2026届江苏宿迁市宿豫中学高三高考考前调研测试物理试卷（含解析）高考模拟

这是一份2026届江苏宿迁市宿豫中学高三高考考前调研测试物理试卷（含解析）高考模拟，共13页。试卷主要包含了单项选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
考试时间：75分钟 满分100分
一、单项选择题（共11题，每题4分，共44分，每题只有一个选项最符合题意。）
1. 下列现象不能说明光的波动性的有（ ）
A. 牛顿环B. 彩色肥皂泡C. 小孔成像D. 泊松亮斑
【答案】C
【解析】
【详解】A．牛顿环是光的干涉现象，能够说明光具有波动性，故A不符合题意；
B．彩色肥皂泡是光的干涉现象，能够说明光具有波动性，故B不符合题意；
C．小孔成像说明光在同种均匀介质中沿直线传播，不能说明光具有波动性，故C符合题意；
D．泊松亮斑是光的衍射现象，能够说明光具有波动性，故D不符合题意。
故选C。
2. 在家庭装修中一般要尽量减少石材的使用，这主要是因为其中含有放射性元素氡，氡核（）发生一次衰变后生成新核钋（）和一个粒子X，氡核的半衰期为3.8天。下列说法正确的是（ ）
A. 氡核发生的是衰变
B. 粒子X的电离能力很强
C. 若有40个氡原子核，经过7.6天一定还剩下10个氡原子核
D. 钋核（）比氡核（）的比结合能小
【答案】B
【解析】
【详解】首先根据核反应质量数、电荷数守恒，可得衰变方程为
可知粒子X为α粒子，该衰变为α衰变。
A．该衰变放出α粒子，属于α衰变，故A错误；
B．X为α粒子，α粒子的电离能力是三种衰变射线中最强的，故B正确；
C．半衰期是对大量原子核衰变的统计规律，对少量原子核无意义，40个氡核数量太少，无法确定衰变后剩余的准确数量，故C错误；
D．衰变过程释放能量，生成的新核更稳定，比结合能更大，因此钋核的比结合能比氡核大，故D错误。
故选B。
3. 如图，电路中所有元件完好。当光照射光电管时，灵敏电流计指针没有偏转，其原因是（ ）
A. 电源的电压太大B. 光照的时间太短
C. 入射光的强度太强D. 入射光的频率太低
【答案】D
【解析】
【详解】A．如图所示，电源正负极的连接使得光电子在电场中做加速运动，故无论电源电压多大不会让灵敏电流计指针没有偏转，A错误；
B．光电效应的发生是瞬间的，与入射光的照射时间无关，B错误；
CD．灵敏电流计指针未发生偏转，可能是未发生光电效应现象，即入射光的频率小于金属的截止频率（入射光的波长大于金属的极限波长），与光照强度无关，C错误，D正确。
故选D。
4. 如图所示，用水平力F将质量为m的黑板擦压在黑板上使其保持静止，则（ ）

A. 因黑板擦静止，黑板擦所受的静摩擦力等于0
B. 黑板擦所受的静摩擦力大小等于μF，方向向上
C. 黑板擦与墙壁之间的最大静摩擦力可能大于mg
D. 如果F增大，黑板擦所受的静摩擦力增大
【答案】C
【解析】
【详解】AB．黑板擦处于静止状态，受力平衡，在竖直方向上黑板擦受到重力、墙壁的摩擦力，两者等大反向，则黑板擦所受的静摩擦力大小等于
方向竖直向上，故AB错误；
C．黑板擦保持静止，则黑板擦与墙壁之间的最大静摩擦力满足
故C正确；
D．如果F增大，黑板擦受到的静摩擦力仍与黑板擦的重力二力平衡，黑板擦受到的静摩擦力始终等于黑板擦的重力，保持不变，黑板擦与墙壁之间的最大静摩擦力增大，故D错误。
故选C。
5. 图甲是磁电式电表的内部构造，其截面如图乙，软铁内的磁场近乎均匀分布，线圈（软铁不动）从图示位置顺时针旋转过程中，线圈中的磁通量（ ）
A. 一直增大
B. 保持不变
C. 先增大后减小
D. 先减小后不变
【答案】A
【解析】
