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2023年江苏省泰州市中考物理模拟训练卷16（解析版）
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这是一份2023年江苏省泰州市中考物理模拟训练卷16（解析版），共27页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，计算题，实验探究题等内容，欢迎下载使用。
1．如图所示是某超市的支付设备“刷脸机”，下列说法正确的是（ ）
A．“刷脸机”的成像原理与投影仪的工作原理相同B．经“刷脸机”的镜头成的是正立、缩小的实像
C．“刷脸”时顾客要位于摄像头的一倍焦距以内 D．要使屏幕上自己的像变大，需要靠近摄像头
2．下列关于“声现象”的说法中正确的是（ ）
①“禁止鸣笛”是为了阻断噪声的传播途径 ②“隔墙有耳”说明声音能在固体中传播
③“闻其声而知其人”主要是依据声音的音色判断的 ④广场舞的音乐不可能是噪声
A．①②B．①③C．②④D．②③
3．上学途中的小文对周围环境进行了估测，正确的是（ ）
A．小文感觉环境气温非常舒适，大约36℃ B．路上奔驰而过的汽车的速度约为100m/s
C．交警叔叔的身高大约为176cm D．小文的呼吸频率是30Hz
4．放在水平桌面上的两个容器中分别盛有甲、乙两种不同的液体，把体积相同的A、B两个实心小球分别放入两液体中，甲液体中两球沉底，如图a，乙液体中两球静止时的情况如图b，则下列说法正确的是（ ）
A．A的质量等于B的质量 C．A球在甲液体中受到的浮力小于在乙液体中受到的浮力
B．甲液体的密度ρ甲大于乙液体的密度ρ乙 D．在甲、乙两种液体中容器对B的支持力大小相等
5．如图所示，这是排球运动员进行比赛的情景，下列说法正确的是（ ）
A．运动员扣球时手对球施加的力大于球对手施加的力
B．拦网时，球被弹回，说明力可以改变物体的运动状态
C．运动员鞋底的花纹是为了增大压强
D．在空中向前运动的排球，若所受的外力全部消失，它将保持静止
6．世界上最小的发电机——摩擦纳米发电机，它可以在人走路、说话、心跳、肌肉收缩等运动时，使其组成的材料之间摩擦来实现微小的机械能到电能的转换。如图，让两种不同材质的摩擦层相互摩擦带上电荷并形成电压，从而在外部电路中形成电流。下列分析正确的是（ ）
A．两摩擦层在相互摩擦的过程中创造了电荷 B．两摩擦层摩擦后带上的是异种电荷
C．两摩擦层在摩擦的过程中正电荷发生了转移 D．两摩擦层带电的原因是分子发生了转移
7．承担发射任务的火箭顶部有一个标志性装置——逃逸塔，逃逸过程如图所示。一旦出现意外，逃逸塔的发动机会按指令点火工作，瞬间产生巨大推力，逃逸塔将带着轨道舱和返回舱加速与火箭分离，再借助于降落伞安全着陆，帮助飞船上的航天员脱离险境。若火箭顺利升空，逃逸塔完成飞船发射阶段的护航使命后，会自行与箭体分离。下列说法正确的是（ ）
A．发动机产生的推力是将燃料的化学能直接转化为机械能
B．逃逸塔带着航天员逃逸过程中动能不断增大
C．逃逸塔与箭体分离时，相对于火箭是静止的
D．逃逸塔弹射后，其表面与空气摩擦，内能增大
8．如图所示为小明卧室的电路图。晚上小明打开灯后，将平板电脑的充电头插到插座上，灯熄灭了，家里其它用电器都正常，查看后发现自己卧室的空气开关跳闸了。他直接将空气开关闭合后立即又跳闸了，他拔下平板电脑充电头，空气开关就能正常闭合了。下列关于电路判断和分析正确的是（ ）
A．空气开关跳闸的原因是插座中的零、火线相碰了 B．正常情况下，可以将充电头一直插在插座上
C．空气开关跳闸的原因是充电头处短路了 D．用正在充电的手机接打电话是安全的
9．小明用如图滑轮组匀速提升500N的重物，10s内物体上升了1m，大滑轮重20N，每个小滑轮重10N，滑轮组的绕绳能承受的最大拉力为200N，不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦，下列结论正确的是（ ）
A．此滑轮组不但省力而且省功 B．重物被提升的速度为10m/s
C．动滑轮对重物做的功为500J D．若机械效率为80%，则提升的物重为160N
10．在如图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关后，电路正常工作，一段时间后，发现其中一个电压表示数变大。下列说法正确的是（ ）
A．灯L可能短路 B．电阻R可能短路 C．灯L可能变亮 D．另一个电压表示数变小
11．有两个电路元件甲和乙，通过元件的电流与其两端电压的关系如图所示，下列说法不正确的是（ ）
A．甲是定值电阻，通过导体的电流与导体两端的电压成正比
B．乙元件电压与电流的比是不变的
C．甲、乙并联，当电源电压为2V时，电路总功率为0.6W
D．甲、乙串联，当电路中的电流为0.2A时，电路总电阻30Ω
12．物理课上，老师给同学们出了一道题：如图甲所示是小灯泡L的I—U图像，把标有“2.5V”的小灯泡接入图乙的电路中，滑动变阻器的铭牌上标有“30Ω 1A”。先将滑动变阻器的滑片P移至B端，闭合开关S，电压表示数为1V；再将滑片P向左移动到某一位置，小灯泡L正常发光。已知电源电压恒定。则下列说法正确的是（ ）
A．电源电压为9V
B．小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的电阻为15Ω
C．小灯泡的最大和最小电功率之比为5∶3
D．在滑动变阻器移动的过程中，电路中滑动变阻器两端的最大电压为7.5V
二、填空题
13．由于科技进步，部分民航公司允许乘客在飞机正常飞行时间适当使用笔记本电脑，但是为了安全，旅客只可以随身携带0.16kW·h以下的可充电设备。某旅客携带的笔记本电脑电池容量约为2000mA·h，上面标明电压为20V。该旅客 （填“可以”或“不可以”）将此笔记本电脑带上民航飞机。给笔记本电脑充电时，将电能转化为蓄电池的 能，此时蓄电池相当于电路中的 。
14．用冰取火，似乎不可思议。但这绝非讹传，据晋代张华的《博物志》记载，我国古代就把冰块制成透镜，利用透镜对光的 （选填“会聚”或“发散”）作用将物体点燃，如图所示。用这类透镜制作的眼镜片，可以用来矫正 （选填“近视眼”或“远视眼”）。
15．“常记溪亭日暮，沉醉不知归路。兴尽晚回舟，误入藕花深处。争渡，争渡。惊起一滩鸥鹭。”宋代词人李清照的《如梦令》是一首绝妙的大自然赞歌。从物理学角度分析。以坐在船里的人为参照物，向前行驶的小船是 的；岸边人看到水中的“飞鸟”在飞行，是由于光的 形成的。
16．如图所示是一辆不慎驶入水中汽车的车门。随着水位升高，车门上A处受到水的压强将 （填“变大”、“不变”或“变小”）。若车门在水下部分的面积为0.8m2，受到水的平均压强为5×103Pa，g=10N/kg，此时车门所受水的压力相当于 kg水压在车门上，建议汽车不慎驶入水中时，应立即设法从车内逃离，紧急情况下，应挥动逃生锤的 （填“A”或“B”）端砸向玻璃窗的边角，砸窗逃离。
17．搭出租车时，小丽的手在刚触车门时被“电”了一下，这是因为汽车在行驶过程中与空气 而带电引起的；小丽坐在车上，闻到车内弥漫着消毒水气味，这是分子的 现象；汽车行驶过程中，司机突然紧急刹车，司机和小丽会 （选填“保持不动”、“向前倾”或“向后仰”）。
18．“等效替代”是分析物理问题时经常用到的一种方法。已知R1＝10Ω，R2＝20Ω，R3＝30Ω，电源及电流表内阻忽略不计。如图甲中，R1和R2串联后，可以用总电阻R来替代R1和R2。类比图甲的方法，若将a、c接入丙电路的A、B端点，闭合开关后，通电10s电路中产生的热量为 J。
19．在物理兴趣小组的活动中，小桂按如图所示的电路图连接电路，电源电压恒定为10V，R0为滑动变阻器，R、Rx为定值电阻，且R20．如图是演示巨磁电阻效应原理的示意图，GMR是巨磁电阻，它的电阻在磁场中随磁性增强而急剧减小．它所在电路的电源电压保持6V不变，L是标有“2V 0.1W”的指示灯，当它两端电压达到1.2V时开始发光，若指示灯电阻不受温度影响，则灯丝阻值为 Ω．闭合S1、S2时，图中电磁铁的 （选填“左”或“右”）端是S极，将滑动变阻器滑片P向左滑动，电磁铁周围的磁场 （选填“增强”、“减弱”或“不变”），P滑到某点，L刚好开始发光，此时GMR接入电路的阻值为 Ω，继续向左滑动滑片P，电压表示数
三、作图题
21．（1）如图甲中A是水中的鱼，B是人在空气中看到该鱼的像，请作出人看到鱼像的光路｡
（2）如图乙所示，货物随传送带一起斜向上匀速运动，请画出在此过程中货物受力的示意图；
（3）如图丙所示，在螺线管上方用弹簧悬挂一根条形磁铁。闭合开关S后，弹簧的伸长减小，请在图中括号内分别标出螺线管A的N极和S极和电源的十，－极。
四、计算题
22．2022年12月，我省出现了新一轮的新冠肺炎疫情，复学后部分学校采用无人机定时消毒。如图是一款用于消毒的四轴喷洒消毒无人机，其参数如表所示，g取10N/kg。求：
（1）操作该无人机竖直上升，从地面到达距离最大飞行高度用时10s，此过程无人机的平均速度多大？
（2）若该无人机满载历时8s从地面匀速飞行至距离地面4m处喷洒消毒液，则喷洒消毒液前无人机克服重力做功的功率多大？
（3）测得无人机脚架与地面接触的总面积为0.02m2，则无人机满载停在水平地面上时对地面的压强多大？
23．如图甲所示，电源电压为9V，小灯泡标有“5V 2.5W”字样（忽略灯丝电阻的变化），滑动变阻器上标有“40Ω 1A”字样，电压表的量程为0~15V。闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，得出滑动变阻器的电功率P与其接入电路的阻值R之间的关系如图乙所示。求：
（1）灯泡正常发光时的电流；
（2）当滑动变阻器的阻值为10Ω时，滑动变阻器的功率P1；
（3）如图乙所示，当滑动变阻器接入电路的阻值分别为R1、R2时，滑动变阻器其功率均为P2。则在电路安全范围以内，R2的最大阻值为多少？
五、实验探究题
24．某实验小组想通过实验测量小矿石的密度。
（1）将天平放在水平桌面上，把游码移至标尺左端“0”刻度线处，发现指针在分度盘中线的右侧，他应将平衡螺母向 调节，直至天平横梁平衡；
（2）用调好的天平测小矿石的质量，天平平衡时，右盘中砝码和游码位置如图甲所示，则小矿石的质量为 g；
（3）如图乙所示，用量筒测出小矿石的体积为 cm3，则小矿石的密度为 kg/m3；
（4）向量筒中放入小矿石时，若操作不当使水溅出，所测得的密度与实际值相比 （偏大/偏小/相等）；
（5）若考虑矿石吸水，所测得的密度与实际值相比 （偏大/偏小/相等）；
（6）另一实验小组按图丙所示的步骤测矿石的密度，由于取出小矿石时带出一部分水，所测得的密度与实际值相比 （偏大/偏小/相等）。
25．小芳用斜面、木板、毛巾、棉布和小车探究“阻力对物体运动的影响”，如图1甲所示。
（1）实验时要固定斜面，并让小车从斜面上同一位置由静止滑下，目的是使小车到达水平面时的速度大小 ；
（2）图1乙是小车在水板、毛巾、棉布表面上运动时，速度随时间的变化图像，其中表示小车在毛巾上运动的是 （选填“a”“b”或“c”）；
（3）在斜面上滑行的小车受到的重力和斜面对小车的支持力 （选填“是”或“不是”）一对平衡力，从二力平衡的条件来看，你这样判断的根据是 ；
（4）在大量类似实验的基础上，经过科学推理可以得到牛顿第一定律，采用这种研究方法的还有 ____；
A．探究影响压力作用效果的因素B．探究影响滑动摩擦力大小的因素C．探究声音能否在真空中传播
（5）牛顿第一定律在实际生活中有着广泛的应用，一架在空中水平向右匀速飞行的飞机上，自由落下了一颗炸弹。如图2所示是炸弹落地前与飞机位置关系的情形，不计空气对炸弹的阻力，炸弹与飞机的位置关系正确的是 图；
（6）给本实验增加一小木块，把它放在木板上的同一位置，让同一小车从同一斜面的不同高度由静止滑下，观察小车推动小木块在木板表面滑行的距离，可以探究小车的动能与 的关系。
26．在“探究冰熔化时温度变化规律”的实验中，实验装置如图甲所示；
（1）实验前，应按照 （选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序进行安装；
（2）实验时，将装有适量碎冰的试管放入水中加热，这样做的目的是 ，而且温度上升较慢，便于记录；
（3）图乙是根据实验记录绘制的给冰加热时温度随时间变化的图像，分析图像可知：冰是 （选填“晶体”或“非晶体”），冰的熔化特点是继续吸热，温度 ；BC段的物质处于 态（选填“固”“液”或“固液共存”）；
（4）试管中的冰完全熔化后，若持续加热，试管中的水 （选填“能”或“不能”）沸腾。
27．小红同学在做“测量平均速度”的实验时，她用弹簧测力计沿水平方向以恒定的拉力拉木块。如图是木块从A处沿直线运动到F处的频闪照片，若频闪照相机每隔0.2s闪拍一次照片。
（1）木块从A处到F处共运动了 cm的路程；木块从C处运动到E处的平均速度为 m/s；
（2）小红继续用木块进行了“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验：图甲、乙可用来探究滑动摩擦力的大小与 的关系；
（3）完成图甲所示实验时，小红进行了两次正确的操作，两次木块运动的速度分别为va、vb，所受的摩擦力分别为fa、fb。已知va＞vb，则fa fb（选填“＞”“＜”或“＝”）；
（4）在探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系时，小红发现甲、丙两次实验弹簧测力计示数差距较小，下列改进措施可行的是_____；（填字母）
A．增大丙实验中弹簧测力计的拉力 B．仅将丙实验中的木块换成质量更大的木块
