2025-2026学年浙江省宁波市余姚市高一（下）期末物理试卷(含详细答案解析)

这是一份2025-2026学年浙江省宁波市余姚市高一（下）期末物理试卷(含详细答案解析)，共11页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.下列属于国际单位制基本单位符号的是( )
A. CB. NC. mD. V
2.如图是9月3日阅兵时歼击机梯队以整齐的编队飞过天安门广场的情景，体现了中国空军的训练水平和装备实力，也彰显了国防力量的发展成果。下列有关歼击机的说法正确的是( )
A. 以天安门为参考系，歼击机梯队是静止的
B. 相对于机内的飞行员，歼击机梯队是运动的
C. 研究歼击机的动作时可以将歼击机看成质点
D. 研究歼击机的飞行轨迹时能将歼击机看成质点
3.如图所示是某人在投飞镖，飞镖在飞行途中对其做功的力是( )
A. 重力、空气阻力
B. 重力、推力
C. 只有重力
D. 重力、推力、空气阻力
4.某研究性学习小组用实验室轨道小车进行实验。测得小车质量为0.2kg，小车的速度v随时间t变化的图像如图所示。则该小车( )
A. 在0∼1秒内，动能随时间均匀增大
B. 在此过程中最大动能为0.8J
C. 0∼1秒内运动方向与1∼3秒内运动方向相反
D. 在0∼3s内，所受外力对其所做总功为0
5.如图为某中国运动员在短道速滑比赛中勇夺金牌的精彩瞬间。假定此时他正沿圆弧形弯道匀速率滑行，则他( )
A. 所受的合力为零，动能不变
B. 所受的合力恒定，动能变化
C. 所受的合力变化，动能不变
D. 所受的重力和地面对他的作用力是一对平衡力
6.2026年3月13日试验三十号卫星从西昌发射后绕地球做顺时针方向椭圆轨道运动，其轨迹如图所示。其中A是近地点，B是远地点。卫星在A点的线速度为vA，卫星在B点的线速度为vB。则( )
A. vAvBC. vA=vBD. 无法比较
7.如图所示，“旋转秋千”中的两个座椅A、B质量相等，通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上。不考虑空气阻力的影响，当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时，下列说法正确的是( )
A. A与B的动能相等
B. A与B的运动周期相等
C. A与B的向心加速度大小相等
D. 悬挂A的缆绳拉力等于悬挂B的缆绳拉力
8.某电场的电场线分布如图所示，以下说法正确的是( )
A. c点场强小于b点场强
B. c点电势低于d点电势
C. 试探电荷+q由a移至b的过程中，所受电场力减小
D. 若将一试探电荷+q由a点释放，它将沿电场线运动到b点
9.电动方程式(FrmulaE)是目前世界上新能源汽车运动中级别最高的赛事，赛车在专业赛道水平路面上由静止启动，在前2s内做匀加速直线运动，2s末达到额定功率，之后保持额定功率继续运动，其v−t图像如图所示。已知汽车的质量为m=8×103kg，汽车受到的阻力恒为16000N，取g=10m/s2，下列说法正确的是( )
A. 赛车在前2s内的加速度是16m/s2
B. 赛车在匀加速阶段的牵引力是64000N
C. 该赛车的最大速度是60m/s
D. 当速度v=40m/s时，其加速度为2m/s2
10.如图所示，某时刻在赤道的正上方恰好有三颗卫星排成一条直线，分别是近地轨道卫星b、地球静止轨道卫星c和高空探测卫星d。已知它们均做匀速圆周运动，下列说法正确的是( )
A. 卫星c的周期大于卫星d的周期
B. 卫星c的速度大小大于卫星b的速度大小
