广西南宁市西乡塘区第三十七中学九年级下学期3月月考物理试题（解析版）-A4

这是一份广西南宁市西乡塘区第三十七中学九年级下学期3月月考物理试题（解析版）-A4，共21页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验与探究题，计算应用题等内容，欢迎下载使用。
第Ⅰ卷（选择题共35分）
一、选择题（共16题，共35分。在给出的四个选项中，第1~13题只有一个选项符合题目要求，选对得2分，选错得0分。第14~16题有多个选项符合题目要求，全部选对得3分，选对但不全得2分，有选错得0分。请考生用2B铅笔在答题卡上将选定的答案标号涂黑。）
1. 在下列单位中，力的单位是（ ）
A. 米B. 秒C. 牛顿D. 千克
【答案】C
【解析】
【详解】力的单位是牛，为了纪念物理力学的奠基人牛顿，故C选项正确。
故选C。
2. 在公共场所“轻声”说话是文明的表现，这里的“轻声”是指声音的（ ）
A. 响度B. 音色C. 音调D. 频率
【答案】A
【解析】
【详解】音色是声音特有的品质，通过音色辨别不同发声体发出的声音；音调是指声音的高低；物体振动的频率越快，音调越高；声音的大小叫响度，在公共场所轻声说话，指的是说话的响度小，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
3. 天宫课堂上，王亚平将一个液体球“变”成了固体球。这个过程中发生的物态变化是（ ）
A. 熔化B. 凝固C. 液化D. 凝华
【答案】B
【解析】
【详解】根据物质的物态变化特点可知，王亚平将一个液体球“变”成了固体球，物质由液态变成固态，因此发生的物态变化为凝固。故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
4. 古人匡衡以“凿壁借光”的方法努力学习，如图所示。“凿壁借光”利用了光的（ ）

A. 直线传播B. 折射C. 反射D. 色散
【答案】A
【解析】
【详解】 在墙上凿个洞后，邻居家的光线就能从洞中传播过来，是利用了光的直线传播，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
5. 下列说法中符合安全用电常识的是（ ）
A. 电冰箱的金属外壳不需要接地
B. 保险丝烧断后，可用铜丝替代
C. 有人触电时，应立即切断电源
D. 使用测电笔时，手不能接触尾部金属
【答案】C
【解析】
【详解】A．电冰箱的金属外壳需要接地，当用电器漏电时，电流就通过地线，流入大地，防止触电事故的发生，故A不符合题意；
B．当用铜丝代替保险丝后，铜丝的熔点很高，温度即使升高到一定程度，它也不会自动熔断，起不到保护电路的作用，故B不符合题意；
C．发现有人触电时，千万不能用手将触电人拉开，这是非常危险的，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源，故C符合题意；
D．使用测电笔辨别火线和零线时，用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线，氖管发光，表明检测的是火线，故D不符合题意。
故选C。
6. 下列用电器中，利用电流热效应工作的是（ ）
A. 电暖气B. 计算器C. 电视机D. 笔记本电脑
【答案】A
【解析】
【详解】利用电流热效应工作的用电器电能主要转化为内能．
A. 电暖气，工作时将电能转化为内能，利用了电流的热效应，故A符合题意；
B. 计算器，主要利用电流处理信息，没有利用电流的热效应，故B不符合题意；
C. 电视机，利用电流处理信息，将电能转化为光能和声音，没有利用电流的热效应，故C不符合题意；
D. 笔记本电脑，利用电流处理信息，将电能转化为光能和声音，没有利用电流的热效应，故D不符合题意；
故选A．
点睛：这类的题目从能的转化过程，很容易判断，特别是利用热效应工作的用电器，生活中我们都是很熟悉的，生活中要多留心．
7. 如图所示电路，闭合开关后发现小灯泡甲比乙亮，则三个电流表的示数关系正确的是（ ）
A. I1＞I2B. I2＜I3
C. I1＝I3D. I1＝I2+I3
【答案】C
【解析】
【详解】由图可知，两灯泡串联，因为串联电路中各处的电流相等，所以三个电流表的示数相等，故C正确，ABD错误。
故选C。
8. 在日常生活中，下列实例是为了减小摩擦的是（ ）
A. 下雪后往路面撒煤渣
B. 给机器轴承加润滑油
C. 瓶盖侧表面刻有竖纹
D. 拔河时用力握紧绳子
【答案】B
【解析】
【详解】A．下雪后往路面撒煤渣，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A不符合题意；
B．给机器轴承加润滑油，是通过使接触面脱离的方法减小摩擦力，故B符合题意；
C．瓶盖侧表面刻有竖纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C不符合题意；
D．拔河时用力握紧绳子，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故D不符合题意。
故选B
9. 在“探究电流与电压的关系”实验中，得到如图所示的图像，下列说法正确的是（ ）

