安徽省六安市一中2025-2026学年高一上学期期末物理试卷（Word版附解析）

这是一份安徽省六安市一中2025-2026学年高一上学期期末物理试卷（Word版附解析），共7页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。

时间：75分钟 满分：100分
一、单项选择题（本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。）
1．下列说法正确的是（ ）
A．甲图中，三个形状规则的物体，重心一定在物体的几何中心
B．乙图中，树枝对小鸟的支持力是由树枝发生形变产生的
C．丙图中，手握住杯子保持静止，手握得越紧，手对杯子的摩擦力越大
D．丁图中，可将小朋友受到的重力分解为沿斜面的下滑力和对斜面的压力
2．如图所示，轻弹簧的一端悬挂于O点，另一端A点与轻绳相连，轻绳上系一质量为m的物体。初始时物体处于静止状态，轻弹簧的长度为L；现对A点施加一水平力F，缓慢拉至OA与竖直方向的夹角为时，使物体再次保持静止。轻弹簧的劲度系数为k，重力加速度为g，，。物体再次保持静止时弹簧的长度为（ ）
A．B．C．D．
3．如图所示，不可伸长的细绳的一端固定在竖直墙壁上的点，另一端系一个可视为质点的小球。表面光滑的半圆柱体置于墙壁上，小球静止在半圆柱体表面。若缓慢向下移动半圆柱体少许，下列说法正确的是（ ）
A．细绳的拉力增大，半圆柱体对小球的支持力增大
B．细绳的拉力增大，半圆柱体对小球的支持力减小
C．细绳的拉力不变，半圆柱体对小球的支持力不变
D．细绳的拉力减小，半圆柱体对小球的支持力减小
4．如图所示，两相同物块用水平细线相连接，放在粗糙水平面上，在水平恒力F作用下，一起做匀加速直线运动，两物块的加速度大小为a1，物块间水平细线的拉力大小为T1。当两物块在F的作用下在光滑水平面上运动，两物块的加速度大小为a2，物块间水平细线的拉力大小为T2。则下列说法正确的是（ ）
A．a2>a1，T2=T1
B．a2=a1，T2=T1
C．a2>a1，T2>T1
D．a2=a1，T2a1，T2=T1 ，故选A。
5. C【详解】AC．以小球为研究对象，设斜面的倾角为，分析受力情况，如图所示，小球受重力mg、竖直挡板对球的弹力F2和斜面的弹力F1，设斜面的加速度大小为a，水平方向，根据牛顿第二定律得；
竖直方向，根据平衡条件，由竖直方向分析可知，斜面对球的弹力F1大小始终不变，与加速度无关，且不可能为零，故A错误，C正确; B．由水平方向分析看出，若加速度足够小时，，即使加速度足够小，由,，故B错误；D．根据牛顿第二定律可知，重力、斜面和挡板对球的弹力三个力的合力才等于ma，故D错误。
6. D【详解】AB．A的速度沿轻绳方向的分速度与B的速度vB大小相等，则有
当A上升时，夹角α增大，由可知，B向下做减速运动，AB错误；
CD．当A环上升至与定滑轮的连线处于水平方向的位置Q时，B的速度vB=0。当A上升时，因B向下做减速运动，则B的加速度方向向上，由牛顿第二定律可知，轻绳对B的拉力大于B的重力，C错误，D正确。
7. B【详解】A．小球A做自由落体运动，有，，，可得经过相等位移的时间比为，故A错误；
B．设小球A下落h所用时间为，有，小球A下落的总时间为
下落的总高度为，故B正确；
C．由于题目中实验时两球同时落地，但A球运动时间长，根据可知，落地时，A球速度大，若两位同学均各上一层楼重做以上实验，假设两位同学不动，相当于地面下降了一层楼，两球同时到达原来的地面位置且A球速度大，可判断出A球先落地，故C错误；
D．设小球B释放时，小球A的速度为，可知小球B的速度，小球A速度为
可知小球B与A的速度差保持不变，故D错误。故选B。
8. C【详解】A．剪断轻绳前，对物体Q由力的平衡条件得
由胡克定律得 解得弹簧的压缩量为，故A错误；
B．剪断轻绳瞬间，对两物体组成的整体由牛顿第二定律得
