2025年江苏省盐城市中考一模物理试题（解析版）

这是一份2025年江苏省盐城市中考一模物理试题（解析版），共23页。试卷主要包含了选择题等内容，欢迎下载使用。
1. 能源分类对实现能源可持续发展有重要的意义。下列属于可再生能源的是（ ）
A. 太阳能B. 煤C. 石油D. 天然气
【答案】A
【解析】A．太阳能可以在自然界源源不断地得到，是可再生能源，故A符合题意；
BCD．煤、石油、天然气都属于化石能源，会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，是不可再生能源。故BCD不符合题意。故选A。
2. 下列杠杆属于省力杠杆的是（ ）
A. 钢丝钳B. 食品夹
C. 钓鱼竿D. 筷子
【答案】A
【解析】A．钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故A符合题意；
B．食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力、省距离杠杆，故B不符合题意；C．钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力、省距离杠杆。故C不符合题意；D．筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力、省距离杠杆，故D不符合题意。故选A。
3. 盐城拥有广袤的湿地滩涂，是丹顶鹤钟爱的越冬家园。如图是丹顶鹤在水面嬉戏的场景，关于图中涉及的光学知识，下列说法正确的是（ ）
A. 丹顶鹤飞得越高，水中的像越小B. 水中丹顶鹤所成的像是虚像
C. 水越深，水中的像离水面越远D. 水中的像是由于光的直线传播形成的
【答案】B
【解析】ABD．平静的水面相当于平面镜，白鹭在水面所成的像属于平面镜成像，是虚像，是由光的反射形成的，丹顶鹤飞离水面的过程中像的大小与丹顶鹤大小相同，所以像的大小不变，水中的像与白鹭关于水面对称，故B正确，AD错误；
C．物距是白鹭到水面的距离，像距是白鹭所成的像到水面的距离，二者始终相等，与水的深度无关，故C错误。
故选 B。
4. 关于粒子和宇宙，下列说法中正确的是（ ）
A. 太阳是宇宙的中心
B. 摩擦起电使物体产生电子
C. 在天文学中，用“光年”作为时间单位
D. 每年4月，实验校园处处花香扑鼻，说明分子永不停息地做无规则运动
【答案】D
【解析】A．宇宙是广阔无垠的，没有中心，太阳是太阳系的中心，不是宇宙的中心，故A错误；
B．摩擦起电的实质是电子的转移，而不是产生电子。不同物质的原子核对核外电子的束缚本领不同，在摩擦过程中，束缚本领强的得到电子带负电，束缚本领弱的失去电子带正电，故B错误；
C．光年是指光在一年中所传播的距离，它是长度单位，不是时间单位，故C错误；
D．花香扑鼻是扩散现象，说明分子在永不停息地做无规则运动，故D正确。
故选D。
5. 2025亚洲羽毛球锦标赛4月9日在浙江宁波进入第二个比赛日，国羽15战13胜，女单女双全员晋级。如图所示是比赛中的场景，下列有关说法正确的是（ ）
A. 击球时，球和球拍都会发生弹性形变
B. 击球时，球拍对球的力和球对球拍的力是一对平衡力
C. 羽毛球离开球拍继续运动，是因为受到惯性的作用
D. 羽毛球最终会落到地面，是因为没有了力的作用
【答案】A
【解析】A．由于力的作用是相互的，所以击球时，球拍和球都会发生弹性形变，故A正确；
B．击球时，球拍对球的力和球对球拍的力同时作用在球和球拍上，符合相互作用力的特点，是一对相互作用力，故B错误；
C．羽毛球离开球拍继续运动，是因为羽毛球具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故C错误；
D．因为羽毛球受到重力的作用，重力的方向竖直向下的，所以羽毛球最终会落到地面，故D错误。
故选A。
6. 如图是实验室内的翻滚过山车模型，B点为轨道最低点，C点为轨道弧形部分的最高点。将小球从A点静止释放，小球经过B、C两点后，在右侧轨道上能达到的最高点为D。下列说法正确的是（ ）
A. 小球在D点动能最大B. 小球在A点重力势能最大
C. 整个过程中小球机械能守恒 D. 小球从A点到B点，重力势能只转化为动能
【答案】B