C. 卫星c的加速度大小大于卫星b的加速度大小
D. 地球对卫星c和对卫星d的万有引力大小可能相等
11.x轴上有两点电荷Q1和Q2，二者之间连线上各点的电势高低变化如图曲线所示，选无穷远处电势为0，则从图中可得出( )
A. 两电荷间连线上的P点电场强度为0
B. Q1和Q2可能为同种电荷
C. 两电荷之间连线上各点的场强方向都指向x轴的正方向
D. 把一正试探电荷从两电荷连线上的A点移到B点时，其电势能先减小后增大
12.小球P和Q用不可伸长的轻绳悬挂在天花板上，P球的质量等于Q球的质量，悬挂P球的绳比悬挂Q球的绳短。将两球拉起，使两绳均被水平拉直，如图所示。将两球由静止释放，在各自轨迹的最低点( )
A. P球的速度大于Q球的速度B. P球的动能小于Q球的动能
C. P球的向心加速度小于Q球的向心加速度D. P球所受绳的拉力大于Q球所受绳的拉力
13.如图所示，水平面上放置一个绝缘轻支杆，支杆上的带电小球A位于光滑小定滑轮O的正下方，绝缘细线绕过定滑轮与带电小球B相连，在拉力F的作用下，小球B静止，此时两球处于同一水平线。假设两球的电荷量均不变，现缓慢释放细线，使B球缓慢移动一小段距离，支杆始终静止，下列说法正确的是( )
A. 带电小球B受到的库仑力大小不变
B. 地面给绝缘轻支杆的支持力一直大于带电小球A的重力
C. 细线的拉力一直变小
D. 带电小球B的运动轨迹为直线
二、多选题：本大题共4小题，共16分。
14.下列属于理想化模型的是( )
A. 重心B. 点电荷C. 质点D. 路程
15.如图所示，小海同学在同一位置沿水平方向先后抛出两个小球，它们分别落到水平地面上的A、B两点，不计空气阻力，则从抛出到落地的过程中，下列说法正确的是( )
A. 落到A点的球初速度大
B. 落到B点的球初速度大
C. 落到A点的球与落到B点的球在空中运动的时间一样长
D. 落到B点的球在空中运动的时间长
16.如图所示，A、B两板间存在着电压为U的加速电场，C、D两板平行，长为L且水平放置，两板间存在着强度为E的匀强电场，一个质量为m(不计粒子重力)、带电荷量为+q的带电粒子，从A板由静止开始经加速电场加速后，从B板中间的小孔水平射入右侧的匀强电场中，曲线为带电粒子在C、D板间运动的径迹。则( )
A. 粒子离开加速电场时的速度大小为v= 2qUm
B. 粒子离开偏转电场时的速度与入射方向的夹角的正切值为EL2U
C. 粒子在C、D板间运动的时间为L mqU
D. 粒子离开偏转电场时偏离入射方向的距离为EL q2Um
17.气排球比赛中，甲同学在ℎ1=2.2m处将气排球以v0=8m/s水平击出，乙同学在离地ℎ2=0.4m处将气排球垫起，气排球被垫起后以6m/s速度竖直弹起。已知重力加速度为10m/s2，气排球的质量为100g，不计空气阻力，则关于此排球的运动下列说法正确的是( )
A. 气排球击出点与垫球点的水平距离为4.8m
B. 气排球从击出点到垫球点的飞行时间为0.6s
C. 气排球被甲同学击出后在空中飞行过程中重力的最大功率10W
D. 气排球被乙同学垫起过程中所受合外力做的功为−3.2J
三、实验题：本大题共2小题，共18分。
18.“探究电容器充放电”的实验装置示意图如图甲所示。
(1)当开关S接a时，平行板电容器上极板带 (选填“正电”或“负电”)。
(2)当开关S接a时，电容器充电电流随时间 (选填“增大”、“减小”或“不变”)。
(3)将开关S扳到a，待电容器充电结束后，再向电容器两板间插入一块有机玻璃板，则在插入玻璃板的过程中，电容器的电容会 (选填“变大”、“变小”或“不变”)，电路中电流表A中的电流方向为 (选填“c→d”或“d→c”)。
