全国版2021届高考数学二轮复习专题检测二十基本初等函数函数与方程理含解析

这是一份全国版2021届高考数学二轮复习专题检测二十基本初等函数函数与方程理含解析，共9页。试卷主要包含了选择题，填空题等内容，欢迎下载使用。

一、选择题
1．函数y＝ax＋2－1(a>0，且a≠1)的图象恒过的点是( )
A．(0，0) B.(0，－1)
C．(－2，0)D.(－2，－1)
解析：选C 令x＋2＝0，得x＝－2，所以当x＝－2时，y＝a0－1＝0，所以y＝ax＋2－1(a>0，且a≠1)的图象恒过点(－2，0)．故选C.
2．(2019·福建五校第二次联考)已知a＝lg3eq \f(7,2)，b＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,4)))，c＝lgeq \f(1,5)，则a，b，c的大小关系为( )
A．a>b>c B.b>a>c
C．b>c>aD.c>a>b
解析：选D a＝lg3eq \f(7,2)，c＝lgeq \f(1,5)＝lg35，由对数函数y＝lg3x在(0，＋∞)上单调递增，可得lg35>lg3eq \f(7,2)>lg33，所以c>a>1.借助指数函数y＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,4)))eq \s\up12(x)的图象易知b＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,4)))∈(0，1)，故c>a>b.故选D.
3．函数f(x)＝|lg2x|＋x－2的零点个数为( )
A．1 B.2
C．3D.4
解析：选B 函数f(x)＝|lg2x|＋x－2的零点个数，就是方程|lg2x|＋x－2＝0的根的个数．
令h(x)＝|lg2x|，g(x)＝2－x，在同一坐标平面上画出两函数的图象，如图所示．
由图象得h(x)与g(x)有2个交点，
∴方程|lg2x|＋x－2＝0的根的个数为2.故f(x)＝|lgx2|＋x－2的零点个数为2.
4．函数f(x)＝ln(x2－2x－8)的单调递增区间是( )
A．(－∞，－2) B.(－∞，1)
C．(1，＋∞)D.(4，＋∞)
解析：选D 由x2－2x－8＞0，得x＞4或x＜－2.因此，函数f(x)＝ln(x2－2x－8)的定义域是(－∞，－2)∪(4，＋∞)．注意到函数y＝x2－2x－8在(4，＋∞)上单调递增，由复合函数的单调性知，f(x)＝ln(x2－2x－8)的单调递增区间是(4，＋∞)．故选D.
5．已知函数f(x)＝lg3eq \f(x＋2,x)－a在区间(1，2)内有零点，则实数a的取值范围是( )
A．(－1，－lg32) B.(0，lg52)
C．(lg32，1)D.(1，lg34)
解析：选C ∵函数f(x)＝lg3eq \f(x＋2,x)－a在区间(1，2)内有零点，且f(x)在(1，2)内单调，∴f(1)·f(2)<0，即(1－a)·(lg32－a)<0，解得lg326．已知函数f(x)＝lgeq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(2,1－x)＋a))是奇函数，且在x＝0处有意义，则该函数为( )
A．(－∞，＋∞)上的减函数
B．(－∞，＋∞)上的增函数
C．(－1，1)上的减函数
D．(－1，1)上的增函数
解析：选D 由题意知，f(0)＝lg(2＋a)＝0，∴a＝－1，∴f(x)＝lgeq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(2,1－x)－1))＝lgeq \f(x＋1,1－x)，令eq \f(x＋1,1－x)>0，则－17．若当x∈R时，函数f(x)＝a|x|(a>0，且a≠1)满足f(x)≤1，则函数y＝lga(x＋1)的图象大致为( )
解析：选C 由a|x|≤1(x∈R)，知08．若函数f(x)与g(x)的图象关于直线y＝x对称，函数f(x)＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(－x)，则f(2)＋g(4)＝( )
A．3 B.4
C．5D.6
解析：选D 法一：∵函数f(x)与g(x)的图象关于直线y＝x对称，又f(x)＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(－x)＝2x，∴g(x)＝lg2x，
∴f(2)＋g(4)＝22＋lg24＝6.故选D.
法二：∵f(x)＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(－x)，∴f(2)＝4，即函数f(x)的图象经过点(2，4)，∵函数f(x)与g(x)的图象关于直线y＝x对称，∴函数g(x)的图象经过点(4，2)，∴f(2)＋g(4)＝4＋2＝6.故选D.
