|试卷下载
搜索
    上传资料 赚现金
    辽宁省铁岭市昌图县2023年八年级数学第一学期期末学业水平测试模拟试题【含解析】
    立即下载
    加入资料篮
    辽宁省铁岭市昌图县2023年八年级数学第一学期期末学业水平测试模拟试题【含解析】01
    辽宁省铁岭市昌图县2023年八年级数学第一学期期末学业水平测试模拟试题【含解析】02
    辽宁省铁岭市昌图县2023年八年级数学第一学期期末学业水平测试模拟试题【含解析】03
    还剩16页未读, 继续阅读
    下载需要10学贝 1学贝=0.1元
    使用下载券免费下载
    加入资料篮
    立即下载

    辽宁省铁岭市昌图县2023年八年级数学第一学期期末学业水平测试模拟试题【含解析】

    展开
    这是一份辽宁省铁岭市昌图县2023年八年级数学第一学期期末学业水平测试模拟试题【含解析】,共19页。试卷主要包含了答题时请按要求用笔,4的算术平方根是,下列各数,是无理数的是等内容,欢迎下载使用。

    注意事项:
    1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内。
    2.答题时请按要求用笔。
    3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。
    4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
    5.保持卡面清洁,不要折暴、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
    一、选择题(每题4分,共48分)
    1.分式 可变形为( )
    A. B. C. D.
    2.如图,是等边三角形,是中线,延长到点,使,连结,下面给出的四个结论:①,②平分,③,④,其中正确的个数是( )
    A.1个B.2个C.3个D.4个
    3.在平面直角坐标系中,点在( )
    A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限
    4.如图,在△ABC中,AB的垂直平分线交AB于点D,交BC于点E,若BC=7,AC=6,则△ACE的周长为( )
    A.8B.11C.13D.15
    5.用反证法证明“为正数”时,应先假设( ).
    A.为负数B.为整数C.为负数或零D.为非负数
    6.下列函数关系中,随的增大而减小的是( )
    A.长方形的长一定时,其面积与宽的函数关系
    B.高速公路上匀速行驶的汽车,其行驶的路程与行驶时间的函数关系
    C.如图1,在平面直角坐标系中,点、,的面积与点的横坐标的函数关系
    D.如图2,我市某一天的气温(度)与时间(时)的函数关系
    7.4的算术平方根是( )
    A.-2B.2C.D.
    8.下列各数,是无理数的是( )
    A.B.C.D.
    9.将34.945取近似数精确到十分位,正确的是( )
    A.34.9B.35.0C.35D.35.05
    10.已知点P(4,a+1)与点Q(-5,7-a)的连线平行于x轴,则a的值是( )
    A.2B.3C.4D.5
    11.若代数式在实数范围内有意义,则实数的取值范围为( )
    A.B.C.D.
    12.下面的图案中,不是轴对称图形的是( )
    A.B.
    C.D.
    二、填空题(每题4分,共24分)
    13.分解因式x(x﹣2)+3(2﹣x)=_____.
    14.如图,点B、F、C、E在一条直线上,已知FB=CE,AC∥DF,请你添加一个适当的条件________能用SAS说明△ABC≌△DEF.
    15.如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,∠B=30°,AB=4cm,动点P从点B出发沿射线BC方向以2cm/s的速度运动.设运动的时间为t秒,则当t=_____秒时,△ABP为直角三角形.
    16.如图,在△ABC中,AB=AC,∠BAC=90°,直角∠EPF的顶点P是BC的中点,两边PE,PF分别交AB,AC于点E,F,连接EF交AP于点G.给出以下四个结论,其中正确的结论是_____.
    ①AE=CF,
