数学(陕西卷)2023年中考考前最后一卷(全解全析)
展开2023年中考考前最后一卷【陕西卷】
数学·全解全析
第Ⅰ卷
1 | 2 | 3 | 4 | 5 | 6 | 7 | 8 |
A | D | D | B | B | C | B | A |
一、选择题(本大题共8个小题,每小题3分,共24分,每小题均有四个选项,其中只有一项符合题目要求)
1.的相反数是( )
A. B. C. D.
【答案】A
【分析】直接根据相反数的求法求解即可.
【详解】解:任意一个实数a的相反数为-a由 − 的相反数是 ;故选A.
【点睛】本题主要考查相反数,熟练掌握求一个数的相反数是解题的关键.
2.下列运算正确的是( )
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】
根据整式的加减、幂的乘方、同底数幂的乘除法逐项判断即可.
【详解】
A、与不是同类项,不可合并,此项错误
B、,此项错误
C、,此项错误
D、,此项正确
故选:D.
【点睛】
本题考查了整式的加减、幂的乘方、同底数幂的乘除法,熟记各运算法则是解题关键.
3.如图,在中,,,,则( )
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】
先根据等腰三角形的性质得到∠B的度数,再根据平行线的性质得到∠BCD.
【详解】
解:∵AB=AC,∠A=40°,
∴∠B=∠ACB=70°,
∵CD∥AB,
∴∠BCD=∠B=70°,
故选D.
【点睛】
本题考查了等腰三角形的性质和平行线的性质,掌握等边对等角是关键,难度不大.
4.如图,将▱ABCD沿对角线BD折叠,使点A落在点E处,交BC于点F,若,,则为
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】
由平行四边形的性质和折叠的性质,得出,由三角形的外角性质求出,再由三角形内角和定理求出,即可得到结果.
【详解】
,
,
由折叠可得,
,
又,
,
又,
中,,
,
故选B.
【点睛】
本题考查了平行四边形的性质、折叠的性质、三角形的外角性质以及三角形内角和定理的综合应用,熟练掌握平行四边形的性质,求出的度数是解决问题的关键.
5.如图,是的角平分线,过点作交延长线于点,若,,则的度数为( )
A.100° B.110° C.125° D.135°
【答案】B
【解析】
【分析】
先根据三角形的外角性质可求出,再根据角平分线的定义、平行线的性质可得,然后根据三角形的内角和定理即可得.
【详解】
,
是的角平分线
则在中,
故选:B.
【点睛】
本题考查了三角形的外角性质、角平分线的定义、平行线的性质、三角形的内角和定理,熟练运用各定理与性质是解题关键.
6.点在函数的图像上,则代数式的值等于( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】
把代入函数解析式得,化简得,化简所求代数式即可得到结果;
【详解】
把代入函数解析式得:,
化简得到:,
∴.
故选:C.
【点睛】
本题主要考查了通过函数解析式与已知点的坐标得到式子的值,求未知式子的值,准确化简式子是解题的关键.
7.如图,是⊙O的直径,点、在⊙O上,,则的大小为( )
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】
根据同弧所对的圆心角等于圆周角的2倍得到∠BOC=2∠BDC=40°,即可求出答案.
【详解】
∵,
∴∠BOC=2∠BDC=40°,
∴∠AOC=180°-∠BOC=140°,
故选:B.
【点睛】
此题考查了圆周角定理:同弧所对的圆心角等于圆周角的2倍,邻补角的定义.
8.已知点在抛物线上,当且时,都有,则m的取值范围为( )
A. B. C. D.
【答案】A
【分析】根据题意可得,抛物线的对称轴为,然后分四种情况进行讨论分析,最后进行综合即可得出结果.
【详解】解:根据题意可得,抛物线的对称轴为,
①当0<m<时,恒成立;
②当时,恒不成立;
③当时,使恒成立,
∴m,∴m,,
④当时,恒不成立;
综上可得:,故选:A.
【点睛】题目主要考查二次函数的基本性质,理解题意,熟练掌握二次函数的基本性质是解题的关键.
