试卷 福建省厦门市2020-2021学年九年级上学期期中数学试题(word版 含答案)
展开福建省厦门市2020-2021学年九年级上学期期中数学试题
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
一、单选题
1.下列图形中,既是轴对称图形,又是中心对称图形的是( )
A.等腰梯形 B.平行四边形 C.等边三角形 D.矩形
2.用求根公式计算方程x2-5x+3=0的根时,公式中b的值为( )
A.5 B.-5 C.3 D.
3.方程 (x-1) 2=0的根是( )
A.x1=x2=1 B.x1=1,x2=0
C.x1=-1,x2=0 D.x1=1,x2=-1
4.下列说法不正确的是( )
A.选举中,人们通常最关心的数据是众数
B.从1、2、3、4、5中随机取一个数,取得奇数的可能性比较大
C.必然事件发生的概率为1
D.某游艺活动的中奖率是60%,说明参加该活动10次就有一定6次会获奖
5.关于二次函数的图象,下列说法正确的是( )
A.对称轴是 B.开口向下
C.顶点坐标是(1,-2) D.与x轴有两个交点
6.如图,AB是⊙O的直径,C,D是⊙O上位于AB异侧的两点.下列四个角中,一定与∠ACD互余的角是( )
A.∠ADC B.∠ABD C.∠BAC D.∠BAD
7.如图,将命题“在同圆中,相等的弧所对的圆心角相等,所对的弦也相等”改写成“已知…求证…”的形式,下列正确的是( )
A.已知:在⊙O中,弧AD=弧BC.求证:∠AOB=∠COD,AD=BC
B.已知:在⊙O中,弧AB=弧CD.求证:∠AOB=∠COD,AB=CD
C.已知:在⊙O中,弧AD=弧BC,∠AOB=∠COD.求证:AD=BC
D.已知:在⊙O中,弧AB=弧CD,∠AOB=∠COD.求证:AB=CD
8.如图所示,在一幅矩形风景画的四周镶一条相同宽度的边框,制成一幅长为80cm,宽为50cm的挂图,设边框的宽为xcm,如果风景画的面积是2800cm2,下列方程符合题意的是( )
A.(50+x)(80+x)=2800 B.(50+2x)(80+2 x)=2800
C.(50﹣x)(80﹣x)=2800 D.(50﹣2x)(80﹣2x)=2800
9.如图,二次函数y=x2﹣2x﹣3的图象与x轴交于A、B两点,与y轴交于点C,则下列说法错误的是( )
A.AB=4
B.∠ABC=45°
C.当x>0时,y<﹣3
D.当x>1时,y随x的增大而增大
10.已知二次函数y=(x﹣p)(x﹣q)﹣2,若m,n是关于x的方程(x﹣p)(x﹣q)﹣2=0的两个根,则实数m,n,p,q的大小关系可能是( )
A.m<p<q<n B.m<p<n<q C.p<m<n<q D.p<m<q<n
二、填空题
11.将抛物线y=x2向下平移2个单位长度,平移后拋物线的解析式为______.
12.在一个不透明的袋子里装有黄色、白色乒乓球共40个,除颜色外其他完全相同.小明从这个袋子中随机摸出一球,放回.通过多次摸球实验后发现,摸到黄色球的概率稳定在15%附近,则袋中黄色球可能有___个.
13.已知点与点关于原点对称,则点在第______象限.
14.如图,⊙O中,∠ACB = 110º,则∠AOB=______.
15.如图,已知Rt△OAB,∠OAB=90°,∠ABO=30°,斜边OB=4,将Rt△OAB绕点O顺时针旋转60°到Rt△ODC,连接BC,AC.作OP⊥AC,垂足为P,则OP的长度为_______.
16.已知点P(m,n)在抛物线上,当时,总有成立,则实数a的取值范围是_______.
三、解答题
17.解方程.
18.如图,在△ABC中,AB=4,BC=7,∠B=60°,将△ABC绕点A按顺时针旋转一定角度得到△ADE,当点B的对应点D恰好落在BC边上时,求CD的长.
19.已知二次函数的图像经过点A(0,3),B(-1,0).
(1)求该二次函数的解析式
(2)在图中画出该函数的图象
20.有3张形状材质相同的不透明卡片,正面分别写有4、3、-5,三个数字.将这三张卡片背面朝上洗匀后,第一次从中随机抽取一张,并把这张卡片标有的数字作为一次函数中的值;第二次从余下的两张卡片中再随机抽取一张,上面标有的数字作为的值.用画树状图或列表法求所得到的一次函数的图像经过第一、二、三象限的概率.
