广东省广州市广州大学附属中学2021-2022学年八年级下学期期末数学试题(试卷+解析+解析)
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八年级下学期期末数学试卷
一.选择题
1.下列各式中正确的是( )
A.
B.
C.
D.
2.下列各组数中不能作为直角三角形的三边长的是( )
A.
B.
C.
D.
3.代数式有意义,则的取值范围是( )
A.
B.且
C.且
D.
4.一次函数的图象不经过( )
A.第一象限
B.第二象限
C.第三象限
D.第四象限
5.一组数据的平均数是4,这组数据中的值是( )
A.3
B.4
C.10
D.
6.某市出租车计费办法如图所示.根据图象信息,下列说法错误的是( )
A.出租车起步价是10元
B.超过3千米部分每千米收3元
C.在3千米内只收起步价
D.超过3千米时所需费用与之间的函数关系式是
7.一个多边形过顶点切去一个角后,形成的另一个多边形的内角和为,那么原多边形的边数为( )
A.7
B.7或8
C.8或9
D.7或8或9
8.如图,直线和与轴分别交于点,点,则不等式组的解集为( )
A.
B.
C.或
D.
9.如图,菱形的边长为,点是边上的动点,点是对角线上的动点,若使的值最小,则这个最小值为( )
A.
B.2
C.
D.
10.如图,在矩形中,的平分线交于点,交的延长线于点,取的中点,连接,下列结论:
(1);
(2);
(3);
(4)若,则.
其中正确的结论是( )
A.①②④
B.①②④
C.①③④
D.②③④
二、填空题
11. 化简: .
12. 将直线 向下平移 4 个单位, 所得直线的函数表达式是 .
13.已知一次函数和的图象交于点,则关于的二元一次方程组的解是 .
14.如图,是平行四边形的对角线,点在上,,则的大小是 .
15.我国古代有这样一道数学问题:“枯木一根直立地上,高二丈,周三尺,有葛藤自根缠绕而上,五周而达其顶,问葛藤之长几何?”题意是:如图所示,把枯木看作一个圆柱体,因一丈是十尺,则该圆柱的高为20尺,底面周长为3尺,有葛藤自点处缠绕而上,绕五周后其末端恰好到达点处,则问题中葛藤的最短长度是 尺.
16.如图,在矩形中,为的中点,为线段上一动点,为中点,连接,则线段长的取值范围是 .
三、解答题
17.计算:.
18.如图,点在同一条直线上,.
求证:(1);
(2)四边形是平行四边形.
19.如图,点为线段上一点且不与两点重合,分别以为边向的同侧做角为的菱形.请仅用无刻度的直尺分别按下列要求作图.(保留作图痕迹).
(1)在图1中,连接,若,作出线段的中点;
(2)在图2中,连接,若,作出线段的中点.
20.某校团委举办了一次“中国梦,我的梦”演讲比赛,满分10分,学生得分均为整数,成绩达6分以上为合格,达到9分以上(含9分)为优秀.这次竞赛中甲、乙两组学生成绩分布的条形统计图如下.
(1)补充完成下列的成绩统计分析表:
(2)甲组同学说他们组的合格率、优秀率均高于乙组,所以他们组的成绩好于乙组.但乙组同学不同意甲组同学的说法,认为他们组的成绩要好于甲组.请你给出两条支持乙组同学观点的理由.
21.在海洋上有一近似于四边形的岛屿,其平面如图甲,小明据此构造处该岛的一个数学模型(如图乙四边形),是四边形岛屿上的一条小溪流,其中千米,千米,千米.
(1)求小溪流的长.
(2)求四边形的面积.(结果保留根号)
22.为了预防新冠肺炎,某药店销售甲、乙两种防护口罩,已知甲口罩每袋的售价比乙口罩多5元,小丽从该药店购买了3袋甲口罩和2袋乙口罩共花费115元.
(1)求该药店甲、乙两种口罩每袋的售价分别为多少元?
(2)根据消费者需求,药店决定用不超过10000元购进甲、乙两种口罩共500袋.已知甲口罩每袋的进价为元,乙口罩每袋的进价为19元,要使药店获利最大,应该购进甲、乙两种口罩各多少袋,最大获利多少?