【解析】A．因为B点是最低点，翻滚过山车运动到B点时，重力势能最小，但速度最快，动能最大，而不是D点动能最大，故A错误；
B．重力势能与质量、高度有关，A点是最高点，小球在A点重力势能是最大，故B正确；
CD．小球在右侧轨道上的最高点D比A点低，说明小球在整个运动过程中，需要克服摩擦做功，机械能不守恒，所以小球从A点到B点，重力势能不只转化为动能，还有其他形式的能，故CD错误。
故选B 。
7. 在远古神话传说中，“女娲炼石补天”，“伏羲创制八卦”。以下科学解读中，说法错误的是（ ）
A. 女娲炼石，在高温下石头由固态变为液态发生的物态变化是熔化
B. 五色石在阳光下五彩缤纷是因为它不同部分能反射不同的色光
C. 研究八卦与自然现象联系用模型法，和用光线描述光传播一样
D. 八卦阴阳两极可类比磁体两极，磁感线是真实存在的，能展现磁场分布
【答案】D
【解析】A．物质从固态变为液态的过程属于熔化，所以高温下石头由固态变为液态发生的物态变化是熔化，故A正确，不符合题意；
B．石头表面或内部含有不同矿物质（如金属氧化物），各部分可能反射不同波长的光，从而呈现五彩斑斓的效果，故B正确，不符合题意；
C．用带箭头的直线描述光的传播路径和方向，实际光并非直线，但模型便于理解反射、折射等规律。伏羲将自然现象（如天地、阴阳）抽象为八卦符号，通过符号组合解释万物变化，属于模型法的应用。两者均通过抽象模型简化现实，方法类似。故C正确，不符合题意；
D．磁感线本身不存在，是辅助理解的工具；磁场是真实存在的，故D错误，符合题意。
故选D 。
8. 某同学在实验中连接了如图所示的电路，闭合开关，发现灯不亮。为检查电路的故障，他用电压表进行测量。结果是，此电路故障可能是（ ）
A. 开关S接触不良B. 电阻R短路C. 电源短路D. 电阻R断路
【答案】D
【解析】A．若开关S接触不良，闭合开关后，因电压表未连通电源，，故A不符合题意；
B．若电阻R短路，闭合开关后灯泡会正常发光，故B不符合题意；
C．若电源短路，闭合开关后，因电压表测量de时，，故C不符合题意；
D．若电阻R断路，闭合开关后，灯泡不亮，当电压表测量de时，电压表串联在电路中，测电源电压，而测量ad间无论何处都未连通电源，因此示数均为零，故D符合题意。
故选D 。
9. 光发动机可用于卫星的能源补充，原理如图，密闭气室中在光照下会分解，使气室气压增大，推动活塞右移，无光条件下发生逆反应；控制光照即可实现活塞往复运动。活塞右移过程相当于汽油机的（ ）

A. 吸气冲程B. 压缩冲程C. 做功冲程D. 排气冲程
【答案】C
【解析】当活塞右移时，活塞对外做功，则该过程相当于汽油机四个冲程中的做功冲程。故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
10. 唱卡拉OK时经常用到动圈式话筒。对着话筒唱歌时，声音使处于磁场中的线圈振动，从而线圈中产生随声音变化的电流。下列实验能说明动圈式话筒工作原理的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】对着话筒唱歌时，声音使处于磁场中的线圈振动，从而线圈中产生随声音变化的电流，是电磁感应现象，是磁生电现象。
A．此图是磁生电的原理图，是闭合电路的部分导体切割磁感线产生感应电流，故A符合题意；
B．是电动机原理，是通过导线在磁场中受到力的作用，故B不符合题意；
C．是奥斯特实验，电流的磁效应，是电生磁现象，故C不符合题意；
D．如图所示，是同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，故D不符合题意。
故选A。
11. 如图所示，某兴趣小组设计了肺活量检测装置的原理图。其中电源电压不变，是定值电阻，是滑动变阻器。检测时，被检人员向气球中吹气，气球膨胀带动隔板和滑片P向上运动，肺活量检测装置的显示仪的示数变大。下列说法正确的是（ ）
A. 肺活量检测装置的显示仪是电压表改装而成的
B. 吹气时，与两端电压的比值变大
C. 吹气时，电压表示数与电流表示数的比值变小
D. 吹气时，消耗的功率变小
【答案】C
