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辽宁省沈阳市新民市2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案）
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这是一份辽宁省沈阳市新民市2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案），共20页。试卷主要包含了 你认为下列最符合实际的是， 第24届冬奥会已经圆满落幕， 生活处处有物理， 下列说法正确的是等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年辽宁省沈阳市新民市八年级（下）期末物理试卷
1. 你认为下列最符合实际的是( )
A. 一个中学生站在地面上，对地面的压力约为200N
B. 新民仙子湖的大气压约为1.8×105Pa
C. 小明20s从一楼爬上三楼的功率约为150W
D. 把1个鸡蛋举高2m，做的功大约是50J
2. 第24届冬奥会已经圆满落幕。关于冬奥会的部分比赛项目，下列分析正确的是( )
A. 短道速滑运动员加速冲刺时受平衡力的作用
B. 冰壶运动员用毛刷擦冰让冰化成水，是为了增大摩擦
C. 滑雪运动员冲过终点后不能立即停下来是因为受到惯性的作用
D. 冰球运动员向后蹬冰面，自己就会前进，说明物体间力的作用是相互的
3. 如图所示，下列四个图中涉及到压强知识的描述正确的是( )
A. 甲图的微小压强计，是用来测量大气压强的
B. 乙图用手指压在铅笔的两端，静止时，根据两手指的凹陷程度和感觉不同，可用来探究压力的作用效果与受力面积的关系
C. 丙图用吸管从瓶中吸饮料时，是嘴的吸引力把饮料吸到嘴里的
D. 丁图茶壶的壶嘴与壶体构成连通器，壶体的水位总是比壶嘴的水位高
4. 下列是小明用学过的物理知识解释的生活现象，正确的是( )
A. 拦河大坝修成上窄下宽是由于液体内部压强随深度的增加而增加
B. 利用注射器给病人注射时，药液在大气压作用下进入人体内
C. 破窗锤的敲击端做成锥状，是通过减小受力面积来减小压强
D. 用力划船使船前进的动力的施力物体是浆
5. 关于课本中的力学实验，下列说法正确的是( )
A. “探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验，可用小车代替木块
B. “探究二力平衡的条件”实验，将小车转动一定角度是为了探究小车处于平衡状态时二力是否在同一条直线上
C. 弹簧测力计不能在没有重力的太空使用
D. 在“托里拆利实验中”，玻璃管稍微倾斜水银柱长度不变
6. 生活处处有物理。下列生活中的现象及其解释正确的是( )
A. 啄木鸟的嘴很尖细，可以减小压强，从而凿开树干，捉到躲藏在深处的虫子
B. 小球在下落过程中受到的重力越来越大
C. 珠穆朗玛峰顶的大气压强比威海市地面的大气压强大
D. 打开高速行驶的大巴车车窗时，窗帘往外飘，是因为车外空气流速大；压强小
7. 如图所示，在水平桌面上的盛水容器中漂浮一个质量分布均匀的正方体木块，若将木块露出水面的部分截去并取走，那么( )
A. 木块余下部分下沉，容器底所受水的压强增大
B. 木块余下部分上浮，容器底所受水的压强减小
C. 木块余下部分上浮，容器对桌面的压强不变
D. 木块余下部分上浮，此时受到的浮力等于木块余下部分的重力
8. 下列几个实验中是研究流体压强与流速关系的是( )
A. B.
C. D.
9. 下列说法正确的是( )
A. 做功快的机器，功率一定大
B. 做功多的机械，机械效率一定高
C. 有力对物体做功时，机械能可以保持不变
D. 运动员将篮球投出，篮球在空中运动过程中，运动员对篮球做了功
10. 重为400N的物体静止在水平地面上，当用大小为320N的竖直向上拉力拉物体时，则地面对物体的支持力是______N；当竖直向上的拉力为______N时，物体对地面的压力为零。
11. 如图所示是正在航拍的无人机，其质量为2.4kg。起飞前后，在地面上要确保四脚着地。无人机停放在水平地面上时对地面的压强是2.4×104Pa，则四脚着地总面积为______ m2(g取10N/kg)。
12. 如图所示，用手握住装有水的杯子静止在空中，杯子所受摩擦力的方向为______ ；若喝掉杯中一部分水后，仍按如图方式保持静止，则杯子所受摩擦力______ (选填“增大”“不变”或“减小”)。
13. 放在水平桌面上的薄壁圆柱形容器，底面积为1×10-2m2，将一体积为5×10-4m3的木块用细线与容器底相连浸没在水中，如图甲所示。现剪断细线后，木块上浮，静止时木块有15体积露出水面，如图乙所示。木块的密度为______ kg/m3，木块漂浮时受到的浮力______ N。
14. 利用笔芯自制密度计，同款的新笔芯和用了一半油墨的旧笔芯应该选用______ 将所选笔芯放入水中，它能漂浮在水中，在笔芯上标出水面的位置C，将笔芯放入酒精中，仍可漂浮，如图所示，该笔芯漂浮在酒精中比在水中时受到的浮力大小______ (填：“变大”“不变”“变小”)，已知酒精的密度ρ酒精=0.8g/cm3，则液面对应的位置可能是______ (填：A、B、C或D)
15. 如果把铁锨看做是费力杠杆，在图中所示的A、B、C三点中，支点是______ 点，动力作用点是______ 点．
16. 如图甲，旗杆的顶端安装着一个______滑轮，用来改变拉力的方向。如图乙，把被剪物体尽量______(选填“靠近”或“远离”)剪刀的转动轴更省力。
17. 如图所示的容器重2牛，放在水平桌面上，盛有5千克的水，容器底受到水的压力为40牛．若再加入10牛重的水，则容器对桌面增加的压力______ 10牛，水对容器底增加的压力______ 10牛(均选填“大于”、“小于”或“等于”).
18. 如图所示是一幅简单的过山车漫画，假如在以下的情形中过山车已经关闭动力系统，若在光滑轨道上滑行，从最高点A向B点滑行时，能量的转化情况是：______，用能量的观点分析，实际上过山车最后会在最低点停下来的原因是：______。
19. 阿尔及利亚海军中大到导弹护卫舰，小到导弹艇，都是中国制造，堪称中国战舰的忠实拥护者。
中国不但向其出口成品军舰，还按照阿尔及利亚海军的需求提供舰炮、防空导弹、反舰导弹等。更加难能可贵的是，中国还为阿尔及利亚援建了海军船厂，以提升其国防工业水平。目前，阿尔及利亚装备有3艘中国制造的C28A型导弹护卫舰。C28A拥有1门76毫米主舰炮、1座8联装红旗-7近程防空导弹、8枚C-803反舰导弹、2座730近防炮系统及轻型鱼雷发射装置，还能够携带一架中型舰载直升机。该型护卫舰满载排水量为2800吨，全长120米，最大宽度达14.4米，吃水深度3.87米。最大航速约为54千米/小时。(ρ海水=1.0×103kg/m3)求：
(1)护卫舰满载时受到的浮力为多少N？
(2)舰底位于水面下3.5m时，舰底受到海水的压强为多少Pa？
(3)若以最大航速匀速航行时护卫舰所受海水阻力为满载时重力的0.1倍，则护卫舰满载以最大航速匀速航行时，推力做功的功率为多少W？
20. 如图所示，斜面长s=8m，高h=3m。用平行于斜面F=50N的拉力，将重力为G=100N的物体，由斜面的底端匀速拉到顶端，用时t=10s。求：
(1)有用功W有；
(2)拉力做功的功率P；
(3)物体受到的摩擦力f；
(4)该斜面的机械效率η。
21. 如图所示为某同学“探究牛顿第一定律”的实验装置，实验中该同学先后三次将同一木块放在同一斜面上的同一高度，然后分别用不同的力推了一下木块，使其沿斜面向下运动，逐渐减小水平面的粗糙程度。观察木块移动的距离，从而得出力和运动的关系。
(1)在实验操作中有一处明显的错误是______ (不要解释错误的原因)；
(2)更正错误后进行实验，从实验中观察得出了结论：随着表面越光滑，木块在水平面上运动的距离越______ ，阻力越小，小车速度减小的越______ ；
(3)上述实验观察分析的基础上，可以推测：如果摩擦力减小为零，水平面足够长，那木块在水平面上做______ 运动。
22. 小明与同学一起利用弹簧测力计、玻璃杯、金属块、水、浓盐水等实验器材，探究浮力的大小与哪些因素有关。他们正确的进行了如图所示的实验操作：
实验次数
液体种类
金属块的重力/N
金属块浸入情况
金属块在液体中时测力计的示数/N
金属块所受浮力/N
1
水
2.7
部分
2.0
0.7
2
水
2.7
全部
1.7
1.0
3
浓盐水
2.7
全部
1.5
______
(1)根据以上实验，把表中数据填写完整：
(2)分析实验②③可得：液体密度相同，金属块排开液体的体积越大，浮力越______ ；
(3)分析实验③④可得：金属块排开液体的体积相同，液体密度越大，浮力越______ ；
(4)根据表中数据可计算出浓盐水的密度为______ kg/m3；
(5)小明完成上述实验后，找来合适的玻璃杯，倒入足够深的水，将挂在测力计上的金属块逐渐下降，但不接触容器底。绘制出了实验中测力计的示数F随物体下表面至水面深度h变化的F-h图像(图⑤)。分析图像可知：当金属块浸没水中后继续下降过程中测力计的示数______ ，这表明：浸没在水中的物体受到的浮力跟浸没的深度______ 。
23. 如图所示是“探究物体动能的大小与哪些因素有关”的实验装置。
(1)甲、乙两图中让不同质量的两个小球从同一高度滚下的目的是两球到达水平面时，具有相同的______ ；
(2)选用甲、乙两图探究的是动能与______ 的关系。
