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2022-2023学年辽宁省沈阳市大东区八年级（下）期末物理试卷（含答案解析）
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这是一份2022-2023学年辽宁省沈阳市大东区八年级（下）期末物理试卷（含答案解析），共20页。试卷主要包含了8×103kg/m3等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年辽宁省沈阳市大东区八年级（下）期末物理试卷
1.忽略空气阻力，抛出后的小球在空中运动轨迹如图所示，抛出后的小球由于( )
A. 不受力，运动状态发生改变 B. 不受力，运动状态不发生改变
C. 受到重力作用，运动状态发生改变 D. 受到推力作用，运动状态发生改变
2.《村居》诗中“儿童散学归来早，忙趁东风放纸鸢”，描绘儿童放飞风筝的画面如图所示。以下说法正确的是( )
A. 放风筝的儿童在奔跑中惯性会消失
B. 越飞越高的风筝只受到重力的作用
C. 儿童鞋底有凹凸的花纹是为了减小摩擦
D. 线对风筝的拉力和风筝对线的拉力是一对相互作用力
3.如图所示是自行车的示意图，根据你对自行车的认识，以下对自行车的设计和进行的操作，哪个是为了减小摩擦( )
A. 自行车轮胎上的花纹 B. 自行车脚踏板上的花纹
C. 自行车车轮转轴内的小滚珠 D. 要让自行车更快地停下来，可以用力捏闸
4.下列现象中主要利用了大气压强的是( )
A. 蚊子尖尖的口器
B. 液体从容器侧壁的孔中喷出
C. 用吸管吸饮料
D. 口吹硬币跳越木块
5.如图卫星沿椭圆轨道绕地球运行，离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点，它在大气层外运行，不受空气阻力，则下列说法正确的是( )
A. 卫星从远地点运行到近地点，重力势能减小，动能增大，机械能守恒
B. 卫星从远地点运行到近地点，重力势能增大，动能减小，机械能守恒
C. 卫星从近地点运行到远地点，重力势能增大，动能增大，机械能不守恒
D. 卫星从近地点运行到远地点、重力势能减小，动能减小，机械能不守恒
6.如图所示简单机械，在使用时费力的是( )
A. 理发用的剪刀 B. 剪铁丝的钳子
C. 旗杆顶的定滑轮 D. 起重机的动滑轮
7.如图所示，一个边长为10cm的正方体竖直悬浮在某液体中，上表面受到液体的压力F1为5N，下表面受到液体的压力F2为13N(g取10N/kg)。下列说法正确的是( )
A. 正方体受到的浮力为8N
B. 液体的密度为0.8×103kg/m3
C. 正方体上表面到液面的距离h=5cm
D. 液体对物体下表面的压强为1.3×103Pa
8.如图所示是一种拉杆行李箱的简图，OA为可伸缩拉杆(重力可忽略)，把箱体和拉杆OA看成一个整体。以滚轮圆心为支点O，小明在拉杆端点A处施加始终垂直于拉杆的力F。则在他使用行李箱时，下列说法正确的是( )
A. 该行李箱是一个省力杠杆
B. 小明在拖动行李箱时总是先拉出上方的拉杆，这样可以增大动力臂，从而达到省距离目的
C. 若小明使箱体从图示位置绕O点缓慢逆时针转至接近竖直位置，则此过程中力F大小始终不变
D. 拉杆的手柄做的比较宽大是为了减小压强
9.如图所示的实例中，有力对下面加“⋅”的物体做功的是( )
A. 小明用力推小车，没有推动
B. 叉车把货物从地面提升到一定高度
C. 运动员用力将杠铃举起
D. 小明提着滑板在水平路面前行
10.如图所示，甲、乙是由相同的滑轮组装的滑轮组，小明和小亮分别用甲、乙两装置在相等时间内将质量相等的重物匀速提升相同的高度。若空气阻力、摩擦、滑轮和绳子的重力均不计，下列说法正确的是( )
A. 小明所用的拉力等于小亮所用的拉力
B. 小亮拉绳子的速度是小明拉绳子速度的2倍
C. 小明拉力的功率大于小亮拉力的功率
D. 若考虑滑轮重力，图甲装置的机械效率比图乙的大
11.如图所示，将一个椭圆形厚壁玻璃瓶装满水，把细玻璃管通过带孔的橡皮塞插入瓶中，用戴着隔热手套的双手用力捏厚壁玻璃瓶，可以观察到细管中水面高度______ (选填“升高”或“降低”)，这一现象说明力可以改变物体的______ (选填“形状”或“运动状态”)。
12.如图为一种“水上飞行器”的精彩表演，其原理是“飞行器”喷射水柱的同时，水柱同时对人也有力的作用，说明力的作用是______ 的；通过操纵水柱喷射的方向，人可以实现悬停、翻滚、飞行等各种复杂的动作，说明力的作用效果与力的______ 有关。
13.某款擦窗机器人如图所示，它的“腹部”有吸盘，当真空泵将吸盘内的空气向外抽出时，由于______的作用，它能牢牢地吸附在竖直玻璃上；若擦窗机器人的总质量为1.1kg，当它吸附在竖直玻璃上处于静止时，受到的摩擦力为______ N。(g=10N/kg)
14.如图甲所示，密闭的容器中装有一定量的水，静止在水平桌面上，水对容器底的压力为F甲，容器对桌面的压强为p甲；若把该容器倒放在该桌面上，如图乙所示，水对容器底的压力为F乙，容器对桌面的压强为p乙，则F甲______F乙，p甲______p乙.(选填>、<、=)。
15.如图所示，一艘航母停在水面上，当航母上的一艘舰载机飞离航母后，则航母将______(选填“上浮一些”或“下沉一些”)，所受浮力______(选填“增大”、“减小”或“不变”)。
16.如图甲是我国自主研发的“极目一号”Ⅲ型浮空艇，其内部有两个气囊，主气囊内充满氦气(密度小于空气)，副气囊内充有空气。当驻空的浮空艇要上浮时，排出副气囊内的部分空气，使浮空艇受到的重力______ 浮力，实现上浮。图乙是国产大飞机C919，飞机在空中飞行时，机翼上表面的空气流速大，压强______ ，机翼的上下表面形成压力差，使飞机获得升力。
17.如图甲所示，用扳手拧螺帽时，图______ (选填“A”或“B”)的握法更有利于拧紧或松开螺帽，原因是动力臂更______ (选填“长”或“短”)。如图乙所示的螺丝刀也是一种简单机械，叫轮轴，手柄______ (选填“粗”或“细”)一些的螺丝刀用起来更省力。
18.一建筑工人用100N的水平推力推小车，使小车在水平地面上匀速前进了2m，小车受到的阻力为______ N。撤去推力，小车仍然能继续向前运动1m，在小车前进3m的过程中，工人对小车做的功为______ J，支持力做功______ J。
19.如图甲所示，在一个底面积为500cm2的足够高的圆柱体容器中装了50N的水，现在将一实心长方体物块悬挂于弹簧测力计下，物块下表面刚好与水面接触，从此处匀速向下放物块，直至浸没(物块未与容器底接触)于水中的过程中，弹簧测力计示数F与物块下表面浸入水中深度h的关系如图乙所示。已知ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
(1)物块浸没时受到的浮力多大？
(2)物块的密度是多少？
(3)如果不计容器的自重，当物块完全浸没在水中，且物块没有到达容器底部时，容器对水平桌面的压强多大？
20.如图所示，某工人利用滑轮组将一个重为900N的货箱在6s内匀速提升3m。此过程中，绳子自由端所受的拉力为F，滑轮组的机械效率为75%。求：
(1)有用功是多少？
(2)拉力F是多少？
21.植树节当天，学校初二年级开展植树活动。同学们分工合作，如图甲，小高正在用铁锹铲土。将铁锹视为杠杆，O为支点，请在图乙中画出：
(1)手在A处施加的最小动力F的示意图；
(2)F的力臂L。
22.在研究“阻力对物体运动的影响”的实验中，让小车从同一斜面和同一高度处静止开始下滑，小车分别停在如图所示的位置。
(1)让小车从斜面同一高度滑下的目的是：使小车到斜面低端的______相同。
(2)结论：表面越光滑，小车受到的阻力越小，它运动得______。
(3)推理：如果表面绝对光滑，小车受到的阻力为零，它将永远做______。
(4)通过实验探究后，对牛顿第一定律的知识有更深一层次的理解；力不是维持物体运动状态原因，而是______物体运动状态的原因。
23.在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小明选择了如下器材：长木板、长方体木块(各表面粗糙程度相同)、砝码、弹簧测力计等。
(1)实验中用弹簧测力计沿水平方向拉动放置在长木板上的木块，使其做______ 运动，此时弹簧测力计的示数等于木块所受滑动摩擦力的大小；
(2)如图所示是小明的操作方案，他将得到的实验数据记录如下表：
实验情景
甲
乙
测力计示数/N
2
3
比较甲、乙两次实验可知，在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越小，滑动摩擦力______ (选填“越大”或“越小”)。
24.如图所示是“研究液体内部的压强”的实验装置，各容器内液面高度相同。
(1)探头上的薄膜所受压强的大小是通过U形管左右两侧液面的______ 来反映的；
(2)比较甲、乙实验可知：在同种液体的同一深度，液体内部向各个方向的压强大小______ ；甲、丙实验说明，在深度相同时，液体的密度越大，液体内部压强______ (选填“越大”或“越小”)(已知ρ水<ρ盐水)；
(3)图甲中，水对探头上的薄膜产生的压强大小为______ Pa。(ρ水=1.0×103kg/m3,g取10N/kg)
25.如图所示是“探究浮力的大小跟排开液体所受重力的关系”的实验的部分操作过程：
(1)图甲、乙、丙、丁中液体均为水，物体均为同一圆柱体，其中图甲中物体下表面刚好与水面接触，图丁中圆柱体与容器底部没有紧密贴合，则图丁中圆柱体所受浮力为______ N；