C．仅将丙实验中的棉布换成粗糙程度更大的毛巾
D．在丙实验的木块上放一个与乙实验相同的砝码，并将弹簧测力计的示数与甲比较
（5）下列几次实验中弹簧测力计的示数等于木块所受滑动摩擦力的有_____。（双选）
A．木块保持静止
B．调节桶内沙子，使木块在水平桌面做匀速直线运动，测出沙和桶的总重（不计绳重及滑轮摩擦）
C．木块沿斜面做匀速直线运动
D．向右非匀速拉动木板做直线运动（不计绳重及滑轮摩擦）
28．学完大气压之后，老师布置了用带挂钩的塑料吸盘估测大气压的大小的实验，如图甲所示。徽徽所在的实验小组现有带挂钩的塑料吸盘、量程为5N的弹簧测力计、玻璃板。
（1）他们设计了如下实验步骤：
A ．记录弹簧测力计的示数为F，这就是大气对吸盘的压力
B ．小刚将蘸水的塑料挂衣钩的吸盘放在光滑玻璃板上，用力挤压吸盘
C ．用弹簧测力计勾着挂钩缓慢向上拉，直至吸盘刚要离开玻璃板
D ．测量吸盘与玻璃板接触面的直径d，计算吸盘与玻璃板的接触面积S＝1.0×10-4m2
E ．计算出大气压的大小p
你认为合理的实验顺序步骤应该是 ；
（2）排好序后进行实验，弹簧测力计拉至最大读数。吸盘仍未脱离玻璃板。若大气压按照约为1×105Pa计算，弹簧测力计量程至少要大于 N；
（3）因为没有多余的大量程弹簧测力计，小刚运用其他器材结合所学物理知识设计了如图乙所示方案测量，保持轻杆水平，在吸盘刚要离开玻璃板时，可通过弹簧测力计读数计算出大气压值为 Pa。
29．为了比较不同物质的吸热能力，如图所示，小明用相同的加热器对水和食用油加热。实验数据记录如表，分析表中实验数据可知：
（1）对食用油和水加热相同的时间，则食用油吸收的热量 （填“大于”或“小于”或“等于”）水吸收的热量； 的温度升高的多， 的吸热能力更强；
（2）如果让水的末温也达到50℃，还需要再继续给水加热 min；
（3）食用油和水的比热容之比为 ；
（4）通过实验小明理解了生物体内就是因为 （填“食用油”或“水”）的比例很高，有助于调节生物体自身的温度，以免其变化太快对生物体造成严重损害。
30．小华在探究怎样产生感应电流的实验中，设计了如图所示的实验装置。
（1）将磁体向右插入螺线管中时，观察到灵敏电流计的指针向左偏转，由此可知：电路中有 产生，该过程将 转化为电能， 就是这一典型在生活中的应用；
（2）将磁体从螺线管中向左拔出时，会观察到灵敏电流计的指针向 （选填“左”或“右”）；
（3）通过前两步实验，可得出感应电流的方向与 方向有关；
（4）图乙装置为了使实验效果更明显，图中悬挂在细线下的物体最好选用 ____（填字母代号）。
A．铁棒B．铝棒C．铜棒D．玻璃棒
31．吴莉同学利用如图甲所示的实验电路探究“电流与电压、电阻的关系”，可供选择的器材有：电源（两节新干电池），电流表、电压表、开关，阻值分别为5Ω、10Ω、60Ω的定值电阻各一个，“10Ω 1A”“20Ω 1.5A”“30Ω 2A”三种规格的滑动变阻器，导线若干。
（1）请你用笔画线代替导线，将图乙中的实物图连接完整；
（2）确定了实物图连接无误后，吴莉同学首先“探究电流与电阻关系”，她把5Ω的电阻接入电路，移动滑动变阻器滑片P，使电压表示数为2V，读出电流表示数后，断开开关，将5Ω电阻替换为10Ω的电阻继续进行实验。接下来，她应将滑动变阻器滑片P向 （选填“左”或“右”）端移动；本次实验中所选滑动变阻器的规格为 ；
（3）吴莉同学在原有器材的基础上，增加了定值电阻R0、电阻箱R（）和一个单刀双掷开关，设计了几种单表测量额定电压为2.5V小灯泡额定功率的电路图，如图丙所示，其中符合要求的有 。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】ABC．摄像头的工作原理与照相机相同，“刷脸”时，人要在凸透镜的二倍焦距之外，成的是倒立、缩小的实像，ABC不符合题意；
D．要使屏幕上自己的像变大，需要减小物距，增大像距，即要靠近“刷脸”机镜头，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】物体位于凸透镜的二倍焦距之外，成的是倒立、缩小的实像；凸透镜成实像时，物近像远像变大。
2．【答案】D
【知识点】声音的传播条件；音色；噪声及来源；防治噪声的途径
【解析】【解答】①“禁止鸣笛”是防止噪声产生，是在声源处减弱噪声，故①错误；
②作为固体的墙可以传声，所以在墙另一侧的人可能会听到说话声，故②正确；
③不同的人说话主要是音色不同，“闻其声而知其人”主要是依据声音的音色来判断的，故③正确；
④广场舞的音乐对跳舞的大妈们来说，不是噪声，但如果影响了他人休息，就是噪声，故④错误。
综上可得，ABC不符合题意，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】“禁止鸣笛”是在声源处减弱噪声；固体可以传声；不同的物体音色不同；影响人正常休息的声音就是噪声。
3．【答案】C
【知识点】温度及温度计的使用与读数；长度的估测；速度与物体运动；音调及音调与频率的关系
【解析】【解答】A．使人感到舒适的环境温度约为25℃，A不符合题意；
B．路上奔驰而过的汽车的速度约为30m/s，B不符合题意；
C．普通成年人的身高约为175cm左右，C符合题意；
D．人的呼吸频率约为16～20Hz，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】根据常见的温度、速度、高度及频率，结合数据解答。
4．【答案】C
【知识点】液体压强的特点；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】B．在甲液体中，两球都沉底，所以A、B的密度都比甲液体的大。在乙液体中，A球漂浮，B球沉底，比较可知ρB>ρ乙，ρA<ρ乙，所以可得两种液体及两球密度关系为ρ乙>ρ甲，ρB>ρA，B不符合题意；
A．两个小球的体积相同，根据m=ρV可知，A的质量小于B的质量，A不符合题意；
C．由图可知，在甲液体中A球下沉，则GA>FA浮甲，在乙液体中A球漂浮，则GA=FA浮乙，所以FA浮甲D．B在甲、乙液体中均下沉，根据F浮=ρ液gV排，可判断小球B在乙液体中受到的浮力大于在甲液体中受到的浮力FB浮甲F支乙，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】沉底的物体受到的浮力小于重力；漂浮的物体受到的浮力等于重力；漂浮物体的密度小于液体的密度。
5．【答案】B
【知识点】牛顿第一定律；物体运动状态的变化；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A．运动员扣球时，手对球施加的力与球对手施加的力是一对相互作用力，二力的大小相等，A不符合题意；
B．拦网时，人对球施加了力，球被弹回，其运动状态改变了，说明力可以改变物体的运动状态，B符合题意；
C．运动员鞋底的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的，C不符合题意；
D．在空中向前运动的排球处于运动状态，若所受的外力全部消失，由牛顿第一定律可知，它将做匀速直线运动，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】物体间的力是相互作用的力，力的大小相等；力可以改变物体的运动状态；接触面粗糙程度越大，摩擦力越大；运动的物体不受力，继续匀速直线运动。
6．【答案】B
【知识点】两种电荷；物体带电情况的判断
【解析】【解答】AB．两摩擦层相互摩擦过程中只是使电荷发生了转移，并没有创造电荷，而且摩擦后两摩擦层带上的是等量异种电荷，A不符合题意，B符合题意；
CD．两摩擦层在摩擦的过程中是负电荷（电子）在摩擦层a和摩擦层b之间转移，CD不符合题意。
故答案为：B。
【分析】摩擦起电的实质是电子的转移；摩擦后两摩擦层带上的是等量异种电荷。
7．【答案】D
【知识点】动能的影响因素；做功改变物体内能；能量的转化或转移；参照物及其选择
【解析】【解答】A．发动机产生的推力是将燃料的化学转化为内能，内能对外做功，再转化为机械能，A不符合题意；
B．逃逸塔带着航天员逃逸过程中，质量不变，速度先变大后变小，动能先变大后变小，B不符合题意；
C．逃逸塔与箭体分离时，相对于火箭，逃逸塔与火箭之间发生了位置的变化，是运动的，C不符合题意；
D．逃逸塔弹射后，其表面与空气摩擦，一部分机械能转化为内能，内能增大，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】燃料燃烧将化学能转化为内能；物体的动能和质量、速度有关；物体间有位置变化是运动的；物体间相互摩擦时，机械能转化为内能。
8．【答案】C
【知识点】家庭电路的连接；家庭电路电流过大的原因
【解析】【解答】A．将平板电脑的充电头插到插座上，灯熄灭了，家里其它用电器都正常，说明插座所在支路的电流过大导致的，但平板的电功率不大，故电路应该是发生短路，当他拔下平板电脑充电头，空气开关就能正常闭合了，说明插座是正常的，A不符合题意；
B．由A选项的分析可知不是插座出现短路，而是充电头发生了短路，长时间插在插座上会发热，不安全，因此不能一直插在插座上，B不符合题意；
C．由A选项的分析可知充电头短路，C符合题意；
D．正在充电的手机接打电话，手机电池可能会爆炸，有安全隐患，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】空气开关跳闸的原因有总电功率过大或短路；功率较大的用电器产生的热量也较多。
9．【答案】C
【知识点】机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】A．由图可知n=3，因为不计绳重和摩擦，所以绳子自由端的拉力为
F=1n(G+G动)=13×(500N+20N)≈173N<500N
因此此滑轮组能省力，但由功的原理可知，使用任何机械都不省功，因此，此滑轮组也不能省功，A不符合题意；
B．根据题意可知，重物被提升的速度为 v=ℎt=1m10s=0.1m/s
B不符合题意；
C．根据有用功的定义可知，动滑轮对重物做的有用功为W有=Gh=500N×1m=500J
C符合题意；
D．因为不计绳重和摩擦时，则可得机械效率为η=W有W总=W有W有+W额外=GℎGℎ+G动ℎ=GG+G动
所以提升的物重为G'=η1−η×G动=80%1−80%×20N=80N
D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】根据物体的重力和动滑轮的重力，计算绳子的拉力；根据重力和高度的乘积计算做功多少，根据物体的重力和动滑轮的重力，可以计算滑轮组的机械效率。
10．【答案】A
【知识点】电路故障的判断
【解析】【解答】读图可知，灯泡与定值电阻串联，左边的电压表V1测量的是串联电路两端的总电压（电源电压），右边的电压表V2测量的是定值电阻R两端的电压。由于电源电压不变，故由于左边的电压表V1测量的是串联电路两端的总电压（电源电压），电源电压不变，则其示数不变；电路的故障存在以下四种可能性：电灯L短路，电源电压都加在R两端，右边的电压表V2的示数会变大，灯泡不发光；电灯L断路，右边的电压表V2无示数；电阻R断路，右边的电压表V2通过灯丝、导线直接接在电源的两极上，测电源电压，故右边电压表示数变大；电阻R短路，右边的电压表测一导线两端的电压，示数变小为0，此时灯两端的电压变大、灯L变亮。据上面的分析可知，灯L发生短路时，电源电压都加在R两端，右边的电压表V2的示数会变大，因此，电阻R可能断路、灯L可能短路，另一个电压表示数不变。
故答案为：A。
【分析】在串联电路中，用电器发生故障，电源电压不变，电压表测量以外的位置短路，电压表示数变大，电压表测量的位置断路，电压表示数变大。
11．【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】A.从图中可知，通过甲元件的电流与其两端电压的关系图为过原点的倾斜直线，故甲是定值电阻，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，A正确，不符合题意；
B.从图中可知，通过乙元件的电流与其两端电压的关系图为过曲线，乙元件电压与电流的比是变化的，B错误，符合题意；
C.甲、乙并联，当电源电压为2V时，根据并联电路的电压特点可知甲、乙两端的电压均为2V，从图中可知通过甲、乙的电流分别为0.1A、0.2A，根据并联电路的电流特点可知干路电流I＝I1+I2＝0.1A+0.2A＝0.3A，根据P＝UI可知电路总功率P＝UI＝2V×0.3A＝0.6W，C正确，不符合题意；
D.甲、乙串联，当电路中的电流为0.2A时，通过甲、乙的电流均为0.2A，从图中可知甲、乙两端的电压分别为4V、2V，根据串联电路的电压特点可知总电压U′＝U1+U2＝4V+2V＝6V，根据欧姆定律可知电路总电阻R=U'I'=6V0.2A=30Ω，D符合题意。
故答案为：B。
【分析】根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻的电流与两端的电压成正比，根据欧姆定律可知甲的阻值；U - I图像是过原点的曲线，说明电流与电压不成正比，从图中找出乙的两组电流电压值，根据欧姆定律分别得出两种情况下乙的阻值，并比较大小；甲、乙并联，当电源电压为2V时，甲、乙两端的电压都为2V，从图中判断电流大小，根据P= UI可知功率大小；根据P= UI可分别得出甲、乙的功率，相加即可得出电路总功率。