9．设方程10x＝|lg(－x)|的两根分别为x1，x2，则( )
A．x1x2<0 B.x1x2＝1
C．x1x2>1D.0解析：选D 作出函数y＝10x，y＝|lg(－x)|的图象，由图象可知，两个根一个小于－1，一个在(－1，0)之间，
不妨设x1<－1，－1则10x1＝lg(－x1)，
10x2＝|lg(－x2)|＝－lg(－x2)．
两式相减得：
lg(－x1)－(－lg(－x2))＝lg(－x1)＋lg(－x2)
＝lg(x1x2)＝10x1－10x2<0，即010．(2019·唐山模拟)已知函数f(x)＝sin x－sin 3x，x∈[0，2π]，则f(x)的所有零点之和等于( )
A．5π B.6π
C．7πD.8π
解析：选C f(x)＝sin x－sin 3x＝sin(2x－x)－sin(2x＋x)＝－2cs 2xsin x，令f(x)＝0，可得cs 2x＝0或sin x＝0，∵x∈[0，2π]，∴2x∈[0，4π]，由cs 2x＝0可得2x＝eq \f(π,2)或2x＝eq \f(3π,2)或2x＝eq \f(5π,2)或2x＝eq \f(7π,2)，∴x＝eq \f(π,4)或x＝eq \f(3π,4)或x＝eq \f(5π,4)或x＝eq \f(7π,4)，由sin x＝0可得x＝0或x＝π或x＝2π，∵eq \f(π,4)＋eq \f(3π,4)＋eq \f(5π,4)＋eq \f(7π,4)＋0＋π＋2π＝7π，
∴f(x)的所有零点之和等于7π.故选C.
11．(2019·重庆市学业质量调研)已知函数f(x)＝2x＋lg3eq \f(2＋x,2－x)，若不等式feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,m)))>3成立，则实数m的取值范围是( )
A．(1，＋∞) B.(－∞，1)
C.eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(0，\f(1,2)))D.eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)，1))
解析：选D 由eq \f(2＋x,2－x)>0得x ∈(－2，2)，又y＝2x在(－2，2)上单调递增，y＝lg3eq \f(2＋x,2－x)＝lg3eq \f(x－2＋4,2－x)＝lg3eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(－1－\f(4,x－2)))在(－2，2)上单调递增，所以函数f(x)为增函数，又f(1)＝3，所以不等式feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,m)))>3成立等价于不等式feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,m)))>f(1)成立，所以eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(－2<\f(1,m)<2，,\f(1,m)>1，))解得eq \f(1,2)12．已知定义在R上的函数y＝f(x)对任意的x都满足f(x＋1)＝－f(x)，且当0≤x<1时，f(x)＝x，则函数g(x)＝f(x)－ln|x|的零点个数为( )
A．2 B.3
C．4D.5
解析：选B 依题意，可知函数g(x)＝f(x)－ln|x|的零点个数即为函数y＝f(x)的图象与函数y＝ln|x|的图象的交点个数．
设－1≤x<0，则0≤x＋1<1，
此时有f(x)＝－f(x＋1)＝－(x＋1)，
又由f(x＋1)＝－f(x)，
得f(x＋2)＝－f(x＋1)＝f(x)，
即函数f(x)以2为周期的周期函数．
而y＝ln|x|＝eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(ln x，x>0，,ln（－x），x<0，))在同一坐标系中作出函数y＝f(x)的图象与y＝ln|x|的图象如图所示，
由图可知，两图象有3个交点，
即函数g(x)＝f(x)－ln|x|有3个零点．故选B.
二、填空题
13．已知函数f(x)＝eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))\s\up12(x)，x≤0，,lg\s\d9()x，x>0，))则feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,4)))＋feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(lg2\f(1,6)))＝________．
解析：由题可得feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,4)))＝lgeq \f(1,4)＝2，因为lg2eq \f(1,6)<0，所以feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(lg2\f(1,6)))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(lg2\f(1,6))＝2lg26＝6，故f eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,4)))＋f eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(lg2\f(1,6)))＝8.
答案：8
14．有四个函数：①y＝x；②y＝21－x；③y＝ln(x＋1)；④y＝|1－x|.其中在区间(0，1)内单调递减的函数的序号是________．
解析：分析题意可知①③显然不满足题意，画出②④中的函数图象(图略)，易知②④中的函数满足在(0，1)内单调递减．
答案：②④
15．若函数f(x)＝eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(2x－a，x≤0，,ln x，x>0))有两个不同的零点，则实数a的取值范围是________．
解析：当x>0时，由f(x)＝ln x＝0，
得x＝1.