A. 导体电阻为5Ω
B. 导体的电阻随电压的增大而增大
C. 当导体两端的电压为0时，电阻为0
D. 导体的电阻随电流的增大而减小
【答案】A
【解析】
【详解】A．由图像可知，当通过导体的电流为0.6A时，其两端电压为3V，根据欧姆定律可得，导体的电阻为
故A正确；
BCD．由于导体的电阻是导体本身的一种性质，与材料、长度、横截面积以及温度有关，与导体的两端电压和通过的电流无关，两端电压为0时，电阻不为0，故BCD错误。
故选A
10. 甲、乙、丙三个轻质小球用绝缘细绳悬挂，相互作用情况如图所示，如果甲带负电荷，则丙（ ）
A. 一定带正电荷B. 可能带正电荷
C. 一定带负电荷D. 可能带负电荷
【答案】B
【解析】
【详解】由图可知、甲、乙相互排斥，则甲、乙一定带同种电荷，已知甲带负电，则乙一定也带负电；
图中乙、丙相互吸引，则丙可能带正电，也可能不带电。故ACD错误，不符合题意；B正确，符合题意。
故选B。
11. 如图所示，是篮球比赛中的一个情景，比赛中涉及的物理知识，下列描述正确的是（ ）

A. 篮球抛出后，在惯性力的作用下继续向前运动
B. 篮球由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态
C. 篮球离手后在空中飞行的过程中，运动员对篮球做了功
D. 篮球上升到最高点时，受到平衡力的作用
【答案】B
【解析】
【详解】A．球离开手后能继续向前运动，是因为球具有惯性；惯性不是力，不能说受到惯性力的作用，故A错误；
B．球员投篮时，球在球员的作用力下由静止变为运动，因此说明力可以改变物体的运动状态；故B正确；
C．球离开手后，不再受球员的力，所以球员对球没有做功，故C错误；
D．地面附近的物体都受重力，篮球上升到最高点时，篮球受到重力的作用，因此篮球受非平衡力作用，故D错误。
故选B。
12. 如图是研究光的反射定律实验，下列说法错误的是（ ）

A. AO是入射光线
B. 若∠AON=30°，则反射角等于30°
C. 将激光笔靠近ON时，光线OB也会靠近ON
D. 绕ON向后转动F板，F板上仍能观察到反射光线
【答案】D
【解析】
【详解】A．射向镜面的光线为入射光线，由图知入射光线从激光笔沿AO射向镜面，所以AO是入射光线，故A正确，不符合题意；
B．入射角为入射光线与法线的夹角，即为∠AON；若∠AON=30°，由于反射角等于入射角，所以反射角也是30°，故B正确，不符合题意；
C．若把入射光线AO靠近ON，则入射角减小，根据反射角等于入射角可知，反射角也会减小，所以反射光线OB也会靠近ON，故C正确，不符合题意；
D．绕ON向后转动F板，由于两个面不在同一平面内，所以F板上观察不到光线，故D错误，符合题意。
故选D。
13. 2023年5月30日，神舟十六号载人飞船发射取得圆满成功。在飞船加速上升过程中（ ）
A. 动能不变，重力势能不变
B. 动能减小，重力势能增大
C. 动能增大，重力势能减小
D. 动能增大，重力势能增大
【答案】D
【解析】
【详解】飞船在加速上升的过程中，飞船的质量不变，由于速度变大，其动能变大；由于上升时高度变大，其重力势能变大。故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
14. 如图四个场景中，下列分析正确的是（ ）