第Ⅱ卷
二、填空题(本大题共5个小题,每小题3分,共15分)
9.分解因式:_________.
【答案】
【解析】
【分析】
原式提取公因式后,利用平方差公式分解即可.
【详解】
解:
=
=.
故答案为:.
【点睛】
此题主要考查了提公因式法与公式法的综合运用,熟练掌握因式分解的方法是解本题的关键.
10.2022年5月,国家林业和草原局湿地管理司在第二季度侧行发布会上表示,到“十四五”末,我国力争将湿地保护率提高到55%,其中修复红树林146200亩,请将146200用科学记数法表示是____.
【答案】
【分析】科学记数法就是把绝对值大于1的数表示成的形式,其中n就等于原数的位数减1.
【详解】解:.故答案为:.
【点睛】本题主要考查了科学记数法,牢记科学记数法的定义并准确求出中的n是做出本题的关键.
11.将一些相同的“〇”按如图所示的规律依次摆放,观察每个“龟图”的“〇”的个数,则第30个“龟图”中有___________个“〇”.
【答案】875
【分析】
设第n个“龟图”中有an个“〇”(n为正整数),观察“龟图”,根据给定图形中“〇”个数的变化可找出变化规律“an=n2−n+5(n为正整数)”,再代入n=30即可得出结论.
【详解】
解:设第n个“龟图”中有an个“〇”(n为正整数).
观察图形,可知:a1=1+2+2=5,a2=1+3+12+2=7,a3=1+4+22+2=11,a4=1+5+32+2=17,…,
∴an=1+(n+1)+(n−1)2+2=n2−n+5(n为正整数),
∴a30=302−30+5=875.
故答案是:875.
【点睛】
本题考查了规律型:图形的变化类,根据各图形中“〇”个数的变化找出变化规律“an=n2−n+5(n为正整数)”是解题的关键.
12.如图,已知在平面直角坐标系中,点A在x轴负半轴上,点B在第二象限内,反比例函数的图象经过△OAB的顶点B和边AB的中点C,如果△OAB的面积为6,那么k的值是 _____.
【答案】4
【分析】过B作于D,设,根据三角形的面积公式求得,进而得到点A的坐标,再求得点C的坐标,结合一次函数的解析式得到列出方程求解.
【详解】解:过B作于D,如下图.
∵点B在反比例函数的图象上,
∴设.
∵的面积为6,
∴,
∴.
∵点C是AB的中点,
∴.
∵点C在反比例函数的图象上,
∴,
∴,
∴.
故答案为:4.
【点睛】本题考查了反比例函数系数k的几何意义,三角形的面积公式,中点坐标的求法,正确的理解题意是解题的关键.
13.如图,在△ABC中,∠A=90°,∠B=60°,AB=2,若D是BC边上的动点,则2AD+DC的最小值为_____.
【答案】6
【解析】
【分析】
取AC的中点F,过F作于G,延长FG至E,使EG=FG,连接AE交BC于D,则 此时最短,证明此时D为BC的中点,证明CD=2DF,从而可得答案.
【详解】
解:如图,
取AC的中点F,过F作于G,延长FG至E,使EG=FG,连接AE交BC于D,则 此时最短,
过A作于H,则由
为BC的中点,
即的最小值为6.
故答案为:6.
【点睛】
本题考查的是利用轴对称求最小值问题,考查了锐角三角函数,三角形的相似的判定与性质,直角三角形的性质,勾股定理的应用,掌握以上知识是解题的关键.
三、解答题(本大题共13个小题,共81分)
14.(5分)计算:
【答案】12
【解析】
【分析】
分别根据特殊锐角三角函数值、零指数幂、负指数幂和实数性质化简各式,再计算即可.
【详解】
解:原式
.
【点睛】
本题考查了特殊锐角三角函数值、零指数幂、负指数幂和实数的有关性质,解答关键是根据相关法则进行计算.
15.(5分)先化简,再求值:,其中.
【答案】;
【解析】
【分析】
先用异分母加法法则计算括号内的,再把除法运算转化为乘法运算,化简化把x的值代入求值.
【详解】
,
当时,原式.