(2)换用盐水或酒精重复甲、丙实验，可以探究浮力大小跟______ 的关系；
(3)要探究浮力大小和排开液体的重力的关系，还应进行的实验操作是______ 。
26.小明利用如图所示装置做“探究杠杆的平衡条件”的实验。
(1)若实验前杠杆静止如图甲所示，可将杠杆两端的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节，使杠杆在水平位置平衡。杠杆在水平位置平衡的目的是便于测量______ ；
(2)若在杠杆两端加挂钩码，并移动钩码的位置，使杠杆在水平位置平衡，测出力臂，多次实验，并将实验数据记录在下表中。根据以下实验数据可以得出杠杆的平衡条件是：______ ；
次数
F1/N
L1/cm
F2/N
L2/cm
1
1
10
2
5
2
2
10
1
20
3
2
15
3
10
(3)如图乙所示，杠杆调节平衡后，小明在杠杆上的A点下方挂4个钩码，为使杠杆在水平位置重新平衡，应在B点下方挂______ 个钩码；
(4)当杠杆平衡后，将A点和B点下方所挂的钩码同时向支点O靠近移一格，杠杆______ (选填“左侧下降”、“右侧下降”或“仍水平平衡”)；
(5)如图丙所示，用弹簧测力计在C点处竖直向上拉，使杠杆在水平位置平衡，当弹簧测力计在原位置逐渐向左倾斜至虚线所示位置时，为使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
27.在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验，如图所示，若让钢球从光滑的同一斜面上由静止滚下，撞击放在粗糙的水平面上的木块，使木块滑动。(已知s乙
(1)小明通过观察______ 来判断钢球的动能大小，这是通过______ (选填“控制变量法”或“转换法”)来研究物理问题；
(2)钢球沿光滑的斜面向下滚动的过程中，钢球的______ 能转化为动能，其机械能______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)；
(3)分析比较图甲、丙两次实验，是为了探究物体动能大小与其______ 的关系；
(4)分析比较______ 两次实验可得出的结论是：物体的质量一定时，______ 越大，动能越大。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】小球出手之前，和手一起运动，抛出的小球，不再受到手的推力，由于惯性保持原来的运动状态，继续前进。小球出手前后都受到重力作用，重力改变了小球的运动方向和速度，运动状态不断发生改变。
故选：C。
(1)抛出的物体不再受到手的推力的作用，物体由于惯性要保持原来的运动状态。
(2)地面附近的物体受到重力的作用。
(3)物体的运动速度和运动方向的变化都属于运动状态的改变。
(1)掌握抛出的物体不再受到手的作用，这个问题学生容易错误理解成还在受到手的作用。
(2)掌握物体由于惯性保持原来的运动状态。
(3)掌握地面附近的物体都受到重力作用。
(4)掌握物体运动状态的改变保持物体运动速度的变化和方向的变化。
2.【答案】D
【解析】解：A、惯性的大小只与物体的质量有关，儿童奔跑时质量不变，所以惯性大小不变，更不会消失，故A错误；
B、对风筝进行受力分析可知，风筝受到的拉力、风力和自身重力作用，故B错误；
C、儿童鞋的鞋底有凹凸不平的花纹，这是为了在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C错误；
D、线对风筝的拉力和风筝对线的拉力，二力的大小相等、方向相反、在同一直线上，作用在两个物体上，是一对相互作用力，故D正确。
故选：D。
(1)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，惯性的大小只与物体的质量有关；
(2)对风筝进行受力分析即可解答；
(3)摩擦力大小跟压力大小和接触面的粗糙程度有关；
(4)相互作用力的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、作用于两个不同的物体上。
本题考查了物体的受力分析、惯性、增大摩擦力的方法、平衡力和相互作用力的区分等知识，是一道综合题，但难度不大。
3.【答案】C
【解析】解：A、自行车轮胎的花纹，增加了接触面的粗糙程度，是为了增大摩擦力；故A不符合题意
B、自行车脚踏板上的花纹，增加了接触面的粗糙程度，是为了增大摩擦力；故B不符合题意
C、自行车车轮转轴内的小滚珠，变滑动为滚动，减小磨损和阻力，减小了摩擦力，故C符合题意；
D、要让自行车更快地停下来，可以用力捏闸是通过增大压力来增大摩擦力的；故D不符合题意。
故选：C。
减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；用滑动代替滚动。
本题主要考查了生活中增大和减小摩擦的方法，能将具体方法与应用实例相结合，是解答的关键。
4.【答案】C
【解析】解：A、蚊子尖尖的口器插入皮肤，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的，没有利用大气压，故A不符合题意；
B、水从瓶子侧壁的孔喷出利用的是液体对容器侧壁有压强，没有利用大气压，故B不符合题意；
C、用吸管吸饮料是利用了大气压的作用，故C符合题意；
D、紧贴硬币上表面使劲吹气使硬币上方的空气流速大，压强变小，硬币下方的空气流速小，压强大，硬币受到一个竖直向上的压力差，因此硬币就“跳”过了木块，利用了流体压强与流速关系，故D不符合题意。
故选：C。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
(2)液体内部存在压强，压强随深度的增加而增大。
(3)当用口吸吸管时，口内气压减小，小于外界大气压，大气压压着饮料进入口中。
(4)液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体的流速越大的地方，压强越小；流速越小的地方，压强越大。
此题考查与压强相关的物理知识，属于力学中的重点内容，也是中考必考的内容，应该熟练掌握。
5.【答案】A
【解析】解：
AB、卫星在大气层外运行，不受空气阻力，其机械能是守恒的；卫星从远地点运行到近地点过程中，质量不变，相对高度减小，所以重力势能减小，同时速度增大，动能增大，故A正确、B错误；
CD、卫星从近地点运行到远地点过程中，相对高度增大，所以重力势能增大，同时速度减小，动能减小，机械能守恒，故CD错误。
故选：A。
机械能包括动能和势能，物体动能和势能的变化会引起机械能的变化；
动能与质量和速度有关，质量越大、速度越大，则动能越大；
重力势能与质量和高度有关，质量越大、高度越大，则重力势能越大。
解答本题需要掌握动能、势能大小的影响因素。同时知道卫星在绕地球运动时，不受空气阻力，机械能没有损耗，机械能是守恒的。
6.【答案】A
【解析】解：A、理发用的剪刀在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A正确；
B、剪铁丝的钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B错误；
C、旗杆顶的定滑在使用过程中，动力臂等于阻力臂，不省力，也不费力，故C错误；
D、用动滑轮提升重物的过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D错误；
故选：A。
当杠杆的动力臂大于阻力臂时，杠杆是省力杠杆；当杠杆的动力臂小于阻力臂时，杠杆是费力杠杆，结合生活经验，联系生活经验，在使用时是省力还是费力，由此也可进行判断
这类题目可通过比较动力臂和阻力臂的大小关系来判断是什么类型的杠杆。
7.【答案】ABD
【解析】解：A、由浮力产生的原因可得，正方体受到的浮力F浮=F2−F1=13N−5N=8N，故A正确；
B、因物体悬浮时排开液体的体积和自身的体积相等，
所以物体排开液体的体积V排=V=L3=(10cm)3=1000cm3=1×10−3m3，
由F浮=ρ液gV排可得，液体的密度ρ液=F浮gV排=8N10N/kg×1×10−3m3=0.8×103kg/m3，故B正确；
C、正方体的上表面积S=L2=(10cm)2=100cm2=1×10−2m2，
正方体上表面受到的压强p1=F1S=5N1×10−2m2=500Pa，
由p=ρ液gh可得，正方体上表面所处的深度h1=p1ρ液g=500Pa0.8×103kg/m3×10N/kg=0.0625m=6.25cm，故C错误；
D、正方体下表面的深度h2=h1+L=6.25cm+10cm=16.25cm=0.1625m，
液体对物体下表面的压强p2=ρ液gh2=0.8×103kg/m3×10N/kg×0.1625m=1.3×103Pa，故D正确。
故选：ABD。
(1)知道正方体上、下表面受到液体的压力，根据浮力产生的原因F浮=F向上−F向下求出正方体受到的浮力；
(2)物体悬浮时排开液体的体积和自身的体积相等，根据V=L3求出其体积即为排开液体的体积，根据F浮=ρ液gV排求出液体的密度；
(3)根据S=L2求出正方体的上表面积，根据p=FS求出液体对正方体上表面的压强，利用p=ρ液gh求出正方体上表面到液面的距离；
(4)正方体下表面的深度等于正方体上表面的深度加上正方体的边长，根据p=ρ液gh求出液体对物体下表面的压强。
本题考查了浮力产生的原因和阿基米德原理、固体压强公式、液体压强公式的应用，要注意物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等。
8.【答案】AD