    ②AP=EF,
    ③△EPF是等腰直角三角形,
    ④四边形AEPF的面积是△ABC面积的一半.
    17.请写出一个小于4的无理数:________.
    18.三角形的三个内角分别为75°,80°,25°,现有一条直线将它分成两个等腰三角形,那么这两个等腰三角形的顶角的度数分别是_____.
    三、解答题(共78分)
    19.(8分)某公司对应聘者进行面试,按专业知识、工作经验、仪表形象给应聘者打分,这三个方面的重要性之比为6:3:1.对应聘的王丽、张瑛两人的打分如下表:如果两人中只录取一人,根据表格确定个人成绩,谁将被录用?
    20.(8分)甲、乙两车分别从两地同时出发,沿同一公路相向而行,开往两地.已知甲车每小时比乙车每小时多走,且甲车行驶所用的时间与乙车行驶所用的时间相同.
    (1)求甲、乙两车的速度各是多少?
    (2)实际上,甲车出发后,在途中因车辆故障耽搁了20分钟,但仍比乙车提前1小时到达目的地.求两地间的路程是多少?
    21.(8分)因式分解: (1)4x2-9 (2) -3x2+6xy-3y2
    22.(10分)在平面直角坐标中,四边形为矩形,如图1,点坐标为,点坐标为,已知满足.
    (1)求的值;
    (2)①如图1,分别为上一点,若,求证:;
    ②如图2,分别为上一点,交于点. 若,,则___________
    (3)如图3,在矩形中,,点在边上且,连接,动点在线段是(动点与不重合),动点在线段的延长线上,且,连接交于点,作于. 试问:当在移动过程中,线段的长度是否发生变化?若不变求出线段的长度;若变化,请说明理由.
    23.(10分)分解因式:
    (1)a4-16 (2)9(a+b)2-4(a-b)2
    24.(10分)如图,在等腰中,,,是边上的中点,点,分别是边,上的动点,点从顶点沿方向作匀速运动,点从从顶点沿方向同时出发,且它们的运动速度相同,连接,.
    (1)求证:.
    (2)判断线段与的位置及数量关系,并说明理由.
    (3)在运动过程中,与的面积之和是否为定值?若是,请求出这个定值;若不是,请说明理由.
    25.(12分)在图中网格上按要求画出图形,并回答下列问题:
    (1)把△ABC平移,使点A平移到图中点D的位置,点B、C的对应点分别是点E、F,请画出△DEF;
    (2)画出△ABC关于点D成中心对称的△;
    (3)△DEF与△ (填“是”或“否”)关于某个点成中心对称,如果是,请在图中画出对称中心,并记作点O.
    26.解不等式组:,并把此不等式组的解集在数轴上表示出来.
    参考答案
    一、选择题(每题4分,共48分)
    1、D
    【分析】根据分式的性质,可化简变形.
    【详解】.
    故答案为D
    【点睛】
    考查了分式的基本性质,正确利用分式的基本性质求出是解题关键.
    2、D
    【分析】因为△ABC是等边三角形,又BD是AC上的中线,所以有:AD=CD,∠ADB=∠CDB=90°(①正确),且∠ABD=∠CBD=30°(②正确),∠ACB=∠CDE+∠DEC=60°,又CD=CE,可得∠CDE=∠DEC=30°,所以就有,∠CBD=∠DEC,即DB=DE(③正确),∠BDE=∠CDB+∠CDE=120°(④正确);由此得出答案解决问题.
    【详解】∵△ABC是等边三角形,BD是AC上的中线,
    ∴∠ADB=∠CDB=90°,BD平分∠ABC;
    ∴BD⊥AC;
    ∵∠ACB=∠CDE+∠DEC=60°,
    又CD=CE,
    ∴∠CDE=∠DEC=30°,
    ∴∠CBD=∠DEC,
    ∴DB=DE.
    ∠BDE=∠CDB+∠CDE=120°
    所以这四项都是正确的.
    故选:D.
    【点睛】
    此题考查等边三角形的性质,等腰三角形的性质等知识,注意三线合一这一性质的理解与运用.
    3、B
    【解析】根据平面直角坐标系中点的坐标的符号解答即可.
    【详解】∵点横坐标是,纵坐标是,
    ∴点在第二象限.
    故选:B.
    【点睛】
    本题主要考查了平面直角坐标系中各个象限的点的坐标的符号特点,四个象限的符号特点分别是:第一象限(+,+);第二象限(-,+);第三象限(-,-);第四象限(+,-).