A. 图甲，图钉帽做得宽大，是为了增大受力面积，减小压强
B. 图乙，把气压计从山下移到山顶，细管内的水柱不变
C. 图丙，空气流过飞机机翼，上方空气流速大压强小
D. 图丁，盆景盘中的水位能保持一定高度，是利用了连通器的原理
【答案】AC
【解析】
【详解】A．图钉帽做得宽大，是在压力一定的情况下，通过增大受力面积来减小压强，故A正确；
B．把气压计从山下移到山顶，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下，会有一部分水被压入细管内，因此细管的水柱升高，故B错误；
C．由于机翼模型上凸下平，则在相等时间内，气流通过机翼上表面的路程大，上表面的流速大、压强小，而机翼下表面流速小、压强大，则机翼下表面受到的压力大于上表面受到的压力，从而产生了向上的升力，故C正确；
D．瓶中水面高于盆内水面不会流出来，是因为盆景中的水与大气相通，是大气压支持着瓶内的水不会流出来，不是利用连通器原理，故D错误。
故选AC。
15. 如图所示是一种防盗报警电路，电源电压恒定，R为定值电阻，压力传感器M的电阻随压力的增大而变小，报警器的内阻很小，忽略不计，通过它的电流超过设计值时会自动报警。闭合开关S，当传感器受到的压力增大时，下列说法正确的是（ ）

A. 电压表示数变小
B. 电路的总功率变大
C. 电压表和电流表示数的比值不变
D. 如果R发生短路，报警器不易发生报警
【答案】BC
【解析】
【详解】A．定值电阻与压力传感器M串联，电压表测R的电压，电流表测电路的电流。当传感器受到的压力增大时，其电阻变小，根据串联电阻的规律，电路的电阻变小，由欧姆定律可知电路的电流变大，根据U=IR，电压表示数变大，故A错误；
B．根据P=UI可知，因电路的电流变大，故电路的总功率变大，故B正确；
C．根据欧姆定律，电压表和电流表示数的比值即R的电阻大小，保持不变，故C正确；
D．当R被短路后，电路中电阻变小，所以电路中电流变大，即使传感器受到的压力不增大（RM不变小），电路中电流也可能超过报警器的电流设计值，即报警器易发生报警，故D错误。
故选BC。
16. 如图所示，水平桌面上放有一个装满水的烧杯，小明用力将一个空易拉罐缓慢压入烧杯中，在易拉罐没有浸没且不触底前，下列说法正确的是（ ）