21.如图,在平面直角坐标系中,点的坐标是,点的坐标是,点,在以为直径的半圆上,且四边形是平行四边形.
(1)求CD的长;
(2)求直线BC的解析式.
22.已知关于的方程.
(1)若,且是此方程的根,求的值;
(2)若此方程有实数根,当时,求函数的取值范围.
23.已知四边形ABCD内接于⊙O.
(1)如图1,若AB=3,BC=4,AC=5,求⊙O的半径的长;
(2)如图2,若AC⊥BD,且AD=8,BC=6.求⊙O的半径的长以及AB与CD满足的数量关系.
24.如图,□ABCD中,AB=,AC=,BC=.
(1)若四边形ABCD是正方形,求抛物线的对称轴;
(2)若抛物线的对称轴为直线,抛物线与轴的一个交点为.且,求四边形ABCD的面积.
25.阅读:我们约定,在平面直角坐标系中,经过某点且平行于坐标轴或平行于两坐标轴夹角平分线的直线,叫该点的“特征线”.
例如,点M(1,3)的特征线有:x=1,y=3,y=x+2,.
问题与探究:如图1,在平面直角坐标系中有正方形OABC,点B在第一象限,A、C分别在x轴和y轴上,抛物线经过B、C两点,顶点D在正方形内部.
(1)直接写出点D(m,n)所有的特征线(用含m、n的式子表示);
(2)若点D有一条特征线是y=x+2,求此抛物线的解析式;
(3)对于满足(2)中条件的抛物线,点P是AB边上除点A外的任意一点,连接OP,将△OAP沿着OP折叠,点A落在点A′的位置,当点A′在平行于坐标轴的D点的特征线上时,抛物线向下平移多少距离,其顶点落在OP上?
参考答案
1.D
【分析】
根据中心对称图形和轴对称图形的概念对各选项分析判断即可得解.
【详解】
解:A、等腰梯形是轴对称图形,不是中心对称图形,故本选项不符合题意;
B、平行四边形不是轴对称图形,是中心对称图形,故本选项不符合题意;
C、等边三角形是轴对称图形,不是中心对称图形,故本选项不符合题意;
D、矩形既是轴对称图形又是中心对称图形,故本选项符合题意.
故选:D.
【点睛】
本题考查了中心对称图形与轴对称图形的概念,轴对称图形的关键是寻找对称轴,图形两部分折叠后可重合,中心对称图形是要寻找对称中心,旋转180度后两部分重合.
2.B
【分析】
对照一元二次方程的一般式ax2+bx+c=0,即可确定公式法中的b.
【详解】
解:用求根公式计算方程x2-5x+3=0的根时,公式中b的值为−5,
故选:B.
【点睛】
本题主要考查解一元二次方程,熟练掌握解一元二次方程的几种常用方法是解题的关键.
3.A
【分析】
根据直接开平方法可得x-1=0,解此一元一次方程即可求得.
【详解】
解:∵(x-1) 2=0,
∴x-1=0 .
∴x1=x2=1.
故选:A.
【点睛】
本题考查了解一元二次方程,掌握直接开平方法是解此题的关键.
4.D
【分析】
由众数的定义、概率的知识,可得A、B、C正确,并判断出 D错误.
【详解】
解:A、选举中,人们通常最关心的数据是众数,故本选项正确;
B、从1、2、3、4、5中随机取一个数,取得奇数的概率为,取得偶数的概率为,故本选项正确;
C、必然事件发生的概率为1,故本选项正确;
D、某游艺活动的中奖率是60%,不能说明参加该活动10次就有6次会获奖,故本选项错误.
故选:D.
【点睛】
此题考查了众数、概率问题,解题的关键是正确理解题意并掌握概率的计算方法,还应注意排除法在解选择题中的应用.
5.D
【分析】
由抛物线解析式可求得其开口方向、对称轴、顶点坐标,然后对各选项进行判断即可.
【详解】
∵
∵a=10
∴抛物线开口向上,顶点坐标为(-1,-2),对称轴为x=-1,
∴A、B、C不正确,
∵抛物线开口向上,顶点坐标为(-1,-2),
∴抛物线与x轴有两个交点,
∴D正确,
故选D.
【点睛】
本题主要考查二次函数的性质,掌握二次函数的顶点式是解题的关键,即在y=a(x-h)2+k中,顶点坐标为(h,k),对称轴为x=h
6.D
【分析】
由圆周角定理得出∠ACB=∠ACD+∠BCD=90°,∠BCD=∠BAD,得出∠ACD+∠BAD=90°,即可得出答案.