(3)选用______ 两图探究的是动能与速度的关系，得出的结论是：______ 。
(4)观察木块被撞击后移动距离的长短，是为了判断______ 。
24. 在“测量滑轮组的机械效率”的实验中，小新和小芳用如图1所示的装置进行了实验，实验数据记录如表所示，第三次实验时的拉力如图所示。
实验次数
钩码所受的重力G/N
钩码上升的高度h/cm
拉力F/N
绳自由端移动的距离s/cm
机械效率η
1
2
10
0.8
30
83.3%
2
4
10
1.5
30
②
3
6
10
①
30
*
(1)实验中应竖直向上______ 拉动弹簧测力计使钩码上升；
(2)表格中编号①的数据应为______ ；编号②的数据应为______ ；
(3)比较实验数据可得出的实验结论是：使用同样的滑轮组，提升的物体越重，滑轮组的机械效率越______ ；
(4)如果在第一次实验时，忽略绳重和摩擦，可以计算出动滑轮的重力为______ N；
(5)结合生产生活实际，用滑轮组提升重物时，下列选项中也可提高机械效率的是______ 。
A.增大绳重
B.减轻动滑轮重
C.加快物体提升的速度
(6)实验完成后，小芳又想测由四个滑轮组成的滑轮组的机械效率，请你帮助小芳在图2中完成最省力的绕绳方法。
25. 从地面上搬起重物我们的常见做法是弯腰(如图甲)或人下蹲弯曲膝盖(如图乙)把它搬起来，哪种方法好呢？下面就建立模型说明这个问题。把脊柱简化为______ ，如图丙所示，脊柱可绕骶骨(轴)O转动，腰背部复杂肌肉的等效拉力F1作用在A点，其实际作用方向与脊柱夹角为12∘且保持不变，搬箱子拉力F2作用在肩关节B点，在B点挂一重物代替箱子。用测力计沿F1方向拉，使模型静止，可测出腰背部复杂肌肉拉力的大小。接着，改变脊柱与水平面的夹角即可改变杠杆与水平面的夹角α，多次实验得出结论。
(1)请填写上边横线的空。
(2)在丙图中画出F2力臂L2。
(3)当α角增大时，L1______ (变大/不变/变小)，F1______ (变大/不变/变小)。
(4)如果考虑到人上半身的重力，那么腰背部肌肉的实际拉力将比丙图中F1要______ (大/小)。
(5)对比甲、乙两种姿势所对应丙图中的两种状态，由以上分析可得，______ (甲/乙)图中的姿势比较正确。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、一个中学生的重力约500N，站在地面上，对地面的压力约为500N，故A错误；
B、一个标准大气压约1×105Pa，新民仙子湖应该接近标准大气压，在1×105Pa左右，故B错误；
C、小明的重力约为500N，一楼到三楼的高度约h=3m×2=6m，用时约为t=20s，正常上楼的功率约为：P=Wt=Ght=500N×6m20s=150W，故C正确；
D、一个鸡蛋的质量约是50g=0.05kg，其重力G=mg=0.0.5kg×10N/kg=0.5N，把一个鸡蛋举高2m做的功，W=Gh=0.5N×2m=1J，故D错误。
故选：C。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
此题考查对生活中常见物理量的认识，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】D
【解析】解：A.运动员加速冲刺时，速度变大，处于非平衡状态，受非平衡力作用，故A错误；
B.冰壶运动员用毛刷擦冰使冰熔化成水，使冰壶与冰面分离，是为了减小摩擦，故B错误；
C.运动员不能停下来是因为运动员具有惯性，仍然要保持原来的运动状态继续前进，惯性不是力，不能说是受到惯性的作用，故C错误；
D.运动员向后蹬冰面时对冰面的力是向后的，运动员向前运动说明冰面对运动员有向前的力的作用，说明力的作用是相互的，故D正确。
故选：D。
(1)处于平衡状态的物体，保持静止或做匀速直线运动，受到平衡力的作用；
(2)减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动；
(3)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
(4)物体间力的作用是相互的，物体受到力的同时，也对另一个物体施加了力。
本题考查减小摩擦的方法、力与运动的关系、惯性、相互作用力的掌握与应用，是一道力学综合题，难度不大。
3.【答案】B
【解析】解：
A.甲图的微小压强计，是用来测量液体内部压强的，故A错误；
B. 乙图用手指压在铅笔的两端，静止时，两手指受力大小相同，受力面积不同，凹陷程度和感觉不同，可用来探究压力的作用效果与受力面积的关系，故B正确；
C. 丙图用吸管从瓶中吸饮料时，是大气压把饮料压到嘴里的，故C错误；
D. 丁图茶壶的壶嘴与壶体构成连通器，壶体的水位总是与壶嘴的水位相平，故D错误。
故选：B。
(1)液体压强跟液体密度和液体的深度有关。在液体密度一定时，液体密度越大，液体压强越大；在液体深度一定时，液体密度越大，液体的压强越大；
(2)探究压力的作用效果与受力面积是否有关，应该控制压力相等；
(3)由于大气有压强，我们才能利用细管将饮料吸到嘴里；
(4)上端开口、底部连通的容器叫连通器，在连通器中装入同种液体，液体不流动时，液面是相平的。
此题考查了连通器的应用、大气压的应用、探究压力的作用效果与那些因素有关等，是一道综合题；联系生活实际来考查物理知识，是现在中考考查知识一个很重要的方式，需要掌握其方法。
4.【答案】A
【解析】解：A、拦河大坝修成上窄下宽是由于液体内部压强随深度的增加而增加，为了能够承受更大的压强，故A正确；
B、用注射器将药液注入病人体内，是利用了手的推力，没有利用大气压的作用，故B错误；
C、破窗锤的敲击端做成锥状，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C错误；
D、要使船向前运动，应当用船桨向后划水，给水一个向后的力，水会给船桨一个向前的力，使船向前运动，使船前进的施力物体是水，这是应用了力的作用是相互的，故D错误。
故选：A。
(1)液体压强随着深度的增加而增大；
(2)注射器吸药液时利用了大气压，但将药液注入人体时是借助了手的推力；
(3)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
(4)物体间力的作用是相互的。
此题考查与压强有关的知识，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
5.【答案】B
【解析】解：A、探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，若用小车代替木块，变滑动为滚动，减小了摩擦力，从而对测量摩擦力大小带来了困难，A错误；
B、“探究二力平衡的条件”实验，将小车转动一定角度，小车在水平方向上受到两个力不在同一直线上，是为了探究小车处于平衡状态时二力是否在同一条直线上，B正确；
C、测拉力时弹簧测力计能在没有重力的太空使用，C错误；
D、在“托里拆利实验中”，玻璃管稍微倾斜水银柱长度改变，D错误。
故选：B。
(1)变滑动为滚动，减小了摩擦力，从测量的可操作性分析；
(2)将小车转动一定角度，小车在水平方向上受到两个力不在同一直线上，据此分析；
(3)在失重状态虽然重力表现不出来，但是拉力总还是有的，所以弹簧测力计仍能在失重状态下有效使用；
(4)在托里拆利实验中，玻璃管内水银柱的高度代表了外界大气压强的大小，因此，只要外界大气压不变，它的垂直高度是不会改变的；玻璃管倾斜只会改变水银柱的长度，而高度不会发生变化。
此题考查了影响滑动摩擦力大小的因素、二力平衡的条件、弹簧测力计在失重状态下有效使用、托里拆利实验等，属于基础性题目。
6.【答案】D
【解析】解：A、啄木鸟的嘴很尖细，是在压力一定的情况下，通过减小受力面积，增大压强，从而凿开树干，捉到躲藏在深处的虫子，故A错误；
B、小球在下落过程中质量不变，受到的重力不变，故B错误；
C、珠穆朗玛峰顶的高度大于威海市地面的高度，海拔越高，气压越低，因此珠穆朗玛峰顶的大气压强比威海市地面的大气压强小，故C错误；
D、看到车上窗帘往外飘，是因为车外空气流速快压强小，车内空气压强大，从而产生向外的压力差，故D正确。
故选：D。
(1)增大压强的方法：是在压力一定时，减小受力面积；是在受力面积一定时，增大压力；
(2)物体受到的重力的大小跟物体的质量成正比；
(3)气压随海拔的升度而减小；
(4)气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。
此题考查了重力、流体压强和流速的关系、增大压强的方法、大气压与高度的关系等，是一道综合性较强的题目。
7.【答案】BD
【解析】解：将露出水面的部分截去后，木块的密度不变，仍然小于水的密度，所以没入水中的那部分木块将要上浮，最终漂浮，此时受到的浮力等于木块余下部分的重力；
截取露出水面的部分后，木块重变小，因为仍漂浮，受到的浮力变小，根据F浮=ρ水v排g可知木块排开水的体积变小，容器内水位变低，水深变小，根据p=ρgh可知水对容器底的压强变小。
故选：BD。
木块漂浮，木块的密度小于水的密度，截取露出水面的部分后，木块的密度不变，根据物体的浮沉条件可知剩余木块的状态，仍为漂浮；
因为漂浮，木块的重减少，木块受到的浮力减小；由阿基米德原理可知木块排开水的体积变小，水深变小，再根据液体压强公式可得水对容器底压强的变化情况。
本题考查了学生对液体压强公式、阿基米德原理、物体的漂浮条件的掌握和运用，本题关键：一是知道截取部分木块后密度不变，二是知道木块上浮→v排变小→水深变小。
