北师大版2022年中考数学专项复习：14圆综合复习（含答案）

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14圆综合复习

【考纲要求】
1.圆的基本性质和位置关系是中考考查的重点，但圆中复杂证明及两圆位置关系中证明定会有下降趋势，不会有太复杂的大题出现；
2.今后的中考试题中将更侧重于具体问题中考查圆的定义及点与圆的位置关系，对应用、创新、开放探究型题目，会根据当前的政治形势、新闻背景和实际生活去命题，进一步体现数学来源于生活，又应用于生活．
【知识网络】


【考点梳理】
考点一、圆的有关概念
1. 圆的定义
如图所示，有两种定义方式：
①在一个平面内，线段OA绕它固定的一个端点O旋转一周，另一个端点A随之旋转所形成的图形叫做圆．固定的端点O叫做圆心，以O为圆心的圆记作⊙O，线段OA叫做半径；
②圆是到定点的距离等于定长的点的集合．

要点诠释：圆心确定圆的位置，半径确定圆的大小．
2.与圆有关的概念
①弦：连接圆上任意两点的线段叫做弦；如上图所示线段AB，BC，AC都是弦．
②直径：经过圆心的弦叫做直径，如AC是⊙O的直径，直径是圆中最长的弦．
③弧：圆上任意两点间的部分叫做圆弧，简称弧，如曲线BC、BAC都是⊙O中的弧，分别记作，．
④半圆：圆中任意一条直径的两个端点分圆成两条弧，每一条弧都叫做半圆，如是半圆．
⑤劣弧：像这样小于半圆周的圆弧叫做劣弧．
⑥优弧：像这样大于半圆周的圆弧叫做优弧．
⑦同心圆：圆心相同，半径不相等的圆叫做同心圆．
⑧弓形：由弦及其所对的弧组成的图形叫做弓形．
⑨等圆：能够重合的两个圆叫做等圆．
⑩等弧：在同圆或等圆中，能够互相重合的弧叫做等弧．
圆心角：顶点在圆心的角叫做圆心角，如上图中∠AOB，∠BOC是圆心角．
圆周角：顶点在圆上，两边都和圆相交的角叫做圆周角，如上图中∠BAC、∠ACB都是圆周角．
要点诠释：
圆周角等于它所对的弧所对的圆心角的一半.圆外角度数等于它所夹弧的度数的差的一半. 圆内角度数等于它所夹弧的度数的和的一半.

考点二、圆的有关性质
1.圆的对称性
圆是轴对称图形，经过圆心的直线都是它的对称轴，有无数条．圆是中心对称图形，圆心是对称中心，又是旋转对称图形，即旋转任意角度和自身重合．
2.垂径定理
①垂直于弦的直径平分这条弦，且平分弦所对的两条弧．
②平分弦(不是直径)的直径垂直于弦，并且平分弦所对的两条弧．如图所示．

要点诠释：在图中(1)直径CD，(2)CD⊥AB，(3)AM＝MB，(4)，(5)．若上述5个条件有2个成立，则另外3个也成立．因此，垂径定理也称“五二三定理”．即知二推三．
注意：(1)(3)作条件时，应限制AB不能为直径．
3.弧、弦、圆心角之间的关系
①在同圆或等圆中，相等的圆心角所对的弧相等，所对的弦也相等；
②在同圆或等圆中，两个圆心角、两条弧、两条弦中有一组量相等，它们所对应的其余各组量也相等．
4.圆周角定理及推论
①圆周角定理：在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都等于这条弧所对的圆心角的一半．
②圆周角定理的推论：半圆(或直径)所对的圆周角是直角，90°的圆周角所对的弦是直径．
要点诠释：圆周角性质的前提是在同圆或等圆中．

考点三、与圆有关的位置关系
1.点与圆的位置关系
如图所示．d表示点到圆心的距离，r为圆的半径．点和圆的位置关系如下表：
点与圆的位置关系
d与r的大小关系
点在圆内
d＜r
点在圆上
d＝r
点在圆外
d＞r



