广东清远市2025-2026学年高三下学期高考物理考前模拟练习卷含答案

这是一份广东清远市2025-2026学年高三下学期高考物理考前模拟练习卷含答案，共7页。试卷主要包含了请将答案正确填写在答题卡上等内容，欢迎下载使用。

注意事项：
1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2.请将答案正确填写在答题卡上
一、单选题（本大题共7小题，共28分）
1.[4分]如图所示，吸附在竖直玻璃上质量为m的擦窗工具，在竖直平面内受重力、拉力和摩擦力（图中未画出摩擦力）的共同作用做匀速直线运动。若拉力大小与重力大小相等，方向水平向右，重力加速度为g，则擦窗工具所受摩擦力（ ）
A．大小等于mgB．大小等于2mg
C．方向竖直向上D．方向水平向左
2.[4分]智能温室中，“作物光照适配探头”的工作原理如下：探头内置发光元件发射特定光，经作物叶片反射后，照射到探头内部光电感应模块的感应极板P上。该模块与电路（含电源、灵敏电流计）连接，当反射光满足条件时，极板P逸出光电子形成光电流，信号被处理后判断光照是否适配作物生长。已知作物光合作用的有效光频率区间为，极板P的光电效应截止频率为且当回路光电流时，探头才会判定“光照适配作物生长”。基于此模型，下列说法正确的是（ ）
A．该光电感应模块能工作，说明光的波粒二象性中“波动性”起主导作用
B．若反射光频率处于内，增大此光的强度，回路光电流可能达到
C．为了减少探头误判“非有效光”，应使用频率略低于的光源照射
D．若仅将发光元件的光频率从降低到，则从极板P逸出的光电子的最大初动能会增大
3.[4分]如图所示，P、Q为一圆形区域某一直径的两个端点，P、Q处各有一个波源，可以发出沿圆形区域所在平面传播的简谐横波，波速为0.25m/s，振动方向（y）与圆形所在的平面垂直。已知P、Q处波源的位移时间关系分别为、，PQ距离为3.1m，则圆上振动加强点和减弱点的个数分别为（ ）
A．12,12B．12,14C．14,12D．14,14
4.[4分]中国自行研制的北斗导航系统目前在轨卫星总数已达数十颗，北斗系统的卫星包括地球静止轨道卫星和中圆地球轨道卫星等。如图Ⅰ是中圆地球卫星轨道，Ⅲ是地球静止卫星轨道，其轨道半径的关系为，Ⅱ是连接两个轨道的椭圆过渡轨道，P、Q是过渡轨道与两个圆轨道的切点。以下说法正确的是（ ）
A．一飞船从轨道Ⅰ过渡到轨道Ⅲ，需要在P、Q两点向与运动方向相同的方向喷气来获得加速
B．飞船在轨道Ⅱ上运动到Q点时的速率要大于地球第一宇宙速度
C．同一卫星在轨道Ⅰ与轨道Ⅲ上的动能之比为
D．若已知地球的自转周期，则可算出飞船从P运动到Q的时间
5.[4分]在如图所示电路中，电源电动势为E，内阻不可忽略，R1和R2为定值电阻，R为滑动变阻器，P为滑动变阻器滑片，C为水平放置的平行板电容器，M点为电容器两板间一个固定点，电容器下极板接地（电势为零），则下列说法正确的是（ ）
A．左图中电容器上极板带负电
B．左图中滑片P向上移动一定距离后，电阻R1上电压减小
C．若将R2换成如右图的二极管，电容器上极板向上移动一定距离，电路稳定后电容器两极板间电压增大
D．在右图中电容器上极板向上移动一定距离，电路稳定后M点电势降低
6.[4分]如图甲所示，一可视为质点的滑块在时刻以某一初速度滑上静置在水平地面上的斜面体，内滑块沿斜面运动的位移随时间变化的图像如图乙所示，其中内的图线为抛物线。整个过程中，斜面体始终保持静止，下列说法正确的是（ ）
A．内滑块处于失重状态
B．内斜面体一直受到地面向右的摩擦力
C．滑块初速度大小为
D．内斜面体受到的支持力等于其重力
7.[4分]在如图所示电路中接入正弦交流电，灯泡L1的电阻是灯泡L2的2倍。假设两个二极管正向电阻为0、反向电阻无穷大。闭合开关S，灯泡L1、L2的电功率之比P1:P2为（ ）
A．2:1B．1:1C．1:2D．1:4
二、多选题（本大题共3小题，共27分）
8.[9分]彩虹是阳光经水珠两次折射、一次反射形成的。如图所示为一束白光从点射入水珠（看成球形），其中、两种单色光经水珠反射分别从、两点折射射出，对、两种单色光的折射与反射，下列判断正确的是（ ）