23.如图(1),点表示小明家,点表示学校.小明妈妈骑车带着小明去学校,到达处时发现数学书没带,于是妈妈立即骑车原路回家拿书后再追赶小明,同时小明步行去学校,到达学校后等待妈妈.假设拿书时间忽略不计,小明和妈妈在整个运动过程中分别保持匀速.妈妈从处出发分钟时离处的距离为米,小明离处的距离为米,如图(2),折线表示与的函数图象;折线表示与的函数图象.
(1) 小明的速度为 , 图(2)中 的值为 .
(2)设妈妈从处出发分钟时妈妈与小明之间的距离为米.
①写出小明妈妈在骑车由处返回到处的过程中,与的函数表达式及的取值范围;
②在图(3)中画出整个过程中与的函数图象.(要求标出关键点的坐标)
24.问题:如图(1),点分别在正方形的边上,,试判断之间的数量关系.
(1)延长到点使,连接,得到至,从而可以证明,请你利用图(1)证明上述结论.
(2)如图(2),四边形中,,点分别在边上,则当与满足数量关系时,仍有,并说明理由.
(3)如图(3),在某公园的同一水平面上,四条通道围成四边形,已知米,,道路上分别有景点.且米,现要在之间修一条笔直道路,求这条道路的长.
25.在平面直角坐标系中,对于两点,给出如下定义:以线段为边的正方形称为点的“确定正方形”.如图1为点的“确定正方形”的示意图.
(1)如果点的坐标为,点的坐标为,那么点的“确定正方形”的面积为 ;
(2)已知点的坐标为,点为直线上一动点,当点的“确定正方形”的面积最小,且最小面积为2时,求的值.
(3)已知点在以边长为2的正方形的边上,且该正方形的边与两坐标轴平行,对角线交点为,点在直线上,若要使所有点的“确定正方形”的面积都不小于2,求的取值范围.
2022八下GF大联盟 参考答案与试题解析
一、选择题
1.【分析】根据算术平方根,绝对值,立方根,零指数幂即可解答.
【解答】解:A、,故此选项错误;
B、,故此选项错误;
C、,故此选项错误;
D、,故此选项正确;
故选:D.
【点评】本题考查了算术平方根,绝对值,立方根,零指数幂,解决本题的关键是熟记算术平方根、绝对值、立方根的定义,零指数幂的运算法则.
2.【分析】分别把选项中的三边平方后,根据勾股定理逆定理即可判断能否构成直角三角形.
【解答】解:A、∵,∴1.5,2,2不能构成直角三角形.
B、∵,∴7,24,25能构成直角三角形;
C、∵,∴6,8,10能构成直角三角形;
D、∵,∴9,12,15能构成直角三角形.
故选:A.
【点评】主要考查了利用勾股定理逆定理判定直角三角形的方法.在应用勾股定理的逆定理时,应先认真 分析所给边的大小关系,确定最大边后,再验证两条较小边的平方和与最大边的平方之间的关系,进而作出判断.
3.【分析】先根据二次根式及分式有意义的条件列出关于x的不等式组,求出x的取值范围即可.
【解答】解:∵代数式有意义,∴,解得且.
故选:C.
【点评】本题考查的是二次根式有意义的条件,熟知二次根式具有非负性是解答此题的关键.
4.【分析】由直线的解析式得到,,利用一次函数的性质即可确定直线经过的象限.
【解答】解:∵,∴,,故直线经过第一、二、四象限.不经过第三象限.
故选:C.
【点评】此题主要考查一次函数的图象和性质,它的图象经过的象限由k,b的符号来确定.
5.【分析】根据平均数的公式求出x的值.
【解答】解:由题意得:,解得,,故选:A.
【点评】本题考查的是平均数的计算.
6.【分析】根据图象信息一一判断即可解决问题.
【解答】解:由图象可知,出租车的起步价是10元,在3千米内只收起步价,设超过3千米的函数解析式为,则,解得,
∴超过3千米时所需费用y与x之间的函数关系式是,超过3千米部分每千米收2元,故A、C、D正确,B错误,故选:B.