【详解】图示位置线圈平面与磁场方向平行，穿过线圈的磁通量为0，线圈从图示位置顺时针旋转过程中，穿过线圈的磁通量逐渐增大，故选A。
6. 一颗人造地球卫星在较高圆轨道Ⅰ运行，在A点点火进入椭圆轨道Ⅱ，由远地点A向近地点B运动，再于B点进行二次点火，最终进入较低的目标圆轨道Ⅲ并稳定运行，整个过程如图所示。忽略两次点火的时长，上述全过程中卫星速率随时间变化的图像可能是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】初始较高圆轨道Ⅰ ，圆轨道卫星线速度满足，轨道半径越大，速率越小。因为Ⅰ是较高轨道，因此初始速率，初始阶段速率恒定，为一段水平直线；
要从高圆轨道Ⅰ进入椭圆轨道Ⅱ（向低轨道变轨），需要点火减速，做近心运动，因此A点速率突然向下跳变；
卫星从远地点向近地点运动过程中，万有引力做正功，速率逐渐增大，因此这段时间速率持续上升；
椭圆轨道近地点B处，需要再次点火减速，速率向下跳变到，之后稳定运行，速率恒定，结合 ，最终稳定速率（虚线位置）大于初始速率。
故选B。
7. 如图所示，A、B两物体通过两个质量不计的光滑滑轮悬挂起来，处于静止状态，左侧绳与水平方向的夹角为。若将绳子左端从P点缓慢移到Q点，下列说法正确的是（ ）
A. 绳子拉力变小B. 绳子拉力变大C. 夹角变大D. 夹角不变
【答案】D
【解析】
【详解】AB．因为绳子拉力与B物体重力平衡，所以绳子拉力不变，始终等于B物体的重力，故AB错误；
CD．因为重物A的重力不变，根据
其中
所以绳子与水平方向的夹角不变，故C错误，D正确。
故选D。
8. 图（a）所示的油纸伞是我国古人智慧的结晶。图（b）为其结构示意图，ON是一条可绕伞顶O转动的伞骨，伞撑两端分别与ON中点M和滑环P铰接。保持伞柄不动，向上推滑环P，使得伞骨ON以恒定角速度开伞，则（ ）
A. M点的线速度方向总是沿PM方向
B. M点的向心加速度方向沿MP方向
C. N点线速度大小是M点的2倍
D. N点的向心加速度大小是M点的4倍
【答案】C
【解析】
【详解】A．由题意可知，M点做匀速圆周运动，线速度方向始终沿圆周的切线方向，始终与ON垂直，而非沿PM方向，故A错误；
B．由题意可知，ON是一条可绕伞顶O转动的伞骨，M点以O点为圆心做匀速圆周运动，所以向心加速度方向始终沿M指向圆心O，不是沿MP方向，故B错误；
C．由匀速圆周运动规律可知
由于，
所以有
所以N点线速度大小是M点的2倍，故C正确；
D．由向心加速度公式可知
由于，
所以有
所以N点的向心加速度大小是M点的2倍，故D错误。
故选C。
9. 如图所示，将正点电荷置于距接地金属球壳球心3R处的b点，ab=bc=R，d是球壳外表面上一点。则下列说法正确的是（ ）
A. 场强Ea>EcB. 电势φa>φc
C. O点电场方向水平向右D. d点电场方向沿bd连线
【答案】B
【解析】
【详解】A．金属球壳接地，处在正点电荷的电场中，所以金属球壳带负电，球壳上的电荷产生的电场在a、c两点的场强方向都是水平向右的，正点电荷在a点的场强方向水平向左，在c点水平向右，且a、c两点到点电荷的距离相等，所以正点电荷在a、c两点产生的场强大小是相等的，根据场强矢量叠加原理可知a点的场强小于c点的场强，故A错误；
B．由上面的分析可知正电荷和a点之间的电场强度小于正电荷和c点之间的场强，ab=bc,根据U=Ed可知，从正点电荷到c点之间的电势差大于从正点电荷到a点之间的电势差，所以a点的电势高于c点的电势，故B正确；
C．金属球壳处于正点电荷的电场中，处于静电平衡状态，其内部场强处处为零，故C错误；
D．处于静电平衡状态的导体是一个等势体，其表面是一个等势面，电场强度的方向与等势面是相互垂直的，所以d点的电场强度方向是沿dO方向指向O的，故D错误。