【解析】ABD．由电路图可知，闭合开关S后，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，吹气时，气球胀大，隔板向上运动，变阻器R2接入电路中的电阻变小，根据串联电路的电阻规律可知总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中电流的变大，根据P=I2R，可知吹气时，R1电路消耗的功率变大；根据U=IR可知定值电阻R1两端的电压变大，根据串联电路的电压特点可知变阻器R2两端的电压变小，则R2与R1两端电压的比值变小；检测时，被检人员向气球中吹气，气球膨胀带动隔板和滑片P向上运动，肺活量检测装置的显示仪的示数变大，所以肺活量检测装置的显示仪是电流表改装而成的。故ABD错误；
C．根据欧姆定律可知电压表示数与电流表示数的比值表示滑动变阻器接入电路的阻值，变阻器R2接入电路中的电阻变小，即电压表与电流表的示数比值变小，故C正确。
故选C。
12. 在2025年5月7日凌晨印巴冲突中，中国歼-10战机表现卓越。以下关于歼-10战机在飞行过程中的相关物理知识，说法正确的是（ ）
A. 战机与地面指挥中心通过超声波进行通信
B. 战机发动机工作时，燃料燃烧释放的内能可以全部转化为机械能
C. 战机机翼上表面空气流速快压强小，利用流体压强差产生升力
D. 战机机身轻盈，土要是因为应用了导电性良好的材料
【答案】C
【解析】A．电磁波可以在真空中传播，电磁波可以传递信息，且传播速度很快，所以歼20飞行员与地面指挥中心通过电磁波传递信息，故A错误；
B．任何热机在工作时，不可能将燃料燃烧释放的内能全部转化为机械能，总会有一部分能量以热量的形式散失到环境中，如废气、摩擦生热等，故B错误；
C．在流体，如空气中，流速越大的位置压强越小。战机机翼通常设计为“上凸下平”的形状，使得空气流经上表面时流速加快、压强减小，而下表面流速较慢、压强较大，从而产生向上的压强差（升力），故C正确；
D．战机机身轻盈，主要是因为应用了密度小的材料，这样可以在保证机身强度的前提下，减轻飞机的重量，提高飞机的性能，而不是因为材料的导电性良好，故D错误。
故选C 。
二．填空题（本题共8小题，每空1分，共24分）
13. 2025年3月盐城马拉松在大洋湾胜利开幕。现场工作人员敲响锣鼓，锣鼓声是由于鼓面的______产生的；发令枪声是通过______传递到选手耳中；观众加油呐喊声嘹亮是指声音的______大。
【答案】振动 空气 响度
【解析】[1]声音是由物体的振动产生的，所以锣鼓声是由于鼓面的振动产生的。
[2]声音的传播需要介质，发令枪声是通过空气传递到选手耳中。
[3]观众加油呐喊声嘹亮是指声音的音量较大，声音振动的幅度较大，即声音的响度大。
14. 甲、乙两组同学正在进行“探究水的沸腾”实验。当水沸腾时，烧杯中产生大量气泡，沸腾时的情景如图______（选填“A”或“B”）所示；两小组绘制了水沸腾时的温度—时间图像，得到了a、b两种不同图像，其原因是水a的质量比水b的质量______；同学们发现所测水的沸点低于100℃，原因可能是此时大气压______1个标准大气压。
【答案】A 小 小于
【解析】[1] 水沸腾时，气泡在上升过程中，有更多的液态水汽化成水蒸气，因此气泡体积会逐渐增大，所以A是沸腾时的现象。
[2] 从两个小组绘制的水沸腾时的温度—时间图像可以看出，从开始加热到沸腾，水a比水b用的时间要短，所以水a的质量比水b的质量小。
[3]在一个标准大气压下，水的沸点是100℃。而所测水的沸点低于100℃，说明此时大气压可能小于一个标准大气压。
15. 2025年4月20日，我国完全自主研制的大型水陆两栖灭火飞机“鲲龙”AG600获颁中国民航局型号合格证。若飞机和其携带水的总质量为60t，当它停在水面时受到的浮力为______N，g取10N/kg。某次飞行测试中，它以400km/h的速度在低空沿水平方向匀速飞行，飞行200km需要______h，此过程飞机携带的燃油不断消耗，其机械能______。
【答案】6×105 0.5 减小
【解析】[1]“鲲龙”AG600停在水面时，处于平衡状态，受到的浮力等于其总重力，即F浮=G=mg=60×103kg×10N/kg=6×105N
[2]“鲲龙”AG600以400km/h的速度在低空沿水平方向匀速飞行，飞行200km需要的时间
[3]“鲲龙”AG600在低空沿水平方向匀速飞行时，携带的燃油不断消耗，其质量减小，速度不变，动能减小，高度不变，重力势能减小，机械能是动能和重力势能的总和，因此其机械能减小。