【解析】解：A、由图可知，杠杆在使用的过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A正确；
B、拖动行李箱时拉出行李箱上方的拉杆，行李箱的重以及重力的力臂不变，拉力的力臂变大，根据杠杆平衡条件可知，拉力减小，即拉出行李箱上方的拉杆的目的是增大动力臂，省力但费距离，故B错误；
C、如下图所示：
对拉杆产生的阻力是重力对拉杆的压力，则F2=Gcosθ，阻力臂为OB，θ为拉杆与水平面之间的夹角，由于在拉杆端点A处施加一垂直拉杆的力F，动力臂为OA，根据杠杆的平衡条件可得：F⋅OA=F2⋅OB，即：
F⋅OA=Gcosθ⋅OB，θ变大，则cosθ会变小，所以力F将变小，故C错误；
D.手柄A的位置做的比较宽大，这是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D正确。
故选：AD。
(1)根据动力臂和阻力臂的大小关系判定杠杆的类型；
(2)根据杠杆平衡的条件，F1L1=F2L2，可知当阻力与阻力臂不变时，动力臂越大，动力越小，越省力；
(3)根据杠杆的平衡条件、F的方向分析F大小的变化；
(4)在压力一定的情况下，增大受力面积可以减小压强。
本题考查了学生对杠杆平衡条件、减小压强的方法的了解和掌握，难度不大。
9.【答案】BC
【解析】解：A、小明用力推小车，没有推动，有力作用在小车上，但小车没有在力的方向上移动距离，所以小明对小车不做功，故A不符合题意；
B、叉车把货物从地面提升到一定高度，叉车对货物施加了力，货物在力的方向上通过了距离，所以叉车对货物做了功，故B符合题意；
C、运动员用力将杠铃举起，运动员给杠铃一个向上的力，杠铃在力的方向上通过了距离，所以运动员对杠铃做了功，故C符合题意；
D、小明提着滑板在水平路面前行，人施加的力方向向上，而滑板在水平方向通过了距离，所以小明对滑板不做功，故D不符合题意。
故选：BC。
做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可。
明确三种不做功的情况：一是有力没距离；二是有距离没力；三是有力有距离，但力的方向与通过距离相互垂直。
10.【答案】BD
【解析】解：由在相等时间内将质量相等的重物匀速提升相同的高度，知其重物重力相同(设其大小为G)，物体升高的速度相同(设其大小为v)，
(1)对于图甲，因为两个都是定滑轮，空气阻力、摩擦、滑轮和绳子的质量均不计，所以F甲=G，绳子的速度v甲=v；
拉力功率P甲=F甲v甲=Gv；如果考虑滑轮质量，但空气阻力、摩擦、绳子的质量均不计，该装置的额外功为0，η甲=100%；
(2)对于图乙，因为是一个定滑轮、一个动滑轮，n=2，空气阻力、摩擦、滑轮和绳子的质量均不计，所以F乙=12G，绳子的速度v乙=2v；拉力功率P乙=F乙v乙=12G×2v=Gv；如果考虑滑轮质量，空气阻力、摩擦、绳子的质量均不计，该装置的额外功>0，η乙<100%；
由以上分析可知：
A、小明的拉力是小亮的拉力的2倍，故A错误；
B、小亮拉绳子的速度是小明拉绳子速度的2倍，故B正确；
C、小明拉力的功率等于小亮拉力的功率，故C错误；
D、如果考虑滑轮质量，图甲装置的机械效率比图乙的大，故D正确。
故选：BD。
空气阻力、摩擦、滑轮和绳子的质量均不计，分别求出拉力F、绳子自由端移动的速度、拉力的功率，以及考虑滑轮质量时滑轮组的机械效率，通过比较进行判断。
本题是选择题，实质是一综合计算题，考查了两种滑轮组拉力、拉力功率、机械效率、拉力移动速度的计算，要求灵活运用滑轮组的特点、功率公式。
11.【答案】升高 形状
【解析】解：
沿着不同方向捏厚玻璃瓶，瓶子发生微小形变，容积变小，水的体积不变，故细管中水面高度上升；用力捏玻璃瓶，玻璃瓶的形状发生了变化，说明力可以改变物体的形状；
故答案为：升高；形状。
力的作用效果：一是力可以改变物体的形状，二是力可以改变物体的运动状态。
此题考查力的作用效果，属于基本规律的考查，难度较小，是一道基础题。
12.【答案】相互 方向
【解析】解：在喷射水柱的同时，飞行器对水柱有力的作用，由于力的作用是相互的，水会给飞行器一个反作用力，所以飞行器上的人可以实现悬停、翻滚、飞行等各种复杂的动作；
通过操纵水柱喷射的方向，人可以实现悬停、翻滚、飞行等各种复杂的动作，说明力的作用效果与力的方向有关。
故选：相互；方向。
力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；力的三要素：力的大小、方向和作用点。
本题主要考查力的作用是相互的，是基础题。
13.【答案】大气压 11
【解析】解：
(1)真空泵将吸盘内的空气向外抽出时，所以吸盘内的气压小于外界大气压，从而使吸盘吸附在玻璃上，因此是大气压的作用；
(2)擦窗机器人在竖直玻璃板上静止时，处于平衡状态，竖直方向受到的重力和摩擦力是一对平衡力，平衡力大小相等，即f=G=mg=1.1kg×10N/kg=11N。
故答案为：大气压；11。
(1)吸盘能吸在玻璃上是由于大气压强的作用；
(2)物体静止时处于平衡状态，受到的力为平衡力。
本题考查了大气压的存在、二力平衡的应用，难度适中。
14.【答案】><
【解析】解：把该容器正放在该桌面上，杯中的水柱是上细下粗的，所以容器底受到的压力大于杯中水的重力；
把该容器倒放在该桌面上，杯中的水柱是上粗下细的，一部分水压的是容器侧壁，所以容器底受到的压力小于杯中水的重力；
所以有F甲>F乙；
因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，把该容器倒放在该桌面上，容器对水平桌面的压力不变，
因容器倒放时受力面积变小，所以，由p=FS可知，容器对水平桌面的压强变大；即p甲
(1)水对容器底面的压力，可以根据水产生的压力和水重力的关系进行分析。
(2)水平面上物体的压力和自身的重力相等，由图可知受力面积的变化，根据p=FS可知容器对水平桌面的压强变化。
此题考查液体压强的计算、压强的大小比较，关键是知道静止在水平面上的物体对水平面的压力等于其自身重力。同时会根据容器形状判断内部液体对容器底部的压力和重力的关系。
15.【答案】上浮一些 减小
【解析】解：舰载机飞离后，航母仍漂浮，但自重G减小因为F浮′=G′，所以航母所受浮力减小；
由F浮=ρ水V排g可知，因为浮力减小，所以排开水的体积要减小，航母将上浮一些。
故答案为：上浮一些；减小。
航母上的舰载机飞离后，航母自重减小，因航母仍漂浮，受到的浮力减小，根据阿基米德原理判断上浮还是下沉。
本题综合利用了浮沉条件(漂浮条件)和阿基米德原理，要求灵活运用，难易适中。
16.【答案】小于 小
【解析】解：当驻空的浮空艇要上浮时，排出副气囊内的部分空气，飞艇所受浮力不变，重力减小，使浮空艇受到的重力小于浮力，实现上浮；
飞机机翼表面呈明显的弧度结构，可使飞机在运动过程中机翼上表面的空气流速大，压强小，而下方空气流速小，压强大，从而形成向上的升力；
故答案为：小于；小。
(1)浮空艇上升时所受浮力大于重力；
(2)根据流体压强与流速的关系可判断机翼上表面的压强大小。
本题考查物体的浮沉条件，难度不大。
17.【答案】B 长 粗
【解析】解：通过对比图A和B知道，对于同一螺帽，阻力和阻力臂是一定的，而B图中的动力臂要大于A图中的动力臂，所以B图所用动力更小。
螺丝刀手柄属于轮轴中的轮，同样的轴，轮越大就越省力，因此手柄粗一些的螺丝刀用起来更省力。
故答案为：B；长；粗。
杠杆在阻力臂不变的情况下，动力臂越长越省力；轮轴中的轮越大越省力。
本题考查了杠杆、轮轴的知识点，相对比较基础，同学们要注意各自的特点。
18.【答案】100 0 0
【解析】解：(1)因为小车在水平地面上做匀速运动，受到的推力、阻力是一对平衡力，大小相等，
所以小车受到的阻力：f=F=100N；
(2)撤去推力，小车由于惯性继续向前运动，工人不再对小车用力，工人对小车不做功，即做功为0J；
小车水平运动，在支持力的方向上没有移动距离，支持力对小车不做功，即做功为0J。
故答案为：100；0；0。
(1)小车在水平地面上做匀速运动，受到的推力、阻力是一对平衡力，大小相等，方向相反；
(2)物体具有保持原来运动状态不变的性质叫惯性；做功的必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动的距离，据此判断工人、支持力是否做功。
本题考查功的计算、二力平衡条件的应用，要明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)，三是力的方向与运动方向垂直。
19.【答案】解：(1)由图乙可知，物体未浸入水中时，弹簧测力计的示数为25N，等于物体受到的重力，
所以物体重力G=25N，
当h=4cm时，物体刚好浸没，此时弹簧测力计的示数为F=15N，
则物块浸没时受到的浮力F浮=G−F=25N−15N=10N；
(2)物由G=mg可知，物体的质量：m=G物g=25N10N/kg=2.5kg；
由F浮=G排=ρ水gV排可知，物块排开的水的体积：
V=V排=F浮ρ水g=10N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10−3m3；
因为浸没所以V=V排，物体的密度为：
ρ=mV=2.5kg1×10−3m3=2.5×103kg/m3；
(3)物体完全浸没在水中受到水向上的浮力F浮=10N，力的作用是相互的，物块对水向下的作用力为10N，
所以物体没有到达容器底部时，容器对水平桌面的压力为F压=10N+50N=60N，
容器对水平桌面的压强p=F压S=60N500×10−4m2=1.2×103Pa。
答：(1)物块浸没时受到的浮力为10N；
