辽宁省辽南协作体2024-2025学年高一上学期期中考试物理试卷

这是一份辽宁省辽南协作体2024-2025学年高一上学期期中考试物理试卷，文件包含辽宁省辽南协作体2024-2025学年高一上学期期中考试物理试卷pdf、高一物理答案docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共13页， 欢迎下载使用。
1．B
【详解】
A．根据题中的条件无法得出谢震业运动是否为匀变速直线运动，故无法求出8秒末的瞬时速度，故A错误；
B．百米全过程的平均速度约为
故B正确；
C．百米全过程的平均速度约为10m/s，所用的时间约为10s，不能表示终点时的瞬时速度，故C错误；
D．研究谢震业起跑动作时，大小不可以忽略，不可以将他视为质点，故D错误。
故选A。
2．D
【详解】A．整个对接过程历时约6.5小时，则可知“6.5小时”指的是时间间隔，故A错误；
B．“30日16时29分”指的是时刻，故B错误；
C．路程是物体实际轨迹的长度，不可能小于位移，只有做单向直线运动时路程才等于位移大小，其他情况下路程总是大于位移大小，故C错误；
D．“神舟十六号”与“天和”核心舱对接完成后，以核心舱为参照物，“神舟十六号”是静止的，故D正确。
故选D。
3．C
【详解】根据网球的位置图片可知该网球的运动情况可能是向上做减速或向下做加速，加速度方向向下。
故选C。
4．C
【详解】A．位移-时间图像的斜率表示速度，由图可知，a车图线为倾斜直线，做匀速运动，且其速度为
故A错误；
BD．根据速度时间关系式可得
而根据题意可得b车的加速度为
当时，解得
故BD错误；
C．1～2s内，设，可得
而根据图像可知，1s末两车相距
由此可知，t＝2s时a车和b车的距离为
故C正确。
故选C。
5．C
【详解】AB．绳拉牛的力和牛拉绳的力是作用力与反作用力，大小相等、方向相反，故AB错误；
CD．绳拉牛的力与地面对牛的摩擦力，是一对平衡力，故C正确，D错误。
故选C。
6．D
【详解】A．由图可知，C对A及B均有压力，C不是直接作用在桌面上，所以C对桌面没有压力，故A错误；
B．根据题意可知，A与B间没有发生弹性形变，因此没有弹力，故B错误；
CD．若D除了受重力和绳的拉力以外还受第三个力即斜面对D的弹力作用，则悬线不能保持竖直，所以D对斜面没有压力作用，故C错误，D正确。
故选D。
7．A
【详解】题图甲中，P做匀速运动，在水平方向不可能受摩擦力，否则不会处于平衡状态；题图乙中，假设P不受摩擦力，P将相对Q沿斜面向下运动，因此P受与力F方向相同的摩擦力，A正确。
ACD
【详解】A．设冰壶运动到AD中点位置的速度为v，则其前半段运动和后半段运动有
整理有
故A正确。
B．因为冰壶AD段运动属于匀变速直线运动，根据匀变速直线运动的推论有
故B错误；
故选AB。
C．运用逆向思维，对CD段、BD段、AD段分别有
整理有
故C正确；
D．冰壶运动过程为匀减速直线运动，且减速为零，运用逆向思维，可以将其看成反向的初速度为零的匀加速直线运动，设加速度为a，有
综上所述，整理有
故D正确；
9．AC
【详解】A．a-t图像与时间轴围成的面积代表速度，B自行车在时刻的速度为，故A正确；
B．v-t图像与时间轴围成的面积代表位移，A自行车在0～时间内，位移等于，故B错误；
C．v-t图像与时间轴围成的面积代表位移，B自行车在0～时间内，位移小于，故C正确；
D．在0～时间内，A车速度一直大于B车速度，两车之间的距离一直在增大，故D错误。
故选AC
10．BD
【详解】AB．由胡克定律F=kx，可得
受力分析则有
解得
故A错误，B正确；
C．若将上述两根相同的轻质弹簧的下端固定在水平面上，受力分析则有
解得
故C错误。
D．设弹簧原长为l0，由甲图分析可知
解得
故D正确。
故选BD。
11． 0.2 0.1
【详解】（1）[1]滑块通过电门2时的速度大小
[2] 滑块通过电门1时的速度大小
根据
可得滑块的加速度大小
（2）[3] [4]根据
可得
整理得
可知斜率
当L=0时，可知横轴截距
因此
，
12．4 68.6 0.42 小
【详解】（1）c[1][2]由胡克定律可得
可得
可知图像的横轴截距等于弹簧的原长，则有
图像的斜率为
解得弹簧的劲度系数为
（2）[3]以物体A为对象，根据受力平衡可得
解得物块A与长木板间的动摩擦因数为
[4]实验中由于弹簧悬挂时的原长比平放时的自然长度长，由此弹簧平放计算出来的形变量偏小，直接导致实验测得的动摩擦因数比实际值偏小。
13．（1）8cm；（2）33cm
【详解】（1）根据胡克定律得：当1和2间距为15cm时，有
（1分）
当1和2间距为5cm时，有
（1分）
两式相除得
代入得
解得
（1分）
（2）弹簧的劲度系数为
（1分）
物块1、物块2的最大静摩擦力为
，（2分）
故两物块最大距离时物块1拉力恰好等于最大静摩擦力
（1分）
解得
（1分）
14．（1）6cm；（2），，；（3）10m/s，
【详解】（1）系统静止时，小物体处于平衡状态，弹力与重力平衡，有
（1分）
解得弹簧伸长量
（1分）
则弹簧长度
（1分）
（2）设上弹簧伸长量为，下弹簧伸长量为。把两个物体和下弹簧当做一个整体，则有
（1分）
解得
（1分）
又因为
（1分）
则
（1分）
对下方物体受力分析，有
（1分）
则
（1分）
（3）做自由落体，物体下落时的速度大小
（1分）
第3秒内下落的高度
（2分）
15.（1）18m；（2）36m/s；（3）会有两次相遇，2s和4.75s
【详解】（1）乙车从静止加速到最大速度时间内，行驶的位移由图像得：
（2分）
（2）设甲车减速第5s末速度为v，甲车减速的加速度大小为a，按甲车逆运动为匀加速，第5s内的位移为
（1分）
第1s内的位移为
（1分）
（1分）
将，，代入以上三式，联立解得
说明第5秒内甲车已经停下；
设第5秒内甲车运动了，则
（1分）
（1分）
解得
设甲车刚减速时速度为v0
（1分）
解得
（1分）
（3）设从甲车减速开始经过t1甲车乙车相遇
（1分）
设乙车加速度为a2，由图像得
（1分）
（1分）
解得
或（乙车已经匀速，不合理舍去）（1分）
由题意和以上结果可知，甲车乙车还会第二次相遇，设甲车减速阶段位移为x甲′
（1分）
此过程中乙车的位移为
（1分）
解得
（1分）
甲车乙车还没有第二次相遇
（1分）
解得
甲车乙车第二次相遇时间为
（1分）
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
B
D
C
C
C
D
A
ACD
AC
BD