16. 水平桌面上有重30N的物体A，用水平力拉物体A，A静止，此时A受到的摩擦力______拉力；用10N水平力使A匀速直线运动，A受滑动摩擦力为______N；A与桌面接触面积0.01m2，A静止时对桌面压强为______Pa。
【答案】等于 10 3000
【解析】[1]用水平力拉物体A，A静止，A处于平衡状态，受平衡力，因此此时A受到的摩擦力等于拉力。
[2]用10N水平力使A匀速直线运动，处于平衡状态，受平衡力，因此A受滑动摩擦力等于拉力，为10N。
[3]A静止时对桌面压力等于其重力，为30N，A与桌面接触面积0.01m2，则A静止时对桌面压强为
17. 如图甲所示是家庭电路示意图，图中插座与灯泡的连接方式______联。闭合开关后，灯泡不亮，测电笔分别插入插座的三个孔中都不发光，电路故障原因可能是______。图乙电能表所在电路指示灯闪烁了300次，电路这段时间消耗的电能是______J。
【答案】并 火线断路
【解析】[1]在如图家庭电路中，插座与用电器之间是并联的，它们在工作时才不会相互影响，所以插座与灯泡的连接方式是并联。
[2]测电笔插入插座的孔中，若氖管发光，则说明接触的是火线；若不发光，则接触的是零线。现在测电笔分别插入插座的三个孔中都不发光，说明插座接触的火线有问题，即故障原因可能是火线断路。
[3]消耗的电能
18. 小鸣做测量金属块密度实验，调节天平平衡时，发现将游码移到零刻度线处，天平指针在ab之间摆动如图甲所示，此时应向______调平衡螺母。天平平衡后，用天平测量金属块的质量，天平再次平衡时，右盘中所放砝码及游码在标尺上的位置如图乙所示，则金属块的质量为______g。然后，小鸣将金属块用细线系好放进盛有50mL水的量筒中，量筒中的水面升高到如图丙所示的位置。该金属块的密度为______kg/m3。
【答案】左 27.2 2.72×103
【解析】[1]由图甲可知，指针在ab之间摆动，向右侧偏转的多，说明天平向右倾斜，则应当向左调节平衡螺母，直至天平在水平位置平衡。
[2]如图乙所示，标尺的分度值为0.2g，游码所对应的质量为2.2g，则金属块的质量为m=20g+5g+2.2g=27.2g
[3]如图丙所示，量筒的分度值为2mL，示数为60mL，则量筒水和金属块的体积为60mL；则金属块的体积为V=60mL-50mL=10mL=10cm3
则根据密度公式可得金属块的密度为
19. 藕粉圆子是盐城的传统美食，小鹿在家煮粉圆子时，他先把2kg、温度为20℃的水倒入燃气灶上的锅中加热，这是通过______的方式增加了水的内能。当水温升高到30℃时，水吸收的热量为______J，用天然气煮比用木材消耗的质量小，是因为天然气的______比木材大[c水=4.2×103J/(kg·℃)]。
【答案】热传递 8.4×104 热值
【解析】[1]改变内能的方式有做功和热传递，水倒入燃气灶上的锅中加热，水吸收热量，温度升高，内能增大，是通过热传递的方式增加水的内能。
[2]水吸收的热量Q吸=c水m(t-t0)=4.2×103J/(kg·℃)×2kg×(30℃-20℃)=8.4×104J
[3]加热水时，燃料放出相同的热量，用天然气煮比用木材消耗的质量小，根据Q放=mq可知，是因为天然气的热值比木材大。
20. 探究凸透镜成像规律的实验中，蜡烛、凸透镜、光屏位置如图所示，光屏上恰好成清晰的像，该像是倒立、______的实像，此透镜的焦距是______cm。小鹿同学利用图中器材进行实验，下表是他记录的几组实验数据，小鸣同学认为他有一组数据不是在真实实验情境中获得，依据是__________________。
【答案】等大 10.0 第5组数据，物距与像距之和大于光具座长度
【解析】[1][2]由图可知，此时物距u=50.0cm-30.0cm=20.0cm
像距v=70.0cm-50.0cm=20.0cm
根据凸透镜成像的规律，此时物距等于像距等于二倍焦距，则成倒立、等大的实像；且u=v=2f=20.0cm
则此透镜的焦距是f=10.0cm。
[3]由图可知，光具座的长度为100cm，第五组数据中的物距为11.0cm，像距为110.0cm，物距与像距之和超出了光具座的最大长度，故第五组数据有误。
