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    2022-2023学年天津市南开中学高二上学期阶段性质量检测(一)数学试题(解析版)

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    这是一份2022-2023学年天津市南开中学高二上学期阶段性质量检测(一)数学试题(解析版),共13页。试卷主要包含了单选题,填空题,双空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
    2022-2023学年天津市南开中学高二上学期阶段性质量检测(一)数学试题 一、单选题1.已知向量,则    A.(234 B.(233 C.(258 D.(246【答案】A【分析】由空间向量坐标运算法则可得答案.【详解】,则,则.故选:A2.已知三角形ABC的三个顶点分别为,则AB边上的中线所在直线的方程为(    A BC D【答案】C【分析】先求出的中点,再用两点式求AB边上的中线所在直线的方程【详解】边的中点为边上的中线所在直线的方程,即.故选:C3.圆与圆的公切线有(    A1 B2 C3 D4【答案】C【分析】分别求两圆的圆心和半径,进而确定两圆的位置关系,分析判断.【详解】,即,则圆心,半径,即,则圆心,半径,即,则圆与圆外切,故两圆的公切线有3.故选:C.4.与直线切于点,且圆心在x轴上的圆的方程为(    A BC D【答案】D【分析】利用待定系数法,结合点到直线的距离公式进行求解即可.【详解】因为该圆的圆心在x轴上,所以设该圆的方程为于是有:即该圆的方程为故选:D5.若过点的直线l与直线的交点位于第一象限,则直线l斜率的范围是(    A BC D【答案】C【分析】用直线l斜率表示出l方程,再求出直线l与直线的交点坐标,利用其位于第一象限,可得答案.【详解】由题直线l斜率存在,则设直线l斜率为,则l方程为:.将其与联立得:,解得故交点坐标为.因其在第一象限,则解得.故选:C6.从点出发的一条光线l,经过直线反射,反射光线恰好经过点,则反射光线所在直线的斜率为(    A B C D【答案】B【分析】先求出点关于直线的对称点 ,再结合D在反射光线上,反射光线恰好通过点,即可求解.【详解】设点关于直线的对称点为  ,解得由题意可知,D在反射光线上,又反射光线恰好通过点 ,即反射光线所在直线的斜率为故选:B﹒7.在我国古代数学名著《九章算术》中,将底面为直角三角形且侧棱垂直于底面的棱柱称为堑堵.已知三棱柱为一堑堵,,则直线与直线夹角的余弦值为(    A B C D【答案】A【分析】平移直线到其与直线相交,再解三角形即可.【详解】连接,交于点,取中点为,连接,如下所示:显然点的中点,故在中,分别为的中点,故//则直线所成的夹角与直线所成的夹角相等,即为所求角或其补角;在三角形中,故由余弦定理可得:故直线所成的夹角的余弦值为.故选:A 8.若圆上恰有三个点到直线的距离为1,则实数b的值为(    A B C D【答案】D【分析】根据圆的性质,结合点到直线的距离公式进行求解即可.【详解】的圆心坐标为,半径为因为圆上恰有三个点到直线的距离为1所以圆心到直线直线的距离为1,所以有故选:D9.已知分别为椭圆的左、右焦点,点M为线段的中点(O为坐标原点),点P在椭圆上且满足轴,点M到直线的距离为,则椭圆的离心率为(    A B C D【答案】A【分析】根据几何关系求出PM的坐标,写出直线的方程,根据M的距离即可求出离心率.【详解】轴,代入椭圆可得不妨设直线的斜率为则直线的方程为,即到直线的距离为整理得,所以,解得则椭圆的离心率为故选:A10.已知斜率存在的直线l与椭圆交于AB两点,且l与圆切于点P.P为线段AB的中点,则直线PC的斜率为(    A B C D【答案】C【分析】利用点差法,结合点的坐标满足圆方程,以及与直线垂直,联立方程组求得点的坐标,即可求得直线的斜率.【详解】设点的坐标分别为则:,作差后可得:即:又因为直线与直线垂直,故可得联立后可得:,解得又因为点在圆上,故可得:,解得,即直线的斜率为.故选:C. 二、填空题11.已知直线,直线,当____________时,.【答案】【分析】确定当时不合题意,则时,可求出两直线斜率,根据直线垂直可得斜率之积为,即可求得答案.【详解】时,斜率不存在,的斜率为,不合题意;时,的斜率为的斜率为由于,故,解得故答案为:.12.圆与圆的公共弦长为____________.【答案】【分析】先求出公共弦的方程利用勾股定理即可求得.【详解】由已知圆与圆公共弦所在直线方程为 因为圆圆心为,半径 所以 弦长为 故答案为:13.在空间直角坐标系中,已知三点A320),B213),C310),则点C到直线AB的距离为____________.