要点诠释：
(1)圆的确定：
①过一点的圆有无数个，如图所示．

②过两点A、B的圆有无数个，如图所示．

③经过在同一直线上的三点不能作圆．
④不在同一直线上的三点确定一个圆．如图所示．

(2)三角形的外接圆
经过三角形三个顶点可以画一个圆，并且只能画一个．经过三角形三个顶点的圆叫做三角形的外接圆．三角形外接圆的圆心叫做这个三角形的外心．这个三角形叫做这个圆的内接三角形．三角形的外心就是三角形三条边的垂直平分线交点．它到三角形各顶点的距离相等，都等于三角形外接圆的半径．如图所示．

2.直线与圆的位置关系
①设r为圆的半径，d为圆心到直线的距离，直线与圆的位置关系如下表．


②圆的切线．
切线的定义：和圆有唯一公共点的直线叫做圆的切线．这个公共点叫切点．
切线的判定定理：经过半径的外端．且垂直于这条半径的直线是圆的切线．
友情提示：直线l是⊙O的切线，必须符合两个条件：①直线l经过⊙O上的一点A；②OA⊥l．
切线的性质定理：圆的切线垂直于经过切点的半径．
切线长定义：我们把圆的切线上某一点与切点之间的线段的长叫做这点到圆的切线长．
切线长定理：从圆外一点可以引圆的两条切线，它们的切线长相等，这一点和圆心的连线平分这两条切线的夹角．
③三角形的内切圆：与三角形各边都相切的圆叫三角形的内切圆，三角形内切圆的圆心叫做三角形的内心，这个三角形叫做圆的外切三角形，三角形的内心就是三角形三个内角平分线的交点．
要点诠释：
找三角形内心时，只需要画出两内角平分线的交点．
三角形外心、内心有关知识比较

3.圆与圆的位置关系
在同一平面内两圆作相对运动，可以得到下面5种位置关系，其中R、r为两圆半径(R≥r)．d为圆心距．

要点诠释：
①相切包括内切和外切，相离包括外离和内舍．其中相切和相交是重点．
②同心圆是内含的特殊情况．
③圆与圆的位置关系可以从两个圆的相对运动来理解．
④“r1－r2”时，要特别注意，r1＞r2．

考点四、正多边形和圆
1.正多边形的有关概念
正多边形的外接圆(或内切圆)的圆心叫正多边形的中心．外接圆的半径叫正多边形的半径，内切圆的半径叫正多边形的边心距，正多边形各边所对的外接圆的圆心角都相等，这个角叫正多边形的中心角，正多边形的每一个中心角都等于．
要点诠释：
通过中心角的度数将圆等分，进而画出内接正多边形，正六边形边长等于半径．
2.正多边形的性质
任何一个正多边形都有一个外接圆和一个内切圆，这两圆是同心圆．正多边形都是轴对称图形，偶数条边的正多边形也是中心对称图形，同边数的两个正多边形相似，其周长之比等于它们的边长(半径或边心距)之比．
3.正多边形的有关计算
定理：正n边形的半径和边心距把正n边形分成2n个全等的直角三角形．
正n边形的边长a、边心距r、周长P和面积S的计算归结为直角三角形的计算．
，，，
，，．

考点五、圆中的计算问题
1.弧长公式：，其中为n°的圆心角所对弧的长，R为圆的半径．
2.扇形面积公式：，其中．圆心角所对的扇形的面积，另外．
3.圆锥的侧面积和全面积：
圆锥的侧面展开图是扇形，这个扇形的半径等于圆锥的母线长，弧长等于圆锥底面圆的周长．
圆锥的全面积是它的侧面积与它的底面积的和．
要点诠释：
（1）在计算圆锥的侧面积时要注意各元素之间的对应关系，千万不要错把圆锥底面圆半径当成扇形半径．
（2）求阴影面积的几种常用方法(1)公式法；(2)割补法；(3)拼凑法；(4)等积变形法；(5)构造方程法．