三．解答题（本大题7小题，共52分。解答25、26题时应有解题过程）
21. 如图是探究平面镜成像特点的实验装置。
（1）在玻璃板前点燃蜡烛A，将未点燃的相同蜡烛B竖立着在玻璃板后面移动，直到看上去蜡烛B跟A的像完全重合，此现象表明______。
（2）在图中画出人眼看到烛焰上点S在玻璃板中成像的光路图。
（3）为了更好地研究像与物的关系，可采用LED光源进行实验，实验室提供了“H、I、J”3个字母形状的光源，最合适的是______字母做的光源。
【答案】（1）平面镜所成像与物大小相等
（2） （3）J
【解析】【小问1详解】
将未点燃的相同蜡烛B竖立着在玻璃板后面移动，直到看上去蜡烛B跟A的像完全重合，说明蜡烛A的像与蜡烛A大小相等，即平面镜所成像与物大小相等。
【小问2详解】
先连接烛焰的虚像和眼睛，与镜面的交点找到入射点，再连接烛焰与入射点为入射光线，连接入射点到人眼为反射光线，就得到了人眼看到烛焰上点S在玻璃板中成像的光路图，如图所示：
【小问3详解】
为了更好地研究像与物关系，应该选用形状不对称的物体，故最合适选用J做光源。
22. 小鸣探究浮力大小的影响因素实验如图所示，在一只薄塑料袋中装入大半袋水，图甲测出盛水塑料袋所受重力大小，乙、丙容器中是水，丁容器中是其他某液体。
（1）图乙中水袋受到的浮力大小为______N。
（2）请在图丙中画出水袋的受力示意图。
（3）甲、乙、丙三次实验可以用来探究浮力大小与______的关系。
（4）探究浮力大小与液体密度的关系时，小鸣选用甲、______和丁三次实验，丁容器中液体密度一定要比水的______。
（5）如用丙，当塑料袋中的水面与容器中水面相平时，物体排开液体重力______物体重力；弹簧测力计示数变为0N，说明物体此时受到的浮力______物体重力。由此又能得到的结论是______。
【答案】（1）1 （2） （3）排开液体体积 （4）丙 小
（5）等于 等于 浸在液体中的物体受到的浮力等于它排开液体所受的重力
【解析】【小问1详解】
由图甲可知，水袋的重力为G=3N，根据称重法可知，图乙中水袋受到的浮力大小为F浮乙=G-F乙=3N-2N=1N
【小问2详解】
由图丙可知，此时弹簧测力计对水袋的拉力为0，因此水袋受到的浮力等于其重力，为3N，作用点均在水袋的重心，如图所示：
【小问3详解】
分析甲、乙、丙三次实验，乙、丙两次实验中液体都是水，即液体的密度相同，水袋排开液体的体积不同，弹簧测力计的示数不同，根据称重法可知，受到的浮力不同，因此可以用来探究浮力大小与排开液体体积的关系。
【小问4详解】
[1][2]根据控制变量法，要探究浮力大小与液体密度的关系，应控制排开液体的体积相同，改变液体的密度，因此应选用甲、丙、丁三次实验；由图丁中弹簧测力计的示数应大于0，根据称重法F浮=G-F示，在G相同的情况下，丁中F示大，则F浮小，根据阿基米德原理F浮=ρ液V排g，V排相同，则液体的密度小，所以丁容器中液体密度一定要比水的小。
【小问5详解】
[1][2][3]当塑料袋中的水面与容器中水面相平时，排开水的体积等于袋内水的体积，即V排=V水，此时物体排开液体的重力等于物体的重力G排=G，弹簧测力计示数变为0N，根据称重法F浮=G-F示，此时F示=0，说明物体此时受到的浮力等于物体重力F浮=G。所以F浮=G排，由此又能得到的结论是：浸在液体中的物体受到的浮力等于它排开液体所受的重力。
23. 在“探究电流与电阻的关系”实验中，准备的实验器材有阻值为10Ω、20Ω、30Ω、40Ω、50Ω的五个定值电阻，电源（电压为3V且保持不变），滑动变阻器“20Ω，1A”、电流表、电压表、开关各一个，导线若干。
（1）小鸣连接电路时，开关应处于______状态；连接的电路如图甲所示，经仔细检查后发现电路中有一根导线连接错误，请在图中错误的那根导线上画“×”，并画出正确的连线_______。
（2）改正错误后，开关闭合前，将滑动变阻器滑片P移动到最______端。小鸣先接的是10Ω的定值电阻，移动滑动变阻器滑片，读出电流表示数为0.2A后，断开开关，他拆下10Ω的电阻，改换成阻值为20Ω的电阻继续做实验，闭合开关，电压表示数如图乙，其示数是______V，要完成这次实验，接下来他应调节滑动变阻器，使定值电阻两端电压为______V。
