2020届高考数学一轮复习新课改省份专用学案：第三章第二节第2课时必备方法——破解导数问题常用到的4种方法

第2课时　必备方法——破解导数问题常用到的4种方法

构造函数法解决抽象不等式问题
以抽象函数为背景、题设条件或所求结论中具有“f(x)±g(x)，f(x)g(x)，”等特征式、旨在考查导数运算法则的逆向、变形应用能力的客观题，是近几年高考试卷中的一位“常客”，常以压轴题的形式出现，解答这类问题的有效策略是将前述式子的外形结构特征与导数运算法则结合起来，合理构造出相关的可导函数，然后利用该函数的性质解决问题．
类型一　构造y＝f(x)±g(x)型可导函数
[例1]　设奇函数f(x)是R上的可导函数，当x>0时有f′(x)＋cos x0时，f′(x)＋cos x0⇔F(x)>0的解集为(－3,0)∪(3，＋∞)，故选A.
[答案]　A
[题后悟通]
当题设条件中存在或通过变形出现特征式“f′(x)g(x)＋f(x)g′(x)”时，可联想、逆用“f′(x)g(x)＋f(x)g′(x)＝[f(x)g(x)]′”，构造可导函数y＝f(x)g(x)，然后利用该函数的性质巧妙地解决问题．　　
类型三　构造型可导函数
[例3]　已知定义在R上函数f(x)，g(x)满足：对任意x∈R，都有f(x)>0，g(x)>0，且f′(x)g(x)－f(x)g′(x)f()g()
B．fggf()
D．fg()0：构造函数：h(x)＝xf(x)．
(6)条件：xf′(x)－f(x)>0：构造函数：h(x)＝.

1．已知定义域为R的函数f(x)的图象经过点(1,1)，且对于任意x∈R，都有f′(x)＋2>0，则不等式f(log2|3x－1|)0，故F(x)在定义域内单调递增，由f(1)＝1，得F(1)＝f(1)＋2＝3，因为由f(log2|3x－1|)