(2)物块的密度为2.5×103kg/m3；
(3)容器对水平桌面的压强为1.2×103Pa。
【解析】(1)由图乙可知，物体未浸入水中时，弹簧测力计的示数为25N，等于物体受到的重力，所以物体重力G=25N，当h=4cm时，物体刚好浸没，此时弹簧测力计的示数为F=15N，根据F浮=G−F得出物块浸没时受到的浮力；
(2)根据G=mg得出物体的质量，根据阿基米德原理可得物体的体积，根据密度公式得出物块的密度；
(3)根据G=mg得出容器内水的重力，已知物体完全浸没在水中受到水向上的浮力，力的作用是相互的，据此得出物块对水向下的作用力，进一步得出容器对水平桌面的压力，根据p=F压S得出容器对水平桌面的压强。
本题考查浮力、密度、压强的计算，综合性强，难度适中。
20.【答案】解：(1)有用功为：W有=Gh=900N×3m=2700J；
(2)由图可知，有3段绳子拉着动滑轮，则n=3；根据η=W有W总=GhFs=GhF×nh=GnF可知，拉力的大小为：F=Gnη=900N3×75%=400N。
答：(1)有用功是2700J；
(2)拉力F是为400N。
【解析】(1)根据W=Gh求出有用功；
(2)根据η=W有W总=GhFs=GhF×nh=GnF求出拉力的大小。
本题考查了有用功的计算、滑轮组机械效率公式的应用，是一道简单的计算题。
21.【答案】解：由分析知，用铁锹铲土时铁锹的动力臂最长时，动力最小，连接支点O和力的作用点A，以OA为力臂是最长的动力臂，由A点做OA的垂线画出最小的力F，方向向上，如图所示：
故答案为：见上图。
【解析】由杠杆的平衡条件可知：当阻力、阻力臂一定时，动力臂最长时动力最小，据此分析解答。
杠杆上，已知力的作用点时，以支点到力的作用点间距离为力臂是最长力臂；力的作用点未知时，以支点到距支点最远点间距离为力臂是最长的力臂。
22.【答案】速度 越远 匀速直线运动 改变
【解析】解：
(1)根据控制变量法，让小车从同一斜面的同一高度由静止开始滑下，是为了使小车滑到斜面底端时具有相同速度；
(2)在毛巾、棉布和木板表面中，木板表面最光滑，小车受到的阻力最小，由实验现象可知，小车在木板表面上运动的距离最远；故可以得出结论：表面越光滑，小车受到的阻力越小，它运动得越远；
(3)推理：如果表面绝对光滑，小车受到的阻力为零，它将做匀速直线运动。
(4)对牛顿第一定律的理解：力不是维持物体运动状态原因，而是改变物体运动状态的原因。
故答案为：(1)速度；(2)越远；(3)匀速直线运动；(4)改变。
(1)每次从相同高度让小车滑下是为了当它们滑到水平面上时，具有一个相同的速度；
(2)根据摩擦力大小与接触面的粗糙程度关系，就可以得出水平面光滑时摩擦力大小；分析实验现象，即可得出运动距离与摩擦力大小的关系；
(3)本实验中用到了实验加推理的方法来说明当物体所受阻力为零时物体的运动速度不会发生变化。
(4)力是改变物体运动状态的原因。
本题是一道实验题，该实验的目的是探究阻力对物体运动的影响，该实验是学习牛顿第一定律的基础。牛顿第一定律是在大量实验的基础上通过分析、概括、推理得出来的。
23.【答案】匀速直线 越小
【解析】解：(1)拉着木块在木板上做匀速直线运动时，拉力等于摩擦力；
(2)由图和表中数据可知，甲、乙两图的接触面相同，压力不同，测力计示数不同，压力越小，弹簧测力计的示数越小，滑动摩擦力就越小；
故答案为：(1)匀速直线；(2)越小。
(1)木块做匀速直线运动，此时木块处于平衡状态，受平衡力，此时拉力等于摩擦力；
(3)滑动摩擦力受压力和接触面的粗糙程度的影响，运用控制变量法进行分析。
此题是探究影响摩擦力因素的实验，考查了控制变量法和二力平衡条件的应用，注意实验的改进所具有的优点，并学习改进的方法。
24.【答案】高度差 相等 越大 1600
【解析】解：(1)探头上的薄膜所受压强是通过液体压强计U形管左右两侧液面的高度差来判断的，高度差越大，说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
(2)液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。比较甲、乙实验可知，探头上的薄膜朝向不同，薄膜在液体内部的同一深度，甲、乙中U形管左右两侧液面的高度差相等，故在液体内部的同一深度，向各个方向的压强大小相等；
甲、丙实验中，薄膜在液体内部的同一深度处，盐水的密度大于水的密度，丙中U形管左右两侧液面的高度差较大，说明液体产生压强较大，故得出深度相同时，液体的密度越大，压强越大；
(3)图甲中，探头上的薄膜的深度为：h=26cm−10cm=16cm；
水对探头上的薄膜产生的压强大小为：
p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×0.16m=1600Pa。
故答案为：(1)高度差；(2)相等；越大；(3)1600。
(1)液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
(2)液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，结合转换法分析；
(3)求出图甲中探头上的薄膜的深度，根据p=ρ水gh计算水对探头上的薄膜产生的压强大小。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法及p=ρgh的运用。
25.【答案】5 液体密度 测出空桶的重力，小桶和溢出液体的总重力
【解析】解：由甲图知，G=6N；丙图中弹簧测力计的示数F示=1N，则丙图中圆柱体受到的浮力F浮=G−F示=6N−1N=5N；
(2)换用饱和食盐水或酒精重复上述的实验，保持物体排开液体的体积相同，改变液体的密度，可以探究浮力大小跟液体密度的关系；
(3)要探究浮力大小和排开液体的重力的关系.需要测量的量有四个：物体重力、物体浸在液体中时弹簧测力计的示数、空桶的重力、小桶和溢出液体的总重力，所以还应进行的实验操作是测出空桶的重力、小桶和溢出液体的总重力。
故答案为：(1)5；(2)液体密度；(3)测出空桶的重力，小桶和溢出液体的总重力。
(1)由图甲和丙根据F浮=G−F示得出所受浮力大小；
(2)换用盐水或酒精重复甲、丙实验，物体排开液体体积相同，改变液体密度，探究的是浮力大小跟液体密度的关系；
(3)用溢水法收集物体排开的水，将溢水杯装满水，然后将物体浸入水中，用其他容器(需先测出其重力)接住溢出的水，然后再测出装有溢出的水的容器的总重力，两者之差就是物体排开水的重力。
在“探究浮力的大小”实验中，用“称量法”测出物体受到的浮力，即F浮=G−F示；用两次称重测出物体在液体中排开液体的重力，进行比较得出，物体在液体中受到的浮力，大小等干它排开的液体的重力。
26.【答案】右 力臂大小 F1L1=F2L2 6 左侧下降 变大
【解析】解：(1)图甲中实验前没挂钩码时，杠杆处于静止的平衡状态；发现杠杆右端上翘，调节时重心应向右移动，应将两端的平衡螺母向右旋一些，使杠杆在水平位置平衡；
实验过程中让杠杆在水平位置平衡，调节杠杆在水平位置平衡的目的是便于测量力臂大小；
(2)分析表格中的数据可得出杠杆平衡的条件是：F1L1=F2L2；
(3)设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：FALA=FBLB，
即4G×3L=nG×2L，解得n=6，需挂6个钩码；
(4)若A、B两点的钩码同时向靠近支点的方向移动一个格，则左侧4G×2L=8GL，右侧6G×L=6GL，因为8GL>6GL，所以杠杆左侧下降；
(5)如果作用在杠杆上的力方向不与杠杆垂直则拉力的力臂变小了，就会使得拉力变大。
故答案为：(1)右；力臂大小；(2)F1L1=F2L2；(3)6；(4)左侧下降；(5)变大。
(1)杠杆处于静止状态或匀速转动状态都为杠杆的平衡状态；在实验中使杠杆在水平位置平衡，杠杆左、右两端的螺母(或一端的螺母)向杠杆上翘的一端调节；
探究杠杆平衡条件时，杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上便于测量力臂大小；
(2)杠杆平衡的条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1L1=F2L2)；
(3)设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件进行判断；
(4)根据杠杆平衡的条件分析；
(5)如果作用在杠杆上的力方向不与杠杆垂直则该力的力臂短了，就会使得拉力变大。
本题探究杠杆的平衡条件，考查器材调试及目的、杠杆平衡条件的运用和对力臂定义的理解。
27.【答案】木块移动的距离 转换法 重力势 不变 质量 甲、乙 速度
【解析】解：(1)实验中，通过观察小球推动木块移动的距离来反映小球动能大小，采用的是转换法的思想；
(2)小球从斜面上滚下的过程中，小球的重力势能转化为小球的动能，小球从光滑斜面(摩擦力为0)上滑下，机械能保持不变；
(3)甲、丙两次实验中，不同质量小球从相同的高度释放，运动到斜面底端的速度相同，该实验探究的是小球动能与质量的关系；
(4)由图甲、乙可知，小球的质量相同，滚下的高度不同，从而到达斜面底端的速度不同，是为了研究动能的大小与其速度的关系，得出的结论是：物体的质量一定时，速度越大，它的动能越大。
故答案为：(1)木块移动的距离；转换法；(2)重力势；不变；(3)质量；(4)甲、乙；速度。
(1)该实验采用了转换法，通过比较小球推动木块移动的距离来反映小球动能的大小；
(2)小球从高处滑下，重力势能转化为动能；