12．【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】A．观察电路图发现电压表测量灯泡两端电压，将滑动变阻器的滑片P移至B端，即滑动变阻器接入电路的阻值为30Ω，闭合开关S，电压表示数为1V，则灯泡两端电压为1V，由甲图可知，通过灯泡的电流为0.3A，由串联电路处处电流相等可知，通过滑动变阻器的电流为0.3A，则电源电压U=U灯+U滑=1V+0.3A×30Ω=10V
A不符合题意；
B．小灯泡正常发光时，灯泡两端电压为2.5V，由甲图可知，通过灯泡的电流为0.5A，由串联电路处处电流相等可知，通过滑动变阻器的电流为0.5A，则滑动变阻器接入电路的电阻R滑'=U−U灯'I=10V−Ω
B符合题意；
C．小灯泡正常发光时，电压为2.5V，电流为0.5A，为了灯泡安全，则小灯泡的最大功率P最大=P额=U额I额=2.5V×0.5A=1.25W
滑动变阻器的滑片P移至B端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，灯泡两端电压最小为1V，电路中的电流最小为0.3A，灯泡的功率最小，则小灯泡的最小功率P最小=U灯I'=1V×0.3A=0.3W
则小灯泡的最大和最小电功率之比1.25W∶0.3W=25∶6
C不符合题意；
D．在滑动变阻器移动的过程中，滑动变阻器的滑片P移至B端时，电路中滑动变阻器两端的电压最大，最大电压U滑=U-U灯=10V-1V=9V
D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】 根据图象读出电路中的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的最大电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；由图象可知电压表的示数为2.5 V时对应的电流，根据P = UI求出灯泡的额定功率及最小功率；根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻。
13．【答案】可以；化学；用电器
【知识点】电源及其能量转化；电路的构成及电路图；电功的计算
【解析】【解答】笔记本电脑电池充满电后储存的电能W=UIt=20V×2A×1h=0.04kW·h，因为0.04kW·h＜0.16kW·h，所以该旅客可以将此笔记本电脑带上民航飞机。给笔记本电脑充电时，将电能转化为蓄电池的化学能，相当于外电路在给蓄电池做功，此时蓄电池相当于电路中的用电器。
【分析】根据电压、电流和时间的乘积计算电能；为电池充电时，将电能转化为化学能；消耗电能的是用电器。
14．【答案】会聚；远视眼
【知识点】透镜及其特点与分类；远视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】由于凸透镜对光有会聚作用，可以把冰块削成凸透镜形状，把太阳光会聚在焦点上，就可以点燃物体。
远视眼是因为像成在视网膜后方，可以利用凸透镜的会聚特点矫正。
【分析】凸透镜对光有会聚作用；凸透镜可以矫正远视眼。
15．【答案】静止；反射
【知识点】光的反射；参照物及其选择
【解析】【解答】以坐在船里的人为参照物，向前行驶的小船没有发生位置的改变，是静止的。
水中的“飞鸟”是空中的鸟在水面上成的像，属于平面镜成像，是由于光在水面发生发射形成的。
【分析】相对于参照物，没有位置变化时，物体是静止的，有位置变化，物体是运动的；倒影是平面镜成像，是由于光在水面发生发射形成的。
16．【答案】变大；400；A
【知识点】重力及其大小的计算；增大压强的方法及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【解答】随着水位升高，车门上A处的水深h不断增加，由p=ρgℎ可知，A处受到水的压强将变大。
由p=FS可得，车门受到的压力F=pS=5×103Pa×0.8m2=4×103N
由G=mg可得，水的质量m=Gg=Fg=4×103N10N/kg=400kg
由图知，A处比B处的面积小，用A端砸向玻璃窗的边角，在用力相同的情况下，产生的压强越大，玻璃更容易破碎。
【分析】根据压强和受力面积的乘积，计算压力；利用物体的重力计算质量；压力一定时，受力面积越小，压强越大。
17．【答案】摩擦；扩散；向前倾
【知识点】惯性及其现象；两种电荷；分子热运动
【解析】【解答】汽车在行驶过程中与空气摩擦，产生摩擦起电现象，从而带了电，所以手刚触车门就被“电”了一下。
闻到车内弥漫着消毒水气味，这是因为分子的无规则运动，消毒水分子扩散到空气中的缘故。
汽车行驶过程中，司机突然紧急刹车，司机和小丽由于惯性要保持原来的运动状态，会向前倾。
【分析】用摩擦的方法使物体带电叫摩擦起电；扩散现象说明分子在永不停息地做无规则运动；物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性。
18．【答案】172.8
【知识点】电阻的串联；电阻的并联；欧姆定律及其应用；电功与热量的综合计算
【解析】【解答】若将a、c接入丙电路的A、B端点，可知R2和R3串联后，该支路电阻为R23＝R2+R3＝20Ω+30Ω＝50Ω，再和R1并联，则电路总电阻R123=R23R1R23+R1=50Ω×10Ω50Ω+10Ω=253Ω，通电10s电路中产生的热量为Q=W=U2R123t=（12V）2253Ω×10s=172.8J
【分析】在串联电路中，总电阻等于各电阻之和；根据并联电路电阻规律，计算总电阻；根据电压、电阻和时间，可以计算电流产生的热量。
19．【答案】右；20
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器接入阻值应最大，如图所示，滑片应调到最右端。
闭合开关S，将滑片移至某点固定不动，当开关S1在a点时，滑动变阻器与R串联，电压表测定值电阻R两端电压U1，电流表测电流I1，电源电压可表示为U=U1+U0=U1+I1R0---------①
当开关S1在b点时，滑动变阻器与RX 串联，电压表测电阻RX两端电压U1' ，电流表测电流I1'，由于R根据串联分压U1开关S1切换过程中，电压表示数变化了0.5V，可得U1'=U1+0.5V
接入电路电阻增大，电流会减小I1'=I1−0.1A
电源电压可表示为U=U1'+U0'=(U1+0.5V)+I1'R0=(U1+0.5V)+(I1−0.1A)R0---------②
联立①②式，可得0.5V=0.1A×R0
R0接入的阻值为R0=5Ω
代入由①式U=U1+U0=I1R1+I1R0
10V=I1×15Ω+I1×5Ω
解得I1=0.5A
U1=I1R1=0.5A×15Ω=7.5V
则Rx两端电压和电流为U1'=U1+0.5V=7.5V+0.5V=8V
I1'=I1−0.1A=0.5A−0.1A=0.4A
Rx电阻为RX=U1'I1'=8V0.4A=20Ω
【分析】连接电路时，滑动变阻器的滑片在电阻最大处；利用电流和电阻的乘积，计算电压，根据串联电路电压规律和电源电压的关系，结合已知的电阻，计算未知电阻大小。
20．【答案】40；右；增强；160；变小
【知识点】欧姆定律及其应用；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】（1）由 P=U2R 可得，电阻R的阻值： R=U2P=(2V)20.1W=40Ω；
（2）闭合开关S1，由安培定则可知，螺线管左端的磁极为N极，右端为S极；
（3）当滑动变阻器滑片P向左滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，则电路的总电阻变小，由欧姆定律可知，电路电流变大，因此电磁铁磁性增强，周围磁场增强；
（4）当L刚好发光时，电路中的电流： I'=U'R=1.2V40Ω=0.03A； 由 I=UR 可知，此时电路中的总电阻： R总=U总I'=6V0.03A=200Ω ；由串联电路电阻规律可知，GMB接入电路的阻值： RGMB=200Ω−40Ω=160Ω ；继续向左滑动滑片P，电磁铁的磁性更强，周围磁场更强，GMB的阻值更小，由串联电路分压的规律可知，电压表的示数变小。
故答案为：40；右；增强；160；变小。
【分析】由安培定则可以判断出螺线管的极性；先根据滑片移动的方向确定电路阻值的变化，然后根据欧姆定律可知电路电流的变化，从而得出电磁铁磁性强弱的变化.
21．【答案】
【知识点】光的折射现象及其应用
【解析】【解答】根据光的折射规律，光线从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，即折射光线远离法线，人眼逆着折射光线观察时，像的位置高于物的位置，像与眼睛在一条直线上，如图所示：
【分析】光从水中斜射入空气中，折射角大于入射角。
22．【答案】（1）解：如图所示：
（2）解：如图所示：
（3）解：如图所示：
【知识点】透镜的光路图；重力示意图；摩擦力的示意图；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）平行凹透镜主光轴入射，折射光线的反向延长线会过凹透镜入射光线同侧的焦点，过光心入射的光线，其折射光传播的方向不变，如图所示
（2）货物随传送带一起斜向上匀速运动，货物与传送带相对静止，货物有向下滑动的趋势，所以受沿传送带向上的摩擦力，受到竖直向下的重力和垂直于传送带向上的支持力，如图所示
（3）闭合开关S后，弹簧的伸长最减小，所以电磁铁对上方的磁铁有一个向上的排斥力，由于磁铁下端是N极，根据同名磁极相排斥可知，电磁铁上端为N极，下端为S极，由安培定则，伸出右手握住电磁铁，大拇指指向电磁铁N极，四根手指的弯曲方向为电流方向，电磁铁正对视野的导线电流方向是向左的，由此可知，电源左端为正极，右端为负极，如图所示
【分析】（1）光线和凹透镜的主光轴平行时，折射光线的反向延长线过焦点；光线过光心，沿直线传播；
（2）物体受到的重力竖直向下；摩擦力和物体的相对运动方向相反；支持力和支撑面垂直；
（3）根据磁极间的相互作用判断磁极位置，结合安培定则判断通电螺线管中的电流方向。
23．【答案】（1）解：由表格数据可知，该无人机竖直上升的最大飞行高度h＝50m，则此过程无人机的平均速度v=ℎt=50m10s=5m/s
答：操作该无人机竖直上升到最大飞行高度时的平均速度为5m/s；
（2）解：由表格数据可知，无人机满载质量m＝25kg，则喷洒消毒液前无人机克服重力做的功W＝Gh′＝mgh′＝25kg×10N/kg×4m＝1000J
喷洒消毒液前无人机克服重力做功的功率P=Wt'=1000J8s=125W
答：喷洒消毒液前无人机克服重力做功的功率为125W；
（3）解：无人机满载停在水平地面上时对地面的压力F＝G＝mg＝25kg×10N/kg＝250N
无人机满载停在水平地面上时对地面的压强p=FS=250N0.02m2=1.25×104Pa
答：无人机满载停在水平地面上时对地面的压强为1.25×104Pa。
【知识点】功率的计算；速度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）利用路程和时间的比值， 计算速度；
（2）根据物体的重力和高度的乘积计算做功多少，功和时间的比值，计算功率；
（3）根据物体的质量计算重力，利用压力和受力面积的比值， 计算压强。
24．【答案】（1）解：灯泡正常发光时的电流IL=PLUL=2.5W5V=0.5A
答：灯泡正常发光时的电流是0.5A；
（2）解：灯泡的电阻RL=ULIL=5V0.5A=10Ω
当滑动变阻器的阻值为10Ω时，电路中的电流为I=URL+R=9V10Ω+10Ω=0.45A
当滑动变阻器的阻值为10Ω时，滑动变阻器的功率P1=I2R=(0.45A)2×10Ω=2.025W
答：当滑动变阻器的阻值为10Ω时，滑动变阻器的功率是2.025W；
（3）解：当滑动变阻器接入电路的阻值分别为R1、R2时，电路中的电流分别为I1=UR1+RL，I2=UR2+RL
当滑动变阻器接入电路的阻值分别为R1、R2时，滑动变阻器的电功率均为P2，所以变阻器的电功率
P2=I12R1=I22R2
(UR1+RL)2R1=(UR2+RL)2R2
(R1-R2)(RL2-R1R2)=0
由R1≠R2可知R1R2=RL2=(10Ω)2=100Ω2①
灯泡正常发光时的电流是0.5A，当滑动变阻器接入电路的阻值最小为R1时，通过电路的电流最大为0.5A，此时R1的阻值为R1=U−ULIL=9V−5V0.5A=8Ω
由①式可知R2的最大值R2=100Ω28Ω=12.5Ω
答：如图乙所示，当滑动变阻器接入电路的阻值分别为R1、R2时，滑动变阻器其功率均为P2。则在电路安全范围以内，R2的最大阻值为12.5Ω。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据电功率和电压的比值， 计算电流；
（2）根据电压和电流的比值， 计算电阻；利用总电压和总电阻的比值， 计算电流；根据电流和电阻，可以计算电功率；
（3）根据总电压和电阻的比值， 计算电流，利用电流和电阻，可以计算电功率，结合电压和电流的比值， 计算电阻。
25．【答案】（1）左
（2）64
（3）20；3.2×103
（4）偏大
（5）偏大
（6）偏小
【知识点】密度公式及其应用；固体密度的测量
【解析】【解答】（1）指针在分度盘中线的右侧，表明左边轻一些，此时应将平衡螺母向左调节，直到天平平衡。
（2）由图甲可知，天平标尺分度值0.2g，小石块的质量为M=50g+10g+4g=64g
（3）由图乙可知，量筒分度值为2mL，量筒中水的体积为20mL，小石块浸没入水中后读数为40mL，所以小石块的体积为V=40mL﹣20mL=20mL=20cm3，小石块的密度为ρ=mV=64g20cm3=3.2g/cm3=3.2×103kg/m3