    4、C
    【分析】根据线段垂直平分线的性质得AE=BE,然后利用等线段代换即可得到△ACE的周长=AC+BC,再把BC=7,AC=6代入计算即可.
    【详解】∵DE垂直平分AB,
    ∴AE=BE,
    ∴△ACE的周长=AC+CE+AE
    =AC+CE+BE
    =AC+BC
    =6+7
    =1.
    故选:C.
    【点睛】
    本题考查了线段垂直平分线的性质:垂直平分线垂直且平分其所在线段;垂直平分线上任意一点,到线段两端点的距离相等.
    5、C
    【分析】根据反证法的性质分析,即可得到答案.
    【详解】用反证法证明“为正数”时,应先假设为负数或零
    故选:C.
    【点睛】
    本题考查了反证法的知识,解题的关键是熟练掌握反证法的性质,从而完成求解.
    6、C
    【分析】首先要明确各选项的函数关系,再根据函数的性质进行判断即可.
    【详解】A. 长方形的长一定时,其面积与宽成正比例关系,此时随的增大而增大,故选项A不符合题意;
    B. 高速公路上匀速行驶的汽车,其行驶的路程与行驶时间成正比例关系,此时随的增大而增大,故选项B不符合题意;
    C. 如图1,在平面直角坐标系中,点、,的面积与点的横坐标成反比关系,此时随的增大而减小,故选项C符合题意;
    D. 如图2,我市某一天的气温(度)与时间(时)的函数关系中无法判断,y与x的关系,故选项D不符合题.
    故选:C.
    【点睛】
    此题主要考查了函数值与自变量之间的关系,熟练掌握各选项的函数关系是解题的关键.
    7、B
    【解析】试题分析:因,根据算术平方根的定义即可得4的算术平方根是1.故答案选B.
    考点:算术平方根的定义.
    8、D
    【解析】把各项化成最简之后,根据无理数定义判断即可.
    【详解】解:A项,,为有理数;
    B项是有限小数,为有理数;
    C项为分数,是有理数;
    D项是无限不循环小数,为无理数.
    故选:D.
    【点睛】
    本题主要考查无理数的定义,理解掌握定义是解答关键.
    9、A
    【分析】把百分位上的数字4进行四舍五入即可得出答案.
    【详解】34.945取近似数精确到十分位是34.9;
    故选:A.
    【点睛】
    此题考查近似数,根据要求精确的数位,看它的后一位数字,根据“四舍五入”的原则精确即可.
    10、B
    【分析】根据平行于x轴的直线上点的坐标特征得到a+1=7-a,然后解一元一次方程即可.
    【详解】解:∵PQ∥x轴,
    ∴点P和点Q的纵坐标相同,
    即a+1=7-a,
    ∴a=1.
    故选:B.
    【点睛】
    本题考查了坐标与图形性质:利用点的坐标计算相应线段的长和判断线段与坐标轴的位置关系.解决本题的关键是掌握平行于x轴的直线上点的坐标特征.
    11、D
    【分析】直接利用分式有意义的条件得出答案.
    【详解】解:∵代数式在实数范围内有意义,
    ∴实数a的取值范围为:a-1≠0,
    解得:a≠1.
    故选:D.
    【点睛】
    此题主要考查了分式有意义的条件,正确把握分式的定义是解题关键.
    12、B
    【分析】根据轴对称图形的概念求解.
    【详解】解:A、是轴对称图形,故错误;
    B、不是轴对称图形,故正确;
    C、是轴对称图形,故错误;
    D、是轴对称图形,故错误.
    故选B.
    【点睛】
    本题考查了轴对称图形的概念:轴对称图形的关键是寻找对称轴,图形两部分沿对称轴折叠后可重合.
    二、填空题(每题4分,共24分)
    13、(x﹣2)(x﹣3)
    【解析】原式提取公因式即可得到结果.
    【详解】原式=x(x−2)−3(x−2)=(x−2)(x−3),
    故答案为(x−2)(x−3)
    【点睛】
    考查因式分解,掌握提取公因式法是解题的关键.
    14、AC=DF
    【分析】根据SAS进行判断即可解答.
    【详解】添加AC=DF(答案不唯一).
    证明:因为FB=CE,AC∥DF,
    所以BF-CF=EC-CF,∠ACB=∠DFE(内错角相等)
    所以BC=EF.
    在△ABC和△DEF中,