【点睛】
本题主要考查了分式的化简求值,熟练掌握分式混合运算顺序和运算法则是解题关键.
16.(5分)解不等式组:
【答案】
【分析】
根据一元一次不等式组的解法直接进行求解即可.
【详解】
解:,
由,得;
由,得;
∴原不等式组的解集为.
【点睛】
本题主要考查一元一次不等式组的解法,熟练掌握一元一次不等式组的解法是解题的关键.
17.(5分)已知:..
求作:,使它经过点和点,并且圆心在的平分线上,
【答案】见详解.
【分析】要作圆,即需要先确定其圆心,先作∠A的角平分线,再作线段BC的垂直平分线相交于点O,即O点为圆心.
【详解】解:根据题意可知,先作∠A的角平分线,再作线段BC的垂直平分线相交于O,
即以O点为圆心,OB为半径,作圆O,如下图所示:
【点睛】此题主要考查了学生对确定圆心的作法,要求学生熟练掌握应用.
18.(5分)如图,,平分∠ABC交于点,点C在上且,连接.求证:四边形是菱形.
【答案】见解析
【解析】
【分析】
由,BD平分∠ABC得到∠ABD=∠ADB,进而得到△ABD为等腰三角形,进而得到AB=AD,再由BC=AB,得到对边AD=BC,进而得到四边形ABCD为平行四边形,再由邻边相等即可证明ABCD为菱形.
【详解】
证明:∵,
∴∠ADB=∠DBC,
又BD平分∠ABC,
∴∠DBC=∠ABD,
∴∠ADB=∠ABD,
∴△ABD为等腰三角形,
∴AB=AD,
又已知AB=BC,
∴AD=BC,
又,即ADBC,
∴四边形ABCD为平行四边形,
又AB=AD,
∴四边形ABCD为菱形.
【点睛】
本题考了角平分线性质,平行线的性质,菱形的判定方法,平行四边形的判定方法等,熟练掌握其判定方法及性质是解决此类题的关键.
19.(5分)某校为实现垃圾分类投放,准备在校园内摆放大、小两种垃圾桶购买2个大垃圾桶和4个小垃圾桶共需600元;购买6个大垃圾桶和8个小垃圾桶共需1560元.
(1)求大、小两种垃圾桶的单价;
(2)该校购买8个大垃圾桶和24个小垃圾桶共需多少元?
【答案】(1)大垃圾桶单价为180元,小垃圾桶的单价为60元;(2)2880.
【分析】
(1)根据题意列出二元一次方程组求解即可.
(2)根据第(1)问求得的大小垃圾桶的单价计算即可.
【详解】
(1)设大垃圾桶的单价为x元,小垃圾桶的单价为y元,
由题意列方程得,
解得,
答:大垃圾桶的单价为180元,小垃圾桶的单价为60元.
(2).
答:该校购买8个大垃圾桶和24个小垃圾桶共需2880元.
【点睛】
此题考查了二元一次方程组应用题,解题的关键是分析出题目中的等量关系.
20.(5分)甲、乙两个家庭来到以“生态资源,绿色旅游”为产业的美丽云南,各自随机选择到大理、丽江、西双版纳三个城市中的一个城市旅游.假设这两个家庭选择到哪个城市旅游不受任何因素影响,上述三个城市中的每一个被选到的可能性相同,甲、乙两个家庭选择到上述三个城市中的同一个城市旅游的概率为.
(1)直接写出甲家庭选择到大理旅游的概率;
(2)用列表法或树状图法(树状图也称树形图)中的一种方法,求的值.
【答案】(1);(2).
【解析】
【分析】
(1)直接利用概率公式求出甲家庭选择到大理旅游的概率;(2)首先利用列表法表示出所有可能,进而利用概率公式求出答案.
【详解】
(1)∵甲家庭随机选择到大理、丽江、西双版纳三个城市中的一个城市旅游,
∴甲家庭选择到大理旅游的概率为.
