2021-2022学年安徽省滁州市定远中学高一上学期10月检测数学试题(解析版)
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一、单选题
1.设全集,,,则图中阴影部分表示的集合为
A. B. C. D.
【答案】B
【详解】试题分析:由韦恩图可知,图中阴影部分可表示为且
所以 故选B.
【解析】1、集合的交集、并集、补集运算;2、韦恩图表示集合.
【方法点晴】本题主要考查的是韦恩图表示集合和集合的交集、并集、补集运算,属于容易题,首先要把韦恩图中的阴影部分翻译为集合语言 ,再进行集合的补集,交集运算.本题也可以直接在韦恩图中标出阴影部分的所以元素,从而直接得到答案.
2.已知集合,则 ( )
A. B.
C. D.
【答案】C
【分析】分别求出集合,再根据补集和交集的定义即可得解.
【详解】解:或,
,
则,
所以.
故选:C.
3.已知,则p是q的( )
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
【答案】B
【分析】由充要条件的定义判断即可
【详解】,
则,
则可知推出,但推不出,
所以是的必要不充分条件,
所以p是q的必要不充分条件;
故选:B
4.已知命题“存在,使得等式成立”是假命题,则实数的取值范围是( )
A. B.
C. D.
【答案】D
【分析】由题意可得,由的范围可得的范围,再求其补集即可求解.
【详解】由可得,
因为,所以,
若命题“存在,使得等式成立”是假命题,
则实数 的取值范围是,
故选:D.
5.已知实数、、,且,则下列不等式正确的是
A. B. C. D.
【答案】C
【分析】利用特值可进行排除,由不等式性质可证明C正确.
【详解】若a=1,b=﹣1,则A,B错误,若c=0,则D错误,
∵a>b,
∴a+1>a>b>b﹣1,
∴a+1>b﹣1,故C正确,
故选C.
【点睛】本题主要考查不等式与不等关系,在限定条件下,比较几个式子的大小,可用特殊值代入法,属于基础题.
6.已知a>0,b>0,且2a+b=4,则的最小值为( )
A. B.4
C. D.2
【答案】C
【分析】由可求的范围,进而可求的最小值.
【详解】解:,,且
的最小值为
故选:C.
【点睛】本题主要考查了基本不等式在求解最值中的简单应用,属于基础试题.
7.关于的不等式的解集为或,则关于的不等式的解集为( )
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】由不等式解集可求,代入求解即可.
【详解】由题意知:,则有,
∴,解之得,
故选:B
8.已知是一次函数,且,则解析式为( )
A. B. C. D.
【答案】C
【分析】根据是一次函数,设,利用待定系数法求解.
【详解】因为是一次函数,所以设,
又因为,
即,
所以 ,解得,
所以.
故选:C
【点睛】本题主要考查函数解析式的求法,还考查了运算求解的能力,属于中档题.
9.已知函数则等于( )
A.4 B. C. D.2
【答案】D
【分析】根据分段函数的定义域,先求得,再求即可.
【详解】因为函数
所以,
所以,
故选:D
10.已知定义在上的函数在上单调递增,若,且函数为偶函数,则不等式的解集为( )
A. B.
C. D.
【答案】D
【分析】分析可知函数的图象关于直线对称,可得出函数的单调性,分析的符号变化,由可得或,解之即可.
【详解】因为函数为偶函数,则,故函数的图象关于直线对称,
因为函数在上单调递增,故函数在上单调递减,
因为,则,
所以,由可得,由可得或,
解不等式,可得或,解得或,
故不等式的解集为.
故选:D.
11.已知f(x)是定义在R上的偶函数,且f(x)在[0,+∞)内单调递减,则( )
A.
B.
C.
D.
【答案】D
【分析】利用函数为偶函数以及在[0,+∞)内单调递减即可判断函数值的大小,
【详解】解∶∵f(x)是定义在R上的偶函数,
f(x)在[0,+∞)内单调递减,
由,∴
故选∶D.
12.设,,,则,,的大小关系是( )
A. B.
C. D.
【答案】B
【分析】根据幂函数的单调性比较大小.
【详解】,,,
因为函数在上单调递增,
又,
所以,即,
故选:B.
二、填空题
13.已知集合A=,B=,且9∈(A∩B),则a的值为________.
【答案】5或-3
【解析】根据元素与集合关系列方程,再代入验证,即得结果.
【详解】因为9∈(A∩B),所以9∈A,即2a-1=9或a2=9,
解得a=5或a=±3.
当a=5时,A=,B=,A∩B=,9∈(A∩B),符合题意;
当a=3时,A=,a-5=1-a=-2,B中有元素重复,不符合题意,舍去;
当a=-3时,A=,B=,A∩B=,9∈(A∩B),符合题意,
综上所述,a=5或a=-3.
故答案为:5或-3
【点睛】本题考查根据元素与集合关系求参数,考查基本分析求解能力,属基础题.
14.已知命题关于的方程有实根,若为真命题的充分不必要条件为,则的取值范围是___________.