8.【答案】ABD
【解析】解：A.由图可知，用注射器向两船中间冲水时，船中间水的流速加快、压强减小，船外侧的压强使两船向中间靠拢，是研究流体压强与流速关系的实验，故A符合题意；
B.由图可知，向两张纸之间吹气，两张纸之间的空气流速加快，压强减小，在外界大气压的作用下，两张纸靠在一起，是研究流体压强与流速关系的实验，故B符合题意；
C.由图可知，杯口朝下时，由于杯内没有空气只有水，而杯内水柱产生压强远小于外界的大气压，所以纸片就被大气压给“顶”住了，这是大气压的应用，不是研究流体压强与流速关系的实验，故C不符合题意；
D.由图可知，向竖直的管口吹气，管口空气流动速度加快、压强减小，小于瓶内气压，水面在瓶内气压的作用下沿竖直管上升，是研究流体压强与流速关系的实验，故D符合题意。
故选：ABD。
流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小；流速越小的位置压强越大。
本题考查了流体压强和流速的关系，要求学生对所学的知识熟练掌握并能学以致用。
9.【答案】AC
【解析】解：A、功率是表示做功快慢的物理量，做功快，功率一定大，故A正确；
B、因为机械效率是有用功与总功的比值，做功多不一定两者比值大，故机械效率不一定高，故B错误；
C、力对物体做功，物体的机械能不一定改变，如给轮胎打气时，对打气筒做功，打气筒发热，即打气筒的内能增加，机械能不变，故C正确；
D、运动员将篮球投出，篮球在空中运动过程中，运动员对篮球没有做功，因为推力没有作用在篮球上，故D错误。
故选：AC。
(1)功率是表示做功快慢的物理量；
(2)机械效率是有用功占总功的比值；
(3)力对物体做功，物体的机械能不一定改变，如给轮胎打气时，对打气筒做功，打气筒发热，即打气筒的内能增加，机械能不变；
(4)做功需要两个必要因素：有力作用在物体上；物体在力的方向上移动一段距离。
此题主要考查学生对于力学中的功、功率和机械效率的理解和掌握，熟悉各概念是解题关键。
10.【答案】80 400
【解析】解：
重400N的物体放在水平地面上，当用320N的力竖直向上提它时提不动，物体还静止，物体受到竖直向下的重力、竖直向上的支持力、竖直向上的拉力而平衡，则地面对物体的支持力F压=F支=G-F拉=400N-320N=80N，
因拉力和重力的方向是相反的，当竖直向上的拉力F拉'=G=400N时，物体对地面的压力为零。
故答案为：80；400。
①处于平衡状态(静止或匀速直线运动状态)的物体，物体受力平衡、受合力为0；
②相互作用力大小相等、方向相反、作用在一条直线上，作用在两个不同物体上。
此题考查力压力与重力的区别，对物体进行正确的受力分析是解答此题的关键。
11.【答案】1×10-3
【解析】解：无人机停放在水平地面上时，无人机对地面的压力F=G=mg=2.4kg×10N/kg=24N；
由p=FS可得，四脚着地总面积：S=Fp=24N2.4×104Pa=1×10-3m2。
故答案为：1×10-3。
利用G=mg可求得其重力，无人机停放在水平地面上时对地面的压力等于其重力，再利用压强公式变形可求得四脚着地总面积。
本题考查了重力的计算和压强公式的灵活应用，属于基础题。
12.【答案】竖直向上 减小
【解析】解：(1)杯子被握在手中，处于静止状态，杯子在竖直方向上，受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力，这两个力是平衡力，大小相等；
(2)若喝掉杯中一部分水后，仍按如图方式保持静止，杯子受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力，仍是二力平衡，大小相等，杯子和水的重力减小，摩擦力减小。
故答案为：竖直向上；减小。
静止的物体受到平衡力的作用，根据平衡力的条件判断摩擦力的大小和方向。
本题考查了平衡力和摩擦力，属于基础题。
13.【答案】0.8×103 4
【解析】解：乙图中木块处于漂浮状态，有15体积露出水面，则V排=(1-15)V木=45V木=45×5×10-4m3=4×10-4m3，
则木块受到的浮力为：
F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×4×10-4m3=4N；
因为木块处于漂浮状态，所以木块的重力：G木=F浮=4N，
由G=mg可知木块的质量：
m木=G木g=4N10N/kg=0.4kg，
则木块的密度：
ρ木=m木V木=0.4kg5×10-4m3=0.8×103kg/m3。
故答案为：0.8×103；4。
乙图中木块漂浮在水面上，有15体积露出水面，求出排开水的体积，根据阿基米德原理求出乙图中木块受到的浮力；根据漂浮条件求出木块的重力，根据G=mg求出木块的质量，根据密度公式求出木块的密度。
本题考查了阿基米德原理、密度公式、重力公式、物体的沉浮条件的应用等知识，属于基础知识。
14.【答案】用了一半油墨的旧笔芯 不变 B
【解析】解：新笔芯的重心靠近笔芯的中间位置，放入水中时无法竖直漂浮；用了一半油墨的旧笔芯的重心在笔芯的一端，当把旧笔芯放入水中时，旧笔芯能竖直漂浮在水中；
旧笔芯在水中和酒精中处于漂浮状态，受到的浮力等于自身的重力，所以浮力相同；
笔芯漂浮时，下表面受到的压力等于浮力，浮力相同，则压力相同，设笔管的底面积为S，则V排水=SH，V排液=Sh，
根据阿基米德原理可知，ρ水gSH=ρ液gSh，所以h=ρ水ρ液H，h和ρ液是反比例函数，所以密度计刻度分布不是均匀的，液体的密度值越大，相邻刻度线之间的距离越小，所以笔芯漂浮在密度为ρ酒精=0.8g/cm3的酒精中，液面对应的位置可能是B点。
故答案为：用了一半油墨的旧笔芯；不变；B。
根据新笔芯和旧笔芯的重心分析；物体漂浮时浮力等于重力；由浮力产生的原因可知，笔芯漂浮时，下表面受到的压力等于浮力，浮力相同，根据阿基米德原理公式得出液体密度与笔芯密度的关系式，根据关系式分析对应的位置
密度计是物体的沉浮条件的实际应用，要结合阿基米德原理和沉浮条件分析有关问题：放入不同的液体，液体密度越大，排开体积越小，有一定的难度。
15.【答案】C；B
【解析】
【分析】
本题主要考查对杠杆各个要素的理解与运用．在物理学中规定硬棒绕着转动的固定点叫做支点；使杠杆转动的力叫做动力；阻碍杠杆转动的力叫做阻力。
本题的解题关键是体会铁锨的使用过程，然后依据杠杆各个要素的定义对号入座。
【解答】
把铁锨看作费力杠杆，杠杆是绕着C点转动，所以C点即为费力杠杆的支点；右手的作用力使杠杆转动，所以动力作用点为B点；A点受到的作用力阻碍杠杆的转动，所以点A位阻力作用点。
故答案为：C；B。
16.【答案】定 靠近
【解析】解：(1)国旗杆上的滑轮不随国旗一起升降为定滑轮，利用它来升国旗，可以改变施加力的方向；
(2)图中剪刀在使用过程中，在同样的情况下，往剪刀转动轴靠近，减小了阻力臂，由F1L1=F2L2可知：阻力臂L2越小，越省力，因此这样做的目的是减小阻力臂，可以省力。
故答案为：定；靠近。
(1)定滑轮的特点：使用定滑轮不省力但能改变力的方向；
(2)根据杠杆平衡条件，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，越省力。
本题主要考查学生对定滑轮工作特点以及杠杆平衡条件的应用，是一道基础题。
17.【答案】等于；小于
【解析】解：因为水平桌面上静止的物体，桌面受到的压力等于物体的重力，并且容器下窄上宽，则向容器中加入10牛重的水，则容器对桌面增加的压力等于10牛，水对容器底增加的压力小于10牛．
故答案为：等于；小于．
水平桌面上静止的物体，桌面受到的压力等于物体的重力；当容器下窄上宽时，容器底受到液体的压力小于液体的重力．
本题考查压力与重力的关系，关键明确不规则容器底受到压力与液体重力的关系．
18.【答案】重力势能转化为动能 机械能转化为内能
【解析】解：过山车已经关闭动力系统，在轨道上滑行，则从最高点A向B点滑行时，高度减小，重力势能减小，速度变大，动能变大，能量的转化情况是重力势能转化为动能；滑到底停下来时，是因为受到阻力的作用，克服摩擦力做功，机械能全部转化为内能。
故答案为：重力势能转化为动能；机械能转化为内能。
影响重力势能大小的因素是质量和高度，质量一定时，高度变小，重力势能变小；影响动能大小的因素是质量和速度，质量一定时，物体的动能越大，速度越大；
物体克服摩擦做功，机械能转化为内能。
本题综合考查了影响机械能大小的因素和能量的转化，体现了物理知识与生活的密切联系，要仔细认真分析。
19.【答案】解：(1)护卫舰满载时受到海水的浮力：
F浮=G排=m排g=2800×103kg×10N/kg=2.8×107N；
(2)舰底位于水面下3.5m时，舰底受到海水的压强：
p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×3.5m=3.5×104Pa；
(3)因护卫舰满载以最大航速匀速航行时处于漂浮状态，
所以，护卫舰的重力G=F浮=2.8×107N，
因为护卫舰满载以最大航速匀速航行时处于平衡状态，推力和受到的阻力是一对平衡力，
所以，护卫舰受到的推力：
F=f=0.1G=0.1×2.8×107N=2.8×106N，
护卫舰的最大航速v=54km/h=15m/s，
则推力的功率：
P=Wt=Fst=Fv=2.8×106N×15m/s=4.2×107W。
答：(1)护卫舰满载时受到的浮力为2.8×107N；
(2)舰底位于水面下3.5m时，舰底受到海水的压强为3.5×104Pa；
(3)护卫舰满载以最大航速匀速航行时，推力做功的功率为4.2×107W。