(2)根据题意列表如下:
| 大理 | 丽江 | 西双版纳 |
大理 | (大理,大理) | (大理,丽江) | (大理,西双版纳) |
丽江 | (丽江,大理) | (丽江,丽江) | (丽江,西双版纳) |
西双版纳 | (西双版纳,大理) | (西双版纳,丽江) | (西双版纳,西双版纳) |
由表可知,总共有9种可能的结果,每种结果出现的可能性相同,其中甲、乙两个家庭选择到大理、丽江、西双版纳三个城市中的同一个城市旅游的结果有3种,所以.
【点睛】
本题考查用列表法或树状图法求概率.需要注意的事项是:在用列表法或树状图法求事件的概率时,应注意各种情况出现的可能性必须相同,并且各种情况出现的可能性不能重复,也不能遗漏.
21.(6分)共抓长江大保护,建设水墨丹青新岳阳,推进市中心城区污水系统综合治理项目,需要从如图A,B两地向C地新建AC,BC两条笔直的污水收集管道,现测得C地在A地北偏东45°方向上,在B地北偏西68°向上,AB的距离为7km,求新建管道的总长度.(结果精确到0.1km,sin22°≈0.37,cos22°≈0.93,tan22°≈0.40,≈1.41)
【分析】过点C作CD⊥AB于点D,根据锐角三角函数即可求出新建管道的总长度.
【解析】如图,过点C作CD⊥AB于点D,
根据题意可知:
AB=7,∠ACD=45°,∠CBD=90°﹣68°=22°,
∴AD=CD,
∴BD=AB﹣AD=7﹣CD,
在Rt△BCD中,
∵tan∠CBD,
∴≈0.40,
∴CD=2,
∴AD=CD=2,
BD=7﹣2=5,
∴AC=2≈2.83,
BC≈5.41,
∴AC+BC≈2.83+5.41≈8.2(km).
答:新建管道的总长度约为8.2km.
22.(7分)如图,已知过点B(1,0)的直线l1与直线l2:y=2x+4相交于点P(-1,a).
(1)求直线l1的解析式;
(2)求四边形PAOC的面积.
【解析】
(1)∵点P(-1,a)在直线l2:y=2x+4上,
∴2×(-1)+4=a,即a=2,
则P的坐标为(-1,2),
设直线l1的解析式为:y=kx+b(k≠0),
那么,
解得.
∴l1的解析式为:y=-x+1.
(2)∵直线l1与y轴相交于点C,
∴C的坐标为(0,1),
又∵直线l2与x轴相交于点A,
∴A点的坐标为(-2,0),则AB=3,
而S四边形PAOC=S△PAB-S△BOC,
∴S四边形PAOC=.
23.(7分)在“停课不停学”期间,某中学要求学生合理安排学习和生活,主动做一些力所能及的家务劳动,并建议同学们加强体育锻炼,坚持做“仰卧起坐”等运动项目.开学后,七年级甲、乙两班班主任想了解学生做“仰卧起坐”的情况,他们分别在各自班中随机抽取了5名女生和5名男生,测试了这些学生一分钟所做“仰卧起坐”的个数,测试结果统计如表:
甲班
组别 | 个数x | 人数 |
A | 25≤x<30 | 1 |
B | 30≤x<35 | 3 |
C | 35≤x<40 | 4 |
D | 40≤x<45 | 2 |
请根据图中提供的信息,回答下列问题:
(1)测得的甲班这10名学生所做“仰卧起坐”个数的中位数落在哪个组?
(2)求测得的乙班这10名学生所做“仰卧起坐”个数的平均数;
(3)请估计这两个班中哪个班的学生“仰卧起坐”做得更好一些?并说明理由.
【解析】解:(1)∵甲班共有10名学生,处于中间位置的是第5,
∴测得的甲班这10名学生所做“仰卧起坐”个数的中位数落在C组;
(2)乙班这10名学生所做“仰卧起坐”个数的平均数是:(22+30×7+35×4+37+41)=33(个);
(3)甲班的平均数是:(27×3+32×3+37×4+42×4)=35.5(个),
乙班的平均数是:(22+30×6+35×4+37+41)=33(个),
∵35.5>33,
∴甲班的学生“仰卧起坐”的整体情况更好一些.
