江苏宿迁市2025-2026学年高三下学期高考物理考前模拟练习卷

这是一份江苏宿迁市2025-2026学年高三下学期高考物理考前模拟练习卷，共7页。试卷主要包含了请将答案正确填写在答题卡上，25 Hz等内容，欢迎下载使用。

注意事项：
1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2.请将答案正确填写在答题卡上
一、单选题（本大题共9小题，共45分）
1.[5分]对以下几位物理学家所做的科学贡献，叙述正确的是（ ）
A．德布罗意认为任何一个运动的物体，小到电子、质子、中子，大到行星、太阳都有一种波与之相对应，这种波叫物质波
B．爱因斯坦通过对黑体辐射现象的研究，提出了量子说
C．卢瑟福通过a粒子散射实验，发现了质子和中子，提出了原子的核式结构模型
D．巴尔末通过对氢原子光谱的分析，发现了天然放射现象
2.[5分]某同学冬季乘火车旅行，在寒冷的站台上从气密性良好的糖果瓶中取出糖果后拧紧瓶盖，将糖果瓶带入温暖的车厢内一段时间后，与刚进入车厢时相比，瓶内气体（ ）
3.[5分]如图所示，a、b是两个相同的小灯泡，L是一个自感系数很大的线圈，其直流电阻值与R相同，且R小于小灯泡的电阻。闭合开关S，待电路达到稳定后，a、b两灯泡均可发光。由于自感作用，在开关S接通和断开后，灯泡a和b中的电流方向和发光情况（只考虑接通和断开后的短时间内），下列说法中正确的是（ ）
A．S断开后，两灯泡中的电流方向均与S接通后的方向相反
B．S断开后，两灯泡中的电流方向均与S接通后的方向相同
C．S接通后灯泡a先达到最亮，S断开后灯泡b滞后熄灭
D．S接通后灯泡b先达到最亮，S断开后灯泡b滞后熄灭
4.[5分]如图甲所示，等边三角形匀质导线框用绝缘细杆悬挂于天花板上，图中虚线过、边中点、，虚线下方有垂直于导线框向里的匀强磁场，磁感应强度随时间变化的图像如图乙所示。已知导线框的电阻为边的长度为。若磁感应强度垂直纸面向里为正，线框中电流顺时针为正，线框所受安培力向上为正，为、两点间的电势差，则下列图像正确的是（ ）
A．B．
C．D．
5.[5分]极地卫星的运行轨道平面通过地球的南北两极（轨道可视为圆轨道）。若某极地卫星从南极的正上方开始第二次运行至北极正上方，所用时间为t，已知地球半径为R（地球可看作球体），地球表面的重力加速度为g，引力常量为G，由以上条件可知（ ）
A．卫星运行的角速度为
B．卫星运行的线速度为
C．地球的质量为
D．卫星距地面的高度
6.[5分]如图所示，晚上在水面上O点的正下方h深处有一点光源P，光源P同时发出红、蓝两种单色光，从高空向下观察，水面上形成半径为和的光环，下列说法正确的是（ ）
A．红光在水中的折射率大于蓝光在水中的折射率
B．红光在水中的传播速度小于蓝光在水中的传播速度
C．半径为的圆内是红蓝复色光，和之间的环面是红光
D．半径为的圆内是蓝光，和之间的环面是红光
7.[5分]竖直弹簧振子的振动图像如图所示，以下说法错误的是（ ）
A．第2 s末，弹簧弹力为0
B．6s内，振子的路程为60 cm
C．该振子振动频率为0.25 Hz
D．0.5 s时和1 s时振子的位移之比为1∶
8.[5分]如图甲所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体（物体与弹簧不连接），初始时物体处于静止状态。现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动，拉力F与物体位移x之间的关系如图乙所示（g＝10 m/s2），则下列结论正确的是
A．物体的加速度大小为5 m/s2
B．弹簧的劲度系数为7.5 N/cm
C．物体的质量为3 kg
D．物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态
9.[5分]磁流体发电机的结构简图如图所示。把平行金属板A、B和电阻R连接，A、B之间有很强的磁场，将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量正、负带电粒子）以速度v喷入磁场，A、B两板间便产生电压，成为电源的两个电极。下列推断正确的是（ ）
