上海高考化学三年（2020-2022）模拟题分类汇编-108烃的衍生物（8）

上海高考化学三年（2020-2022）模拟题分类汇编-108烃的衍生物（8）

一、单选题

1．（2020·上海崇明·统考二模）等物质的量的桂皮酸（ ），在一定条件下分别与溴水、氢气、碳酸氢钠溶液和乙醇反应时，消耗物质的量最小的是（    ）

A．Br2 B．H2 C．NaHCO3 D．CH3CH2OH

2．（2020·上海黄浦·统考一模）下列对乙醇的描述错误的是（    ）

A．能发生取代、消去、氧化反应

B．发生取代反应时断键有2种

C．与金属钠反应可判断乙醇的结构式

D．常做为有机溶剂和萃取剂

3．（2020·上海闵行·统考二模）乙醇结构中氢氧键没有断裂的反应是

A．乙醇和金属钠反应 B．乙醇和浓硫酸加热至170℃

C．乙醇、乙酸和浓硫酸共热 D．乙醇溶液中插入热铜丝

4．（2020·上海宝山·统考二模）下列关于有机物的说法正确的是（        ）

A．石油和煤的主要成分都是碳氢化合物

B．乙醇和浓硫酸的混合液加热到140℃可制得乙烯

C．乙酸和乙酸乙酯能用饱和碳酸钠溶液鉴别

D．甲酸和乙醛可以用银氨溶液鉴别

5．（2020·上海宝山·统考二模）生活中通常用75%的酒精进行消毒，关于酒精的描述和对应性质不匹配的是

A．能闻到酒精的气味：挥发性

B．遇明火或高温会燃烧：可燃性

C．除去衣物上的污渍：溶解性

D．用铜催化加热能生成乙醛：强氧化性

6．（2020·上海静安·模拟预测）溴乙烷与硝酸银溶液混合，未见沉淀物发生，以下解释中理由最充分的是

A．溴乙烷是共价化合物 B．硝酸银是强电解质

C．溴乙烷属非电解质 D．溶液未酸化、未加热

7．（2020·上海奉贤·统考一模）下列有机化合物中均含有酸性杂质，除去这些杂质的方法中正确的是

A．苯中含苯酚杂质：加入溴水，过滤

B．乙醇中含乙酸杂质：加入碳酸钠溶液洗涤，分液

C．乙醛中含乙酸杂质：加入氢氧化钠溶液洗涤，分液

D．乙酸丁酯中含乙酸杂质：加入碳酸钠溶液洗涤，分液

8．（2020·上海青浦·统考一模）实验室用水浴加热不能完成的实验是（　　）

A．制备乙烯 B．银镜反应

C．乙酸乙酯的制备 D．苯的硝化反应

9．（2020·上海青浦·统考一模）“神药”阿司匹林是三大经典药物之一，下列有关阿司匹林的说法错误的是（　　）

A．能与NaHCO3 溶液反应产生气体

B．与邻苯二甲酸（）互为同系物

C．在酸性条件，能发生水解反应生成乙酸

D．1mol 阿司匹林最多能与 3mol H2 发生加成反应

10．（2020·上海奉贤·统考一模）地沟油生产的生物航空燃油在东航成功验证飞行。能区别地沟油（加工过的餐饮废弃油）与矿物油（汽 油、煤油、柴油等）的方法是（       ）

A．加入水中，浮在水面上的是地沟油

B．加入足量氢氧化钠溶液共热，不分层的是地沟油

C．点燃，能燃烧的是矿物油

D．测定沸点，有固定沸点的是矿物油

11．（2020·上海虹口·统考二模）下列关于实验室制备乙酸乙酯和乙酸丁酯的描述正确的是

A．均采用水浴加热 B．制备乙酸丁酯时正丁醇过量

C．均采用边反应边蒸馏的方法 D．制备乙酸乙酯时乙醇过量

12．（2020·上海静安·模拟预测）“酸化”是实验中经常采用的方法，下列说法正确的是

A．提高高锰酸钾的氧化能力，用浓盐酸酸化

B．抑制Fe2＋的水解，用稀硝酸酸化

C．检验某卤代烃中是否含氯元素，先加HNO3酸化，再加AgNO3溶液检验

D．确认溶液中含有SO42－时，先用盐酸酸化，再加BaCl2溶液检验

13．（2020·上海嘉定·二模）新鲜水果、蔬菜、乳制品中富含的维生素C具有明显的抗衰老作用，但易被空气氧化。某课外小组利用碘滴定法测某橙汁中维生素C的含量，其化学方程式为：