    所以△ABC≌△DEF.
    【点睛】
    此题考查全等三角形的判定,平行线的性质,解题关键在于掌握判定定理.
    15、3或1
    【分析】分两种情况讨论:①当∠APB为直角时,点P与点C重合,根据 可得;②当∠BAP为直角时,利用勾股定理即可求解.
    【详解】∵∠C=90°,AB=1cm,∠B=30°,
    ∴AC=2cm,BC=6cm.
    ①当∠APB为直角时,点P与点C重合,BP=BC=6 cm,
    ∴t=6÷2=3s.
    ②当∠BAP为直角时,BP=2tcm,CP=(2t﹣6)cm,AC=2cm,
    在Rt△ACP中,AP2=(2 )2+(2t﹣6)2,
    在Rt△BAP中,AB2+AP2=BP2,
    ∴(1)2+[(2)2+(2t﹣6)2]=(2t)2,
    解得t=1s.
    综上,当t=3s或1s时,△ABP为直角三角形.
    故答案为:3或1.
    【点睛】
    本题考查了三角形的动点问题,掌握以及勾股定理是解题的关键.
    16、①③④.
    【分析】根据等腰直角三角形的性质得:∠B=∠C=45°,AP⊥BC,AP=BC,AP平分∠BAC.所以可证∠C=∠EAP;∠FPC=∠EPA;AP=PC.即证得△APE与△CPF全等.根据全等三角形性质判断结论是否正确,根据全等三角形的面积相等可得△APE的面积等于△CPF的面积相等,然后求出四边形AEPF的面积等于△ABC的面积的一半.
    【详解】∵AB=AC,∠BAC=90°,直角∠EPF的顶点P是BC的中点,
    ∴∠B=∠C=45°,AP⊥BC,AP=BC=PC=BP,∠BAP=∠CAP=45°,
    ∵∠APF+∠FPC=90°,∠APF+∠APE=90°,
    ∴∠FPC=∠EPA.
    ∴△APE≌△CPF(ASA),
    ∴AE=CF;EP=PF,即△EPF是等腰直角三角形;故①③正确;
    S△AEP=S△CFP,
    ∵四边形AEPF的面积=S△AEP+S△APF=S△CFP+S△APF=S△APC=S△ABC,
    ∴四边形AEPF的面积是△ABC面积的一半,故④正确
    ∵△ABC是等腰直角三角形,P是BC的中点,
    ∴AP=BC,
    ∵EF不是△ABC的中位线,
    ∴EF≠AP,故②错误;
    故答案为:①③④.
    【点睛】
    本题考查了全等三角形的判定和性质,等腰直角三角形的性质的运用,等腰直角三角形的判定定理的运用,三角形面积公式的运用,解答时灵活运用等腰直角三角形的性质求解是关键.
    17、答案不唯一如,等
    【分析】开放性的命题,答案不唯一,写出一个小于4的无理数即可.
    【详解】开放性的命题,答案不唯一,如等.
    故答案为不唯一,如等.
    【点睛】
    本题考查了估算无理数的大小:利用完全平方数和算术平方根对无理数的大小进行估算.也考查了算术平方根.
    18、80°,130°
    【分析】如图所示,首先在△ACB的内部做∠ACD=25°,从而可得到△ADC为等腰三角形,然后再证明△BDC为等腰三角形,从而可得到问题的答案.
    【详解】解:如图所示:∠A=25°,∠B=80°,∠ACB=75°,
    作∠ACD=∠A=25°,则三角形ADC为等腰三角形,且∠DCB=75°−25°=50°,
    由三角形的外角的性质可知∠BDC=∠A+∠ACD=50°,
    ∴∠DCB=∠BDC,
    ∴△BDC为等腰三角形.
    ∴∠ADC=180°−50°=130°,
    ∴这两个等腰三角形的顶角的度数分别是:80°,130°,
    故答案为80°,130°.
    【点睛】
    本题主要考查的是等腰三角形的判定和性质、三角形外角的性质,熟练掌握相关知识是解题的关键.
    三、解答题(共78分)
    19、张瑛.
    【分析】根据加权平均数的计算公式分别计算即可.
    【详解】解:王丽的成绩为:(分),
    张瑛的成绩为:(分),
    由于张瑛的分数比王丽的高,所以应录用张瑛.
    【点睛】
    本题考查求加权平均数和运用加权平均数做决策.掌握加权平均数的计算公式是解决此题的关键.
    20、(1)甲、乙两车的速度分别是、;(2)间的路程是.