考点六、四点共圆
1.四点共圆的定义
四点共圆的定义：如果同一平面内的四个点在同一个圆上，则称这四个点共圆，一般简称为“四点共圆”.
2.证明四点共圆一些基本方法：
1.从被证共圆的四点中先选出三点作一圆，然后证另一点也在这个圆上，若能证明这一点，即可肯定这四点共圆．或利用圆的定义，证各点均与某一定点等距.
2.如果各点都在某两点所在直线同侧，且各点对这两点的张角相等，则这些点共圆． （若能证明其两张角为直角，即可肯定这四个点共圆，且斜边上两点连线为该圆直径.）
3.把被证共圆的四点连成四边形，若能证明其对角互补或能证明其一个外角等于其邻补角的内对角时，即可肯定这四点共圆．
4.把被证共圆的四点两两连成相交的两条线段，若能证明它们各自被交点分成的两线段之积相等，即可肯定这四点共圆；或把被证共圆的四点两两连结并延长相交的两线段，若能证明自交点至一线段两个端点所成的两线段之积等于自交点至另一线段两端点所成的两线段之积，即可肯定这四点也共圆． 即利用相交弦、切割线、割线定理的逆定理证四点共圆.

考点七、与圆有关的比例线段（补充知识）
1.相交弦定理：圆内的两条相交弦，被交点分成的两条线段长的积相等.
2.切割线定理：从圆外一点引圆的切线和割线，切线长是这点到割线与圆交点的两条线段长的比例中项.
3.割线定理：从圆外一点引圆的两条割线，这一点到每条割线与圆的交点的两条线段长的积相等.

　 圆幂定理（相交弦定理、切割线定理及其推论(割线定理)统一归纳为圆幂定理）
定理
图形
已知
结论
证法
相交弦定理


⊙O中，AB、CD为弦，交于P.
PA·PB＝PC·PD.
连结AC、BD，
证：△APC∽△DPB.
相交弦定理的推论


⊙O中，AB为直径，CD⊥AB于P.
PC2＝PA·PB.
用相交弦定理.
切割线定理


⊙O中，PT切⊙O于T，割线PB交⊙O于A
PT2＝PA·PB
连结TA、TB，
证：△PTB∽△PAT
切割线定理推论


PB、PD为⊙O的两条割线，交⊙O于A、C
PA·PB＝PC·PD
过P作PT切⊙O于T，
用两次切割线定理

【典型例题】
类型一、圆的有关概念及性质
1． BC为的弦，∠BOC=130°，△ABC为的内接三角形，求∠A的度数.

【思路点拨】依题意知为△ABC的外心，由外心O的位置可知应分两种情况进行解答.
【答案与解析】
应分两种情况，当O在△ABC内部时，


当O在△ABC外部时，由∠BOC=130°，得劣弧BC的度数为130，则的度数为
360－130＝230,故∠A=115°.
综合以上得∠A=65°或∠A=115°.
【总结升华】
转化思想就是化未知为已知，化繁为简，化难为易，从而将无法求解的问题转化成可以求解的问题，使问题得以解决.
举一反三：
【变式】如图，∠AOB＝100°，点C在⊙O上，且点C不与A、B重合，则∠ACB的度数为（ ）
A
B
O

A．　　 B．或 　　C．　　 D． 或
【答案】
解：当点C在优弧上时，∠ACB＝∠AOB＝×100°＝50°，
当点C在劣弧上时，∠ACB＝（360°－∠AOB）＝×（360°－100°）＝130°．
故选D．

类型二、与圆有关的位置关系
2．如图，已知正方形的边长是4cm，求它的内切圆与外接圆组成的圆环的面积．（答案保留π）

【思路点拨】
设正方形外接圆，内切圆的半径分别为R，r，根据圆环的面积等于大圆的面积减去小圆的面积即可．
【答案与解析】
解：设正方形外接圆，内切圆的半径分别为R，r，
如图，连接OE、OA，
则OA2-OE2=AE2，即R2-r2=（）2=（）2=4，
S圆环=S大圆-S小圆=πR2-πr2，（2分）
=π（R2-r2），（3分）
∵R2-r2=（）2=4，
∴S=4π（cm2）．