（4）向量筒中放入小矿石时，若操作不当使水溅出，测出的体积比真实值偏小，根据密度公式ρ=mV，得出这样测出的密度比真实值偏大。
（5）测体积时小石块吸水，测出的体积比真实值偏小，根据密度公式ρ=mV，得出这样测出的密度比真实值偏大。
（6）取出小石块时带出一部分水，则加水时要多加入一些水，量筒减少的水的体积作为小石块的体积，所测小石块的体积偏大，根据ρ=mV可知，密度的测量值与实际值偏小。
【分析】（1）调节天平平衡时，平衡螺母左偏右调；
（2）根据砝码和游码的位置测量质量；
（3）根据量筒中液面位置测量体积；利用质量和体积的比值，计算密度；
（4）液体有溢出，测量的体积偏小；
（5）测量体积偏小时，计算的密度偏大；
（6）测量质量偏大时，计算的密度偏小。
26．【答案】（1）相同
（2）c
（3）不是；两个力不在一条直线上
（4）C
（5）乙
（6）速度
【知识点】阻力对物体运动影响的探究实验
【解析】【解答】（1）在探究阻力对物体运动的影响时，除了小车在水平面上所受的阻力不同外，其它物理需要保持不变。实验时要固定斜面，并让小车从斜面上同一位置由静止滑下，目的是使小车到达水平面时的速度大小相同。
（2）根据图1甲可知，小车在三种平面上受到摩擦阻力的作用，毛巾上的阻力最大，小车运动的距离最短，速度减小的越快，故属于在毛巾上运动图线的是c。
（3）在斜面上滑行的小车受到的重力方向竖直向下，斜面对小车的支持力垂直于斜面向上，两个力并不是作用在同一直线上，大小也不相同，因此，不是一对平衡力。
（4）在探究“阻力对物体运动的影响”时用到了科学推理法。
A．压力的作用效果与多个因素有关，在探究影响压力作用效果的因素时，采用控制变量法，压力的作用效果通过海绵的形变程度反映，采用控制变量法，A不符合题意；
B．摩擦力大小与多个因素有关，探究时采用控制变量法，B不符合题意；
C．在研究声音能在真空中传播的实验，需将空气逐渐抽出，通过声音变小来推导出真空不能传声，也采用了科学推理法，C符合题意。
故答案为：C。
（5）不计空气对炸弹的阻力，在水平方向上，由于炸弹具有惯性，仍保持原来的运动状态，所以炸弹水平方向上的速度与飞机的速度相等，它们在水平方向上相对静止，但由于炸弹受到重力的作用，所以会下落，那么炸弹一边水平匀速运动，一边下落，由图示可知，炸弹与飞机的位置关系为乙图。
（6）物体的动能与物体的质量和速度有关，根据实验现象，若让同一小车从不同高度处滑下，可控制小车的质量相同，到达水平面的速度不同，可以探究小车的动能与速度的关系。
【分析】（1）物体下落的高度相同时，到达水平面的速度相同；
（2）物体的速度相同时，受到的阻力越大，速度减小的越快；
（3）斜面上物体受到的重力和支持力不在同一同一直线上，不是平衡力；
（4）探究牛顿第一定律和声音的传播需要介质，利用了推理法；
（5）惯性是物体继续保持原有状态的原因；
（6）物体下落的高度不同时，通过物体推动木块移动的距离，可以探究动能和速度的关系。
27．【答案】（1）自下而上
（2）受热均匀
（3）晶体；不变；固液共存
（4）不能
【知识点】熔化和凝固的探究实验
【解析】【解答】（1）此实验中，因需要利用酒精灯的外焰加热，故要先确定铁圈的位置，然后根据水浴加热和温度计的使用要求确定铁夹的位置，所以实验装置应按照自下而上的顺序安装。
（2）探究冰熔化时温度的变化规律时，试管里应装有适量的碎冰，并将试管放入水中加热，试管中的冰浸没在水中，碎冰受热均匀，并且温度变化比较慢，便于记录实验温度。
（3）由于晶体在熔化过程中，不断吸热，温度保持不变，BC段的物质处于固液共存态。
（4）烧杯中的水吸热沸腾，温度保持沸点不变。试管中的水虽然也达到了沸点，但是无法吸热，所以不会沸腾。
【分析】（1）实验装置应按照自下而上的顺序安装；
（2）试管中的冰浸没在水中，碎冰受热均匀，并且温度变化比较慢，便于记录实验温度；
（3）晶体在熔化过程中，不断吸热，温度保持不变；
（4）烧杯中的水吸热沸腾，温度保持沸点不变。
28．【答案】（1）12.50；0.15
（2）压力大小
（3）=
（4）C
（5）B；D
【知识点】测量物体运动的平均速度
【解析】【解答】（1） 刻度尺读数时要估读到分度值的后一位，由图可知物体从A处到F处运动的路程为s=12.50cm
物块从C处运动到E处的路程 s1＝8.00cm−2.00cm＝6.00cm＝0.06m
时间为t1=0.2s×2=0.4s
物块从C处运动到E处的平均速度为 v=st=
（2）甲、乙两次实验，接触面粗糙程度不变，压力大小不同，探究滑动摩擦力大小跟压力大小的关系。
（3）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体的运动速度无关，在两次实验中，木块对水平面的压力和接触面的粗糙程度不变，摩擦力的大小不变，即fa＝fb
（4）A．增大丙实验中弹簧测力计的拉力，拉力大于摩擦力，不能通过拉力反映摩擦力大小，A不符合题意；
B．探究摩擦力大小与接触面的粗糙程度，保持压力大小不变，仅将丙实验中的木块换成质量更大的木块，改变压力的大小，B不符合题意；
C．仅将丙实验中的棉布换成粗糙程度更大的毛巾，压力一定时，增大接触面的粗糙程度，会增大摩擦力，弹簧测力计的示数会增大，两次实验弹簧测力计示数差距会增大，C符合题意；
D．在丙实验的木块上放一个与乙实验相同的砝码，增大了压力，可使丙实验中的摩擦力增大，弹簧测力计示数增大，但与甲相比压力不同，不能探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系，D不符合题意。
故答案为：C。
（5）A．木块保持静止，弹簧测力计的示数等于静摩擦力大小，A不符合题意；
B．实验中，沙桶和木块都做匀速直线运动，所以处于平衡状态，不计绳重及滑轮摩擦，依据二力平衡的知识可知滑动摩擦力大小和沙桶总重相等，B符合题意；
C．木块沿斜面做匀速直线运动，木块受到竖直向下的重力、垂直接触面的支持力、沿斜面向上的拉力以及沿斜面向下的摩擦力，由于拉力与摩擦力和重力沿斜面的分力的和相等，所以拉力和摩擦力大小不相等，不是一对平衡力，C不符合题意；
D．因木块相对地面静止，故受到测力计的拉力与滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，实验时，对木板的运动没有要求，D符合题意。
故答案为：BD。
【分析】（1） 刻度尺读数时要估读到分度值的后一位；根据公式v=st，可求出平均速度；
（2）接触面粗糙程度不变，压力大小不同，探究滑动摩擦力大小跟压力大小的关系；
（3）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体的运动速度无关；
（4）压力一定时，增大接触面的粗糙程度，会增大摩擦力，弹簧测力计的示数会增大；
（5）两个力大小相等、方向相反、作用在一条直线上和同一的物体上，是一对平衡力。
29．【答案】（1）BDCAE
（2）10
（3）7.8×104
【知识点】压强的大小及其计算；大气压强的测量方法
【解析】【解答】（1）用吸盘测量大气压强的实验顺序应为：①将吸盘挤压在光滑玻璃板上，排尽吸盘内空气；②测量吸盘与玻璃板之间的接触面积；③用弹簧测力计拉动吸盘至吸盘刚好离开玻璃板，读出弹簧测力计示数即为大气压力；④记录弹簧测力计的示数为F，这就是大气对吸盘的压力；⑤根据p＝FS计算大气压强值；故正确步骤应为BDCAE。
（2）大气压力为F＝pS＝1×105Pa×1.0×10-4m2＝10N，因此弹簧测力计量程至少要大于10N。
（3）弹簧测力计分度值为0.2N，示数为2.6N；由杠杆平衡原理可得，吸盘所受拉力为F大气=2.6N×3＝7.8N，则此时大气压强为p'＝F大气S＝7.8N1.0×10−4m2＝7.8×104Pa
【分析】（1）利用测力计测量大气压时，先将吸盘压在玻璃上，测量吸盘的直径计算面积，再测量拉动玻璃时测力计的示数，利用力和面积的比值， 计算压强；
（2）根据压强和受力面积的乘积计算压力；
（3）根据压力和受力面积的比值， 计算压强。
30．【答案】（1）等于；食用油；水
（2）2
（3）1：2
（4）水
【知识点】比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】（1）根据转换法，对食用油和水加热相同的时间，则食用油吸收的热量等于水吸收的热量。由表格可知，加热相同时间，食用油的温度升高的多。
根据比较吸热能力的方法，吸收相同的热量，水温度升高的慢，则水的吸热能力更强。
（2）根据Q=cmΔt可知，对一定质量的水而言，升高的温度与吸收的热量成正比，即与加热时间成正比；根据表中数据可知，水加热2分钟升高15℃，如果让水的末温也达到50℃，即水升高的温度为30℃，水要加热4min，故还需要再继续给水加热2min。
（3）根据表中数据知，加热2分钟（吸热相同），水升高的温度为35℃﹣20℃=15℃，食用油升高的温度为50℃﹣20℃=30℃，在质量和吸热相同的情况下，根据Q=cmΔt可知，升高的温度与比热容成反比，则食用油和水的比热容之比为15℃∶30℃=1∶2
（4）通过实验小明理解了生物体内就是因为水的比例很高，由于水比热容大，在吸收或者放出相同的热量时，温度变化的比较慢，有助于调节生物体自身的温度，以免其变化太快对生物体造成严重损害。
【分析】（1）相同的加热器加热时间相同，物体吸收的热量相同；根据实验记录的数据判断温度变化大小，温度变化越小，吸热能力越强；
（2）根据物体的质量和温度差相同时，吸收的热量，判断加热时间；
（3）根据质量和温度差和吸收热量的关系，计算比热容的关系；
（4）水的比热容较大，吸收热量后，温度变化小。
31．【答案】（1）感应电流；机械能；发电机
（2）右
（3）导体切割磁感线方向
（4）B
【知识点】产生感应电流的条件
【解析】【解答】（1）将磁体向右插入螺线管中时，灵敏电流计的指针向左偏转，说明电路中产生了感应电流。
此过程消耗了机械能，得到了电能，所以将机械能转化为电能，发电机就是将机械能转化为电能的生活中的应用。
（2）将磁体从螺线管中向左拔出时，导体切割磁感线的运动方向与第1次实验相反，所以产生的电流方向也与第1次实验相反，则灵敏电流计的指针向右偏转。
（3）在上面（1）（2）中，将磁铁从螺线管中向右插入、向左拔出，磁场的方向不变，改变了磁体的运动方向，产生的感应电流方向发生变化，由此可知：感应电流的方向与导体做切割磁感线运动的方向有关。
（4）图乙装置中，通电导体在磁场中受力的作用而发生了运动；为使实验效果更明显，直导线应选用质量小的导体，即铝棒，因为铝的密度小，所以铝棒比相同体积的铁棒、铜棒的质量小，其运动状态更容易改变，而玻璃棒属于绝缘体，不能导电，B符合题意，ACD不符合题意。
故答案为：B。
【分析】（1）灵敏电流计的指针向左偏转，说明电路中产生了感应电流；发电机是将机械能转化为电能；
（2）电流方向改变，灵敏电流计的指针偏转方向改变；
（3）感应电流的方向与导体做切割磁感线运动的方向有关；
（4）通电导体在磁场中受力的作用而发生了运动；为使实验效果更明显，直导线应选用质量小的导体。
32．【答案】（1）
（2）右；“30Ω 2A”
（3）ACD
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】（1）在探究“电流与电压、电阻的关系”实验中，电压表并联在定值电阻两端，定值电阻与滑动变阻器串联。如下图所示：
（2）实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向右端移动。实验中使用的定值电阻阻值最大为60Ω，定值电阻两端的电压始终保持UV＝2V，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压U滑＝U﹣UV＝3V﹣2V＝1V，滑动变阻器分得的电压为电压表示数的1V2V=0.5倍，根据分压原理，当接入60Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为R滑＝0.5×60Ω＝30Ω，即所选择的滑动变阻器的规格为“30Ω 2A”。
（3）A.图A中，S先接a，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5V时，灯泡正常发光；再接b测量出灯泡和电阻箱两端的总电压，根据串联电路电压规律求出电阻箱两端的电压，利用欧姆定律求出灯泡正常发光时的电流，所以能测出小灯泡的额定功率，A符合题意；
B.无论S接a还是接b都无法得知小灯泡是否正常发光，此方案不能测定小灯泡的额定电功率；B不符合题意；
C.图C中，S先接b，移动滑动变阻器，使电压表的示数为2.5V时，灯泡正常发光；再接a，调节变阻箱连入电路的电阻，使电压表的示数仍为2.5V时，根据等效替代法，此时电阻箱的电阻等于灯泡正常发光时的电阻，所以能测出小灯泡的额定功率，C符合题意；
D.①S1闭合，电阻箱接最大电阻，滑动变阻器滑片置于最左端，S接b，此时电压表示数为U，则电源电压为U；
②S1闭合，滑动变阻器滑片仍置于最左端，S接a，调节电阻箱，使电压表示数为U﹣2.5V，此时灯L正常发光，读出电阻箱示数为R，则电路中电流即小灯泡正常发光电流为I=U−2.5VR
③小灯泡正常工作的电功率为P=U额I=U−2.5VR×2.5V，D符合题意。
故答案为：ACD。
【分析】（1）探究电流和电压、电阻关系时，电压表和滑动变阻器并联；
（2）探究电流和电阻关系时，电压表处的电阻变大，为使电压表不变，滑动变阻器的取值变大；根据电源电压和电压表的示数，结合定值电阻的最大值计算滑动变阻器；
（3）利用电压表或电流表，结合定值电阻，根据电压表测量电压，利用电压表和定值电阻测量电流，或根据电流表测量电流，再结合电阻测量电压，利用电压和电流的乘积计算电功率大小。[产品参数]PAOOUCT PARAMETERS