【点评】此题主要考查了一次函数的应用、学会待定系数法确定函数解析式,正确由图象得出正确信息是解题关键,属于中考常考题型.
7.【分析】首先求得内角和为1080°的多边形的边数,即可确定原多边形的边数.
【解答】解:设内角和为1080°的多边形的边数是n,则,解得:.
则原多边形的边数为8或9.故选C.
【点评】本题考查了多边形的内角和定理,一个多边形截去一个角后它的边数可能增加1,可能减少1,或不变.
8.【分析】结合图象,写出两个函数图象在x轴上方所对应的自变量的范围即可.
【解答】解:∵直线和与x轴分别交于点,点,
∴解集为,故选:D.
【点评】本题考查了一次函数与一元一次不等式的知识,解题的关键是能够结合图象作出判断,难度不大.
9.【分析】根据菱形的性质,得知A、C关于BD对称,根据轴对称的性质,将转化为,再根据垂线最短知当时,AE取得最小值.
【解答】解:∵四边形ABCD为菱形,
∴A、C关于BD对称,∴连接AE交BD于P,
则,当时,AE取得最小值.
∵,∴,
∴.
故选:A.
【点评】此题考查了菱形的性质、轴对称——最短路径问题,解答过程要利用菱形的性质及三角函数的计算,转化为两直线之间垂线最短的问题来解.
10.【分析】①根据矩形的性质可得出,,再由角平分线的性质可得出,通过角的计算即可得出,从而得出,即①正确;②根据平行线的性质以及对顶角相等可得出△CEF为等腰直角三角形,由此得出,,根据三角形外角的性质可得出,再由角的关系即可得出,即②不正确;③通过角的计算可得出,再根据等腰直角三角形的性质可得出,由此即可利用全等三角形的判定定理(SAS)证出≌,得出,根据角的计算即可得出,即③正确;④过点G作于点M,设,则,利用分割图形求面积法结合三角形的面积公式可得出和的值,由此可得出④正确.综上即可得出结论.
∴.∵为等腰直角三角形,
∴,
∴.
.
∴,④正确.
综上可知:正确的结论有①③④.
故答案为:C.
【点评】本题考查了矩形的性质、等腰直角三角形的判定及性质、全等三角形的判定及性质、三角形的面积公式以及角的计算,解题的关键是逐条分析5个结论是否正确.本题属于中档题,难度不大,但解题过程稍显繁琐,好在该题为填空题,好多结论可以直接拿来运用,不需去证明.解决该题型时,利用分割图形法求面积是难点,此处应该加以重视.
二、填空题
11.【分析】把化简后合并即可;
【解答】解:;
12.【分析】根据平移k值不变,只有b只发生改变解答即可.
【解答】解:由题意得:平移后的解析式为:,
即所得直线的表达式是.
故答案为:.
【点评】本题考查图形的平移变换和函数解析式之间的关系,在平面直角坐标系中,图形的平移与图形上某点的平移相同.平移中点的变化规律是:横坐标左移加,右移减;纵坐标上移加,下移减.平移后解析式有这样一个规律“左加右减,上加下减” .关键是要搞清楚平移前后的解析式有什么联系.
13.【分析】根据两个一次函数的交点坐标为;那么交点坐标同时满足两个函数的解析式,而所求的方程组正好是由两个函数的解析式所构成,因此两函数的交点坐标即为方程组的解.
【解答】解:函数和的图象交于点,
即,同时满足两个一次函数的解析式.
所以关于x,y的方程组的解是.
故答案为:.
【点评】本题考查了一次函数与二元一次方程组的关系,方程组的解就是使方程组中两个方程同时成立一对未知数的值,而这一对未知数的值也同时满足两个相应的一次函数式,因此方程组的解就是两个相应的五次函数图象的交点坐标.
14.【分析】根据平行四边形的性质得到,,根据等腰三角形的性质得到,,根据三角形外角的性质得到,由三角形的内角和定理即可得到结论.