24.(8分)如图,内接于,是的直径,为上一点,,延长交于点,.
(1)求证:是的切线;
(2)若,,求的长.
【答案】(1)见解析;(2)
【分析】
(1)根据,可得,根据对顶角相等可得,进而可得,根据,可得,结合,根据角度的转化可得,进而即可证明是的切线;
(2)根据,可得,设,则,分别求得,进而根据勾股定理列出方程解方程可得,进而根据即可求得.
【详解】
(1),
,
,
,
,
,
是直径,
,
,
是的切线;
(2),
,
,
设,则,
,,
在中,,
即,
解得(舍去),
.
【点睛】
本题考查了切线的判定,勾股定理解直角三角形,正切的定义,利用角度相等则正切值相等将已知条件转化是解题的关键.
25.(8分)已知抛物线与x轴相交于,两点,与y轴交于点C,点是x轴上的动点.
(1)求抛物线的解析式;
(2)如图1,若,过点N作x轴的垂线交抛物线于点P,交直线于点G.过点P作于点D,当n为何值时,;
【答案】(1);(2);
【分析】
(1)根据点的坐标,利用待定系数法即可得;
(2)先根据抛物线的解析式可得点的坐标,再利用待定系数法可得直线的解析式,从而可得点的坐标,然后分别求出的长,最后根据全等三角形的性质可得,由此建立方程求解即可得;
【详解】
解:(1)将点,代入得:,
解得,
则抛物线的解析式为;
(2)由题意得:点的坐标为,
对于二次函数,
当时,,即,
设直线的解析式为,
将点,代入得:,解得,
则直线的解析式为,
,
,,
,
,即,
解得或(与不符,舍去),
故当时,;
【点睛】
本题考查了二次函数与全等三角形的性质、熟练掌握待定系数法和二次函数的性质是解题关键.
26.(10分)如图,四边形是正方形,点为对角线的中点.
(1)问题解决:如图①,连接,分别取,的中点,,连接,则与的数量关系是 ,位置关系是 ;
(2)问题探究:如图②,是将图①中的绕点按顺时针方向旋转得到的三角形,连接,点,分别为,的中点,连接,.判断的形状,并证明你的结论;
(3)拓展延伸:如图③,是将图①中的绕点按逆时针方向旋转得到的三角形,连接,点,分别为,的中点,连接,.若正方形的边长为1,求的面积.
图① 图② 图③
【解析】 (1)∵点P、Q分别是BC、BO的中点,因此.又∵四边形ABCD是正方形,∴OB=OC,,即,.
(2)判定△PQB的形状,可以从它的边或角入手.因为P是CE的中点,我们可以考虑连接,并延长交BC于点F.易证,,得到,从而得到△是等腰直角三角形,即可判定△PQB是等腰三角形.
(3)将绕点按逆时针方向旋转得到△,利用勾股定理求出.
延长交边于点,连接,.得到四边形是矩形,再证明为等腰直角三角形,即可求出的面积.
【答案】(1),;
(2)的形状是等腰直角三角形.理由如下:连接并延长交于点,
由正方形的性质及旋转可得,∠,
是等腰直角三角形,,.∴,.
又∵点是的中点,∴.∴.∴,.
∴,∴.∴为等腰直角三角形.
∴,.∴也为等腰直角三角形.
又∵点为的中点,∴,且.∴的形状是等腰直角三角形.
答图②
(3)延长交边于点,连接,.
∵四边形是正方形,是对角线,∴.由旋转得,四边形是矩形,
∴,.∴为等腰直角三角形.
∵点是的中点,∴,,.
∴.∴,.
∴.∴.∴为等腰直角三角形.
∵是的中点,∴,.
∵,∴,,∴.
∴.
答图③
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2023年中考考前最后一卷:数学(广西卷)(全解全析): 这是一份2023年中考考前最后一卷:数学(广西卷)(全解全析),共21页。
数学(深圳卷)2023年中考考前最后一卷(全解全析): 这是一份数学(深圳卷)2023年中考考前最后一卷(全解全析),共29页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。