产品轴数：4轴产品轴距：1350mm
展开尺寸：1450*1450*520mm
裸机质量：11.4kg
满载质量：25kg
满载飞行：12.5﹣15min
空载飞行：32/min
药箱容量：10L
喷洒水泵：PLD/80A/12S喷洒系统：压力圆形与扇形结合
动力电池：16000mA 65*2
机架材质：碳纤维管加板
遥控系统：云卓T12数传夜航
最大控制距离：2km
最大飞行高度：50m
最大作业风级：4级
液体
质量m/g
初温t1/℃
末温t2/℃
加热时间t/min
食用油
50
20
50
2
水
50
20
35
2
1．如图所示是某超市的支付设备“刷脸机”，下列说法正确的是（ ）
A．“刷脸机”的成像原理与投影仪的工作原理相同B．经“刷脸机”的镜头成的是正立、缩小的实像
C．“刷脸”时顾客要位于摄像头的一倍焦距以内 D．要使屏幕上自己的像变大，需要靠近摄像头
2．下列关于“声现象”的说法中正确的是（ ）
①“禁止鸣笛”是为了阻断噪声的传播途径 ②“隔墙有耳”说明声音能在固体中传播
③“闻其声而知其人”主要是依据声音的音色判断的 ④广场舞的音乐不可能是噪声
A．①②B．①③C．②④D．②③
3．上学途中的小文对周围环境进行了估测，正确的是（ ）
A．小文感觉环境气温非常舒适，大约36℃ B．路上奔驰而过的汽车的速度约为100m/s
C．交警叔叔的身高大约为176cm D．小文的呼吸频率是30Hz
4．放在水平桌面上的两个容器中分别盛有甲、乙两种不同的液体，把体积相同的A、B两个实心小球分别放入两液体中，甲液体中两球沉底，如图a，乙液体中两球静止时的情况如图b，则下列说法正确的是（ ）
A．A的质量等于B的质量 C．A球在甲液体中受到的浮力小于在乙液体中受到的浮力
B．甲液体的密度ρ甲大于乙液体的密度ρ乙 D．在甲、乙两种液体中容器对B的支持力大小相等
5．如图所示，这是排球运动员进行比赛的情景，下列说法正确的是（ ）
A．运动员扣球时手对球施加的力大于球对手施加的力
B．拦网时，球被弹回，说明力可以改变物体的运动状态
C．运动员鞋底的花纹是为了增大压强
D．在空中向前运动的排球，若所受的外力全部消失，它将保持静止
6．世界上最小的发电机——摩擦纳米发电机，它可以在人走路、说话、心跳、肌肉收缩等运动时，使其组成的材料之间摩擦来实现微小的机械能到电能的转换。如图，让两种不同材质的摩擦层相互摩擦带上电荷并形成电压，从而在外部电路中形成电流。下列分析正确的是（ ）
A．两摩擦层在相互摩擦的过程中创造了电荷 B．两摩擦层摩擦后带上的是异种电荷
C．两摩擦层在摩擦的过程中正电荷发生了转移 D．两摩擦层带电的原因是分子发生了转移
7．承担发射任务的火箭顶部有一个标志性装置——逃逸塔，逃逸过程如图所示。一旦出现意外，逃逸塔的发动机会按指令点火工作，瞬间产生巨大推力，逃逸塔将带着轨道舱和返回舱加速与火箭分离，再借助于降落伞安全着陆，帮助飞船上的航天员脱离险境。若火箭顺利升空，逃逸塔完成飞船发射阶段的护航使命后，会自行与箭体分离。下列说法正确的是（ ）
A．发动机产生的推力是将燃料的化学能直接转化为机械能
B．逃逸塔带着航天员逃逸过程中动能不断增大
C．逃逸塔与箭体分离时，相对于火箭是静止的
D．逃逸塔弹射后，其表面与空气摩擦，内能增大
8．如图所示为小明卧室的电路图。晚上小明打开灯后，将平板电脑的充电头插到插座上，灯熄灭了，家里其它用电器都正常，查看后发现自己卧室的空气开关跳闸了。他直接将空气开关闭合后立即又跳闸了，他拔下平板电脑充电头，空气开关就能正常闭合了。下列关于电路判断和分析正确的是（ ）
A．空气开关跳闸的原因是插座中的零、火线相碰了 B．正常情况下，可以将充电头一直插在插座上
C．空气开关跳闸的原因是充电头处短路了 D．用正在充电的手机接打电话是安全的
9．小明用如图滑轮组匀速提升500N的重物，10s内物体上升了1m，大滑轮重20N，每个小滑轮重10N，滑轮组的绕绳能承受的最大拉力为200N，不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦，下列结论正确的是（ ）
A．此滑轮组不但省力而且省功 B．重物被提升的速度为10m/s
C．动滑轮对重物做的功为500J D．若机械效率为80%，则提升的物重为160N
10．在如图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关后，电路正常工作，一段时间后，发现其中一个电压表示数变大。下列说法正确的是（ ）
A．灯L可能短路 B．电阻R可能短路 C．灯L可能变亮 D．另一个电压表示数变小
11．有两个电路元件甲和乙，通过元件的电流与其两端电压的关系如图所示，下列说法不正确的是（ ）
A．甲是定值电阻，通过导体的电流与导体两端的电压成正比
B．乙元件电压与电流的比是不变的
C．甲、乙并联，当电源电压为2V时，电路总功率为0.6W
D．甲、乙串联，当电路中的电流为0.2A时，电路总电阻30Ω
12．物理课上，老师给同学们出了一道题：如图甲所示是小灯泡L的I—U图像，把标有“2.5V”的小灯泡接入图乙的电路中，滑动变阻器的铭牌上标有“30Ω 1A”。先将滑动变阻器的滑片P移至B端，闭合开关S，电压表示数为1V；再将滑片P向左移动到某一位置，小灯泡L正常发光。已知电源电压恒定。则下列说法正确的是（ ）
A．电源电压为9V
B．小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的电阻为15Ω
C．小灯泡的最大和最小电功率之比为5∶3
D．在滑动变阻器移动的过程中，电路中滑动变阻器两端的最大电压为7.5V
二、填空题
13．由于科技进步，部分民航公司允许乘客在飞机正常飞行时间适当使用笔记本电脑，但是为了安全，旅客只可以随身携带0.16kW·h以下的可充电设备。某旅客携带的笔记本电脑电池容量约为2000mA·h，上面标明电压为20V。该旅客 （填“可以”或“不可以”）将此笔记本电脑带上民航飞机。给笔记本电脑充电时，将电能转化为蓄电池的 能，此时蓄电池相当于电路中的 。
14．用冰取火，似乎不可思议。但这绝非讹传，据晋代张华的《博物志》记载，我国古代就把冰块制成透镜，利用透镜对光的 （选填“会聚”或“发散”）作用将物体点燃，如图所示。用这类透镜制作的眼镜片，可以用来矫正 （选填“近视眼”或“远视眼”）。
15．“常记溪亭日暮，沉醉不知归路。兴尽晚回舟，误入藕花深处。争渡，争渡。惊起一滩鸥鹭。”宋代词人李清照的《如梦令》是一首绝妙的大自然赞歌。从物理学角度分析。以坐在船里的人为参照物，向前行驶的小船是 的；岸边人看到水中的“飞鸟”在飞行，是由于光的 形成的。
16．如图所示是一辆不慎驶入水中汽车的车门。随着水位升高，车门上A处受到水的压强将 （填“变大”、“不变”或“变小”）。若车门在水下部分的面积为0.8m2，受到水的平均压强为5×103Pa，g=10N/kg，此时车门所受水的压力相当于 kg水压在车门上，建议汽车不慎驶入水中时，应立即设法从车内逃离，紧急情况下，应挥动逃生锤的 （填“A”或“B”）端砸向玻璃窗的边角，砸窗逃离。
17．搭出租车时，小丽的手在刚触车门时被“电”了一下，这是因为汽车在行驶过程中与空气 而带电引起的；小丽坐在车上，闻到车内弥漫着消毒水气味，这是分子的 现象；汽车行驶过程中，司机突然紧急刹车，司机和小丽会 （选填“保持不动”、“向前倾”或“向后仰”）。
18．“等效替代”是分析物理问题时经常用到的一种方法。已知R1＝10Ω，R2＝20Ω，R3＝30Ω，电源及电流表内阻忽略不计。如图甲中，R1和R2串联后，可以用总电阻R来替代R1和R2。类比图甲的方法，若将a、c接入丙电路的A、B端点，闭合开关后，通电10s电路中产生的热量为 J。
19．在物理兴趣小组的活动中，小桂按如图所示的电路图连接电路，电源电压恒定为10V，R0为滑动变阻器，R、Rx为定值电阻，且R
三、作图题
21．（1）如图甲中A是水中的鱼，B是人在空气中看到该鱼的像，请作出人看到鱼像的光路｡
（2）如图乙所示，货物随传送带一起斜向上匀速运动，请画出在此过程中货物受力的示意图；
（3）如图丙所示，在螺线管上方用弹簧悬挂一根条形磁铁。闭合开关S后，弹簧的伸长减小，请在图中括号内分别标出螺线管A的N极和S极和电源的十，－极。
四、计算题
22．2022年12月，我省出现了新一轮的新冠肺炎疫情，复学后部分学校采用无人机定时消毒。如图是一款用于消毒的四轴喷洒消毒无人机，其参数如表所示，g取10N/kg。求：
（1）操作该无人机竖直上升，从地面到达距离最大飞行高度用时10s，此过程无人机的平均速度多大？
（2）若该无人机满载历时8s从地面匀速飞行至距离地面4m处喷洒消毒液，则喷洒消毒液前无人机克服重力做功的功率多大？
（3）测得无人机脚架与地面接触的总面积为0.02m2，则无人机满载停在水平地面上时对地面的压强多大？
23．如图甲所示，电源电压为9V，小灯泡标有“5V 2.5W”字样（忽略灯丝电阻的变化），滑动变阻器上标有“40Ω 1A”字样，电压表的量程为0~15V。闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，得出滑动变阻器的电功率P与其接入电路的阻值R之间的关系如图乙所示。求：
（1）灯泡正常发光时的电流；
（2）当滑动变阻器的阻值为10Ω时，滑动变阻器的功率P1；
（3）如图乙所示，当滑动变阻器接入电路的阻值分别为R1、R2时，滑动变阻器其功率均为P2。则在电路安全范围以内，R2的最大阻值为多少？
五、实验探究题
24．某实验小组想通过实验测量小矿石的密度。
（1）将天平放在水平桌面上，把游码移至标尺左端“0”刻度线处，发现指针在分度盘中线的右侧，他应将平衡螺母向 调节，直至天平横梁平衡；
（2）用调好的天平测小矿石的质量，天平平衡时，右盘中砝码和游码位置如图甲所示，则小矿石的质量为 g；
（3）如图乙所示，用量筒测出小矿石的体积为 cm3，则小矿石的密度为 kg/m3；
（4）向量筒中放入小矿石时，若操作不当使水溅出，所测得的密度与实际值相比 （偏大/偏小/相等）；
（5）若考虑矿石吸水，所测得的密度与实际值相比 （偏大/偏小/相等）；
（6）另一实验小组按图丙所示的步骤测矿石的密度，由于取出小矿石时带出一部分水，所测得的密度与实际值相比 （偏大/偏小/相等）。
25．小芳用斜面、木板、毛巾、棉布和小车探究“阻力对物体运动的影响”，如图1甲所示。
（1）实验时要固定斜面，并让小车从斜面上同一位置由静止滑下，目的是使小车到达水平面时的速度大小 ；
（2）图1乙是小车在水板、毛巾、棉布表面上运动时，速度随时间的变化图像，其中表示小车在毛巾上运动的是 （选填“a”“b”或“c”）；
（3）在斜面上滑行的小车受到的重力和斜面对小车的支持力 （选填“是”或“不是”）一对平衡力，从二力平衡的条件来看，你这样判断的根据是 ；
（4）在大量类似实验的基础上，经过科学推理可以得到牛顿第一定律，采用这种研究方法的还有 ____；
A．探究影响压力作用效果的因素B．探究影响滑动摩擦力大小的因素C．探究声音能否在真空中传播
（5）牛顿第一定律在实际生活中有着广泛的应用，一架在空中水平向右匀速飞行的飞机上，自由落下了一颗炸弹。如图2所示是炸弹落地前与飞机位置关系的情形，不计空气对炸弹的阻力，炸弹与飞机的位置关系正确的是 图；
（6）给本实验增加一小木块，把它放在木板上的同一位置，让同一小车从同一斜面的不同高度由静止滑下，观察小车推动小木块在木板表面滑行的距离，可以探究小车的动能与 的关系。
26．在“探究冰熔化时温度变化规律”的实验中，实验装置如图甲所示；
（1）实验前，应按照 （选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序进行安装；
（2）实验时，将装有适量碎冰的试管放入水中加热，这样做的目的是 ，而且温度上升较慢，便于记录；
（3）图乙是根据实验记录绘制的给冰加热时温度随时间变化的图像，分析图像可知：冰是 （选填“晶体”或“非晶体”），冰的熔化特点是继续吸热，温度 ；BC段的物质处于 态（选填“固”“液”或“固液共存”）；
（4）试管中的冰完全熔化后，若持续加热，试管中的水 （选填“能”或“不能”）沸腾。
27．小红同学在做“测量平均速度”的实验时，她用弹簧测力计沿水平方向以恒定的拉力拉木块。如图是木块从A处沿直线运动到F处的频闪照片，若频闪照相机每隔0.2s闪拍一次照片。
（1）木块从A处到F处共运动了 cm的路程；木块从C处运动到E处的平均速度为 m/s；
（2）小红继续用木块进行了“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验：图甲、乙可用来探究滑动摩擦力的大小与 的关系；
（3）完成图甲所示实验时，小红进行了两次正确的操作，两次木块运动的速度分别为va、vb，所受的摩擦力分别为fa、fb。已知va＞vb，则fa fb（选填“＞”“＜”或“＝”）；
（4）在探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系时，小红发现甲、丙两次实验弹簧测力计示数差距较小，下列改进措施可行的是_____；（填字母）
A．增大丙实验中弹簧测力计的拉力 B．仅将丙实验中的木块换成质量更大的木块
C．仅将丙实验中的棉布换成粗糙程度更大的毛巾
D．在丙实验的木块上放一个与乙实验相同的砝码，并将弹簧测力计的示数与甲比较
（5）下列几次实验中弹簧测力计的示数等于木块所受滑动摩擦力的有_____。（双选）
A．木块保持静止
B．调节桶内沙子，使木块在水平桌面做匀速直线运动，测出沙和桶的总重（不计绳重及滑轮摩擦）
C．木块沿斜面做匀速直线运动
D．向右非匀速拉动木板做直线运动（不计绳重及滑轮摩擦）