(4)电容器充电完毕后，把开关S接b时，其电量Q随时间减少，电流I随时间变化图像如图乙所示(电流I=ΔQΔt)。已知电源两端电压为1.5V，则电容器电容约为 。(结果均保留3位有效数字)
19.某物理兴趣小组验证机械能守恒定律的实验装置如图甲所示，实验中得到的一条纸带如图乙所示，O为打出的第一个点，与刻度尺0刻度对齐，A、B、C、D为依次打下的点。
(1)纸带中B点对应的刻度尺读数为 cm；
(2)以打点计时器打下O点时重物所在水平面为零势能面，若重物的质量为200g，A点在刻度尺上读数为12.00cm，C点读数为19.10cm，D点读数为23.15cm，根据纸带上的数据计算可知，打点计时器打B点时重物的速度大小为 m/s，打下B点时重物的重力势能为 J。(重力加速度g取9.8m/s2，打点计时器所接电源频率为50Hz，结果均保留3位有效数字)
(3)大多数学生的实验结果显示，重力势能的减少量大于动能的增加量，原因是( )(单选)
A.利用公式v=gt计算重物速度
B.利用公式v= 2gℎ计算重物速度
C.没有采用多次实验取平均值的方法
D.存在空气阻力和摩擦阻力的影响
四、计算题：本大题共3小题，共27分。
20.中国火星探测器“天问一号”绕火星做匀速圆周运动，已知探测器的圆轨道半径为r，周期为T；万有引力常量为G，火星可视为半径为R的均匀球体。求：
(1)火星质量大小；
(2)火星表面重力加速度大小；
(3)火星的第一宇宙速度大小。
21.如图所示，水平向右的匀强电场中，有一质量为m=1.0×10−3kg、电荷量q=43×10−7C的带正电小球P，悬挂在长为l=0.15m的绝缘线的一端，悬线另一端固定于O点，A、C、D三点到O点的距离均为l，A、C、O在同一水平线上，OD为竖直线，当P在电场中静止时，悬线OP与OD的夹角θ=53∘。求：
(1)电场强度E的大小？
(2)用绝缘工具将小球P移到A点，若小球从A点以竖直向下的初速度vA开始运动后刚好可到达D点，则vA为多少？
(3)用绝缘工具将小球移到C点，使小球由静止开始运动，那么小球第一次到达悬点O正下方时的速度v是多大？(sin53∘=0.8,g取10m/s2)
22.如图所示，圆心角θ=53∘，半径R=3m的光滑圆弧轨道BC固定在水平地面上，其末端C切线水平；两个质量均为M=1kg、长度均为L=4.5m的木板D、E静止在粗糙的水平地面上，其上表面与C端等高且平滑接触；水平传送带固定，且沿顺时针转动。现将质量m=2kg的物块A轻放在传送带的左端，离开传送带后从B点沿切线方向进入BC轨道，已知物块A与传送带间的动摩擦因数μ1=0.5，物块A与木板间的动摩擦因数均为μ2=0.4，AB间竖直高度ℎ=0.8m，传送带长度为x=1.5m，木板D与水平面间的动摩擦因数μ3=0.2，木板E下表面光滑。取g=10m/s2，sin53∘=0.8，cs53∘=0.6。
求：
(1)物块A滑到C点时，在C点受到圆弧轨道支持力的大小；
(2)物块A到达B点所用时间；
(3)物块A与木板E之间摩擦产生的热量。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、C是电荷量的单位，是导出单位，故A错误；
B、N是力的单位，是导出单位，故B错误；
C、m是长度的单位，是基本单位，故C正确；
D、V是电压的单位，是导出单位，故D错误。
故选：C。
需明确国际单位制基本单位有哪些及对应的符号，再将选项与之对比判断。