(3)(4)让小球从某一高度由静止释放，使小球获得动能；动能的大小与物体的质量和速度有关，探究动能与质量关系时，控制速度不变；探究动能与速度关系时，控制质量不变。
掌握动能大小的影响因素，利用控制变量法和转换法，探究动能大小跟各因素之间的关系。
2022-2023学年辽宁省沈阳市大东区八年级（下）期末物理试卷
1.忽略空气阻力，抛出后的小球在空中运动轨迹如图所示，抛出后的小球由于( )
A. 不受力，运动状态发生改变 B. 不受力，运动状态不发生改变
C. 受到重力作用，运动状态发生改变 D. 受到推力作用，运动状态发生改变
2.《村居》诗中“儿童散学归来早，忙趁东风放纸鸢”，描绘儿童放飞风筝的画面如图所示。以下说法正确的是( )
A. 放风筝的儿童在奔跑中惯性会消失
B. 越飞越高的风筝只受到重力的作用
C. 儿童鞋底有凹凸的花纹是为了减小摩擦
D. 线对风筝的拉力和风筝对线的拉力是一对相互作用力
3.如图所示是自行车的示意图，根据你对自行车的认识，以下对自行车的设计和进行的操作，哪个是为了减小摩擦( )
A. 自行车轮胎上的花纹 B. 自行车脚踏板上的花纹
C. 自行车车轮转轴内的小滚珠 D. 要让自行车更快地停下来，可以用力捏闸
4.下列现象中主要利用了大气压强的是( )
A. 蚊子尖尖的口器
B. 液体从容器侧壁的孔中喷出
C. 用吸管吸饮料
D. 口吹硬币跳越木块
5.如图卫星沿椭圆轨道绕地球运行，离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点，它在大气层外运行，不受空气阻力，则下列说法正确的是( )
A. 卫星从远地点运行到近地点，重力势能减小，动能增大，机械能守恒
B. 卫星从远地点运行到近地点，重力势能增大，动能减小，机械能守恒
C. 卫星从近地点运行到远地点，重力势能增大，动能增大，机械能不守恒
D. 卫星从近地点运行到远地点、重力势能减小，动能减小，机械能不守恒
6.如图所示简单机械，在使用时费力的是( )
A. 理发用的剪刀 B. 剪铁丝的钳子
C. 旗杆顶的定滑轮 D. 起重机的动滑轮
7.如图所示，一个边长为10cm的正方体竖直悬浮在某液体中，上表面受到液体的压力F1为5N，下表面受到液体的压力F2为13N(g取10N/kg)。下列说法正确的是( )
A. 正方体受到的浮力为8N
B. 液体的密度为0.8×103kg/m3
C. 正方体上表面到液面的距离h=5cm
D. 液体对物体下表面的压强为1.3×103Pa
8.如图所示是一种拉杆行李箱的简图，OA为可伸缩拉杆(重力可忽略)，把箱体和拉杆OA看成一个整体。以滚轮圆心为支点O，小明在拉杆端点A处施加始终垂直于拉杆的力F。则在他使用行李箱时，下列说法正确的是( )
A. 该行李箱是一个省力杠杆
B. 小明在拖动行李箱时总是先拉出上方的拉杆，这样可以增大动力臂，从而达到省距离目的
C. 若小明使箱体从图示位置绕O点缓慢逆时针转至接近竖直位置，则此过程中力F大小始终不变
D. 拉杆的手柄做的比较宽大是为了减小压强
9.如图所示的实例中，有力对下面加“⋅”的物体做功的是( )
A. 小明用力推小车，没有推动
B. 叉车把货物从地面提升到一定高度
C. 运动员用力将杠铃举起
D. 小明提着滑板在水平路面前行
10.如图所示，甲、乙是由相同的滑轮组装的滑轮组，小明和小亮分别用甲、乙两装置在相等时间内将质量相等的重物匀速提升相同的高度。若空气阻力、摩擦、滑轮和绳子的重力均不计，下列说法正确的是( )
A. 小明所用的拉力等于小亮所用的拉力
B. 小亮拉绳子的速度是小明拉绳子速度的2倍
C. 小明拉力的功率大于小亮拉力的功率
D. 若考虑滑轮重力，图甲装置的机械效率比图乙的大
11.如图所示，将一个椭圆形厚壁玻璃瓶装满水，把细玻璃管通过带孔的橡皮塞插入瓶中，用戴着隔热手套的双手用力捏厚壁玻璃瓶，可以观察到细管中水面高度______ (选填“升高”或“降低”)，这一现象说明力可以改变物体的______ (选填“形状”或“运动状态”)。
12.如图为一种“水上飞行器”的精彩表演，其原理是“飞行器”喷射水柱的同时，水柱同时对人也有力的作用，说明力的作用是______ 的；通过操纵水柱喷射的方向，人可以实现悬停、翻滚、飞行等各种复杂的动作，说明力的作用效果与力的______ 有关。
13.某款擦窗机器人如图所示，它的“腹部”有吸盘，当真空泵将吸盘内的空气向外抽出时，由于______的作用，它能牢牢地吸附在竖直玻璃上；若擦窗机器人的总质量为1.1kg，当它吸附在竖直玻璃上处于静止时，受到的摩擦力为______ N。(g=10N/kg)
14.如图甲所示，密闭的容器中装有一定量的水，静止在水平桌面上，水对容器底的压力为F甲，容器对桌面的压强为p甲；若把该容器倒放在该桌面上，如图乙所示，水对容器底的压力为F乙，容器对桌面的压强为p乙，则F甲______F乙，p甲______p乙.(选填>、<、=)。
15.如图所示，一艘航母停在水面上，当航母上的一艘舰载机飞离航母后，则航母将______(选填“上浮一些”或“下沉一些”)，所受浮力______(选填“增大”、“减小”或“不变”)。
16.如图甲是我国自主研发的“极目一号”Ⅲ型浮空艇，其内部有两个气囊，主气囊内充满氦气(密度小于空气)，副气囊内充有空气。当驻空的浮空艇要上浮时，排出副气囊内的部分空气，使浮空艇受到的重力______ 浮力，实现上浮。图乙是国产大飞机C919，飞机在空中飞行时，机翼上表面的空气流速大，压强______ ，机翼的上下表面形成压力差，使飞机获得升力。
17.如图甲所示，用扳手拧螺帽时，图______ (选填“A”或“B”)的握法更有利于拧紧或松开螺帽，原因是动力臂更______ (选填“长”或“短”)。如图乙所示的螺丝刀也是一种简单机械，叫轮轴，手柄______ (选填“粗”或“细”)一些的螺丝刀用起来更省力。
18.一建筑工人用100N的水平推力推小车，使小车在水平地面上匀速前进了2m，小车受到的阻力为______ N。撤去推力，小车仍然能继续向前运动1m，在小车前进3m的过程中，工人对小车做的功为______ J，支持力做功______ J。
19.如图甲所示，在一个底面积为500cm2的足够高的圆柱体容器中装了50N的水，现在将一实心长方体物块悬挂于弹簧测力计下，物块下表面刚好与水面接触，从此处匀速向下放物块，直至浸没(物块未与容器底接触)于水中的过程中，弹簧测力计示数F与物块下表面浸入水中深度h的关系如图乙所示。已知ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
(1)物块浸没时受到的浮力多大？
(2)物块的密度是多少？
(3)如果不计容器的自重，当物块完全浸没在水中，且物块没有到达容器底部时，容器对水平桌面的压强多大？
20.如图所示，某工人利用滑轮组将一个重为900N的货箱在6s内匀速提升3m。此过程中，绳子自由端所受的拉力为F，滑轮组的机械效率为75%。求：
(1)有用功是多少？
(2)拉力F是多少？
21.植树节当天，学校初二年级开展植树活动。同学们分工合作，如图甲，小高正在用铁锹铲土。将铁锹视为杠杆，O为支点，请在图乙中画出：
(1)手在A处施加的最小动力F的示意图；
(2)F的力臂L。
22.在研究“阻力对物体运动的影响”的实验中，让小车从同一斜面和同一高度处静止开始下滑，小车分别停在如图所示的位置。
(1)让小车从斜面同一高度滑下的目的是：使小车到斜面低端的______相同。
(2)结论：表面越光滑，小车受到的阻力越小，它运动得______。
(3)推理：如果表面绝对光滑，小车受到的阻力为零，它将永远做______。
(4)通过实验探究后，对牛顿第一定律的知识有更深一层次的理解；力不是维持物体运动状态原因，而是______物体运动状态的原因。
23.在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小明选择了如下器材：长木板、长方体木块(各表面粗糙程度相同)、砝码、弹簧测力计等。
(1)实验中用弹簧测力计沿水平方向拉动放置在长木板上的木块，使其做______ 运动，此时弹簧测力计的示数等于木块所受滑动摩擦力的大小；
(2)如图所示是小明的操作方案，他将得到的实验数据记录如下表：
实验情景
甲
乙
测力计示数/N
2
3
比较甲、乙两次实验可知，在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越小，滑动摩擦力______ (选填“越大”或“越小”)。
24.如图所示是“研究液体内部的压强”的实验装置，各容器内液面高度相同。
(1)探头上的薄膜所受压强的大小是通过U形管左右两侧液面的______ 来反映的；
(2)比较甲、乙实验可知：在同种液体的同一深度，液体内部向各个方向的压强大小______ ；甲、丙实验说明，在深度相同时，液体的密度越大，液体内部压强______ (选填“越大”或“越小”)(已知ρ水<ρ盐水)；
(3)图甲中，水对探头上的薄膜产生的压强大小为______ Pa。(ρ水=1.0×103kg/m3,g取10N/kg)
25.如图所示是“探究浮力的大小跟排开液体所受重力的关系”的实验的部分操作过程：
(1)图甲、乙、丙、丁中液体均为水，物体均为同一圆柱体，其中图甲中物体下表面刚好与水面接触，图丁中圆柱体与容器底部没有紧密贴合，则图丁中圆柱体所受浮力为______ N；
(2)换用盐水或酒精重复甲、丙实验，可以探究浮力大小跟______ 的关系；
(3)要探究浮力大小和排开液体的重力的关系，还应进行的实验操作是______ 。
26.小明利用如图所示装置做“探究杠杆的平衡条件”的实验。