28．学完大气压之后，老师布置了用带挂钩的塑料吸盘估测大气压的大小的实验，如图甲所示。徽徽所在的实验小组现有带挂钩的塑料吸盘、量程为5N的弹簧测力计、玻璃板。
（1）他们设计了如下实验步骤：
A ．记录弹簧测力计的示数为F，这就是大气对吸盘的压力
B ．小刚将蘸水的塑料挂衣钩的吸盘放在光滑玻璃板上，用力挤压吸盘
C ．用弹簧测力计勾着挂钩缓慢向上拉，直至吸盘刚要离开玻璃板
D ．测量吸盘与玻璃板接触面的直径d，计算吸盘与玻璃板的接触面积S＝1.0×10-4m2
E ．计算出大气压的大小p
你认为合理的实验顺序步骤应该是 ；
（2）排好序后进行实验，弹簧测力计拉至最大读数。吸盘仍未脱离玻璃板。若大气压按照约为1×105Pa计算，弹簧测力计量程至少要大于 N；
（3）因为没有多余的大量程弹簧测力计，小刚运用其他器材结合所学物理知识设计了如图乙所示方案测量，保持轻杆水平，在吸盘刚要离开玻璃板时，可通过弹簧测力计读数计算出大气压值为 Pa。
29．为了比较不同物质的吸热能力，如图所示，小明用相同的加热器对水和食用油加热。实验数据记录如表，分析表中实验数据可知：
（1）对食用油和水加热相同的时间，则食用油吸收的热量 （填“大于”或“小于”或“等于”）水吸收的热量； 的温度升高的多， 的吸热能力更强；
（2）如果让水的末温也达到50℃，还需要再继续给水加热 min；
（3）食用油和水的比热容之比为 ；
（4）通过实验小明理解了生物体内就是因为 （填“食用油”或“水”）的比例很高，有助于调节生物体自身的温度，以免其变化太快对生物体造成严重损害。
30．小华在探究怎样产生感应电流的实验中，设计了如图所示的实验装置。
（1）将磁体向右插入螺线管中时，观察到灵敏电流计的指针向左偏转，由此可知：电路中有 产生，该过程将 转化为电能， 就是这一典型在生活中的应用；
（2）将磁体从螺线管中向左拔出时，会观察到灵敏电流计的指针向 （选填“左”或“右”）；
（3）通过前两步实验，可得出感应电流的方向与 方向有关；
（4）图乙装置为了使实验效果更明显，图中悬挂在细线下的物体最好选用 ____（填字母代号）。
A．铁棒B．铝棒C．铜棒D．玻璃棒
31．吴莉同学利用如图甲所示的实验电路探究“电流与电压、电阻的关系”，可供选择的器材有：电源（两节新干电池），电流表、电压表、开关，阻值分别为5Ω、10Ω、60Ω的定值电阻各一个，“10Ω 1A”“20Ω 1.5A”“30Ω 2A”三种规格的滑动变阻器，导线若干。
（1）请你用笔画线代替导线，将图乙中的实物图连接完整；
（2）确定了实物图连接无误后，吴莉同学首先“探究电流与电阻关系”，她把5Ω的电阻接入电路，移动滑动变阻器滑片P，使电压表示数为2V，读出电流表示数后，断开开关，将5Ω电阻替换为10Ω的电阻继续进行实验。接下来，她应将滑动变阻器滑片P向 （选填“左”或“右”）端移动；本次实验中所选滑动变阻器的规格为 ；
（3）吴莉同学在原有器材的基础上，增加了定值电阻R0、电阻箱R（）和一个单刀双掷开关，设计了几种单表测量额定电压为2.5V小灯泡额定功率的电路图，如图丙所示，其中符合要求的有 。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】ABC．摄像头的工作原理与照相机相同，“刷脸”时，人要在凸透镜的二倍焦距之外，成的是倒立、缩小的实像，ABC不符合题意；
D．要使屏幕上自己的像变大，需要减小物距，增大像距，即要靠近“刷脸”机镜头，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】物体位于凸透镜的二倍焦距之外，成的是倒立、缩小的实像；凸透镜成实像时，物近像远像变大。
2．【答案】D
【知识点】声音的传播条件；音色；噪声及来源；防治噪声的途径
【解析】【解答】①“禁止鸣笛”是防止噪声产生，是在声源处减弱噪声，故①错误；
②作为固体的墙可以传声，所以在墙另一侧的人可能会听到说话声，故②正确；
③不同的人说话主要是音色不同，“闻其声而知其人”主要是依据声音的音色来判断的，故③正确；
④广场舞的音乐对跳舞的大妈们来说，不是噪声，但如果影响了他人休息，就是噪声，故④错误。
综上可得，ABC不符合题意，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】“禁止鸣笛”是在声源处减弱噪声；固体可以传声；不同的物体音色不同；影响人正常休息的声音就是噪声。
3．【答案】C
【知识点】温度及温度计的使用与读数；长度的估测；速度与物体运动；音调及音调与频率的关系
【解析】【解答】A．使人感到舒适的环境温度约为25℃，A不符合题意；
B．路上奔驰而过的汽车的速度约为30m/s，B不符合题意；
C．普通成年人的身高约为175cm左右，C符合题意；
D．人的呼吸频率约为16～20Hz，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】根据常见的温度、速度、高度及频率，结合数据解答。
4．【答案】C
【知识点】液体压强的特点；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】B．在甲液体中，两球都沉底，所以A、B的密度都比甲液体的大。在乙液体中，A球漂浮，B球沉底，比较可知ρB>ρ乙，ρA<ρ乙，所以可得两种液体及两球密度关系为ρ乙>ρ甲，ρB>ρA，B不符合题意；
A．两个小球的体积相同，根据m=ρV可知，A的质量小于B的质量，A不符合题意；
C．由图可知，在甲液体中A球下沉，则GA>FA浮甲，在乙液体中A球漂浮，则GA=FA浮乙，所以FA浮甲
故答案为：C。
【分析】沉底的物体受到的浮力小于重力；漂浮的物体受到的浮力等于重力；漂浮物体的密度小于液体的密度。
5．【答案】B
【知识点】牛顿第一定律；物体运动状态的变化；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A．运动员扣球时，手对球施加的力与球对手施加的力是一对相互作用力，二力的大小相等，A不符合题意；
B．拦网时，人对球施加了力，球被弹回，其运动状态改变了，说明力可以改变物体的运动状态，B符合题意；
C．运动员鞋底的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的，C不符合题意；
D．在空中向前运动的排球处于运动状态，若所受的外力全部消失，由牛顿第一定律可知，它将做匀速直线运动，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】物体间的力是相互作用的力，力的大小相等；力可以改变物体的运动状态；接触面粗糙程度越大，摩擦力越大；运动的物体不受力，继续匀速直线运动。
6．【答案】B
【知识点】两种电荷；物体带电情况的判断
【解析】【解答】AB．两摩擦层相互摩擦过程中只是使电荷发生了转移，并没有创造电荷，而且摩擦后两摩擦层带上的是等量异种电荷，A不符合题意，B符合题意；
CD．两摩擦层在摩擦的过程中是负电荷（电子）在摩擦层a和摩擦层b之间转移，CD不符合题意。
故答案为：B。
【分析】摩擦起电的实质是电子的转移；摩擦后两摩擦层带上的是等量异种电荷。
7．【答案】D
【知识点】动能的影响因素；做功改变物体内能；能量的转化或转移；参照物及其选择
【解析】【解答】A．发动机产生的推力是将燃料的化学转化为内能，内能对外做功，再转化为机械能，A不符合题意；
B．逃逸塔带着航天员逃逸过程中，质量不变，速度先变大后变小，动能先变大后变小，B不符合题意；
C．逃逸塔与箭体分离时，相对于火箭，逃逸塔与火箭之间发生了位置的变化，是运动的，C不符合题意；
D．逃逸塔弹射后，其表面与空气摩擦，一部分机械能转化为内能，内能增大，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】燃料燃烧将化学能转化为内能；物体的动能和质量、速度有关；物体间有位置变化是运动的；物体间相互摩擦时，机械能转化为内能。
8．【答案】C
【知识点】家庭电路的连接；家庭电路电流过大的原因
【解析】【解答】A．将平板电脑的充电头插到插座上，灯熄灭了，家里其它用电器都正常，说明插座所在支路的电流过大导致的，但平板的电功率不大，故电路应该是发生短路，当他拔下平板电脑充电头，空气开关就能正常闭合了，说明插座是正常的，A不符合题意；
B．由A选项的分析可知不是插座出现短路，而是充电头发生了短路，长时间插在插座上会发热，不安全，因此不能一直插在插座上，B不符合题意；
C．由A选项的分析可知充电头短路，C符合题意；
D．正在充电的手机接打电话，手机电池可能会爆炸，有安全隐患，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】空气开关跳闸的原因有总电功率过大或短路；功率较大的用电器产生的热量也较多。
9．【答案】C
【知识点】机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】A．由图可知n=3，因为不计绳重和摩擦，所以绳子自由端的拉力为
F=1n(G+G动)=13×(500N+20N)≈173N<500N
因此此滑轮组能省力，但由功的原理可知，使用任何机械都不省功，因此，此滑轮组也不能省功，A不符合题意；
B．根据题意可知，重物被提升的速度为 v=ℎt=1m10s=0.1m/s
B不符合题意；
C．根据有用功的定义可知，动滑轮对重物做的有用功为W有=Gh=500N×1m=500J
C符合题意；
D．因为不计绳重和摩擦时，则可得机械效率为η=W有W总=W有W有+W额外=GℎGℎ+G动ℎ=GG+G动
所以提升的物重为G'=η1−η×G动=80%1−80%×20N=80N
D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】根据物体的重力和动滑轮的重力，计算绳子的拉力；根据重力和高度的乘积计算做功多少，根据物体的重力和动滑轮的重力，可以计算滑轮组的机械效率。
10．【答案】A
【知识点】电路故障的判断
【解析】【解答】读图可知，灯泡与定值电阻串联，左边的电压表V1测量的是串联电路两端的总电压（电源电压），右边的电压表V2测量的是定值电阻R两端的电压。由于电源电压不变，故由于左边的电压表V1测量的是串联电路两端的总电压（电源电压），电源电压不变，则其示数不变；电路的故障存在以下四种可能性：电灯L短路，电源电压都加在R两端，右边的电压表V2的示数会变大，灯泡不发光；电灯L断路，右边的电压表V2无示数；电阻R断路，右边的电压表V2通过灯丝、导线直接接在电源的两极上，测电源电压，故右边电压表示数变大；电阻R短路，右边的电压表测一导线两端的电压，示数变小为0，此时灯两端的电压变大、灯L变亮。据上面的分析可知，灯L发生短路时，电源电压都加在R两端，右边的电压表V2的示数会变大，因此，电阻R可能断路、灯L可能短路，另一个电压表示数不变。
故答案为：A。
【分析】在串联电路中，用电器发生故障，电源电压不变，电压表测量以外的位置短路，电压表示数变大，电压表测量的位置断路，电压表示数变大。
11．【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】A.从图中可知，通过甲元件的电流与其两端电压的关系图为过原点的倾斜直线，故甲是定值电阻，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，A正确，不符合题意；
B.从图中可知，通过乙元件的电流与其两端电压的关系图为过曲线，乙元件电压与电流的比是变化的，B错误，符合题意；
C.甲、乙并联，当电源电压为2V时，根据并联电路的电压特点可知甲、乙两端的电压均为2V，从图中可知通过甲、乙的电流分别为0.1A、0.2A，根据并联电路的电流特点可知干路电流I＝I1+I2＝0.1A+0.2A＝0.3A，根据P＝UI可知电路总功率P＝UI＝2V×0.3A＝0.6W，C正确，不符合题意；
D.甲、乙串联，当电路中的电流为0.2A时，通过甲、乙的电流均为0.2A，从图中可知甲、乙两端的电压分别为4V、2V，根据串联电路的电压特点可知总电压U′＝U1+U2＝4V+2V＝6V，根据欧姆定律可知电路总电阻R=U'I'=6V0.2A=30Ω，D符合题意。
故答案为：B。
【分析】根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻的电流与两端的电压成正比，根据欧姆定律可知甲的阻值；U - I图像是过原点的曲线，说明电流与电压不成正比，从图中找出乙的两组电流电压值，根据欧姆定律分别得出两种情况下乙的阻值，并比较大小；甲、乙并联，当电源电压为2V时，甲、乙两端的电压都为2V，从图中判断电流大小，根据P= UI可知功率大小；根据P= UI可分别得出甲、乙的功率，相加即可得出电路总功率。
12．【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】A．观察电路图发现电压表测量灯泡两端电压，将滑动变阻器的滑片P移至B端，即滑动变阻器接入电路的阻值为30Ω，闭合开关S，电压表示数为1V，则灯泡两端电压为1V，由甲图可知，通过灯泡的电流为0.3A，由串联电路处处电流相等可知，通过滑动变阻器的电流为0.3A，则电源电压U=U灯+U滑=1V+0.3A×30Ω=10V
A不符合题意；
B．小灯泡正常发光时，灯泡两端电压为2.5V，由甲图可知，通过灯泡的电流为0.5A，由串联电路处处电流相等可知，通过滑动变阻器的电流为0.5A，则滑动变阻器接入电路的电阻R滑'=U−U灯'I=10V−Ω
B符合题意；
C．小灯泡正常发光时，电压为2.5V，电流为0.5A，为了灯泡安全，则小灯泡的最大功率P最大=P额=U额I额=2.5V×0.5A=1.25W