（3）当小鸣改用50Ω的电阻继续实验时，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，都无法使电压表示数达到实验要求的值，为能够完成最后一个电阻50Ω的实验，在不增加原有实验器材、也不改变定值电阻两端预设电压和电源电压的前提下，他的做法是______。
（4）小鸣根据正确的实验数据作出如图丙的图像。同组的小鹿对实验进行了反思，若再添两个定值电阻实验，再增加两组数据，使数据点分布更合理，有利于绘出的图像能更好的反映电流与电阻的关系。你建议选用下面哪两个定值电阻？______（“15Ω和25Ω”/“35Ω和45Ω”）。
【答案】（1）断开
（2）左 2.4 2 （3）串联一个5Ω的定值电阻 （4）15Ω和25Ω
【解析】【小问1详解】
[1]为了保护电路，连接电路时，应断开开关。
[2]原电路图中，电压表串联在电路中，电流表与定值电阻并联是错误的，在探究电流与电阻的关系实验中，电源、开关、定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端，如图所示：
【小问2详解】
[1]为了保护电路，开关S闭合前，将滑动变阻器滑片P移动到阻值最大处，即最左端。
[2][3]由题意知，接入10Ω的定值电阻，移动滑动变阻器滑片，电流表示数为0.2A，则定值电阻两端电压为UV=IR=0.2A×10Ω=2V
由图乙可知，电压表的量程为0~3V，分度值为0.1V，此时电压表的示数为2.4V；探究电流与电阻的关系时，应控制定值电阻两端的电压不变，应调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数为2V。
【小问3详解】
实验中使用的定值电阻阻值最大为50Ω，定值电阻两端的电压始终保持UV=2V，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压U滑=U-UV=3V-2V=1V
滑动变阻器分得的电压为电压表示数的0.5倍，根据分压原理，当接入50Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为R滑=0.5×50Ω=25Ω
即所选择的滑动变阻器的最大阻值不能小于25Ω，滑动变阻器的最大阻值为20Ω，因此应串联一个5Ω的定值电阻。
【小问4详解】
由图丙可知，已有的电阻阻值为10Ω、20Ω、30Ω、40Ω、50Ω为了使数据点分布合理，有利于绘出的图像能更好的反映电流与电阻的关系，应选择与已有电阻阻值间隔更均匀的电阻，这样能更好的反映电流与电阻的关系，所以建议选用15Ω和25Ω的定值电阻。
24. 小鸣看到爷爷用一根吸管和一个水盆就可以给家里养鱼的大鱼缸换水，觉得很神奇。他想两个容器连通，满足哪些条件水就可以从一个容器流到另一个容器中呢？小鸣为此设计实验展开探究。
【收集证据】
（1）如图所示，将盛有水的容器a置于高处，盛有少量水的容器b置于低处。将一透明软管的两个端口A、B分别插入容器a、b内的水中，软管中没有形成水流。
（2）取出软管，在管中注满水，堵住两个端口，不让______进入管中，把它们分别插入容器a、b内的水中，同时放开两个管口，水不断从a流入b中。
（3）将b不断抬高，当容器中的水面b低于a时，都有水从B端流出；当两容器中的水面相平时，水不再流出而是静止在管中；当容器中的水面b高于a时，软管中的水便倒流到a中。
（4）将软管的A端插在a容器水中，B端在容器外，且比a内水面______，用嘴从软管的B端吸气，当水要进入口中时，迅速捏住软管，将B端从口中取出，松开后也有水从B端流出。
【交流结论】
（1）水管中形成水流的原理：如图所示，C点左段离水面高度比右段小，即，虽然容器a中的水面与容器b中的水面都受到向下的______的作用，但由于液体的压强与深度成正比，故管中C点压向b点的力______C点压向a点的力，故容器a中的水就不断流向容器b中。
（2）分析以上实验可知，软管中要形成水流必须满足的条件有______和______。
【答案】见解析
【解析】收集证据：
（2）[1]取出软管，在管中注满水，堵住两个端口，不让空气进入管中，内部没有气压，把它们分别插入容器a、b内的水中，同时放开两个管口，水不断从a流入b中。因为如果有空气进入管中，管内空气压强会影响水的流动，只有管内充满水且无空气时，才能利用液体压强差使水流动。