(1)若实验前杠杆静止如图甲所示，可将杠杆两端的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节，使杠杆在水平位置平衡。杠杆在水平位置平衡的目的是便于测量______ ；
(2)若在杠杆两端加挂钩码，并移动钩码的位置，使杠杆在水平位置平衡，测出力臂，多次实验，并将实验数据记录在下表中。根据以下实验数据可以得出杠杆的平衡条件是：______ ；
次数
F1/N
L1/cm
F2/N
L2/cm
1
1
10
2
5
2
2
10
1
20
3
2
15
3
10
(3)如图乙所示，杠杆调节平衡后，小明在杠杆上的A点下方挂4个钩码，为使杠杆在水平位置重新平衡，应在B点下方挂______ 个钩码；
(4)当杠杆平衡后，将A点和B点下方所挂的钩码同时向支点O靠近移一格，杠杆______ (选填“左侧下降”、“右侧下降”或“仍水平平衡”)；
(5)如图丙所示，用弹簧测力计在C点处竖直向上拉，使杠杆在水平位置平衡，当弹簧测力计在原位置逐渐向左倾斜至虚线所示位置时，为使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
27.在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验，如图所示，若让钢球从光滑的同一斜面上由静止滚下，撞击放在粗糙的水平面上的木块，使木块滑动。(已知s乙
(1)小明通过观察______ 来判断钢球的动能大小，这是通过______ (选填“控制变量法”或“转换法”)来研究物理问题；
(2)钢球沿光滑的斜面向下滚动的过程中，钢球的______ 能转化为动能，其机械能______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)；
(3)分析比较图甲、丙两次实验，是为了探究物体动能大小与其______ 的关系；
(4)分析比较______ 两次实验可得出的结论是：物体的质量一定时，______ 越大，动能越大。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】小球出手之前，和手一起运动，抛出的小球，不再受到手的推力，由于惯性保持原来的运动状态，继续前进。小球出手前后都受到重力作用，重力改变了小球的运动方向和速度，运动状态不断发生改变。
故选：C。
(1)抛出的物体不再受到手的推力的作用，物体由于惯性要保持原来的运动状态。
(2)地面附近的物体受到重力的作用。
(3)物体的运动速度和运动方向的变化都属于运动状态的改变。
(1)掌握抛出的物体不再受到手的作用，这个问题学生容易错误理解成还在受到手的作用。
(2)掌握物体由于惯性保持原来的运动状态。
(3)掌握地面附近的物体都受到重力作用。
(4)掌握物体运动状态的改变保持物体运动速度的变化和方向的变化。
2.【答案】D
【解析】解：A、惯性的大小只与物体的质量有关，儿童奔跑时质量不变，所以惯性大小不变，更不会消失，故A错误；
B、对风筝进行受力分析可知，风筝受到的拉力、风力和自身重力作用，故B错误；
C、儿童鞋的鞋底有凹凸不平的花纹，这是为了在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C错误；
D、线对风筝的拉力和风筝对线的拉力，二力的大小相等、方向相反、在同一直线上，作用在两个物体上，是一对相互作用力，故D正确。
故选：D。
(1)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，惯性的大小只与物体的质量有关；
(2)对风筝进行受力分析即可解答；
(3)摩擦力大小跟压力大小和接触面的粗糙程度有关；
(4)相互作用力的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、作用于两个不同的物体上。
本题考查了物体的受力分析、惯性、增大摩擦力的方法、平衡力和相互作用力的区分等知识，是一道综合题，但难度不大。
3.【答案】C
【解析】解：A、自行车轮胎的花纹，增加了接触面的粗糙程度，是为了增大摩擦力；故A不符合题意
B、自行车脚踏板上的花纹，增加了接触面的粗糙程度，是为了增大摩擦力；故B不符合题意
C、自行车车轮转轴内的小滚珠，变滑动为滚动，减小磨损和阻力，减小了摩擦力，故C符合题意；
D、要让自行车更快地停下来，可以用力捏闸是通过增大压力来增大摩擦力的；故D不符合题意。
故选：C。
减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；用滑动代替滚动。
本题主要考查了生活中增大和减小摩擦的方法，能将具体方法与应用实例相结合，是解答的关键。
4.【答案】C
【解析】解：A、蚊子尖尖的口器插入皮肤，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的，没有利用大气压，故A不符合题意；
B、水从瓶子侧壁的孔喷出利用的是液体对容器侧壁有压强，没有利用大气压，故B不符合题意；
C、用吸管吸饮料是利用了大气压的作用，故C符合题意；
D、紧贴硬币上表面使劲吹气使硬币上方的空气流速大，压强变小，硬币下方的空气流速小，压强大，硬币受到一个竖直向上的压力差，因此硬币就“跳”过了木块，利用了流体压强与流速关系，故D不符合题意。
故选：C。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
(2)液体内部存在压强，压强随深度的增加而增大。
(3)当用口吸吸管时，口内气压减小，小于外界大气压，大气压压着饮料进入口中。
(4)液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体的流速越大的地方，压强越小；流速越小的地方，压强越大。
此题考查与压强相关的物理知识，属于力学中的重点内容，也是中考必考的内容，应该熟练掌握。
5.【答案】A
【解析】解：
AB、卫星在大气层外运行，不受空气阻力，其机械能是守恒的；卫星从远地点运行到近地点过程中，质量不变，相对高度减小，所以重力势能减小，同时速度增大，动能增大，故A正确、B错误；
CD、卫星从近地点运行到远地点过程中，相对高度增大，所以重力势能增大，同时速度减小，动能减小，机械能守恒，故CD错误。
故选：A。
机械能包括动能和势能，物体动能和势能的变化会引起机械能的变化；
动能与质量和速度有关，质量越大、速度越大，则动能越大；
重力势能与质量和高度有关，质量越大、高度越大，则重力势能越大。
解答本题需要掌握动能、势能大小的影响因素。同时知道卫星在绕地球运动时，不受空气阻力，机械能没有损耗，机械能是守恒的。
6.【答案】A
【解析】解：A、理发用的剪刀在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A正确；
B、剪铁丝的钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B错误；
C、旗杆顶的定滑在使用过程中，动力臂等于阻力臂，不省力，也不费力，故C错误；
D、用动滑轮提升重物的过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D错误；
故选：A。
当杠杆的动力臂大于阻力臂时，杠杆是省力杠杆；当杠杆的动力臂小于阻力臂时，杠杆是费力杠杆，结合生活经验，联系生活经验，在使用时是省力还是费力，由此也可进行判断
这类题目可通过比较动力臂和阻力臂的大小关系来判断是什么类型的杠杆。
7.【答案】ABD
【解析】解：A、由浮力产生的原因可得，正方体受到的浮力F浮=F2−F1=13N−5N=8N，故A正确；
B、因物体悬浮时排开液体的体积和自身的体积相等，
所以物体排开液体的体积V排=V=L3=(10cm)3=1000cm3=1×10−3m3，
由F浮=ρ液gV排可得，液体的密度ρ液=F浮gV排=8N10N/kg×1×10−3m3=0.8×103kg/m3，故B正确；
C、正方体的上表面积S=L2=(10cm)2=100cm2=1×10−2m2，
正方体上表面受到的压强p1=F1S=5N1×10−2m2=500Pa，
由p=ρ液gh可得，正方体上表面所处的深度h1=p1ρ液g=500Pa0.8×103kg/m3×10N/kg=0.0625m=6.25cm，故C错误；
D、正方体下表面的深度h2=h1+L=6.25cm+10cm=16.25cm=0.1625m，
液体对物体下表面的压强p2=ρ液gh2=0.8×103kg/m3×10N/kg×0.1625m=1.3×103Pa，故D正确。
故选：ABD。
(1)知道正方体上、下表面受到液体的压力，根据浮力产生的原因F浮=F向上−F向下求出正方体受到的浮力；
(2)物体悬浮时排开液体的体积和自身的体积相等，根据V=L3求出其体积即为排开液体的体积，根据F浮=ρ液gV排求出液体的密度；
(3)根据S=L2求出正方体的上表面积，根据p=FS求出液体对正方体上表面的压强，利用p=ρ液gh求出正方体上表面到液面的距离；
(4)正方体下表面的深度等于正方体上表面的深度加上正方体的边长，根据p=ρ液gh求出液体对物体下表面的压强。
本题考查了浮力产生的原因和阿基米德原理、固体压强公式、液体压强公式的应用，要注意物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等。
8.【答案】AD
【解析】解：A、由图可知，杠杆在使用的过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A正确；
B、拖动行李箱时拉出行李箱上方的拉杆，行李箱的重以及重力的力臂不变，拉力的力臂变大，根据杠杆平衡条件可知，拉力减小，即拉出行李箱上方的拉杆的目的是增大动力臂，省力但费距离，故B错误；
