐州沛县沛县五中联盟学区·期末)在“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V（灯丝电阻约为10Ω）。
(1)用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整 ；
(2)连接完电路后闭合开关，发现电压表的示数接近电源电压，反复移动滑动变阻器的滑片P，电压表的示数基本不变。发生故障的原因可能是 ；
(3)闭合开关，移动滑片，电压表的示数如图乙所示，为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向 （选填“A”或“B”）端移动；
(4)实验中应根据 （灯泡亮度/电压表示数/电流表示数）确定灯泡是否正常发光了。根据实验测得的数据，绘制出小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图像（如图丙所示），分析图像可知：小灯泡的额定功率为 W。
【答案】(1)
(2)小灯泡断路
(3)B
(4) 电压表示数 0.625
【详解】（1）实验中，灯泡与变阻器串联，电压表测量灯泡的电压，电流表测量电路电流，小灯泡正常工作时的电流约为I=UR=2.5V10Ω=0.25A
故电流表选小量程。如图所示：
（2）连接完电路后闭合开关，发现电压表的示数接近电源电压，反复移动滑动变阻器的滑片P，电压表的示数基本不变，发生故障的原因可能是小灯泡断路，使电压表串联在电路中，由于电压表电阻非常大，几乎分走所有电压。
（3）由图乙得，电压表的分度值为0.1V，示数为2.2V，灯泡的电压小于灯泡的额定电压，则为了测量小灯泡的额定功率应将滑动变阻器的滑片向B端移动，减小变阻器接入电路中的电阻，增大通过灯泡的电流，使灯泡的电压为2.5V。
（4）[1]灯泡的额定电压是确定的，电压表测量灯泡的电压，因此应通过电压表的示数确定灯泡是否正常发光了。
[2]由图像得，当灯泡的电压为2.5V时，灯泡的电流为0.25A，则小灯泡的额定功率为PL=ULIL=2.5V×0.25A=0.625W
44．(24-25九上·江苏扬州梅岭教育集团·期末)某同学利用如图甲所示的电路测量小灯泡的电功率。实验中电源电压保持4.5V不变，小灯泡的额定电压是2.5 V，滑动变阻器的规格是“30Ω 1 A”。
(1)该同学接错了一根导线，请你在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线 ；
(2)除故障后，按正确的步骤进行实验。小灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为 W；
(3)该同学接着使小灯泡两端的电压依次为2.0 V、1.0 V、3.0 V，并测得通过小灯泡的电流分别为0.25A、0.20A、0.30A。在上述4次实验中，滑动变阻器连入电路的最大阻值与最小阻值之比为 ；
(4)在实验过程中测出小灯泡的额定功率P额后，该同学又把小灯泡两端的电压调为额定电压的0.5倍，测得的实际功率为P，则与额定功率P额的大小关系可能为 ；（P额=3P/P额=4P/P额=5P）
【答案】(1)
(2)0.7
(3)7∶2
(4)P额=3P
【详解】（1）原电路中，电流表与变阻器串联后和灯泡并联，电压表串联在电路中是错误的，电流表、变阻器和灯泡应串联，电压表应并联在灯泡两端，如下图所示：
（2）由甲图可知，电流表选择小量程，分度值为0.2A，故由图乙可知，电流表的示数为0.28A，则小灯泡正常发光时的电流为I额=0.28A，小灯泡的额定功率为P额=U额I额=2.5V×0.28A=0.7W
（3）当灯泡两端电压为1.0V，电流为0.20A，变阻器两端电压为UR=U-UL=4.5V-1.0V=3.5V
滑动变阻器连入电路的最大阻值为R大=URI=Ω
同理，当灯泡两端电压为3.0V，滑动变阻器连入电路的阻值最小UR'=U×UL'=4.5V-3.0V=1.5V
滑动变阻器连入电路的最小阻值为R小=UR'I'=Ω
滑动变阻器连入电路的最大阻值与最小阻值之比为R大∶R小=17.5Ω∶5Ω=7∶2
（4）若灯的电阻不变，根据P=U2R可知，灯泡两端电压为额定电压的一半，实际功率为额定功率的一半。而实际中，当灯泡两端的电压调为额定电压的一半时，通过灯的电流也减小了，根据P=UI可知，灯的实际功率减小，灯丝的温度降低，因灯的电阻随温度的降低而减小，即灯的实际电阻R实小于灯正常发光时的电阻RL， 根据P=U2R可知，测得的功率大于额定功率的14， 故选填P额=3P。