＋2HI

下列认识正确的是(　　)

A．上述反应为取代反应 B．滴定时可用淀粉溶液作指示剂

C．滴定时要剧烈振荡锥形瓶 D．维生素C的分子式为C6H9O

二、有机推断题

14．（2020·上海静安·模拟预测）聚戊二酸丙二醇酯（PPG）是一种可降解的聚酯类高分子材料，在材料的生物相容性方面具有很好的应用前景。PPG的一种合成路线如图所示：

已知：①烃A的相对分子质量为70，其一氯代物只有一种；

②化合物B为单氯代烃；C的分子式为C5H8；

③E、F为相对分子质量差14的同系物；

④。

回答下列问题：

（1）A的结构简式为__________________。

（2）由B生成C的化学方程式为_____________________________________________________。

（3）C的化学名称为___________________，由E和F生成G的反应类型为___________________。由D和H生成PPG的化学方程式为_________________________________。

（4）请写出两种D的同分异构体中能同时满足下列条件的结构简式___________、__________：

①能与饱和NaHCO3溶液反应产生气体；②既能发生银镜反应，又能发生水解反应；

（5）写出以分子式为C5H8的烃为主要原料，制备有机物M（）的合成路线流程图（无机试剂任选）。

（合成路线常用的表示方式为：）________________

15．（2020·上海宝山·统考一模）功能高分子是指具有某些特定功能的高分子材料。功能高分子 P 的合成路线如下：

（1）A 是甲苯，试剂 a 是______。反应③的反应类型为______反应。

（2）反应②中 C 的产率往往偏低，其原因可能是______。

（3）反应⑥的化学方程式为______。

（4）E 的分子式是 C6H10O2，其结构简式是______。

（5）吸水大王聚丙烯酸钠 是一种新型功能高分子材料，是“尿不湿”的主要成分。工业上用丙烯（CH2=CH-CH3）为原料来制备聚丙烯酸钠，请把该合成路线补充完整（无机试剂任选）。_________

（合成路线常用的表达方式为：AB……目标产物）

CH2=CH-CH3CH2=CH-CH2Cl

16．（2020·上海静安·统考一模）G是一种新型香料的主要成分之一，合成路线如下：

已知：①RCH=CH2+CH2=CHR’CH2=CH2+RCH=CHR’

②G的结构简式为：

（1）(CH3)2C=CH2分子中有___个碳原子在同一平面内。

（2）D分子中含有的含氧官能团名称是___，F的结构简式为___。

（3）A→B的化学方程式为___，反应类型为___。

（4）生成C的化学方程式为___。

（5）同时满足下列条件的D的同分异构体有多种：①能发生银镜反应；②能水解；③苯环上只有一个取代基，请写出其中任意2种物质的结构式___、___。

（6）利用学过的知识以及题目中的相关信息，写出由丙烯制取CH2=CHCH=CH2的合成路线（无机试剂任选）。___

（合成路线常用的表示方式为：）

参考答案：

1．D

【详解】1mol桂皮酸( )中含有1mol苯环、1mol碳碳双键、1mol羧基，在一定条件下，1mol桂皮酸( )能够与1molBr2发生加成反应，苯环上的氢原子可能与溴发生取代反应；能够与4mol氢气发生加成反应；能够与1mol碳酸氢钠反应放出1mol二氧化碳；桂皮酸与乙醇的反应为酯化反应，属于可逆反应，1mol桂皮酸消耗乙醇的物质的量小于1mol，消耗物质的量最小的是乙醇，故选D。

【点睛】本题的易错点为D，要注意酯化反应属于可逆反应，反应物的转化率不可能达到100%。

2．D

【详解】A．能发生取代、消去、氧化反应，A正确；

B．发生取代反应时，一种是-OH上的H被取代，另一种是C上的氢被取代，所以发生取代反应时一共有2种断键方式，B正确；

C．测定乙醇与钠反应生成氢气的体积，并据此计算乙醇分子中能与金属钠反应的氢原子的数目，再根据乙醇的分子式列出可能的结构，最后根据实验结果可判断乙醇的结构简式应当为CH3CH2OH，C正确；