C、如下图所示：
对拉杆产生的阻力是重力对拉杆的压力，则F2=Gcosθ，阻力臂为OB，θ为拉杆与水平面之间的夹角，由于在拉杆端点A处施加一垂直拉杆的力F，动力臂为OA，根据杠杆的平衡条件可得：F⋅OA=F2⋅OB，即：
F⋅OA=Gcosθ⋅OB，θ变大，则cosθ会变小，所以力F将变小，故C错误；
D.手柄A的位置做的比较宽大，这是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D正确。
故选：AD。
(1)根据动力臂和阻力臂的大小关系判定杠杆的类型；
(2)根据杠杆平衡的条件，F1L1=F2L2，可知当阻力与阻力臂不变时，动力臂越大，动力越小，越省力；
(3)根据杠杆的平衡条件、F的方向分析F大小的变化；
(4)在压力一定的情况下，增大受力面积可以减小压强。
本题考查了学生对杠杆平衡条件、减小压强的方法的了解和掌握，难度不大。
9.【答案】BC
【解析】解：A、小明用力推小车，没有推动，有力作用在小车上，但小车没有在力的方向上移动距离，所以小明对小车不做功，故A不符合题意；
B、叉车把货物从地面提升到一定高度，叉车对货物施加了力，货物在力的方向上通过了距离，所以叉车对货物做了功，故B符合题意；
C、运动员用力将杠铃举起，运动员给杠铃一个向上的力，杠铃在力的方向上通过了距离，所以运动员对杠铃做了功，故C符合题意；
D、小明提着滑板在水平路面前行，人施加的力方向向上，而滑板在水平方向通过了距离，所以小明对滑板不做功，故D不符合题意。
故选：BC。
做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可。
明确三种不做功的情况：一是有力没距离；二是有距离没力；三是有力有距离，但力的方向与通过距离相互垂直。
10.【答案】BD
【解析】解：由在相等时间内将质量相等的重物匀速提升相同的高度，知其重物重力相同(设其大小为G)，物体升高的速度相同(设其大小为v)，
(1)对于图甲，因为两个都是定滑轮，空气阻力、摩擦、滑轮和绳子的质量均不计，所以F甲=G，绳子的速度v甲=v；
拉力功率P甲=F甲v甲=Gv；如果考虑滑轮质量，但空气阻力、摩擦、绳子的质量均不计，该装置的额外功为0，η甲=100%；
(2)对于图乙，因为是一个定滑轮、一个动滑轮，n=2，空气阻力、摩擦、滑轮和绳子的质量均不计，所以F乙=12G，绳子的速度v乙=2v；拉力功率P乙=F乙v乙=12G×2v=Gv；如果考虑滑轮质量，空气阻力、摩擦、绳子的质量均不计，该装置的额外功>0，η乙<100%；
由以上分析可知：
A、小明的拉力是小亮的拉力的2倍，故A错误；
B、小亮拉绳子的速度是小明拉绳子速度的2倍，故B正确；
C、小明拉力的功率等于小亮拉力的功率，故C错误；
D、如果考虑滑轮质量，图甲装置的机械效率比图乙的大，故D正确。
故选：BD。
空气阻力、摩擦、滑轮和绳子的质量均不计，分别求出拉力F、绳子自由端移动的速度、拉力的功率，以及考虑滑轮质量时滑轮组的机械效率，通过比较进行判断。
本题是选择题，实质是一综合计算题，考查了两种滑轮组拉力、拉力功率、机械效率、拉力移动速度的计算，要求灵活运用滑轮组的特点、功率公式。
11.【答案】升高 形状
【解析】解：
沿着不同方向捏厚玻璃瓶，瓶子发生微小形变，容积变小，水的体积不变，故细管中水面高度上升；用力捏玻璃瓶，玻璃瓶的形状发生了变化，说明力可以改变物体的形状；
故答案为：升高；形状。
力的作用效果：一是力可以改变物体的形状，二是力可以改变物体的运动状态。
此题考查力的作用效果，属于基本规律的考查，难度较小，是一道基础题。
12.【答案】相互 方向
【解析】解：在喷射水柱的同时，飞行器对水柱有力的作用，由于力的作用是相互的，水会给飞行器一个反作用力，所以飞行器上的人可以实现悬停、翻滚、飞行等各种复杂的动作；
通过操纵水柱喷射的方向，人可以实现悬停、翻滚、飞行等各种复杂的动作，说明力的作用效果与力的方向有关。
故选：相互；方向。
力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；力的三要素：力的大小、方向和作用点。
本题主要考查力的作用是相互的，是基础题。
13.【答案】大气压 11
【解析】解：
(1)真空泵将吸盘内的空气向外抽出时，所以吸盘内的气压小于外界大气压，从而使吸盘吸附在玻璃上，因此是大气压的作用；
(2)擦窗机器人在竖直玻璃板上静止时，处于平衡状态，竖直方向受到的重力和摩擦力是一对平衡力，平衡力大小相等，即f=G=mg=1.1kg×10N/kg=11N。
故答案为：大气压；11。
(1)吸盘能吸在玻璃上是由于大气压强的作用；
(2)物体静止时处于平衡状态，受到的力为平衡力。
本题考查了大气压的存在、二力平衡的应用，难度适中。
14.【答案】><
【解析】解：把该容器正放在该桌面上，杯中的水柱是上细下粗的，所以容器底受到的压力大于杯中水的重力；
把该容器倒放在该桌面上，杯中的水柱是上粗下细的，一部分水压的是容器侧壁，所以容器底受到的压力小于杯中水的重力；
所以有F甲>F乙；
因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，把该容器倒放在该桌面上，容器对水平桌面的压力不变，
因容器倒放时受力面积变小，所以，由p=FS可知，容器对水平桌面的压强变大；即p甲
(1)水对容器底面的压力，可以根据水产生的压力和水重力的关系进行分析。
(2)水平面上物体的压力和自身的重力相等，由图可知受力面积的变化，根据p=FS可知容器对水平桌面的压强变化。
此题考查液体压强的计算、压强的大小比较，关键是知道静止在水平面上的物体对水平面的压力等于其自身重力。同时会根据容器形状判断内部液体对容器底部的压力和重力的关系。
15.【答案】上浮一些 减小
【解析】解：舰载机飞离后，航母仍漂浮，但自重G减小因为F浮′=G′，所以航母所受浮力减小；
由F浮=ρ水V排g可知，因为浮力减小，所以排开水的体积要减小，航母将上浮一些。
故答案为：上浮一些；减小。
航母上的舰载机飞离后，航母自重减小，因航母仍漂浮，受到的浮力减小，根据阿基米德原理判断上浮还是下沉。
本题综合利用了浮沉条件(漂浮条件)和阿基米德原理，要求灵活运用，难易适中。
16.【答案】小于 小
【解析】解：当驻空的浮空艇要上浮时，排出副气囊内的部分空气，飞艇所受浮力不变，重力减小，使浮空艇受到的重力小于浮力，实现上浮；
飞机机翼表面呈明显的弧度结构，可使飞机在运动过程中机翼上表面的空气流速大，压强小，而下方空气流速小，压强大，从而形成向上的升力；
故答案为：小于；小。
(1)浮空艇上升时所受浮力大于重力；
(2)根据流体压强与流速的关系可判断机翼上表面的压强大小。
本题考查物体的浮沉条件，难度不大。
17.【答案】B 长 粗
【解析】解：通过对比图A和B知道，对于同一螺帽，阻力和阻力臂是一定的，而B图中的动力臂要大于A图中的动力臂，所以B图所用动力更小。
螺丝刀手柄属于轮轴中的轮，同样的轴，轮越大就越省力，因此手柄粗一些的螺丝刀用起来更省力。
故答案为：B；长；粗。
杠杆在阻力臂不变的情况下，动力臂越长越省力；轮轴中的轮越大越省力。
本题考查了杠杆、轮轴的知识点，相对比较基础，同学们要注意各自的特点。
18.【答案】100 0 0
【解析】解：(1)因为小车在水平地面上做匀速运动，受到的推力、阻力是一对平衡力，大小相等，
所以小车受到的阻力：f=F=100N；
(2)撤去推力，小车由于惯性继续向前运动，工人不再对小车用力，工人对小车不做功，即做功为0J；
小车水平运动，在支持力的方向上没有移动距离，支持力对小车不做功，即做功为0J。
故答案为：100；0；0。
(1)小车在水平地面上做匀速运动，受到的推力、阻力是一对平衡力，大小相等，方向相反；
(2)物体具有保持原来运动状态不变的性质叫惯性；做功的必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动的距离，据此判断工人、支持力是否做功。
本题考查功的计算、二力平衡条件的应用，要明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)，三是力的方向与运动方向垂直。
19.【答案】解：(1)由图乙可知，物体未浸入水中时，弹簧测力计的示数为25N，等于物体受到的重力，
所以物体重力G=25N，
当h=4cm时，物体刚好浸没，此时弹簧测力计的示数为F=15N，
则物块浸没时受到的浮力F浮=G−F=25N−15N=10N；
(2)物由G=mg可知，物体的质量：m=G物g=25N10N/kg=2.5kg；
由F浮=G排=ρ水gV排可知，物块排开的水的体积：
V=V排=F浮ρ水g=10N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10−3m3；
因为浸没所以V=V排，物体的密度为：
ρ=mV=2.5kg1×10−3m3=2.5×103kg/m3；
(3)物体完全浸没在水中受到水向上的浮力F浮=10N，力的作用是相互的，物块对水向下的作用力为10N，
所以物体没有到达容器底部时，容器对水平桌面的压力为F压=10N+50N=60N，
容器对水平桌面的压强p=F压S=60N500×10−4m2=1.2×103Pa。
答：(1)物块浸没时受到的浮力为10N；
(2)物块的密度为2.5×103kg/m3；
(3)容器对水平桌面的压强为1.2×103Pa。
【解析】(1)由图乙可知，物体未浸入水中时，弹簧测力计的示数为25N，等于物体受到的重力，所以物体重力G=25N，当h=4cm时，物体刚好浸没，此时弹簧测力计的示数为F=15N，根据F浮=G−F得出物块浸没时受到的浮力；