A. 易拉罐受到的浮力不变
B. 小明对易拉罐施加的力变大
C. 水对烧杯底部的压强变大
D. 烧杯对桌面的压力大小不变
【答案】BD
【解析】
【详解】A．由图中可知，将空易拉罐缓慢压入烧杯的过程中，易拉罐排开水的体积逐渐增大，故由阿基米德原理可知，易拉罐受到的浮力逐渐增大，故A错误；
B．对易拉罐受力分析可知，易拉罐受到向下的重力、向下的人的压力和向上的水的浮力，易拉罐处于受力平衡状态，所受重力不变，所受浮力逐渐增大，故由力的平衡可知，易拉罐受到人的压力逐渐增大，故B正确；
C．因放入易拉罐之前，烧杯中装满了水，故放入易拉罐之后，烧杯中的水高度不变，故由p=ρgh可得，水对烧杯底部的压强不变，故C错误；
D．由受力分析可知，烧杯对桌面的压力F压等于烧杯内剩余的水的重力G剩与易拉罐所受浮力F浮之和，即
F压=G剩+F浮=m剩g+ρ水gV排=ρ水gV剩+ρ水gV排=ρ水g(V剩+V排)=ρ水gV容
可知此过程中，烧杯对桌面的压力大小不变，故D正确。
故选D。
第Ⅱ卷（非选择题：共65分）
二、填空题（每空1分，共12分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上，不要求写出演算过程。）
17. 北斗导航卫星利用太阳能电池板获得能量，太阳能属于_________（选填“可”或“不可”）再生能源，卫星是使用_________波与地面站通信的。
【答案】 ①. 可 ②. 电磁
【解析】
【详解】[1]太阳能可以从自然界中源源不断地得到的能源，属于可再生能源。
[2]电磁波可以在真空中传播，卫星是通过电磁波与地面站通信的。
18. 如图是闪电产生的电流通过避雷针的示意图（已知云层带正电），其中避雷针是_________（选填“导体”或“绝缘体”），通过避雷针的电流方向是_________（选填“从上到下”或“从下到上”）。
【答案】 ①. 导体 ②. 从上到下
【解析】
【详解】[1]由题意可知，闪电产生的电流通过避雷针，说明避雷针可以导电，因此是导体。
[2]已知云层带正电，避雷针不断地向空中释放电子，电子运动的方向与电流的方向相反，因此通过避雷针的电流方向是从上到下。
19. “鲤鱼跃龙门”寄托着人们祈盼飞跃的美好愿望，鲤鱼离开水面向上跃起的过程中，水中像的大小_________（选填“变大”、“变小”或“不变”），当它距离水面0.6m时，像与水面的距离为_________m。
【答案】 ①. 不变 ②. 0.6
【解析】
【详解】[1]由平面镜成像的规律可知，平面镜所成的像的大小与物距无关，故鲤鱼离开水面向上跃起的过程中，水中像的大小不变。
[2]平面镜成像时，物距等于像距，故当它距离水面0.6m时，像与水面的距离也为0.6m。
20. 如图所示，工人利用钳子反复弯折铁丝，弯折处铁丝的温度升高，这是通过_________的方式改变铁丝的内能，在剪断铁丝的过程中，钳子是一个_________杠杆。

【答案】 ①. 做功 ②. 省力
【解析】
【详解】[1]工人利用钳子反复弯折铁丝，弯折处铁丝的温度升高，克服摩擦做功，机械能转化为内能，通过做功的方式改变铁丝的内能。
[2]钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
21. 有一根总阻值为30Ω粗细均匀的金属丝，将它接到电源两端，电路中的电流为0.2A时，则电源电压为_________V；将金属丝制成如图所示的圆环，A、B、C三点距离相等，直接将B、C两点接入同一电路，干路中的电流为_________A。

【答案】 ①. 6 ②. 0.9
【解析】
【详解】[1]根据欧姆定律可得，电源电压为
[2]根据题意可知，由于A、B、C三点距离相等，则金属丝AB、BC、AC段电阻大小相等，都等于10Ω，将B、C两点接入同一电路时，AC和AB串联后再和BC并联，金属丝BC段的电阻为RBC=10Ω，金属丝BAC段的电阻为
RBAC=10Ω+10Ω=20Ω
根据并联电路的电阻特点可得，此时电路的总电阻为
根据欧姆定律可得，干路中的电流为
22. A、B两物体均为质量分布均匀的实心正方体，A、B物体的边长分别为20cm、10cm，A物体放在水平地面上，将B物体叠放在A物体上，如图甲所示，若沿水平方向将B物体切去一部分，A对地面的压强与B切去部分的高度的关系如图乙所示，则A物体的密度为_________kg/m3，当B切去的高度为4cm时，B剩余部分对A的压强_________Pa。