    【分析】(1)设甲车的速度是,则乙车的速度是,再根据“甲车行驶350km所用的时间与乙车行驶250km所用的时间相同”列出出分式方程,解方程即可;
    (2)设间的路程是,根据“甲车出发后,在途中因车辆故障耽搁了20分钟,但仍比乙车提前1小时到达目的地”列出方程,解方程即可.
    【详解】(1)设甲车的速度是,则乙车的速度是,由题意列方程
    解得,
    经检验是原方程的解,则,
    所以,甲、乙两车的速度分别是、;
    (2)设间的路程是,由题意列方程
    解得,
    所以,间的路程是.
    【点睛】
    考查了方式方程的应用,解题关键将实际问题转换成方程问题和找出题中的等量关系.
    21、 (1) (2x+3)(2x-3);(2) .
    【分析】(1)利用平方差公式分解即可;
    (2)先提公因式,再利用完全平方公式分解即可得出结果.
    【详解】(1)原式==(2x+3)(2x-3)
    (2)原式==
    22、(1)m=5,n=5;(2)①见解析;②;(3)当P、Q在移动过程中线段MN的长度不会发生变化,它的长度为.
    【分析】(1)利用非负数的性质即可解决问题.
    (2)①作辅助线,构建两个三角形全等,证明△COE≌△CNQ和△ECP≌△QCP,由PQ=PE=OE+OP,得出结论;
    ②作辅助线,构建平行四边形和全等三角形,可得平行四边形CSRE和平行四边形CFGH,则CE=SR,CF=GH,证明△CEN≌△CE′O和△E′CF≌△ECF,得EF=E′F,设EN=x,在Rt△MEF中,根据勾股定理列方程求出EN的长,再利用勾股定理求CE,则SR与CE相等,问题得解;
    (3)在(1)的条件下,当P、Q在移动过程中线段MN的长度不会发生变化,求出MN的长即可;如图4,过P作PD∥OQ,证明△PDF是等腰三角形,由三线合一得:DM=FD,证明△PND≌△QNA,得DN=AD,则MN=AF,求出AF的长即可解决问题.
    【详解】解:(1)∵,
    ∴n−5=0,5−m=0,
    ∴m=5,n=5;
    (2)①如图1中,在PO的延长线上取一点E,使NQ=OE,
    ∵CN=OM=OC=MN,∠COM=90°,
    ∴四边形OMNC是正方形,
    ∴CO=CN,
    ∵∠EOC=∠N=90°,
    ∴△COE≌△CNQ(SAS),
    ∴CQ=CE,∠ECO=∠QCN,
    ∵∠PCQ=45°,
    ∴∠QCN+∠OCP=90°−45°=45°,
    ∴∠ECP=∠ECO+∠OCP=45°,
    ∴∠ECP=∠PCQ,
    ∵CP=CP,
    ∴△ECP≌△QCP(SAS),
    ∴EP=PQ,
    ∵EP=EO+OP=NQ+OP,
    ∴PQ=OP+NQ;
    ②如图2中,过C作CE∥SR,在x轴负半轴上取一点E′,使OE′=EN,得平行四边形CSRE,且△CEN≌△CE′O,则CE=SR,
    过C作CF∥GH交OM于F,连接FE,得平行四边形CFGH,则CF=GH=,
    ∵∠SDG=135°,
    ∴∠SDH=180°−135°=45°,
    ∴∠FCE=∠SDH=45°,
    ∴∠NCE+∠OCF=45°,
    ∵△CEN≌△CE′O,
    ∴∠E′CO=∠ECN,CE=CE′,
    ∴∠E′CF=∠E′CO+∠OCF=45°,
    ∴∠E′CF=∠FCE,
    ∵CF=CF,
    ∴△E′CF≌△ECF,
    ∴E′F=EF
    在Rt△COF中,OC=5,FC=,
    由勾股定理得:OF=,
    ∴FM=5−=,
    设EN=x,则EM=5−x,FE=E′F=x+,
    则(x+)2=()2+(5−x)2,
    解得:x=,
    ∴EN=,
    由勾股定理得:CE=,
    ∴SR=CE=;
    (3)当P、Q在移动过程中线段MN的长度不会发生变化.
    理由:如图3中,过P作PD∥OQ,交AF于D.
    ∵OF=OA,
    ∴∠OFA=∠OAF=∠PDF,
    ∴PF=PD,
    ∵PF=AQ,
    ∴PD=AQ,
    ∵PM⊥AF,
    ∴DM=FD,
    ∵PD∥OQ,
    ∴∠DPN=∠PQA,
    ∵∠PND=∠QNA,
    ∴△PND≌△QNA,
    ∴DN=AN,