【总结升华】
此题比较简单，解答此题的关键是作出辅助线，找出两圆半径之间的关系，根据圆的面积公式列出关系式即可．

3．如图，已知⊙O的半径为6cm，射线PM经过点O，，射线PN与⊙O相切于点Q．A,B两点同时从点P出发，点A以5cm/s的速度沿射线PM方向运动，点以4cm/s的速度沿射线方向运动．设运动时间为s．
（1）求PQ的长；
（2）当为何值时，直线与⊙O相切？

【思路点拨】
(1)连OQ,则OQ⊥PN,由勾股定理可以求得PQ的长；(2)由直线AB与⊙O相切,先找出结论成立的条件,当BQ等于⊙O的半径时,直线AB与⊙O相切,再根据直线AB与⊙O相切时的不同位置,分类求出的值.
【答案与解析】
解 （1）连接OQ．
∵PN与⊙O相切于点Q，∴OQ⊥PN, 即．
，，∴

（2）过点作，垂足为．
点的运动速度为5cm/s，点的运动速度为4cm/s，运动时间为s，
∴，．，，∴
，∴△PAB∽△POQ, ∴∠PBA=∠PQO=900
，
∴四边形为矩形．∴BQ=OC
∵⊙O的半径为6，∴BQ=OC=6时，直线与⊙O相切．

①当运动到如图1所示的位置时．
．
由，得．解得．
②当运动到如图2所示的位置时．
．
由，得．解得．
所以，当为0.5s或3.5s时,直线与⊙O相切．
【总结升华】
本例是一道双动点几何动态题.是近年来中考数学的热点题型.这类试题信息量大，对学生获取信息和处理信息的能力要求较高；解题时需要用运动和变化的眼光去观察和研究问题，挖掘运动、变化的全过程，并特别关注运动与变化中的不变量、不变关系或特殊关系，动中取静，静中求动.
举一反三：
【高清课堂：圆的综合复习 例4】
【变式】已知：如图，AB是⊙O的直径，C是⊙O上一点，OD⊥BC于点D，过点C作⊙O的切线，交OD的延长线于点E，连接BE．
（1）求证：BE与⊙O相切；
（2）连接AD并延长交BE于点F，若OB=9，，求BF的长．

【答案】
（1）证明：连结.
与⊙相切，为切点.

直线是线段的垂直平分线.

是⊙的直径.
与⊙相切.
（2）解：过点作于点，则∥.
在中，

由勾股定理得
在中，同理得

是的中点，

∥，
∴△AMD∽△ABF



类型三、与圆有关的计算
4．如图，有一个圆O和两个正六边形T1，T2． T1的6个顶点都在圆周上，T2的6条边都和圆O相切（我们称T1，T2分别为圆O的内接正六边形和外切正六边形）．
（1）设T1，T2的边长分别为a，b，圆O的半径为r，求r：a及r：b的值；
（2）求正六边形T1，T2的面积比S1：S2的值．

【思路点拨】
（1）根据圆内接正六边形的半径等于它的边长，则r：a=1：1；在由圆的半径和正六边形的半边以及正六边形的半径组成的直角三角形中，根据锐角三角函数即可求得其比值；
（2）根据相似多边形的面积比是相似比的平方．由（1）可以求得其相似比，再进一步求得其面积比．
【答案与解析】
解：（1）连接圆心O和T1的6个顶点可得6个全等的正三角形．
所以r：a=1：1；
连接圆心O和T2相邻的两个顶点，得以圆O半径为高的正三角形，
所以r：b=AO：BO=sin60°=：2；

（2）T1：T2的边长比是：2，所以S1：S2=（a：b）2=3：4．

【总结升华】
计算正多边形中的有关量的时候，可以构造到由正多边形的半径、边心距、半边组成的直角三角形中，根据锐角三角函数进行计算．注意：相似多边形的面积比即是其相似比的平方．
举一反三：
【变式】有一个亭子，它的地基是半径为8m的正六边形，求地基的周长和面积．（结果保留根号）