因为函数f(x)有两个不同的零点，
所以当x≤0时，函数f(x)＝2x－a有一个零点，
令f(x)＝0，得a＝2x，
因为0<2x≤20＝1，所以0答案：(0，1]
16．(2019·河北模拟调研改编)已知函数f(x)＝lga(－x＋1)(a>0，且a≠1)在[－2，0]上的值域是[－1，0]，则实数a＝________；若函数g(x)＝ax＋m－3的图象不经过第一象限，则实数m的取值范围为________．
解析：函数f(x)＝lga(－x＋1)(a>0，且a≠1)在[－2，0]上的值域是[－1，0]．当a>1时，f(x)＝lga(－x＋1)在[－2，0]上单调递减，∴eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(f（－2）＝lga3＝0，,f（0）＝lga1＝－1，))无解；当0答案：eq \f(1,3) [－1，＋∞)
B组——“5＋3”提速练
1．若函数f(x)的图象向右平移1个单位长度，所得图象与曲线y＝ex关于y轴对称，则f(x)的解析式为( )
A．f(x)＝ex＋1 B.f(x)＝ex－1
C．f(x)＝e－x＋1D.f(x)＝e－x－1
解析：选D 与y＝ex的图象关于y轴对称的图象对应的函数为y＝e－x.依题意，f(x)的图象向右平移1个单位长度，得y＝e－x的图象，∴f(x)的图象是由y＝e－x的图象向左平移1个单位长度得到的，∴f(x)＝e－(x＋1)＝e－x－1.故选D.
2．(2019·全国卷Ⅱ)2019年1月3日嫦娥四号探测器成功实现人类历史上首次月球背面软着陆，我国航天事业取得又一重大成就．实现月球背面软着陆需要解决的一个关键技术问题是地面与探测器的通讯联系．为解决这个问题，发射了嫦娥四号中继星“鹊桥”，鹊桥沿着围绕地月拉格朗日L2点的轨道运行．L2点是平衡点，位于地月连线的延长线上．设地球质量为M1，月球质量为M2，地月距离为R，L2点到月球的距离为r，根据牛顿运动定律和万有引力定律，r满足方程：eq \f(M1,（R＋r）2)＋eq \f(M2,r2)＝(R＋r)eq \f(M1,R3).设α＝eq \f(r,R).由于α的值很小，因此在近似计算中eq \f(3α3＋3α4＋α5,（1＋α）2)≈3α3，则r的近似值为( )
A. eq \r(\f(M2,M1))R B. eq \r(\f(M2,2M1))R
C. eq \r(3,\f(3M2,M1))RD. eq \r(3,\f(M2,3M1))R
解析：选D 由α＝eq \f(r,R)得r＝αR，代入eq \f(M1,（R＋r）2)＋eq \f(M2,r2)＝(R＋r)eq \f(M1,R3)，整理得eq \f(3α3＋3α4＋α5,（1＋α）2)＝eq \f(M2,M1).
又∵ eq \f(3α3＋3α4＋α5,（1＋α）2)≈3α3，∴ 3α3≈eq \f(M2,M1)，∴ α≈ eq \r(3,\f(M2,3M1))，
∴ r＝αR≈ eq \r(3,\f(M2,3M1))R.故选D.
3．(2019·北京高考)在天文学中，天体的明暗程度可以用星等或亮度来描述．两颗星的星等与亮度满足m2－m1＝eq \f(5,2)lg eq \f(E1,E2)，其中星等为mk的星的亮度为Ek(k＝1，2)．已知太阳的星等是－26.7，天狼星的星等是－1.45，则太阳与天狼星的亮度的比值为( )
A．1010.1 B.10.1
C．lg 10.1D.10－10.1
解析：选A 由题意知，m1＝－26.7，m2＝－1.45，代入所给公式得－1.45－(－26.7)＝eq \f(5,2)lg eq \f(E1,E2)，所以lgeq \f(E1,E2)＝10.1，所以eq \f(E1,E2)＝1010.1.故选A.
4．已知f(x)＝|ln(x＋1)|，若f(a)＝f(b)(aA．a＋b>0 B.a＋b>1
C．2a＋b>0D.2a＋b>1
解析：选A 作出函数f(x)＝|ln(x＋1)|的图象如图所示，由f(a)＝f(b)(a0，又易知－10，∴a＋b＋4>0，∴a＋b>0.故选A.