D．乙醇常做为有机溶剂，但一般不会作为萃取剂，因为乙醇可以与水和有机溶剂以任意比例互溶，因此不能当萃取剂，D错误；

答案选D。

3．B

【详解】A. 乙醇和金属钠反应生成乙醇钠和氢气，断H-O键，故不选A；     

B. 乙醇和浓硫酸加热至170℃发生消去反应生成乙烯和水，断C-H键、C-O键，氢氧键没有断裂，故选B；

C. 乙醇、乙酸和浓硫酸共热发生酯化反应生成乙酸乙酯，乙酸断C-O键、乙醇断H-O键，故不选C；

D. 乙醇溶液中插入热铜丝发生催化氧化生成乙醛和水，断C-H键、H-O键，故不选D。

【点睛】本题考查乙醇的结构和性质，化学反应中有机物断键部位为有机反应的灵魂，注意把握乙醇的官能团的性质和结构特点，乙醇含有-OH，可发生取代、氧化和消去反应，可与钠反应，结合官能团的性质判断可能的共价键断裂方式。

4．C

【详解】A．煤的主要成分是碳，石油的主要成分是碳氢化合物，A错误；

B．乙醇和浓硫酸的混合液加热到170℃可制得乙烯，B错误；

C．碳酸钠与乙酸反应生成气体，与乙酸乙酯分层，C正确；

D．甲醛和乙醛均可以与银氨溶液发生银镜反应，故甲酸和乙醛不可以用银氨溶液鉴别，D错误；

答案选C。

5．D

【详解】A．酒精易挥发，故能闻到酒精的气味，A正确；

B．酒精易燃烧，故遇明火或高温会燃烧，B正确；

C．酒精是良好的有机溶剂，衣服上的油污能溶于酒精，C正确；

D．用铜催化加热能生成乙醛，体现乙醇的还原性，D错误；

答案选D。

6．C

【详解】A．共价化合物也可以电离出氯离子，如氯化氢，所以没有生成氯化银沉淀，不是因为溴乙烷为共价化合物，故A错误；

B．硝酸银为强电解质，在溶液中电离出银离子，而溴乙烷不能电离出氯离子，无法形成氯化银沉淀，所以没有沉淀生成与硝酸银为强电解质无关，故B错误；

C．由于溴乙烷为非电解质，不能电离出氯离子，所以与硝酸银溶液混合后没有沉淀生成，故C正确；

D．电解质的电离不需要加热，溴乙烷加热也不会电离出氯离子；溴乙烷为中性溶液，也不需要酸化，故D错误；

故选C。

7．D

【详解】A．溴易溶于苯，溴水与苯发生萃取，苯酚与溴水发生取代反应生成三溴苯酚，用溴水除杂，生成的三溴苯酚和过量的溴都能溶于苯，不能得到纯净的苯，并引入新的杂质，不能用溴水来除去苯中的苯酚，应向混合物中加入NaOH溶液后分液，故A错误；