A．A板为电源的正极
B．若减小两极板的距离，则电源的电动势会增大
C．磁流体发电机的非静电力为洛伦兹力
D．在磁流体发电机工作的过程中洛伦兹力对电荷做正功
二、多选题（本大题共1小题，共6分）
10.[6分]如图所示，真空中有一正方形ABCD，M、N分别是AB和CD的中点，现在A、B两点分别固定电荷量为+Q、－Q的等量异种点电荷，下列说法中正确的是（ ）
A．将试探电荷－q从C点移到D点，电场力做正功，试探电荷－q的电势能减少
B．将试探电荷+q从M点移到N点，电场力不做功，试探电荷+q的电势能不变
C．N点的电场强度方向平行于AB且跟MN垂直
D．C、D两点的电场强度相同
三、非选择题（本大题共5小题，共49分）
11.[9分]某实验小组用图甲所示电路测量一电池组的电动势和内阻，使用到的实验器材有：
A．待测电池组（电动势约3V，内阻约1Ω）
B．毫安表mA（量程为200mA，内阻）
C．电阻箱R
D．定值电阻
E.开关、导线若干
（1）由于毫安表的量程太小，需要将其改装成量程为0.6A的电流表，则图甲虚线框中，与毫安表并联的定值电阻的阻值为______Ω；
（2）闭合开关S前，应将电阻箱的阻值调到______（选填“最小”或“最大”）；
（3）闭合开关S，多次调节电阻箱，记录其阻值R和毫安表mA的读数；某次测量时，毫安表的示数如图乙所示，对应的读数为______mA；
（4）根据每次测得的毫安表读数，计算出通过电池组的电流I；以为纵坐标，R为横坐标，作－R图线（用直线拟合）如图丙所示；根据图像可求出电池组的电动势E＝______V，内阻r＝______Ω。（结果均保留两位有效数字）
12.[10分]如图所示，两光滑导轨ABC、平行放置，间距为L，其中BC、与水平面间的夹角为，AB，水平。一电阻为r的导体杆ab，垂直于AB、固定在导轨上，并处在边长为L的正方形有界磁场I区域的正中间，磁场方向垂直于导轨平面向上、磁场均匀分布但随时间线性增大，质量为m电阻也为r的金属棒cd垂直于BC、置于导轨上，处在磁感应强度大小为B，方向垂直导轨平面向上的匀强磁场Ⅱ区域中，金属棒与两导轨接触良好，不计其余电阻，若金属棒cd恰好处于静止状态，求：
（1）流过金属棒cd的电流I的大小和方向；
（2）磁场I区域磁感应强度随时间的变化率。
13.[10分]如图所示，总体积为V的圆柱形汽缸中，有一个厚度不计的轻质活塞，活塞横截面积为S，与汽缸壁之间可以无摩擦滑动。在温度为T0、大气压强为p0的环境中，用活塞密封一定质量的空气，并在活塞上放一个质量为m的重物（已知mg＝p0S），系统达到平衡状态后，缸内气体的体积为V2，并与环境的温度相同。为使活塞升至汽缸顶部，现用一个打气筒对汽缸充气，打气筒一次可以把一个标准大气压下（大气压强为p0）体积为V100的空气充入汽缸（空气可视作理想气体，2＝1．414，重力加速度为g）。
（1）在缓慢充气的情况下，假设缸内气体温度不变，求至少充气多少次才能使活塞升至汽缸顶部；
（2）在快速充气的情况下，缸内气体来不及散热，且每次充气可以使缸内气体温度升高T0100，求至少充气多少次才能使活塞升至汽缸顶部。
14.[10分]如图所示，平面直角坐标系中，的空间内存在沿x轴正方向的强电场，电场强度大小为，在的空间内存在匀强电场和匀强磁场，其中电场的方向沿y轴负方向，电场强度大小为，磁场的方向垂直于坐标系平面向里，磁感应强度大小为。质量为，电荷量为的正粒子在处由静止释放，不计粒子重力。求：
（1）粒子经过y轴时的速度大小；
（2）粒子在空间内运动时的最小速率；
（3）粒子第2次经过x轴时的横坐标。
15.[10分]如图所示，在xy平面的第一、二象限
内存在垂直坐标平面向外的匀强磁场，第一象限的磁场范围足够大，第二象限的磁场左边界是一个半径为R的四分之一圆弧，圆在y轴上的O'点 ，圆弧边界与x轴相切于坐标原点O；在x轴下方存在沿y轴正方向的匀强电场，电场强度大小为E=mv02qR.