【答案】【分析】根据空间向量夹角公式,结合同角的三角函数关系式进行求解即可.【详解】A320),B213),C310),可得:所以可得:因此于是点C到直线AB的距离为故答案为:14.已知椭圆的左、右焦点分别为,点P为椭圆上一点,线段y轴交于点Q,若,且为等腰三角形,则椭圆的离心率为____________.【答案】【分析】由线段y轴交于点Q,得点横坐标,代入椭圆方程得点纵坐标,由为等腰三角形,得,用表示此等式转化为离心率的方程,解之可得.【详解】,线段y轴交于点Q右侧,则为等腰三角形,则所以,整理得故答案为:15.已知圆与过点的直线交于AB两点,若三角形ABC面积的最大值为8,则实数a的取值范围是____________.【答案】【分析】根据三角形面积公式,结合圆的性质进行求解即可.【详解】所以该圆的半径为,圆心所以当时,有最大值8,此时三角形ABC是等腰直角三角形,因此点到直线AB的距离为所以有,或故答案为:【点睛】关键点睛:利用三角形面积公式,得到ABC是等腰直角三角形时面积最大是解题的关键. 三、双空题16.如图,在平行六面体中,,点E为线段上靠近于点B的三等分点,设,则____________(用含有的表达式表示);若点G为棱上的一个动点,则的最小值为____________.【答案】          ##2.75【分析】第一空,根据空间向量的线性运算,即可求得答案;第二空,设,用含有的表达式表示出,根据数量积的运算律,将展开化简为关于的二次函数,结合二次函数性质,求得答案.【详解】由题意得,由题意可知 时,取得最小值即则的最小值为故答案为:. 四、解答题17.已知椭圆,直线l过点与椭圆Γ交于AB两点,O为坐标原点.(1)C为线段AB的中点,当直线l的斜率为时,求线段OC的长;(2)当直线l的斜率为时,求三角形AOB的面积.【答案】(1)(2)1 【分析】1)写出直线方程,与椭圆方程联立方程组,消去的一元二次方程,设,应用韦达定理得,从而得中点的坐标后可得2)同样写出直线方程,与椭圆方程联立消元后应用韦达定理求得弦长,再计算出到直线的距离后可得三角形面积.【详解】1)当直线的斜率为时,直线的方程为.,得.,则有由于是线段的中点,则有.所以.2)当直线的斜率为时,直线的方程为.,得.,有..原点到直线的距离.所以.18.为方便师生行动,我校正实施翔宇楼电梯加装工程.我们借此构造了以下模型:已知正四棱柱,它抽象自翔宇楼南侧楼心花园所占据的空间,设O为底面ABCD的中心,正四棱柱与正四棱柱分别代表电梯井与电梯厢,设M为棱的中点,NK分别为棱上的点,(1)求证:平面(2)求直线与平面所成角的正弦值;(3)“你站在桥上看风景,看风景的人在楼上看你.明月装饰了你的窗子,你装饰了别人的梦.卞之琳诗句中的情景其实正在我们的生活中反复上演,上官琐艾同学站在楼心花园的中心(O点),她正目送着倚立在电梯厢一角的欧阳南德同学,假定上官同学的目光聚焦于棱OO2的中点I,此时,电梯厢中欧阳同学的目光正徘徊在位于N点的数学办公室与位于K点的数学实验室,当电梯厢向上启动时,在这时空里便诞生了由点O与移动着的平面INK所勾勒的动人风景.现在,请作为正在看风景的人的你完成以下问题:当电梯厢自底部(平面OECF与平面ABCD重合)运行至顶端(平面与平面重合)的过程中,点O到平面INK距离的最大值.【答案】(1)证明见解析(2)(3) 【分析】1)以为坐标原点,的方向分别为轴、轴、轴的正方向,建立空间直角坐标系,求出平面的法向量,通过证明平面2)由(1)知,平面的法向量,然后利用直线与平面所成角的公式求解;3)设,求出平面的法向量,利用点到平面的距离公式求得点到平面的距离的表达式,进一步求得的最大值.【详解】1)以为坐标原点,的方向分别为轴、轴、轴的正方向,建立空间直角坐标系为平面的一个法向量,则因为,所以,则因为,所以,所以因为不在平面内,所以平面2)因为,所以所以直线与平面所成角的正弦值为3)设又因为,所以为平面的一个法向量,则,即,则所以点到平面的距离所以当,即时,取得最大值为所以点到平面的距离的最大值为19.已知椭圆的离心率为,直线被椭圆C截得的线段长为.(1)求椭圆C的方程;(2)直线l是圆的任意一条不垂直于坐标轴的切线,l与椭圆C交于AB两点,若以AB为直径的圆恒过原点,求:i)圆O的方程;ii的最大值.【答案】(1)(2)i;(ii 【分析】1)根据离心率和椭圆中的关系即可求得方程.2)(i)问利用直曲联立可以求得圆的方程,(ii)问中利用弦长公式和基本不等式即可求得最值.【详解】1)因为,所以,所以,所以椭圆,联立直线,得,所以,所以所以椭圆.2)(i)设直线因为与圆相切,所以,即……1.得,,所以*,得所以由题意得,,即所以,符合(*)式.结合(1)式,得,所以圆的方程为:.ii,等号成立当且仅当所以的最大值为. 

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