（4）[2]将软管的A端插在a容器水中，B端在容器外，且a内水面高于b出水口，用嘴从软管的B端吸气，使得内部没有大气压，外界大气压将水压入管中，当水要进入口中时，迅速捏住软管，将B端从口中取出，松开后也有水从B端流出。
交流结论：
（1）[3][4]水管中形成水流的原理：如图所示，C点左段离水面高度比右段小，即，虽然容器a中的水面与容器b中的水面都受到向下的大气压的作用，但由于液体的压强与深度成正比，a深度大，压强大，故管中C点压向b点的力小于C点压向a点的力，故容器a中的水就不断流向容器b中。
（2）[5][6]分析以上实验可知，软管中要形成水流，首先必须排尽管内空气，使外界大气压推动液体在管内流动；第二液面存在高度差，因为高度差会产生重力势能差，促使液体从高处向低处流动。
25. 如图是某俱乐部的一款新型四轮越野车，满载时总质量为500kg。该四轮越野车满载时在水平地面上做匀速直线运动，1min行驶了600m。已知该越野车在运动过程中受到的阻力为车重的0.4倍。（g取10N/kg）求：
（1）满载时，该越野车所受重力；
（2）当越野车在运动过程中受到的阻力；
（3）该越野车匀速行驶过程中，发动机的输出功率。
【答案】（1）5000N
（2）2000N （3）20000W
【解析】【小问1详解】
已知越野车满载时总质量为500kg，则该越野车所受重力G=mg=500kg×10N/kg=5000N
【小问2详解】
已知该越野车在运动过程中受到的阻力为车重的0.4倍，则越野车在运动过程中受到的阻力f=0.4G=0.4×5000N=2000N
【小问3详解】
该越野车匀速行驶过程中，处于平衡状态，受到的牵引力等于阻力，即F牵=f=2000N
越野车1min行驶了600m，其速度为
根据P=Fv可知，发动机的输出功率P=F牵v=2000N×10m/s=20000W
26. 小鸣同学利用热敏电阻为家中灯暖型“浴霸”（用电灯取暖的用电器）设计了一个温度可自动控制的装置，如图甲所示。“控制电路”中的热敏电阻R1的阻值随温度变化的曲线如图乙所示，电磁铁线圈可看成阻值为20Ω的纯电阻R0，“浴霸”共安装有2盏标有“220V，440W”的灯泡，当电磁铁线圈中电流大于或等于75mA时，继电器的衔铁被吸合，使“浴霸”电路断开；当线圈中的电流小于或等于60mA时，继电器的衔铁被释放，使“浴霸”电路闭合。求：
（1）灯泡的额定电流；
（2）若浴室中的温度不得超过40℃，控制电路的电源电压U1最小值
（3）若电源电压U1恒定为18V，则将此装置放在浴室内，浴室内温度可控制的范围。
【答案】（1）2A （2）15V
（3）22℃~30℃
【解析】【小问1详解】
由题意知，灯泡的规格为“220V，440W”，则灯泡的额定电流
【小问2详解】
由图乙可知，当浴室中的温度为40℃，R1的阻值R1=180Ω，由图甲可知，控制电路中， R0和R1串联，由串联电路电阻的特点可知，此时电路的总电阻R总=R1+R0=180Ω+20Ω=200Ω
当电磁铁线圈中电流大于或等于75mA时，继电器的衔铁被吸合，使“浴霸”电路断开，因此控制电路的最小电压为U1=I1R总=75×10-3A×200Ω=15V
【小问3详解】
当线圈中的电流小于或等于60mA时，继电器的衔铁被释放，使“浴霸”电路闭合，此时控制电路的总电阻为
由串联电路电阻的特点可知，R1'的电阻为R1'=R总'-R0=300Ω-20Ω=280Ω
由图乙可知，此时温度为22℃；当电磁铁线圈中电流大于或等于75mA时，继电器的衔铁被吸合，使“浴霸”电路断开，此时控制电路的总电阻为
由串联电路电阻特点可知，R1''的电阻为R1''=R总''-R0=240Ω-20Ω=220Ω
由图乙可知，此时温度为30℃，因此浴室内温度可控制的范围为22℃~30℃。
27. 阅读短文，回答问题。
抗震“大力士”——斗拱
斗拱是中国古建筑特有的组成构件，通常位于柱顶之上、屋檐之下。斗拱主要由两部分组成，即斗与拱：斗为方形木块，拱为弓形木构件，两者在水平方向搭扣连接成一组，而后在垂直方向上组组叠加，而位于整个斗拱最下方的斗被称为坐斗。
