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    高中人教版新课标A第二章 数列2.3 等差数列的前n项和同步达标检测题

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    这是一份高中人教版新课标A第二章 数列2.3 等差数列的前n项和同步达标检测题,共6页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。


    2-3-2技能训练基础巩固强化

    一、选择题

    1.已知某等差数列共有10项,其奇数项之和为15,偶数项之和为30,则其公差为(  )

    A2     B3    

    C4     D5

    2.记等差数列{an}的前n项和为Sn.a1S420,则S6(  )

    A16   B24 

    C36   D48

    3(2011·山东苍山高二期中)等差数列{an}的前m项和为30,前2m项和为100,则它的前3m项的和为(  )

    A130   B170 

    C210   D260

    4(2011·辽宁鞍山市高二期中联考)已知{an}为等差数列,a1a3a5105a2a4a699Sn是等差数列{an}的前n项和,则使得Sn达到最大值的n(  )

    A21   B20 

    C19   D18

    5(20102011·福建福州高二期中)(  )

    A.   B. 

    C.   D.

    6(2012·大纲全国理,5)已知等差数列{an}的前n项和为Sna55S515,则数列{}的前100项和为(  )

    A.   B. 

    C.   D.

    二、填空题

    7(2011·湖南高考)Sn是等差数列{an}(nN*)的前n项和,且a11a47,则S5________.

    8.等差数列{an}中,a1,前n项和为Sn,且S3S12,则a8________.

    9(2011·天津)已知{an}是等差数列,Sn为其前n项和,nN*.a316S2020,则S10的值为________

    三、解答题

    10.已知等差数列{an}中,a3a7=-16a4a60,求{an}的前n项和Sn.

    能力拓展提升

    一、选择题

    11(2011·山东实验中学期末)已知数列{an}为等差数列,若<1,且它们的前n项和Sn有最大值,则使得Sn>0的最大值n(  )

    A11   B19 

    C20   D21

    12.等差数列{an}中,a1=-5,它的前11项的平均值是5,若从中抽取1项,余下的10项的平均值为4,则抽取的项是(  )

    Aa8   Ba9 

    Ca10  Da11

    13.一个凸多边形的内角成等差数列,其中最小的内角为120°,公差为,那么这个多边形的边数n等于(  )

    A12   B16 

    C9   D169

    14.设{an}是递减的等差数列,前三项的和是15,前三项的积是105,当该数列的前n项和最大时,n等于(  )

    A4   B5 

    C6   D7

    二、填空题

    15.等差数列{an}中,d<0,若|a3||a9|,则数列{an}的前n项和取最大值时,n的值为______________

    16.已知两个等差数列{an}6,10,14{bn}2,7,12100项,由它们的公共项所构成的数列的和为__________

    三、解答题

    17.设等差数列的前n项和为Sn.已知a312S12>0S13<0.

    (1)求公差d的取值范围;

    (2)指出S1S2S12中哪一个值最大,并说明理由.

    *18.已知公差大于零的等差数列{an}的前n项和为Sn,且满足a3·a4117a2a522(1)求通项an(2)若数列{bn}满足bn,是否存在非零实数c,使得{bn}为等差数列?若存在,求出c的值,若不存在,说明理由.

     

    详解答案

    1[答案] B

    [解析] 由S偶-S奇=d15,得d3.

    2[答案] D

    [解析] 设公差为d,由

    S66a1×348.

    3[答案] C

    [解析] 解法1:将Sm30S2m100代入Snna1d

    解之得da1.

    S3m3ma1d210.

    解法2:根据等差数列的性质知:SmS2mSmS3mS2m也成等差数列,从而有2(S2mSm)Sm(S3mS2m)

    S3m3(S2mSm)210.

    解法3Snna1d

    a1d(n)是直线ya1上的一串点,由三点(m)(2m)(3m)共线易知S3m3(S2mSm)210.

    解法4:令m1S130S2100,从而a130a1a2100,得到a130a270a370(7030)110S3a1a2a3210.

    [点评] 对于等差数列{an}的前m项、前2m项、前3m项的和SmS2mS3m,有SmS2mSmS3mS2m成等差,2(S2mSm)SmS3mS2mS3m3(S2mSm)3(10030)210.要通过本题深刻领会等差数列的性质在解题中的应用,以迅速提升自已的解题能力.

    4[答案] B

    [解析] 由题设求得:a335a433d=-2a139an412na201a21=-1,所以当n20Sn最大.故选B.

    5[答案] B

    [解析] 原式=()()()(),故选B.

    6[答案] A

    [解析] 本小题主要考查等差数列的通项公式和前n项和公式的运用,以及裂项求和的综合应用.

    a55S515

    15,即a11.

    d1ann.

    .

    则数列{}的前100项的和为:T100(1)()()1.

    故选A.

    [点评] 本题亦可利用等差数列的性质,由S5155a315,即a33,再进一步求解.

    7[答案] 25

    [解析] 由

    S55a1×d25.

    8[答案] 0

    [解析] {an}是等差数列,S3S12

    S12S3a4a5a120.

    a4a12a5a112a8

    S12S39a80,故a80.

    9[答案] 110

    [解析] 设等差数列{an}的首项为a1,公差为d.

    a3a12d16S2020a1d20

    解得d=-2a120.

    S1010a1d20090110.

    10[解析] 设{an}的公差为d,则

    解得,或.

    因此Sn=-8n×2n29n,或Sn8n×(2)=-n29n.

    11[答案] B

    [解析] Sn有最大值,a1>0d<0

    <1

    a11<0a10>0a10a11<0

    S2010(a10a11)<0

    S1919a10>0,故选B.

    12[答案] D

    [解析] S115×115511a1d55d55

    d2S11x4×1040x15

    a1=-5,由ak=-52(k1)15k11.

    13[答案] C

    [解析] an1205(n1)5n115

    an<180n<13nN*

    n边形内角和定理得,

    (n2)×180n×120×5.

    解得n16n9

    n<13n9.

    [点评] 请思考若最小内角为100°,公差为10°时边数n是多少?

    14[答案] A

    [解析] {an}是等差数列,且a1a2a315a25

    a1·a2·a3105

    a1a321,由{an}递减可求得a17d=-2an92n,由an≥0n≤4A.

    15[答案] 56

    [解析] 

    a1a11a3a90

    S110

    根据二次函数图象的性质,由于nN*,所以当n5n6Sn取最大值.

    16[答案] 4240

    [解析] 公共项构成的新数列{cn}是以c122为首项d20为公差的等差数列,cn20n2

    an4n2bn5n3a100402b100497.

    20n2 ≤402n≤20

    公共项有20项,它们的和为S2020×22×204240.

    17[解析] (1)依题意

    a312,得a12d12. 

    分别代入②①,得

    解得-<d<3.

    (2)d<0可知{an}是递减数列,因此若在1≤n≤12中,使an>0an1<0,则Sn最大.

    由于S126(a6a7)>0S1313a7<0,可得

    a6>0a7<0

    故在S1S2S12S6的值最大.

    18[解析] (1)由等差数列的性质得,a3a4a2a522

    a3·a4117,所以a3a4是方程x222x1170的解,

    又公差大于零,故解得a39a413

    所以公差da4a31394,首项a11.

    所以通项公式为ana1(n1)d14(n1)4n3.

    (2)(1)知:Sn2n2n

    所以bn.

    b1b2b3.

    2b2b1b3,即

    所以2c2c0.

    因为c≠0,故c=-,此时bn2n.

    n≥2时,bnbn12n2(n1)2.

    所以当c=-时,{bn}为等差数列.

     

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