【解析】(1)知道护卫舰满载时排水量，根据F浮=G排=m排g求出护卫舰满载时受到的浮力；
(2)根据p=ρgh求出水下3.5m深处舰底受到海水的压强；
(3)护卫舰以最大航速匀速航行时处于漂浮状态，护卫舰的重力等于受到的浮力；护卫规满载以最大航速匀速航行时处于平衡状态，推力和受到的阻力是一对平衡力，根据F=f=0.1G求出护卫舰受到的推力，利用P=Wt=Fst=Fv求出推力的功率。
本题考查了阿基米德原理、液体压强公式、物体浮沉条件、功率公式以及二力平衡条件的应用，是一道较为简单的计算题。
20.【答案】解：(1)物体克服重力所做的有用功：
W有用=Gh=100N×3m=300J；
(2)拉力做的总功：
W总=Fs=50N×8m=400J，
拉力做功的功率：
P=W总t=400J10s=40W；
(3)物体克服摩擦力做的额外功：
W额=W总-W有用=400J-300J=100J，
由W额=fs得，物体受到的摩擦力：
f=W额s=100J8m=12.5N；
(4)该斜面的机械效率：
η=W有用W总×100%=300J400J×100%=75%。
答：(1)有用功300J；
(2)拉力做功的功率40W；
(3)物体受到的摩擦力12.5N；
(4)该斜面的机械效率75%。
【解析】(1)根据W有用=Gh求出有用功；
(2)根据W总=Fs求出总功，根据P=Wt求出功率；
(3)求出额外功，物体克服摩擦力做的功为额外功，根据W额=fs求出摩擦力；
(4)根据η=W有用W总求出机械效率。
熟练运用功的计算公式，明确总功、有用功、额外功间的关系，是解答此题的关键。
21.【答案】分别用不同的力推了一下木块，使其沿斜面向下运动 远 慢 做匀速直线
【解析】解：(1)在实验操作中有一处明显的错误是：“分别用不同的力推了一下木块，使其沿斜面向下运动”；
(2)毛巾比棉布粗糙，棉布比木板粗糙：更正错误后进行实验，从实验中观察得出了结论：随着表面越光滑，木块在水平面上运动的距离越远，阻力越小，小车速度减小的越慢；
(3)在上述实验观察分析的基础上，可以推测：如果摩擦力减小为零，水平面足够长，那木块在水平面上的速度既不减小，也不增加，运动方向也不发生变化，木块将做匀速直线运动。
故答案为：(1)分别用不同的力推了一下木块，使其沿斜面向下运动；(2)远；慢；(3)做匀速直线运动。
(1)探究牛顿第一定律，要使物体从同一高度由静止下滑，确保水平面上的速度相同；
(2)表面越光滑，木块在水平面上运动的距离越远，阻力越小，小车速度减小的越慢；
(3)在实验的基础上推理。
牛顿第一定律是在实验的基础上，加上科学的推理得出的，它不能用实验来验证，其原因是现实生活中没有不受外力的物体。
22.【答案】1.2大 大 1.2×103 不变 无关
【解析】解：(1)由图①、④可知，金属块的重力为2.7N，在浓盐水中弹簧测力计的示数为1.5N，
则金属块在浓盐水中受到的浮力为：F浮=G-F示=2.7N-1.5N=1.2N；
(2)分析实验②③可知，物体浸入水中的体积越大，弹簧测力计的示数越小，则物体受到的浮力越大，即液体密度相同，金属块排开液体的体积越大，浮力越大；
(3)分析实验③④可知，物体排开的液体的体积相同，液体的密度不同，弹簧测力计示数不同，液体密度越大，弹簧测力计示数越小，浮力越大，即金属块排开液体的体积相同，液体密度越大，浮力越大；
(4)根据图①和图③可得，金属块浸没在水中受到的浮力F浮水=2.7N-1.7N=1N；
由(1)可知金属块浸没在盐水中受到的浮力F浮=1.2N；
根据公式F浮=ρ液gV排可得，金属块在盐水中受到的浮力是金属块在水中受到浮力的1.2倍，
则盐水的密度是水的密度的1.2倍，所以盐水的密度ρ盐水=1.2×103kg/m3；
(5)由F-h图像可知，当金属块浸没水中后继续下降过程中测力计的示数不变，说明当金属块完全浸没在水中后继续下降过程中浮力不变，即浸没在水中的物体受到的浮力跟浸没的深度无关。
故答案为：(1)1.2；(2)大；(3)大；(4)1.2×103；(5)不变；无关。
(1)根据称重法求出金属块在浓盐水中受到的浮力；
(2)(3)浸入液体中的物体受到浮力的大小与液体的密度、排开的液体的体积有关；分析图中的相同点和不同，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论；
(4)根据金属块浸没在水中受到的浮力与浸没在盐水中受到的浮力的大小关系，由于排开的液体体积相同，根据F浮=ρ液gV排可得盐水的密度；
(5)根据测力计的示数变化得出结论。
此题是探究影响浮力大小因素的实验，主要考查了对实验数据的分析以及控制变量法的应用。
23.【答案】速度 质量 甲丙 当质量一定时，速度越大动能越大 小球动能的大小
【解析】解：(1)为了探究物体的动能与质量的关系，应该让不同质量的小球沿斜面同一高度静止滚下撞击水平板上的纸盒，这样它们到达斜面底端的速度相等；
(2)对比甲乙，高度相同，到底地面时的速度相同，质量不同，探究动能与质量的关系；
(3)探究物体的动能与速度的关系，必须控制质量相同，速度不同，即下滑的高度不同，故选甲丙，能得出的结论是：当质量一定时，速度越大动能越大；
(3)选用图乙探究的是动能与质量的关系，得出的结论是：当速度一定时，质量越大，动能越大；
(4)实验中通过观察木块被撞击后运动的距离的大小来间接判断小球动能的大小，这种研究问题的方法是转换法；
答案：(1)速度；(2)质量；(3)甲丙；当质量一定时，速度越大动能越大；(4)小球动能的大小。
实验过程要采用控制变量法，当研究动能大小与质量的关系时，要让小球沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同；当研究动能大小与速度的关系时，应选择同一小球，这样可以保证小球的质量相同。
实验中通过木块移动的距离反映动能的大小，属于转换法的应用。
本题考查了学生根据实验现象得出实验结论的能力，解决本题的关键是利用好控制变量法和转换法。
24.【答案】匀速 2.288.9%高 0.4B
【解析】解：(1)实验中应竖直向上匀速拉动弹簧测力计使钩码上升，此时系统处于平衡状态，测力计示数大小才等于拉力大小；
(2)由图知，弹簧测力计的分度值为0.1N，拉力为2.2N；
第2次实验的机械效率为：η=W有W总=GhFs=4N×0.1m1.5N×0.3m≈88.9%；
(3)实验选用的同一滑轮组，动滑轮的重力不变，由表中实验数据分析可知，同一滑轮组提升的物体越重，滑轮组的机械效率越高；
(4)根据表中数据，在第一次实验做的总功：W总1=F1s1=0.8N×0.3m=0.24J，
做的有用功：W有1=G1h=2N×0.1m=0.2J，
做的额外功：W额外=W总1-W有1=0.24J-0.2J=0.04J，
因忽略绳重和摩擦，故所做额外功是克服动滑轮重力阻力所做的功，则动滑轮的重力为：
G动=W额外h=0.04J0.1m=0.4N；
(5)A、增大绳重，增大了额外功，有用功与总功的比值变小，机械效率变小，故A错误；
B、减轻动滑轮重，减小了额外功，有用功与总功的比值变大，机械效率大，故B正确；
C、由(3)知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度无关，根据v=st可知，机械效率与物体提升的速度无关，故C错误；
故选：B。
(6)两个动滑轮、两个定滑轮最省力的绕法，承重绳子的股数为5，从定滑轮绕起，如图所示。
故答案为：(1)匀速；(2)2.2；88.9%；(3)高； (4)0.4；(5)B；(6)见解析。
(1)实验中应竖直向上匀速拉动弹簧测力计使钩码上升；
(2)由图知弹簧测力计的分度值，据此得出拉力大小；
根据η=W有W总=GhFs求出第2次实验的机械效率；
(3)分析实验中相同量和不同量，得出机械效率与变化量的关系；
(4)根据表中数据，求出第一次实验时做的总功和有用功，从而得出额外功；因忽略绳重和摩擦，故所做额外功是克服动滑轮重力阻力所做的功，据此求出动滑轮的重力；
(5)A、增大绳重，增大了额外功，据此分析；
B、减轻动滑轮重，减小了额外功，据此分析；
C、由(3)知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度无关，根据v=st分析；
(6)承重绳子股数越多越省力，根据图示滑轮组作出其绕法。
本题测量滑轮组的机械效率，考查注意事项、测力计读数、功和械效率计算、数据分析及控制变量法的运用。
25.【答案】杠杆 不变 变小 大 乙
【解析】解：(1)把脊柱简化为杠杆；
(2)延长F2作用线，由支点作其作用线的垂线，L2是其力臂。如图：
(3)由图可知：当α角增大时，力臂L2变小；由于拉力F1的方向与脊柱夹角始终为12∘，且OA这段距离不变，则O点到F1作用线的距离不变，即动力臂不变，阻力为箱子的重力不变，根据杠杆平衡条件可知，F1变小；
(4)如果考虑到人上半身的重力，由于上半身的重力会阻碍杠杆的转动，根据杠杆平衡条件可知：实际拉力将变大；
(5)比较甲、乙两种姿势可知：甲的支点太高，在搬起物体时，阻力臂减小得慢，则腰背部复杂肌肉的等效拉力F1要比较长时间的使用较大的力，所以甲姿势不正确，乙姿势比较正确。
故答案为：(1)杠杆；(2)如上图；(3)不变；变小；(4)大；(5)乙。
从地面上搬起重物我们的常见做法是弯腰(如图甲)或人下蹲弯曲膝盖(如图乙)把它搬起来，哪种方法好呢？下面就建立模型说明这个问题。把脊柱简化为杠杆如图丙所示，脊柱可绕骶骨(轴)O转动，腰背部复杂肌肉的等效拉力F1作用在A点，其实际作用方向与脊柱夹角为12∘且保持不变，搬箱子拉力F2作用在肩关节B点，在B点挂一重物代替箱子。用测力计沿F1方向拉，使模型静止，可测出腰背部复杂肌肉拉力的大小。接着，改变脊柱与水平面的夹角即可改变杠杆与水平面的夹角α，多次实验得出结论。