本题考查对国际单位制基本单位符号的记忆和识别，属于基础概念考查题，难度较低，有助于巩固基本物理量单位的知识。
2.【答案】D
【解析】解：A、以天安门为参考系，歼击机梯队的位置不断变化，是运动的，故A错误；
B、相对于机内的飞行员，歼击机梯队位置不变，歼击机梯队是静止的，故B错误；
C、研究歼击机的动作时，其大小形状不能忽略不计，不能把歼击机看成质点，故C错误；
D、研究歼击机的飞行轨迹时，其大小形状可忽略不计，能把歼击机看成质点，故D正确。
故选：D。
根据各选项所选取的参考系分析歼击机的相对运动状态，并依据研究问题是否需要考虑飞机形状与大小来判断质点模型的适用性。
这是一道以国庆阅兵为情境、难度适中的基础物理选择题，综合考查参考系与质点两大运动学核心概念，情境鲜活且能有效检验学生对物理模型建立条件的理解。
3.【答案】A
【解析】解：飞镖在飞行途中受到重力与空气阻力，可知，飞镖在飞行途中对其做功的力是重力与空气阻力，故A正确，BCD错误。
故选：A。
依据飞镖飞行时的受力情况以及做功的条件(力和在力的方向上有位移)来判断哪些力做功。
本题结合生活中投飞镖场景考查力做功相关知识，注重对基本概念和实际情境结合的理解。
4.【答案】D
【解析】解：A、由题图可知，0∼1秒内小车速度的表达式为v=2t，则0∼1秒内小车动能的表达式为Ek=12mv2=12×0.2×(2t)2J=0.4t2(J)，可知在0∼1秒内，小车的动能是随时间非均匀增大，故A错误；
B、整个过程中小车的最大速度为vmax=2m/s，则在此过程中小车的最大动能为Ekmax=12mvmax2=12×0.2×22J=0.4J，故B错误；
C、速度正负表示运动方向，0∼1秒和1∼3秒内的速度均为正值，说明小车运动方向相同，故C错误；
D、根据动能定理可知，小车所受外力做的总功等于小车动能的变化量。因在0∼3s内，小车初末速度均为0，动能变化量ΔEk=0，则根据动能定理可知，在0∼3s内，所受外力对其所做总功为0，故D正确。
故选：D。
根据速度大小的变化分析小车动能的变化；由最大速度求出最大动能；速度正负表示运动方向；根据动能定理求在0∼3s内所受外力对其所做总功。
解答本题时，要掌握动能表达式以及动能定理，知道外力做的总功等于物体动能的变化。
5.【答案】C
【解析】解：ABC、依题意知，运动员在做匀速圆周运动，由所受外力的合力提供向心力，合力不为零，可知，运动员的速度大小不变，合力大小一定，方向始终指向圆心，即方向在变化，则运动员所受的合力变化，动能不变，故AB错误，C正确；
D、根据运动员所受重力与地面对他的作用力的合力提供向心力，分析运动员受力，如图所示：
可知，运动员所受的重力小于地面对他的作用力，则所受的重力和地面对他的作用力不是一对平衡力，故D错误。
故选：C。
运动员做匀速圆周运动，由合力提供向心力。线速度的大小不变，动能不变。分析运动员的受力，结合向心力的方向分析所受的重力和地面对他的作用力关系。
解决本题的关键要知道物体做匀速圆周运动时，由合力提供向心力。线速度、向心加速度、向心力是矢量，矢量只有在大小和方向都不变时，该量才不变。
6.【答案】B
【解析】解：结合开普勒第二定律，卫星与地球的连线在相等时间内扫过的面积相等，则在近地点和远地点选取很短的时间Δt，则12vAΔt⋅rA=12vBΔt⋅rB
因为rAvB，故B正确，ACD错误。
故选：B。
依据开普勒第二定律，通过分析卫星在近地点和远地点的速度特点来比较A、B两点线速度大小。
该题考查对开普勒第二定律在卫星椭圆轨道运动中的应用，聚焦基本规律的理解与运用。
7.【答案】B