【解答】解:∵四边形ABCD是平行四边形,
∴,,
∵,∴,
∴,,
∵,
∴,
∴
∴,
【点评】本题考查了平行四边形的性质,三角形的内角和定理,三角形外角的性质,正确的识别图形是解题的关键.
15.【分析】这种立体图形求最短路径问题,可以展开成为平面内的问题解决,展开后可转化下图,所以是个直角三角形求斜边的问题,根据勾股定理可求出.
【解答】解:如图,一条直角边(即枯木的高)长20尺,
另一条直角边长(尺),
因此葛藤长为(尺).
故答案为:25.
【点评】本题考查了平面展开最短路径问题,关键是把立体图形展成平面图形,本题是展成平面图形后为直角三角形按照勾股定理可求出解.
16.【分析】根据中位线定理先判断出点P的轨迹是线段,再根据矩形的性质及已知条件判断是直角三角形,从而得出点D到线段上各点的连线中,最小,最大.
【解答】解:如图:
当点F与点C重合时,点P在点处,,
当点F与点E重合时,点P在点处,,
∴且,
当点F在EC上除点C、E的位置处时,有,
由中位线定理可知:且,
∴点P的运动轨迹是线段,
∵矩形ABCD中,,,E为AD的中点,
∴,、为等腰直角三角形,
∴,,
∵,∴,
∴,∴DP的长最小,最大,
∵,∴,,
∴,∴,
故答案为:.
【点评】本题考查矩形的性质、轨迹等知识,解题的关键是学会利用特殊位置解决问题.
三、解答题
17.【分析】利用完全平方公式,平方差公式,进行计算即可解答.
【解答】解:
.
【点评】本题考查了二次根式的混合运算,完全平方公式,平方差公式,熟练掌握完全平方公式,平方差公式是解题的关键.
18.【分析】(1)由SAS证明即可;
(2)由全等三角形的性质得,,则,再证,即可得出结论.
【解答】证明:(1)∵,∴,
即,∵,∴,
在△ADE与△BCF中,
,∴;
(2)由(1)得:,
∴,,
∴,∴,
∴四边形DECF是平行四边形.
【点评】本题考查了平行四边形的判定、全等三角形的判定和性质、平行线的判定与性质等知识,熟练掌握平行四边形的判定,证明是解题的关键.
19.【分析】(1)连接AF,BD交于点O,连接DF,连接CO延长CO交DF于点M,点M即为所求.
(2)连接AD,BF,延长AD交BF的延长线于E,连接CE,DF交于点N.点N即为所求.
【解答】解:(1)如图1中,点M即为所求.
(2)如图2中,点N即为所求.
【点评】本题考查作图—复杂作图,菱形的判定和性质,平行四边形的判定和性质,三角形的中线等知识,解题的关键是利用三角形中线的定义,平行四边形的性质解决问题.
20.【分析】(1)先根据条形统计图写出甲乙两组的成绩,然后分别计算甲的中位数,乙的平均数和方差;
(2)通过乙组的平均数、中位数和方差进行说明.
【解答】解:(1)甲组:3,6,6,6,6,6,7,8,9,10,中位数为6;
乙组:5,5,6,7,7,8,8,8,8,9,平均数,;
(2)乙组的平均数高于甲组;乙组的中位数高于甲组,所以乙组的成绩要好于甲组.
【点评】本题考查了条形统计图:从条形图可以很容易看出数据的大小,便 于比较.也考查了中位数和方差.
21.【分析】(1)根据勾股定理即可得:
(2)由勾股定理逆定理得,从而由可得答案.
【解答】解:(1)∵,千米,
∴(千米);
(2)∵,∴,
则,
平方千米
【点评】本题主要考查勾股定理的应用,熟练掌握勾股定理及其逆定理是解题的关键.
22.【分析】(1)分别根据甲种口罩每袋的售价比乙种口罩多5元,小明从该药店购买了3袋甲口罩和2袋乙口罩共花费115元,列方程组解答即可;
(2)设药店购进甲种口罩m袋,获利w元,根据题意得出w与m的关系式以及m的取值范围,再根据一次函数的性质解答即可.