本题考查杠杆平衡条件的应用，关键是力臂的变化判断，所以本题应首先根据画出力臂。
2022-2023学年辽宁省沈阳市新民市八年级（下）期末物理试卷
1. 你认为下列最符合实际的是( )
A. 一个中学生站在地面上，对地面的压力约为200N
B. 新民仙子湖的大气压约为1.8×105Pa
C. 小明20s从一楼爬上三楼的功率约为150W
D. 把1个鸡蛋举高2m，做的功大约是50J
2. 第24届冬奥会已经圆满落幕。关于冬奥会的部分比赛项目，下列分析正确的是( )
A. 短道速滑运动员加速冲刺时受平衡力的作用
B. 冰壶运动员用毛刷擦冰让冰化成水，是为了增大摩擦
C. 滑雪运动员冲过终点后不能立即停下来是因为受到惯性的作用
D. 冰球运动员向后蹬冰面，自己就会前进，说明物体间力的作用是相互的
3. 如图所示，下列四个图中涉及到压强知识的描述正确的是( )
A. 甲图的微小压强计，是用来测量大气压强的
B. 乙图用手指压在铅笔的两端，静止时，根据两手指的凹陷程度和感觉不同，可用来探究压力的作用效果与受力面积的关系
C. 丙图用吸管从瓶中吸饮料时，是嘴的吸引力把饮料吸到嘴里的
D. 丁图茶壶的壶嘴与壶体构成连通器，壶体的水位总是比壶嘴的水位高
4. 下列是小明用学过的物理知识解释的生活现象，正确的是( )
A. 拦河大坝修成上窄下宽是由于液体内部压强随深度的增加而增加
B. 利用注射器给病人注射时，药液在大气压作用下进入人体内
C. 破窗锤的敲击端做成锥状，是通过减小受力面积来减小压强
D. 用力划船使船前进的动力的施力物体是浆
5. 关于课本中的力学实验，下列说法正确的是( )
A. “探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验，可用小车代替木块
B. “探究二力平衡的条件”实验，将小车转动一定角度是为了探究小车处于平衡状态时二力是否在同一条直线上
C. 弹簧测力计不能在没有重力的太空使用
D. 在“托里拆利实验中”，玻璃管稍微倾斜水银柱长度不变
6. 生活处处有物理。下列生活中的现象及其解释正确的是( )
A. 啄木鸟的嘴很尖细，可以减小压强，从而凿开树干，捉到躲藏在深处的虫子
B. 小球在下落过程中受到的重力越来越大
C. 珠穆朗玛峰顶的大气压强比威海市地面的大气压强大
D. 打开高速行驶的大巴车车窗时，窗帘往外飘，是因为车外空气流速大；压强小
7. 如图所示，在水平桌面上的盛水容器中漂浮一个质量分布均匀的正方体木块，若将木块露出水面的部分截去并取走，那么( )
A. 木块余下部分下沉，容器底所受水的压强增大
B. 木块余下部分上浮，容器底所受水的压强减小
C. 木块余下部分上浮，容器对桌面的压强不变
D. 木块余下部分上浮，此时受到的浮力等于木块余下部分的重力
8. 下列几个实验中是研究流体压强与流速关系的是( )
A. B.
C. D.
9. 下列说法正确的是( )
A. 做功快的机器，功率一定大
B. 做功多的机械，机械效率一定高
C. 有力对物体做功时，机械能可以保持不变
D. 运动员将篮球投出，篮球在空中运动过程中，运动员对篮球做了功
10. 重为400N的物体静止在水平地面上，当用大小为320N的竖直向上拉力拉物体时，则地面对物体的支持力是______N；当竖直向上的拉力为______N时，物体对地面的压力为零。
11. 如图所示是正在航拍的无人机，其质量为2.4kg。起飞前后，在地面上要确保四脚着地。无人机停放在水平地面上时对地面的压强是2.4×104Pa，则四脚着地总面积为______ m2(g取10N/kg)。
12. 如图所示，用手握住装有水的杯子静止在空中，杯子所受摩擦力的方向为______ ；若喝掉杯中一部分水后，仍按如图方式保持静止，则杯子所受摩擦力______ (选填“增大”“不变”或“减小”)。
13. 放在水平桌面上的薄壁圆柱形容器，底面积为1×10-2m2，将一体积为5×10-4m3的木块用细线与容器底相连浸没在水中，如图甲所示。现剪断细线后，木块上浮，静止时木块有15体积露出水面，如图乙所示。木块的密度为______ kg/m3，木块漂浮时受到的浮力______ N。
14. 利用笔芯自制密度计，同款的新笔芯和用了一半油墨的旧笔芯应该选用______ 将所选笔芯放入水中，它能漂浮在水中，在笔芯上标出水面的位置C，将笔芯放入酒精中，仍可漂浮，如图所示，该笔芯漂浮在酒精中比在水中时受到的浮力大小______ (填：“变大”“不变”“变小”)，已知酒精的密度ρ酒精=0.8g/cm3，则液面对应的位置可能是______ (填：A、B、C或D)
15. 如果把铁锨看做是费力杠杆，在图中所示的A、B、C三点中，支点是______ 点，动力作用点是______ 点．
16. 如图甲，旗杆的顶端安装着一个______滑轮，用来改变拉力的方向。如图乙，把被剪物体尽量______(选填“靠近”或“远离”)剪刀的转动轴更省力。
17. 如图所示的容器重2牛，放在水平桌面上，盛有5千克的水，容器底受到水的压力为40牛．若再加入10牛重的水，则容器对桌面增加的压力______ 10牛，水对容器底增加的压力______ 10牛(均选填“大于”、“小于”或“等于”).
18. 如图所示是一幅简单的过山车漫画，假如在以下的情形中过山车已经关闭动力系统，若在光滑轨道上滑行，从最高点A向B点滑行时，能量的转化情况是：______，用能量的观点分析，实际上过山车最后会在最低点停下来的原因是：______。
19. 阿尔及利亚海军中大到导弹护卫舰，小到导弹艇，都是中国制造，堪称中国战舰的忠实拥护者。
中国不但向其出口成品军舰，还按照阿尔及利亚海军的需求提供舰炮、防空导弹、反舰导弹等。更加难能可贵的是，中国还为阿尔及利亚援建了海军船厂，以提升其国防工业水平。目前，阿尔及利亚装备有3艘中国制造的C28A型导弹护卫舰。C28A拥有1门76毫米主舰炮、1座8联装红旗-7近程防空导弹、8枚C-803反舰导弹、2座730近防炮系统及轻型鱼雷发射装置，还能够携带一架中型舰载直升机。该型护卫舰满载排水量为2800吨，全长120米，最大宽度达14.4米，吃水深度3.87米。最大航速约为54千米/小时。(ρ海水=1.0×103kg/m3)求：
(1)护卫舰满载时受到的浮力为多少N？
(2)舰底位于水面下3.5m时，舰底受到海水的压强为多少Pa？
(3)若以最大航速匀速航行时护卫舰所受海水阻力为满载时重力的0.1倍，则护卫舰满载以最大航速匀速航行时，推力做功的功率为多少W？
20. 如图所示，斜面长s=8m，高h=3m。用平行于斜面F=50N的拉力，将重力为G=100N的物体，由斜面的底端匀速拉到顶端，用时t=10s。求：
(1)有用功W有；
(2)拉力做功的功率P；
(3)物体受到的摩擦力f；
(4)该斜面的机械效率η。
21. 如图所示为某同学“探究牛顿第一定律”的实验装置，实验中该同学先后三次将同一木块放在同一斜面上的同一高度，然后分别用不同的力推了一下木块，使其沿斜面向下运动，逐渐减小水平面的粗糙程度。观察木块移动的距离，从而得出力和运动的关系。
(1)在实验操作中有一处明显的错误是______ (不要解释错误的原因)；
(2)更正错误后进行实验，从实验中观察得出了结论：随着表面越光滑，木块在水平面上运动的距离越______ ，阻力越小，小车速度减小的越______ ；
(3)上述实验观察分析的基础上，可以推测：如果摩擦力减小为零，水平面足够长，那木块在水平面上做______ 运动。
22. 小明与同学一起利用弹簧测力计、玻璃杯、金属块、水、浓盐水等实验器材，探究浮力的大小与哪些因素有关。他们正确的进行了如图所示的实验操作：
实验次数
液体种类
金属块的重力/N
金属块浸入情况
金属块在液体中时测力计的示数/N
金属块所受浮力/N
1
水
2.7
部分
2.0
0.7
2
水
2.7
全部
1.7
1.0
3
浓盐水
2.7
全部
1.5
______
(1)根据以上实验，把表中数据填写完整：
(2)分析实验②③可得：液体密度相同，金属块排开液体的体积越大，浮力越______ ；
(3)分析实验③④可得：金属块排开液体的体积相同，液体密度越大，浮力越______ ；
(4)根据表中数据可计算出浓盐水的密度为______ kg/m3；
(5)小明完成上述实验后，找来合适的玻璃杯，倒入足够深的水，将挂在测力计上的金属块逐渐下降，但不接触容器底。绘制出了实验中测力计的示数F随物体下表面至水面深度h变化的F-h图像(图⑤)。分析图像可知：当金属块浸没水中后继续下降过程中测力计的示数______ ，这表明：浸没在水中的物体受到的浮力跟浸没的深度______ 。
23. 如图所示是“探究物体动能的大小与哪些因素有关”的实验装置。
(1)甲、乙两图中让不同质量的两个小球从同一高度滚下的目的是两球到达水平面时，具有相同的______ ；
(2)选用甲、乙两图探究的是动能与______ 的关系。
(3)选用______ 两图探究的是动能与速度的关系，得出的结论是：______ 。
(4)观察木块被撞击后移动距离的长短，是为了判断______ 。
24. 在“测量滑轮组的机械效率”的实验中，小新和小芳用如图1所示的装置进行了实验，实验数据记录如表所示，第三次实验时的拉力如图所示。
实验次数
钩码所受的重力G/N
钩码上升的高度h/cm
拉力F/N
绳自由端移动的距离s/cm
机械效率η
1
2
10
0.8