滑动变阻器的滑片P移至B端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，灯泡两端电压最小为1V，电路中的电流最小为0.3A，灯泡的功率最小，则小灯泡的最小功率P最小=U灯I'=1V×0.3A=0.3W
则小灯泡的最大和最小电功率之比1.25W∶0.3W=25∶6
C不符合题意；
D．在滑动变阻器移动的过程中，滑动变阻器的滑片P移至B端时，电路中滑动变阻器两端的电压最大，最大电压U滑=U-U灯=10V-1V=9V
D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】 根据图象读出电路中的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的最大电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；由图象可知电压表的示数为2.5 V时对应的电流，根据P = UI求出灯泡的额定功率及最小功率；根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻。
13．【答案】可以；化学；用电器
【知识点】电源及其能量转化；电路的构成及电路图；电功的计算
【解析】【解答】笔记本电脑电池充满电后储存的电能W=UIt=20V×2A×1h=0.04kW·h，因为0.04kW·h＜0.16kW·h，所以该旅客可以将此笔记本电脑带上民航飞机。给笔记本电脑充电时，将电能转化为蓄电池的化学能，相当于外电路在给蓄电池做功，此时蓄电池相当于电路中的用电器。
【分析】根据电压、电流和时间的乘积计算电能；为电池充电时，将电能转化为化学能；消耗电能的是用电器。
14．【答案】会聚；远视眼
【知识点】透镜及其特点与分类；远视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】由于凸透镜对光有会聚作用，可以把冰块削成凸透镜形状，把太阳光会聚在焦点上，就可以点燃物体。
远视眼是因为像成在视网膜后方，可以利用凸透镜的会聚特点矫正。
【分析】凸透镜对光有会聚作用；凸透镜可以矫正远视眼。
15．【答案】静止；反射
【知识点】光的反射；参照物及其选择
【解析】【解答】以坐在船里的人为参照物，向前行驶的小船没有发生位置的改变，是静止的。
水中的“飞鸟”是空中的鸟在水面上成的像，属于平面镜成像，是由于光在水面发生发射形成的。
【分析】相对于参照物，没有位置变化时，物体是静止的，有位置变化，物体是运动的；倒影是平面镜成像，是由于光在水面发生发射形成的。
16．【答案】变大；400；A
【知识点】重力及其大小的计算；增大压强的方法及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【解答】随着水位升高，车门上A处的水深h不断增加，由p=ρgℎ可知，A处受到水的压强将变大。
由p=FS可得，车门受到的压力F=pS=5×103Pa×0.8m2=4×103N
由G=mg可得，水的质量m=Gg=Fg=4×103N10N/kg=400kg
由图知，A处比B处的面积小，用A端砸向玻璃窗的边角，在用力相同的情况下，产生的压强越大，玻璃更容易破碎。
【分析】根据压强和受力面积的乘积，计算压力；利用物体的重力计算质量；压力一定时，受力面积越小，压强越大。
17．【答案】摩擦；扩散；向前倾
【知识点】惯性及其现象；两种电荷；分子热运动
【解析】【解答】汽车在行驶过程中与空气摩擦，产生摩擦起电现象，从而带了电，所以手刚触车门就被“电”了一下。
闻到车内弥漫着消毒水气味，这是因为分子的无规则运动，消毒水分子扩散到空气中的缘故。
汽车行驶过程中，司机突然紧急刹车，司机和小丽由于惯性要保持原来的运动状态，会向前倾。
【分析】用摩擦的方法使物体带电叫摩擦起电；扩散现象说明分子在永不停息地做无规则运动；物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性。
18．【答案】172.8
【知识点】电阻的串联；电阻的并联；欧姆定律及其应用；电功与热量的综合计算
【解析】【解答】若将a、c接入丙电路的A、B端点，可知R2和R3串联后，该支路电阻为R23＝R2+R3＝20Ω+30Ω＝50Ω，再和R1并联，则电路总电阻R123=R23R1R23+R1=50Ω×10Ω50Ω+10Ω=253Ω，通电10s电路中产生的热量为Q=W=U2R123t=（12V）2253Ω×10s=172.8J
【分析】在串联电路中，总电阻等于各电阻之和；根据并联电路电阻规律，计算总电阻；根据电压、电阻和时间，可以计算电流产生的热量。
19．【答案】右；20
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器接入阻值应最大，如图所示，滑片应调到最右端。
闭合开关S，将滑片移至某点固定不动，当开关S1在a点时，滑动变阻器与R串联，电压表测定值电阻R两端电压U1，电流表测电流I1，电源电压可表示为U=U1+U0=U1+I1R0---------①
当开关S1在b点时，滑动变阻器与RX 串联，电压表测电阻RX两端电压U1' ，电流表测电流I1'，由于R
接入电路电阻增大，电流会减小I1'=I1−0.1A
电源电压可表示为U=U1'+U0'=(U1+0.5V)+I1'R0=(U1+0.5V)+(I1−0.1A)R0---------②
联立①②式，可得0.5V=0.1A×R0
R0接入的阻值为R0=5Ω
代入由①式U=U1+U0=I1R1+I1R0
10V=I1×15Ω+I1×5Ω
解得I1=0.5A
U1=I1R1=0.5A×15Ω=7.5V
则Rx两端电压和电流为U1'=U1+0.5V=7.5V+0.5V=8V
I1'=I1−0.1A=0.5A−0.1A=0.4A
Rx电阻为RX=U1'I1'=8V0.4A=20Ω
【分析】连接电路时，滑动变阻器的滑片在电阻最大处；利用电流和电阻的乘积，计算电压，根据串联电路电压规律和电源电压的关系，结合已知的电阻，计算未知电阻大小。
20．【答案】40；右；增强；160；变小
【知识点】欧姆定律及其应用；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】（1）由 P=U2R 可得，电阻R的阻值： R=U2P=(2V)20.1W=40Ω；
（2）闭合开关S1，由安培定则可知，螺线管左端的磁极为N极，右端为S极；
（3）当滑动变阻器滑片P向左滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，则电路的总电阻变小，由欧姆定律可知，电路电流变大，因此电磁铁磁性增强，周围磁场增强；
（4）当L刚好发光时，电路中的电流： I'=U'R=1.2V40Ω=0.03A； 由 I=UR 可知，此时电路中的总电阻： R总=U总I'=6V0.03A=200Ω ；由串联电路电阻规律可知，GMB接入电路的阻值： RGMB=200Ω−40Ω=160Ω ；继续向左滑动滑片P，电磁铁的磁性更强，周围磁场更强，GMB的阻值更小，由串联电路分压的规律可知，电压表的示数变小。
故答案为：40；右；增强；160；变小。
【分析】由安培定则可以判断出螺线管的极性；先根据滑片移动的方向确定电路阻值的变化，然后根据欧姆定律可知电路电流的变化，从而得出电磁铁磁性强弱的变化.
21．【答案】
【知识点】光的折射现象及其应用
【解析】【解答】根据光的折射规律，光线从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，即折射光线远离法线，人眼逆着折射光线观察时，像的位置高于物的位置，像与眼睛在一条直线上，如图所示：
【分析】光从水中斜射入空气中，折射角大于入射角。
22．【答案】（1）解：如图所示：
（2）解：如图所示：
（3）解：如图所示：
【知识点】透镜的光路图；重力示意图；摩擦力的示意图；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）平行凹透镜主光轴入射，折射光线的反向延长线会过凹透镜入射光线同侧的焦点，过光心入射的光线，其折射光传播的方向不变，如图所示
（2）货物随传送带一起斜向上匀速运动，货物与传送带相对静止，货物有向下滑动的趋势，所以受沿传送带向上的摩擦力，受到竖直向下的重力和垂直于传送带向上的支持力，如图所示
（3）闭合开关S后，弹簧的伸长最减小，所以电磁铁对上方的磁铁有一个向上的排斥力，由于磁铁下端是N极，根据同名磁极相排斥可知，电磁铁上端为N极，下端为S极，由安培定则，伸出右手握住电磁铁，大拇指指向电磁铁N极，四根手指的弯曲方向为电流方向，电磁铁正对视野的导线电流方向是向左的，由此可知，电源左端为正极，右端为负极，如图所示
【分析】（1）光线和凹透镜的主光轴平行时，折射光线的反向延长线过焦点；光线过光心，沿直线传播；
（2）物体受到的重力竖直向下；摩擦力和物体的相对运动方向相反；支持力和支撑面垂直；
（3）根据磁极间的相互作用判断磁极位置，结合安培定则判断通电螺线管中的电流方向。
23．【答案】（1）解：由表格数据可知，该无人机竖直上升的最大飞行高度h＝50m，则此过程无人机的平均速度v=ℎt=50m10s=5m/s
答：操作该无人机竖直上升到最大飞行高度时的平均速度为5m/s；
（2）解：由表格数据可知，无人机满载质量m＝25kg，则喷洒消毒液前无人机克服重力做的功W＝Gh′＝mgh′＝25kg×10N/kg×4m＝1000J
喷洒消毒液前无人机克服重力做功的功率P=Wt'=1000J8s=125W
答：喷洒消毒液前无人机克服重力做功的功率为125W；
（3）解：无人机满载停在水平地面上时对地面的压力F＝G＝mg＝25kg×10N/kg＝250N
无人机满载停在水平地面上时对地面的压强p=FS=250N0.02m2=1.25×104Pa
答：无人机满载停在水平地面上时对地面的压强为1.25×104Pa。
【知识点】功率的计算；速度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）利用路程和时间的比值， 计算速度；
（2）根据物体的重力和高度的乘积计算做功多少，功和时间的比值，计算功率；
（3）根据物体的质量计算重力，利用压力和受力面积的比值， 计算压强。
24．【答案】（1）解：灯泡正常发光时的电流IL=PLUL=2.5W5V=0.5A
答：灯泡正常发光时的电流是0.5A；
（2）解：灯泡的电阻RL=ULIL=5V0.5A=10Ω
当滑动变阻器的阻值为10Ω时，电路中的电流为I=URL+R=9V10Ω+10Ω=0.45A
当滑动变阻器的阻值为10Ω时，滑动变阻器的功率P1=I2R=(0.45A)2×10Ω=2.025W
答：当滑动变阻器的阻值为10Ω时，滑动变阻器的功率是2.025W；
（3）解：当滑动变阻器接入电路的阻值分别为R1、R2时，电路中的电流分别为I1=UR1+RL，I2=UR2+RL
当滑动变阻器接入电路的阻值分别为R1、R2时，滑动变阻器的电功率均为P2，所以变阻器的电功率
P2=I12R1=I22R2
(UR1+RL)2R1=(UR2+RL)2R2
(R1-R2)(RL2-R1R2)=0
由R1≠R2可知R1R2=RL2=(10Ω)2=100Ω2①
灯泡正常发光时的电流是0.5A，当滑动变阻器接入电路的阻值最小为R1时，通过电路的电流最大为0.5A，此时R1的阻值为R1=U−ULIL=9V−5V0.5A=8Ω
由①式可知R2的最大值R2=100Ω28Ω=12.5Ω
答：如图乙所示，当滑动变阻器接入电路的阻值分别为R1、R2时，滑动变阻器其功率均为P2。则在电路安全范围以内，R2的最大阻值为12.5Ω。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据电功率和电压的比值， 计算电流；
（2）根据电压和电流的比值， 计算电阻；利用总电压和总电阻的比值， 计算电流；根据电流和电阻，可以计算电功率；
（3）根据总电压和电阻的比值， 计算电流，利用电流和电阻，可以计算电功率，结合电压和电流的比值， 计算电阻。
25．【答案】（1）左
（2）64
（3）20；3.2×103
（4）偏大
（5）偏大
（6）偏小
【知识点】密度公式及其应用；固体密度的测量
【解析】【解答】（1）指针在分度盘中线的右侧，表明左边轻一些，此时应将平衡螺母向左调节，直到天平平衡。
（2）由图甲可知，天平标尺分度值0.2g，小石块的质量为M=50g+10g+4g=64g
（3）由图乙可知，量筒分度值为2mL，量筒中水的体积为20mL，小石块浸没入水中后读数为40mL，所以小石块的体积为V=40mL﹣20mL=20mL=20cm3，小石块的密度为ρ=mV=64g20cm3=3.2g/cm3=3.2×103kg/m3
（4）向量筒中放入小矿石时，若操作不当使水溅出，测出的体积比真实值偏小，根据密度公式ρ=mV，得出这样测出的密度比真实值偏大。
（5）测体积时小石块吸水，测出的体积比真实值偏小，根据密度公式ρ=mV，得出这样测出的密度比真实值偏大。
（6）取出小石块时带出一部分水，则加水时要多加入一些水，量筒减少的水的体积作为小石块的体积，所测小石块的体积偏大，根据ρ=mV可知，密度的测量值与实际值偏小。
【分析】（1）调节天平平衡时，平衡螺母左偏右调；
（2）根据砝码和游码的位置测量质量；
（3）根据量筒中液面位置测量体积；利用质量和体积的比值，计算密度；
（4）液体有溢出，测量的体积偏小；
（5）测量体积偏小时，计算的密度偏大；
（6）测量质量偏大时，计算的密度偏小。
26．【答案】（1）相同
（2）c