    ∴DN=AD,
    ∴MN=DM+DN=DF+AD=AF,
    ∵OF=OA=5,OC=3,
    ∴CF=4,
    ∴BF=BC−CF=5−4=1,
    ∴AF=,
    ∴MN=AF=,
    ∴当P、Q在移动过程中线段MN的长度不会发生变化,它的长度为.
    【点睛】
    本题是四边形与动点问题的综合题,考查了矩形、正方形、全等三角形等图形的性质与判定,非负数的性质以及勾股定理等;知识点较多,综合性强,第(2)问中的两个问题思路一致:在正方形外构建与△CNQ全等的三角形,可截取OE=NQ,也可以将△CNQ绕点C顺时针旋转90°得到,再证明另一对三角形全等,得出结论,是常考题型.
    23、(1)(x2+4)(x+2)(x-2) ;(2)(5a+b)(a+5b)
    【分析】(1)利用平方差公式分解即可;
    (2)利用平方差公式分解即可;
    【详解】解:(1)a4-16
    =(x2+4)(x2-4)
    =(x2+4)(x+2)(x-2) ;
    (2)9(a+b)2-4(a-b)2
    =
    =(5a+b)(a+5b)
    【点睛】
    本题考查了因式分解,掌握平方差公式是解题的关键.
    24、(1)证明见解析;(2)DE⊥DF,DE=DF,证明见解析;(3)△BDE与△CDF的面积之和始终是一个定值,这个定值为1.
    【解析】(1)由题意根据全等三角形的判定运用SAS,求证即可;
    (2)根据全等三角形的性质结合中点和垂线定义,进行等量替换即可得出线段与的位置及数量关系;
    (3)由题意根据全等三角形的性质得出S△BDE+S△CDF=S△ADF+S△CDF=S△ADC, 进而分析即可得知与的面积之和.
    【详解】解:(1)∵AB=AC,D是BC边上的中点,
    ∴AD是BC边上的高
    又∵∠BAC=90°,
    ∴∠ABD=∠DAF=∠BAD=45°,
    ∴BD=AD
    又由题意可知BE=AF,
    ∴△BDE≌△ADF(SAS).
    (2)∵DE⊥DF,DE=DF,
    理由如下:
    ∵△BDE≌△ADF,
    ∴DE=DF,∠BDE=∠ADF
    ∵AB=AC,D是BC边上的中点,
    ∴AD⊥BC,∠BDE+∠ADE=90°,
    ∴∠ADE+∠ADF=90°,DE⊥DF.
    (3)在运动过程中,△BDE与△CDF的面积之和始终是一个定值
    ∵AB=AC,D是BC边上的中点,∠BAC=90°,
    ∴AD=BD=BC=4
    又∵△BDE≌△ADF
    S△BDE+S△CDF=S△ADF+S△CDF=S△ADC
    又∵S△ADC=S△ABC=.BC.AD=1
    ∵点E,F在运动过程中,△ADC的面积不变,
    ∴△BDE与△CDF的面积之和始终是一个定值,这个定值为1.
    【点睛】
    本题考查全等三角形的综合问题,熟练掌握全等三角形的性质与判定是解题的关键.
    25、(1)见解析;(2)见解析;(3)是,见解析
    【分析】(1)由题意得出,需将点B与点C先向左平移3个单位,再向下平移1个单位,据此可得;
    (2)分别作出三顶点分别关于点D的对称点,再首尾顺次连接可得;
    (3)连接两组对应点即可得.
    【详解】(1)如图所示,△DEF即为所求.
    (2)如图所示,△A1B1C1即为所求;
    (3)如图所示,△DEF与△A1B1C1是关于点O成中心对称,
    故答案为:是.
    【点睛】
    本题主要考查了作图-旋转变换和平移变换,解题的关键是熟练掌握旋转变换和平移变换的定义和性质,并据此得出变换后的对应点.
    26、,图形见解析
    【分析】先求出每一个不等式的解集,然后求出公共部分即可得出结论,并在数轴上表示出不等式组的解集.
    【详解】解不等式①得:
    解不等式②得:
    所以不等式组的解集为.
    把该不等式组的解集在数轴上表示为:
    【点睛】
    本题考查了解一元一次不等式组、在数轴上表示不等式的解集,解答本题的关键是明确解一元一次不等式组的方法.
    王丽
    张瑛
    专业知识
    14
    18
    工作经验
    16
    16
    仪表形象
    18
    12
    相关试卷