30
83.3%
2
4
10
1.5
30
②
3
6
10
①
30
*
(1)实验中应竖直向上______ 拉动弹簧测力计使钩码上升；
(2)表格中编号①的数据应为______ ；编号②的数据应为______ ；
(3)比较实验数据可得出的实验结论是：使用同样的滑轮组，提升的物体越重，滑轮组的机械效率越______ ；
(4)如果在第一次实验时，忽略绳重和摩擦，可以计算出动滑轮的重力为______ N；
(5)结合生产生活实际，用滑轮组提升重物时，下列选项中也可提高机械效率的是______ 。
A.增大绳重
B.减轻动滑轮重
C.加快物体提升的速度
(6)实验完成后，小芳又想测由四个滑轮组成的滑轮组的机械效率，请你帮助小芳在图2中完成最省力的绕绳方法。
25. 从地面上搬起重物我们的常见做法是弯腰(如图甲)或人下蹲弯曲膝盖(如图乙)把它搬起来，哪种方法好呢？下面就建立模型说明这个问题。把脊柱简化为______ ，如图丙所示，脊柱可绕骶骨(轴)O转动，腰背部复杂肌肉的等效拉力F1作用在A点，其实际作用方向与脊柱夹角为12∘且保持不变，搬箱子拉力F2作用在肩关节B点，在B点挂一重物代替箱子。用测力计沿F1方向拉，使模型静止，可测出腰背部复杂肌肉拉力的大小。接着，改变脊柱与水平面的夹角即可改变杠杆与水平面的夹角α，多次实验得出结论。
(1)请填写上边横线的空。
(2)在丙图中画出F2力臂L2。
(3)当α角增大时，L1______ (变大/不变/变小)，F1______ (变大/不变/变小)。
(4)如果考虑到人上半身的重力，那么腰背部肌肉的实际拉力将比丙图中F1要______ (大/小)。
(5)对比甲、乙两种姿势所对应丙图中的两种状态，由以上分析可得，______ (甲/乙)图中的姿势比较正确。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、一个中学生的重力约500N，站在地面上，对地面的压力约为500N，故A错误；
B、一个标准大气压约1×105Pa，新民仙子湖应该接近标准大气压，在1×105Pa左右，故B错误；
C、小明的重力约为500N，一楼到三楼的高度约h=3m×2=6m，用时约为t=20s，正常上楼的功率约为：P=Wt=Ght=500N×6m20s=150W，故C正确；
D、一个鸡蛋的质量约是50g=0.05kg，其重力G=mg=0.0.5kg×10N/kg=0.5N，把一个鸡蛋举高2m做的功，W=Gh=0.5N×2m=1J，故D错误。
故选：C。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
此题考查对生活中常见物理量的认识，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】D
【解析】解：A.运动员加速冲刺时，速度变大，处于非平衡状态，受非平衡力作用，故A错误；
B.冰壶运动员用毛刷擦冰使冰熔化成水，使冰壶与冰面分离，是为了减小摩擦，故B错误；
C.运动员不能停下来是因为运动员具有惯性，仍然要保持原来的运动状态继续前进，惯性不是力，不能说是受到惯性的作用，故C错误；
D.运动员向后蹬冰面时对冰面的力是向后的，运动员向前运动说明冰面对运动员有向前的力的作用，说明力的作用是相互的，故D正确。
故选：D。
(1)处于平衡状态的物体，保持静止或做匀速直线运动，受到平衡力的作用；
(2)减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动；
(3)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
(4)物体间力的作用是相互的，物体受到力的同时，也对另一个物体施加了力。
本题考查减小摩擦的方法、力与运动的关系、惯性、相互作用力的掌握与应用，是一道力学综合题，难度不大。
3.【答案】B
【解析】解：
A.甲图的微小压强计，是用来测量液体内部压强的，故A错误；
B. 乙图用手指压在铅笔的两端，静止时，两手指受力大小相同，受力面积不同，凹陷程度和感觉不同，可用来探究压力的作用效果与受力面积的关系，故B正确；
C. 丙图用吸管从瓶中吸饮料时，是大气压把饮料压到嘴里的，故C错误；
D. 丁图茶壶的壶嘴与壶体构成连通器，壶体的水位总是与壶嘴的水位相平，故D错误。
故选：B。
(1)液体压强跟液体密度和液体的深度有关。在液体密度一定时，液体密度越大，液体压强越大；在液体深度一定时，液体密度越大，液体的压强越大；
(2)探究压力的作用效果与受力面积是否有关，应该控制压力相等；
(3)由于大气有压强，我们才能利用细管将饮料吸到嘴里；
(4)上端开口、底部连通的容器叫连通器，在连通器中装入同种液体，液体不流动时，液面是相平的。
此题考查了连通器的应用、大气压的应用、探究压力的作用效果与那些因素有关等，是一道综合题；联系生活实际来考查物理知识，是现在中考考查知识一个很重要的方式，需要掌握其方法。
4.【答案】A
【解析】解：A、拦河大坝修成上窄下宽是由于液体内部压强随深度的增加而增加，为了能够承受更大的压强，故A正确；
B、用注射器将药液注入病人体内，是利用了手的推力，没有利用大气压的作用，故B错误；
C、破窗锤的敲击端做成锥状，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C错误；
D、要使船向前运动，应当用船桨向后划水，给水一个向后的力，水会给船桨一个向前的力，使船向前运动，使船前进的施力物体是水，这是应用了力的作用是相互的，故D错误。
故选：A。
(1)液体压强随着深度的增加而增大；
(2)注射器吸药液时利用了大气压，但将药液注入人体时是借助了手的推力；
(3)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
(4)物体间力的作用是相互的。
此题考查与压强有关的知识，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
5.【答案】B
【解析】解：A、探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，若用小车代替木块，变滑动为滚动，减小了摩擦力，从而对测量摩擦力大小带来了困难，A错误；
B、“探究二力平衡的条件”实验，将小车转动一定角度，小车在水平方向上受到两个力不在同一直线上，是为了探究小车处于平衡状态时二力是否在同一条直线上，B正确；
C、测拉力时弹簧测力计能在没有重力的太空使用，C错误；
D、在“托里拆利实验中”，玻璃管稍微倾斜水银柱长度改变，D错误。
故选：B。
(1)变滑动为滚动，减小了摩擦力，从测量的可操作性分析；
(2)将小车转动一定角度，小车在水平方向上受到两个力不在同一直线上，据此分析；
(3)在失重状态虽然重力表现不出来，但是拉力总还是有的，所以弹簧测力计仍能在失重状态下有效使用；
(4)在托里拆利实验中，玻璃管内水银柱的高度代表了外界大气压强的大小，因此，只要外界大气压不变，它的垂直高度是不会改变的；玻璃管倾斜只会改变水银柱的长度，而高度不会发生变化。
此题考查了影响滑动摩擦力大小的因素、二力平衡的条件、弹簧测力计在失重状态下有效使用、托里拆利实验等，属于基础性题目。
6.【答案】D
【解析】解：A、啄木鸟的嘴很尖细，是在压力一定的情况下，通过减小受力面积，增大压强，从而凿开树干，捉到躲藏在深处的虫子，故A错误；
B、小球在下落过程中质量不变，受到的重力不变，故B错误；
C、珠穆朗玛峰顶的高度大于威海市地面的高度，海拔越高，气压越低，因此珠穆朗玛峰顶的大气压强比威海市地面的大气压强小，故C错误；
D、看到车上窗帘往外飘，是因为车外空气流速快压强小，车内空气压强大，从而产生向外的压力差，故D正确。
故选：D。
(1)增大压强的方法：是在压力一定时，减小受力面积；是在受力面积一定时，增大压力；
(2)物体受到的重力的大小跟物体的质量成正比；
(3)气压随海拔的升度而减小；
(4)气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。
此题考查了重力、流体压强和流速的关系、增大压强的方法、大气压与高度的关系等，是一道综合性较强的题目。
7.【答案】BD
【解析】解：将露出水面的部分截去后，木块的密度不变，仍然小于水的密度，所以没入水中的那部分木块将要上浮，最终漂浮，此时受到的浮力等于木块余下部分的重力；
截取露出水面的部分后，木块重变小，因为仍漂浮，受到的浮力变小，根据F浮=ρ水v排g可知木块排开水的体积变小，容器内水位变低，水深变小，根据p=ρgh可知水对容器底的压强变小。
故选：BD。
木块漂浮，木块的密度小于水的密度，截取露出水面的部分后，木块的密度不变，根据物体的浮沉条件可知剩余木块的状态，仍为漂浮；
因为漂浮，木块的重减少，木块受到的浮力减小；由阿基米德原理可知木块排开水的体积变小，水深变小，再根据液体压强公式可得水对容器底压强的变化情况。
本题考查了学生对液体压强公式、阿基米德原理、物体的漂浮条件的掌握和运用，本题关键：一是知道截取部分木块后密度不变，二是知道木块上浮→v排变小→水深变小。
8.【答案】ABD
【解析】解：A.由图可知，用注射器向两船中间冲水时，船中间水的流速加快、压强减小，船外侧的压强使两船向中间靠拢，是研究流体压强与流速关系的实验，故A符合题意；
B.由图可知，向两张纸之间吹气，两张纸之间的空气流速加快，压强减小，在外界大气压的作用下，两张纸靠在一起，是研究流体压强与流速关系的实验，故B符合题意；