故选B。
10. 一定质量的理想气体经历了A→B→C→A的循环，其p—V图像如图所示，其中A→B过程气体分子的平均动能不变，下列说法错误的是（ ）
A. A→B过程，气体的压强与体积乘积是一个定值
B. B→C过程，气体放出的热量比外界对气体做功多
C. C→A过程，气体分子碰撞单位面积器壁的平均作用力减小
D. 再次回到A状态时，气体内能不变
【答案】C
【解析】
【详解】A．A→B过程，气体分子的平均动能不变，可知，此过程气体的温度不变，根据玻意耳定律可知，气体的压强与体积乘积是一个定值，故A正确，不符合题意；
B．B→C过程，气体体积变小，外界对气体做功，气体的压强与体积乘积变小，根据玻意耳定律可知，气体的温度降低，则气体内能减小，根据热力学第一定律可知，气体放出的热量比外界对气体做功多，故B正确，不符合题意；
C．C→A过程，气体体积变大，气体分子密度变小，但压强增大，气体分子碰撞单位面积器壁的平均作用力增大，故C错误，符合题意；
D．再次回到A状态时，气体温度不变，则气体内能不变，故D正确，不符合题意。
故选C。
11. 如图所示，在倾角为37°的粗糙且足够长的斜面底端，一质量为可视为质点的滑块压缩一轻弹簧并锁定，滑块与弹簧不拴连。时刻解除锁定，计算机通过传感器描绘出滑块的图像，其中Ob段为曲线，bc段为直线，已知物块在0-0.2s内运动的位移为0.8m，取，则下列说法正确的是（ ）
A. 滑块速度最大时，滑块与弹簧脱离
B. 滑块在0.2s时机械能最大
C. 滑块与斜面间的动摩擦因数为
D. 时刻弹簧的弹性势能为32J
【答案】D
【解析】
【详解】A．当滑块速度最大时，满足
此时弹力不为零，滑块与弹簧还没有脱离，选项A错误；
B．滑块机械能增量等于弹力做功与摩擦力做功的代数和，开始时弹力大于摩擦力，此过程中弹力功大于摩擦力功，滑块的机械能增加；最后阶段弹力小于摩擦力，弹力功小于摩擦力功，此过程中滑块的机械能减小，则滑块在0.2s时弹力为零，此时滑块的机械能不是最大，选项B错误；
C．滑块脱离弹簧后向上减速运动的加速度
根据牛顿第二定律
解得滑块与斜面间的动摩擦因数为
选项C错误；
D．由能量关系可知，时刻弹簧的弹性势能为
选项D正确。
故选D。
二、非选择题：共5题，共56分，其中第13题~16题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
12. 图甲为霍尔元件，其接线柱如图乙所示：金属做成长方体薄片，放到竖直向下磁感应强度为的磁场中，通以由a流向b的电流时，前后两侧面的c、d两端能探测出霍尔电势差，理论表明，其中为上下面厚度，为霍尔系数，由材料种类决定。为了测霍尔系数，采用图丙的电路，为保护电阻（a、b、c、d四个接线柱功能与接法参考甲、乙）。
（1）根据图乙电流和磁场方向，判断c、d两端电势____（填“>”或“ ②. g
（2） ①. ②. BD
（3）不能
【解析】
【小问1详解】
根据左手定则可知，电子受向里的洛伦兹力而偏向d极板，可知c、d两端电势；
图丙电路中电流表示数不能从零开始调节，为了解决这一问题，须用一导线把变阻器的N端与电路中g接线柱连接，使滑动变阻器接成分压电路即可。
【小问2详解】
根据
由图像可知
其中h=0.8mm，B=0.2T，解得
设霍尔元件宽度为d，则平衡时满足
根据
可得
可知
可知k值与金属材料的单位体积内的自由电子数以及电子电量有关。故选BD。
【小问3详解】
食盐溶液中含有电量相同的正负离子，通电后放在磁场中时，正负离子运动方向相反，则受洛伦兹力方向相同，从而偏向同一电极，则两极间不会出现霍尔电压，则他不能测出霍尔电压。