【答案】 ①. 1.5×103 ②. 3.6×103
【解析】
【详解】[1]由题意可知，B物体的边长为10cm，由图乙可知，当B切去部分的高度为10cm时，此时只剩下A物体，此时A对地面的压力为
FA=pASA=3000Pa×0.2m×0.2m=120N
由受力分析可知，此时A对地面的压力FA等于A的重力GA，即
GA=FA=120N
由可得，物体A的密度为
[2]设A对地面的压强p与B切去部分的高度h之间的关系为
p=kh+b
由图乙可知，当h1=0时，p1=4500Pa，当h2=10时，p2=3000Pa，由数学知识可知，将上述数据带入，解得k=-150,b=4500，故可得p与h之间的函数关系式为
p=-150h+4500
故当h=4cm时，解得此时A对地面的压强为p0=3900Pa，同理可知此时A和B剩余部分的总重力G0等于此时A对地面的压力F0，即
G0=F0=p0SA=3900Pa×0.2m×0.2m=156N
故此时B剩余部分的重力为
G剩=G0-GA=156N-120N=36N
由受力分析可知，此时B剩余部分对A的压力F剩等于B剩余部分的重力G剩，即
F剩=G剩=36N
故由可得，B剩余部分对A的压强为
三、作图题（共4分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上）
23. 如图所示，画出苹果所受重力的示意图。
【答案】
【解析】
【详解】苹果所受的重力方向竖直向下，从苹果的重心O竖直向下作有向线段，并标示为G，如图所示：
24. 请画出图中入射光线对应的出射光线。

【答案】
【解析】
【详解】对于凸透镜，平行于主光轴的入射光线，其折射光线会经过另一侧的焦点，经过凸透镜光心的入射光线，其折射光线方向不变，如下图

四、实验与探究题（共25分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上）
25. 某实验小组在“测量物体运动的平均速度”实验中，让小球从斜面A点由静止开始滚下，频闪照相机记录了小球在相同时间内通过的路程，照片如图所示：

（1）为了方便实验，装置坡度应较_________（选填“大”或“小”）；
（2）依据照片可判断，小球在做_________（选填“加速”、“减速”或“匀速”）运动；
（3）如果频闪照相机每隔0.2s拍摄一次，则由所拍摄的照片可知，小球经过AB段的路程为_________cm，小球在AC段的平均速度为_________m/s；
（4）实验中，测量小球在不同路程上的平均速度，目的是_________。
A.求速度的平均值，减小实验误差 B.探究小球从斜面上滑下时速度变化的规律
【答案】 ①. 小 ②. 加速 ③. 10.0 ④. 1 ⑤. B
【解析】
【详解】（1）[1]为了方便实验，应使小球从斜坡滚下时速度较小，故装置坡度应较小。
（2）[2]由图中可知，相同时间间隔内，小球通过的路程逐渐增大，故可知小球在做加速运动。
（3）[3]由图中可知，小球经过AB段的路程为
lAB=1000cm-90.0cm=10.0cm
[4]由图中可知，小球通过AC段的路程为
lAC=100.0cm-60.0cm=40.0cm=0.4m
所用时间为
tAC=0.2s×2=0.4s
故由可得，小球在AC段的平均速度为
（4）[5]实验中，小球在斜面不同位置的速度不同，测量小车在不同路程上的平均速度，可以探究小球在斜面上运动时的速度变化规律，故A不符合题意，B符合题意。
故选B。
26. （1）用图甲所示的装置探究“水沸腾的规律”，水沸腾时继续加热，温度_________，气泡在上升过程中体积_________（选填“变大”、“变小”或“不变”）；