(2)根据G=mg得出物体的质量，根据阿基米德原理可得物体的体积，根据密度公式得出物块的密度；
(3)根据G=mg得出容器内水的重力，已知物体完全浸没在水中受到水向上的浮力，力的作用是相互的，据此得出物块对水向下的作用力，进一步得出容器对水平桌面的压力，根据p=F压S得出容器对水平桌面的压强。
本题考查浮力、密度、压强的计算，综合性强，难度适中。
20.【答案】解：(1)有用功为：W有=Gh=900N×3m=2700J；
(2)由图可知，有3段绳子拉着动滑轮，则n=3；根据η=W有W总=GhFs=GhF×nh=GnF可知，拉力的大小为：F=Gnη=900N3×75%=400N。
答：(1)有用功是2700J；
(2)拉力F是为400N。
【解析】(1)根据W=Gh求出有用功；
(2)根据η=W有W总=GhFs=GhF×nh=GnF求出拉力的大小。
本题考查了有用功的计算、滑轮组机械效率公式的应用，是一道简单的计算题。
21.【答案】解：由分析知，用铁锹铲土时铁锹的动力臂最长时，动力最小，连接支点O和力的作用点A，以OA为力臂是最长的动力臂，由A点做OA的垂线画出最小的力F，方向向上，如图所示：
故答案为：见上图。
【解析】由杠杆的平衡条件可知：当阻力、阻力臂一定时，动力臂最长时动力最小，据此分析解答。
杠杆上，已知力的作用点时，以支点到力的作用点间距离为力臂是最长力臂；力的作用点未知时，以支点到距支点最远点间距离为力臂是最长的力臂。
22.【答案】速度 越远 匀速直线运动 改变
【解析】解：
(1)根据控制变量法，让小车从同一斜面的同一高度由静止开始滑下，是为了使小车滑到斜面底端时具有相同速度；
(2)在毛巾、棉布和木板表面中，木板表面最光滑，小车受到的阻力最小，由实验现象可知，小车在木板表面上运动的距离最远；故可以得出结论：表面越光滑，小车受到的阻力越小，它运动得越远；
(3)推理：如果表面绝对光滑，小车受到的阻力为零，它将做匀速直线运动。
(4)对牛顿第一定律的理解：力不是维持物体运动状态原因，而是改变物体运动状态的原因。
故答案为：(1)速度；(2)越远；(3)匀速直线运动；(4)改变。
(1)每次从相同高度让小车滑下是为了当它们滑到水平面上时，具有一个相同的速度；
(2)根据摩擦力大小与接触面的粗糙程度关系，就可以得出水平面光滑时摩擦力大小；分析实验现象，即可得出运动距离与摩擦力大小的关系；
(3)本实验中用到了实验加推理的方法来说明当物体所受阻力为零时物体的运动速度不会发生变化。
(4)力是改变物体运动状态的原因。
本题是一道实验题，该实验的目的是探究阻力对物体运动的影响，该实验是学习牛顿第一定律的基础。牛顿第一定律是在大量实验的基础上通过分析、概括、推理得出来的。
23.【答案】匀速直线 越小
【解析】解：(1)拉着木块在木板上做匀速直线运动时，拉力等于摩擦力；
(2)由图和表中数据可知，甲、乙两图的接触面相同，压力不同，测力计示数不同，压力越小，弹簧测力计的示数越小，滑动摩擦力就越小；
故答案为：(1)匀速直线；(2)越小。
(1)木块做匀速直线运动，此时木块处于平衡状态，受平衡力，此时拉力等于摩擦力；
(3)滑动摩擦力受压力和接触面的粗糙程度的影响，运用控制变量法进行分析。
此题是探究影响摩擦力因素的实验，考查了控制变量法和二力平衡条件的应用，注意实验的改进所具有的优点，并学习改进的方法。
24.【答案】高度差 相等 越大 1600
【解析】解：(1)探头上的薄膜所受压强是通过液体压强计U形管左右两侧液面的高度差来判断的，高度差越大，说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
(2)液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。比较甲、乙实验可知，探头上的薄膜朝向不同，薄膜在液体内部的同一深度，甲、乙中U形管左右两侧液面的高度差相等，故在液体内部的同一深度，向各个方向的压强大小相等；
甲、丙实验中，薄膜在液体内部的同一深度处，盐水的密度大于水的密度，丙中U形管左右两侧液面的高度差较大，说明液体产生压强较大，故得出深度相同时，液体的密度越大，压强越大；
(3)图甲中，探头上的薄膜的深度为：h=26cm−10cm=16cm；
水对探头上的薄膜产生的压强大小为：
p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×0.16m=1600Pa。
故答案为：(1)高度差；(2)相等；越大；(3)1600。
(1)液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
(2)液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，结合转换法分析；
(3)求出图甲中探头上的薄膜的深度，根据p=ρ水gh计算水对探头上的薄膜产生的压强大小。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法及p=ρgh的运用。
25.【答案】5 液体密度 测出空桶的重力，小桶和溢出液体的总重力
【解析】解：由甲图知，G=6N；丙图中弹簧测力计的示数F示=1N，则丙图中圆柱体受到的浮力F浮=G−F示=6N−1N=5N；
(2)换用饱和食盐水或酒精重复上述的实验，保持物体排开液体的体积相同，改变液体的密度，可以探究浮力大小跟液体密度的关系；
(3)要探究浮力大小和排开液体的重力的关系.需要测量的量有四个：物体重力、物体浸在液体中时弹簧测力计的示数、空桶的重力、小桶和溢出液体的总重力，所以还应进行的实验操作是测出空桶的重力、小桶和溢出液体的总重力。
故答案为：(1)5；(2)液体密度；(3)测出空桶的重力，小桶和溢出液体的总重力。
(1)由图甲和丙根据F浮=G−F示得出所受浮力大小；
(2)换用盐水或酒精重复甲、丙实验，物体排开液体体积相同，改变液体密度，探究的是浮力大小跟液体密度的关系；
(3)用溢水法收集物体排开的水，将溢水杯装满水，然后将物体浸入水中，用其他容器(需先测出其重力)接住溢出的水，然后再测出装有溢出的水的容器的总重力，两者之差就是物体排开水的重力。
在“探究浮力的大小”实验中，用“称量法”测出物体受到的浮力，即F浮=G−F示；用两次称重测出物体在液体中排开液体的重力，进行比较得出，物体在液体中受到的浮力，大小等干它排开的液体的重力。
26.【答案】右 力臂大小 F1L1=F2L2 6 左侧下降 变大
【解析】解：(1)图甲中实验前没挂钩码时，杠杆处于静止的平衡状态；发现杠杆右端上翘，调节时重心应向右移动，应将两端的平衡螺母向右旋一些，使杠杆在水平位置平衡；
实验过程中让杠杆在水平位置平衡，调节杠杆在水平位置平衡的目的是便于测量力臂大小；
(2)分析表格中的数据可得出杠杆平衡的条件是：F1L1=F2L2；
(3)设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：FALA=FBLB，
即4G×3L=nG×2L，解得n=6，需挂6个钩码；
(4)若A、B两点的钩码同时向靠近支点的方向移动一个格，则左侧4G×2L=8GL，右侧6G×L=6GL，因为8GL>6GL，所以杠杆左侧下降；
(5)如果作用在杠杆上的力方向不与杠杆垂直则拉力的力臂变小了，就会使得拉力变大。
故答案为：(1)右；力臂大小；(2)F1L1=F2L2；(3)6；(4)左侧下降；(5)变大。
(1)杠杆处于静止状态或匀速转动状态都为杠杆的平衡状态；在实验中使杠杆在水平位置平衡，杠杆左、右两端的螺母(或一端的螺母)向杠杆上翘的一端调节；
探究杠杆平衡条件时，杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上便于测量力臂大小；
(2)杠杆平衡的条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1L1=F2L2)；
(3)设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件进行判断；
(4)根据杠杆平衡的条件分析；
(5)如果作用在杠杆上的力方向不与杠杆垂直则该力的力臂短了，就会使得拉力变大。
本题探究杠杆的平衡条件，考查器材调试及目的、杠杆平衡条件的运用和对力臂定义的理解。
27.【答案】木块移动的距离 转换法 重力势 不变 质量 甲、乙 速度
【解析】解：(1)实验中，通过观察小球推动木块移动的距离来反映小球动能大小，采用的是转换法的思想；
(2)小球从斜面上滚下的过程中，小球的重力势能转化为小球的动能，小球从光滑斜面(摩擦力为0)上滑下，机械能保持不变；
(3)甲、丙两次实验中，不同质量小球从相同的高度释放，运动到斜面底端的速度相同，该实验探究的是小球动能与质量的关系；
(4)由图甲、乙可知，小球的质量相同，滚下的高度不同，从而到达斜面底端的速度不同，是为了研究动能的大小与其速度的关系，得出的结论是：物体的质量一定时，速度越大，它的动能越大。
故答案为：(1)木块移动的距离；转换法；(2)重力势；不变；(3)质量；(4)甲、乙；速度。
(1)该实验采用了转换法，通过比较小球推动木块移动的距离来反映小球动能的大小；
(2)小球从高处滑下，重力势能转化为动能；
(3)(4)让小球从某一高度由静止释放，使小球获得动能；动能的大小与物体的质量和速度有关，探究动能与质量关系时，控制速度不变；探究动能与速度关系时，控制质量不变。
掌握动能大小的影响因素，利用控制变量法和转换法，探究动能大小跟各因素之间的关系。
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