【详解】
解:连接BC,如图所示:
∵AB是⊙O的直径,
∴∠ACB=∠ACD+∠BCD=90°,
∵∠BCD=∠BAD,
∴∠ACD+∠BAD=90°,
故选:D.
【点睛】
此题考查了圆周角定理:同弧所对的圆周角相等,直径所对的圆周角是直角,正确掌握圆周角定理是解题的关键.
7.B
【分析】
根据命题的定义、结合图形解答.
【详解】
解:命题“在同圆中,相等的弧所对的圆心角相等,所对的弦也相等”改写成“已知……求证……”的形式,
已知:在⊙O中,弧AB=弧CD,
求证:∠AOB=∠COD,AB=CD,
故选:B.
【点睛】
本题考查的是命题与定理,命题写成“已知…,求证…”的形式,这时,“已知”后面接的部分是题设,“求证”后面解的部分是结论.
8.D
【分析】
根据图求出风景画的长、宽,再利用矩形的面积公式即可得出答案.
【详解】
由题意得:风景画的长为:,宽为:
利用矩形的面积公式得:
故选:D.
【点睛】
本题考查了一元二次方程的几何应用,依据题意求出风景画的长、宽是解题关键.
9.C
【分析】
根据二次函数的图象与性质即可求出答案.
【详解】
∵二次函数y=x2﹣2x﹣3=(x﹣1)2﹣4,∴当y=0时,x1=﹣1,x2=3,∴点A的坐标为(﹣1,0),点B的坐标为(3,0),∴AB=4,故选项A正确.
∵当x=0时,y=﹣3,∴OC=3.
∵点B(3,0),∠COB=90°,∴OB=3,∴OB=OC,∴∠OBC=45°,即∠ABC=45°,故选项B正确.
当0<x<1时,﹣4<y<﹣3,当x≥1时,y≥﹣4,故选项C错误.
当x>1时,y随x的增大而增大,故选项D正确.
故选C.
【点睛】
本题考查了二次函数的图象,解题的关键是熟练运用二次函数的图象与性质,本题属于中等难度题型.
10.A
【分析】
利用二次函数的性质和方程的知识,可以得到m,n,p,q的大小关系.
【详解】
解:∵二次函数y=(x﹣p)(x﹣q)﹣2,
∴该函数开口向上,当x=p或x=q时,y=﹣2,
∵m,n是关于x方程(x﹣p)(x﹣q)﹣2=0的两个根,
∴y=(x﹣p)(x﹣q)﹣2,当x=m或x=n时,y=0,
∴p,q一定处在m,n中间
故选:A.
【点睛】
本题考查二次函数与一元二次方程的综合应用,熟练掌握二次函数的图象与一元二次方程解的意义是解题关键.
11.y=x2-2
【分析】
根据“上加下减”可得答案.
【详解】
将抛物线y=x2向下平移2个单位长度,平移后拋物线的解析式为y=x2-2.
故答案为y=x2-2.
【点睛】
本题考查二次函数图象的平移.抛物线平移变换的规律:左加右减(在括号内),上加下减(在末梢).
12.6
【分析】
根据概率的求法,找准两点:①全部情况的总数;②符合条件的情况数目;二者的比值就是其发生的概率.
【详解】
解:设袋中黄色球可能有x个.
根据题意,任意摸出1个,摸到黄色乒乓球的概率是:15%=,解得:x=6.
∴袋中黄色球可能有6个.
故答案为:6
13.四
【分析】
根据关于原点对称的点的关系特点,可得、的值,进而可求得答案.
【详解】
解:∵点与点关于原点对称
∴,
∴点的坐标为
∴点在第四象限.
故答案是:四
【点睛】
本题考查了关于原点对称的点的坐标特点、注意与关于、轴对称的点的坐标特点的区分记忆,同时还考查了平面直角坐标系中坐标位置的关系.
14.
【分析】
在优弧上任取一点,连接、,先由圆内接四边形的性质求出的度数,再由圆周角定理求出的度数即可.
【详解】
解:在优弧上任取一点,连接、,如图:
∵四边形内接于,
∴
∴.
故答案是:
【点睛】
本题考查了圆周角定理、圆内接四边形的性质等,添加适当的辅助线并应用圆周角定理是解题的关键.
15..
【分析】
在RtΔOAB中,利用30º角求AO,利用勾股定理求BA,Rt△OAB绕点O顺时针旋转60°到Rt△ODC,得ΔBOC为等边三角形进而∠COB+∠ABO=90º,∠OAB=90°,可得BC∥AO,可证ΔCBA∽ΔAPO,由相似三角形的性质求出OP即可.