    辽宁省沈阳市实验北2023年八年级数学第一学期期末学业水平测试模拟试题【含解析】: 这是一份辽宁省沈阳市实验北2023年八年级数学第一学期期末学业水平测试模拟试题【含解析】,共18页。试卷主要包含了在,,,,中,分式的个数是,若,则 的值为,已知,,则的值为等内容,欢迎下载使用。

    辽宁省沈阳市南昌中学2023年八年级数学第一学期期末学业水平测试模拟试题【含解析】: 这是一份辽宁省沈阳市南昌中学2023年八年级数学第一学期期末学业水平测试模拟试题【含解析】,共17页。试卷主要包含了考生必须保证答题卡的整洁,在平面直角坐标系中,点P,若m<0,则点等内容,欢迎下载使用。

    辽宁省抚顺抚顺县联考2023年八年级数学第一学期期末学业水平测试模拟试题【含解析】: 这是一份辽宁省抚顺抚顺县联考2023年八年级数学第一学期期末学业水平测试模拟试题【含解析】,共21页。

    免费资料下载额度不足,请先充值

    每充值一元即可获得5份免费资料下载额度

    今日免费资料下载份数已用完,请明天再来。

    充值学贝或者加入云校通,全网资料任意下。

    提示

    您所在的“深圳市第一中学”云校通为试用账号,试用账号每位老师每日最多可下载 10 份资料 (今日还可下载 0 份),请取消部分资料后重试或选择从个人账户扣费下载。