C.由图可知，杯口朝下时，由于杯内没有空气只有水，而杯内水柱产生压强远小于外界的大气压，所以纸片就被大气压给“顶”住了，这是大气压的应用，不是研究流体压强与流速关系的实验，故C不符合题意；
D.由图可知，向竖直的管口吹气，管口空气流动速度加快、压强减小，小于瓶内气压，水面在瓶内气压的作用下沿竖直管上升，是研究流体压强与流速关系的实验，故D符合题意。
故选：ABD。
流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小；流速越小的位置压强越大。
本题考查了流体压强和流速的关系，要求学生对所学的知识熟练掌握并能学以致用。
9.【答案】AC
【解析】解：A、功率是表示做功快慢的物理量，做功快，功率一定大，故A正确；
B、因为机械效率是有用功与总功的比值，做功多不一定两者比值大，故机械效率不一定高，故B错误；
C、力对物体做功，物体的机械能不一定改变，如给轮胎打气时，对打气筒做功，打气筒发热，即打气筒的内能增加，机械能不变，故C正确；
D、运动员将篮球投出，篮球在空中运动过程中，运动员对篮球没有做功，因为推力没有作用在篮球上，故D错误。
故选：AC。
(1)功率是表示做功快慢的物理量；
(2)机械效率是有用功占总功的比值；
(3)力对物体做功，物体的机械能不一定改变，如给轮胎打气时，对打气筒做功，打气筒发热，即打气筒的内能增加，机械能不变；
(4)做功需要两个必要因素：有力作用在物体上；物体在力的方向上移动一段距离。
此题主要考查学生对于力学中的功、功率和机械效率的理解和掌握，熟悉各概念是解题关键。
10.【答案】80 400
【解析】解：
重400N的物体放在水平地面上，当用320N的力竖直向上提它时提不动，物体还静止，物体受到竖直向下的重力、竖直向上的支持力、竖直向上的拉力而平衡，则地面对物体的支持力F压=F支=G-F拉=400N-320N=80N，
因拉力和重力的方向是相反的，当竖直向上的拉力F拉'=G=400N时，物体对地面的压力为零。
故答案为：80；400。
①处于平衡状态(静止或匀速直线运动状态)的物体，物体受力平衡、受合力为0；
②相互作用力大小相等、方向相反、作用在一条直线上，作用在两个不同物体上。
此题考查力压力与重力的区别，对物体进行正确的受力分析是解答此题的关键。
11.【答案】1×10-3
【解析】解：无人机停放在水平地面上时，无人机对地面的压力F=G=mg=2.4kg×10N/kg=24N；
由p=FS可得，四脚着地总面积：S=Fp=24N2.4×104Pa=1×10-3m2。
故答案为：1×10-3。
利用G=mg可求得其重力，无人机停放在水平地面上时对地面的压力等于其重力，再利用压强公式变形可求得四脚着地总面积。
本题考查了重力的计算和压强公式的灵活应用，属于基础题。
12.【答案】竖直向上 减小
【解析】解：(1)杯子被握在手中，处于静止状态，杯子在竖直方向上，受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力，这两个力是平衡力，大小相等；
(2)若喝掉杯中一部分水后，仍按如图方式保持静止，杯子受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力，仍是二力平衡，大小相等，杯子和水的重力减小，摩擦力减小。
故答案为：竖直向上；减小。
静止的物体受到平衡力的作用，根据平衡力的条件判断摩擦力的大小和方向。
本题考查了平衡力和摩擦力，属于基础题。
13.【答案】0.8×103 4
【解析】解：乙图中木块处于漂浮状态，有15体积露出水面，则V排=(1-15)V木=45V木=45×5×10-4m3=4×10-4m3，
则木块受到的浮力为：
F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×4×10-4m3=4N；
因为木块处于漂浮状态，所以木块的重力：G木=F浮=4N，
由G=mg可知木块的质量：
m木=G木g=4N10N/kg=0.4kg，
则木块的密度：
ρ木=m木V木=0.4kg5×10-4m3=0.8×103kg/m3。
故答案为：0.8×103；4。
乙图中木块漂浮在水面上，有15体积露出水面，求出排开水的体积，根据阿基米德原理求出乙图中木块受到的浮力；根据漂浮条件求出木块的重力，根据G=mg求出木块的质量，根据密度公式求出木块的密度。
本题考查了阿基米德原理、密度公式、重力公式、物体的沉浮条件的应用等知识，属于基础知识。
14.【答案】用了一半油墨的旧笔芯 不变 B
【解析】解：新笔芯的重心靠近笔芯的中间位置，放入水中时无法竖直漂浮；用了一半油墨的旧笔芯的重心在笔芯的一端，当把旧笔芯放入水中时，旧笔芯能竖直漂浮在水中；
旧笔芯在水中和酒精中处于漂浮状态，受到的浮力等于自身的重力，所以浮力相同；
笔芯漂浮时，下表面受到的压力等于浮力，浮力相同，则压力相同，设笔管的底面积为S，则V排水=SH，V排液=Sh，
根据阿基米德原理可知，ρ水gSH=ρ液gSh，所以h=ρ水ρ液H，h和ρ液是反比例函数，所以密度计刻度分布不是均匀的，液体的密度值越大，相邻刻度线之间的距离越小，所以笔芯漂浮在密度为ρ酒精=0.8g/cm3的酒精中，液面对应的位置可能是B点。
故答案为：用了一半油墨的旧笔芯；不变；B。
根据新笔芯和旧笔芯的重心分析；物体漂浮时浮力等于重力；由浮力产生的原因可知，笔芯漂浮时，下表面受到的压力等于浮力，浮力相同，根据阿基米德原理公式得出液体密度与笔芯密度的关系式，根据关系式分析对应的位置
密度计是物体的沉浮条件的实际应用，要结合阿基米德原理和沉浮条件分析有关问题：放入不同的液体，液体密度越大，排开体积越小，有一定的难度。
15.【答案】C；B
【解析】
【分析】
本题主要考查对杠杆各个要素的理解与运用．在物理学中规定硬棒绕着转动的固定点叫做支点；使杠杆转动的力叫做动力；阻碍杠杆转动的力叫做阻力。
本题的解题关键是体会铁锨的使用过程，然后依据杠杆各个要素的定义对号入座。
【解答】
把铁锨看作费力杠杆，杠杆是绕着C点转动，所以C点即为费力杠杆的支点；右手的作用力使杠杆转动，所以动力作用点为B点；A点受到的作用力阻碍杠杆的转动，所以点A位阻力作用点。
故答案为：C；B。
16.【答案】定 靠近
【解析】解：(1)国旗杆上的滑轮不随国旗一起升降为定滑轮，利用它来升国旗，可以改变施加力的方向；
(2)图中剪刀在使用过程中，在同样的情况下，往剪刀转动轴靠近，减小了阻力臂，由F1L1=F2L2可知：阻力臂L2越小，越省力，因此这样做的目的是减小阻力臂，可以省力。
故答案为：定；靠近。
(1)定滑轮的特点：使用定滑轮不省力但能改变力的方向；
(2)根据杠杆平衡条件，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，越省力。
本题主要考查学生对定滑轮工作特点以及杠杆平衡条件的应用，是一道基础题。
17.【答案】等于；小于
【解析】解：因为水平桌面上静止的物体，桌面受到的压力等于物体的重力，并且容器下窄上宽，则向容器中加入10牛重的水，则容器对桌面增加的压力等于10牛，水对容器底增加的压力小于10牛．
故答案为：等于；小于．
水平桌面上静止的物体，桌面受到的压力等于物体的重力；当容器下窄上宽时，容器底受到液体的压力小于液体的重力．
本题考查压力与重力的关系，关键明确不规则容器底受到压力与液体重力的关系．
18.【答案】重力势能转化为动能 机械能转化为内能
【解析】解：过山车已经关闭动力系统，在轨道上滑行，则从最高点A向B点滑行时，高度减小，重力势能减小，速度变大，动能变大，能量的转化情况是重力势能转化为动能；滑到底停下来时，是因为受到阻力的作用，克服摩擦力做功，机械能全部转化为内能。
故答案为：重力势能转化为动能；机械能转化为内能。
影响重力势能大小的因素是质量和高度，质量一定时，高度变小，重力势能变小；影响动能大小的因素是质量和速度，质量一定时，物体的动能越大，速度越大；
物体克服摩擦做功，机械能转化为内能。
本题综合考查了影响机械能大小的因素和能量的转化，体现了物理知识与生活的密切联系，要仔细认真分析。
19.【答案】解：(1)护卫舰满载时受到海水的浮力：
F浮=G排=m排g=2800×103kg×10N/kg=2.8×107N；
(2)舰底位于水面下3.5m时，舰底受到海水的压强：
p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×3.5m=3.5×104Pa；
(3)因护卫舰满载以最大航速匀速航行时处于漂浮状态，
所以，护卫舰的重力G=F浮=2.8×107N，
因为护卫舰满载以最大航速匀速航行时处于平衡状态，推力和受到的阻力是一对平衡力，
所以，护卫舰受到的推力：
F=f=0.1G=0.1×2.8×107N=2.8×106N，
护卫舰的最大航速v=54km/h=15m/s，
则推力的功率：
P=Wt=Fst=Fv=2.8×106N×15m/s=4.2×107W。
答：(1)护卫舰满载时受到的浮力为2.8×107N；
(2)舰底位于水面下3.5m时，舰底受到海水的压强为3.5×104Pa；
(3)护卫舰满载以最大航速匀速航行时，推力做功的功率为4.2×107W。
【解析】(1)知道护卫舰满载时排水量，根据F浮=G排=m排g求出护卫舰满载时受到的浮力；
(2)根据p=ρgh求出水下3.5m深处舰底受到海水的压强；
(3)护卫舰以最大航速匀速航行时处于漂浮状态，护卫舰的重力等于受到的浮力；护卫规满载以最大航速匀速航行时处于平衡状态，推力和受到的阻力是一对平衡力，根据F=f=0.1G求出护卫舰受到的推力，利用P=Wt=Fst=Fv求出推力的功率。