【答案】
解：连接OB、OC；
∵六边形ABCDEF是正六边形，
∴∠BOC==60°，
∴△OBC是等边三角形，
∴BC=OB=8m，
∴正六边形ABCDEF的周长=6×8=48m．

过O作OG⊥BC于G，
∵△OBC是等边三角形，OB=8m，
∴∠OBC=60°，
∴OG=OB•sin∠OBC=8×=4m，
∴S△OBC=BC•OG=×8×4=16，
∴S六边形ABCDEF=6S△OBC=6×16=96m2．

类型四、与圆有关的综合应用
5． (1)如图①，的弦垂直于直径，垂足为点，点在上，作直线、，与直线分别交于点、，连结，求证：.
　　(2)把(1)中的“点在上”改为“点在上”，其余条件不变(如图②)，试问：(1)中的结论是否成立？并说明理由.

　　　　　　　　　
【思路点拨】
以上两题需要在运动变化的过程中，寻找临界点，找到不变量，进而运用相关性质求出结果，确定范围.
【答案与解析】
解：(1)证明：如图①，连结，.
　　　　　　　　 于，
　　　　　　　　 .
　　　　　　　　 ，
　　　　　　　　 .
　　　　　　　　 ，
　　　　　　　　 .
　　　　　　　　 又，
　　　　　　　　 ，
　　　　　　　　 ，
　　　　　　　　 ，
　　　　　　　　 又，
　　　　　　　　 ，
　　　　　　　　 ，
　　　　　　　　 .

　　　　(2)成立.如图②，连结，.于，
　　　　　 ，，
　　　　　 ，，
　　　　　 .
　　　，，，
　　　　　 ，
　　　　　 ，
　　　　　 .
　　　　　 ，.
【总结升华】
这样的题目均较好地实现了“注重基础、考查能力”的目的.
举一反三：
【高清课堂：圆的综合复习 例3】
【变式】如图，已知直径与等边△ABC的高相等的圆O分别与边AB、BC相切于点D、E，边AC过圆心O与圆O相交于点F、G.
（1）求证：DE∥AC ；
（2）若的边长为a，求△ECG的面积.

【答案】
(1)∵△ABC是等边三角形，∴∠B＝60°，∠A＝60°．
∵AB、BC是圆O的切线，D、E是切点，
∴BD＝BE．
∴∠BDE＝60°，∠A＝60°，有DE∥AC．

(2)分别连结OD、OE，作EH⊥AC于点H．
∵AB、BC是圆O的切线，D、E是切点，O是圆心，
∴∠ADO＝∠OEC＝90°，OD＝OE，AD＝EC．
∴△ADO≌△CEO，有
∵圆O的直径等于△ABC的高，得半径

∵EH⊥OC，∠C＝60°，




6． （1）已知：如图1，△ABC是⊙O的内接正三角形，点P为弧BC上一动点，
求证：PA=PB+PC；
（2）如图2，四边形ABCD是⊙O的内接正方形，点P为弧BC上一动点，
求证：；
（3）如图3，六边形ABCDEF是⊙O的内接正六边形，点P为弧BC上一动点，请探究PA、PB、PC三者之间有何数量关系，并给予证明．

【思路点拨】
（1）延长BP至E，使PE=PC，连接CE，证明△PCE是等边三角形．利用CE=PC，∠E=∠3=60°，
∠EBC=∠PAC，得到△BEC≌△APC，所以PA=BE=PB+PC；
（2）过点B作BE⊥PB交PA于E，证明△ABE≌△CBP，所以PC=AE，可得PA=PC+PB．
（3）在AP上截取AQ=PC，连接BQ可证△ABQ≌△CBP，所以BQ=BP．又因为∠APB=30°．
所以PQ=PB，PA=PQ+AQ=PB+PC．