    您所在的“深深圳市第一中学”云校通为试用账号,试用账号每位老师每日最多可下载10份资料,您的当日额度已用完,请明天再来,或选择从个人账户扣费下载。

    您所在的“深圳市第一中学”云校通余额已不足,请提醒校管理员续费或选择从个人账户扣费下载。

    重新选择
    明天再来
    个人账户下载
    下载确认
    您当前为教习网VIP用户,下载已享8.5折优惠
    您当前为云校通用户,下载免费
    下载需要:
    本次下载:免费
    账户余额:0 学贝
    首次下载后60天内可免费重复下载
    立即下载
    即将下载:资料
    资料售价:学贝 账户剩余:学贝
    选择教习网的4大理由
    • 更专业
      地区版本全覆盖, 同步最新教材, 公开课⾸选;1200+名校合作, 5600+⼀线名师供稿
    • 更丰富
      涵盖课件/教案/试卷/素材等各种教学资源;900万+优选资源 ⽇更新5000+
    • 更便捷
      课件/教案/试卷配套, 打包下载;手机/电脑随时随地浏览;⽆⽔印, 下载即可⽤
    • 真低价
      超⾼性价⽐, 让优质资源普惠更多师⽣
    VIP权益介绍
    • 充值学贝下载 本单免费 90%的用户选择
    • 扫码直接下载
    元开通VIP,立享充值加送10%学贝及全站85折下载
    您当前为VIP用户,已享全站下载85折优惠,充值学贝可获10%赠送
      充值到账1学贝=0.1元
      0学贝
      本次充值学贝
      0学贝
      VIP充值赠送
      0学贝
      下载消耗
      0学贝
      资料原价
      100学贝
      VIP下载优惠
      0学贝
      0学贝
      下载后剩余学贝永久有效
      0学贝
      • 微信
      • 支付宝
      支付:¥
      元开通VIP,立享充值加送10%学贝及全站85折下载
      您当前为VIP用户,已享全站下载85折优惠,充值学贝可获10%赠送
      扫码支付0直接下载
      • 微信
      • 支付宝
      微信扫码支付
      充值学贝下载,立省60% 充值学贝下载,本次下载免费
        下载成功

        Ctrl + Shift + J 查看文件保存位置

        若下载不成功,可重新下载,或查看 资料下载帮助

        本资源来自成套资源

        更多精品资料

        正在打包资料,请稍候…

        预计需要约10秒钟,请勿关闭页面

        服务器繁忙,打包失败

        请联系右侧的在线客服解决

        单次下载文件已超2GB,请分批下载

        请单份下载或分批下载

        支付后60天内可免费重复下载

        我知道了
        正在提交订单

        欢迎来到教习网

        • 900万优选资源,让备课更轻松
        • 600万优选试题,支持自由组卷
        • 高质量可编辑,日均更新2000+
        • 百万教师选择,专业更值得信赖
        微信扫码注册
        qrcode
        二维码已过期
        刷新

        微信扫码,快速注册

        还可免费领教师专享福利「樊登读书VIP」

        手机号注册
        手机号码

        手机号格式错误

        手机验证码 获取验证码

        手机验证码已经成功发送,5分钟内有效

        设置密码

        6-20个字符,数字、字母或符号

        注册即视为同意教习网「注册协议」「隐私条款」
        QQ注册
        手机号注册
        微信注册

        注册成功

        下载确认

        下载需要:0 张下载券

        账户可用:0 张下载券

        立即下载
        账户可用下载券不足,请取消部分资料或者使用学贝继续下载 学贝支付

        如何免费获得下载券?

        加入教习网教师福利群,群内会不定期免费赠送下载券及各种教学资源, 立即入群

        返回
        顶部
        Baidu
        map