（2）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，当把蜡烛放在如图乙所示位置时，在光屏上能成清晰的实像，生活中的_________（选填“照相机”或“投影仪”）就是利用这个原理制成的；将蜡烛和光屏位置互换，光屏上还能得到清晰的像，因为光路是_________的；
（3）如图丙所示，当开关S闭合后，通电螺线管的上端是_________极，滑片向b端移动时，悬挂铁块的弹簧将_________（选填“变长”、“变短”或“不变”）。
【答案】 ①. 不变 ②. 变大 ③. 照相机 ④. 可逆 ⑤. N ⑥. 变短
【解析】
【详解】（1）[1][2]水沸腾后继续加热，水的温度一直保持不变，沸腾时有大量的气泡产生，气泡上升过程中，受到水的压强变小，体积不断变大，到水面破裂。
（2）[3][4]由图乙可知，物距大于像距，成倒立缩小的实像，照相机利用此原理制成的，将蜡烛和光屏位置互换，由光路的可逆性可知，此时物距等于原来的像距，像距等于原来的物距，此时物距小于像距，成倒立放大的实像。
（3）[5][6]由图丙可知，电流从螺线管的下端流入，上端流出，结合线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管的上端为N极，下端为S极。此时的螺线管对上面的铁块有一个向下的引力，当滑片向b端移动时，滑动变阻器接入电路的电阻增大，电流减小，电磁铁的磁性减弱，电磁铁对铁块的引力减小，所以弹簧的长度变短。
27. 小明想通过实验测量矿石的密度，进行了如下操作：

（1）把天平放在_________桌面上，并将游码移到标尺左端的零刻度线处，发现指针位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向_________调节，使天平平衡；
（2）如图乙所示，矿石的质量是_________g；
（3）矿石放入量筒前后，量筒中水面位置如图丙所示，则矿石的体积为_________cm3，密度为_________kg/m3；
（4）若该矿石吸水，按以上步骤测量出矿石的密度将偏_________。（填“大”或“小”）
【答案】 ①. 水平 ②. 左 ③. 52.4 ④. 20 ⑤. 2.62×103 ⑥. 大
【解析】
【详解】（1）[1]根据天平测量物体质量的使用方法可知，天平在使用前，应把天平放在水平桌面上，将游码调到左端零刻度线处，调节平衡螺母使天平平衡。
[2]由图甲图可知，分度盘指针向右偏转，说明天平右端下沉，故应向左调平衡螺母直至指针指向分度盘中央。
（2）[3]物体质量等于砝码的总质量和游码在标尺上代表的质量之和，游码分度值为0.2g，故矿石的质量为
m =m砝+m游=50g+2.4g=52.4g
（3）[4]量筒的分度值为2mL，矿石放入前，量筒中水的体积为V1=20mL，矿石放入水中浸没，量筒中的体积为V1=40mL，则矿石的体积为
V=V2-V1=40mL-20mL=20mL=20cm3
[5]根据可得，矿石的密度为
（4）[6]若该矿石吸水，则所测矿石的体积偏小，质量测量准确，根据可知，测出的矿石的密度将偏大。
28. 小明利用干燥、不吸水的另一矿石还可测出未知液体的密度，操作如下：
①在圆柱形容器中装入待测液体，如图甲所示，将平底烧杯放入待测液体中，烧杯静止时容器中液体的深度为H1；
②将矿石放入烧杯中，如图乙所示，烧杯静止时露出液面的高度为h1，容器中液体的深度为H2；
③将矿石拴在烧杯底部，如图丙所示，烧杯静止时露出液面的高度为h2。已知矿石的密度为ρ石，圆柱形容器的底面积是烧杯底面积的3倍，则待测液体密度的表达式ρ液＝_________。（用H1、H2、h1、h2、ρ石表示）

【答案】
【解析】
【详解】设烧杯底面积为S，则容器底面积为3S，烧杯高h。图乙和丙两次实验，烧杯和矿石整体漂浮在液体中，所受浮力等于矿石和烧杯的重力之和，两次浮力相等，由F浮=ρ液gV排可知
V排乙=V排丙
S(h-h1)=S(h-h2)+V石
则矿石的体积为
V石=S(h2-h1)
则矿石质量为
m石=ρ石V石=ρ石S(h2-h1)
由图甲、乙可知将矿石放在烧杯中，排开水的体积变化为
ΔV排=3S(H2-H1)
矿石的重力
G=ΔF浮=ρ液gΔV排=3ρ液gS(H2-H1)
液体密度为
29. 无线充电器是可以不插线给电器进行充电的设备。