【答案与解析】
证明：（1）延长BP至E，使PE=PC，
连接CE．∵∠BAC=∠CPE=60°，PE=PC，
∴△PCE是等边三角形，
∴CE=PC，∠E=60°；
又∵∠BCE=60°+∠BCP，∠ACP=60°+∠BCP，
∴∠BCE=∠ACP，
∵△ABC、△ECP为等边三角形，
∴CE=PC，AC=BC，
∴△BEC≌△APC（SAS），
∴PA=BE=PB+PC．
（2）过点B作BE⊥PB交PA于E．
∵∠1+∠2=∠2+∠3=90°
∴∠1=∠3，
又∵∠APB=45°，
∴BP=BE，∴；
又∵AB=BC，
∴△ABE≌△CBP，
∴PC=AE．
∴．
（3）答：；
证明：过点B，作BM⊥AP，在AP上截取AQ=PC，
连接BQ，∵∠BAP=∠BCP，AB=BC，
∴△ABQ≌△CBP，
∴BQ=BP．
∴MP=QM，
又∵∠APB=30°，
∴cos30°=，
∴PM=PB，
∴
∴
【总结升华】
本题考查三角形全等的性质和判定方法以及正多边形和圆的有关知识．要熟悉这些基本性质才能灵活运用解决综合性的习题．
举一反三：
【变式】（1）如图①，M、N分别是⊙O的内接正△ABC的边AB、BC上的点且BM=CN，连接OM、ON，
求∠MON的度数；
（2）图②、③、…④中，M、N分别是⊙O的内接正方形ABCD、正五边ABCDE、…
正n边形ABCDEFG…的边AB、BC上的点，且BM=CN，连接OM、ON，则图②中∠MON的度数是 ，图③中∠MON的度数是 ；…由此可猜测在n边形图中∠MON的度数是 ；
（3）若3≤n≤8，各自有一个正多边形，则从中任取2个图形，恰好都是中心对称图形的概率是 .

【答案】
解：（1）连接OB、OC；
∵△ABC是⊙O的内接正三角形，
∴OB=OC∠BOC=120°，∠OBC=∠OCB=∠OBA=30°；
又∵BM=CN，
∴△OBM≌△OCN，
∴∠MOB=∠NOC，
∴∠MON=∠BOC=120°；

（2）90°；72°；．
（3）.
中考总复习：圆综合复习—巩固练习（提高）
【巩固练习】
一、选择题
1．已知两圆的半径分别是4和6，圆心距为7，则这两圆的位置关系是( )
A．相交 B．外切 C．外离 D．内含
2．如图，等腰梯形ABCD内接于半圆D，且AB＝1，BC＝2，则OA＝( )
A． B． C． D．
3．如图，在Rt△ABC中，∠C＝90°，∠B＝30°，BC＝4 cm，以点C为圆心，以2 cm的长为半径作圆，则⊙C与AB的位置关系是( )
A．相离 B．相切 C．相交 D．相切或相交

第2题 第3题 第5题
4．已知圆O1、圆O2的半径不相等，圆O1的半径长为3，若圆O2上的点A满足AO1＝3，则圆O1与圆O2的位置关系是( )
A．相交或相切 B．相切或相离 C．相交或内含 D．相切或内含
5．如图所示，在圆O内有折线OABC，其中OA＝8，AB＝2，∠A＝∠B＝60°，则BC的长为( )
A．19 B．16 C．18 D．20

6．如图，MN是半径为0.5的⊙O的直径，点A在⊙O上，∠AMN＝30°，B为AN弧的中点，P是直径MN上一动点，则PA+PB的最小值为( )

A． B． C．1 D．2

二、填空题
7．如图，分别以A，B为圆心，线段AB的长为半径的两个圆相交于C，D两点，则∠CAD的度数为_______．
8．如图，现有圆心角为90°的一个扇形纸片，该扇形的半径是50cm．小红同学为了在圣诞节联欢晚会上表演节目，她打算剪去部分扇形纸片后，利用剩下的纸片制作成一个底面半径为10cm的圆锥形纸帽(接缝处不重叠)，那么被剪去的扇形纸片的圆心角应该是________度．