45．(24-25九上·江苏南京某中学·期末)在“用伏安法测小灯泡电功率”的实验中，待测小灯泡额定电压为2.5V，电源电压恒为3V不变。
(1)请根据题意将甲图中的实物图补充完整 。
(2)闭合开关后发现小灯泡不亮，电流表几乎无示数，电压表有示数，电路中可能发生的故障 （选填序号：A．灯泡断路/B．灯泡短路）。
(3)排除故障后，通过移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡的亮度，并根据记录的多组数据作出了如图乙所示的I﹣U图像。实验表明：小灯泡的亮度是由它的 决定的。由图像可知小灯泡的额定功率 W，小灯泡变亮时，小灯泡灯丝的电阻 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
(4)小明又想测某未知电阻Rx的阻值（约600Ω），利用图甲部分器材和R1=500Ω与R2=10Ω的定值电阻设计了如图乙所示的电路，R0为已知阻值的定值电阻，请帮小明完善如下实验步骤： A．按照丙图连接电路，R0选 （选填“R1”、“R2”）。 B．只闭合 S1，记录电压表示数为 U1. C．断开S1、闭合S2，记录电压表示数为 U2. D．利用测得数据写出待测电阻Rx的表达式Rx= （定值电阻用R0表示）。
【答案】(1)
(2)A
(3) 电功率 0.625 变大
(4) R1 U1U2-U1R0
【详解】（1）[1]电压表与灯泡并联，小灯泡额定电压为2.5V，故电压表应选择小量程；电流表与灯泡串联，小灯泡电流一般约为0.3A，故电流表应选择小量程，如图所示：
（2）[1]电流表指针几乎不动，说明电路有断路，电压表有示数，说明与电压表并联的之外部分一定完好，说明与电压表并联的灯泡断路。
故选A。
（3）[1]观察小灯泡的亮度可知，小灯泡两端电压越大，通过小灯泡的电流越大，小灯泡越亮 ，因P=UI可知，小灯泡的亮度由电功率决定。
[2]由图像可知，当电压为2.5V时，通过小灯泡的电流为0.25A，则小灯泡的额定功率为P=UI=2.5V×0.25A=0.625W
[3]小灯泡变亮，实际功率增大，灯丝温度升高，故灯丝的电阻变大。
（4）[1]由图可知，电路为串联电路，通过改变开关，可以测量不同电压，由串联分压规律可知，为使电压表示数变化明显，应选择阻值差距较小的电阻，故选择R1。
[2]只闭合S1，可以测量Rx的电压，断开S1，闭合S2，测量电源电压，则R0的电压为U=U2-U1
电路中电流为I=UR0=U2-U1R0
则Rx的阻值为Rx=U1I=U1U2-U1R0=U1U2-U1R0
题型十 利用电流热效应工作的用电器（共5小题）
46．(24-25九上·江苏无锡滨湖区·期末)下列用电器工作时，将电能主要转化为内能的是（ ）
A．电风扇B．电饭锅
C．洗衣机D．扫地机器人
【答案】B
【详解】A．电风扇主要将电能转化为机械能，故A不符合题意；
B．电饭锅是利用电流热效应工作的，将电能主要转化为内能，故B符合题意；
C．洗衣机将电能主要转化为机械能，故C不符合题意；
D．扫地机器人将电能主要转化为机械能，故D不符合题意。
故选B。
47．(23-24九上·江苏扬州中学教育集团树人学校·期末)下列家用电器中，将电流热效应作为工作原理的是（ ）
A．取暖器B．电视机
C．洗衣机D．电风扇
【答案】A
【详解】A．取暖器，将电能转化为内能，工作原理是电流热效应，故A符合题意；
B．电视机，主要是将电能转化为光能、声能，不是利用电流热效应，故B不符合题意；
CD．洗衣机、电风扇，主要是将电能转化为机械能，不是利用电流热效应，故CD不符合题意。
故选A。
48．(24-25九上·吉林白山江源区白山第二十五中学·期末)下列用电器属于利用电流热效应工作的是（ ）
A．电风扇B．电冰箱C．电烙铁D．空调器
【答案】C
【详解】A．电风扇主要将电能转化为机械能，故A不符合题意；
B．电冰箱通过压缩机工作，主要将电能转化为机械能（制冷），故B不符合题意；
C．电烙铁工作时将电能转化为热能，主要利用电流的热效应，故C符合题意；
D．空调器制冷时主要依赖压缩机，制热时可能部分用电热，但主要功能不依赖电流热效应，故D不符合题意；
故选C。
49．(24-25九上·福建泉州晋江·期末)规格都是“220V，120W”的用电器，它们正常工作时，相同时间内产生热量最多的是（ ）
A．洗衣机B．电冰箱C．电风扇D．电烙铁
【答案】D