本题考查了阿基米德原理、液体压强公式、物体浮沉条件、功率公式以及二力平衡条件的应用，是一道较为简单的计算题。
20.【答案】解：(1)物体克服重力所做的有用功：
W有用=Gh=100N×3m=300J；
(2)拉力做的总功：
W总=Fs=50N×8m=400J，
拉力做功的功率：
P=W总t=400J10s=40W；
(3)物体克服摩擦力做的额外功：
W额=W总-W有用=400J-300J=100J，
由W额=fs得，物体受到的摩擦力：
f=W额s=100J8m=12.5N；
(4)该斜面的机械效率：
η=W有用W总×100%=300J400J×100%=75%。
答：(1)有用功300J；
(2)拉力做功的功率40W；
(3)物体受到的摩擦力12.5N；
(4)该斜面的机械效率75%。
【解析】(1)根据W有用=Gh求出有用功；
(2)根据W总=Fs求出总功，根据P=Wt求出功率；
(3)求出额外功，物体克服摩擦力做的功为额外功，根据W额=fs求出摩擦力；
(4)根据η=W有用W总求出机械效率。
熟练运用功的计算公式，明确总功、有用功、额外功间的关系，是解答此题的关键。
21.【答案】分别用不同的力推了一下木块，使其沿斜面向下运动 远 慢 做匀速直线
【解析】解：(1)在实验操作中有一处明显的错误是：“分别用不同的力推了一下木块，使其沿斜面向下运动”；
(2)毛巾比棉布粗糙，棉布比木板粗糙：更正错误后进行实验，从实验中观察得出了结论：随着表面越光滑，木块在水平面上运动的距离越远，阻力越小，小车速度减小的越慢；
(3)在上述实验观察分析的基础上，可以推测：如果摩擦力减小为零，水平面足够长，那木块在水平面上的速度既不减小，也不增加，运动方向也不发生变化，木块将做匀速直线运动。
故答案为：(1)分别用不同的力推了一下木块，使其沿斜面向下运动；(2)远；慢；(3)做匀速直线运动。
(1)探究牛顿第一定律，要使物体从同一高度由静止下滑，确保水平面上的速度相同；
(2)表面越光滑，木块在水平面上运动的距离越远，阻力越小，小车速度减小的越慢；
(3)在实验的基础上推理。
牛顿第一定律是在实验的基础上，加上科学的推理得出的，它不能用实验来验证，其原因是现实生活中没有不受外力的物体。
22.【答案】1.2大 大 1.2×103 不变 无关
【解析】解：(1)由图①、④可知，金属块的重力为2.7N，在浓盐水中弹簧测力计的示数为1.5N，
则金属块在浓盐水中受到的浮力为：F浮=G-F示=2.7N-1.5N=1.2N；
(2)分析实验②③可知，物体浸入水中的体积越大，弹簧测力计的示数越小，则物体受到的浮力越大，即液体密度相同，金属块排开液体的体积越大，浮力越大；
(3)分析实验③④可知，物体排开的液体的体积相同，液体的密度不同，弹簧测力计示数不同，液体密度越大，弹簧测力计示数越小，浮力越大，即金属块排开液体的体积相同，液体密度越大，浮力越大；
(4)根据图①和图③可得，金属块浸没在水中受到的浮力F浮水=2.7N-1.7N=1N；
由(1)可知金属块浸没在盐水中受到的浮力F浮=1.2N；
根据公式F浮=ρ液gV排可得，金属块在盐水中受到的浮力是金属块在水中受到浮力的1.2倍，
则盐水的密度是水的密度的1.2倍，所以盐水的密度ρ盐水=1.2×103kg/m3；
(5)由F-h图像可知，当金属块浸没水中后继续下降过程中测力计的示数不变，说明当金属块完全浸没在水中后继续下降过程中浮力不变，即浸没在水中的物体受到的浮力跟浸没的深度无关。
故答案为：(1)1.2；(2)大；(3)大；(4)1.2×103；(5)不变；无关。
(1)根据称重法求出金属块在浓盐水中受到的浮力；
(2)(3)浸入液体中的物体受到浮力的大小与液体的密度、排开的液体的体积有关；分析图中的相同点和不同，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论；
(4)根据金属块浸没在水中受到的浮力与浸没在盐水中受到的浮力的大小关系，由于排开的液体体积相同，根据F浮=ρ液gV排可得盐水的密度；
(5)根据测力计的示数变化得出结论。
此题是探究影响浮力大小因素的实验，主要考查了对实验数据的分析以及控制变量法的应用。
23.【答案】速度 质量 甲丙 当质量一定时，速度越大动能越大 小球动能的大小
【解析】解：(1)为了探究物体的动能与质量的关系，应该让不同质量的小球沿斜面同一高度静止滚下撞击水平板上的纸盒，这样它们到达斜面底端的速度相等；
(2)对比甲乙，高度相同，到底地面时的速度相同，质量不同，探究动能与质量的关系；
(3)探究物体的动能与速度的关系，必须控制质量相同，速度不同，即下滑的高度不同，故选甲丙，能得出的结论是：当质量一定时，速度越大动能越大；
(3)选用图乙探究的是动能与质量的关系，得出的结论是：当速度一定时，质量越大，动能越大；
(4)实验中通过观察木块被撞击后运动的距离的大小来间接判断小球动能的大小，这种研究问题的方法是转换法；
答案：(1)速度；(2)质量；(3)甲丙；当质量一定时，速度越大动能越大；(4)小球动能的大小。
实验过程要采用控制变量法，当研究动能大小与质量的关系时，要让小球沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同；当研究动能大小与速度的关系时，应选择同一小球，这样可以保证小球的质量相同。
实验中通过木块移动的距离反映动能的大小，属于转换法的应用。
本题考查了学生根据实验现象得出实验结论的能力，解决本题的关键是利用好控制变量法和转换法。
24.【答案】匀速 2.288.9%高 0.4B
【解析】解：(1)实验中应竖直向上匀速拉动弹簧测力计使钩码上升，此时系统处于平衡状态，测力计示数大小才等于拉力大小；
(2)由图知，弹簧测力计的分度值为0.1N，拉力为2.2N；
第2次实验的机械效率为：η=W有W总=GhFs=4N×0.1m1.5N×0.3m≈88.9%；
(3)实验选用的同一滑轮组，动滑轮的重力不变，由表中实验数据分析可知，同一滑轮组提升的物体越重，滑轮组的机械效率越高；
(4)根据表中数据，在第一次实验做的总功：W总1=F1s1=0.8N×0.3m=0.24J，
做的有用功：W有1=G1h=2N×0.1m=0.2J，
做的额外功：W额外=W总1-W有1=0.24J-0.2J=0.04J，
因忽略绳重和摩擦，故所做额外功是克服动滑轮重力阻力所做的功，则动滑轮的重力为：
G动=W额外h=0.04J0.1m=0.4N；
(5)A、增大绳重，增大了额外功，有用功与总功的比值变小，机械效率变小，故A错误；
B、减轻动滑轮重，减小了额外功，有用功与总功的比值变大，机械效率大，故B正确；
C、由(3)知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度无关，根据v=st可知，机械效率与物体提升的速度无关，故C错误；
故选：B。
(6)两个动滑轮、两个定滑轮最省力的绕法，承重绳子的股数为5，从定滑轮绕起，如图所示。
故答案为：(1)匀速；(2)2.2；88.9%；(3)高； (4)0.4；(5)B；(6)见解析。
(1)实验中应竖直向上匀速拉动弹簧测力计使钩码上升；
(2)由图知弹簧测力计的分度值，据此得出拉力大小；
根据η=W有W总=GhFs求出第2次实验的机械效率；
(3)分析实验中相同量和不同量，得出机械效率与变化量的关系；
(4)根据表中数据，求出第一次实验时做的总功和有用功，从而得出额外功；因忽略绳重和摩擦，故所做额外功是克服动滑轮重力阻力所做的功，据此求出动滑轮的重力；
(5)A、增大绳重，增大了额外功，据此分析；
B、减轻动滑轮重，减小了额外功，据此分析；
C、由(3)知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度无关，根据v=st分析；
(6)承重绳子股数越多越省力，根据图示滑轮组作出其绕法。
本题测量滑轮组的机械效率，考查注意事项、测力计读数、功和械效率计算、数据分析及控制变量法的运用。
25.【答案】杠杆 不变 变小 大 乙
【解析】解：(1)把脊柱简化为杠杆；
(2)延长F2作用线，由支点作其作用线的垂线，L2是其力臂。如图：
(3)由图可知：当α角增大时，力臂L2变小；由于拉力F1的方向与脊柱夹角始终为12∘，且OA这段距离不变，则O点到F1作用线的距离不变，即动力臂不变，阻力为箱子的重力不变，根据杠杆平衡条件可知，F1变小；
(4)如果考虑到人上半身的重力，由于上半身的重力会阻碍杠杆的转动，根据杠杆平衡条件可知：实际拉力将变大；
(5)比较甲、乙两种姿势可知：甲的支点太高，在搬起物体时，阻力臂减小得慢，则腰背部复杂肌肉的等效拉力F1要比较长时间的使用较大的力，所以甲姿势不正确，乙姿势比较正确。
故答案为：(1)杠杆；(2)如上图；(3)不变；变小；(4)大；(5)乙。
从地面上搬起重物我们的常见做法是弯腰(如图甲)或人下蹲弯曲膝盖(如图乙)把它搬起来，哪种方法好呢？下面就建立模型说明这个问题。把脊柱简化为杠杆如图丙所示，脊柱可绕骶骨(轴)O转动，腰背部复杂肌肉的等效拉力F1作用在A点，其实际作用方向与脊柱夹角为12∘且保持不变，搬箱子拉力F2作用在肩关节B点，在B点挂一重物代替箱子。用测力计沿F1方向拉，使模型静止，可测出腰背部复杂肌肉拉力的大小。接着，改变脊柱与水平面的夹角即可改变杠杆与水平面的夹角α，多次实验得出结论。
本题考查杠杆平衡条件的应用，关键是力臂的变化判断，所以本题应首先根据画出力臂。
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