解得，故B错误；
C．对物体P由牛顿第二定律得 解得N，故C正确；
D．由于轻绳剪断瞬间轻弹簧的形变量不变，则轻弹簧的弹力不变，因此轻弹簧对挡板的压力大小不变，即仍为36N，故D错误。故选C。
9. BD【详解】A．落地时因为，解得，故A错误；
B．网球在t时间内水平方向上位移的位移为，故B正确；
C．网球在t时间内的位移方向与水平方向的夹角正切值
即该角度大于30°，故C错误； D．根据可知，若网球平抛的初速度增大，则其在空中的运动时间不变，由Δv=gt，则速度变化量仍不变，故D正确。
10. AC【详解】A．当增大时，由于小球处于静止，根据受力平衡可知，筷子对小球的作用力与重力等大反向，则筷子对小球的作用力不变，故A正确；
B．小球受到重力、两根筷子的两个弹力和两个摩擦力作用，共5个力，故B错误；
C．对小球受力分析，如图所示
竖直方向根据平衡条件可得
又 联立解得
故使小球不掉落，筷子对小球的最小压力是，故C正确；
D．要想用筷子夹住小球，则有
则 可得，可知当时，无论筷子对小球的压力多大，图中小球都不可以保持静止，故D错误。
11.【答案】(1)13.99/14.00/14.01均可 (2) 10（10.0或10.00均可） 125 （123~127均可） (3)不变
【详解】（1）最小分度值为 0.1N，要估计一位，14.00N。
（2）弹簧弹力与长度的对应关系 ， 联立可得
图像的纵截距为弹簧原长，结合图像可得 图像的斜率，解得
（3）劲度系数是通过图像的斜率得到的，弹簧悬点未与标尺零刻度对齐，影响不到斜率，所以对测量结果没有影响。
12.【答案】(1)ACD (2) (3) 2 坐标数值对也给分
【详解】（1）A．保证斜槽轨道末端应水平，以便于小球初速度沿水平方向，故A正确；
B．小球在轨道上运动时摩擦力不会影响其速度方向，不必光滑，故B错误；
C．应选择质量较大，体积较小的小球，减少空气阻力影响，故C正确；
DE．小球应从同一高度释放，释放位置不能太高或太低，D正确，E错误，故选ACD。
（2）竖直方向有，水平方向有 联立解得
（3）由 解得，则；
由，，，联立解得，故抛出点坐标为。
13.【答案】(1) (2) (3)
【详解】（1）以竖直向上方向为正，设无人机上升过程中最大速度为，
由题可知，全过程总位移，运动全过程平均速度为，
由， 联立可得：……………………4分
（2）匀加速阶段，由 可得………………4分
（3）图像围成的面积代表位移，可得匀减速运动位移与总位移满足
所以，匀减速阶段的位移大小…………………4分
F
14.【答案】（1）；（2），与竖直方向夹角为斜向右上方；（3）
【详解】（1）对受力分析，如图
由平衡条件得，
，B的质量为………………4分
（2）对P受力分析，如图：
由几何关系可知，细线OP拉力的大小为

与竖直方向夹角为斜向右上方。………………4分（方向未交代扣1分）
（3）对C受力分析，如图：
则
得水平推力至少为：……………………6分
15.【答案】(1)6m/s (2)0.2m (3)2.25s
【详解】（1）根据题意，物块在传送带上先做匀加速运动，由牛顿第二定律得 解得
设物块滑上传送带后经时间与传送带同速，则有 解得
此过程物块的位移大小为
之后物块所受滑动摩擦力方向沿斜面向上，由牛顿第二定律得
解得 由匀变速直线运动规律得
解得…………………………6分
（2）由匀变速直线运动规律得 解得
物块从A端运动到B端的过程中相对传送带的位移大小为…………………………4分
（3）物块滑上木板后，设物块的加速度大小为，木板的加速度大小为，根据牛顿第二定律得， 解得，
物块与木板经时间达到共同速度，则有
联立解得，
因，当物块与木板共速后二者一起做匀减速直线运动，由牛顿第二定律得 解得
从物块与木板同速到减速到0的过程有 解得
物块从滑上木板到停下所经历的时间t=t3+t4=2.25s………………6分（求出=1.5s得3分）