现有大量质量为m， 电荷量为q的带电粒子，从四分之一圆延边界处沿x轴正方向射入磁场，初速度大小均为v0， 其中从A点射入磁场的粒子，恰好经过坐标原点O. 粒子的重力不计，忽略粒子之间的相互作用。求：
（1）磁感应强度的大小；
（2）粒子从A点射入磁场开始计时，则粒子经过多长时间再次返回磁场；
（3）从圆弧中点P处射入的粒子第三次经过x轴正半轴时离坐标原点的距离。
参考答案
1.【答案】A
A．德布罗意认为任何一个运动的物体，小到电子、质子、中子，大到行星、太阳都有一种波与之相对应，这种波叫物质波，A正确；
B．普朗克通过对黑体辐射现象的研究，提出了量子说，B错误；
C．卢瑟福通过a粒子散射实验，提出了原子的核式结构模型，该实验没有发现质子和中子，C错误；
D．贝克勒尔发现了天然放射现象，但并不是通过对氢原子光谱的分析发现的，D错误。选A。
2.【答案】B
糖果瓶从刚进入车厢到进入车厢一段时间后，瓶内气体温度升高，内能变大，A错误；气体体积不变，由查理定律可知，温度升高，压强变大，B正确；糖果瓶气密性良好，气体分子数不变，气体体积不变，则分子的数密度不变，C错误；气体的温度升高，分子的平均动能变大，但并非每个分子动能都变大，D错误。
3.【答案】D
S接通时，由于线圈L产生自感电动势阻碍通过线圈L电流的增大，则接通S瞬间，干路电流全部通过灯泡b，则灯泡b先达到最亮；当电路稳定后，由于线圈L直流电阻值与R相同，则灯泡a和灯泡b亮度相同；S断开时，由于线圈L产生自感电动势阻碍原电流的减小，且线圈L和灯泡b构成自感回路，灯泡a和R被中间导线短路，所以灯泡a立刻熄灭，灯泡b滞后熄灭，且通过灯泡b的电流方向与原来相反。选D。
4.【答案】D
感生电动势，有效面积，感应电流，0~2s内磁场均匀变化，产生恒定电流，故AB错误；0~2s内感生电动势，根据楞次定律可知，点电势高，、两点间的电势差，2～3s内磁场不变化，不产生感应电动势，、两点间的电势差为零；3～5s内，点电势高，、两点间的电势差，故C错误；安培力，有效长度，0~2s内磁感应强度随时间关系，则安培力随时间关系，同理2～3s内安培力为零，3～5s内图像与0~2s内一样，故D正确。
5.【答案】A
A．某极地卫星从南极的正上方开始第二次运行至北极正上方，所用时间为t，即，所以卫星运行的周期为，所以卫星运行的角速度为，A正确；
B．根据卫星运动的向心力由万有引力提供，则有，地球表面的重力和万有引力相等得，联立得，所以线速度，B错误；
C．地球表面的重力和万有引力相等得，解得地球的质量为，C错误；
D．因为轨道半径为，解得卫星离地高度为，D错误。选A。
6.【答案】C
可见光中，蓝光的频率大于红光的频率，根据折射率与频率的关系可知，水对蓝光的折射率大于对红光的折射率，即，故A错误；根据光在介质中的传播速度公式，由于，所以红光在水中的传播速度大于蓝光在水中的传播速度，故B错误；根据全反射临界角公式，因为，所以蓝光的临界角小于红光的临界角，即， 由几何关系可知，光斑半径，因为 ，所以 ， 结合题图可知，对应蓝光的全反射半径，对应红光的全反射半径。 在半径为的圆内，入射角小于两种光的临界角，红光和蓝光均能射出水面，形成红蓝复色光； ，在和之间的环面区域，入射角大于蓝光的临界角但小于红光的临界角，蓝光发生全反射无法射出，只有红光能射出，所以该区域是红光。 故C正确，D错误。
7.【答案】A
A：第2 s末，振子处于平衡位置，此时弹簧弹力与振子的重力平衡，即，A错误，符合题意；
B：由图像可知，弹簧振子的周期为4 s，则6 s内，振子的路程为，B正确，不符合题意；
C：该振子振动频率为，C正确，不符合题意；
D：由图像可得弹簧振子的振动方程为，0.5 s时和1 s时振子的位移之比为∶=1∶，D正确，不符合题意。选A。
8.【答案】A
试题分析：初始时物体处于静止状态，，由图可知x1=4cm，初始时，N，在x1=4cm之后F不变，说明物体离开弹簧，物体与弹簧分离时，弹簧处于原长状态，由牛顿第二定律，F2=30N，解得m=2kg，a="5" m/s2，所以A正确，B、C、D错误。
考点：牛顿第二定律
9.【答案】C
A．等离子体进入磁场，根据左手定则，正电荷向下偏转，所以B板带正电为电源的正极，A板带负电为电源的负极，A错误；