B．乙醇中含乙酸杂质：加入碳酸钠溶液，乙酸与碳酸钠反应生成乙酸钠和水和二氧化碳，但乙酸钠和乙醇互溶在水中，不分层，不能采用分液的方法，故B错误；

C．乙醛中含乙酸杂质：加入氢氧化钠溶液，乙酸与氢氧化钠反应生成乙酸钠和水，但乙酸钠和乙醛互溶在水中，不分层，不能采用分液的方法，故C错误；

D．乙酸丁酯不溶于饱和碳酸钠，乙酸的酸性比碳酸强，能与碳酸钠反应生成二氧化碳而被吸收，然后分液可得到纯净的乙酸丁酯，故D正确；

答案选D。

8．A

【分析】乙醇在170℃时发生消去反应生成乙烯，以此来解答。

【详解】B、C、D中均需要水浴加热，只有A中乙醇在170℃时发生消去反应生成乙烯，不能水浴加热完成， 故选：A。

9．B

【详解】A、含-COOH，能与NaHCO3 溶液反应产生气体，故A正确；

B、与邻苯二甲酸()的官能团不完全相同，不是同系物，故B错误；

C、含-COOC-，在酸性条件，能发生水解反应生成乙酸，故C正确；

D、只有苯环与氢气发生加成，则1mol 阿司匹林最多能与 3mol H2 发生加成反应，故D正确；

故选：B。

【点睛】本题考查有机物的结构与性质，把握官能团与性质、有机反应为解答的关键，注意羧酸、酯的性质，题目难度不大。

10．B

【分析】地沟油中含油脂，与碱溶液反应，而矿物油不与碱反应，混合后分层，以此来解答。

【详解】A. 地沟油、矿物油均不溶于水，且密度均比水小，不能区别，故A错误；

B. 加入足量氢氧化钠溶液共热，不分层的是地沟油，分层的为矿物油，现象不同，能区别，故B正确；

C. 地沟油、矿物油均能燃烧，不能区别，故C错误；

D. 地沟油、矿物油均为混合物，没有固定沸点，不能区别，故D错误；

答案是B。

【点睛】本题考查有机物的区别，明确地沟油、矿物油的成分及性质是解答本题的关键，题目难度不大。

11．D

【详解】A、实验室制备乙酸乙酯采用酒精灯直接加热，A错误；

B、制备乙酸丁酯时，采用乙酸过量，以提高丁醇的利用率，这是因为正丁醇的价格比冰醋酸高，故该方法不可行，B错误；

C、乙酸乙酯采取边反应边蒸馏的方法，但乙酸丁酯则采取直接回流的方法，待反应后再提取产物，C错误；

D、制备乙酸乙酯时，为了提高冰醋酸的转化率，由于乙醇价格比较低廉，会使乙醇过量，D正确；

答案选D。

【点晴】该题主要考查有机物的制备，有机物的制备我们需要注意的是反应物是什么，生成物是什么，反应条件，是否需要催化剂，以及试剂加入顺序，是否需要过量等问题．乙酸乙酯的制备是我们课本介绍过的，该实验的原料需要冰醋酸和乙醇，考虑到冰醋酸和乙醇的价格，一般会使乙醇过量，提高冰醋酸的转化率，而且反应过程中要使用浓硫酸做催化剂和吸水剂，反应条件上需要酒精灯加热．乙酸丁酯的制备和乙酸乙酯的制备区别在于正丁醇和乙醇的价格差异。

12．D

【详解】A．高锰酸钾能氧化氯离子，则提高高锰酸钾的氧化能力，用硫酸酸化，故A错误；

B．硝酸具有强氧化性，能氧化亚铁离子，则抑制Fe2+的水解，用盐酸或稀硫酸酸化，故B错误；

C．碱性条件下水解，再利用硝酸银检验氯离子，用硝酸酸化，如果生成白色不溶于硝酸的沉淀说明有氯离子的存在，故C错误；

D．盐酸酸化，排除银离子、碳酸根离子等干扰，则确认溶液中含有SO42﹣时，用盐酸酸化，再检验，故D正确；

答案选D。

13．B

【详解】A、上述反应为去氢的氧化反应，A错误；

B、该反应涉及碘单质的反应，可用淀粉溶液作指示剂；B正确；

C、滴定时轻轻振荡锥形瓶，C错误；

D、维生素C的分子式为C6H8O6，D错误。

14．               环戊烯     加成反应          、     HCOOCH2CH2CH2COOH    

【分析】根据流程图及题干信息可推断，D是戊二酸，H是丙二醇，烃A的相对分子质量为70，其一氯代物只有一种，则A是环戊烷，结构简式为：，B是：，B→C发生消去反应，C的结构简式是：，C至D被氧化为酸，故D为： ；根据信息③④，可推断出E、F是甲醛、乙醛，G为：，H为：。