【详解】电烙铁工作时把电能转化为内能；洗衣机、电风扇工作时把电能主要转化机械能，有一部分转化为内能；电冰箱主要是用来制冷的，工作时把电能转化为机械能和内能；由铭牌可知，四种用电器的额定功率相等，它们正常工作时消耗的电能相等，故在电功率相同、通电时间相同时，电烙铁工作时产生的热量最多，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
50．(24-25九上·云南昆明嵩明县·期末)在如图所示的家用电器中，主要利用电流热效应工作的是（ ）
A．电熨斗B．台式电风扇
C．电视机D．笔记本电脑
【答案】A
【详解】A．电熨斗工作时将电能转化为热能，利用的是电流的热效应，故A符合题意；
B．台式电风扇工作时主要将电能转化为机械能，故B不符合题意；
CD．电视机和笔记本电脑工作时主要将电能转化光能和声能，故CD不符合题意。
故选A。
题型十一 探究影响电流热效应的因素（共5小题）
51．(24-25九上·江苏扬州邗江区·期末)在探究“影响电流热效应的因素”实验中：
(1)为了探究电流通过电阻产生的热量与电流的关系，小文设计了图甲装置，在烧瓶内安装一根电阻丝，实验中烧瓶内液体选择了煤油而不是水，理由是 ；
(2)小文先测量烧瓶内液体的温度后，闭合开关，通电30s再测量烧瓶内液体的温度；然后移动滑动变阻器滑片改变电流大小，重复上述操作（见表）：
由此得出：同一导体，在时间相等时， 越大，其产生的热量越多；
(3)若要探究电流通过电阻产生的热量与电阻的关系，可选择乙图中 （选填“A”或“B”）烧瓶中的电阻与甲图中的烧瓶电阻串联；
(4)小明提议利用上述实验装置改做“比较水和煤油的吸热能力”的实验，则他应选择乙图中 （选填“A”或“B”）烧瓶与甲图中的烧瓶并联，并将其中一烧瓶中的液体换成 相同的水。
【答案】(1)煤油的比热容小，吸收相同的热量时，温度的变化比较大
(2)电流
(3)B
(4) A 质量
【详解】（1）煤油比水的比热小，吸收相同的热量时，煤油的温度变化比较大，温度计示数变化明显，实验效果比较好。
（2）由表格数据知，电阻相同，通电时间相同，电流越大，温度升高量越大，说明电流产生热量越多。
（3）探究电流产生热量多少跟电阻的关系时，应控制电流和通电时间不变，改变电阻的大小。由于串联电路中电流处处相等，通电时间相同，所以选择乙图中的B电阻与甲图中的烧瓶电阻串联。
（4）[1][2]“比较水和煤油比热容的大小”时，根据Q=cmΔt，可以采用质量相同，吸收热量相同的不同物质，所以选择A烧瓶与甲图中的烧瓶连接，由于电阻相同，和甲图烧瓶并联时，电压也相同，相同时间内电流产生热量相同，并将其中一烧瓶中的液体换成质量相同的水。
52．(24-25九上·江苏常州溧阳·期末)为了“探究影响电流热效应的因素”，小明分别设计了如图甲、乙所示的两个电路，其中烧瓶完全相同，瓶内装有质量和初温都相同的煤油、相同的温度计、阻值不等的电阻丝R1和R2（R1>R2），电源电压相同且保持不变，请回答下列问题：
(1)实验中通过比较 （温度计示数的变化/加热的时间）来比较电阻丝产生热量的名少。
(2)图甲所示电路，可以控制 和 不变，从而探究电流通过导体产生的热量与 的关系；
(3)在甲、乙两个电路通电时间相同的条件下，比较温度计A和温度计C的示数变化，可以探究电流通过导体产生的热量与 大小的关系。
(4)在甲、乙两个电路通电时间相同的条件下，温度计 的示数变化最大。
【答案】(1)温度计示数的变化
(2) 电流 通电时间 电阻
(3)电流
(4)D
【详解】（1）电阻丝产生的热量不易直接观察，实验时，加热等质量、初温相同的煤油，没有吸热温度升高，由温度示数的变化确定产生的热量，温度计示数变化越大，说明液电阻丝产生的热量越多。
（2）[1][2][3]如图甲，两个电阻串联，由于串联电路电流处处相等，实验时，可以控制电流和通电时间不变，两个电阻的阻值不同，产生的热量不同，从而探究电流通过导体产生的热量与电阻是否有关。
（3）甲图中两个电阻串联，电路的总电阻较大，通过两个电阻的电流较小；乙图中两个电阻并联，甲、乙两图电源电压相同，由I=UR可知，乙图中通过R1的电流，大于甲图中通过R1的电流；在甲、乙两个电路通电时间和R1的电阻值相同的条件下，电阻产生的热量不同，比较温度计A和温度计C的示数变化，可以探究电流通过导体产生的热量与电流的关系。
（4）乙图中，两电阻丝并联，两电阻丝的电压等于电源电压U，R1>R2，由I=UR可知，通过R1的电流小于通过R2的电流，即I乙1