第7题 第8题 第9题
9．如图，AB⊥BC，AB＝BC＝2 cm，与关于点O中心对称，则AB、BC、、所围成的面积是________cm2．
10．如图，以O为圆心的两个同心圆中，大圆的弦AB是小圆的切线，C为切点，若两圆的半径分别为3 cm和5 cm，则AB的长为________cm．
11．将半径为4 cm的半圆围成一个圆锥，在圆锥内接一个圆柱(如图所示)，当圆柱的侧面的面积最大时，圆柱的底面半径是________cm．

第10题 第11题 第12题
12．如图，已知A、B两点的坐标分别为、(0，2)，P是△AOB外接圆上的一点，且∠AOP＝45°，则点P的坐标为________．

三、解答题
13．已知：如图，在△ABC中，D是AB边上一点，圆O过D、B、C三点，∠DOC＝2∠ACD＝90°．
(1)求证：直线AC是圆O的切线；
(2)如果ÐACB＝75°，圆O的半径为2，求BD的长．

14．如图，在Rt△ABC中，∠ABC＝90°，斜边AC的垂直平分线交BC于点D，交AC于点E，连接BE．
(1)若BE是△DEC外接圆的切线，求∠C的大小；
(2)当AB＝1，BC＝2时，求△DEC外接圆的半径．

15．如图，⊙O是△ABC的外接圆，FH是⊙O的切线，切点为F，FH∥BC，连接AF交BC于E，∠ABC的平分线BD交AF于D，连接BF．
(1)证明：AF平分∠BAC；
(2)证明：BF＝FD；
(3)若EF＝4，DE＝3，求AD的长．


16. 如图，已知：AC是⊙O的直径，PA⊥AC，连接OP，弦CB∥OP，直线PB交直线AC于D，BD＝2PA．
(1)证明：直线PB是⊙O的切线；
(2)探究线段PO与线段BC之间的数量关系，并加以证明；
(3)求sin∠OPA的值．



【答案与解析】
一、选择题
1.【答案】A ；
【解析】因为6-4＜7＜6+4，所以两圆相交．
2.【答案】A ；
【解析】作BE⊥AD，CF⊥AD，垂足分别是E，F，连接BD，

则AE＝DF，∠ABD＝90°，EF＝BC＝2，
设AE＝x，则AD＝2+2x．
由△ABE∽△ADB可得，
即，解得．
∴ AD＝2+2x＝1+，则．
3.【答案】B ；
【解析】如图，过C作CD⊥AB于D，

在Rt△CBD中，BC＝4cm，∠B＝30°，
∴ CD＝BC＝(cm)．
又⊙C的半径为2cm，
∴ d＝r．
∴ 直线AB与⊙C相似．
4.【答案】A ；
【解析】因为AO1＝3，所以点A在圆O1上，又因为点A在圆O2上，
所以圆O1与圆O2的位置关系是相交或相切．
5.【答案】D ；
【解析】延长AO交BC于D点，过O作OE⊥BD于E．
∵ ∠A＝∠B＝60°，∴ ∠ADB＝60°．
∴ △DAB是等边三角形，BD＝AB＝12．
在Rt△ODE中，OD＝12-8＝4，∠ODE＝60°，
∴ DE＝OD·cos 60°＝，∴ BE＝10，故BC＝2BE＝2×10＝20．
6.【答案】A；
【解析】过B作BB′⊥MN交⊙O于B′，连接AB′交MN于P，此时PA+PB＝AB′最小．
连AO并延长交⊙O于C，连接CB′，在Rt△ACB′中，AC＝1，∠C＝，
∴ ．

二、填空题
7．【答案】120°；
【解析】连接BC，BD，则△ABC与△ABD都是等边三角形，故∠CAB＝∠DAB＝60°，
所以∠CAD＝60°+60°＝120°．
8．【答案】18 ；
【解析】设被剪去的扇形纸片的圆心角为θ度，
则由题意．
∴ θ＝18．
9．【答案】2 ；
【解析】连接AC，因为与关于点O中心对称，所以A，O，C三点共线，，
所以所求圆形的面积＝△ABC的面积(cm2)．
10．【答案】8 ；
【解析】连接OC，OA，则OC垂直平分AB，由勾股定理知，
所以AB＝2AC＝8．
11．【答案】1 ；
【解析】如图是几何体的轴截面，由题意得OD＝OA＝4，2πCD＝4π，