13. 在磁感应强度的匀强磁场中有一矩形线圈，相关数据如下：匝数N=10匝，面积，电阻。线圈绕垂直于磁场的轴匀速转动，通过电刷与一理想变压器原线圈相接，变压器原、副线圈匝数比为。副线圈两端的交流电压表读数为36V、接入电灯电阻。求：
（1）矩形线圈转动产生的电流有效值；
（2）矩形线圈匀速转动的角速度。
【答案】（1）
（2）
【解析】
【小问1详解】
因为电压表读数为36V，电灯电阻为，所以电灯的电流为
设原线圈的电流为I1，有
解得
由题意可知矩形线圈转动产生的电流有效值为2A。
【小问2详解】
设原线圈的电压为U1，则有
解得
根据闭合电路欧姆定律得其电动势为
所以矩形线圈产生的电动势的有效值为20V；线圈产生的电动势最大值为
又因为
解得
14. 劈尖干涉是一种薄膜干涉，其装置如图甲所示，将一块平板玻璃放置在另一平板玻璃之上，在一端夹入两张纸片，从而在两玻璃表面之间形成一个劈形空气薄膜。当单色光垂直入射后，从上往下看到的干涉条纹图样如图乙所示，已知单色光在真空中的波长为。求：
（1）图甲所示位置的空气膜厚度，通过计算判断该位置是明条纹还是暗条纹；
（2）在玻璃表面涂上一层薄膜作为题干中单色光的增透膜，薄膜材料的折射率为1.4，求增透膜的最小厚度。

【答案】（1）亮条纹；（2）
【解析】
【详解】（1）图甲位置处，两束反射光的光程差为
可知该位置是亮条纹。
（2）单色光在薄膜中的波长
增透膜的厚度
当时，膜的厚度最薄，此时有
15. 如图， 水平地面上有一“L”型溥滑板，竖直高度，处有一固定障碍物， 滑板右端到障碍物的距离为。滑板左端施加水平向右的推力的同时，有一小物块紧贴竖直板的点无初速度释放，滑板撞到障碍物时立即撤去力，滑板以原速率反弹，小物块落在地面上。滑板质量 ，小物块质量 ，滑板与小物块，滑板与地面间的动摩擦因数均为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度取。
（1）撤去力前小物块能否相对于滑板静止？说明理由；
（2）求小物块离开滑板到落地过程中的水平位移大小；
（3）求小物块落地时到滑板端的距离。

【答案】（1）撤去力前小物块相对于滑板静止；（2）；（3）
【解析】
【详解】（1）假设撤去力前小物块与滑板相对静止，设向右的加速度为，对小物块与滑板组成的整体有
解得
因为
故假设成立，所以撤去力前小物块相对于滑板静止。
（2）设滑板撞到障碍物时的速度大小为，则有
滑板撞到障碍物后小物块做平抛运动
小物块平抛运动的水平位移
（3）撞到障碍物后滑板运动的加速度大小为，则有
滑板停止运动所用时间
则物块落地时，滑板尚末停止运动，物块落地时滑板向左运动的距离为，
物块落地时到的距离为
16. 在平面内存在垂直于平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为。在区间内存在着沿轴负方向的匀强电场。一带电荷量为、质量为的粒子从轴上的点以速率射出：当粒子沿轴正向射出时，粒子恰好做匀速直线运动；当粒子沿与轴负方向成夹角向上射出时，粒子到达轴上点时速度和轴正向的夹角为锐角，再经过一段时间后到达轴上的点。已知之间的距离，不计粒子重力，求：
（1）电场强度的大小；
（2）粒子在点时沿轴负方向的分速度的大小；
（3）点的纵坐标。

【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】（1）沿轴正向时，粒子恰做匀速直线运动。粒子所受电场力和洛伦兹力平衡
解得
（2）粒子从点到点，洛伦兹力提供向心力
由几何关系
又
解得
（3）粒子从到的过程中，由动能定理
在方向上，由动量定理
即
而
解得