（1）如图甲为手机通过无线充电器进行充电，此时手机可看作_________（选填“电源”或“用电器”）；
（2）如图乙为“电能无线传输”示意图。其中送电线圈周围会产生磁场，是利用电流的_________效应工作；
（3）受电线圈正对并靠近送电线圈可以产生电流，电流越大，小灯泡越_________（选填“亮”或“暗”）；
（4）为了探究影响受电线圈两端电压大小的因素，现用相同规格的漆包线绕制了多个匝数相同、直径不同的线圈，并多次改变两线圈之间的距离进行探究。实验数据如表：（送电线圈直径为70.0mm）
①分析_________三次实验数据可初步得出结论：在受电线圈的直径和匝数相同时，两线圈之间的距离越长，受电线圈两端的电压越小，因此电能无线传输存在传输距离较_________（选填“长”或“短”）的缺点；
②分析1、2、3、6、7五次实验数据可初步得出结论：在两线圈之间的距离和受电线圈的匝数相同的情况下，受电线圈直径减小时，其两端电压_________（选填“不变”、“先变大后变小”或“先变小后变大”）；
③现用相同规格的漆包线绕制了多个直径相同，匝数不同的线圈进行探究，发现受电线圈两端电压大小不同，请你提出一个可探究的科学问题：_________。
【答案】 ①. 用电器 ②. 磁 ③. 亮 ④. 3、4、5 ⑤. 短 ⑥. 先变大后变小 ⑦. 见解析
【解析】
【详解】（1）[1]手机通过无线充电器进行充电，手机消耗电能，看作用电器。
（2）[2]电流周围存在磁场叫电流的磁效应，图中送电线圈利用电流产生磁场，是电流磁效应。
（3）[3]送电线圈利用电流产生磁场，受电线圈利用磁场产生电流，送电线圈电流越大，产生的磁场越强，受电线圈产生的电流越大，由P=I2R可知小灯泡的功率越大，灯泡越亮。
（4）①[4][5]探究受电线圈两端电压大小与两线圈之间的距离的关系，保持受电线圈的直径和匝数相同，改变两线圈之间的距离，选择3、4、5三次实验数据进行比较，可以得到在受电线圈的直径和匝数相同时，两线圈之间的距离越长，受电线圈两端的电压越小，因此电能无线传输存在传输距离较短的缺点。
②[6]分析1、2、3、6、7五次实验数据，线圈匝数相同，两线圈之间距离相等，受电线圈直径不断减小，受电线圈两端的电压先变大后变小。
③[7]用相同规格的漆包线绕制了多个直径相同，匝数不同的线圈，受电线圈两端电压大小不同，可以提出问题：受电线圈两端的电压与线圈匝数是否有关。
五、计算应用题（共24分。解答时要求在答题卡相应的试题区域上写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤。只写出最后答案，而未写出主要演算过程的，不能得分，答案必须明确写出数值和单位。）
30. 我国自主研发的某品牌汽车进行技术测试，已知该车在某段长2300m的水平路面以23m/s做匀速直线运动，汽车在行驶过程中受到的平均阻力为200N，汽车在此过程中燃烧了0.04kg汽油，汽油的热值q=4.6×107J/kg。在该段测试过程中，求：
（1）汽车所需要的时间；
（2）汽车的功率；
（3）发动机热机效率。
【答案】（1）100s；（2）4.6×103W；（3）25%
【解析】
【详解】解：（1）由可得，汽车所需要的时间为
（2）汽车做匀速直线运动时，处于受力平衡状态，由二力平衡可知，汽车所受牵引力F牵等于汽车所受阻力F阻，即
故由W=Pt可得，汽车的功率为
（3）由Q=qm可得，汽油完全燃烧释放的热量为
汽车所做的功为
故热机的效率为
答：（1）汽车所需要时间为100s；
（2）汽车的功率为4.6×103W；
（3）发动机热机效率为25%。
31. 某家用电热水器工作原理和相关参数如图表所示。图甲为电热水器的原理图，包括工作电路和控制电路两部分，通过电磁继电器自动控制实现加热和保温状态的挡位变换。R1、R2为电热丝，电磁铁线圈的电阻忽略不计，R3为定值电阻，R为热敏电阻（置于电热水器内），其阻值随温度变化关系如图乙所示。当控制电路的电流达到0.04A时，继电器的衔铁被吸合；当控制电路中的电流减小到0.024A时，衔铁被释放，求：
（1）当工作电路为加热状态时的电流大小；
（2）R2工作时的电阻；
（3）若热水器内可获得的最高温度为60℃，最低温度控制在40℃，则R3的阻值为多少？若想控制电路的最低温度或最高温度可以调节，请你在图丙所示虚线框内画出设计后的电路。