斗拱的力学智慧体现在它出色的抗震性能。当面对水平方向的振动时，斗拱表现出了自动恢复的功能，如图甲所示。这是因为斗拱的重心位于其下方，在水平振动作用下发生左右摇摆时，便会绕着坐斗进行摇摆，在其重力和上部屋顶压力的共同作用下不断复位，本身难以受到损害。
同时，斗拱还能抵抗垂直方向的振动，在一定范围内，木材受到外力作用时会产生变形并能迅速恢复原状，加上斗拱的结构就像是一层层弹簧连起来一般，发生垂直方向的振动时，斗拱整体能够进行压缩-复原运动，不断地削弱振动的能量，斗拱的这种弹簧特性抗震方法，也被称为隔震。在模拟斗拱垂直方向振动实验中，把斗拱看作弹簧-质量系统，同学们进行多次实验，数据如下表：
斗拱精巧的构造及优秀的抗震性能，汇聚了中国古代工匠丰富的工程经验，体现了中国古代建筑精妙绝伦的卓越智慧，是中华优秀传统文化的重要组成部分。
（1）斗拱的组件在层层叠加并向外延伸时总会向下展开，这是为了______斗拱的重心。
（2）如图乙所示是斗拱的结构示意图，其中组件属于“拱”的是（ ）
A. ①②B. ③④⑤C. ②③④D. ①⑤
（3）下列关于斗拱的说法错误的是（ ）
A. 斗拱利用精巧的结构将地震能量转化为动能与势能，有效削弱了地震能量
B. 斗拱在水平方向振动作用下发生摇摆时，可以看作是一个杠杆
C. 在一定范围内，斗拱中的木材在垂直方向振动作用下发生的是弹性形变
D. 斗拱在组装时，各构件之间应该用特定胶水进行固定
（4）当一个振动系统受到周期性外力的频率与其固有频率相同或接近时，系统振幅会出现显著增大的现象，被称之为共振效应。已知常见地震波主频率约为5Hz，结合共振原理，该斗拱的固有频率应设计与5Hz______（接近/相差较大）为宜，原因是：______。
（5）下列关于斗拱产生的弹力F、斗拱储存的弹性势能Ep及斗拱压缩量x之间图像关系正确的（ ）
A. B.
C. D.
【答案】（1）降低 （2）C
（3）D （4）相差较大 防止产生共振效应
（5）D
【解析】【小问1详解】
由题意知，斗拱的组件在层层叠加并向外延伸时向下展开，这样做可以使斗拱的重心降低，因为重心越低，物体越稳定。
【小问2详解】
由题意知，斗拱主要由两部分组成，即斗与拱：斗为方形木块，拱为弓形木构件，两者在水平方向搭扣连接成一组，而后在垂直方向上组组叠加，而位于整个斗拱最下方的斗被称为坐斗。观察斗拱的结构示意图，根据“拱”的结构特点，可知②③④属于“拱”，①⑤不属于，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【小问3详解】
A．由题意知，斗拱的重心位于其下方，在水平振动作用下发生左右摇摆时，便会绕着坐斗进行摇摆，在其重力和上部屋顶压力的共同作用下不断复位，本身难以受到损害，所以斗拱利用精巧的结构在地震时将地震能量转化为动能与势能，有效削弱了地震能量，故A正确，不符合题意；
B．斗拱在水平方向振动作用下发生摇摆时，可绕着某个点转动，符合杠杆的定义，可以看作是一个杠杆，故B正确，不符合题意；
C．由题意知，斗拱还能抵抗垂直方向的振动，在一定范围内，木材受到外力作用时会产生变形并能迅速恢复原状。所以在一定范围内，斗拱中的木材在垂直方向振动作用下，撤去外力后能恢复原状，发生的是弹性形变，故C正确，不符合题意；
D．斗拱在组装时，各构件之间是通过榫卯结构连接，而不是用特定胶水进行固定，故D错误，符合题意。
故选D。
【小问4详解】
[1][2]已知常见地震波主频率约为5Hz，根据共振原理，当振动系统受到周期性外力的频率与其固有频率相同或接近时会发生共振，共振时系统振幅会显著增大，可能会导致斗拱损坏。所以该斗拱的固有频率应设计与5Hz相差较大为宜，原因是：防止发生共振效应。
【小问5详解】
AB．根据表格中数据可知，弹力与压缩量比值是同一个常数，且图像是过原点的倾斜直线，所以可以得到弹力F与压缩量x成正比，故AB错误；
CD．弹性势能与压缩量的平方的比值是一个定值，即弹性势能Ep与压缩量x的平方成正比，图像是抛物线，观察中的图像，D选项符合，故C错误，D正确。
故选D。
实验序号
1
2
3
4
5
物距/cm
30.0
25
20.0
13.0
11.0
像距/cm
15.0
16.7
20.0
32.5
110.0
序号
斗拱的压缩量x/（cm）
斗拱产生的弹力F/（N）
斗拱储存的弹性势能Ep/（J）
1
5
25
0.625
2
10
50
2.5
3
20
100
10