A．水珠对光的折射率更大
B．点是单色光的反射点
C．改变光在点的入射角，其中某个单色光可能会在水珠内发生全反射
D．光从点传播到点所用时间比光从点传播到点所用时间长
9.[9分]如图，质量为1 kg的物块A放在水平桌面上的O点，利用细绳通过光滑的滑轮与质量同为1 kg的物块B相连，给一水平向左的拉力F=12 N，从O开始，A与桌面的动摩擦因数μ随x的变化如图所示，B离滑轮的距离足够长，重力加速度g取10 m/s2，则（ ）
A．它们运动的最大速度为1 m/s
B．它们向左运动的最大位移为1 m
C．当速度为0.6 m/s时，摩擦力做功可能为-0.04 J
D．当速度为0.6 m/s时，绳子的拉力可能是9.2 N
10.[9分]2025年1月20日在合肥科学岛，有“人造太阳”之称的全超导托卡马克EAST装置成功实现了上亿度1 066秒稳态长脉冲高约束模等离子体运行，再次创造了托卡马克装置高约束模运行新的世界纪录。某物理实验室对“人造太阳”磁约束模型进行模拟，立体图如图甲所示，半径为R的足够长水平圆柱形区域内分布有水平向右的匀强磁场Ⅰ，磁感应强度大小为B；圆柱形磁场区域Ⅰ外侧分布有方向与磁场Ⅰ垂直的环形磁场Ⅱ，其磁感应强度大小处处相同也为B，其左视图与纵截面图分别如图乙、图丙所示。核聚变的主要原料氕核​11H和氘核​12H均从水平磁场Ⅰ最低点竖直向下射入磁场Ⅱ，忽略粒子重力和空气阻力，不考虑相对论效应。下列说法正确的是
甲乙丙
（ ）
A. 若有粒子从环形磁场Ⅱ中飞出，则应增大磁场Ⅱ的磁感应强度
B. 若两种粒子在磁场Ⅱ中做圆周运动的半径相同，则两种粒子具有相同的动能
C. 若两种粒子再次返回磁场Ⅰ的时间相同，则两种粒子的动量大小相等
D. 某时刻氘原子核的速度为v=BqRm，氘核不射出磁场Ⅱ边界，磁场Ⅱ的最小厚度L=R
三、非选择题（本大题共5小题，共45分）
11.[9分]在做“用油膜法估测油酸分子的大小”的实验中，实验步骤如下：
A．将一滴油酸酒精溶液滴在水面上，待油酸薄膜的形状稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用彩笔将薄膜的形状描在玻璃板上。
B．用公式d＝eq \f(V,S)求出薄膜厚度，即油酸分子的大小。
C．已知实验室中使用的油酸酒精溶液的体积浓度为c，将此油酸酒精溶液一滴滴地滴入小量筒中，当滴入N滴溶液时小量筒内溶液体积为V。
D．将画有油膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，数出轮廓内的方格数x（不足半个的舍去，多于半个的算一个），再根据方格的边长为a，求出油膜的面积。
E．用浅盘装入约2 cm深的水。
（1）将上述实验步骤进行排序，正确的顺序应该是____________（写步骤前的序号）；上述步骤中有一处遗漏和不完整，请指出并补充完整____________________________________________________________________________________________________________________________________________。
（2）实验中要让油酸在水面尽可能散开，形成单分子油膜，并将油膜分子看成球形且紧密排列。本实验体现的物理思想方法为________。
A．控制变量法 B．理想化模型法
C．极限思想法 D．等效替代法
（3）油酸分子的直径d＝________________ （用题中给出的符号表示）。
12.[9分]某同学要测量一个电压表的内阻，电压表量程为0~3V、内阻约为7kΩ.
（1）先用多用电表的欧姆挡测电压表的内阻，将选择开关拨到 （“×10”“×100”或“×1k”）挡，将两个表笔进行欧姆调零，将 （填“红”或“黑”）表笔与电压表“+”接线柱连接，另一个表笔与电压表“-”接线柱连接，指针所指的位置如图甲所示，则测得电压表内阻为 kΩ.