【详解】
∵Rt△OAB,∠OAB=90°,∠ABO=30°,
∴∠BOA=90º-∠ABO=90º-30º=60º,
∴AO=OB=2,AB=,
∵Rt△OAB绕点O顺时针旋转60°到Rt△ODC,
∴BO=CO,∠DOC=60º,
∴ΔBOC为等边三角形,
∴BC=OB=4,
∴∠COB+∠ABO=30º+60º=90º,∠OAB=90°,
∴BC∥AO,
∴∠BCA=∠PAO,
∴OP⊥AC,
∴∠APO=90º,
∴∠CBA=∠APO,
∴ΔCBA∽ΔAPO,
∴,
在RtΔABC中,AC=,
∴.
故答案为:.
【点睛】
本题考查三角形旋转,直角三角形,等边三角形,相似三角形等问题,掌握三角形旋转的性质,直角三角形的性质,等边三角形的性质,相似三角形的性质是解题关键.
16.0<a≤
【分析】
依照题意画出图形,分0<<1及≥1两种情况考虑,结合函数图形以及已知条件可得出关于a的一元一次不等式组(或一元一次不等式),解之即可得出a的取值范围,综上即可得出结论.
【详解】
当≥1时,有,
解得:a>0,
∴0<a≤;
当0<<1时,有,
解得:a=
∴0<a≤.
综上所述:0<a≤.
故答案为:0<a≤.
【点睛】
本题考查了二次函数的性质以及二次函数图象上点的坐标特征,分0<<1及≥1两种情况找出关于a的一元一次不等式(一元一次不等式组)是解题的关键.
17.,
【分析】
利用求根公式法或配方法解一元二次方程即可得解.
【详解】
解:①
∵,,
∴
∴
∴,.
②
∴,.
【点睛】
本题考查了解一元二次方程,常用方法有直接开平方法、配方法、公式法、因式分解法,能根据题目特点选择合适的解法是解题的关键.
18.CD=3
【分析】
由旋转的性质可得AB=AD=4,可证△ABD为等边三角形,可得BD=AD=4,即可求解.
【详解】
解:∵将△ABC绕点A按顺时针旋转一定角度得到△ADE,
∴AB=AD=4,
∵∠B=60°,
∴△ABD为等边三角形,
∴BD=AD=4,
∴CD=BC﹣BD=7﹣4=3.
【点睛】
本题考查了旋转的性质,等边三角形的判定和性质,掌握旋转的性质是本题的关键.
19.(1);(2)详见解析.
【分析】
(1)根据二次函数的图象经过点A(0,3),B(-1,0)可以求得该函数的解析式;
(2) 根据(1) 中求得的函数解析式可以得到该函数经过的几个点,从而可以画出该函数的图象;
【详解】
解:(1) 把A(0,3),B(-1,0)分别代入 ,得
解得
所以二次函数的解析式为:
(2)由(1)得
列表得:
如图即为该函数图像:
【点睛】
本题考查求抛物线的解析式、二次函数的性质、二次函数图象上点的坐标特征,解答本题的关键是明确题意,利用二次函数的性质和数形结合的思想.
20.
【分析】
先根据题意列出树状图,再找出所有情况,看k>0,b>0的情况占总情况的多少即可求出答案.
【详解】
画树状图
共有6种情况,
因为一次函数y=kx+b经过第一、二、三象限,
则k>0,b>0,
又因为k>0,b>0的情况有k=4,b=3或k=3,b=4两种情况,
所以一次函数y=kx+b经过第一、二、三象限的概率为.
【点睛】
此题考查了列表法与树状图,如果一个事件有n种可能,而且这些事件的可能性相同,其中事件A出现m种结果,那么事件A的概率P(A)=,注意本题是放回实验;经过二三四象限的一次函数的k>0,b>0.
21.(1);(2)
【分析】
(1)根据平行四边形的性质即可求得答案;
(2)添加辅助线构造直角三角形,根据平行四边形的性质、垂径定理、勾股定理、线段的和差即可求得,再根据待定系数法即可求得直线解析式.
【详解】
解:(1)∵点的坐标是
∴
∵四边形是平行四边形
∴.
(2)过点作,连接,过点作,如图:
∵,
∴
∵
∴
∴
∴在中,
∵四边形是平行四边形
∴
∵
∴四边形是平行四边形
∴,
∴
∴
∴设直线的解析式为:
∴
∴
∴直线的解析式为:.
【点睛】
本题考查了平行四边形的性质和判定、垂径定理、勾股定理、线段的和差、待定系数法等,添加辅助线构造直角三角形是解决问题的关键.