∴ CD＝2．
则．
设EF＝x，EC＝y，由△OEF∽△OCD得，
∴ ．
∴ ．
∴ 当x＝1时，S有最大值．
12．【答案】；
【解析】在Rt△OAB中，．
∴ ∠ABO＝60°．
连接AP，如图．则∠APO＝∠ABO＝60°．

过A作AC⊥OP，如图．在Rt△AOC中，由，
∠AOC＝45°，可求出OC＝AC＝，在Rt△ACP中求出PC＝．
∴ ．
过P作PE⊥OA，在Rt△OPE中求出，
∴ ．

三、解答题
13.【答案与解析】
(1)证明：∵ OD＝OC，∠DOC＝90°，
∴ ∠ODC＝∠OCD＝45°．
∵ ∠DOC＝2∠ACD＝90°，
∴ ∠ACD＝45°．
∴ ∠ACD+∠OCD＝∠OCA＝90°．
∵ 点C在⊙O上，
∴ 直线AC是⊙O的切线．
(2)解：∵ OD＝OC＝2，∠DOC＝90°，
∴ ．
∵ ∠ACB＝75°，∠ACD＝45°，
∴ ∠BCD＝30°．
作DE⊥BC于点E，如图．

∴ ∠DEC＝90°，
∴ ．
∵ ∠B＝∠ACO＝45°，∴ DB＝DE＝2．
14.【答案与解析】
(1)∵ DE垂直平分AC，∴ ∠DEC＝90°．
∴ DC为△DEC外接圆的直径．
∴ DC的中点O即为圆心．
连接OE，又知BE是⊙O的切线，
∴ ∠EBO+∠BOE＝90°．
在Rt△ABC中，E是斜边AC的中点，
∴ BE＝EC．
∴ ∠EBC＝∠C．
又∵ ∠BOE＝2∠C，∴ ∠C+2∠C＝90°．
∴ ∠C＝30°．
(2)在Rt△ABC中，，
∴ ．
∵ ∠ABC＝∠DEC＝90°，∴ △ABC∽△DEC．
∴ ．∴ ．
∴ △DEC外接圆的半径为．

15.【答案与解析】
(1)证明：连接OF ．
∵ FH是⊙O的切线，
∴ OF⊥FH．
∵ FH∥BC，
∴ OF垂直平分BC．
∴ ．
∴ AF平分∠BAC．

(2)证明：由(1)及题设条件可知
∠1＝∠2，∠4＝∠3，∠5＝∠2，
∴ ∠1+∠4＝∠2+∠3．
∴ ∠1+∠4＝∠5+∠3，即∠FDB＝FBD．
∴ BF＝FD．
(3)解：在△BFE和△AFB中，
∵ ∠5＝∠2＝∠1，∠F＝∠F，
∴ △BFE∽△AFB．
∴ ，
∴ ，
∴ ．

16.【答案与解析】
(1)证明：连接OB．
∵ BC∥OP，
∴ ∠BCO＝∠POA，∠CBO＝∠POB．
又∵ OC＝OB，∴ ∠BCO＝∠CBO．
∴ ∠POB＝∠POA．
又∵ PO＝PO，OB＝OA，
∴ △POB≌△POA．
∴ ∠PBO＝∠PAO＝90°．
∴ PB是⊙O的切线．

(2)解：2PO＝3BC．(写PO＝BC亦可)
证明：∵ △POB≌△POA，∴ PB＝PA．
∵ BD＝2PA，∴ BD＝2PB．
∵ BC∥PO，∴ △DBC∽△DPO．
∴ ，
∴ 2PO＝3BC．
(3)解：∵ △DBC∽△DPO，
∴ ，即，
∴ DC＝2OC．
设OA＝x，PA＝y，则OD＝3x，OB＝x，BD＝2y．
在Rt△OBD中，由勾股定理，得(3x)2＝x2+(2y)2，即2x2＝y2．
∵ x＞0，y＞0，
∴ ，．
∴ ．