B．粒子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，有，解得，减小两极板的距离d，电源的电动势减小，B错误；
C．平行金属板A、B可等效为电路电源，电源内部为非静电力做功，可知非静电力为洛伦力，C正确；
D．根据左手定则可知洛伦力方向与速度方向始终垂直，所以任何时候都不对电荷做功，D错误。选C。
10.【答案】ABC
AB．根据等量异种电荷的电场可知，MN为等势面，在MN的右侧电势为负值，而在MN的左侧，电势为正值，因此将试探电荷+q从M点移到N点，在等面上移动，电场力不做功，电势能不变；而将试探电荷－q从电势为负值的C点移到电势为正值的D点，电场力做正功，电势能减少，AB正确；
C．等势面与电场线垂直，因此N点的电场强度方向平行于AB，跟MN垂直，C正确；
D．根据对称性，C、D两点的电场强度大小相等，但方向不同，因此电场强度不相同，D错误。
故选ABC。
11．【答案】（1）6
（2）最大
(3)88/89#90
(4)2.6/2.7;1.2/1.3/1.4
（1）根据并联分流可得
代入数据可知
解得
（2）为了保护电路（防止电流过大损坏电表或电源），需要电路中的电流最小，则闭合开关S前应将电阻箱的阻值调到最大；
（3）量程为200mA的电流表精度为5mA，故读到1mA，则电流表的读数为89mA（88mA、90mA）
（4）利用毫安表读数计算出通过电池组的电流I为干路电流，改装后的电流表内阻为
根据全电路的欧姆定律可知
变形为
则图像的斜率为
解得（2.6V）
图像的纵截距为
解得（1.2、1.3）
12.【答案】（1）；由c到d （2）
（1）依题意，金属棒cd恰好处于静止状态，有，解得，根据楞次定律可知电流方向由c到d；
（2）根据法拉第电磁感应定律，可得，由闭合电路欧姆定律，有联立，解得。
13．【答案】（1）100 （2）42
（1）设至少充气n次，则n次充气的气体总体积为nV100，压强为p0，由平衡条件得p1S＝p0S＋mg，解得充气前、后汽缸内气体压强均为p1＝2p0，充气前缸内气体体积为V2，充气后缸内气体体积为V，由玻意耳定律得
2p0V2＋p0nV100＝2p0V（3分）
解得n＝100（2分）
（2）设至少充气N次，则N次充气的气体总体积为NV100，压强为p0，温度为T0，汽缸原有气体体积为V2，压强为2p0，温度为T0，充气后汽缸体积为V，压强为2p0，温度为T0＋NT0100，由理想气体状态方程得
p0NV100+2p0V2T0＝2p0VT0＋NT0100（3分）
解得N＝100（2－1）（2分）
取N＝42（1分）
14．【答案】(1)；（2）0；（3）
（1）根据速度—位移公式有，
根据牛顿第二定律有，
解得。
（2）将速度分解为向右的，即粒子的运动可以分解为向右的匀速直线运动及匀速圆周运动，则有，，
解得，
粒子从最低点到最高点运动过程中，电场力做负功，洛伦兹力不做功，则有，
解得最小速度。
（3）分析匀速圆周运动，如图
可知粒子第一次经过x轴时满足，
带电粒子在磁场中运动有，
粒子第2次经过x轴所用时间为，
粒子第2次经过x轴的横坐标为。
15.【答案】（1）B=mv0qR（2）t=π+4R2v0（3）x3=x2+R=2R+2R
（1）设从A点射入的粒子轨道半径为r， 由几何关系得：r=R
由qB=m， 得r=/，
解得：
B=mv0qR
（2）粒子在磁场中运动的时间为：
t1=14T=πR2v0
粒子在电场中运动的加速度大小为：
a=Eqm=v02R
粒子在电场中运动的时间为：
t2=2v0a=2Rv0
所以，从A点射入磁场的粒子再次回到磁场的时间为：
t=t1+t2=π+4R2v0
（3）从圆弧中点P处 射入的粒子必经过坐标原点O， 设 在O点 时速度与x轴正方向的
夹角为θ， 则：θ=45∘，
粒子进入电场后做类斜抛运动，第一次经过x轴正半轴时离坐标原点的距离为：
x1=v0csθ⋅2v0sinθa=R
粒子再次进入磁场，速度与x轴正方向的夹角为45∘， 第二次经过x轴正半轴时离坐标原点的距离为：
x2=x1+2R=R+2R
粒子第三次经过x轴正半轴时离坐标原点的距离为：
x3=x2+R=2R+2R