（2）为了精确地测量电压表的内阻，该同学设计了如图乙所示的测量电路。图中滑动变阻器R1最大阻值为10Ω，电阻箱R2的阻值0~9999.9Ω，电源电动势为4V，定值电阻R0=7000Ω。将电阻箱接入电路的电阻调节到7kΩ，断开开关K2，图乙中滑动变阻器滑片移到最 （填“左”或“右”）端，闭合开关K1，调节滑动变阻器，使电压表的指针偏转较大，闭合开关K2，发现电压表的示数变小，说明电压表的内阻 （填“大于”或“小于”）7kΩ.
（3）将电阻箱R2的阻值调 （填“大”或“小”），直到开关K2闭合前后电压表的示数不变，这时电压表的阻值等于电阻箱的阻值。
13.[9分]如图，一竖直放置的汽缸内密封有一定量的理想气体，一不计厚度的轻质活塞可在汽缸内无摩擦滑动，移动范围被限制在卡销a、b之间，b与汽缸底部的距离bc=10ab，活塞的面积为1.0×10−2m2。初始时，活塞在卡销a处，汽缸内气体的压强、温度与活塞外大气的压强、温度相同，压强为1.0×105Pa。在活塞上施加竖直向下的外力，逐渐增大外力使活塞缓慢到达卡销b处（过程中气体温度视为不变），外力增加到200N并保持不变。
（1） 求活塞缓慢到达卡销b处时密封气体的压强；
（2） 求外力增加到200N时，卡销b对活塞支持力的大小。
14.[9分]如图所示，MN、PQ是足够长的光滑平行导轨，其间距为L，且MP与两导轨垂直，导轨平面与水平面间的夹角θ=30°．M、P和N、Q之间均接阻值为2R的电阻。有一垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度的大小为B0．将一根质量为m的金属棒ab紧靠MP放在导轨上，且与导轨接触良好，金属棒的电阻为R，导轨电阻不计。现用与导轨平行的恒力F=mg沿导轨平面向上拉金属棒，使金属棒从静止开始沿导轨向上运动，金属棒在运动过程中始终与MP平行。当金属棒滑行至cd处时已经达到稳定速度，cd到MP的距离为s，重力加速度为g．
（1）求金属棒达到的稳定速度v．
（2）求金属棒从静止开始运动到cd的过程中，金属棒上产生的热量。
（3）当金属棒滑行至cd时，去掉NQ间的电阻2R，为使导体棒的速度不变，拉力应变为多少？
15.[9分]如图所示，一斜面传送带与光滑足够长水平直轨道平滑连接，传送带与水平面夹角，小球与小球通过不可伸长的细线连接，恰好和水平直轨道接触，小球位于半径略大于自身的光滑圆柱槽（圆柱槽水平固定且足够长）内的点，只能在槽内水平自由移动，圆柱槽上下表面镂空，细线和小球均可无碰撞在竖直平面内穿过圆柱槽。现有质量的滑块从传送带最高点由静止释放，经过传送带后进入水平直轨道，与小球发生弹性碰撞，碰撞时间极短。已知传送带以恒定速度速率顺时针转动，传送带长度，小球质量，小球质量，滑块与传送带间的动摩擦因数，其他摩擦和阻力均不计，小球、滑块均视为质点。已知重力加速度取，，。求：
（1）滑块滑到斜面底端时速度的大小；
（2）若小球固定，细绳长，滑块和小球碰后瞬间绳子受到小球的拉力；
（3）若小球固定，细绳长度可随圆柱槽离水平直轨道的高度变化进行调整，确保细绳长度等于圆柱槽离水平直轨道的高度，要想细绳始终处于拉直状态，圆柱槽离水平直轨道的高度的变化范围；
（4）若小球不固定，细绳长，小球的最大速度大小。
参考答案
1.【答案】B
2.【答案】B
光电效应是光的粒子性的典型体现，该模块利用光电效应工作，说明粒子性起主导作用，故A错误；反射光频率处于时，因，满足光电效应发生条件，光电流大小与入射光强度正相关，增大光强，单位时间逸出光电子数增多，光电流增大，可能达到，故B正确；频率略低于的光仍大于截止频率，仍能发生光电效应产生光电流，会将非有效光误判为有效光，增大误判概率，故C错误；根据光电效应方程，光频率降低时，逸出光电子的最大初动能减小，故D错误。
3.【答案】A
根据题干信息，两个波源的振动周期均为，所以波长为，设上半个圆形中有任一点M，则根据几何关系可知，根据振动方程可知两个波源的初始相位相差，若M点是振动加强点，要满足，此时满足条件的n有-3、、、0共6个数据，由于对称性，圆上一共有12个振动加强点，若M点是振动减弱点，要满足，此时n可以取0、、、共6个数据，由于对称性，圆上一共有12个振动减弱点。