【解答】解:(1)设该药店甲种口罩每袋的售价为x元,乙种口罩每袋的售价为y元,
根据题意得:,解得,
答:甲、乙两种口罩每袋的售价分别为25元、20元;
(2)设药店购进甲种口罩m袋,获利w元,根据题意得:
,
解得,
,
∵,∴w随m的增大而增大,
∴当时,药店获利最大,最大利润为:(元).
答:购进甲113,乙387袋时,药店获利最大,最大利润为567.8元.
【点评】本题考查了一次函数的应用、二元一次方程组的应用以及一元一次不等式的应用,在解答过程中寻找能够反映整个题意的等量关系是解答本题的关键.
23.【分析】(1)利用图中信息,根据速度、路程、时间之间的关系即可解决问题;
(2)①根据速度、路程、时间之间的关系,可得,
②根据关键点画出函数图象即可;
【解答】解:(1)小明的速度为;妈妈的速度,,
,∴,
故答案为60,33.
(2)①小明妈妈的速度为
∵小明妈妈在骑车由C回到A的过程中,小明与妈妈相向而行,小明的速度为,
∴,x的取值范围是.
②整个过程中y与x的函数图象如图所示:
②
【点评】本题考查一次函数的应用、速度、时间、路程之间的关系等知识,解题的关键是学会读懂图象信息,灵活运用所学知识解决问题,属于中考常考题型.
24.【分析】(1)小聪探究此问题的方法是:延长FD到点G使,连接AG,先证明,再证明,可得出结论,他的结论应是;
(2)延长CB至M,使,连接AM,证明,根据全等三角形的性质证明;
(3)把△ABE绕点A逆时针旋转150°至△ADG,连接AF.证明△BAE是等边三角形,得到,根据(2)的结论计算.
【解答】(1)结论:.理由如下:
延长FD到点G使,连接AG,
如图(1)中,正方形ABCD中,,,
在△ABE和△ADG中,
,∴,
∴,,
∴,
在△AEF和△AGF中,
,∴,
∴;
(2)解:,
理由如下:如图(2),延长CB至M,使,连接AM,
∵,,∴,
在△ABM和△ADF中,
,∴,
∴,,
∵,∴,
∴,
在△EAF和△EAM中,
,
∴,
∴,即;
(3)解:如图3,把△ABE绕点A逆时针旋转150°至△ADG,连接AF.
∵,,
∴,又,
∴△BAE是等边三角形,∴,
由(2)得,(米),
即这条道路EF的长为米.
【点评】本题考查的是正方形的性质、旋转变换的性质、正方形的性质,掌握正方形的性质定理、全等三角形的判定定理和性质定理是解题的关键.
25.【分析】(1)求出MN的长即可解决问题.
(2)分两种情形:①,②分别求解即可.
(3)分两种情形:①如图2中,当正方形ABCD在直线的下方时.②如图3中,当正方形ABCD在直线的上方时,求出两种特殊位置m的值即可判断.
【解答】解:(1)∵,,∴,
∴以MN为边的正方形的面积,
故答案为9.
(2)∵点O,C的“确定正方形”面积为2,∴,
∵点O,C的“确定正方形”面积最小,
∴直线于点C.
①当时,如图1中,
由题意可知,△MON为等腰直角三角形,
可求,
∴
②当时,同理可求
,∴.
(3)如图2中,当正方形ABCD在直线的下方时,延长DB交直线于H.
易知直线,当时,点E,F的“确定正方形”的面积的最小值为2,此时.
如图3中,当正方形ABCD在直线的上方时,延长DB交直线于H.
易知直线,当时,点E,F的“确定正方形”的面积的最小值为2,此时,
观察图象可知:当或时,所有点E,F的“确定正方形”的面积都不小于2.
【点评】本题属于一次函数综合题,考查了一次函数的性质,正方形的性质,解直角三角形等知识,解题的关键是理解题意,学会用分类讨论的思想思考问题,学会利用特殊位置解决问题,属于中考压轴题.
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广东省广州市广州大学附属中学2023~2024学年八年级上学期1月月考数学试卷: 这是一份广东省广州市广州大学附属中学2023~2024学年八年级上学期1月月考数学试卷,共4页。
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