（3）不是；两个力不在一条直线上
（4）C
（5）乙
（6）速度
【知识点】阻力对物体运动影响的探究实验
【解析】【解答】（1）在探究阻力对物体运动的影响时，除了小车在水平面上所受的阻力不同外，其它物理需要保持不变。实验时要固定斜面，并让小车从斜面上同一位置由静止滑下，目的是使小车到达水平面时的速度大小相同。
（2）根据图1甲可知，小车在三种平面上受到摩擦阻力的作用，毛巾上的阻力最大，小车运动的距离最短，速度减小的越快，故属于在毛巾上运动图线的是c。
（3）在斜面上滑行的小车受到的重力方向竖直向下，斜面对小车的支持力垂直于斜面向上，两个力并不是作用在同一直线上，大小也不相同，因此，不是一对平衡力。
（4）在探究“阻力对物体运动的影响”时用到了科学推理法。
A．压力的作用效果与多个因素有关，在探究影响压力作用效果的因素时，采用控制变量法，压力的作用效果通过海绵的形变程度反映，采用控制变量法，A不符合题意；
B．摩擦力大小与多个因素有关，探究时采用控制变量法，B不符合题意；
C．在研究声音能在真空中传播的实验，需将空气逐渐抽出，通过声音变小来推导出真空不能传声，也采用了科学推理法，C符合题意。
故答案为：C。
（5）不计空气对炸弹的阻力，在水平方向上，由于炸弹具有惯性，仍保持原来的运动状态，所以炸弹水平方向上的速度与飞机的速度相等，它们在水平方向上相对静止，但由于炸弹受到重力的作用，所以会下落，那么炸弹一边水平匀速运动，一边下落，由图示可知，炸弹与飞机的位置关系为乙图。
（6）物体的动能与物体的质量和速度有关，根据实验现象，若让同一小车从不同高度处滑下，可控制小车的质量相同，到达水平面的速度不同，可以探究小车的动能与速度的关系。
【分析】（1）物体下落的高度相同时，到达水平面的速度相同；
（2）物体的速度相同时，受到的阻力越大，速度减小的越快；
（3）斜面上物体受到的重力和支持力不在同一同一直线上，不是平衡力；
（4）探究牛顿第一定律和声音的传播需要介质，利用了推理法；
（5）惯性是物体继续保持原有状态的原因；
（6）物体下落的高度不同时，通过物体推动木块移动的距离，可以探究动能和速度的关系。
27．【答案】（1）自下而上
（2）受热均匀
（3）晶体；不变；固液共存
（4）不能
【知识点】熔化和凝固的探究实验
【解析】【解答】（1）此实验中，因需要利用酒精灯的外焰加热，故要先确定铁圈的位置，然后根据水浴加热和温度计的使用要求确定铁夹的位置，所以实验装置应按照自下而上的顺序安装。
（2）探究冰熔化时温度的变化规律时，试管里应装有适量的碎冰，并将试管放入水中加热，试管中的冰浸没在水中，碎冰受热均匀，并且温度变化比较慢，便于记录实验温度。
（3）由于晶体在熔化过程中，不断吸热，温度保持不变，BC段的物质处于固液共存态。
（4）烧杯中的水吸热沸腾，温度保持沸点不变。试管中的水虽然也达到了沸点，但是无法吸热，所以不会沸腾。
【分析】（1）实验装置应按照自下而上的顺序安装；
（2）试管中的冰浸没在水中，碎冰受热均匀，并且温度变化比较慢，便于记录实验温度；
（3）晶体在熔化过程中，不断吸热，温度保持不变；
（4）烧杯中的水吸热沸腾，温度保持沸点不变。
28．【答案】（1）12.50；0.15
（2）压力大小
（3）=
（4）C
（5）B；D
【知识点】测量物体运动的平均速度
【解析】【解答】（1） 刻度尺读数时要估读到分度值的后一位，由图可知物体从A处到F处运动的路程为s=12.50cm
物块从C处运动到E处的路程 s1＝8.00cm−2.00cm＝6.00cm＝0.06m
时间为t1=0.2s×2=0.4s
物块从C处运动到E处的平均速度为 v=st=
（2）甲、乙两次实验，接触面粗糙程度不变，压力大小不同，探究滑动摩擦力大小跟压力大小的关系。
（3）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体的运动速度无关，在两次实验中，木块对水平面的压力和接触面的粗糙程度不变，摩擦力的大小不变，即fa＝fb
（4）A．增大丙实验中弹簧测力计的拉力，拉力大于摩擦力，不能通过拉力反映摩擦力大小，A不符合题意；
B．探究摩擦力大小与接触面的粗糙程度，保持压力大小不变，仅将丙实验中的木块换成质量更大的木块，改变压力的大小，B不符合题意；
C．仅将丙实验中的棉布换成粗糙程度更大的毛巾，压力一定时，增大接触面的粗糙程度，会增大摩擦力，弹簧测力计的示数会增大，两次实验弹簧测力计示数差距会增大，C符合题意；
D．在丙实验的木块上放一个与乙实验相同的砝码，增大了压力，可使丙实验中的摩擦力增大，弹簧测力计示数增大，但与甲相比压力不同，不能探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系，D不符合题意。
故答案为：C。
（5）A．木块保持静止，弹簧测力计的示数等于静摩擦力大小，A不符合题意；
B．实验中，沙桶和木块都做匀速直线运动，所以处于平衡状态，不计绳重及滑轮摩擦，依据二力平衡的知识可知滑动摩擦力大小和沙桶总重相等，B符合题意；
C．木块沿斜面做匀速直线运动，木块受到竖直向下的重力、垂直接触面的支持力、沿斜面向上的拉力以及沿斜面向下的摩擦力，由于拉力与摩擦力和重力沿斜面的分力的和相等，所以拉力和摩擦力大小不相等，不是一对平衡力，C不符合题意；
D．因木块相对地面静止，故受到测力计的拉力与滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，实验时，对木板的运动没有要求，D符合题意。
故答案为：BD。
【分析】（1） 刻度尺读数时要估读到分度值的后一位；根据公式v=st，可求出平均速度；
（2）接触面粗糙程度不变，压力大小不同，探究滑动摩擦力大小跟压力大小的关系；
（3）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体的运动速度无关；
（4）压力一定时，增大接触面的粗糙程度，会增大摩擦力，弹簧测力计的示数会增大；
（5）两个力大小相等、方向相反、作用在一条直线上和同一的物体上，是一对平衡力。
29．【答案】（1）BDCAE
（2）10
（3）7.8×104
【知识点】压强的大小及其计算；大气压强的测量方法
【解析】【解答】（1）用吸盘测量大气压强的实验顺序应为：①将吸盘挤压在光滑玻璃板上，排尽吸盘内空气；②测量吸盘与玻璃板之间的接触面积；③用弹簧测力计拉动吸盘至吸盘刚好离开玻璃板，读出弹簧测力计示数即为大气压力；④记录弹簧测力计的示数为F，这就是大气对吸盘的压力；⑤根据p＝FS计算大气压强值；故正确步骤应为BDCAE。
（2）大气压力为F＝pS＝1×105Pa×1.0×10-4m2＝10N，因此弹簧测力计量程至少要大于10N。
（3）弹簧测力计分度值为0.2N，示数为2.6N；由杠杆平衡原理可得，吸盘所受拉力为F大气=2.6N×3＝7.8N，则此时大气压强为p'＝F大气S＝7.8N1.0×10−4m2＝7.8×104Pa
【分析】（1）利用测力计测量大气压时，先将吸盘压在玻璃上，测量吸盘的直径计算面积，再测量拉动玻璃时测力计的示数，利用力和面积的比值， 计算压强；
（2）根据压强和受力面积的乘积计算压力；
（3）根据压力和受力面积的比值， 计算压强。
30．【答案】（1）等于；食用油；水
（2）2
（3）1：2
（4）水
【知识点】比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】（1）根据转换法，对食用油和水加热相同的时间，则食用油吸收的热量等于水吸收的热量。由表格可知，加热相同时间，食用油的温度升高的多。
根据比较吸热能力的方法，吸收相同的热量，水温度升高的慢，则水的吸热能力更强。
（2）根据Q=cmΔt可知，对一定质量的水而言，升高的温度与吸收的热量成正比，即与加热时间成正比；根据表中数据可知，水加热2分钟升高15℃，如果让水的末温也达到50℃，即水升高的温度为30℃，水要加热4min，故还需要再继续给水加热2min。
（3）根据表中数据知，加热2分钟（吸热相同），水升高的温度为35℃﹣20℃=15℃，食用油升高的温度为50℃﹣20℃=30℃，在质量和吸热相同的情况下，根据Q=cmΔt可知，升高的温度与比热容成反比，则食用油和水的比热容之比为15℃∶30℃=1∶2
（4）通过实验小明理解了生物体内就是因为水的比例很高，由于水比热容大，在吸收或者放出相同的热量时，温度变化的比较慢，有助于调节生物体自身的温度，以免其变化太快对生物体造成严重损害。
【分析】（1）相同的加热器加热时间相同，物体吸收的热量相同；根据实验记录的数据判断温度变化大小，温度变化越小，吸热能力越强；
（2）根据物体的质量和温度差相同时，吸收的热量，判断加热时间；
（3）根据质量和温度差和吸收热量的关系，计算比热容的关系；
（4）水的比热容较大，吸收热量后，温度变化小。
31．【答案】（1）感应电流；机械能；发电机
（2）右
（3）导体切割磁感线方向
（4）B
【知识点】产生感应电流的条件
【解析】【解答】（1）将磁体向右插入螺线管中时，灵敏电流计的指针向左偏转，说明电路中产生了感应电流。
此过程消耗了机械能，得到了电能，所以将机械能转化为电能，发电机就是将机械能转化为电能的生活中的应用。
（2）将磁体从螺线管中向左拔出时，导体切割磁感线的运动方向与第1次实验相反，所以产生的电流方向也与第1次实验相反，则灵敏电流计的指针向右偏转。
（3）在上面（1）（2）中，将磁铁从螺线管中向右插入、向左拔出，磁场的方向不变，改变了磁体的运动方向，产生的感应电流方向发生变化，由此可知：感应电流的方向与导体做切割磁感线运动的方向有关。
（4）图乙装置中，通电导体在磁场中受力的作用而发生了运动；为使实验效果更明显，直导线应选用质量小的导体，即铝棒，因为铝的密度小，所以铝棒比相同体积的铁棒、铜棒的质量小，其运动状态更容易改变，而玻璃棒属于绝缘体，不能导电，B符合题意，ACD不符合题意。
故答案为：B。
【分析】（1）灵敏电流计的指针向左偏转，说明电路中产生了感应电流；发电机是将机械能转化为电能；
（2）电流方向改变，灵敏电流计的指针偏转方向改变；
（3）感应电流的方向与导体做切割磁感线运动的方向有关；
（4）通电导体在磁场中受力的作用而发生了运动；为使实验效果更明显，直导线应选用质量小的导体。
32．【答案】（1）
（2）右；“30Ω 2A”
（3）ACD
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】（1）在探究“电流与电压、电阻的关系”实验中，电压表并联在定值电阻两端，定值电阻与滑动变阻器串联。如下图所示：
（2）实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向右端移动。实验中使用的定值电阻阻值最大为60Ω，定值电阻两端的电压始终保持UV＝2V，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压U滑＝U﹣UV＝3V﹣2V＝1V，滑动变阻器分得的电压为电压表示数的1V2V=0.5倍，根据分压原理，当接入60Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为R滑＝0.5×60Ω＝30Ω，即所选择的滑动变阻器的规格为“30Ω 2A”。
（3）A.图A中，S先接a，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5V时，灯泡正常发光；再接b测量出灯泡和电阻箱两端的总电压，根据串联电路电压规律求出电阻箱两端的电压，利用欧姆定律求出灯泡正常发光时的电流，所以能测出小灯泡的额定功率，A符合题意；
B.无论S接a还是接b都无法得知小灯泡是否正常发光，此方案不能测定小灯泡的额定电功率；B不符合题意；
C.图C中，S先接b，移动滑动变阻器，使电压表的示数为2.5V时，灯泡正常发光；再接a，调节变阻箱连入电路的电阻，使电压表的示数仍为2.5V时，根据等效替代法，此时电阻箱的电阻等于灯泡正常发光时的电阻，所以能测出小灯泡的额定功率，C符合题意；
D.①S1闭合，电阻箱接最大电阻，滑动变阻器滑片置于最左端，S接b，此时电压表示数为U，则电源电压为U；
②S1闭合，滑动变阻器滑片仍置于最左端，S接a，调节电阻箱，使电压表示数为U﹣2.5V，此时灯L正常发光，读出电阻箱示数为R，则电路中电流即小灯泡正常发光电流为I=U−2.5VR
③小灯泡正常工作的电功率为P=U额I=U−2.5VR×2.5V，D符合题意。
故答案为：ACD。
【分析】（1）探究电流和电压、电阻关系时，电压表和滑动变阻器并联；
（2）探究电流和电阻关系时，电压表处的电阻变大，为使电压表不变，滑动变阻器的取值变大；根据电源电压和电压表的示数，结合定值电阻的最大值计算滑动变阻器；
（3）利用电压表或电流表，结合定值电阻，根据电压表测量电压，利用电压表和定值电阻测量电流，或根据电流表测量电流，再结合电阻测量电压，利用电压和电流的乘积计算电功率大小。[产品参数]PAOOUCT PARAMETERS
产品轴数：4轴产品轴距：1350mm
展开尺寸：1450*1450*520mm
裸机质量：11.4kg
满载质量：25kg
满载飞行：12.5﹣15min
空载飞行：32/min
药箱容量：10L
喷洒水泵：PLD/80A/12S喷洒系统：压力圆形与扇形结合
动力电池：16000mA 65*2
机架材质：碳纤维管加板
遥控系统：云卓T12数传夜航
最大控制距离：2km
最大飞行高度：50m
最大作业风级：4级
液体
质量m/g
初温t1/℃
末温t2/℃
加热时间t/min
食用油
50
20
50
2
水
50
20
35
2
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