22.(1);(2)
【分析】
(1)把、代入方程可得,然后解关于的方程即可得解;
(2)根据根的判别式的意义可得,整理得,利用非负数的性质得到,则函数为:,再由可求得函数的取值范围.
【详解】
解:(1)∵若,且是此方程的根
∴
∴
∴
∴的值为.
(2)∵方程有实数根
∴
∴
∴
∴
∴函数为:
∵
∴可画出函数图象,如图:
∴函数的取值范围是:.
【点睛】
本题考查了含参数的一元二次方程、一元二次方程的根的判别式、由自变量取值范围求函数取值范围等,熟练掌握相关知识点是解题的关键.
23.(1) (2)
【分析】
(1)根据勾股定理判断直角三角形,从而判断AC为直径,即可求解;
(2)连接AO并延长交于点G,交DC于点P,连接DG,AC⊥BD垂足为点H,可判断, 从而得到,判断,得到,求出,可求得半径;连接BG,GC,BP,判断,在直角三角形中根据勾股定理求解.
【详解】
(1)
如图在中,,
∵,为直角三角形,
∴AC为的直径
∴
(2)连接AO并延长交于点G,交DC于点P,连接DG,AC⊥BD垂足为点H.
∵AC⊥BD
∵AG为圆的直径,
∵对应的角有
在和中
∴ ∴
∵对应的角有
在和中
∴ ∴
∴ ∴
∴
∴
连接BG,GC,BP
对应的角有
对应的角有
在和中
∴(AAS)
∴DG=BC DC=BG
在中,
∴
【点睛】
本题考查了圆的性质,相似三角形的判定和性质,全等三角形的判定和性质,勾股定理的运用等相关知识;正确作出辅助线是解题的关键.
24.(1)x=;(2) .
【分析】
(1)由正方形推出b=c=,利用对称轴公式求对称轴
(2)对称轴为直线利用公式得b=,抛物线与轴交点为代入得,求出的值,由推出四边形ABCD为菱形,利用菱形面积公式求出即可
【详解】
(1)∵四边形ABCD是正方形,
∴AB=BC,AC=,b=c=
=(x2+x-1)
对称轴为x=
(2) 对称轴为直线,
∴利用对称轴公式得b=
抛物线与轴的一个交点为代入抛物线
由c>0、b>0、a>0,
∴,
解得(负值已舍去),
∵ABCD,
∴四边形ABCD为菱形
连BD交AC于O,BO⊥AO,AO=OC=1.5
在RtΔABO中,由勾股定理,AD=2OB=
∴
【点睛】
本题考查正方形的性质与菱形的性质,掌握正方形的性质与菱形性质和菱形面积求法,会用正方形的性质推出之间关系,进而求对称轴,会利用对称轴推出关系,利用点C在抛物线上,确定之间关系会解方程组解决问题
25.(1);(2);(3)或
【分析】
(1)根据特征线的定义以及性质直接求出点D的特征线;
(2)由点D的一条特征线和正方形的性质求出点D的坐标,从而求出抛物线解析式;
(3)分平行于x轴和y轴两种情况,由折叠的性质计算即可.
【详解】
(1)∵点D
∴D的特征线是
(2)∵点D有一条特征线是
∴
∵抛物线的解析式为
∴
∵四边形OABC是正方形,且D点为正方形的对称轴,
∴
∴
∴
将代入中
解得
∴抛物线的解析式为
(3)①如图,当点在平行于y轴的D点的特征线时
根据题意可得
∴
∴
∴
∴
∴抛物线需要向下平移的距离
②如图,当点在平行于x轴的D点的特征线时,设
则
∴
设
在中,
解得
∴
∴直线OP解析式为
∴
∴抛物线需要向下平移的距离
即抛物线向下平移或距离,其顶点落在OP上.
【点睛】
本题考查了二次函数的综合问题,掌握特征线的性质、正方形的性质、抛物线的性质、折叠的性质、平移的性质是解题的关键.
福建省厦门市2021-2022学年九年级上学期期中数学试卷(word版含解析): 这是一份福建省厦门市2021-2022学年九年级上学期期中数学试卷(word版含解析),共24页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
福建省厦门市松柏中学2022-2023学年九年级上学期期中数学试题(含答案): 这是一份福建省厦门市松柏中学2022-2023学年九年级上学期期中数学试题(含答案),共10页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
福建省厦门市同安区2021-2022学年七年级上学期期中数学试题(word版 含答案): 这是一份福建省厦门市同安区2021-2022学年七年级上学期期中数学试题(word版 含答案),共5页。试卷主要包含了单选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。