5．(2019·江西八所重点中学联考)已知定义在R上的奇函数f(x)满足x>0时，f(x)＝eq \f(2,π)x－ln x＋lneq \f(π,2)，则函数g(x)＝f(x)－sin x的零点个数是( )
A．1 B.2
C．3D.5
解析：选C 函数g(x)＝f(x)－sin x的零点个数即函数f(x)的图象与y＝sin x图象的交点个数．当x>0时，f(x)＝eq \f(2,π)x－ln x＋lneq \f(π,2)，则f′(x)＝eq \f(2,π)－eq \f(1,x)＝eq \f(2x－π,πx)，令f′(x)＝0，则x＝eq \f(π,2).当0eq \f(π,2)时，f′(x)>0.则f(x)在eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(0，\f(π,2)))上单调递减，在eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2)，＋∞))上单调递增，所以当x＝eq \f(π,2)时，f(x)取得最小值，且最小值为f eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2)))＝1.函数y＝sin x在x＝eq \f(π,2)处取得最大值1，所以当x>0时，f(x)的图象与y＝sin x的图象的交点有且只有一个，即eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2)，1)).又f(x)和y＝sin x均为奇函数，所以根据对称性知当x<0时，两函数图象有且只有一个交点．又两函数图象均过原点，所以函数f(x)的图象与y＝sin x图象的交点个数为3，即函数g(x)＝f(x)－sin x的零点个数是3.故选C.
6．已知函数f(x)＝ax＋x－b的零点x0∈(n，n＋1)(n∈Z)，其中常数a，b满足0解析：由题意得函数f(x)＝ax＋x－b为增函数，
所以f(－1)＝eq \f(1,a)－1－b<0，f(0)＝1－b>0，
所以函数f(x)＝ax＋x－b在(－1，0)内有一个零点，
故n＝－1.
答案：－1
7．函数f(x)是定义在R上的奇函数，当x>0时，f(x)＝eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(2|x－1|－1，02，))则函数g(x)＝xf(x)－1在[－6，＋∞)上的所有零点之和为________．
解析：令g(x)＝xf(x)－1＝0，则x≠0，所以函数g(x)的零点之和等价于函数y＝f(x)的图象和y＝eq \f(1,x)的图象的交点的横坐标之和，分别作出x>0时，y＝f(x)和y＝eq \f(1,x)的大致图象，如图所示，
由于y＝f(x)和y＝eq \f(1,x)的图象都关于原点对称，因此函数g(x)在[－6，6]上的所有零点之和为0，而当x＝8时，f(x)＝eq \f(1,8)，即两函数的图象刚好有1个交点，且当x∈(8，＋∞)时，y＝eq \f(1,x)的图象都在y＝f(x)的图象的上方，因此g(x)在[－6，＋∞)上的所有零点之和为8.
答案：8
8．(2019·福建省质量检查)已知函数f(x)＝eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(\f(ln x,x)，x≥1，,ax2－a，x<1，))若函数g(x)＝f(x)－eq \f(1,3)恰有2个零点，则a的取值范围为________．
解析：当x≥1时，g(x)＝f(x)－eq \f(1,3)＝eq \f(ln x,x)－eq \f(1,3)，则g′(x)＝eq \f(1－ln x,x2)，由g′(x)>0，得1≤xe，所以函数g(x)在[1，e)上单调递增，在(e，＋∞)上单调递减，所以g(x)在[1，＋∞)上有最大值，且g(x)max＝g(e)＝eq \f(1,e)－eq \f(1,3)>0，又g(1)＝－eq \f(1,3)<0，g(e3)＝eq \f(3,e3)－eq \f(1,3)<0，所以在[1，＋∞)上g(x)＝f(x)－eq \f(1,3)有2个不同的零点，则由题意知当x<1时，函数g(x)＝f(x)－eq \f(1,3)＝ax2－a－eq \f(1,3)无零点．当a>0时，g(x)在(－∞，1)上有最小值，且g(x)min＝g(0)＝－a－eq \f(1,3)<0，此时函数g(x)有零点，不满足题意；当a＝0时，g(x)＝－eq \f(1,3)<0，此时函数g(x)无零点，满足题意；当a<0时，g(x)在(－∞，1)上有最大值，且g(x)max＝g(0)＝－a－eq \f(1,3)，由g(x)max<0，得－eq \f(1,3)答案：eq \b\lc\(\rc\](\a\vs4\al\c1(－\f(1,3)，0))