【答案】（1）10A；（2）198Ω；（3）250Ω，见解析
【解析】
【详解】解：（1）由得加热状态时的电流为
（2）由图甲可知，只有接入电路，电路的总电阻最小，由可知电功率最大，为加热挡，R1的阻值
衔铁被吸合，与串联时，电路的总电阻最大，由可知电功率最小，为加热挡，电路的总电阻
工作时的电阻为
（3）当温度为时热敏电阻的阻值，电路中最大电流，控制电路的电压
①
当温度为时，热敏电阻的阻值，电路中最小电流，控制电路的电压
②
由①和②得到的阻值为，若想控制电路的最低温度或最高温度可以调节，可以在电路中串联一个滑动变阻器，如图所示：

答：（1）当工作电路为加热状态时的电流大小是10A；
（2）R2工作时的电阻是198Ω；
（3）若热水器内可获得的最高温度为60℃，最低温度控制在40℃，则R3的阻值为250Ω，见解析。
32. 如图，均匀圆柱体甲和薄壁圆柱形容器乙放置在水平地面上。甲的质量为2kg，底面积为5×10-3m²，乙的底面积为2×10-2m²，其内装有高0.15m的水。现将另一实心圆柱体丙（未画出），分别放到甲的顶部和乙容器中，同时记录甲对水平地面压强变化量Δp甲、圆柱体丙浸入水中的体积V浸和容器乙对水平桌面的压强变化量Δp容，如下表所示；已知ρ水＝1.0×103kg/m3，求：
（1）水对容器乙底部的压强p水；
（2）请根据表中信息求出丙的重力G丙；
（3）通过计算说明丙在水中的状态（漂浮，悬浮或沉底），及水对容器乙底部的压强变化量Δp水。

【答案】（1）1500Pa；（2）30N；（3）沉底，250Pa
【解析】
【详解】解：（1）水对容器底部的压强为
（2）由
得丙的重力为
（3）假设丙全部浸入水中，受到的浮力
故丙在水中沉底，容器乙对水平桌面的压力变化量
故有水溢出，溢出水的重力为
由
可得溢出水的体积为
排开水的体积
水的深度的变化量
水对容器底部压强变化量为
答：（1）水对容器乙底部的压强是1500Pa；
（2）丙的重力是30N；
序号
受电线圈的直径D/mm
两线圈之间的距离d/mm
受电线圈两端的电压U/V
1
145.0
5.5
10.3
2
105.0
5.5
16.9
3
70.0
5.5
20.5
4
70.0
110
14.1
5
70.0
22.0
8.6
6
45.0
5.5
13.9
7
32.0
5.5
5.4
电源
加热功率
保温功率
水容量
6000
1000