【解析】解：A、座椅A、B随圆盘一起做匀速圆周运动，角速度ω相等。由图可知，B的转动半径大于A的转动半径，即rB>rA。根据公式v=ωr可知vB>vA。又因为两球质量相等，根据动能公式Ek=12mv2可知，B的动能大于A的动能，故A错误；
B、根据周期公式T=2πω，因ω相等，则A与B的运动周期相等，故B正确；
C、根据向心加速度公式a=ω2r，因ω相等，且rB>rA，则B的向心加速度大于A的向心加速度，故C错误；
D、对座椅受力分析，设缆绳与竖直方向夹角为θ，如图所示：
竖直方向由平衡条件得Tcsθ=mg，则得T=mgcsθ，
水平方向由合力提供向心力，则有mgtanθ=mω2r
解得tanθ=ω2rg
因为rB>rA，所以θB>θA
又因为T=mgcsθ，θ越大，csθ越小，则拉力T越大，所以悬挂B的缆绳拉力大于悬挂A的缆绳拉力，故D错误。
故选：B。
A、B随圆盘同轴匀速转动，角速度和周期相等，根据公式v=ωr分析两者线速度关系，进而分析出动能关系；根据向心加速度公式a=ω2r分析向心加速度大小关系；对座椅受力分析，竖直方向根据平衡条件列方程。水平方向由牛顿第二定律结合向心力公式列方程，再分析缆绳拉力大小。
解决本题的关键要知道A、B的角速度大小相等，知道线速度、角速度、向心加速度、向心力之间的关系，并能灵活运用。
8.【答案】A
【解析】解：A、根据电场线密的地方场强大可知，c点场强小于b点场强，故A正确；
B、根据沿着电场线的方向电势降低可知，c点电势高于d点电势，故B错误；
C、根据电场线密的地方场强大以及电场力F=qE，a点场强小于b点场强，试探电荷+q由a移至b的过程中，所受电场力增大，故C错误；
D、电场线并不等同于电荷的运动轨迹。若将一试探电荷+q由a点静止释放，它所受电场力方向沿a点切线方向，运动后速度方向与受力方向不再共线，电荷将做曲线运动，其轨迹不会沿电场线，故D错误。
故选：A。
电场线的疏密反映电场的强弱；
沿着电场线方向电势降低；
根据电场力F=qE分析；
电场线方向与电荷的运动轨迹无直接关系。
解决本题的关键是掌握电场线的两个物理意义：电场线的疏密反映电场的强弱。沿着电场线方向电势降低。
9.【答案】D
【解析】解：A、由v−t图像的斜率表示加速度可知赛车在前2s内的加速度为：a=ΔvΔt=162m/s2=8m/s2，故A错误；
B、在匀加速阶段，根据牛顿第二定律可得：F−f=ma，代入数据解得赛车在匀加速阶段的牵引力为：F=f+ma=16000N+8×103×8N=80000N，故B错误；
C、该赛车的额定功率为：P=Fv1=80000×16W=1280000W，当赛车受到的牵引力与阻力相等时，赛车的速度达到最大，此时有：P=fvm，代入数据解得赛车的最大速度为：vm=Pf=128000016000m/s=80m/s，故C错误；
D、当速度v=40m/s时，赛车的牵引力大小为：F1=Pv=128000040N=32000N
根据牛顿第二定律可得：F1−f=ma1，代入数据解得：a1=2m/s2，故D正确。
故选：D。
由v−t图像的斜率表示加速度可求前2s内的加速度的的大小；由牛顿第二定律可求牵引力的大小；当牵引力与阻力相等时速度达到最大，由vm=Pf可求最大速度；由功率-速度关系结合牛顿第二定律可求加速度的大小。
本题考查了机车的匀加速启动问题，解决本题的关键知道整个过程中汽车的运动规律，由牛顿第二定律及v−t图像结合功率-速度关系即可解答
10.【答案】D
【解析】解：A、卫星绕地球做匀速圆周运动时，根据万有引力提供向心力可得GMmr2=m4π2T2r，解得T= 4π2r3GM，由题图可知rc