【详解】（1）由分析可知，A的结构简式为；

（2）由B生成C的化学方程式为：；

（3）C的结构简式是，化学名称为环戊烯，由E和F生成G的反应为：，是加成反应；由D和H生成PPG的化学方程式为；

（4）根据①能与饱和NaHCO3溶液反应产生气体，含羧基，根据②既能发生银镜反应，又能发生水解反应，该物质含甲酯基，两种D的同分异构体有：、等；

（5）以分子式为C5H8的烃为主要原料，制备有机物M（），类似于该题的图示AD的合成路线流程图，合成路线表示为：。

15．     浓硫酸和浓硝酸     取代     副产物较多，导致产物较多，目标产物产率较低     +nH2O     CH3CH=CHCOOCH2CH3    

【分析】A为甲苯，其结构简式是 ，结合P的结构简式，可知A与浓硝酸在浓硫酸、加热条件下发生取代反应生成B为 ，B与氯气在光照条件下发生取代反应生成C为 ，C在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成D为 ，可知G的结构简式为 ，则F为 ，E的分子式是C6H10O2，则E为CH3CH=CHCOOCH2CH3，以此解答该题。

【详解】（1）反应①是 与浓硝酸在浓硫酸、加热条件下发生取代反应生成 ，试剂a是：浓硫酸和浓硝酸，反应③为氯代烃的取代反应，

故答案为：浓硫酸和浓硝酸；取代；

（2）光照条件下，氯气可取代甲基的H原子，副产物较多，导致产物较多，目标产物产率较低，

故答案为：副产物较多，导致产物较多，目标产物产率较低；

（3）反应⑥的化学方程式为 ，

故答案为： ；

（4）由以上分析可知E为CH3CH=CHCOOCH2CH3，

故答案为：CH3CH=CHCOOCH2CH3；

（5）丙烯与氯气在加热条件下发生取代反应生成CH2=CHCH2Cl，CH2=CHCH2Cl水解生成CH2=CHCH2OH，再发生催化氧化生成CH2=CHCHO，进一步氧化生成CH2=CHCOOH，最后与氢氧化钠溶液反应得到CH2=CH2COONa，在一定条件下发生加聚反应可生成目标物，合成路线流程图为： ，

故答案为： 。

16．     4     羟基、羧基          +Cl2+HCl     取代反应     +2NaOH+2NaCl          或     2CH3-CH=CH2CH3-CH=CH-CH3CH2=CH-CH=CH2

【分析】由A与氯气在加热条件下反应生成B，B与HCl发生加成反应生成，则B的结构简式为，可知A的结构简式为：，故苯乙烯与(CH3)2C=CH2发生已知的烯烃复分解反应生成A；B()在NaOH的水溶液中发生水解反应，可知C为，结合D的分子式C10H12O3，可知C催化氧化生成的D为；苯乙烯与HO-Br发生加成反应生成E，E可以氧化生成C8H7O2Br，说明E中-OH连接的C原子上有2个H原子，故E为，C8H7O2Br为，和氢氧化钠的水溶液反应然后酸化得到F，故F为，D与F发生酯化反应生成G， ，据此推断解题；

(6)由CH3-CH=CH2合成CH2=CH-CH=CH2可采用逆推法，先制，即由CH3-CH=CH-CH3与Br2发生加成即可，而CH3-CH=CH2在催化剂作用下发生烯烃的复分解反应即可制得CH3-CH=CH-CH3。

【详解】(1)乙烯是平面结构，分子结构中6个原子共平面，则(CH3)2C=CH2分子中每个甲基上的碳原子和共平面，所以该分子中4个碳原子共平面；

(2)D为，分子中含有的含氧官能团名称是羟基、羧基；F的结构简式为；

(3)由分析知A的结构简式为：，B的结构简式为， 则A→B发生反应的化学方程式为+Cl2+HCl，反应类型为取代反应；

(4)B()在NaOH的水溶液中发生水解反应生成的C为，发生反应的化学方程式为+2NaOH+2NaCl；

(5)D的结构简式为，其同分异构体有多种，其中满足条件：①能发生银镜反应，说明分子结构中含有醛基；②能水解，说明含有酯基；③苯环上只有一个取代基；则此取代基包括一个HCOO-和-OH，可能还有一个甲基，如：、或；

(6)由CH3-CH=CH2合成CH2=CH-CH=CH2可采用逆推法，先制，即有CH3-CH=CH-CH3与Br2发生加成即可，而CH3-CH=CH2在催化剂作用下发生烯烃的复分解反应即可制得CH3-CH=CH-CH3；则由丙烯制取CH2=CHCHCH2的合成路线为2CH3-CH=CH2CH3-CH=CH-CH3CH2=CH-CH=CH2。