【答案】
【分析】先由为假命题得出的范围,再根据是为假命题的充分不必要条件列出关于的不等式解之即可.
【详解】由方程有实数根可得,即,
为真命题,即为假命题,
所以 ,
根据是为假命题的充分不必要条件,所以,解得,
即实数的取值范围为.
故答案为:
15.已知,,且,则的最小值是______.
【答案】8
【分析】由,得,则,化简后利用基本不等式可求得结果
【详解】解:因为,,且,所以,
所以
,
当且仅当,即时取等号,
所以的最小值是8,
故答案为:8
16.若函数y = f(x)为偶函数,且在(0, + )上是减函数,又f(1) = 0,则的解集为_______
【答案】
【分析】根据题意作出函数的图象,如图,利用函数的奇偶性将不等式化简,结合图象即可求出不等式的解集.
【详解】由题意知,作出符合条件的函数图象,如图,
由函数为偶函数,得,
即,结合图象可知,
当x>0,时,f(x)<0,则x>1;
当x<0时,f(x)>0,则-1<x<0,
所以的解集为.
故答案为:
三、解答题
17.已知集合.
(1)若,求m的取值集合;
(2)若,求实数m的取值范围.
【答案】(1)
(2)
【分析】(1)分别解不等式得集合A、B,然后根据已知可得;
(2)先求,然后根据集合的包含关系解不等式可得.
【详解】(1)解不等式得
解不等式得
∵,
∴,
∴,故m的取值集合为;
(2)由题意知或,,
∵,∴或,
∴或,
所以m的取值范围为
18.已知集合,.
(1)若,求实数m的取值范围;
(2)已知命题,命题,若p是q的必要不充分条件,求实数m的取值范围.
【答案】(1);
(2).
【分析】(1)由题意列不等式,解不等式即可求解;
(2)根据条件可得BA,分两种情况,当和时,根据题意列不等式(或组),解不等式即可求解.
【详解】(1)由可得,
解得.
(2)由p是q的必要不充分条件可知BA,
①,由(1)可知,
②,则需满足(等号不同时成立),
解得,
综上所述,m的取值范围为.
19.浙江某物流公司准备建造一个仓库,打算利用其一侧原有墙体,建造一间墙高为4米,底面积为16平方米,且背面靠墙的长方体形状的物流仓库.由于其后背靠墙,无需建造费用,因此,甲工程队给出的报价如下:屋子前面新建墙体的报价为每平方米150元,左右两面新建墙体的报价为每平方米75元,屋顶和地面以及共他报价共计4800元,设屋子的左右两面墙的长度均为米.
(1)当左右两面墙的长度为4米时,求甲工程队的报价;
(2)现有另一工程队乙工程队也参与此仓库建造竞标,其给出的整体报价为元.若无论左右两面墙的长度为多少米,乙工程队都能竟标成功(价低者为成功),求的取值范围.
【答案】(1)9600元
(2)
【分析】(1)求出剩余一面墙的长度,即得解;
(2)由题得,等价于,再利用对勾函数的图象和性质求解.
【详解】(1)解:剩余一面墙的长度为(米),
则报价为(元)
(2)解:由题意可知,
,
,,
,
即,
设,所以,
由对勾函数的性质得函数在单调递增,
所以当时,.又,
所以.
20.已知一次函数是上的增函数,且.
(1)求;
(2)若在上单调递增,求实数的取值范围.
【答案】(1);(2)
【分析】(1)设,由恒等式性质可得的方程组,解方程即可得到所求解析式;
(2)求得的解析式,以及对称轴,考虑对称轴和区间的关系,解不等式即可得到所求范围.
【详解】解:(1)设,
,
可得,
解得,
即;
(2),
对称轴为,
在单调递增,可得,
解得.
【点睛】本题考查一次函数和二次函数的解析式和单调性、最值求法,属于基础题.
21.已知幂函数的图像关于原点对称,且在上为增函数.
(1)求表达式;
(2)求满足的的取值范围.
【答案】(1)
(2).
【分析】(1)根据幂函数定义可知解出m,根据函数图像关于原点对称判断出为奇函数确定出表达式.
(2)根据函数的单调性和奇偶性,将抽象函数的大小转换成内函数的大小比较.
【详解】(1)⸪,解得或,
在上为增函数,不成立,即,
.
(2),
,
又为奇函数,
,
又函数在上递增,
,
.
故的取值范围为.
22.设函数.
(1)求的值;
(2)判断函数的奇偶性并证明;
(3)求证:.
【答案】(1),
(2)是偶函数,证明见解析
(3)证明见解析
【分析】(1)运用代入法直接求解即可;
(2)运用函数奇偶性的定义进行判断证明即可;
(3)运用代入法进行证明即可.
【详解】(1);
(2)∵,
∵
∴是偶函数;
(3)∵
∴.
2022-2023学年安徽省滁州市定远县民族中学高一上学期1月期末考试数学试题(解析版): 这是一份2022-2023学年安徽省滁州市定远县民族中学高一上学期1月期末考试数学试题(解析版),共15页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
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