4.【答案】D
飞船从轨道Ⅰ过渡到轨道Ⅲ，需要在P、Q两点向与运动方向相反的方向喷气来获得加速，故A错误；地球第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是卫星绕地球做圆周运动的最大环绕速度。轨道Ⅲ是地球静止卫星轨道，因此卫星在轨道Ⅲ上Q点的速率小于地球第一宇宙速度。则飞船在轨道Ⅱ上运动到Q点时的速率要小于地球第一宇宙速度，故B错误；卫星在圆轨道上的动能，卫星在轨道上做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，有，联立可得，即同一卫星的动能与轨道半径成反比，已知，同一卫星在轨道Ⅰ与轨道Ⅲ上的动能之比为，故C错误；已知轨道Ⅲ的半径，椭圆轨道Ⅱ的半长轴为，轨道Ⅲ是地球静止轨道，其周期等于地球自转周期，根据开普勒第三定律，有，联立解得，则飞船从P运动到Q的时间，因此若已知地球的自转周期，则可算出飞船从P运动到Q的时间，故D正确。
5.【答案】C
A．由图可知，电容器上极板带正电，A错误；
B．滑片P向上移动一定距离后，电路中电阻和电流均不变，则电阻R1上电压不变，B错误；
C．电容器上极板向上移动一定距离，由于二极管的特性，电容器不能放电，带电量不变，根据公式可得，所以场强不变，可得电路稳定后，电容器两极板间电压增大。C正确；
D．电容器上极板向上移动一定距离，由于板间场强不变，由U=Ed知，M与下极板间的电势差不变，所以M点电势将不变，D错误。选C。
【关键点拨】
电容器带电情况：分析电容器上极板的带电情况，根据电源连接极性判断。
电阻电压变化：滑动变阻器滑片移动会影响电路总电阻，从而影响各部分电压。
二极管特性应用：二极管的单向导电性会影响电容器的充放电过程。
电势计算：利用电势差公式和电容器公式计算M点电势变化。
6.【答案】A
由图像可知，滑块在内向上做匀减速运动，加速度方向沿斜面向下，滑块处于失重状态，A正确；由图像可知，滑块在内向上做匀减速运动，加速度方向沿斜面向下，即滑块具有水平向左的分加速度，以滑块和斜面体为质点组，根据质点组牛顿第二定律可知，斜面体一直受到地面向左的摩擦力，B错误；由图像可知，滑块在内向上做匀减速运动到速度减为0，根据运动学公式可得，解得滑块初速度大小为，C错误；由图像可知，内处于静止状态，以滑块和斜面体为整体，根据受力平衡可知，斜面体受到的支持力等于滑块和斜面体的总重力，D错误。
7.【答案】C
设电源电动势最大值为Um，有效值设为U有，根据二极管的单向导电性，则U有⋅t=Um2⋅t2+0×t2，可得U有=Um22，当电路中电流为顺时针时，等效电路如图甲所示，灯泡L1的电功率为P1=U有2RL1，当电路中电流为逆时针时，等效电路如图乙所示，灯泡L2的电功率为P2=U有2RL2，故P1:P2=RL2:RL1=1:2，C正确。
8.【答案】AD
光路图如下所示
由图可知，水珠对光的折射率大，A正确；由图可知，点是单色光的反射点，B错误；由几何关系可知，因为光线从、点射出时的入射角总等于从A点射入时的折射角，此角总是小于临界角，则即使改变复色光从A点的入射角，也不可能发生全反射现象，C错误；由几何关系可知，光传播距离长，根据可知，光传播速度小，由可知，光的传播时间长，D正确。
9.【答案】ACD
AB．由题意可知，设A向左移动x后速度为零，对A、B系统，有，（此处fx前面的是因为摩擦力是变力，其做功可以用平均力），可得，A向左运动是先加速后减速，当时，摩擦力变成静摩擦力，系统受力平衡，最后静止。设A向左运动后速度为v，对系统，则有，得，即当时，v最大为，A正确，B错误；
C．当时，可得或，当时，摩擦力做功，同理可得时，摩擦力做功，C正确；
D．根据牛顿第二定律有，当时，系统加速度，对B，有，得，当时，系统加速度，对B分析可得，D正确。选ACD。
10．【答案】AD
若有粒子从环形磁场Ⅱ中飞出，要想达到约束效果，则应减小粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径，根据洛伦兹力提供向心力有qvB=mv2r，得r=mvqB，可知应增大磁场Ⅱ的磁感应强度，A正确；根据r=mvqB，得v=qBrm，粒子的动能Ek=12mv2=q2B2r22m，两粒子做圆周运动的半径相同，电荷量相同，因质量不同，故动能不相同，B错误；根据周期公式T=2πmqB可知，两粒子质量不同，周期不同，故运动的时间不同，假设不成立，即两种粒子从最低点射出到再次返回磁场Ⅰ的时间不相同，C错误；根据洛伦兹力提供向心力有qvB=mv2r，则v=qBRm时轨迹半径为R，由几何关系可得L=R，D正确。
高分关键：比较某一值大小关系时，需考虑到所有计算该值时用到的物理量。
11.【答案】(1)CEADB 步骤E中应在水面上均匀地撒上痱子粉或细石膏粉 ；（2）B (3)eq \f(cV,Na2x)
(1）应该先配制溶液→准备浅盘→将溶液滴到水面上→描出轮廓→求出体积→根据公式算出分子直径。因此顺序为：CEADB。步骤E中应在浅盘的水面上均匀地撒上痱子粉或细石膏粉，以便描出油膜的轮廓。
（2）将油酸分子看成球形，在水面上形成单分子油膜。本实验体现的物理思想方法为理想化模型法。故选B。
（3）纯油酸的总体积为cV，每一滴中所含纯油酸的体积为V0＝eq \f(cV,N)，每个小格的面积为a2，共有x个小格，因此油膜的总面积S＝a2x，油酸分子直径为d＝eq \f(V0,S)＝eq \f(cV,Na2x)。
12.【答案】（1）×1k（1分）短接（1分）黑（1分）8（2分）
（2）右（1分）大于（2分）
（3）大（1分）电阻箱（1分）
（1）由于电压表内阻约为7kΩ，因此选择开关拨×1k档，将两个表笔短接后，由于红进黑出，因此将黑表笔与电压表“+”接线柱连接，测得的内阻为8000Ω.
（2）滑动变阻器滑片移到最右端，闭合开关K1后，调节滑动变阻器滑片，使电压表的指针偏转较大，由于R2=R0，闭合开关K2后，发现电压表的示数变小，即RvR0>解得RV>R0.
（3）将电阻箱R2的阻值调大，直到开关K2闭合前后电压表的示数不变，这时电压表的阻值等于电阻箱的电阻值。
13．【答案】（1） 1.1×105Pa
(2) 100N
（1） 活塞从位置a到b过程中，气体发生等温变化，初态p1=1.0×105Pa、V1=S⋅11ab，
末态p2=S⋅10ab，
根据玻意耳定律有p1V1=p2V2（2分）
解得p2=1.1×105Pa（2分）
（2） 外力增加到200N时，对活塞，根据平衡条件有
F+p1S=p2S+FN（2分）
解得卡销b对活塞支持力的大小FN=100N（2分）
14．【答案】（1）（2）（3）mg
（1）当金属棒匀速运动时达到稳定状态，由平衡条件得：，安培力：，解得：；
（2）设金属棒从静止开始运动到cd的过程中，导体棒上产生的热量为Q，则整个电路产生的焦耳热为2Q，由能量守恒定律得：，解得：．
（3）当金属棒运动到cd时，去掉NQ间的电阻，为使导体棒的速度不变，即使金属棒处于平衡状态，设拉力变为F1，由平衡条件得：，安培力：L，解得：
15．【答案】（1）
（2），方向竖直向下
（3）或
(4)
（1）沿斜面下滑，根据牛顿第二定律
与传送带共速时位移为，根据速度位移关系
共速后所受摩擦力反向，根据牛顿第二定律
设滑块滑到斜面底端时速度为，根据速度位移关系
解得
（2）若固定，与发生弹性碰撞
碰撞过程中动量守恒
机械能守恒
解得
对小球受力分析，根据牛顿第二定律
解得
根据牛顿第三定律得绳子受到小球a的拉力，方向竖直向下
（3）若固定，由上一小问的解析可知，与发生弹性碰撞，碰后的速度为
①恰好到达与等高时速度为0，根据机械能守恒
解得
②做圆周运动恰能达到的正上方，在最高点时，根据牛顿第二定律
从最低点到的正上方过程中，机械能守恒
解得
综上或
（4）若不固定，与发生弹性碰撞，碰撞后的速度为
与相互作用，设、共速时的共同速度为，系统水平方向动量守恒
机械能守恒
则当再返回至最低点时，的速度最大，设此时的速度为
根据水平方向动量守恒
机械能守恒
解得